福建省南平市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷

这是一份福建省南平市2025-2026学年下学期高三高考物理考前模拟练习卷，文件包含山东省潍坊市2026届高三三模考试英语试题+答案+听力原文pdf、山东省潍坊市2026届高三三模考试英语试题听力音频mp3等2份试卷配套教学资源，其中试卷共18页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1. 答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2. 请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共4小题，共16分）
1.[4分]以下核反应方程中属于衰变的是（ ）
A．Na→Mg+e
B．U+n→Xe+Sr+2n
C．H+H→He+n
D．N+He→O+H
2.[4分]2025年8月8日至12日，世界机器人大会在北京举办。如图甲所示，分拣机器人到达指定投递口停住后，翻转托盘使托盘倾角缓慢增大，当托盘倾角增大某一角度时，包裹恰好开始下滑。侧视简化图如图乙，则（ ）
A． 包裹滑动前，缓慢增大托盘倾角，包裹所受支持力大小减小
B． 包裹滑动前，缓慢增大托盘倾角，托盘对包裹的作用力大小增大
C． 包裹滑动后，继续增大托盘倾角，包裹所受摩擦力大小增大
D． 包裹滑动后，继续增大托盘倾角，包裹所受合外力保持不变
3.[4分]图甲是洛伦兹力演示仪。图乙是演示仪结构图，玻璃泡内充有稀薄的气体，由电子枪发射电子束，在电子束通过时能够显示电子的径迹。图丙是励磁线圈的原理图，两个线圈之间产生近似匀强磁场，线圈中电流越大磁场越强，磁场的方向与两个线圈中心的连线平行。电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节。若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形。关于电子束的轨道半径，下列说法正确的是（ ）
A． 只增大电子枪的加速电压，轨道半径不变
B． 只增大电子枪的加速电压，轨道半径变小
C． 只增大励磁线圈中的电流，轨道半径不变
D． 只增大励磁线圈中的电流，轨道半径变小
4.[4分]如图甲所示，一水平传送带沿顺时针方向旋转，在传送带左端A处轻放一可视为质点的小物块，小物块从A端到B端的速度—时间变化规律如图乙所示，t=6s时恰好到B点，则（ ）
A． 物块与传送带之间动摩擦因数为μ=0.5
B． AB间距离为20m
C． 小物块在传送带上留下的痕迹是8m
D． 若物块速度刚好到4m/s时，传送带速度立刻变为零，则物块不能到达B端
二、多选题（本大题共4小题，共24分）
5.[6分]我国海岸线总长度3.2万公里，海上风能资源丰富，加快海上风电项目建设，对于促进沿海地区治理大气雾霾、调整能源结构和转变经济发展方式具有重要意义。图甲为某一风力发电机，风吹向叶片带动风轮机内部的矩形线圈在水平匀强磁场中转动，发电机简化模型如图乙所示。电阻为、匝数为的矩形线圈以角速度绕垂直于磁场的水平转轴顺时针匀速转动产生正弦交流电，时线圈平面处于图示位置，电刷、之间的电压随时间变化的图像如图丙所示，为理想电流表，则（ ）
A．时线圈中的感应电流最大，穿过线圈的磁通量最大
B．时电流表的示数为
C．时边受到的安培力方向竖直向上
D． 穿过线圈的磁通量变化率最大值为
6.[6分]在2026年央视春晚《武BOT》节目中，机器人借助舞台上的弹簧跳台（弹射器）获得初速度，完成了震撼的3米高空翻动作。起跳过程简化如下，压缩的轻弹簧下端固定，上端与质量为的跳板连接，弹簧释放将质量为的机器人由静止竖直向上弹起，忽略空气阻力，从机器人被弹起到上升至最高点的过程中，重力加速度为，下列说法正确的是（ ）
A． 机器人先超重后失重B． 机器人的加速度先增大后减小
C． 机器人速度最大时弹簧弹力为D． 机器人与跳板分离时弹簧恢复原长
7.[6分]如图所示，导体棒1放置在光滑的足够长的水平导轨上，导体棒2放置在粗糙的水平导轨上，且两者之间的动摩擦因数为0.5，两种导轨的间距均为L，两种导轨通过外层绝缘的导线交叉相连，已知导体棒1、2的质量均为，接入电路的阻值均为，其他阻值均忽略不计，两种导轨处在磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中。现给导体棒1施加一个水平向左的恒定拉力F0（为未知量），当导体棒1稳定运动时，导体棒2与导轨间的静摩擦力刚好达到最大值，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是（ ）
A． 导体棒2所受的摩擦力水平向右
B． 导体棒1稳定运动的速度为
C． 当导体棒1稳定运行时，拉力的功率为
D． 导体棒1从开始运动到稳定运动，若两根导体棒生成的总焦耳热为，则流过导体棒某一横截面的电荷量为
8.[6分]将弹力球从地面上方2m处竖直向下扔出，球以7m/s的速度接触地面，与地面接触0.2s后再以6m/s的速度竖直向上反弹离开地面，直到弹力球上升至离地面上方最高处速度为零的整个过程中。设在这个过程中物体不受空气阻力的作用（g取），下列结论正确的是（ ）
A． 弹力球竖直向下扔出时的初速度是3m/sB． 全过程球的位移大小是3.8m
C．触地过程中球的平均加速度大小为D．触地过程中球的平均加速度大小为
三、填空题（本大题共3小题，共28分）
9.[4分]镀有反射膜的三棱镜常用在激光器中进行波长的选择。如图，一束复色光以一定入射角i（i≠0）进入棱镜后，不同颜色的光以不同角度折射，只有折射后垂直入射到反射膜的光才能原路返回形成激光输出。若复色光含蓝、绿光，已知棱镜对蓝光的折射率大于绿光，则蓝光在棱镜中的折射角 （填“大于”“等于”或“小于”）绿光的折射角；若激光器输出的是蓝光，当要调为绿光输出时，需将棱镜以过入射点O且垂直纸面的轴 （填“顺时针”或“逆时针”）转动一小角度。
10.[4分]如图所示，密封的大塑料瓶中装有清水，一个玻璃小瓶漂浮在水面上，小瓶开口竖直向下，且小瓶内有空气。缓慢挤压塑料瓶，小瓶下沉，瓶内空气可视为理想气体且温度不变，下沉过程中小瓶内的气体______（填“吸收”或“放出”）热量。已知未挤压大瓶时，大瓶内空气压强为，小瓶内空气柱高为2，内外液面高度差为，清水密度为，重力加速度为，小瓶壁厚不计，当小瓶内空气压强为______时，小瓶刚好完全没入水中。
[20分]梦想启航
陆老师乘坐刺激的“古木游龙”时吓晕了，“醒来”时发现自己乘坐火箭飞到了月球上。火箭飞行轨道示意图如图，他由地月转移轨道①顺利进入环月圆轨道②，在该轨道上运行了约4天后，变轨进入椭圆轨道③，最后实现月球软着陆。
11.（4分）当火箭由轨道②变轨，进入轨道③的过程中，需要 （选择：A．加速B．减速）；
12.（4分）火箭在轨道③由远月点运行至近月点的过程中速度 （选择：A．增加B．不变C．减少）。
13.（4分）关于物理史实的说法，错误的是（ ）
A．先有扭秤实验，后有万有引力定律
B．先有万有引力定律，后有北斗导航系统
C．先有关于行星轨道的定律，后有关于行星周期的定律
D．先有开普勒三大定律，后有牛顿三定律
14.（4分）已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍，根据你知道的常识，可以估算出地球到月球的距离，这个距离最接近（ ）
A．地球半径的40倍B．地球半径的60倍
C．地球半径的80倍D．地球半径的100倍
15.（4分）陆老师在月球上观测到环绕地球的卫星如图所示，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，三颗卫星的轨道半径关系为，则卫星c的加速度 卫星b的加速度，卫星a的线速度大小 卫星b的线速度大小。（均选涂：A．大于B．等于C．小于）
四、非选择题（本大题共5小题，共32分）
16.[4分]暑假期间，甲、乙两个物理兴趣小组的6名同学登上某山峰后，在帐篷内对山顶处的重力加速度进行测量。
（1）甲组同学利用携带的实验器材组装单摆测量重力加速度，甲图中所列器材和操作最合理的是 。
（2）甲组同学首先利用刻度尺测出单摆的摆长为L，然后将小球拉开一个小角度由静止释放，使小球在竖直平面内摆动。当小球摆到 （填“最高”或“最低”）位置时开始计时，用秒表测量完成n次全振动所用的总时间为t，改变摆长再做几次实验，记下相应的L和t。则利用测量数据计算山顶处重力加速度的表达式g= 。
（3）乙组同学们用细线拴好一块不规则的小石块做成一个简易单摆测量山顶处的重力加速度，如图乙所示，然后用随身携带的钢卷尺、电子手表进行了测量。同学们首先测出悬点O到石块最上方结点A的距离为l，然后将石块拉开一个小角度，由静止释放，使石块在竖直平面内摆动，用电子手表测出单摆完成n次全振动所用的时间t，并计算出单摆周期T。改变细线长度，多次测量，绘制图像如图丙所示，若取，由丙图求出重力加速度g= m/s2（结果保留三位有效数字）。忽略偶然误差，乙组同学通过图像求出的g值大小 （选填“大于”“小于”或“等于”）当地的真实值。
17.[4分]（10分）某物理小组想组装一个简易半导体型呼吸式酒精测试仪。已知半导体传感器电阻随酒精气体浓度C变化规律如图1所示。实验室提供的实验器材如下：
图1
A．半导体传感器Rx；
B．电源E（电动势为3V，内阻不计）；
C．电流表A（量程为75mA，内阻不计，作为浓度显示表使用）；
D．电阻箱R（最大阻值为999.9Ω）；
E．定值电阻R1（阻值为50Ω）；
F．定值电阻R2（阻值为150Ω）；
G．单刀双掷开关一个，导线若干。
（1）图2是该实验小组设计的酒精测试仪电路图，请根据图2用笔画线代替导线，将其对应的实物图3连接成完整电路。
图2图3
（2）为使测试仪灵敏度更高，电路中定值电阻，R应选用____________（填“”或“”）；
（3）为了能够在电流表上直接读出酒精气体浓度C，该实验小组按照下列步骤进行调节并标记刻度：
①电路接通前，先将电阻箱调为30.0Ω ，开关S接到a，将电流表此时指针对应的位置标记为____________mg/mL；
②逐步减小电阻箱的阻值，电流表的示数不断变大，按照图1数据将电流表上对应位置都标记为对应的“酒精浓度”；
③将开关接到b，这个简易酒精测试仪即可正常使用。
（4）该小组用组装好的酒精测试仪去对一位饮酒者进行测量，发现电流表指针位于四分之三满偏刻度处，则这位饮酒者呼出的酒精气体浓度________（填“已经”或“没有”）达到醉驾标准（醉驾标准为“C≥0.8mg/mL”）。
（5）如果仪器使用时间过长，电源电动势变小，则酒精浓度的测量值比真实值________（填“偏大”或“偏小”）。
18.[6分]如图所示，倾角为45°的斜面ABC固定在水平地面上，从斜面底端A点以初速度 v 抛射一个物体，物体刚好打到斜面的最高点B，忽略空气阻力。
（1）若物体水平打到B点，求初速度 v 与水平面夹角的正切值；
（2）若物体垂直斜面打到B点，求初速度 v 与水平面夹角的正切值。
19.[9分]（11分）在真空中，一个电荷量为 -q?质量为？m 的试探电荷绕电荷量为 +Q？的点电荷做椭圆轨道运动，如图甲，O 为椭圆中心，Oa？为半长轴，长度为a，Ob？为半短轴，点电荷处于椭圆的焦点？F 处，焦距为 2c.图乙是v2−1r的关系图，其中？v 为该试探电荷运动速率，r 为该试探电荷到点电荷的距离。距离点电荷？r 处的电势= ，其中？k 为静电力常量。重力和万有引力忽略不计。
（1） 求B点的电势。
（2） 求该试探电荷从？O 点运动到？F 点电场力所做的功。
（3） 通过推理论证该试探电荷在运动过程中动能和电势能之和是否守恒。若不守恒，说明理由；若守恒，求出该试探电荷在运动过程中动能和电势能之和。
20.[9分]如图所示，一轻弹簧左端与竖直固定挡板连接，自然长度右端位于P点，水平地面P点左侧粗糙，P点右侧光滑，弹簧的劲度系数为k=95N/m，一质量为m=0.1kg的小物块A压缩弹簧，压缩量为x=0.2m，静止释放小物块，弹簧把小物块弹出后，小物块与静止在地面上的质量也为m的小球B发生弹性碰撞，碰撞后小球B穿过质量也为m的物块C后，与静止在地面上质量为2m的小球D发生弹性碰撞，碰撞后小球B恰好能到达物块C管道的最高点（小球B冲上C管道的过程中，C没有与A相碰），物块C内有一段光滑的细管道，管道在竖直面内，小球B的直径比管径略小，管径忽略不计，两管口均与水平面相切。碰后小球D冲上质量为5m的圆弧槽E，圆弧槽半径为R=m，圆心角为，物块A与粗糙水平地面的动摩擦因数=0.5，重力加速度为g=10m/s2，所有过程不计空气阻力。求：
（1）小球B与小球D碰撞前的速度大小；
（2）物块C管道最高点离水平面的高度；
（3）小球飞出圆弧轨道时的速度大小。
参考答案
1.【答案】A
Na→Mg＋e是β衰变。A正确；U＋n→Xe＋Sr＋2n是核裂变反应。B错误；H＋H→He＋n是核聚变反应。C错误；N＋He→O＋H是人工核转变。D错误。
2.【答案】A
设包裹的质量为，根据平衡条件可得，缓慢增大托盘倾角，则减小，即包裹所受支持力大小减小，A正确；包裹滑动前，托盘对包裹的作用力大小始终等于包裹的重力，即保持不变，B错误；包裹滑动后，包裹所受摩擦力大小为，缓慢增大托盘倾角，则减小，即包裹所受摩擦力大小减小，C错误；包裹滑动后，包裹支持力大小为，缓慢增大托盘倾角，则减小，即包裹所受支持力大小减小，则包裹所受合外力为，因为和均减小，所以包裹所受合外力减小，D错误。
3.【答案】D
电子在加速电场中加速，由动能定理得，电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得，联立解得；只增大电子枪的加速电压，电子的轨道半径变大，AB错误；只增大励磁线圈中的电流，电流产生磁场的磁感应强度增强，则电子的轨道半径变小，C错误，D正确。
4.【答案】C
由图乙可知，加速过程的加速度为，由牛顿第二定律可知，联立解得，故A错误；由图乙可知，4s后物体与传送带的速度相同，故传送带速度为；图像与时间轴所围成的面积表示位移，故AB间距离为，故B错误；由图乙可知，共速前小物块与传送带发生的相对位移为，可知小物块在传送带上留下的痕迹是8m，故C正确；物块速度刚好到4m/s时，传送带速度立刻变为零，物块由于惯性向前做匀减速直线运动，减速的加速度大小为，物块从开始到速度为4m/s时发生的位移为，物块减速到停下通过的位移大小为，由于，可知物块刚好到达B端，故D错误。
5.【答案】CD
时线圈中的感应电流最大，穿过线圈的磁通量等于零，最小，但是穿过线圈的磁通量变化率最大，线圈电阻等于，则电刷E、F之间的电压，即，根据法拉第电磁感应定律可得，可得磁通量变化率最大值为，故A错误，D正确；电流表显示的是交流电的有效值，并不是瞬时值，有效值等于，故B错误；根据右手定则可知感应电流方向C到D，根据左手定则可知感应电流受到的安培力方向竖直向上，故C正确。
6.【答案】AD
机器人先向上加速，加速度向上，处于超重状态，后向上减速，加速度向下，处于失重状态，故A正确；在加速阶段，弹簧弹力逐渐减小，根据牛顿第二定律有，可知加速度逐渐减小，直到加速度为零；减速阶段，根据牛顿第二定律有，因弹簧弹力继续减小至0，加速度反向增大，最后离开跳台后加速度大小恒为重力加速度，故加速度先减小后增大，最后不变，故B错误；机器人速度最大时加速度为零，受力平衡，根据平衡条件，可得弹力，故C错误；机器人与跳板分离的条件是二者间弹力为0和加速度相同，均为，此时弹簧恢复原长，弹簧弹力为0，故D正确。
7.【答案】BC
A：由右手定则可得导体棒1，2的感应电流均由外向里，由左手定则可得2受到安培力水平向右，由二力平衡可得2所受的摩擦力水平向左，A项错误；
B：设1稳定运动的速度为，由，结合二力平衡，综合解得，，B项正确；
C：1稳定运动时，拉力的功率为，C项正确；
D：设1从开始运动到稳定运动的位移为，由功能关系可得，综合解得，由，综合可得，结合，综合解得，D项错误。
选BC。
8.【答案】AC
设弹力球竖直向下扔出时的初速度为，根据速度位移关系有，代入数据解得，A正确；弹力球以6m/s的速度竖直向上反弹离开地面，根据速度位移关系可得向上的位移为，全过程球的位移大小是，B错误；取竖直向上为正方向，根据加速度的定义式，可得触地过程中球的平均加速度大小为，C正确，D错误。
9.【答案】小于（1分） 逆时针（2分）
棱镜对蓝光的折射率大于绿光的折射率，根据折射定律n=sinisinr知，入射角相同，棱镜中蓝光折射角小于绿光折射角；若输出激光为蓝光，要变为绿光，即由蓝光的折射光线垂直入射到反射膜改为绿光的折射光线垂直入射到反射膜，根据折射定律n=sinisinr知，需要减小入射角i，由于入射光线不动，故应逆时针转动棱镜。
10.【答案】放出；
缓慢挤压塑料瓶时，塑料瓶内的气体体积减小，根据玻意耳定律，有，气体压强增大，所以小瓶内的气体压强也增加，同理在等温情况下，小瓶内气体体积减小，外界对气体做功，，根据热力学第一定律，，温度不变时，，所以，气体放出热量，小瓶在初态与末状态时都是悬浮在水中保持平衡的，所以，排开液体的体积量是相同的，设小瓶横截面积为S，排开的液体量，末状态时瓶的底部与液面相平，所以此时瓶内气体的长度为h。瓶内气体初状态压强为，根据玻意耳定律，有，所以末状态小瓶内气体的压强为。
【答案】11．B，12．A，13．A，14．B，15．A；B
11．当火箭由轨道②变轨，进入轨道③的过程中，需要在切点位置减速。选B。
12.由开普勒第二定律可知，火箭沿椭圆轨道运行时在近月点速度最大，远月点速度最小，火箭在轨道③由远月点运行至近月点的过程中速度增加。选A。
13.A．先有万有引力定律，后有扭秤实验，A错误，符合题意；
B．先有万有引力定律，后有北斗导航系统，B正确，不符合题意；
C．先有关于行星轨道的定律，后有关于行星周期的定律，C正确，不符合题意；
D．开普勒三大定律于1609—1619年提出，牛顿三定律于1687年提出，先有开普勒三大定律，后有牛顿三定律，D正确，不符合题意。选A。
14.月球、同步卫星的公转周期分别为，，由开普勒第三定律，解得，选B。
15.[1]由，可得，因为，所以，选A。
[2]由，可得，因为，所以，选B。
16.【答案】(1)D，（2）最低；，（3） 9.77 ；等于
（1）实验中应选用密度较大、体积较小的铁球和不可伸缩的轻质细线进行实验，同时为了保证实验过程中摆长不变，所以细线应用夹子固定。选D。
（2）[1]为了减小误差，当小球摆到最低点时开始计时；
[2]根据单摆的周期公式，，所以
（3）[1]根据单摆的周期公式，所以，结合图像可得，解得
[2]忽略偶然误差，由于图线的斜率不变，所以乙组同学通过图像求出的g值大小等于真实值。
17.【答案】（1）见解析（2分）（2）R1（2分）（3）0.2（2分）（4）已经（2分）（5）偏小（2分）
（1）连线如图所示。
（2）R2阻值太大，导致干路电流一直小于20mA，表盘刻度不能充分利用，所以R0应选R1；
（3）由题图1可知，当酒精浓度为0.2mg/mL时，半导体传感器的阻值为30Ω ；
（4）当电流表指针位于四分之三满偏刻度处时，干路电流I=75×34mA=56.25mA，则对应此时的半导体传感器的阻值为R'=EI−​R0=3.3Ω ，由题图1可知，此时的酒精气体浓度已经达到醉驾标准；
（5）如果仪器使用时间过长，电源电动势变小，则会导致干路电流偏小，指针偏角偏小，测量的酒精浓度偏小。
18．【答案】（1）
(2)
（1）设斜面直角边长为，当的方向与水平面成角时，水平方向
竖直方向，
联立解得
（2）垂直斜面方向
解得
平行斜面方向
整理得
解得
19．【答案】（1） kQa
(2) −kQqca2a−c
（3） 守恒；−kqQ2a
（1） 由几何知识知BF=a（1分）
则B点的电势φB=kQa（1分）
（2） A点的电势φA=kQa−c2（1分）
试探电荷从A点运动到B点的过程中，电场力对试探电荷做的功W=−qφA−φB=−kQqca2a−c（3分）
（3） 设该试探电荷动能与电势能之和为E，则E=12mv2−kqQr（2分）
解得v2=2kqQm⋅1r+2Em，对比题图乙可知v2−1r图像斜率为2kqQm，2Em为纵截距，即E为定值，该试探电荷在运动过程中动能和电势能之和守恒（1分）
将12a,0代入表达式，
解得E=−kqQ2a（2分）
20．【答案】（1）6m/s
(2)0.1m
（3），速度方向与水平方向夹角满足
（1）根据动能定理有
解得v0=6m/s
小物块A与静止在地面上的质量也为m的小球B发生弹性碰撞，根据动量守恒和能量守恒可知，碰后A静止，B的速度为v0=6m/s
小球B穿过质量也为m的物块C，动量守恒有
机械能也是守恒的，所以
可解得v1=v0，v2=0（v1=0，v2=v0舍去）
小球B与小球D碰前的速度大小v1=6m/s
（2）球B与小球D发生弹性碰撞，动量守恒有
机械能也是守恒的有
可解得v3=-2m/s，v4=4m/s
小球B恰好能到达物块C管道的最高点
到达最高点时刚好共速mv3=2mv
机械能守恒，所以
可解得h=0.1m
（3）小球D以初速度v4=4m/s滑上质量为5m的圆弧槽E
由水平方向动量守恒可得
由系统机械能守恒可得
根据相对速度几何关系有
解得，，
小球飞出圆弧轨道时的速度大小
速度方向与水平方向夹角满足