2026年山东德州市德城区中考第一次模拟检测物理试题（含答案+解析）

这是一份2026年山东德州市德城区中考第一次模拟检测物理试题（含答案+解析），共13页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列估测符合实际的是( )
A. 中学生正常步行速度约为5km/hB. 一本八年级物理课本的质量约为800g
C. 教室内一盏日光灯额定功率约为400WD. 中学生从一楼走到三楼做功约为300J
2.我国民族乐器历史悠久、品类繁多，按演奏方式可分为吹奏乐器、弹拨乐器、打击乐器和拉弦乐器四大类。如图分别为四类乐器中的代表：笛子、琵琶、鼓、二胡。下列关于乐器说法正确的是( )
A. 笛子和鼓通过空气柱的振动发声，琵琶和二胡通过弦的振动发声
B. 人们听到声音就能区分出不同的乐器，是由于各类乐器的音调不同
C. 同学们到专用的练乐室去演奏各种乐器，有利于在传播过程中减弱演奏声，减轻对他人的影响
D. 悦耳的民乐使人们感到心旷神怡，主要是由于声音可以传递能量
3.在考古发掘中，脆弱文物易因失水变形损坏。科学家常用“薄荷醇临时固型技术”进行保护：将熔化的薄荷醇喷洒到文物上，冷却后凝固形成支撑结构，待文物移至实验室后，在室温下薄荷醇升华。下列说法错误的是( )
A. 熔化过程，薄荷醇吸热B. 凝固过程，薄荷醇周围空气分子动能减小
C. 升华过程，薄荷醇吸热D. 升华后，薄荷醇分子间距变大
4.近日，我市射击健儿在全国青少年激光射击总决赛中取得优异成绩。下列光现象的成因，与射击比赛“三点一线”的瞄准原理相同的是( )
A. 水中倒影B. 日晷计时
C. 镜中汽车D. 空中彩虹
5.如图是唐代的一幅“马球图”。马球是中国古代的一种体育运动，也叫“击鞠”，比赛时两队对抗，人骑在马上用球杖击球，将球射进对方球门的一队得分。关于马球比赛的情景，下列说法正确的是( )
A. 用球杖击球时，球杖对球的力大于球给球杖的力
B. 被击出去的球能够在空中继续向前飞行，是因为球受到惯性
C. 若正在向前飞行的球所受的外力全部消失，球将继续向前做匀速直线运动
D. 人骑马静止在地面上，马受到的重力和支持力是一对平衡力
6.如图是小佳设计的家庭电路，其中电路元件连接正确的是( )
A. 空气开关和电能表B. 开关和灯泡C. 两孔插座D. 三孔插座
7.某位同学对电与磁知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是( )
A. 电流的热效应B. 动圈式话筒C. 电磁起重机D. 法拉第
8.爱思考的小金设计了一个能检测水流速度变化的装置，已知电源电压保持不变，R0是定值电阻，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片上下移动。下列能实现水流速度越大，电表示数越大的电路图是( )
A. B.
C. D.
9.在测量某品牌酸奶密度过程中，首先将托盘天平放在水平桌面上，用调节好的天平测出空烧杯的质量，再用天平测出烧杯和酸奶的总质量，然后将烧杯中的酸奶倒入量筒中，并读出酸奶的体积。下列分析正确的是( )
A. 烧杯中酸奶的质量为60g
B. 由图可知烧杯中酸奶的密度约为1.24×103g/cm3
C. 上述方法测得的酸奶密度较真实值偏小
D. 为减少因酸奶残留在烧杯中带来误差，可以按照乙丙甲的顺序进行实验
10.如图甲所示，快递员用推力F将重为800N的快递，先沿水平面推行一段距离，再推至长4m、高2m的斜面顶端，推力始终与快递运动方向相同；快递在整个运动过程中，路程与时间变化关系和推力与时间变化关系分别如图乙、丙所示(g取10N/kg)，下列分析正确的是( )
A. 0∼4s内快递所受的摩擦力为800NB. 0∼4s内推力F的功率为800W
C. 4∼12s内快递克服重力做的功为3200JD. 4∼12s内快递受到的摩擦力为100N
11.如图为用细沙和平底矿泉水瓶(已裁掉瓶口部分)制作的两个简易密度计。甲、乙两密度计的质量相同，甲密度计的横截面积大于乙密度计的横截面积，a、b、c为刻度线，a刻度线与c刻度线到瓶底的距离相等。下列说法错误的是( )
A. 甲密度计漂浮在液体中时，它受到的浮力大小等于它受到的重力大小
B. 甲密度计a刻度线处表示的液体密度大于b刻度线处表示的液体密度
C. 两密度计漂浮在同种液体中时，甲密度计排开液体的体积大于乙密度计排开液体的体积
D. 甲密度计a刻度线处表示的液体密度小于乙密度计c刻度线处表示的液体密度
12.如图甲所示，电源电压不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V，小灯泡铭牌上参数模糊不清。第一次只闭合开关S、S1，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S、S2，保证电路中所有元件都安全、灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列说法正确的是( )
A. 定值电阻R0的阻值为20Ω
B. 第一次电路最大总功率是3.6W
C. 在保证电路安全情况下，第二次滑动变阻器的取值范围是5Ω∼20Ω
D. 小灯泡额定电压3 V
二、填空题：本大题共5小题，共11分。
13.如图所示，擦窗机器人上装有真空泵和吸盘，其质量为2kg，“腹部”吸盘的面积为30cm2。
(1)擦窗时，它的真空泵将吸盘内的空气抽出，在 的作用下“吸”在竖直玻璃上；
(2)当它吸附在竖直玻璃上保持静止时，其受到的重力与 是一对平衡力；
(3)它工作时带动清洁布擦拭玻璃，若玻璃表面有顽固污渍，机器人会自动加大抽气力度，这是为了通过增大 来增大摩擦力，从而更有效地清除污渍；
(4)为了保证机器人不下落，水平方向上擦窗机器人对玻璃的压力至少为90N，则吸盘内部气压不得高于 Pa。(已知外界大气压强P0=1×105Pa)
14.核能属于 (选填“可再生”或“不可再生”)能源；如图是释放核能的两种方式，核电站利用图 (选填“甲”或“乙”)方式释放的能量发电。
15.某材料不吸收液体，在酒精或盐水中均不溶解，且不与酒精或盐水发生化学反应，用该材料制成重1N的实心球。若将球投入足够多的酒精中，当球静止时，受到的浮力大小是 N；若将球投入足够多的盐水中，当球静止时，受到的浮力大小是 N。(已知ρ球=1.0×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，ρ盐水=1.1×103kg/m3)
16.飞机高空飞行时与空气摩擦后易 (选填“得到”或“失去”)电子而带上负电。为此，大飞机C919着地轮上安装有搭地线，可以在飞机着陆瞬间把电荷转移走，此时搭地线中电流方向是 (选填“从飞机流向大地”或“从大地流向飞机”)。
17.晋代张华在《博物志》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承影，则得火”。如图是我国古人用冰块制成的透镜将艾绒点燃的情景。若制作冰透镜的冰块厚度增加(直径保持不变)，则该透镜的焦距将 (选填“增大”“不变”或“减小”)。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
18.如图所示，条形磁铁静止在水平桌面上，通电螺线管靠近条形磁铁放置。请在图中的括号内标出通电螺线管左端的磁极，并画出条形磁铁所受摩擦力f的示意图。(力的作用点“O”已标出)
四、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
19.如图甲是小邵在室温恒为20∘C的房间里，设计的能进行“探究水沸腾时温度变化的特点”和“探究冰熔化时温度的变化规律”实验的装置：
(1)将碎冰块放入试管中，某时刻温度计A的示数如图乙所示，此时的温度为 ∘C；
(2)小邵发现还未用酒精灯加热，试管中的冰就开始熔化了，此时冰熔化 (选填“需要”或“不需要”)吸收热量；
(3)重新放入碎冰，根据温度计A的示数绘制成图丙所示图像，分析图像可知，冰的熔化过程经历了 min；
(4)观察并记录温度计B的示数绘制出图丁的图像，由图像知道，当地的大气压 (选填“高于”、“等于”或“低于”)1个标准大气压；
(5)烧杯中的水已经沸腾，且A、B两温度计示数相同时，试管中的水 (选填“会”或“不会”)沸腾。
20.在初中物理项目化复习中，某兴趣小组做了以下光学实验。
(1)如图甲所示，将激光笔沿着垂直于镜面的直线NO入射，反射角的大小是 度，高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生 (选填“镜面”或“漫”)反射。
(2)如图乙所示，将蜡烛A逐渐远离玻璃板时，它的像B移动的距离 (选填“大于”“等于”或“小于”)蜡烛A移动的距离，像的大小 (选填“变大”“不变”或“变小”)。
(3)如图丙所示，在光屏上观察到清晰的像，则该像是倒立、 (选填“缩小”“等大”或“放大”)的实像；将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，若想在光屏上得到清晰的像，应在凸透镜左侧放一个 (选填“近视镜”或“远视镜”)。
21.枧枧同学用如图所示的装置来探究杠杆的平衡条件。(注：实验中所用钩码的规格相同)
(1)实验前，枧枧同学将组装好的杠杆放在水平桌面上，她发现杠杆静止时情况如图甲所示，由此可以判断杠杆处于 (填“平衡”或“非平衡”)状态；此时可以向 (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于测量 ；
(2)如图乙，枧枧同学在杠杆两侧挂上钩码，设右侧钩码对杠杆施加的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施加的力为阻力F2，测出杠杆平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，得到实验数据如表：
通过分析表格中的数据，可以得到杠杆的平衡条件。
枧枧同学说：生活中用核桃夹子夹核桃，与实验 (填实验序号)原理相同；下列实验中多次测量的目的与本次探究不同的是 ；
A.测量定值电阻的阻值
B.探究电流与电压的关系
C.探究反射角与入射角关系
(3)如图丙所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数 (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
22.小明用阻值为5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻关系，电源电压为3V且保持不变。
(1)甲图中的电路有一根导线接错了，请在接错的那一根导线上画“×”，再用笔画线代替导线把它改到正确的位置上 ；
(2)小明先把5Ω的电阻接入电路，正确连接电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则出现这种现象的原因可能是 ；
(3)根据实验数据描绘电流与电阻的倒数关系图像，如图乙所示。由图像可知，电阻R两端的电压为 V。得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成 比；
(4)本实验中滑动变阻器除了保护电路外，另一作用是 。分析实验数据可知，本实验所选用的滑动变阻器的最大阻值应不小于 Ω。
五、计算题：本大题共2小题，共20分。
23.如图，我国某舰艇圆满完成首次航行试验任务，为我国海军建设和发展注入新动力。该舰艇在平静的海面上静止时，舰艇底最低点到水面的竖直距离为12m。若某段航行过程中，该舰艇在平静的海面上平稳的匀速直线航行了30km，发动机做的有用功为6×1011J。已知：海水的密度ρ海水=1.0×103kg/m3，该舰艇所用燃料的热值q=4×107J/kg。求：
(1)该舰艇在平静的海面上静止时，海水对舰艇底最低点的压强是多少Pa？
(2)该段航行过程中，发动机提供的前进的动力是多少N？
(3)若该舰艇发动机的效率为30%，则该段航行过程中，消耗燃料的质量是多少kg？
24.如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W。已知：电源电压为220V，c冰=2.1×103J/(kg⋅ ∘C)。求：
(1)吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1kg，温度从−16∘C升高到−6∘C时，冰从周围吸收的热量是多少？
(2)吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为0.22kW⋅h，此时通过电动机的电流是多少？
(3)吹热风时，R2的电阻是多少？
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
25.2025年11月1日，神舟二十一号载人飞船发射取得圆满成功，六位航天员成功会师空间站。神舟载人飞船用于向空间站运送航天员，天舟货运飞船则是向空间站运送物资的“快递小哥”，发射神舟飞船使用的是“长征二号F”火箭，使用液态氢做燃料。航天材料的选择需要考虑多方面的因素，物体的热胀冷缩是需要考虑的重要因素之一。许多物体在温度升高时，体积会增大，这种现象叫物体的热膨胀。当物体温度改变1摄氏度时，其体积的变化与它在0∘C时体积之比，叫做“体积膨胀系数”或称“体胀系数”，符号用a表示。一般情况下，不同物质的热膨胀程度不同，铝的体胀系数a=7.2×10−5/ ∘C。
(1)航天员与地面指挥中心是通过 波传递信息的；
(2)火箭使用液态氢做燃料，是因为氢的 大；
(3)如图所示，神舟载人飞船正以20cm/s的速度靠近由天和核心舱、实验舱及货运飞船组成的空间站组合体，进行自主交会对接。若说神舟载人飞船里的航天员是静止的，则选择的参照物是
A.天和核心舱 B.实验舱 C.神舟载人飞船 D.货运飞船
(4)某铝制零件0∘C时的体积为2dm3，升温至10∘C，体积变化 cm3；
(5)飞船在发射前需要检验飞船舱体的气密性。科技人员设计了图甲模拟检测电路，电源电压12 V保持不变，R0为30Ω的定值电阻，R为压敏电阻，其阻值随环境气压变化的规律如图乙。将R置于舱体内，舱体位于真空室中，舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa。求：
①舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能；
②电压表示数为8 V时，舱体内的气压值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】A.中学生正常步行速度约为1.2m/s，约为 4.3km/h ，和5km/h接近，故A符合题意；
B.一本八年级物理课本的质量约为200∼300g，800g远大于实际值，故B不符合题意；
C.教室内一盏日光灯的额定功率约为40W，400W远大于实际功率，故C不符合题意；
D.中学生体重约500N，从一楼到三楼上升的竖直高度约为6m，做功约 W=Gh=500N×6m=3000J ，故D不符合题意。
故选A。
2.【答案】C
【解析】【详解】A.笛子通过空气柱振动发声，但鼓主要通过鼓面振动发声，而不是空气柱振动，故A错误；
B.音色指的是声音的特色，与发声体的材料和结构都有关系，不同乐器发声的声音特色和品质不同，主要是靠音色分辨的，故B错误；
C.专用练乐室一般装有吸音或隔音材料，可在声波传播过程中减弱演奏声，减少对他人的影响，故C正确；
D.悦耳的民乐使人们感到心旷神怡，主要是由于声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
3.【答案】B
【解析】本题考查物态变化与分子热运动。熔化过程，是固态薄荷醇变为液态薄荷醇的过程，薄荷醇吸热，A项正确；凝固过程，是液态薄荷醇变为固态薄荷醇的过程，薄荷醇放热，薄荷醇周围空气吸热，温度升高，分子热运动加剧，分子动能增大，B项错误；升华过程，是固态薄荷醇变为气态薄荷醇的过程(薄荷醇分子间距变大)，薄荷醇吸热，C、D项正确。
4.【答案】B
【解析】射击比赛“三点一线”的瞄准原理是光的直线传播。
A.水中倒影是平面镜成像，其原理是光的反射，故A不符合题意；
B.日晷计时是根据影子的变化来计时，影子的形成是由于光的直线传播，故B符合题意；
C.镜中汽车是凸面镜成像，是光的反射现象，故C不符合题意；
D.空中彩虹是光的色散现象，实质是光的折射，故D不符合题意。
故选B。
5.【答案】C
【解析】A.球杖对球的力和球对球杖的力是一对相互作用力，相互作用力大小相等，故A错误；
B.惯性是物体本身固有的性质，不能表述为“受到惯性”，正确表述为球由于具有惯性继续飞行，故B错误；
C.根据牛顿第一定律，原本运动的物体，若所受外力全部消失，会保持原来的运动状态做匀速直线运动，因此向前飞行的球外力全部消失后，会继续向前做匀速直线运动，故C正确；
D.人骑马静止在地面时，地面对马的支持力大小等于马和人的总重力，和马自身的重力大小不相等，不满足二力平衡“大小相等”的条件，不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
6.【答案】B
【解析】A.家庭电路进户的正确顺序是：进户线先接电能表，再接空气开关(总开关)，图中空气开关在电能表之前，顺序颠倒，故A错误；
B.为了安全，开关应该接在相线(火线)和灯泡之间，断开开关后灯泡不带电，故B正确；
C.两孔插座需要分别接入相线和中性线才能正常工作，图中两孔插座接的是中性线和保护线，没有接相线，故C错误；
D.三孔插座的正确接法是左零(中性线)右火(相线)上接地(保护线)，图中连接不符合要求，故D错误。
故选B。
7.【答案】D
【解析】AB.奥斯特通过实验发现通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，动圈式话筒的原理是电磁感应，属于磁生电，不属于电流的磁效应的应用，故AB错误；
C.电磁起重机通电有磁性，断电没有磁性，利用的原理是电流的磁效应，属于电生磁，因此电磁起重机不是磁场对电流的作用的应用，故C错误；
D.法拉第通过实验发现闭合电路的一部分导体切割磁感线会产生感应电流，即电磁感应现象，故D正确。
故选D。
8.【答案】A
【解析】A.图中定值电阻R0与变阻器R串联，电流表串联在电路中；机翼向上凸起，机翼上方的水流速度较快，机翼上方受到的竖直向下的压强小于机翼下方受到的竖直向上的压强，机翼获得竖直向上的压力差，水流速度越大，机翼获得竖直向上的压力差越大，变阻器接入电路中的电阻越小，电路电阻越小，电路电流越大，则电流表的示数越大，故A符合题意；
B.图中定值电阻R0与变阻器R串联，电压表测量变阻器R的电压。水流速度越大，机翼获得竖直向上的压力差越大，变阻器接入电路中的电阻越小，由串联电路中电阻越小分到的电压越小得，电压表的示数变小，故B不符合题意；
C.图中定值电阻R0与变阻器R串联，电流表串联在电路中；机翼向下凸起，机翼下方的水流速度较快，机翼下方受到的竖直向上的压强小于机翼上方受到的竖直向下的压强，机翼获得竖直向下的压力差，水流速度越大，机翼获得竖直向下的压力差越大，变阻器接入电路中的电阻越大，电路电阻越大，电路电流越小，则电流表的示数越小，故C不符合题意；
D.图中定值电阻R0与变阻器R串联，电压表测量定值电阻R0的电压。机翼向下凸起，机翼下方的水流速度较快，机翼下方受到的竖直向上的压强小于机翼上方受到的竖直向下的压强，机翼获得竖直向下的压力差，水流速度越大，机翼获得竖直向下的压力差越大，变阻器接入电路中的电阻越大，电路电阻越大，电路电流越小，由欧姆定律得，定值电阻R0的电压变小，故电压表的示数变小，故D不符合题意。
故选A。
9.【答案】D
【解析】A.由图可知，标尺的分度值为0.2g，空烧杯的质量为 m1=50g+10g+2g=62g
烧杯和酸奶的总质量 m2=100g+20g+4g=124g
则烧杯中酸奶的质量为 m=m2−m1=124g−62g=62g ，故A错误；
B.由图丙可知，量筒的分度值为1mL，量筒的读数为 V=50mL=50cm3
酸奶的密度为 ρ=mV=62g50cm3=1.24g/cm3 ，故B错误；
C.杯中的酸奶不可能全部倒入量筒中，导致体积偏小，由密度公式知密度偏大，故C错误；
D.将量筒中的酸奶作为研究对象，可以按照乙、丙、甲的顺序进行实验，避免了因酸奶残留在烧杯中对测量体积带来的误差，故D正确。
故选D。
10.【答案】D
【解析】【详解】A.根据题意，由图乙可知，0∼4s内快递在水平面做匀速直线运动，则所受的摩擦力与推力是一对平衡力，由图丙可知，0∼4s内快递所受的摩擦力f=F=200N，故A错误；
B.由图乙可知，0∼4s内快递移动的距离为4m，则推力F的功率 P=Fst=200N×4m4s=200W
故B错误；
C.4∼12s，快递从斜面底端运动到顶端，快递克服重力做的功W有=Gh=800N×2m=1600J
故C错误；
D.由图乙可知，4∼12s内快递在斜面上做匀速直线运动，由图丙可知，推力F′=500N，推力做的总功W总=F′s′=500N×4m=2000J
克服快递重力做的有用功W有=1600J，则克服快递所受摩擦力做的额外功W额=W总−W有=2000J−1600J=400J
快递受到的摩擦力 f=W额s ′=400J4m=100N
故D正确。
故选D。
11.【答案】C
【解析】A.根据物体的浮沉条件，甲密度计漂浮在液体中时，它受到的浮力大小等于它受到的重力大小，故A正确，不符合题意；
B.密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变。根据 F浮=ρ液gV排 ，液体的密度越大，密度计排开液体的体积越小，浸入液体的深度越浅，所以密度计的刻度上小下大，所以甲密度计a刻度线处表示的液体密度大于b刻度线处表示的液体密度，故B正确，不符合题意；
C.密度计始终漂浮，浮力等于重力。甲、乙两密度计的质量相同，则重力相同，则两密度计漂浮在同种液体中，排开的液体密度相同，根据 F浮=ρ液gV排 可知甲密度计排开液体的体积等于乙密度计排开液体的体积，故C错误，符合题意；
D.两密度计漂浮时，浮力等于重力，重力相同，则受到的浮力相同。a刻度线与c刻度线到瓶底的距离相等，甲密度计的横截面积大于乙密度计的横截面积，所以甲密度计漂浮在a刻度线处表示的液体中时比乙密度计漂浮在c刻度线处表示的液体中排开液体的体积较大，根据 F浮=ρ液gV排 可知甲密度计a刻度线处表示的液体密度小于乙密度计c刻度线处表示的液体密度，故D正确，不符合题意。
故选C。
12.【答案】B
【解析】【分析】确定滑动变阻器左右移动过程中接入阻值的变化情况，结合图乙中特殊点的值，确定图乙中直线和曲线分别是定值电阻与滑动变阻器串联时的图像和灯泡与滑动变阻器串联时的图像；根据图像中给出的数据，来解答相应的问题。
【详解】第一次只闭合开关S、S1，滑动变阻器与电阻 R0 串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；第二次只闭合开关S、S2，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。由题意知，第一次只闭合开关S、S1时，滑片P从a端移到b端，当滑片移到b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，其分得的电压为0(即电压表示数为0)，所以图乙中，直线为滑动变阻器与 R0 串联时的图像，曲线为滑动变阻器与灯泡串联时的图像。
A.只闭合开关S、S1，滑片P移到b端时，电路中只有电阻 R0 ，此时电路中电流最大为 I大=0.6A ，滑片P在a端时，滑动变阻器与定值电阻串联，电路中的电流最小，为 I小=0.2A ， U滑=4V ，由欧姆定律得电源电压为 U=I大R0=I小R0+4V
变形后可得 R0=4VI大−I小=4V0.6A−0.2A=10Ω
故A错误；
B.根据 P=U2R 可知，在串联电路中，电源电压不变的情况下，总电阻越小，总功率越大。所以要求最大总功率，则电阻值最小，此时滑片P在b端，电路中只有电阻 R0 ，所以此时最大功率为 P=I 大2R0=(0.6A)2×10Ω=3.6W
故B正确。
C.由图乙中曲线可知，当电压表示数最大时，即 U滑大=5V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由图可知，此时的电流为 I滑=0.25A ，由欧姆定律可得，滑动变阻器接入电路的最大电阻 R滑大=U滑大I滑=5V0.25A=20Ω
当电压表示数最小时，滑动变阻器两端电压值 U滑小=1.5V ，此时电路中的电流值为 I滑小=0.5A ，则由欧姆定律可得， R滑小=U滑小I滑小=Ω
所以第二次滑动变阻器的取值范围是 3Ω∼20Ω ，故C错误；
D.图乙中曲线为滑动变阻器和灯泡串联时的图像，可以看出，当电路中的电流最大时，灯泡正常发光，此时电路中的电流为 0.5A ，电压表的示数为 1.5V ，电源电压 U=I大R0=0.6A×10Ω=6V
则灯泡的额定电压为 6V−1.5V=4.5V
故D错误。
故选B。
13.【答案】大气压
摩擦力
压力
7×104

【解析】(1)真空泵抽出吸盘内空气后，吸盘内部气压小于外界大气压，机器人在大气压的作用下被压在竖直玻璃上。
(2)机器人静止在竖直玻璃上，竖直方向受力平衡，向下的重力与向上的摩擦力大小相等、方向相反，是一对平衡力。
(3)加大抽气力度会增大吸盘内外气压差，增大机器人对玻璃的压力，接触面粗糙程度不变时，是通过增大压力来增大摩擦力。
(4)水平方向压力满足关系 F压=(p0−p内)S
换算面积 S=30cm2=3×10−3m2
整理得 p内=p0−F压S=1×105Pa−90N3×10−3m2=7×104Pa
14.【答案】不可再生
甲

【解析】[1]核能属于不可再生能源，用完就没有了。
[2]图甲是裂变，图乙是聚变，核电站利用裂变的方式释放能量，即图甲。
15.【答案】0.8
1

【解析】由ρ球=1.0×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，ρ盐水=1.1×103kg/m3，可知实心球的质量m球=G球g=1N10N/kg=0.1kg，实心球的体积V球=m球ρ球=0.1kg1.0×103kg/m3=1.0×10−4m3，若将实心球投入足够多的酒精中，实心球的密度大于酒精密度，故静止时，物体在酒精中沉底，此时所受浮力F ′浮=ρ酒精gV球=0.8×103kg/m3×10N/kg×1.0×10−4m3=0.8N；将球投入足够多的盐水中，实心球的密度小于盐水的密度，故在盐水中静止时，处于漂浮状态，则浮力等于重力，故静止时物体受到的浮力F浮=G球=1N.
16.【答案】得到
从大地流向飞机

【解析】[1]根据摩擦起电的原理，物体带电的本质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，题中说飞机“带上负电”，说明它得到了电子。
[2]飞机“带上负电”，此时电子流动方向是从飞机流向大地，而电流方向是正电荷定向移动的方向，与电子定向移动方向相反，所以着陆的瞬间，搭地线中电流的方向应是从大地流向飞机。
17.【答案】减小
【解析】古人制成的冰透镜是凸透镜，凸透镜对光有会聚作用才能取火。凸透镜的焦距和它的凸起程度有关，当直径不变时，冰块厚度增加，会让冰透镜中间的凸起程度变大，折光能力变强，平行太阳光经透镜后会在更靠近透镜的位置会聚，因此焦距减小。
18.【答案】
【解析】电源左端正极、右端负极，电流从螺线管左端流入、右端流出。根据安培定则判断，右手握住螺线管，四指顺着电流方向，大拇指指向螺线管右端，说明右端是N极，因此通电螺线管左端为S极，括号内标注S。螺线管左端是S极，条形磁铁右端是N极，异名磁极相互吸引，条形磁铁受到向右的吸引力，有向右运动的趋势；摩擦力方向与运动趋势相反，因此摩擦力方向水平向左，作用点在O点，从O点向左画带箭头的线段，标注f即可。
19.【答案】−14
需要
10
低于
不会

【解析】(1)观察乙图，温度计的分度值为1∘C，液柱在0∘C以下，此时的温度为−14∘C。
(2)冰熔化的条件是达到熔点且继续吸热，虽然未用酒精灯加热，但室温为20∘C，高于冰的熔点，冰可以从周围环境吸收热量从而熔化，所以此时冰熔化需要吸收热量。
(3)冰在熔化过程中温度保持不变，观察丙图，冰从第5min开始熔化，到第15min结束，熔化过程经历的时间为 15min−5min=10min
(4)标准大气压下，水的沸点是100∘C，观察丁图，水的沸点为99∘C，因为水的沸点随气压的降低而降低，所以当地的大气压低于1个标准大气压。
(5)烧杯中的水已经沸腾，温度保持不变，当 A、B 两温度计示数相同时，试管中的水达到了沸点，但由于试管内外温度相同，试管中的水不能继续吸热，所以试管中的水不会沸腾。
20.【答案】0
镜面
等于
不变
等大
远视镜

【解析】(1)激光笔垂直于镜面入射，入射角为0度，根据光的反射定律，反射角等于入射角，故反射角是0度。
玻璃幕墙表面光滑，平行入射的光线经反射后仍平行射出，发生的是镜面反射，光线强度大，因此会造成光污染。
(2)像与物到玻璃板的距离始终相等，所以蜡烛A远离玻璃板移动多少距离，像B移动的距离等于蜡烛A移动的距离。
像与物大小始终相等，物体大小不变，像的大小也不变。
(3)如图丙所示，物距等于像距，根据凸透镜成像规律可知，成倒立、等大的实像。
将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，蜡烛靠近凸透镜后，因物近像远像变大，像成在光屏后方，要让像重新成在原来的光屏上，需要使光线提前会聚，有会聚作用的是凸透镜，远视镜就是凸透镜。
21.【答案】平衡
左
力臂
1
A
变大

【解析】(1)杠杆静止时，处于平衡状态。
此时杠杆左端上翘，应该将杠杆的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡。
在探究杠杆平衡条件实验中，把杠杆调到水平位置平衡，此时力臂与杠杆重合，可以直接从杠杆上读出力臂的大小，目的是便于测量力臂。
(2)生活中的核桃夹子，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故与实验中第1次实验原理相同。
本次探究杠杆平衡条件的实验中，多次测量的目的是寻找普遍规律，避免偶然性。
A.测量定值电阻的阻值，多次测量是为了求平均值减小误差，故A符合题意；
B.探究电流与电压的关系，多次测量是为了寻找普遍规律，故B不符合题意；
C.探究反射角与入射角的关系，多次测量是寻找普遍规律，故C不符合题意。
故选A。
(3)根据力臂是支点到力的作用线的垂直距离可得，弹簧测力计b位置的力臂要比a位置的力臂短，由杠杆平衡条件可得，弹簧测力计b位置的拉力要比a位置的拉力大，所以弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数会变大。
22.【答案】
定值电阻R断路
2
反
控制定值电阻两端电压不变
10

【解析】(1)图甲中电流表与定值电阻是并联的，需要改成串联，电压表也是串联在了整个电路中，需要改为与定值电阻并联，所以可以将定值电阻与滑动变阻器之间的连线，改连到定值电阻与开关之间，如图所示
(2)把5Ω的电阻接入电路，正确连接电路后闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表串联在了电路中，因此可知，可能的故障是定值电阻断路。
(3)由图像可知，当电路中电流为 0.4A 时， 1R1=0.2Ω−1 ，定值电阻两端电压 U0=I1R1=I11R1=0.4A0.2Ω−1=2V
从图乙可知，当电压一定时，通过电阻的电流与电阻的倒数成正比，故电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比。
(4)研究电流与电阻的关系的实验中，需控制电阻两端电压不变，故滑动变阻器的第二个作用是：调节滑动变阻器滑片，使定值电阻两端电压保持不变。
假设滑动变阻器最大电阻的最小值为 R滑 ，由串联分压的规律可知 U0U−U0=R3R滑 ，得 R滑=R3(U−U0)U0=20Ω×(3V−2V)2V=10Ω
故实验中所选用的滑动变阻器的最大阻值不小于 10Ω 。
23.【答案】解：
(1)海水对舰艇底最低点的压强 p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m=1.2×105Pa
(2)该段航行过程中，发动机提供的前进的动力 F=W有用s=6×1011J30×103m=2×107N
(3)该段航行燃料完全燃烧放出的热量 Q放=W有用η=6×1011J30%=2×1012J
则消耗燃料的质量 m=Q放q=2×1012J4×107J/kg=5×104kg

【解析】详细答案和解答过程见答案
24.【答案】解：
(1)由题意得，冰的温度变化量 Δt=t末−t初=−6 ∘C−(−16 ∘C)=10 ∘C
冰从周围吸收的热量 Q吸=c冰mΔt=2.1×103J/(kg⋅ ∘C)×1kg×10 ∘C=2.1×104J
(2)电动机的电功率 PM=Wt=0.22kW⋅h1h=0.22kW=220W
通过电动机的电流 I=PMU=220W220V=1A
(3)吹热风时，电动机 M 、 R1 、 R2 并联，并联电路各支路电压等于电源电压， R1 的功率 P1=U2R1=220V2110Ω=440W
电动机功率不变， R2 的功率 P2=P总−PM−P1=1100W−220W−440W=440W
R2 的阻值 R2=U2P2=220V2440W=110Ω

【解析】详细答案和解答过程见答案
25.【答案】电磁
热值
C
1.44
2160J
0.8×105Pa

【解析】(1)太空中为真空环境，声波无法在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，因此航天员与地面指挥中心通过电磁波传递信息。
(2)氢的热值很大，相同质量的氢完全燃烧比其他燃料放出更多热量，因此选择液态氢做燃料。
(3)航天员相对于天和核心舱、实验舱、货运飞船的位置都在变化，是运动的；相对于自己乘坐的神舟载人飞船位置不变，是静止的，故选C。
(4)根据题干中体胀系数的定义 a=ΔVV0Δt ，变形得体积变化量 ΔV=aV0Δt 。升温至10∘C，体积变化 ΔV=aV0Δt=7.2×10−5/ ∘C×2000cm3×10 ∘C=1.44cm3
(5)由图甲可知，压敏电阻 R 与定值电阻 R0 串联，电压表测量 R0 两端电压。
①舱体不漏气时，气压为 1.0×105Pa ，由图乙得此时 R=10Ω ，总电阻 R总=R+R0=10Ω+30Ω=40Ω
电路电流 I=UR总=12V40Ω=0.3A
总电能 W=UIt=12V×0.3A×600s=2160J
②电压表示数为 8 V 时，电路电流 I′=U0R0=8V30Ω=415A
压敏电阻两端电压 UR=U−U0=12V−8V=4V
压敏电阻阻值 R′=URI′=4V415A=15Ω
对照图乙可得， R′=15Ω 时对应的舱内气压为 0.8×105Pa 。
实验次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
0.5
20.0
1.0
10.0
2
1.0
20.0
1.0
20.0
3
1.5
10.0
1.0
15.0
4
2.0
15.0
0.5
20.0