2026年河北邢台市初中学业水平模拟考试(一模)物理试题（含解析）

这是一份2026年河北邢台市初中学业水平模拟考试(一模)物理试题（含解析），共25页。
1.本试卷共6页，总分60分，考试时间60分钟。
2.答题前，考生务必将姓名、准考证号填写在试卷和答题卡的相应位置。
3.所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4.答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑；答非选择题时，请在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
5.考试结束时，请将答题卡、试卷和草稿纸一并交回。
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题意）
1. 下列关于四季的成语中与分子热运动有关的是（ ）
A. 柳絮飞扬B. 赤日炎炎C. 瑞雪纷飞D. 桂花飘香
【答案】D
【解析】
【详解】A．柳絮是宏观物体，其飞扬是机械运动，与分子热运动无关，故A错误。
B．赤日炎炎描述高温环境，但未涉及分子运动的具体表现，故B错误。
C．雪是宏观物体，其纷飞是机械运动，与分子热运动无关，故C错误。
D．花香分子的扩散是分子热运动的直接体现，故D正确。
故选 D。
2. 下列发生在日常的物态变化中，属于吸热过程的是（ ）
A. 北方冬季窗玻璃上形成冰花
B. 水沸腾后打开锅盖，出现大量“白雾”
C. 衣柜里的樟脑片，过一段时间不见了
D. 夏天，在冰箱里将水冻成冰块
【答案】C
【解析】
【详解】A．北方冬季窗玻璃上形成冰花，是水蒸气遇冷直接变成固态冰晶的过程，属于凝华现象，凝华是放热过程，故A不符合题意；
B．水沸腾后打开锅盖，出现大量“白雾”，是高温水蒸气遇冷液化成小水滴的过程，属于液化现象，液化是放热过程，故B不符合题意；
C．衣柜里的樟脑片过一段时间不见了，是樟脑片从固态直接变成气态的过程，属于升华现象，升华是吸热过程，故C符合题意；
D．夏天在冰箱里将水冻成冰块，是水从液态变成固态的过程，属于凝固现象，凝固是放热过程，故D不符合题意。
故选C。
3. 学校开展用电安全教育活动，下列行为符合安全用电原则的是（ ）
A. 用湿抹布擦拭正在工作的电灯B. 发现有人触电，立即用手将其拉开
C. 可用铜丝代替保险丝使用D. 更换灯泡前，先断开电源开关
【答案】D
【解析】
【详解】A．湿抹布含有水分，虽然纯水是绝缘体，但日常生活中的水含有杂质，是导体，擦拭正在工作的电灯，极易引发触电事故，不符合安全用电原则，故A不符合题意；
B．人体是导体，直接用手拉开触电者，施救者会间接触电，不符合安全用电原则，正确做法是先切断电源或用绝缘物体挑开电线，故B不符合题意；
C．保险丝的作用是电流过大时自动熔断切断电路，相同条件下，一般铜丝熔点高、电阻小，无法及时熔断，会引发电路过载、火灾，用铜丝代替保险丝，不符合安全用电原则，故C不符合题意；
D．更换灯泡前断开电源开关，能避免人体接触带电体，有效防止触电，符合安全用电原则，故D符合题意。
故选D。
4. 如图是小明在参加初中物理跨学科实践活动时，利用长短不一的吸管制作的乐器排箫。关于排箫，下列说法正确的是（ ）
A. 吸管长短不一，目的是改变声音的音调B. 箫声是通过吸管的振动产生的
C. 悦耳动听的箫声一定不是噪声D. 人们是根据响度的不同来分辨出箫声和琴声
【答案】A
【解析】
【详解】A．吸管长短不同，内部空气柱的长度不同，振动频率不同，从而改变声音的音调，故A正确；
B．箫声是由吸管内的空气柱振动产生的，不是吸管本身振动，故B错误；
C．噪声的定义取决于环境和影响，即使悦耳的箫声，在干扰人们正常生活时也属于噪声，故C错误；
D．人们分辨不同乐器的声音是根据音色（不同乐器发声的品质不同），而非响度，故D错误。
故选A。
5. 如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A. 阳光穿过树林在地面上形成光斑
B. 小桥在水中的倒影
C. 阳光穿过三棱镜后呈现出彩色光带
D. 铅笔在水杯中的水面“折断”
【答案】B
【解析】
【详解】A．阳光穿过树林在地面上形成光斑，这是小孔成像现象，由光的直线传播形成，故A不符合题意；
B．小桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B符合题意；
C．阳光穿过三棱镜后呈现出彩色光带，是光的色散现象，由光的折射形成，故C不符合题意；
D．铅笔在水杯中的水面 “折断”，是光从水斜射入空气时发生偏折，由光的折射形成，故D不符合题意。
故选B。
6. 打羽毛球时，运动员用球拍将球快速扣杀出去。这个过程中，以下说法正确的是（ ）
A. 击飞羽毛球的施力物体是手
B. 球拍对球的作用力和球对球拍的作用力方向相反
C. 快速击打羽毛球是为了增大羽毛球的惯性
D. 羽毛球在空中运动时，受到重力、空气阻力和球拍的力
【答案】B
【解析】
【详解】A．击飞羽毛球时，直接对羽毛球施加力的是球拍，所以施力物体是球拍，不是手，故A错误；
B．球拍对球的作用力和球对球拍的作用力是一对相互作用力，根据相互作用力的特点，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，且分别作用在两个物体上，故B正确；
C．惯性是物体的一种固有属性，只与物体的质量有关，快速击打羽毛球，羽毛球的质量不变，其惯性大小也不变 ，故C错误；
D．羽毛球在空中运动时，与球拍已经分离，不再受到球拍的力，只受到重力和空气阻力，故D错误。
故选B。
7. 在2026年春晚《武BOT》节目中，宇树机器人的核心动力来自于伺服电机，它本质上是一种高精度的小型电动机，驱动机器人完成复杂的武术动作。下列设备中，工作原理与它相同的是（ ）
A. 磁极间有相互作用B. 电磁铁吸住铁片
C. 电磁感应现象D. 通电导体在磁场中受力
【答案】D
【解析】
【详解】伺服电机的本质是一种高精度的小型电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
A．磁极间的相互作用其实质是磁场对放入其中的磁体有力的作用，故A不符合题意；
B．电磁铁吸住铁片是电流的磁效应的应用，说明电能生磁，故B不符合题意；
C．电磁感应现象说明磁能生电，发电机是利用这一原理工作的，故C不符合题意；
D．通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故D符合题意。
故选D。
8. 如图所示的AI眼镜是融合增强现实与人工智能技术的智能穿戴设备，其搭载的摄像头可连接手机实现拍照、扫码等功能。该摄像头的成像原理基于凸透镜成像规律，下列说法正确的是（ ）
A. 拍摄远处风景时，眼镜上摄像头的镜头到物体的距离应大于2倍焦距
B. 该摄像头的成像原理与投影仪相同
C. 扫码时，眼镜上的摄像头相当于一个放大镜，成正立的虚像
D. 要想让手机屏幕上的像大些，眼镜应该远离被拍摄物体
【答案】A
【解析】
【详解】A．摄像头的成像原理与照相机相同，根据凸透镜成像规律，拍摄物体时需要物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，故A正确；
B．投影仪的成像原理是物距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、放大的实像，与摄像头成倒立缩小实像的原理不同，故B错误；
C．扫码时，摄像头相当于照相机，成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．根据凸透镜成实像规律“物近像远像变大”，要让手机屏幕上的像变大，需要减小物距，则眼镜应该靠近被拍摄物体，故D错误。
故选A。
9. 小延洗水果时，发现体积较大的香瓜漂浮在水面上，而体积较小的李子却沉在水底，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 李子的密度小于香瓜的密度
B. 香瓜受到的浮力大于它受到的重力
C. 若将香瓜浸没在水中，它受到的浮力大于受到的重力
D. 李子受到的浮力大于它受到的重力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．香瓜漂浮在水面，说明香瓜的密度小于水的密度，且漂浮时浮力等于重力；李子沉在水底，说明李子的密度大于水的密度，所以李子的密度大于香瓜的密度，故AB错误；
C．香瓜原本漂浮，浮力等于重力；若将香瓜浸没在水中，此时香瓜排开水的体积变大，根据阿基米德原理知，浸没时V排增大，浮力会变大，所以此时浮力大于重力，故C正确；
D．李子沉在水底，根据物体的浮沉条件可知，此时浮力小于重力，所以D错误。
故选C。
10. 科技创新小组设计了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻R0=5Ω，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电流表量程为0~0.6A，踏板重力不计。已知闭合开关S，当压力为0N时，电流表的示数为0.12A。下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为5.4V
B. 当压力为800N时，电流表的示数为0.36A
C. 若换用更大阻值的定值电阻，体重计的量程会增大
D. 若增大电源电压，体重计的量程会增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图甲可知，闭合开关S，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电流表测量电路中的电流，由图乙可知当压力为0N时，R=45Ω，根据串联电路电阻规律可得总电阻
R总=R+R0=45Ω+5Ω=50Ω
电源电压为
U=IR总=0.12A×50Ω=6V
故A错误；
B．由图乙可知，当压力为800N时，R′=10Ω，电流表的示数为
故B错误；
C．换用更大阻值的定值电阻，根据欧姆定律可知体重不变时通过电路的电流变小， 所以体重计的量程会增大，故C正确；
D．增大电源电压，根据欧姆定律可知体重不变时通过电路的电流变大，所以体重计的量程会减小，故D错误。
故选C。
二、非选择题（本大题共10小题，共40分）
11. 如图所示，无人驾驶电动垂直起降航空器首飞成功，彰显了我国科技在城市空中交通领域的领先地位。航空器匀速升空过程中，相对地面是____________（选填“运动”或“静止”）的。航空器靠__________（选填“超声波”或“电磁波”）与控制中心联系。
【答案】 ①. 运动 ②. 电磁波
【解析】
【详解】航空器匀速升空过程中，相对于地面的位置不断变化，因此相对地面是运动的；
超声波传播需要介质，而电磁波可以在真空中传播，适合远距离无线信息传递，所以，航空器与控制中心的通信依靠电磁波传播。
12. 我国拥有全球最大规模的全浸没式液冷数据中心，如图所示，科研人员将服务器浸泡在特殊的冷却液里，电流通过导体产生的热量可被直接吸收进入外循环冷却，这是通过___________的方式减小服务器的内能，为了达到很好的冷却效果，冷却液的比热容应该较_________（选填“大”或“小”）。
【答案】 ①. 热传递 ②. 大
【解析】
【详解】[1]服务器温度高于冷却液，热量从高温服务器转移到低温冷却液，属于热传递（内能的转移），以此减小服务器的内能。
[2]根据吸热公式知，比热容大的物质，在质量和温度变化相同时能吸收更多热量，冷却效果更好，所以冷却液的比热容应该较大。
13. 图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在________点最大，在这个过程中，过山车的机械能是________（选填“变化”或“不变”）的。
【答案】 ①. C ②. 变化
【解析】
【详解】[1][2]由图乙可知，过山车在C点时的动能最大，从B点到E点，过山车的总机械能（动能与重力势能之和）在不断减小。这说明在过山车的运动过程中，有部分机械能因为克服空气阻力和轨道摩擦力而转化为其他形式的能，导致总机械能不守恒。因此，过山车的机械能是变化的。
14. 如图（a），向一个空矿泉水瓶中倒入温水，晃动几下后将水倒出，迅速拧紧瓶盖，过一会儿发现水瓶扁了，这是由于______的作用；如图（b），剪掉瓶底并拧去瓶盖，打开吹风机，纸条“主动”钻进瓶口，这是由于空气中流速大的位置压强______。
【答案】 ①. 大气压 ②. 小
【解析】
【详解】[1]向空矿泉水瓶中倒入温水，晃动几下后将水倒出，迅速拧紧瓶盖，过一会儿倒出热水的矿泉水瓶内气体温度降低，由于热胀冷缩，使得瓶内压强小于外界大气压强，在大气压强的作用下，矿泉水瓶被压扁了，因此该现象证明了大气压强的存在。
[2]在气体中，流速大的位置压强小。所以打开吹风机，纸条“主动”钻进瓶口，这是由于空气中流速大的位置压强小的原因造成的。
15. 如图所示为全球首个全潜式深远海智能渔业平台，平台上的风机利用风能工作，风能属于___________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，风机每小时可发电，相当于完全燃烧___________kg焦炭放出的热量。（）
【答案】 ①. 可再生 ②. 480
【解析】
【详解】[1]风能可以从自然界源源不断的获得，所以风能属于可再生能源。
[2]风机每小时可发电
这么多能量需要完全燃烧焦炭的质量为
16. 根据下面的实验回答问题：
（1）如图是探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”时的两组实验，该实验的研究对象是_______。实验过程中应沿水平方向_________拉动测力计；比较甲、乙两组实验可以得出的结论是__________。
（2）如图是“测量小车运动的平均速度”的实验装置，图中显示的是小车运动的路程和小车经过A、B、C三个位置时对应的秒表示数：经测量，，，则小车在BC段的平均速度是__________m/s；若实验时小车从A点释放后才开始计时，则所测得的AC段的平均速度_________（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1） ①. 木块A ②. 匀速直线 ③. 压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
（2） ①. 0.3 ②. 偏大
【解析】
【小问1详解】
本实验探究木块受到的滑动摩擦力的影响因素，因此研究对象是木块A。
实验利用二力平衡原理：只有沿水平方向匀速直线拉动木块时，木块受力平衡，拉力大小等于滑动摩擦力大小；甲、乙实验中，同一木块对接触面的压力相同，乙接触面更粗糙，测得拉力（摩擦力）更大，因此结论为：压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
【小问2详解】
BC段的路程
BC段的时间
BC段平均速度
若小车从A点释放后才开始计时，会导致测得的AC段总时间偏小，根据公式​，路程测量准确，时间偏小，计算出的平均速度偏大。
17. 小明用如图所示装置来探究“杠杆的平衡条件”。
（1）实验开始时，杠杆在图甲所示的位置静止，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向________（选填“左”或“右”）移动。
（2）杠杆水平平衡后，小明完成了初步探究。为进一步探究杠杆的平衡条件，如图乙所示，将弹簧测力计从a位置旋转至b位置，在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐_________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）物理老师自制了一个“杠杆力臂演示仪”，如图a所示，O点为螺母位置，悬挂重物、并调节位置，使杠杆AB在水平位置平衡（杠杆自身重力和摩擦力不计）。保持杆OA不动、重物G，位置不变，松开螺母将杆OB向下折一个角度后拧紧螺母，如图b所示，若重物的悬挂位置保持不变，杠杆将沿_____________（选填“顺时针”或“逆时针”）方向转动，要使杠杆在图示位置平衡，则重物的悬挂位置应移动到图中________（选填“①”“②”或“③”）处。
（4）回到家后，小明想用探究所得的“杠杆的平衡条件”解决问题：
①为估算金属块的质量m和密度，小明利用家中物品设计了如图所示装置。一把刻度均匀的均质刻度尺，用细线系于30cm刻度线处，恰能在水平位置平衡。在左侧20cm刻度线处挂上金属块，右侧挂一个质量可忽略不计的保鲜袋，袋内装有250g的矿泉水，移动保鲜袋到38cm刻度线处，刻度尺再次在水平位置平衡。则金属块的质量为______g。
②将金属块浸没在装有水的杯中且不触底，只移动保鲜袋至37cm刻度线处，刻度尺仍在水平位置平衡，则金属块的密度____________。（g取，）
【答案】（1）右 （2）变大
（3） ①. 逆时针 ②. ②
（4） ①. 200 ②. 8
【解析】
【小问1详解】
实验前杠杆左低右高，平衡螺母向偏高的一侧调节，因此应将平衡螺母向右移动。
【小问2详解】
弹簧测力计从竖直a位置转到b位置，动力臂逐渐变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，动力变大，因此弹簧测力计示数变大。
【小问3详解】
原来杠杆平衡时有；OB向下折后，​的力臂（支点到重力作用线的垂直距离）变小，左侧大于右侧G2L2'，杠杆左端下沉，因此沿逆时针转动；
要重新平衡，需要增大右侧力臂，②位置的力臂和原来水平时的力臂相等，满足平衡条件，因此应移到②处。
【小问4详解】
支点在30cm刻度处，金属块力臂L1=30cm−20cm=10cm
矿泉水力臂L2=38cm−30cm=8cm
根据杠杆平衡有 m金gL1=m水gL2，代入得m金=250g×8cm10cm=200g
金属块浸没在水中后，拉力F=m金g−F浮=m金g−ρ水gV
此时保鲜袋力臂L2'=37cm−30cm=7cm ，根据杠杆平衡有 (m金g−ρ水gV)L1=m水gL2'，约去g代入数据得V=25cm3，因此金属块密度ρ=m金V=200g25cm3=8g/cm3
18. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小明设计了如图甲所示的电路，其中电源电压恒为3 V，电阻为，滑动变阻器标有“ ”字样。
（1）请你帮他用笔画线代替导线将图甲所示电路补充完整，要求当滑片P左移时电流表的示数变大。
（2）在“探究电流与电压的关系”实验中，可以通过改变串联电池节数来改变定值电阻两端的电压，也可以串联滑动变阻器来改变定值电阻两端的电压。与改变电池数量相比，使用滑动变阻器的优点是_________（至少写出一条）。
（3）实验前开关断开时，如果发现电流表指针如图乙所示，则接下来的正确操作是__________；正确操作后，闭合开关S开始实验，图丙是某次实验中电流表的示数，应该记为____________A。
（4）下表是小明记录的实验数据，通过分析可得出结论：_____________；实验完成后，同组的同学提出，应更换多个不同阻值的定值电阻继续实验，你认为该想法合理吗？并说明原因：___________。
【拓展】
（5）小明继续思考，若用该电路探究“电流与电阻的关系”，还需增加的器材是____________。
【答案】（1） （2）操作简便
（3） ①. 对电流表调零 ②. 0.26
（4） ①. 电阻不变时，电流和电压成正比 ②. 合理，多次实验避免偶然性
（5）多个不同阻值的定值电阻
【解析】
【小问1详解】
探究“电流与电压的关系”的实验中，电路为定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端电压，电流表串联在电路中，当滑片P左移时电流表的示数变大，说明滑动变阻器接入电路的阻值减小，如图甲，应接滑动变阻器的A接线柱，据此作图。
【小问2详解】
改变电池节数需要反复拆装电路，滑动变阻器仅移动滑片即可改变电压，操作更简便。
【小问3详解】
实验前开关断开，电路中没有电流，电流表指针如图乙所示，指针不在零刻度，接下来应对电流表调零。如图丙所示，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.26A。
【小问4详解】
由表格数据可得，电阻不变时，电流和电压成正比；探究普遍规律时，需要多次实验避免偶然性，所以应更换多个不同阻值的定值电阻继续实验，因此该想法合理。
【小问5详解】
探究电流与电阻的关系，需要改变定值电阻的阻值，控制电压不变，因此需要补充多个不同阻值的定值电阻。
19. 如图1所示，滑轮组悬挂在水平支架上，重为1300N的卷扬机放置在水平地面上，卷扬机和地面的接触面积为。两次分别匀速提升物体A、B时，卷扬机的输出功率P随物体上升速度v的变化关系图线分别为图2中的a、b。已知物体A的质量为80 kg，绳子能够承受的最大拉力为1200N，动滑轮和定滑轮质量相同。（不计滑轮组的绳重和轮与轴之间的摩擦，g取10 N/kg）求：
（1）卷扬机未连接滑轮组时对水平地面的压强。
（2）提升物体B时滑轮组的机械效率。
（3）若水平支架能承受的滑轮组对它的最大拉力为3500N，用此滑轮组提升物体时能达到的最大机械效率（结果保留一位小数）。
【答案】（1）

（2）

（3）
【解析】
【小问1详解】
卷扬机未连接滑轮组时，对水平地面的压力等于自身重力，即
卷扬机对水平地面的压强为
【小问2详解】
由图1可知，承担物重的绳子股数；由图2可知，当物体上升速度时，提升A、B的功率分别为 ，；绳子自由端移动速度
提升A、B的拉力分别为，
物体A的重力
不计绳重和摩擦，由滑轮组拉力公式 ，变形得动滑轮重力
物体B的重力
由机械效率公式 得提升B的机械效率
【小问3详解】
由题意，动滑轮和定滑轮质量相等，因此，水平支架受到的拉力为 ，当水平支架承受最大拉力为3500N时，绳子自由端最大拉力
（绳子能承受的最大拉力），因此绳子自由端最大拉力为。
提升的最大物重
滑轮组的最大机械效率
20. 在如图所示的电路图中，电源电压为15V且保持不变，电阻为定值电阻，灯泡L上标有“6V 3W”的字样，滑动变阻器上标有“”字样，电流表的量程为“0∼0.6A”和“0∼3A”，电压表的量程为“0∼3V”和“0∼15V”。
（1）只闭合开关S和，调节滑动变阻器滑片，当灯泡L正常发光时，求整个电路的总功率；
（2）只闭合开关S和，调节滑动变阻器滑片，当电压表示数为13V时，电流表的示数为0.4A，求电阻的阻值；
（3）只闭合开关S和，调节滑动变阻器滑片，发现滑片在某一位置时，电流表和电压表的偏转角度相同（可能重新选择了电表量程），且整个电路能正常工作，分析讨论并计算此时电流表示数的可能值。
【答案】（1）7.5W
（2）
（3）0.5A
【解析】
【小问1详解】
当只闭合开关S和S₁时，灯泡L与滑动变阻器R₂串联，电流表测电路中的电流，当灯泡L正常发光时，所以灯泡两端的电压UL=6V，灯泡的功率PL=3W；据，电路中的电流（即灯泡的额定电流）
整个电路的总功率
【小问2详解】
当只闭合开关S和S₂时，电阻R₁与滑动变阻器R₂串联，电压表测R₂两端的电压，电流表测电路中的电流，根据题意，电压表示数U₂=13V，电流表示数，根据串联电路电压规律，电阻R₁两端的电压
根据欧姆定律，电阻R₁的阻值
【小问3详解】
当只闭合开关S和S₂时，R₁与R₂串联，电路中的关系为，即电压表示数
电流表和电压表的偏转角度相同，意味着电压表的示数与量程的比值等于电流表的示数与量程的比值，即，因此；我们需要对电表量程的四种组合进行讨论：①电流表选0~0.6A量程，电压表选0~3V量程时，电压表示数
代入电路关系式，解得IA=1.5A，此电流值超出了电流表0~0.6A的量程，故此种情况不成立；②电流表选0~0.6A量程，电压表选0~15V量程时，电压表示数
代入电路关系式，解得，此电流值在0~0.6A量程内，且小于滑动变阻器允许的最大电流0.6A，此时电压表示数
在0~15V量程内，此时滑动变阻器接入电路的电阻
在0~40Ω范围内，电路能正常工作，故是一个可能值；③电流表选0~3A量程，电压表选0~3V量程，电压表示数
代入电路关系式，解得，此电流值大于滑动变阻器允许的最大电流0.6A，故此种情况不成立；④电流表选0~3A量程，电压表选0~15V量程，电压表示数
代入电路关系式，解得，此电流值大于滑动变阻器允许的最大电流0.6A，故此种情况不成立。综上所述，此时电流表示数只有一种可能值，即0.5A。实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
2.6
2.8
电流I/A
0.1
0.16
0.20
0.24
0.26
0.28