押题预测卷（08）-2026年黑龙江省齐齐哈尔市（含黑河大兴安岭）中考模拟预测物理试题含答案

这是一份押题预测卷（08）-2026年黑龙江省齐齐哈尔市（含黑河大兴安岭）中考模拟预测物理试题含答案，共26页。试卷主要包含了考试时间90分钟等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1.考试时间90分钟
2.全卷共六道大题，29小题，总分100分
3.解答本试卷时，用到的常量g=10N/kg ρ水=1.0×103 kg/m3 c水= 4.2×103J/(kg·℃)
4.使用答题卡的考生，请将答案填写在答题卡的指定位置
一、单项选择题（本题有10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项是正确的）
1. 我们生活在有声的世界里，下列有关声现象说法不正确的是（ ）

A. 甲图：优美的琴声来自于琴弦的振动
B. 乙图：拨动粗细不同绷紧的橡皮筋，发声的音调不同
C.丙图：因真空不能传声，航天员间利用电磁波通话
D. 丁图：在公路旁设置声音屏障，是在人耳处减弱噪声
【答案】D
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，钢琴的琴声是由于琴弦的振动，故A正确，不符合题意；
B．拨动粗细不同绷紧的橡皮筋，橡皮筋的振动频率不同，发声的音调也不同，故B正确，不符合题意；
C．声音的传播需要介质，太空中是真空环境，声音不能传播，所以航天员间利用电磁波通话，故C正确，不符合题意；
D．在公路旁设置声音屏障，可以减弱噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声，故D错误，符合题意。故选D。
2. 下列物态变化中，属于液化现象的是（ ）

A. 壶口“白气” B. 浓雾消散 C. 冰雕变小 D. 冰雪消融
【答案】A
【解析】A．壶口“白气”是壶中水汽化形成的水蒸气又遇冷液化形成的小水珠，故A符合题意；
B．浓雾消散是小水珠由液态变成气态的过程，是汽化现象，故B不符合题意；
C．冰雕变小是冰由固态直接变成气态的过程，是升华现象，故C不符合题意；
D．冰雪消融是冰雪由固态变成液态的过程，是熔化现象，故D不符合题意。
故选A。
3. 下列现象中与平面镜成像原理相同的是（ ）

A. 树荫下的圆形光斑 B. 街头路口的反光镜
C. 人脸识别机 D. 影子形成
【答案】B
【解析】平面镜成像的原理是光的反射。
A．树荫下的圆形光斑是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．街头路口的反光镜的成像原理是光的反射，故B符合题意；
C．人脸识别机的镜头是一个凸透镜，其成像原理是光的折射，故C不符合题意；
D．影子是由光的直线传播形成的，故D不符合题意。故选B。
4. 如图，小海站在滑板上滑行。若认为小海静止，选择的参照物是（ ）
A. 脚下的滑板B. 迎面走来的同学
C. 附近的楼房D. 路边摇曳的树枝
【答案】A
【解析】A．小海相对于脚下的滑板，位置未发生改变是静止的，故A符合题意；
B．小海相对于迎面走来的同学，位置发生改变是运动的，故B不符合题意；
C．小海相对于附近的楼房，位置发生改变是运动的，故C不符合题意；
D．小海相对于路边摇曳的树枝，位置发生改变是运动的，故D不符合题意。
故选A。
5. 如图所示，小强用水中向右的力推静止在水平地面上的箱子，但箱子没动。下列说法正确的是（ ）

A. 箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
B. 箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是一对平衡力
C. 箱子受到水平方向的推力小于地面对箱子的摩擦力
D. 若此时一切外力都突然消失，箱子会静止在原地
【答案】D
【解析】A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B．箱子对地面的压力和地而对箱子的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C．箱子没有运动，说明箱子处于静止状态，受到平衡力的作用，即在水平方向上，推力与摩擦力是一对平衡力，箱子受到水平方向的推力等于地面对箱子的摩擦力，故C错误；
D．若此时一切外力都突然消失，箱子将保持原来的状态，即静止状态，故D正确。
故选D。
6. 如图所示，电源电压和灯泡L电阻不变，闭合开关S后，将滑片P向左移动时（ ）

A. 电压表示数变大，电流表示数变大
B. 电压表示数变小，电流表示数变大
C. 电压表示数变大，灯泡变亮
D. 电压表示数变小，灯泡变暗
【答案】B
【解析】由图知道，开关闭合后，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律知道，滑动变阻器两端的电压变小，电压表示数变小；滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；由知道，灯泡的实际功率变大，亮度变亮；综上所述，B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
7. 关于家庭电路，下列说法不正确的是（ ）
A. 各用电器之间都是串联的
B. 控制灯的开关接在火线与灯之间
C. 工作的用电器越多，总功率越大
D. 当发现有人触电时，应及时切断电源
【答案】A
【解析】A．家庭电路中各用电器工作时互不干扰，是并联的，故A错误，符合题意；
B．处于安全用电的考虑，控制灯的开关应接在火线与灯之间，故B正确，不符合题意；
C．家庭电路的总功率等于各用电器功率之和，工作的用电器越多，总功率越大，故C正确，不符合题意；
D．当发现有人触电时，应第一时间切断电源，再进行救援，故D正确，不符合题意。故选A。
8. 下列生活实例中，利用做功改变物体内能的是（ ）

A. 暖手宝暖手 B. 棉被被晒热 C. 烧水水温升高 D. 搓手取暖
【答案】D
【解析】A．暖手宝暖手，手通过暖手宝吸收热量，温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B．棉被被晒热，棉被从阳光中吸收热量、温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C．烧水水温升高，是通过热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D．用双手互相摩擦取暖，该过程中克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故D符合题意。故选D。
9. 如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（ ）

A. 重力势能减小，机械能减小B. 动能不变，机械能不变
C. 重力势能减小，动能增大D. 重力势能不变，机械能减小
【答案】A
【解析】小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；高度降低，则重力势能减小；机械能是动能与势能的总和，且下滑过程中克服阻力做功，机械能减小。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
10. 如图所示的四个装置中，能说明洗衣机中电动机工作原理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】A．在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，是发电机的制作原理，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，小磁针偏转说明通电导体周围有磁场，不是电动机的制作原理，故B不符合题意；
C．闭合开关后，通电螺线管具有磁性，利用电流的磁效应，故C不符合题意；
D．开关闭合后，电路中有电流，通电导体在磁场中受到力的作用发生运动，是电动机的制作原理，故D符合题意。故选D。
二、多项选择题（本题有3小题，每小题3分，共9分。每小题有两个或两个以上选项是正确的，全部选对得3分，选项正确但不全得1分，有错误选项的不得分）
11. 下列对教室内相关数据估计，与实际相符的是（ ）
A. 新的白色粉笔的长度约10mm
B. 教室内较为舒适的温度约26℃
C. 教室内空调的额定电流约10A
D. 从地上捡起签字笔做功约0.1J
【答案】BCD
【解析】A．一支新的白色粉笔的长度约10cm，故A不符合题意；
B．人体的正常体温大约是37℃，教室内较为舒适的温度约26℃，故B符合题意；
C．教室内空调的功率约为2000W，教室内空调的额定电流约
故C符合题意；
D．一支签字笔的质量约为15g，从地上捡起签字笔在力的方向上移动距离约80cm，从地上捡起签字笔做功
W=Gh=mgh=15×10-3kg×10N/kg×0.8m=0.12J
故D符合题意。故选BCD。
12. 装有不同液体的甲、乙两个相同容器放在水平桌面上，将装有适量水的瓶子（瓶盖密封）先后置于甲、乙两容器中，瓶子静止时如图所示，此时两容器中液面相平。下列说法中正确的是（ ）

A. 甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等
B. 甲、乙两容器中，液体对容器底部的压力相等
C. 甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强
D. 甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力
【答案】ACD
【解析】A．瓶子在甲乙两种液体中都处于漂浮状态，浮力等于重力，故甲、乙两容器中，瓶子受到的浮力相等，故A正确；
B．由图可知，甲排开液体的体积大于乙排开液体的体积，浮力相等，根据阿基米德原理可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，根据液体压强的公式
可知，甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强，容器底面积相等，由
F=pS
甲液体对容器底部的压力小于乙液体对容器底部的压力，故B错误；
C．两容器的重力和瓶子的重力相同，甲乙两容器中，液面相平且乙液体的体积大于甲液体的体积，乙液体的密度大于甲液体的密度，由公式
可知，乙液体的质量大于甲液体的质量，则乙容器对桌面的压力大于甲容器对桌面的压力，受力面积相同，根据公式
可知，甲容器对水平桌面的压强小于乙容器对水平桌面的压强，故C正确；
D．由图可知，甲中瓶内水对瓶底的压力等于瓶内水的重力，乙中瓶内水对瓶盖的压力一部分分担在瓶子侧壁上，因此乙中瓶内水对瓶盖的压力小于瓶内水的重力，故甲中瓶内水对瓶底的压力大于乙中瓶内水对瓶盖的压力，故D正确。故选ACD。
13. 每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。某校科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变， R0为定值电阻， R滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω）， 浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒小组成员水位达到警戒值。R滑接入电路的阻值 R随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正确的是（ ）

A. 当水位升高时，电压表的示数变大
B. 该电路工作时总功率最小值为0.3W
C. 水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cm
D. 当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V
【答案】AC
【解析】A．闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，由图甲可知当水位升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联电路电压特点可得
Uv =U-U滑
因此电压表示数变大，故A正确；
B．当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，电压表示数为电源电压U=6V。根据欧姆定律可得，定值电阻的阻值为
由图丙可知通过电路的最小电流为0.1A，该电路工作时的最小总功率为
P=UI′=6V×0.1A=0.6W
故B错误；
C．水位变化过程中，滑动变阻器的功率为
当
时，滑动变阻器功率最大，接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图可知
10cm×k+b=40Ω
30cm×k+b=0
两式联立可得：k=-2Ω/cm，b=60Ω，则
R滑=-2Ω/cm×h+60Ω
当R滑1= 20Ω，代入数据
20Ω=-2Ω/cm×h+60Ω
得h1=20cm，故C正确；
D．当水位达到警戒水位25cm时，滑动变阻器接入电路的电阻为
R′=-2Ω/cm×25cm+60Ω=10Ω
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得通过电路的电流为
串联电路的电流处处相等，根据欧姆定律可得，此时电压表示数为
U′=0.2A×20Ω=4V
故D错误。故选AC。
三、填空题（本题有8小题，每空1分，每小题2分，共16分）
14. 干燥环境下，用丝绸多次摩擦过的玻璃棒______（选填“能”或“不能”）吸引轻小物体；玻璃棒温度升高是通过______的方式使物体内能增加。
【答案】 能 做功
【解析】干燥环境下，用丝绸多次摩擦过的玻璃棒会带正电荷，能吸引轻小物体。
改变物体的内能有做功和热传递两种方式。玻璃棒因与丝绸摩擦而温度升高是通过做功的方式使物体内能增加。
15. 我国古代科技著作《天工开物》中记载“扬郡以风帆数扇，俟风转车，风息则止”。说明我国古代劳动人民很早就会利用_______能；当风停时风车并没有立即停止，这是因为风车具有_______。
【答案】 风 惯性
【解析】“扬郡以风帆数扇，俟风转车，风息则止”，这是由于风车在风能的作用下转动，转化为机械能，说明我国古代劳动人民很早就会利用风能。
当风停时风车并没有立即停止，这是因为风车具有惯性，保持原来的运动状态继续运动。
16. 小海想知道荔枝的密度，他把一个质量为22g的荔枝放入盛满水的溢水杯中，溢出水的质量为20g，如图所示。该荔枝的体积为_______cm3，密度为_______。
【答案】 20
【解析】荔枝完全浸没，排开水的体积即为荔枝的体积，故荔枝的体积为
荔枝的密度
17. 太阳内部发生剧烈的_________（选填“核裂变”或“核聚变”）反应，从而辐射出巨大的光和热；太阳风暴发生时，干扰_________（选填“声波”或“电磁波”）而给卫星中继通信和地面通信带来很大影响。
【答案】 核聚变 电磁波
【解析】太阳能是太阳内部发生剧烈的核聚变反应，从而辐射大量的热量，是不可控的。
广播、电视、移动通信都是靠电磁波传递信息的，故太阳风暴发生时，干扰电磁波而给卫星中继通信和地面通信带来很大影响。
18. 我国古代很早就对物态变化有所认识和应用。早在公元前21世纪，我国就掌握了青铜冶铸技术。如图所示的铸造青铜钟，就是让经过冶炼的液态铜在泥模内发生_________制成的。东汉王充所著《论衡》中有“云雾，雨之征也，夏则为露，冬则为霜，温则为雨，寒则为雪”。其中“露”是空气中的水蒸气遇冷发生_________形成的。

【答案】 凝固 液化
【解析】冶炼的液态铜在泥模内变成固态的青铜器，这是凝固现象。
“露”是空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水滴，这是液化现象。
19. 如图，用滑轮组帮助汽车脱困时，滑轮B的作用是______；汽车被匀速拉动时，作用在绳子上的拉力F为1000N，滑轮组的机械效率为80%，则汽车受到的摩擦力为______N。
【答案】 改变力的方向 1600
【解析】滑轮B工作时位置不发生改变，因此该滑轮为定滑轮，定滑轮不能省力，只能改变力的方向。
汽车被匀速拉动时处于平衡状态，所受的牵引力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。动滑轮上有两端绳子，则n=2，由滑轮组的机械效率可得
汽车受到的摩擦力
20.如图所示，电源电压是3V且保持不变，S闭合后电压表示数为1V，则灯L2两端的电压为_____V； 若断开开关，电压表示数将______（选填 “变大”“变小”或“不变”）。

【答案】 1 变大
【解析】由电路图知，当S闭合后，两灯串联，电压表测的是灯两端的电压，故灯两端的电压为1V。
断开开关后，电压表测电源电压，此时示数为3V，故电压表示数将变大。
21. 小明家3月末和4月末电能表表盘示数如图所示，则小明家4月份用电______kW·h，若以当地电价0.5元/度计算，小明家4月份应缴纳电费______元。

【答案】 240 120
【解析】4月末的电能表示数为6262.3 kW·h，3月末的电能表示数为6022.3 kW·h，小明家4月份用电
小明家4月份应缴纳电费
四、探究与实验题（本题有4小题，22题5分，23题8分，24题6分，25题9分，共28分）
22. 在“探究水沸腾时温度变化特点”的实验中：
（1）除了图甲中提供的实验器材之外，还需要的测量工具是___________。
（2）某时刻温度计的示数如图甲所示，为___________。
（3）计时4min后，水开始沸腾，根据实验数据，描绘出水的温度随时间变化的图像如图乙所示，分析图像可知，水在沸腾过程中温度___________。停止加热，水不能继续沸腾，说明水沸腾过程中需要___________。
（4）已知标准大气压下水的沸点是，但实验中水的沸点是。请根据以上信息提出一个可探究的物理问题：___________？
【答案】（1）秒表 （2）94 （3） 保持不变 吸热 （4）水的沸点与大气压是否有关
【解析】（1）在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中要测量时间，需要使用秒表（停表）。
（2）由图可知，该温度计分度值为1℃，其读数为94℃。
（3）根据图像可知，当水温达到97℃后不再升高，可判断水此时已经沸腾，水在沸腾过程中温度保持不变。
停止加热，水不能继续沸腾，说明水不吸热，不能沸腾，由此得出水沸腾过程中需要吸热。
（4）已知标准大气压下水的沸点是100°C，但实验中水的沸点是97°C，水的沸点不同，根据以上信息可探究水的沸点与大气压是否有关。
23. 某实验小组进行探究凸透镜成像的实验， 操作如下：

（1）实验前，调整烛焰和光屏的中心与凸透镜的光心在同一高度；
（2）正确测出凸透镜的焦距f， 当物距uf时，烛焰成________（填“正立实像”、“正立虚像”、“倒立实像”或“倒立虚像”）。同学们分析得出：像的虚实由________大小关系决定；
（3）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时光屏上所成像的特点与________（填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）原理相同；
（4）若仅将图甲中凸透镜换成焦距相同直径较小的凸透镜，光屏上所成的像与原来相比________（填“变小”、“变暗”或“变不完整”）了；
（5）若仅将图甲中凸透镜换成直径大小相同、焦距稍小的凸透镜，则需将光屏________（填“向左”或“向右”）移动才能成清晰的像；
（6）如图乙所示， 凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变， 让蜡烛和凸透镜分别以4cm/s和2cm/s的速度，同时沿光具座匀速向左运动，经过2.5s，光屏上成清晰________（填“放大”、“等大”或“缩小”）的像。
【答案】 （2）不能 倒立实像 物距 （3）投影仪 （4）变暗 （5）向左 （6） 等大
【解析】（2）根据凸透镜成像规律可知，正确测出凸透镜的焦距f，当物距u< f时，烛焰成正立放大虚像；当u = f时，不能观察到烛焰的像；当u>f时，烛焰成倒立实像；分析得出：像的虚实由物距大小关系决定。
（3）像距大于物距，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，此时光屏上所成像的特点是倒立放大的实像，与投影仪原理相同。
（4）用另一只与原实验中焦距相同但镜面直径较小的凸透镜，替代原来的凸透镜再次实验，成像大小不会变化，但经凸透镜的光线变少，所成的像与原来的像相比，比原来暗。
（5）如果将凸透镜换成镜面直径相同、但焦距稍小的凸透镜，比起原来就相当于将物距变大了，那么像距就要减小，像变小；光屏要靠近凸透镜，即向左移动。
（6）由乙图可知，原物距u=15cm，像距v=15cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以4cm/s和2cm/s的速度，同时匀速向左运动，则经过2.5s时，物距为
u′=15cm+（4cm/s-2cm/s）×2.5s= 20cm
像距为
v′=15cm+2cm/s×2.5s=20cm
此时
u′= v′=20cm
由凸透镜成像规律可知，此时成倒立等大的实像。
24. 如图所示是物理兴趣小组探究“影响浮力大小因索”的实验，根据他的实验探究数据，请你回答下列问题：（ρ水=1.0×103kg/m3）

（1）由图可知物体浸没在水中受到的浮力F浮=_______N；
（2）由图ACD可知，浮力大小与物体浸没深度_______（选填“无关”或“有关”）；
（3）分析此实验可得出：物体受到的浮力大小与________和_______有关；
（4）经进一步计算可知物体体积V=_______m3，物体的密度ρ=_______kg/m3。
【答案】 （1）0.5 （2）无关 （3）液体的密度 物体排开液体的体积 （4）
【解析】（1）由图A可知物体的重力是2N，由图C可知物体浸没在水中的拉力是1.5N，物体浸没在水中受到的浮力
F浮=G-F3=2N-1.5N=0.5N
（2）由图ACD可知，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，在水中的深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力的大小相同，则浮力的大小与深度无关。
（3）由图ABC可知，液体的密度不变，物体排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力大小不同，说明浮力大小与排开液体的体积有关；由ADE可知，物体排开液体的体积相同，只有液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力大小不同，由此可得：物体在液体中所受浮力的大小跟液体的密度有关。
（4）物体的体积
物体的密度
25. 小明利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”的滑动变阻器等实验器材“探究电流与电阻关系”。
（1）小明连接好如图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；_________

（2）电路改接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最_________（选填“左”或“右”）端；
（3）小明将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为4V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将_________（选填“大于”、“小于”或“等于”）4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向_________（选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到4V，记录电流表的示数；
（4）当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是_________（写出一条即可）；
（5）完成实验探究后，小明得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_________；
（6）完成上述实验后，小明又利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。请帮他将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为_________V时，小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V；
③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率_________W。
【答案】（1）
（2）左 （3） 大于 左 （4）所选滑动变阻器的最大阻值太小或电源电压过大（其他答案合理即可） （5）反比 （6）3.5 0.7
【解析】（1）小明连接好如图甲所示的电路，该电路有一处故障是：电阻与电流表并联了，将电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，下图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即图中最左端。
（3）实验中，当把10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左滑动。
（4）4节新干电池电压为6V，电阻两端的电压始终保持UV=4V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
U滑=U-UV= 6V-4V=2V
变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
R滑=0.5×50Ω=25Ω
故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器，而现有变阻器的最大电阻太小（或控制的电阻电压不变，变阻器分得的电压过小，即电源电压太大了），故当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是所选滑动变阻器的最大阻值太小或电源电压过大。
（5）在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（6）①闭合开关S、S1、S2，调节滑动变阻器的滑片，变阻器滑片以左电阻丝与灯串联，此时电压表测量滑动变阻器电阻丝以左电阻丝两端的电压，根据串联电路电压的规律知，当电压表示数为6V-2.5V=3.5V时，灯泡正常发光。
②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V，即滑片以左电阻丝的电压，因电压表接在滑片上，故电流要全部经过变阻器的电阻丝。
③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V，变阻器的所有电阻丝与灯串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，因电压表的示数为4V，与②电路相比，这两次电路的连接不变，电流大小不变，只是电压表的测量范围变化了，因此时电压表的示数为“闭合开关S、S1，断开S2"时的倍，故变阻器的最大电阻为②中与电压表并联的电阻的 倍，即闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器左电阻丝接入阻值为，即在①中，滑动变阻器的电阻为12.5Ω，由欧姆定律，在①中，通过滑动变阻器的电流为
即灯的额定电流，小灯泡的额定功率
P额=UI=2.5V×0.28A=0.7W
五、分析与交流题（本题有2小题，26题5分，27题5分，共10分）
26. 如图所示，是医院张贴的“海姆立克急救法”宣传画。小明想知道这种急救法的原理，爸爸告诉小明这是应用了“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”的规律。请你利用此规律并结合所学的物理知识解释采用“海姆立克急救法”能将异物排出的原因。
【答案】见详解
【解析】当采用海姆立克急救法时，施救者快速向内、向上压迫患者上腹部，使患者胸腔和腹腔间的体积减小。根据“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”，患者肺部等胸腔内气体的压强就会增大。而气管内原本被异物堵塞，此时胸腔内增大的压强会使气管内气体形成一股强大的气流 ，这股气流能够产生足够的力量冲击异物，从而将异物排出体外。
27．阅读短文，回答问题：
智能机器人
智能机器人是一种集成人工智能（AI）、传感器技术、机械工程与大数据分析的自动化设备，能够通过自主学习和环境交互完成复杂任务。智能机器人有相当发达的“大脑”，具备信息传感器，可以模拟人类的多种感觉，如视觉、听觉、触觉、嗅觉。此外，它还有效应器，通过电动机使手、脚、触角等动起来。智能机器人能用人类语言同操作者对话，能调整自己的动作以达到操作者所提出的要求。
图甲所示是目前餐饮行业中广泛使用的送餐智能机器人。送餐的智能机器人具有过载自动保护系统，其电路原理如图乙所示，此电路电源的电压为16V，图中D为餐盘下面的压敏二极管，其阻值R随所受压力变化的图像如图丙所示，图乙中的触发器为电路保护开关，R0的阻值是12Ω，当电路中的电流大于0.5A时，触发器断开，电铃会发声提示，以免机器人损伤。通常情况下，当电池电量减为其容量的10%时，智能机器人就会自动寻找充电座充电。
机器人为有效避障，在移动过程中会发射、接收超声波（或激光）来侦测障碍物信息，当感知到前方障碍物时，机器人依靠减速器进行减速，并重新规划行驶路线。下表为机器人的部分参数。“电池比能量”为单位质量的电池所能输出的电能；“减速器的减速比”为输入转速与输出转速的比值。
(1)关于智能机器人，下列说法错误的是 ；
A．智能机器人充电时，是将电能转化为化学能
B．智能机器人通过嗅觉传感器闻到外界的各种气味，说明分子在做无规则的运动
C．智能机器人的效应器通过电动机使“手”“脚”等动起来时，是将电能转化为机械能
D．智能机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用激光才能较好感知到障碍物
(2)送餐机器人手能承受物体的最大质量是 kg（g取10N/kg）；
(3)若该机器人匀速行驶时受到的平均阻力为80N，为确保机器人顺利返回充电，离充电座的最远距离不能超过 m；
(4)图丁是机器人测速系统的部分装置简化图，转速传感器安装在驱动电机旋转齿轮的外侧，当传感器对准齿轮两齿间隙时，电缆输出电流为0。某次当驱动电机的齿轮匀速转动时，电缆输出如图戊所示周期性变化的电流，则1s内对准传感器的齿间隙共有 个；若此时机器人遇到障碍物，减速器启动，则经减速器降速后的齿轮转速为 r/min。
【答案】(1)D (2)15 (3)648 (4) 100 12.5
【解析】（1）A．智能机器人充电时，相当于用电器，是将电能转化为化学能储存起来，故A正确，不符合题意；
B. 智能机器人通过嗅觉传感器闻到外界的各种气味，这是发生了扩散现象，说明分子在做无规则的运动，故B正确，不符合题意；
C. 电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，智能机器人的效应器通过电动机使“手”“脚”等动起来时，是将电能转化为机械能，故C正确，不符合题意；
D. 玻璃等透明障碍物可以透光，智能机器人在行进过程中遇到玻璃等透明障碍物时，利用激光不能较好感知到障碍物，应利用超声波，故D错误，符合题意。故选D。
（2）分析电路可知，压敏二极管和电阻串联。送餐机器人的手承受物体压力最大时，电路中的电流为0.5A，总电阻为
则此时压敏二极管阻值为
由丙图可知对应压力，则送餐机器人手能承受物体的最大质量为
（3）电池容量为
返回时电量为
则返回时克服阻力做功为
则离充电座的最远距离为
（4）如图戊所示，每为一个周期，一个周期有一个齿间隙，则1s内对准传感器的齿间隙个数为
由图可知，齿轮间隙共有16个，则驱动电机的齿轮转速为，减速器的减速比为30∶1，则经减速器降速后的齿轮转速为。
六、综合与应用题（本题有2小题，28题8分，29题9分，共17分）
28. 我国道路交通安全规定，货车轮胎对地面的压强应控制在7×105Pa以内，王师傅的货车自身质量是6t．车轮与地面总接触面积是0.5m2。一次，王师傅开着装有24t沙子的货车在平直的公路上匀速行驶30km，货车受到的阻力是货车总重力的0.02倍，消耗柴油10kg。（g取，）求：
（1）通过计算判断装有沙子的货车静止时，对水平地面的压强是否符合安全规定？
（2）这一过程中货车牵引力所做的功是多少？
（3）这一过程中货车发动机的效率是多少？（计算结果精确到1%）
【答案】（1）符合安全规定；（2）；（3）
【解析】（1）汽车和沙子的质量分别为
，
车和沙子的总质量为
因为在平直公路行驶，故压力等于重力，压力大小为
车轮与地面总接触面积是0.5m2，汽车对地面的压强为

故汽车对水平地面的压强是否符合安全规定；
（2）车辆匀速直线行驶的距离为
货车受到的阻力是货车总重力的0.02倍，故汽车的牵引力为
故牵引力所做的功为
（3）10kg柴油完全燃烧放出热量为
故货车发动机的效率为
答：（1）通过计算判断装有沙子的货车静止时，对水平地面的压强符合安全规定；
（2）这一过程中货车牵引力所做的功是1.8×108J；
（3）这一过程中货车发动机的效率是42%。
29. 如图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如乙图所示，R1和R2是电热丝，通过单独或同时闭合开关实现低温和高温挡切换，低温挡功率为440W，高温挡功率为880W，已知粥的比热容c粥=4.0×103J/(kg·℃)。求：
（1）当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流；
（2）电热丝R2的阻值；
（3）若不考虑能量损失，正常使用高温挡将2kg的粥从20℃加热到86℃时需要的时间；
（4）若实际正常使用高温挡加热的时间为800s，该电饭锅的加热效率。

【答案】（1）2A；（2）；（3）600s；（4）75%
【解析】（1）当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流
（2）由图乙可知，当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电饭锅处于高温挡；当只闭合S1时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，电饭锅处于低温挡；R2的电功率
R2的阻值
（3）粥吸收的热量
不考虑热量损失，电饭锅消耗的电能
电饭锅工作的时间
（4）电饭锅实际消耗的电能
该电饭锅的加热效率
电池的质量
2kg
减速器的减速比
30∶1
电池比能量
120W·h/kg
驱动电机将电能转化为机械能的效率
60%