2026年中考第二次模拟考试：物理二模模拟卷01（江苏南京专用）

这是一份2026年中考第二次模拟考试：物理二模模拟卷01（江苏南京专用），共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：100分钟，分值：100分）
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）
1．如图所示为研究人员用一台声波灭火装置灭火的情景，打开声波灭火器，声波灭火器通过发出30Hz到60Hz的低频声波，能够在短短数秒之内扑灭火焰，下列相关说法中正确的是（ ）
A．低频声波属于次声波
B．该灭火装置在月球上也可使用
C．低频声波能灭火，说明声波可以传递能量
D．30Hz低频声波在空气中的传播速度比60Hz的慢
【答案】C
【详解】A．低频声波频率为30~60Hz，在人耳的听觉范围内，不属于次声波，故A错误；
B．声音的传播需要介质，真空不能传声，所以低频声波不可以在真空中传播，故B错误；
C．声音可以传递信息和能量，低频声波能灭火，说明低频声波可以传递能量，故C正确；
D．不同声音传播的速度与介质有关，因此30Hz低频声波在空气中的传播速度和60Hz的相同，故D错误。
故选C。
2．如图所示，水的物态变化中吸放热情况与其他三个不同的是（ ）
A．冰雪消融B．林间雾气
C．叶上露珠D．雾凇美景
【答案】A
【详解】冰雪消融属于熔化，熔化需要吸热；雾的形成属于液化，液化放热；露的形成属于液化，液化放热；雾凇的形成属于凝华，凝华放热，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选 A。
3．潜水员潜入水中工作时看见岸上的树梢位置变高了，在图的四幅光路图中，能正确说产生这一现象原因的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】潜水员潜入水中看岸上的物体时，光由空气射入水中，在水面处发生折射，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，潜水员逆着折射后的光线看到的是物体的虚像，位置比实际的要高，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
4．如图干湿温度计由两支相同的普通温度计组成，一支用于测定气温，称干球温度计，另一支在球部用蒸馏水浸湿的纱布包住，纱布下端浸入蒸馏水中，称湿球温度计。下列说法不正确的是（ ）
A．由于包住湿球温度计的纱布吸水后蒸发吸热，所以示数比干球温度计的示数小
B．两支温度计的示数差越大，说明空气湿度（含水量）越大
C．两支温度计的示数差越小，说明空气湿度越大
D．夏天有时特别闷热就是因为空气湿度大，人身上汗水不容易蒸发
【答案】B
【详解】A．湿球温度计包裹的纱布上的水在蒸发时，要从周围物体吸热，导致湿球温度计的示数比干球温度计的示数低。故A正确，不符合题意；
BC．空气湿度越大，纱布上的水分蒸发的越慢，它从周围物体上吸收的热量就越少，这样，两支温度计的示数差别就越小。故B错误，符合题意；C正确，不符合题意；
D．夏天，空气湿度越大，人体表面的汗水不容易蒸发，人体因汗水蒸发带走的热量就越少，所以人感觉闷热。故D正确，不符合题意。
故选B。
5．某物质从固态变为液态，图甲是该过程中物质的温度随时间变化的图像，图乙所示的示意图形象地反映了该物质在两种物态下分子排列的特点。下列说法正确的是（ ）
A．图甲表示的是物质液化时温度随时间变化的图像
B．在时刻的分子动能比在时刻的大
C．物质在、时刻的内能相等
D．在时刻的分子排列可能如图乙a所示
【答案】B
【详解】A．图甲是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象。故A错误；
B．温度越高，分子无规则运动越剧烈，分子动能越大，在t4时刻的温度高于t1时刻的温度，故t4时刻的分子动能比t1时刻的分子动能大，故B正确；
C．晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增大，在t3时刻的内能大于t2时刻的内能，故C错误；
D．从图像可以看出，在t1时刻物质是固体，图乙a是液体分子的排列情况，故D错误。
故选B。
6．下列关于电和磁现象的说法中，正确的是（ ）
A．甲图中，电磁铁A的磁性比B强
B．乙图中，闭合开关后直导线（铝棒）ab保持不动
C．丙图中，动圈式扬声器发声时将机械能转化为电能
D．丁图中，小风车转动时会产生电流，其原理是电磁感应
【答案】D
【详解】A．甲图中，A、B两个电磁铁串联，通过的电流相同，B的线圈匝数比A多，在电流相同的情况下，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强，因此B的磁性比A强，故A错误；
B．乙图是通电导体在磁场中受力的装置，闭合开关，在磁场中的铝棒ab有电流通过，会受到力的作用而运动，故B错误；
C．丙图中，动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动原理工作，将电信号转换为声音，即发声时是将电能转化为机械能，故C错误；
D．丁图中，小风车转动带动线圈切割磁感线，从而产生电流，其原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，故D正确。
故选D。
7．测绘人员绘制地图时，常常需要在高空的飞机上向地面照相，称为航空摄影。若航空摄影照相机的镜头焦距为50mm，则底片到镜头间的距离为（ ）
A．100mm以外B．50mm以内
C．略大于50mmD．恰为100mm
【答案】C
【详解】照相机工作时，当物距远大于2倍焦距时，像距略大于1倍焦距。航空摄影时，飞机在高空，地面物体到镜头的距离（物距）远大于2倍焦距，所以底片到镜头的距离略大于50mm，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
8．车站广场上，常常看到人们将旅行包放在拉杆箱上，如图所示，若地面和拉杆箱A的上表面均水平，拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是（ ）
A．A对B的支持力和B对A的压力是一对相互作用力
B．B的重力和A对B的支持力是一对相互作用力
C．A的重力和地面对A的支持力是一对平衡力
D．B对A的压力和地面对A的支持力是一对平衡力
【答案】A
【详解】A．A对B的支持力和B对A的压力分别作用在B和A上，大小相等、方向相反，作用在一条直线上，故是一对相互作用力，故A正确；
B．B受到竖直向下的重力和竖直向上的A对B的支持力，大小相等、方向相反，作用在一条直线上，作用在同一物体上，故是一对平衡力，故B错误；
C．以AB整体为研究对象，这个整体重力与地面对它们向上的支持力为一对平衡力，即A、B二者总重与地面对A的支持力为一对平衡力，A、B总重等于地面对A的支持力，故C错误；
D．B对A的压力为B的重力，地面对A的支持力是A和B的总重力，此二力不是一对平衡力，故D错误。
故选A。
9．如图所示，在“探究重力势能的大小跟哪些因素有关”的实验中（m1=m2”、“=”或“”、“ 0.5V～1.5V
【详解】[1]由图2可知：当天然气浓度变大时，R1阻值变小。
[2][3]由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V1测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，先调节电阻箱R2=1kΩ，当天然气浓度为0.6ppm时，R1=1kΩ，因为串联电路各处电流相等，根据U=IR可知两电阻两端的电压相等，又知道电源电压U=3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以
U1=U2=1.5V则
ΔU=U1-U2=0天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏电阻两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变小，会小于1.5V，则
ΔU＝U1﹣U2＞0根据图像可知，当浓度为0时，R1=5kΩ，此时
所以则当ΔU＞0或在U2在0.5V～1.5V范围内时，可判断天然气浓度未超标。
19．在图示电路中，电源电压保持不变，定值电阻，闭合开关后，电压表示数为6V，则电流表示数为______A。接着将一个定值电阻接入此电路中，若两电表示数都改变，则两电表示数的乘积______（选填“变大”、“不变”、“变小”）；若只有一个电表示数改变，且两电表示数的乘积减小了4.5W，则______Ω。
【答案】 1 变小 18
【详解】[1]在图示电路中，单独接入电路，电压表测电源电压，电流表测电路电流。则电流表示数为
[2]将一个定值电阻接入此电路中，若两电表示数都改变，则、串联，此时电压表测电压，电流表测电路电流。根据串联电压规律可知，此时电压表示数小于电源电压，电压表示数变小，总电阻变大，根据可知，电流表示数变小，则两电表示数的乘积变小。
[3]两电表示数都改变时，则两电表示数的乘积为
若只有一个电表示数改变，则电路存在两种情况：①、串联，电压表仍测电源电压，示数不变，电流表测电路电流，示数变小，两电表示数的乘积减小，符合题意。此时两电表示数的乘积为
电路中电流为
总电阻为
则阻值为
②、并联，电压表测电源电压，示数不变，电流表测干路电流，示数变大。则两电表示数的乘积增大，不符合题意，舍去。
三、解答题（本题共9小题，共55分）
20．（6分）(1)如图所示，点是凹透镜的虚焦点，点是光心，请画出两条光线经过凹透镜的光路图。
(2)在图中画出拉力的力臂（为支点）和阻力的示意图。
(3)根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的正、负极。
【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）指向凹透镜虚焦点的光线折射后平行于主光轴射出；过光心的光线传播方向不变，据此作图。
（2）延长动力F1，过支点O作动力F1的垂线，支点到垂足间的距离为力臂l；阻力为绳子对杠杆的拉力，作用点在杠杆与绳子接触的点上，过作用点作竖直向下的带箭头的直线表示阻力F2，据此作图。
（3）由图可得，螺线管的右端为N极，根据安培定则得，电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；螺线管的左端为S极，在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，据此作图。
21．（5分）小华用如图甲所示的装置“探究水在沸腾前后温度变化的特点”。请你完成下列内容。
(1)小华选取透明电热水壶的目的是__________。
(2)由表格中数据可知，此实验选用的是测温物质为________的温度计。
(3)闭合电热水壶的开关，在水温升到90℃后，每隔1min记录一次温度计的示数，同时注意观察水中发生的现象。记录的数据如下表所示。
分析数据可知，水面上方气压______一个标准大气压，水沸腾时持续吸热，温度______
(4)在第2min时，电热水壶内气泡的情况与图乙中的______（选填“A”或“B”）相同。
【答案】(1)热源稳定，便于观察水沸腾前后的现象
(2)水银
(3) 低于 不变
(4)A
【详解】（1）[1]透明电热水壶热源输出稳定，同时可以让实验者清晰地观察到壶内水在沸腾前后气泡的变化等现象。
（2）酒精的沸点是78℃，低于水的沸点，水银的沸点是357℃，远高于水的沸点，则此实验选用的是测温物质为水银的温度计。
（3）[1]从表格数据可以看出，水的沸点是98℃，低于100℃，说明当时水面上方气压低于一个标准大气压。
[2]从表格数据可知，水沸腾的特点是：持续吸热，温度保持不变。
（4）第2min时水温为94℃，水处于沸腾前的加热阶段，此时水中气泡在上升过程中体积逐渐变小，故选A。
22．（6分）物理小组对凸透镜成像进行探究。
(1)如图甲，凸透镜焦距为_____cm；
(2)如图乙，在坐标纸上记录蜡烛与光屏上像的位置和大小（用带箭头的线段表示蜡烛，A'、B'分别表示蜡烛在A、B处的像）。则物体放在位置B时光屏上所成像的特点与______（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）相同；
(3)当小组成员把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，为解决这个问题，他们采用了两种做法：
①保持蜡烛和透镜的位置不变，更换聚光能力更_____（选填“弱”或“强”）的凸透镜；
②保持蜡烛和透镜的位置不变，在两者之间放一个_____（选填“远视”或“近视”）眼镜。
(4)保持图乙中凸透镜位置不动，将蜡烛移动到光具座35cm处，无论怎样移动光屏始终得不到像，原因是______，要想看到此时的像，观察的方法是______。
【答案】(1)15.0
(2)投影仪
(3) 强 远视
(4) 成虚像，虚像不能被光屏承接 从光屏一侧透过凸透镜观察
【详解】（1）图甲中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这个点就是焦点，焦点到光心的距离就是焦距，刻度尺分度值为1cm，凸透镜位于20.0cm刻度处，焦点位于35.0cm刻度处，所以焦距
（2）图乙中，刻度尺分度值为1cm，凸透镜位于40.0cm的刻度处，B点位于19.0cm的刻度处，所以
根据凸透镜成像规律，可知此时物体放在位置B时光屏上成倒立、放大的实像，与投影仪的成像原理相同。
（3）[1][2]C点位于22.0cm的刻度处，此时，根据凸透镜成像规律，此时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，可能原因就是光具座长度太短，像距太大，此时可以通过增大物距，减小像距使光屏上成像；当保持蜡烛和透镜的位置不变，换用聚光能力较强的凸透镜，此时透镜焦距变小，相当于增大了物距，减小了像距，移动光屏，就能在光屏上成像；当保持蜡烛和透镜的位置不变，可以在两者之间放一个凸透镜，远视眼镜的镜片是凸透镜（远视眼镜），增加透镜的聚光能力，使光线提前会聚，移动光屏，就能在光屏上得到清晰的像。
（4）[1][2]保持图乙中凸透镜位置不动，将蜡烛移动到光具座35cm处，此时，根据凸透镜成像规律，此时成正立、放大的虚像，虚像不能被光屏承接，因此无论如何移动光屏，光屏始终得不到像，要想看到此时的像，可以从光屏一侧透过透镜观察到像。
23．（7分）小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______（“平衡”或“非平衡”）状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向______（“左”或“右”）侧调节；
(2)如图乙所示，小明在A点挂2个重力均为的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为______N；于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：，小张认为他这样得出的结论是不合理的原因是：______；
(3)小明竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
(4)如图丁的漫画中，______（选填“小猴”或“小兔”）分得的萝卜质量大；
(5)如图戊，质量分布、粗细都均匀的金属棒，将部分搭在水平桌面上，已知金属棒重，，则使金属棒在图示位置静止时所需外力F的范围是______N（F的作用点和方向如图）。
【答案】(1) 平衡 左
(2) 3 实验次数太少，结论不具有普遍性
(3)不变
(4)小猴
(5)200~300
【详解】（1）[1][2]如图甲所示，杠杆处于静止状态，故此时杠杆处于平衡状态；由图可知，此时杠杆左高右低，右边偏重，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左移。
（2）[1]如图乙所示，在刻度线A处挂两个钩码（每个钩码为1N），在刻度线B处用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，杠杆在水平位置时，每个钩码重力为G=1N，设杠杆每小格长为L，根据杠杆的平衡条件，则有
2G×3L=F×2L
即
2×1N×3L=F×2L
解得F=3N。
[2]杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，一次实验得出的结论具有偶然性，要多次实验得出的结论才具有普遍性。
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，已知阻力大小不变，所以拉力大小不变。
（4）根据杠杆的平衡条件可知，力臂与力成反比，由图可知，猴子部分的萝卜重力的重心到支点的距离小于兔子部分的萝卜重力的重心到支点的距离，所以猴子部分的萝卜重力大于兔子部分的萝卜的重力。
（5），O为重心，若以A为支点，根据杠杆平衡条件则有
此时所需外力F最小为
若以C为支点，根据杠杆平衡条件则有
此时所需外力F最大为
所以使金属棒在图示位置静止时所需外力F的范围是200~300N。
24．（8分）同学们在“探究影响浮力大小的因素”实验中，根据日常生活经验提出了以下猜想：
①浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
②浮力大小与物体排开液体的体积有关；
③浮力大小与液体的密度有关。实验步骤和数据如图所示。
(1)根据实验数据可知，该物块浸没在水中受到的浮力大小为_______N；
(2)分析A、C、D三次实验可知，猜想①是______（选填“正确”或“错误”）的；
(3)为了验证猜想②，分析______三次实验，得出结论：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(4)以下能够支持猜想②的生活现象是 （填字母代号）；
A．木头漂在水面，铁钉沉在水底
B．从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻
(5)小聪为了验证猜想③，分析A、B、E三次实验，得出结论：浸在液体中的物体所受浮力大小与液体的密度有关。这样操作不正确的理由是：____________；
(6)步骤E中所用盐水的密度是______。（，g取）
(7)创新实验小组又利用自制的实验装置进行探究，如图F所示。将弹簧测力计固定在支架上，通过向烧杯中逐渐加水进行相关的实验探究。
①往烧杯中逐渐加水的过程中，弹簧测力计的示数变化情况是_________。
②该装置在进行实验时的优点是_________。
【答案】(1)2
(2)错误
(3)ABC/ABD
(4)B
(5)没有控制排开液体的体积相等
(6)1.1×103
(7) 先不变后变小再不变 便于读数
【详解】（1）由图A可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为4.8N，则实验所用物块的重为4.8N。C中物块浸没在水中时测力计示数为2.8N，根据称重法，该物块浸没在水中受到的浮力大小为F浮=G-FC=4.8N-2.8N=2N
（2）分析A、C、D三次实验，C、D中只有物块的深度不同，测力计示数相同，则受到的浮力相同，说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，所以猜想①是错误的。
（3）为验证猜想②，即探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系，根据控制变量法，应控制液体的密度相同，只改变物体排开液体的体积，所以应选择A、B、C或A、B、D三次实验。
（4）A．木头漂在水面，浮力等于重力，铁钉沉在水底，浮力小于重力。由于二者的重力大小关系未知，所以无法比较浮力大小；且由于二者排开液体的体积大小关系未知，所以不能说明浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关，故A不符合题意；
B．从泳池浅水区走向深水区，排开水的体积变大，感觉身体变轻，说明浮力变大，则证明了浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关，支持了猜想②，故B符合题意。
故选B。
（5）分析A、B、E三次实验，液体的密度和排开液体的体积均不同，没有控制变量，所以不能得出“浸在液体中的物体所受浮力大小与液体的密度有关”的结论，操作是错误的。
（6）由（1）可知，物块浸没在水中受到的浮力大小为F浮=2N，根据F浮=ρ液V排g可知，物块的体积为
E中物块浸没在水中时测力计示数为2.6N，根据称重法，该物块浸没在水中受到的浮力大小为F浮盐水=G-FE=4.8N-2.6N=2.2N
则E中所用盐水的密度
（7）[1]往烧杯中逐渐加水的过程中，开始物块没有接触到水，弹簧测力计示数等于物块重力，不变；当物块开始接触水后，受到浮力，弹簧测力计示数F示=G-F浮，随着水的增加，物块排开水的体积增大，浮力增大，弹簧测力计示数变小；当物块完全浸没后，再继续加水，物块排开水的体积不变，浮力不变，弹簧测力计示数不变。所以弹簧测力计的示数变化情况是先不变再变小后不变。
[2]该装置在进行实验时的优点是：可以更直观地观察到浮力的变化与液体深度或排开液体体积的关系，而且不需要频繁地改变物块的位置等操作，实验操作相对简便，读数时示数稳定。
25．（6分）东东同学学习了电学知识后，选用三节新的干电池作为电源，并设计了如下的电学实验。
(1)探究导体中电流与电阻的关系，选用的定值电阻的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω；
①把乙实物电路补充完整，要求：当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大；____
②闭合开关后，东东发现电流表没有示数，电压表有示数，电路中出现的故障可能是__________；
③东东排除故障后，把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，适当调节滑片的位置，电流表的示数如图丙所示，其示数为_______A；
④断开开关S，把5Ω的电阻换成10Ω的电阻，再次闭合开关后，滑片应向______（选填“左”或“右”）端移动；
⑤在此实验中，为完成四组实验，滑动变阻器的最大阻值不得少于________。
(2)东东同学在电源电压未知，缺少电流表的情况下，设计了如图丁所示的电路图（R0阻值已知），来测量未知电阻Rx的阻值；
①闭合S、S1，断开S2，适当调节滑片的位置，电压表示数为U1；
②闭合S、S2，断开S1，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为U2；
③未知电阻的阻值Rx=__________（用字母表示）。
【答案】(1) 定值电阻R断路 0.4 右 25Ω
(2)
【详解】（1）[1]当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大，即滑动变阻器接入电路中的电阻减小，应该将滑动变阻器的左下接线柱接入电路，如图所示：
[2]闭合开关后，电流表没有示数，说明电路中没有电流通过，处于断路状态，电压表有示数，说明与电压表串联的电路是通路，所以电路中的故障可能是定值电阻R断路。
[3]由图丙可知，电流表选择小量程，分度值是0.02A，电流表的示数是0.4A。
[4]把5Ω的电阻换成10Ω的电阻，再次闭合开关后，定值电阻两端的电压增大，探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端的电压不变，所以应该增大滑动变阻器两端的电压，使定值电阻两端的电压减小，根据欧姆定律可知，应该增大滑动变阻器接入电路中的电阻，即向右移动滑动变阻器的滑片。
[5]由以上分析可知，接入电路中的定值电阻的阻值越大，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，所以把20Ω的电阻接入电路时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由题意可知，把5Ω的电阻接入电路时，通过电阻的电流是0.4A，则定值电阻两端的电压
UR=IR=0.4A×5Ω=2V把20Ω的电阻接入电路时，控制电阻两端的电压是2V，则电路中的电流
电源是三节新干电池，一节新干电池的电压是1.5V，则电源电压为4.5V，控制定值电阻两端的电压是2V，则滑动变阻器两端的电压
U'=U-UR=4.5V-2V=2.5V
通过滑动变阻器的电流是0.1A，则滑动变阻器接入电路中的阻值
为完成四组实验，滑动变阻器的最大阻值不得少于25Ω。
（2）闭合S、S1，断开S2，适当调节滑片的位置，电压表示数为U1。闭合S、S2，断开S1，滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为U2。在①中，电压表测待测电阻和定值电阻的总电压，在②中，电压表定值电阻两端的电压，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压
Ux=U1-U2
由分压原理有
则未知电阻的阻值
26．（3分）小明设计了以下实验测量某合金块的密度。
①如图甲所示，取一个烧杯装适量水，置于已调零的电子秤上；
②如图乙所示，小明将合金块用细线系住（细线的体积、质量忽略不计），悬挂在弹簧测力计上，浸没于水中，合金块与烧杯底部未接触；
③如图丙所示，将合金块用细线系住，悬挂在弹簧测力计上，浸没于水中，合金块与烧杯底部接触，此时弹簧测力计的示数如图丙。
从以上图文可知：合金块的体积为________，合金块的密度为________，丙图中电子秤的示数为________kg。
【答案】 30 1.05
【详解】[1]乙图中合金块悬挂在弹簧测力计上，合金块受到水对它竖直向上的浮力，物体间力的作用是相互的，合金块给水一个竖直向下的压力作用在容器底部，导致电子秤的示数增大，增大的压力和浮力相等，所以
因为物体完全浸没，所以合金块的体积为
[2]由乙图可知，弹簧测力计的示数为F拉=1.8N，图乙中，合金块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力，合金块静止，这三个力平衡，故合金块的重力为
由可得，合金块的质量为
由可得，合金块的密度为
[3]由甲图可知，烧杯和水的总重力为
由丙图可知，弹簧测力计的示数为，丙图中烧杯受的支持力为
由于物体间作用力是相互的，烧杯对电子秤的压力为
所以丙图中电子秤的示数为
27．（6分）2025年4月，在北京亦庄举行的半程马拉松赛事，首次由人类和人形机器人共跑。某型号机器人的质量为50kg，拥有高度仿生的躯干构型和拟人化的运动控制。本次赛事的赛道约21km，下表是该机器人的部分参数（电池容量：电池充满电后，供电电流与可供电时间的乘积）。请通过计算回答：
(1)该机器人若以最高速度跑完该赛道需要的时间是多少？
(2)该机器人站立在水平地面上，对地面的压强是多少？
(3)该机器人充满电时储存的电能是多少？
【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）该机器人若以最高速度跑完该赛道需要的时间是
（2）机器人的重力
机器人站立在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即
该机器人站立在水平地面上，对地面的压强
（3）该机器人充满电时储存的电能
28．（8分）小吒学完家庭电路后，结合所学知识，正确画出了家中电路图，并做了一些如下探究：
(1)小吒针对以上家庭电路，提出了一些关于安全用电的看法，其中正确的是（ ）
A．家庭电路总开关可装在电能表前面
B．空调、热水器插座可用二孔插座
C．电能表是测量家用电器电功率的仪表
D．图中A、B、C三插座为并联
(2)电路电压为220V，此时电能表示数_______，允许加接负载最大功率_______W。
(3)小吒发现家中电热水器铭牌上额定功率模糊不清，想了想找来一个_______（仪表），单独让电热水器工作1min，小吒看到电能表转盘转了50转，算出电热水器额定功率为_______W。
(4)小吒家储水式电热水器装满25℃冷水，若热水器以3000W的功率加热且热效率为80%，热水达到额定最高温度，热水器一次性烧好水需消耗多少电能？需要多长时间？已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg·℃）。
(5)如果电热水器先用高温档加热，当温度达到额定最高温度后，再用低温档保温，小吒与同学们试着设计电路，提出_______（只有串联/只有并联/串、并联）电路能满足设计要求。
【答案】(1)D
(2) 251.7 13200
(3) 秒表 3000
(4)2.1×107J，7×103s
(5)串、并联
【详解】（1）A．家庭电路总开关应该安装在电能表后面，所有用电器的前面，故A错误；
B．空调、热水器都是外壳是金属的用电器，会有漏电的危险，需要安装地线保护人体，应用三孔插座，故B错误；
C．电能表是测量家用电器一段时间内消耗电能多少的仪表，故C错误；
D．图中A、B、C三插座都能独立工作，互不影响，属于并联关系，故D正确。
故选D。
（2）[1]根据电能表的读数规则最后一位为小数位，故读数为。
[2]根据电能表的使用参数可知工作电压为220V，允许通过的最大电流为60A，故允许加接负载最大功率为
（3）[1]要测量家庭电路用电器的额定功率需要电能表和秒表，测量一段时间内该用电器消耗的电能，通过公式进行计算。
[2]根据电能表的参数可知标定转速为，故此可求出该段时间内用电器消耗的电能为
热水器额定功率为
（4）根据参数可知装满水后一次性烧好水吸收的热量为
所以消耗的电能
加热时间为
（5）根据功率公式可知，串、并联电路均可设计出高低温挡位的加热功能，只要可以控制只让一个电阻工作或两个电阻同时工作的电路，在电压一定时，通过改变电路总的电阻来改变电路电流即可实现高低温挡位的功率不同。
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
-39
357
酒精
-117
78
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度℃
90
92
94
96
97
98
98
98
98
脚与地面接触总面积/
500
跑步最高速度/（）
10
额定电压/V
24
电池容量/A·h
25
型号
ES80HS5（E）
额定电压
220V
储水容量
80L
额定频率
50Hz
额定最高温度
75℃
额定功率
?000W
防水等级
IPX4
额定压力
0.8MPa