2026年中考第二次模拟考试：物理二模模拟卷02（江苏南京专用）

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（考试时间：100分钟，分值：100分）
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）
1．关于密度公式下列说法中正确的是（ ）
A．由公式可知，体积V一定时，ρ与m成正比，m越大，ρ越大
B．对于不同物质组成的物体，当质量相同时，体积大的物体密度大
C．对某种物质而言，当物质的体积一定时，ρ与m成正比
D．密度是物质的一种属性，某种物质密度大小与其质量和体积无关
【答案】D
【详解】ACD．密度是物质的特性，与质量和体积无关，故AC错误，D正确；
B．根据密度公式，当质量相同时，体积越大，密度越小，故B错误。
故选D。
2．在跨学科实践活动中，小明利用橡皮筋制作了如图所示的简易“古筝”，并用它进行“演奏”。下列说法中正确的是（ ）
A．“古筝”发出的声音一定不是噪声B．拨动不同的琴弦，琴声的音色不同
C．橡皮筋振动越快，演奏声传播速度越大D．拨动橡皮筋的力越大，发出声音的响度越大
【答案】D
【详解】A．噪声的定义是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，“古筝”发出的声音如果在不合适的场合（比如深夜），也会成为噪声，故A错误；
B．拨动不同的橡皮筋（琴弦），振动的频率不同，发出声音的音调不同；而音色主要由发声体的材料和结构决定，这里橡皮筋材料相同，音色相近，故B错误；
C．声音的传播速度与介质和温度有关，与橡皮筋振动快慢无关，故C错误；
D．拨动橡皮筋的力越大，橡皮筋的振幅越大，发出声音的响度越大，故D正确。
故选D。
3．下列数据最符合实际的是（ ）
A．中考考场内的温度约为
B．运动会上初中男生200米赛跑冠军用时约为
C．玲玲跳绳的成绩为160个
D．教室内每盏节能灯的功率约为
【答案】C
【详解】A．人体感觉舒适的温度约26℃，中考考场室内的温度通常约为26℃，故A不符合题意；
B．中学生100m的成绩约14s，200m约为30s左右，故B不符合题意；
C．普通初中生体育测试中1min跳绳次数约在160次左右，故C符合题意；
D．教室中日光灯正常工作电流约为0.2A，额定功率约，故D不符合题意；
故选C。
4．五千年的华夏文明，创造了无数的诗词歌赋。下面是小华同学对部分诗句中蕴含物理知识的理解，其中正确的是（ ）
A．“孤帆一片日边来”——“孤帆”运动是以乘客为参照物
B．“不敢高声语”——“高声语”是指声音的“音调”较高
C．“潭清疑水浅”——“水浅”是由于光的反射形成的现象
D．“霜叶红于二月花”——“霜”形成是凝华现象，要放热
【答案】D
【详解】A．“孤帆一片日边来”，“孤帆”相对乘客的位置不发生变化，因此以乘客为参照物孤帆是静止的，故A错误；
B．“不敢高声语”中的“高”是指声音的响度大，故B错误；
C．“水浅”，是由于光从水中斜射入空气中，在水面处发生光的折射而产生的现象，故C错误；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华放热，故D正确。
故选D。
5．下列光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．桥的倒影B．水中折筷
C．树荫光斑D．雨后彩虹
【答案】A
【详解】A．桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A符合题意；
B．水中折筷是光从水中斜射入空气时传播方向发生偏折，属于光的折射现象，故B不符合题意；
C．树荫下的光斑是小孔成像现象，由光的直线传播形成，故C不符合题意；
D．雨后彩虹是光的色散现象，本质是不同色光折射时偏折程度不同，属于光的折射，故D不符合题意。
故选A。
6．对以下四幅图中的情景解释正确的是（ ）
A．说明分子间有引力
B．说明铝箔条一定带正电
C．说明锤头具有惯性
D．说明流体流速越大，压强越小
【答案】C
【详解】A．图①水和酒精充分混合后总体积变小，说明分子间有间隙，故A错误；
B．图②带负电的塑料棒能吸引铝箔条，铝箔条不能确定一定带正电，也可能不带电，因为带电体有吸引轻小物体的性质，故B错误；
C．图③是锤头松了，把锤柄在地上撞击几下，锤头就紧紧套在锤柄上之类的情景，能说明锤头具有惯性。因为锤柄撞击地面时，锤柄停止运动，而锤头由于惯性会继续向下运动，从而套紧在锤柄上，故C正确；
D．从漏斗尖嘴处向上用力吸气，看到乒乓球不会掉落，这是因为吸气时，乒乓球将下面的管口封住，漏斗细管内的气压减小，小于下方的大气压，在大气压的作用下，使乒乓球不会掉落，故D错误。
故选C。
7．如图所示，小宁在劳动课上学习了烹饪技巧，为家人制作美味的海鲜米粉。下列说法正确的是（ ）
A．滚烫的海鲜米粉含有的热量多
B．随着海鲜米粉的温度降低，其内能减少
C．汤汁在沸腾前温度不断升高，是通过做功的方式增加内能
D．刚出锅的海鲜米粉“热”得烫嘴，“热”表示的是内能
【答案】B
【详解】A．热量是过程量，不能说含有或具有热量的多少，故A错误；
B．随着海鲜米粉的温度降低，其分子热运动变缓慢，其内能减少，故B正确；
C．汤汁在沸腾前不断吸收热量，内能增大，温度不断升高，是通过热传递的方式增加内能，故C错误；
D．刚出锅的海鲜米粉“热”得烫嘴，“热”表示的是温度高，故D错误。
故选B。
8．磁力片是一种能拼出各种造型的玩具。每块磁力片每条塑料边内有一个可旋转的圆柱形磁体。如图所示，任意两块磁力片的塑料边靠近均能相互吸引。下列关于该磁体磁极分布最合理的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【详解】由题意可知，圆柱形磁体可旋转，且任意两块磁力片的塑料边靠近均能相互吸引。根据异名磁极相互吸引，磁体需要通过旋转从而使异名磁极靠近、吸引。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
9．实践活动中，小明为了把相同的钩码提升一定高度，用同样的滑轮设计了甲、乙两种方案（如图所示）。若钩码上升的速度相同，绳重及摩擦忽略不计，下列分析正确的是（ ）
A．甲方案更省力B．甲方案拉力的功率更大
C．乙方案的机械效率更高D．若提升钩码的高度相同，两种方案做的总功相等
【答案】D
【详解】A．绳重及摩擦忽略不计，由图可知，甲、乙方式中承担重物的绳子都是2段，由
可知，甲、乙方式省力情况相同，故A错误；
B．绳重及摩擦忽略不计，由图可知，甲、乙方式中承担重物的绳子都是2段，由
可知，拉力的大小相等，若钩码上升的速度相同，由可知，拉力的速度相等，由
可知，拉力的功率相等，故B错误；
C．滑轮重力相同，绳重及摩擦忽略不计，把相同的钩码提升一定高度，物体的重力相等，由
可知，甲、乙方案机械效率相等，故C错误；
D．若提升钩码的高度相同，由
可知，有用功相等，绳重及摩擦忽略不计，动滑轮的重力相等，由
可知，额外功相等，总功等于有用功和额外功之和，所以两种方案做的总功相等，故D正确。
故选D。
10．如图是我国自主研发的朱雀三号火箭降落回收的过程，通过控制推力，沿竖直方向先从A点减速运动到B点，再从B点匀速运动到C点，忽略火箭质量的变化。则（ ）
A．火箭在A点动能最小
B．火箭的机械能在BC段减少
C．火箭在AB段推力等于BC段推力
D．AB段火箭的重力势能转化为动能
【答案】B
【详解】A．依题意火箭在AB段做减速下降，动能减小，在BC段匀速下降，动能不变，由此可知，火箭在A点动能最大，故A不符合题意；
B．BC段火箭匀速向下运动，忽略质量变化，动能不变，重力势能减小，机械能总量减少，故B符合题意；
C．火箭在AB段做减速运动，说明推力大于重力，BC段匀速运动，推力等于重力，因此火箭在AB段推力大于BC段推力，故C不符合题意；
D．AB段火箭减速下降，动能减小、重力势能减小，是推力和阻力做功消耗机械能，并非重力势能转化为动能，故D不符合题意。
故选B。
11．大小不同的A、B两个实心球，分别放入装有水的甲、乙容器中，两球静止时排开水的体积相同，A漂浮，B悬浮，且两容器液面相平，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．A球所受浮力大于B球所受浮力
B．甲容器中液体质量相对较小
C．甲容器底部受到水的压强相对较大
D．球的密度约为球密度的两倍
【答案】D
【详解】A．根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力；两球排开水的体积相同，则排开水的重力相等，因此两球所受浮力相等，故A错误；
B．由题意可知，两球静止时排开水的体积相同，两容器液面相平，则两容器中水的体积相等，所以两容器中水的质量相等，故B错误；
C．两容器液面相平，根据液体压强公式p=ρgh，容器底部受到的压强相同，故C错误；
D．由图知，A球体积的大约一半浸入水中，所以A球体积大约为浸入体积的2倍，两球浸入水的体积相同，B球完全浸没，所以A球的体积大约是B球的2倍，又因为两球的浮力相同，根据二力平衡的条件，无论漂浮和悬浮，浮力都等于重力，故两球重力相同，质量也相同；根据，可知B球密度约为A球的两倍，故D正确。
故选D。
12．如图甲为某兴趣小组设计的“超载报警器”原理图，OAB为轻质水平杠杆，O为支点，，控制电路中R为压敏电阻（所受压力与电阻的关系如图乙所示）；变阻器规格为“50Ω 2A”，电磁继电器线圈电阻为5Ω，控制电路的电源电压为6V时，当通过线圈的电流大于0.1A时，电磁继电器的衔铁被吸下，若某路段禁止质量超过40t的车辆通过，则下列说法正确的是（ ）
A．当压敏电阻R受到的压力F增大时，控制电路中电磁铁的磁性减弱
B．控制电路中的阻值应设为35Ω
C．一辆空车重为2.5t的汽车通过时，电磁铁线圈的电流为75mA，则汽车的载重为10t
D．某些主干道抗压能力较好，需调高限载，应适当减小阻值
【答案】B
【分析】先明确杠杆平衡条件，因为已知杠杆的力臂比例和限载质量，所以可通过杠杆平衡条件计算压敏电阻受到的压力；再结合欧姆定律，因为已知控制电路的电源电压、线圈电阻和触发电流，所以可计算控制电路的总电阻，进而确定变阻器的阻值；对于每个选项，若涉及压力与电阻的关系，需结合图乙，因为压敏电阻的电阻随压力变化，所以可通过压力找到对应电阻，再结合欧姆定律分析电流；若涉及调高限载，需分析压力变化对电阻的影响，再结合欧姆定律判断变阻器阻值的调整方向。
【详解】A．由图乙可知，增大时，压敏电阻减小，则控制电路总电阻减小，电流增大，电磁铁磁性增强，故A错误；
B．限载
则限制总重力
杠杆，为支点，，因此，根据杠杆平衡条件，可得压敏电阻受到的压力
由图乙可知，此时；刚好报警时，则总电阻
因此控制电路中的阻值为，故B正确；
C．当电磁铁线圈的电流为时，总电阻为
则压敏电阻
由图乙可知，时，对应，则总重力为
则总质量
空车，因此载重为，故C错误；
D．调高限载，即允许更大，对应更大、更小；要使电流达到时才报警，总电阻不变，减小，则需要增大的阻值，故D错误。
故选B。
二、填空题（本题共8小题，共27分）
13．小华在校园散步时看到自己运动手表的部分信息如图所示。“配速”利用____方法（选填“相同时间比路程”或“相同路程比时间”）来比较物体运动快慢，“配速”的数值越大表示运动越____。图中空白处的数据应为____km。
【答案】 相同路程比时间 慢 3
【详解】[1]配速的单位是，表示每运动所用的时间，是相同路程比时间的方法来比较运动快慢。
[2]配速数值越大，说明跑完相同所用的时间越长，因此运动越慢。
[3]已知总用时，配速为，总路程
14．小华用蜡烛与相机做了以下物理小实验：
(1)如图甲，小明用刻度尺测量蜡烛的长度，该蜡烛的长度为________cm；
(2)如图乙，小明在空罐底部开一圆孔，用塑料薄膜蒙住罐口，将蜡烛远离小孔，薄膜上的像________（选填“变小”“不变”“变大”）；
(3)如图丙某次给卡通人照相，在对焦时，发现毛玻璃上卡通人像的位置如图甲所示，为了使毛玻璃上卡通人像的位置如图乙所示，摄影师应当将镜头适当地向________移动。（选填“向下向右”、“向上向左”、“向下向左”或“向上向右”）
(4)如图丁，小明把一根蜡烛截成长度不同的两段，竖立在轻质杠杆的两边（支点在中点）。调整使杠杆水平平衡，如图所示。若同时点燃蜡烛（设燃烧速度相同），则杠杆________（选填“左端下沉”、“右端下沉”、“仍保持平衡”或“无法判断”）。
【答案】(1)3.25
(2)变小
(3)向下向右
(4)左端下沉
【详解】（1）刻度尺的分度值为1mm，蜡烛长度为3.25cm。
（2）小孔成像中，像的大小与物体到小孔的距离有关，当物体远离小孔时，像会变小，所以薄膜上的像变小。
（3）照相机成的是倒立的实像，像的位置偏上偏左，说明物体偏下偏右，要让像移到中央，镜头需要向下、向右移动，镜头移动方向和像的移动方向相反。
（4）设左边蜡烛重力为，力臂为；右边为，力臂为。
由杠杆平衡条件得，由图可知，左边蜡烛更长，所以，因此。 设燃烧速度相同，相同时间内减少的重力均为，则左边力矩为
右边力矩为
因为，且，所以
因此，推出燃烧后左边力矩更大，杠杆左端下沉。
15．如图，滑轮组将重为4N的重物在10s匀速吊起2m，绳端受到的拉力为1.8N，提升重物做的有用功为____________J，额外功为____________J，滑轮组的机械效率为____________，拉力做功的功率为____________W。
【答案】 8 2.8 74.1% 1.08
【详解】[1]提升重物做的有用功为
[2]由题图可知，滑轮组的绳子承重股数为n=3，绳子自由端移动的距离为
拉力做的总功是
则额外功为
[3]滑轮组的机械效率为
[4]拉力做功的功率为
16．《天工开物》中提到我国的淬火工艺，它是指将高温工件浸入冷的淬火介质中冷却，以提高金属工件性能的一种工艺。工件在冷却过程中是通过______的方式使内能减少的。如图所示的工人将一质量为2kg、温度为750℃的铁器迅速放入冷水中，当铁器温度降低到150℃时取出，此过程铁器放出的热量是______J，相当于完全燃烧______kg焦炭放出的热量。[，]
【答案】 热传递 0.0184
【详解】[1]工件在冷却过程中，高温工件与冷水之间存在温度差，通过热传递的方式将热量传递给冷水，从而使自身内能减少。
[2]此过程铁器放出的热量是
[3]由得，完全燃烧焦炭的质量为
17．无人机送快递为市民的生活带来了极大的便利。在某次取货途中，无人机载着空货箱竖直匀速上升36m用时30s。不计空气阻力，g取10N/kg。
(1)无人机上升时，以地面为参照物，它是________的；无人机竖直匀速上升时的速度为________m/s；
(2)在取货点，工作人员将快递放入货箱，无人机再次升空，竖直匀速上升30m用时30s．已知无人机配备的货箱质量为1kg，取货前后两次匀速升空过程中无人机对货箱拉力做功的功率之比为，放入货箱的快递质量为________kg。
【答案】(1) 运动 1.2
(2)1.4
【详解】（1）[1]无人机上升时，以地面为参照物，无人机的位置发生变化，故它是运动的。
[2]由题意可知，无人机的上升速度
（2）取货前无人机对空货箱的拉力
拉力的功率
由题意可知，取货前后，则取货后无人机对货箱的拉力的功率
由题意可知，货物装入货箱后匀速上升所用时间，，，由
得
快递与货箱的总质量
快递的质量
18．在跨学科实践中，科技小组设计了如图所示的无土栽培营养液自动添加装置简图。控制电路电源电压，电磁铁线圈电阻；当线圈中的电流时，衔铁被吸合，当线圈中的电流时，衔铁被释放。是阻值为600Ω的半圆形（O为圆心）电阻丝，其阻值与长度成正比；为电阻不计可绕O点转动的金属细杆，P端可在上滑动且接触良好，QO长50cm。当液面到达最高位置A处时，添加营养液的电动水泵停止工作，杆QP水平且P位于中点。
(1)电动水泵应接在__________（选填“C、D”或“E、F”）之间。
(2)最高液面在A处时，电阻箱的阻值为__________Ω。
(3)该装置长期使用后，U会变小，营养液最高液面会__________（选填“升高”“降低”“不变”），为保持最高液面位置不变，可将电阻箱调__________（大/小）。
【答案】(1)E、F
(2)50
(3) 升高 小
【详解】（1）已知液面升高时，P位于最下端，此时接控制电路中的阻值最小，电路中的总电阻变小，电路电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸引，受控电路CD之间的用电器被接入电路，添加营养液的电动水泵停止工作，因此电动水泵应接在EF之间。
（2）最高液面在A处时，阻值为
此时电路中电流
控制电路总电阻为
串联电路总电阻等于各部分电阻值之和，所以
（3）[1][2]由电路中可知，液面越低，阻值越大，液面越高，阻值越小；控制电路中的电流
当控制电路U变小，不变时，液面到达A处时，此时，为了使，电动水泵需要继续工作添加营养液，减小的阻值，增大控制电路中的电流，因此营养液最高液面会升高；为了保持最高液面位置不变，此时可以将阻值调小，减小电路中的总电阻，增大控制电路电流，使控制电路中的总电流大于等于25mA，增强电磁铁磁性，吸引衔铁，使电动水泵停止工作。
19．我国自行生产的混合动力汽车已经面世，混合动力汽车由一台内燃机和一台电机组成，这台电机既可以充当电动机驱动汽车，又可以充当发电机给蓄电池充电.汽车启动时，内燃机不工作，蓄电池通过电机向车轮输送动力，使汽车行驶；当需要高速行驶或蓄电池储存电能过低时，改由内燃机工作，一方面向车轮输送动力，另外通过电机给蓄电池充电。
(1)内燃机工作时，汽油燃烧时释放出的______能转化为汽车的______能和蓄电池的_______能；
(2)当电机充当发电机时，它利用的工作原理是__________
A．磁场对电流的作用B．电流的磁效应C．电磁感应
(3)测试人员驾驶该车在平直公路上以50km/h的速度匀速直线行驶0.5h，汽车消耗汽油5kg，同时这个期间测试人员观察到：蓄电池组储存的能量由测试开始时最大值的80%增加到了最大值。已知汽油的热值为4.6×107J/kg。汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示。计算：
①牵引力做功；
②这种汽车内燃机中汽油的能量转化效率。
【答案】(1) 内 机械 化学
(2)C
(3) 31%
【分析】对于（1），因为汽油燃烧是化学变化，所以先确定释放的能量形式；再结合内燃机工作时的能量转化，分别确定转化为汽车机械能和蓄电池电能的过程。
对于（2），因为发电机的工作原理是电磁感应，电动机是磁场对电流的作用，电流磁效应是电流产生磁场，所以通过区分电机作为发电机时的能量转化，对应选择正确原理。
对于（3），已知燃油的质量和热值，根据可求出燃油放出的热量，由图像可知，车速为50km/h时，阻力是2000N，牵引力也是2000N，由速度50km/h和时间0.5h，根据求出距离，根据 求出牵引力做的功；已知蓄电池组储存的电能由最大值的80%增加到最大值，可求出转化成的电能，这样被有效利用的能量为做的功和转化成的电能之和，最后根据 求出内燃机的效率。
【详解】（1）[1][2][3]内燃机工作时，汽油燃烧释放出的内能转化为汽车的机械能，给蓄电池充电转化为化学能。
（2）当电机充当发电机时，它利用的工作原理是电磁感应现象，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（3）[1]汽车通过的路程
由图像可知，车速为50km/h时，阻力是2000N，因为车做匀速运动牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，即牵引力也是2000N，牵引力做的功
[2]燃油放出的热量
蓄电池获得的电能
内燃机的效率
三、解答题（本题共8小题，共49分）
20．（6分）按照下列要求作图。
(1)如图甲所示，请在图中作出物体AB在平面镜中所成的像；
(2)一束光线从空气斜射入水中，在水面发生反射和折射，已知反射光线OA如图乙所示，请在图中画出它的入射光线和大致的折射光线；
(3)如图丙所示，F为凸透镜的焦点，O为光心，完成下面光路图。
【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图所示：
（2）过反射点垂直界面画出法线，根据光的反射定律，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线左侧画出入射光线；根据光的折射规律，光从空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，在法线右侧的水中从O点画出折射光线，如图所示：
（3）通过光心的光线经凸透镜传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如下图所示：
21．（5分）在探究冰熔化规律实验中，烧杯中有适量水，大试管中有碎冰，实验装置如图甲。
（1）该装置应按照 ___________的顺序安装，这样的安装顺序是为了 ___________。
（2）如图乙加热前冰的温度为 ___________℃；
（3）不改变装置，他将冰全部熔化成水后继续用酒精灯加热，绘制了温度计示数随加热时间的变化图像，如图丙。他在DE段 ___________（选填“能”或“不能”）看到大量气泡上升变大的现象；CD段比AB段升温慢是因为 ___________。
【答案】 自下而上 用外焰加热，方便调整温度计的高度 -5 不能 冰的比热容比水的比热容小
【详解】（1）[1] [2]由题图甲可知，在使用酒精灯时，需要用外焰加热，所以先放好酒精灯，再固定铁圈的高度，最后调整温度计的高度，使其不要碰到容器底或容器壁，所以要按照自下而上的顺序进行安装。
（2）[3]如图乙所示，温度计的分度值是1℃，温度计的液柱在零刻度以下，所以温度计示数是﹣5℃。
（3）[4]水在沸腾时需要持续吸热，温度保持不变。由图丙可知，在DE段，烧杯内水沸腾，试管内水的温度和试管外水的温度相同，试管内水不能继续吸热，不会沸腾，不能看到大量气泡上升变大的现象。
[5]由题图丙可知，CD段明显比AB段升温慢，即升高相同的温度，冰比水用的时间少，所以冰比水吸热升温快，原因是冰的比热容比水的比热容小。
22．（8分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，如图1所示，小睿进行了如下操作：
(1)为了确定所用凸透镜的焦距，他在纸上画一个与透镜等大的圆，把透镜正对着太阳光，再把一张纸放在它的另一侧，调整凸透镜与纸的距离，直到纸上出现圆形光斑与所画圆重合为止，测得它与凸透镜中心的距离为14cm，从而确定出透镜的焦距为______cm。
(2)如图1乙所示，他先固定好蜡烛、凸透镜的位置，然后移动光屏，将会在光屏上得到烛焰清晰______（填“放大”或“缩小”）的像，这与图______（填“丙”或“丁”）的原理相同。
(3)小康在实验过程中，将自己的眼镜放在凸透镜前，发现光屏上的像变得模糊，于是，他将光屏向透镜方向移动了一些距离，发现光屏上的像又变得清晰了，由此可以判断出小康同学患的是______（“近”或“远”）视眼。
(4)小康在实验过程中又将透镜换成了玻璃板去探究“平面镜成像特点的实验”，如图2所示，他选用了两支完全相同的蜡烛A、B，将玻璃板固定在50cm刻度线处。在实验中，他既能看见蜡烛A的像，又能透过玻璃板看见蜡烛B，他的两次“看见”的原理______（“相同”或“不相同”）。
(5)小康在实验中______（“能”或“不能”）用照相机拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的虚像。
(6)小康在用厚8mm玻璃板实验时通过玻璃板看到了两个像，这两个像的大小______（“相同”或“不相同”），其中离玻璃板较远的像的亮度较______（“亮”或“暗”）。
【答案】(1)7
(2) 缩小 丁
(3)远
(4)不相同
(5)能
(6) 相同 暗
【详解】（1）由题意可知，平行于凸透镜主光轴的光线经透镜折射后会聚于一点，这点是凸透镜的焦点；光线经焦点后变得发散，纸上出现圆形光斑与所画圆重合时，像距等于二倍焦距，等于14cm，即，故焦距为7cm。
（2）[1]由图乙可知，物距大于二倍焦距，即，光屏上成倒立、缩小的实像，像在一倍焦距和二倍焦距之间。
[2]图丙凸透镜相当于放大镜，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像；图丁物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，图1乙与图丁的原理一致。
（3）将自己的眼镜放在凸透镜前，他将光屏向透镜方向移动了一些距离，发现光屏上的像又变得清晰了，说明镜片对光线有会聚作用，是凸透镜；凸透镜可以矫正远视眼；由此可以判断出小康同学患的是远视眼。
（4）在实验中，他能看见蜡烛A的像，是平面镜成像，是光的反射形成的；透过玻璃板看见蜡烛B，是光的折射形成的；他的两次“看见”的原理不相同。
（5）平面镜成像，是光的反射形成的，用照相机照虚像时，反射光线进入照相机镜头后成像，因此能用照相机拍摄到蜡烛A通过玻璃板所成的虚像。
（6）[1][2]平面镜所成像与物大小相等，用厚8mm玻璃板实验时通过玻璃板看到了两个像，是玻璃板前后两个反射面反射形成的，故通过玻璃板看到的两个像大小相等；其中离玻璃板较远的像是玻璃板的后反射面形成的，由于光线经过反射后透过的光线较少，因此离玻璃板较远的像亮度较暗。
23．（7分）小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
（1）调节天平平衡；
①用天平测出空烧杯的质量为17g；
②在烧杯中倒入适量酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示；
③将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示。
根据实验测得烧杯中酱油的质量为_____g，酱油的密度为_____kg/m3；
（2）小明用这种方法测出的酱油密度会偏大。为了使实验测量结果更准确，小明可以把（1）中的实验步骤的顺序更改为_____（填实验序号）；
（3）小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度。于是小华添加两个完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤，请你补充完整：
①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0；
②将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；
③用另一个烧杯__________，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2；
④则酱油的密度表达式ρ＝_____（已知水的密度为ρ水）；
⑤小华测算酱油体积时使用了下列物理方法中的_____；
A．控制变量法 B．等效替代法 C．类比法
⑥小明针对小华的实验设计进行评估后，认为小华设计的操作过程有不妥之处，你认为该不妥之处是：______________________。
【答案】 （1）45 1.125×103 （2）②③① （3）装满酱油 ρ水 B 水和酱油装满时，容易溢出，很难测量出质量
【详解】（1）③[1][2]由图甲可知，烧杯和酱油的总质量
m总=50g+10g+2g=62g
则烧杯中酱油的质量
m=m总－m杯=62g－17g=45g
由乙图可知，量筒的分度值为2mL，量筒中酱油的体积
V=40mL=40cm3
则酱油的密度
（2）[3]酱油从烧杯倒入量筒中时，不可避免会有残留，所以测得酱油体积偏小，由可知，测得酱油密度偏大。所以，为了使实验测量结果更准确，可以把（1）中的实验步骤的顺序更改②③①。
（3）③④[4][5]调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0，将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1，则水的质量
m水=m1－m0
则烧杯中水的体积
由于两个烧杯完全相同，则在另一个烧杯中装满酱油，此时酱油的体积和烧杯中水的体积相等，即
用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2，则烧杯中酱油的质量
m酱油=m2-m0
酱油的密度
⑤[6]两个完全相同的烧杯装满水和酱油时体积相等，实验中用水的体积代替酱油的体积，这种实验方法叫等效替代法，故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
⑥[7]真正实验操作过程中，将烧杯中装满水和酱油测量质量时，天平的晃动使烧杯中的水和酱油很容易溢出，很难测量。
24．（6分）同学们为了“探究物体吸收的热量与物质种类的关系”，利用如图所示的实验装置进行实验。并记录数据如下表所示，请你根据表中的数据回答下列问题：
（1）实验中，要在A、B两个相同的烧杯中分别加入___________相同的水和食用油（选填“质量”或“体积”）；
（2）选择两个完全相同的电加热器，本实验通过比较___________来比较两种液体吸热的多少（选填“加热时间”或“温度的变化”）；
（3）A和B两种液体的比热容关系是：___________（均选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（4）若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择___________（选填“A”或“B”）液体。假如B液体是水，则A液体的比热容为___________ J/（kg·℃）[水的比热容为]；
（5）默认水吸收的热量等于酒精燃烧释放的热量，那么计算燃料酒精的热值会___________（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】 （1）质量 （2）加热时间 （3）小于 （4）B （5）偏小
【详解】（1）[1]根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（水和食用油密度不同，根据m=ρV，体积相同的水和食用油质量不同），故实验中，要在甲、乙两个相同的烧杯中分别加入相同质量的水和食用油。
（2）[2]在实验过程中，要选择两个完全相同的电加热器，相同时间放热相同，根据转换法，本实验通过比较加热时间来比较两种液体吸热的多少。
（3）[3]由图丙知，A、B温度都升高相同温度，B所用时间更长。根据可知，质量相同，温度变化相同，B所用时间长，吸收的热量多，吸热能力强，则比热容大，即
cA＜cB
（4）[4]因B的比热容大，根据Q=cmΔt可知，在质量和降低温度相同的温度情况下，B放热多，故若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择B液体。
[5]从图中可以看到，当温度都升高到80℃时，A的加热时间为10min，B的加热时间为20min，B的加热时间是A的加热时间的2倍，则B吸收的热量为A吸收的热量的2倍；根据Q=cmΔt可知，在质量、升高的温度相同时，物质吸收的热量与物质的比热容成正比，所以B液体的比热容是A液体比热容的2倍，假如B液体是水，则A液体的比热容为
（5）[6]由于酒精完全燃烧所放出的热量，一部分被烧杯吸收，一部分散失掉，一部分被水吸收，所以水吸收的热量与酒精完全燃烧放出的热量不相等。由此可知，若是默认酒精燃烧释放的热量被水完全吸收，由Q=mq那么计算燃料酒精的热值会偏小。
25．（6分）小明用如图所示的装置做“伏安法测量小灯泡电阻”的实验，小灯泡上标有“2.5V”的字样。
(1)图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔画线代替导线补画出正确的连线（所画导线不能交叉）。
(2)电路连接正确后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，接下来的操作是（ ）（填序号）。
A．检查导线连接是否良好；
B．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；
C．更换小灯泡
(3)闭合开关，移动滑片，使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为_______Ω。
(4)图乙中的曲线A是小静同学根据测量的数据绘出的图像，曲线B是小明同学用相同的器材和电路图做这个实验时根据测量的数据绘出的图像，根据曲线B的特点分析小明连接电路时出现的错误是：_______；
(5)根据图乙可以判断出小明使用的电源电压为_______V；
(6)小明用定值电阻R替换小灯泡测试时，由于电阻R阻值较大，电流表偏转很小，测量不准确。老师告诉他：电压表相当于能显示自身两端电压的定值电阻，且阻值较大。于是他设计了图丙所示电路测量电阻R的阻值，电源电压恒为3V，定值电阻闭合开关S。并进行了如下操作：
①S1接1时，电压表示数为2.4V；
②S1接2时，电压表示数为2.0V；
③待测电阻R为_______Ω。
【答案】(1)
(2)B
(3)5
(4)电压表并联在滑动变阻器两端
(5)3
(6)1200/
【详解】（1）在“伏安法测量小灯泡电阻”实验中，滑动变阻器应与小灯泡串联，电压表应与小灯泡并联。故应去掉滑动变阻器与小灯泡右侧接线柱相连的导线，将小灯泡右侧接线柱连接到电压表“-”接线柱，据此作图。
（2）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，首先应移动滑动变阻器滑片观察小灯泡是否发光，因为有可能是滑动变阻器接入电路电阻过大，导致电路中电流过小，小灯泡不亮。如果移动滑片后小灯泡仍不亮，再检查导线连接是否良好或更换小灯泡，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（3）电流表选用0~0.6A量程，分度值0.02A，读数为，小灯泡正常发光时的电阻为
（4）曲线B的特点是电压越大、电流越小：当滑动变阻器接入电阻越大，其两端电压越大，电路总电流越小，符合B的变化规律，因此说明小明错误地将电压表接在滑动变阻器两端。
（5）串联电路总电压等于各部分电压之和，对同一电流，A的横坐标是灯泡的电压，B的横坐标是滑动变阻器的电压，由图乙可知，交点处电流相等，并且
因此电源电压
（6）接1时，与串联，两端电压为
根据串联分压规律
代入，得
接2时，与串联，两端电压为
同理
得
26．（6分）为了将放置在水平地面上重G=800N的重物提升到高处，小明同学设计了如图所示的滑轮组装置，在重物匀速上升2m的过程中拉力F的功率为200W，整个装置的机械效率为80%，（不计绳重和摩擦）。求：
(1)滑轮组做的有用功；
(2)拉力F所做的总功；
(3)若滑轮组上的绳子能承受的最大拉力500N，该滑轮组最大能提升多重的物体？
【答案】(1)
(2)
(3)
【分析】(1)根据公式求解；
(2)根据效率公式变形可求
(3)根据先可求出拉力，再根据公式求出动滑轮的重力，然后代入公式求最大重力。
【详解】（1）滑轮组做的有用功为
（2）拉力F所做的总功为
（3）由图可知，滑轮组有效绳子段数，整个装置的机械效率为80%，则有
解得绳子自由端拉力，不计绳重和摩擦，则动滑轮重力为
当滑轮组上的绳子能承受的拉力最大为500N，物体的重力最大为
27．（5分）科技小组设计了一种测量风速大小的装置，主要结构如图甲所示，从电流表指针的刻度就可以知道风速的大小。电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为，，电流表量程为0~0.6A。“T”型管道的竖直管内装有可上下自由移动的轻质活塞A，A和的滑片相连，当风速变大时，活塞上方的气压变小，活塞向上移动，的阻值随风速变化的关系如图乙所示。
(1)当风速为时，滑片位于的最下端，此时电路中的电流是___________A。
(2)某次测量时，电流表示数为0.3A，此时的风速是___________。
(3)若利用电压表（量程为0~3V）示数来显示风速的大小，其它条件不变，要求风速越大，电压表示数也越大。在图丙中接入电压表后与原装置相比，该装置所能测量风速的最大值___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
(4)若要增大该装置所能测量风速的最大值，请对电路提出两种改进措施：①___________；②___________。
【答案】(1)0.24
(2)3
(3)不变
(4) 降低电源电压 增大的阻值
【详解】（1）当风速为时，滑片位于的最下端，此时，，与串联。根据串联电路总电阻等于各电阻之和，可得总电阻
由欧姆定律可得此时电路中的电流
（2）当电流表示数为时，根据欧姆定律和串联电路特点，电源电压
即
解得
由的阻值随风速变化的关系图乙可知，当时，风速为。
（3）因为风速越大，阻值越小，根据串联电路分压原理，两端电压越小，两端电压越大，要使风速越大电压表示数越大，则电压表应并联在两端。当电压表示数最大为时，根据欧姆定律可得此时电路中电流
这与电流表量程相同，说明接入电压表后，电路允许通过的最大电流不变，即能达到的最小阻值不变，所以该装置所能测量风速的最大值不变。
（4）[1][2]要增大该装置所能测量风速的最大值，即要让能变得更小，同时电路电流不超过量程。
措施①：降低电源电压。因为电压表量程不变，当电源电压降低时，在两端电压达到电压表最大量程时，电路总电阻变小，可以变得更小，从而能测量更大风速。
措施②：增大的阻值（或在电路中串联一个定值电阻）。因为电压表量程不变，阻值增大后，在两端电压达到电压表最大量程时，电路总电阻变大，可以变得更小，也能测量更大风速。
输出电压/V
300
额定功率/kW
30
最大容量/kW∙h
30
质量/kg
320