广西南宁市2024-2025学年九年级下学期开学适应性模拟测试物理练习卷

这是一份广西南宁市2024-2025学年九年级下学期开学适应性模拟测试物理练习卷，共3页。
A．桂花花香满园B．江面雾气弥漫
C．雪花漫天飘舞D．风起落叶纷飞
2．（2024秋•西乡塘区校级月考）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）
A．物体吸收了热量，温度可能不变
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．温度为0℃的物体没有内能
D．物体内能减少时，一定对外做功
3．（2024秋•青秀区校级月考）2024年4月20日，我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。图中内燃机的四个冲程结束时，气缸内气体的内能增大的是（ ）
A．B．
C．D．
4．（2024•西乡塘区校级开学）如图所示，用酒精灯对试管加热，等水沸腾后，可以看到蒸汽把软木塞顶跑。下列说法正确的是（ ）
A．用酒精灯加热试管，水内能的增加是通过做功的方式实现的
B．蒸气把软木塞顶跑的过程，实现了内能向机械能的转化
C．蒸气把软木塞顶跑的过程，相当于汽油机的排气冲程
D．试管口出现的白雾是水汽化后形成的水蒸气
5．（2024秋•南宁期中）在常温下将下面几种物质接到图中A、B两点间，能使灯泡发光的是（ ）
A．铅笔芯B．塑料直尺C．橡胶棒D．干木筷子
6．（2024秋•西乡塘区校级月考）为确保安全，某品牌电动车须拧动钥匙（相当于闭合开关S1）且按下按键（相当于闭合开关S2）才能启动。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
7．（2024秋•南宁期中）如图所示为滑动变阻器的四种接线方式示意图，当滑片P向左移动时，电路中的电阻变大的是（ ）
A．B．
C．D．
8．（2024•兴宁区校级模拟）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
9．（2024秋•南宁期末）在“探究电流与电压的关系”实验中，分别用电阻R1、R2进行实验，并根据各自的实验数据绘制出如图所示的I﹣U关系图象，由图可知（ ）
A．R1＞R2
B．R1＜R2
C．通过导体的电流与导体两端的电压成反比
D．将它们串联接到同一电路中，通过R1的电流较大
10．（2022秋•南宁月考）如图甲所示是高铁上烟雾报警器的简化原理图，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值与光照强度的关系如图乙所示。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，下列说法正确的是（ ）
A．光敏电阻R的阻值减小
B．电流表的示数增大
C．电压表的示数增大
D．电压表的示数不变
11．（2024•青秀区校级开学）如图所示是一种电能表，下列说法中正确的是（ ）
A．电能表是测量电功率的仪表
B．铝盘转得越快说明电流做功越快
C．该电能表的读数为3021kW•h
D．铝盘每转过1500转电路消耗电能2kW•h
12．（2023•青秀区校级二模）用如图所示的实验装置探究“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”，装置中铜丝与镍铬合金丝的长度与横截面积均相同。关于此实验以下说法中不正确的是（ ）
A．通过比较温度计变化的示数来比较电流产生热量的多少
B．甲、乙两瓶中可以装质量相同的不同液体
C．该实验装置可以探究通电导体产生的热量与电阻的关系
D．增加秒表，该实验装置还可以探究通电导体产生的热量与电流的关系
二．填空题（共8小题）
13．（2024•兴宁区校级模拟）如图所示，这是我国古老的医疗技法─刮痧，当刮痧板在身体上刮动时，身体会感觉到热，这是通过 方式增加身体的内能；刮痧时要在皮肤上涂一些药油，当体表温度升高后，药油渗入人体的速度加快，这说明分子的热运动与物体的 有关。
14．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图所示是一定质量的某种物质在熔化时温度随时间变化的图象，t1时物体的内能 （填“大于”“等于”或“小于”）t2时物体的内能。若相同时间内该物质吸收热量相等，由图象可知，这种物质液态时的比热容 （填“大于”“等于”或“小于”）固态时的比热容。
15．（2024秋•青秀区校级月考）体积为0.28m3、热值为3.6×107J/m3的煤气完全燃烧放出的热量为 J，若这些热量的10%被温度为30℃、质量为3kg的水吸收，已知当地气压为一标准大气压，则水的末温为 ℃。
16．（2024秋•青秀区校级月考）航天航空用液态氢作燃料发射火箭是因为液态氢的 大；现有甲、乙两种物质，其质量之比是3：5，比热容之比是3：2，则升高相同温度时吸收的热量之比是 。
17．（2024秋•青秀区校级月考）如图所示的插线板中，a接电源，b接台灯，c接电风扇，两个正常工作的用电器连接方式是 联。若关闭电风扇，a处的电流 （选填“减小”、“增大”或“不变”）。
18．（2024•南宁模拟）如图，将白炽灯灯丝接入电路，闭合开关后小灯泡发光，通过白炽灯灯丝和小灯泡的电流 （选填“相等”或“不相等”）；加热灯丝，小灯泡变暗，说明温度越高导体电阻越 。
19．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图为灯泡L和定值电阻R的I﹣U图象，若将L和R并联在电源电压为3V的电路中，干路电流为 A；若将其串联在电源电压为4V的电路中，L和R的阻值之比为 。
20．（2024秋•兴宁区校级月考）如图所示为电烤炉的简化电路图，阅读说明书后得知：R1、R2均为电热丝，R1＝44Ω，R2＝66Ω。当开关S1闭合，S2处于不同状态时，电烤炉处于不同挡位，闭合S1、S2时，电烤炉处于 挡状态（选填“低温”、“高温”）；电烤炉分别处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比为 （忽略温度对电阻的影响）。
三．实验探究题（共3小题）
21．（2024秋•青秀区校级月考）如图所示，甲、乙、丙三个装置完全相同，燃料的质量都是10g：
（1）实验中，液体1、2的 和初温相同；燃料燃烧时，化学能转化为 能；
（2）为了比较不同物质的吸热能力，应选择 两装置进行实验，并通过 （选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映不同物质吸热的多少；
（3）同时点燃甲、丙两装置中的燃料，对初温都相等的液体1进行加热，通过观察温度计示数的变化判断燃料a、b的热值大小。当燃料a、b全部燃烧完后，甲装置中温度计的示数是80℃，丙装置中温度计的示数是90℃，由此判断燃料 （选填“a”或“b”）的热值较大；
（4）若液体1是水，根据记录的数据，先计算出水吸收的热量，再计算出燃料a、b的热值，该计算结果 （选填“不变”、“偏大”或“偏小”），原因是 。
22．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图甲所示是“探究影响导体电阻大小的因素”的实验，在实验中使用四根电阻丝，其规格如表。
（1）实验中通过观察灯泡的亮度来比较导体电阻大小，此处用到的实验方法是 法；
（2）分别将编号为 的两根电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的材料有关；
（3）分别将编号为B、C的电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的 有关；
（4）实验过程中，某同学更换电阻丝后发现小灯泡的亮度变化不明显，改进的措施是： ；
（5）如图乙所示，将灯丝接入电路，闭合开关后灯泡发光，给灯丝缓慢加热，小灯泡亮度将变 （选填“暗”或“亮”），这现象说明灯丝电阻与温度有关，随温度升高而 （选填“增大”或“减小”）；
（6）很多地区进行家庭供电线路改造，把电线换成更粗的，原因是在材料和长度一定的条件下，粗的导线电阻更 （选填“大”或“小”），在导线上损失的电能更少。
23．（2024秋•兴宁区校级月考）实验小组在测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率时，选择了电压恒定的电源、滑动变阻器、电压表和电流表等器材，设计了如图甲所示的电路。
（1）按图甲所示的电路正确连接，闭合开关前，电压表示数乙所示，接下来的正确操作是将电压表的指针 ；
（2）适当移动滑片，当电压表的示数为2V时，为了测小灯泡的额定功率，应使滑动变阻器连入电路的阻值 （选填“变大”或“变小”）。
（3）实验结束后，有同学提出可以用小灯泡代替定值电阻来探究“电流与电压的关系”，老师指出这样操作是 （选填“可行”或“不可行”）的，原因是小灯泡的电阻随 的变化而变化。
（4）另一个实验小组使用的电压表损坏了，于是他们用一个电流表测量额定电压为U额的小灯泡L2的额定功率，如图丙，已知定值电阻的阻值为R0、电源电压未知。请你完成下面的步骤：
①只闭合开关S和S1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光。
② ，滑动变阻器滑片位置 （选填“保持不动”、“向右移动”或“向左移动”），读出电流表的计数为I。
③小灯泡L2的额定功率表达式为：P额＝ （用U额、R0、I表示）。
四．计算题（共2小题）
24．（2024秋•兴宁区月考）为了测量某种液体的比热容，把质量为1kg的铁块加热到80℃后，迅速投入质量为2kg、温度为20℃的待测液体中，混合后的共同温度是30℃，不计热量损失，铁的比热容c铁＝0.46×103J/（kg•℃）。求：
（1）铁块降低的温度；
（2）铁块放出的热量；
（3）这种液体的比热容。
25．（2024春•西乡塘区校级月考）如图甲所示电路，R为压敏电阻，其电阻随着压力的变化如图乙所示。电源电压保持不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压敏电阻所受压力F1＝30N时，电路中的电流为I；当压敏电阻所受压力F2＝40N时，电路中的电流为I2；且I1与I2相差0.12A。求：
（1）R0的阻值；
（2）当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量；
（3）电源电压U。
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．（2024秋•南宁期中）下列现象中能说明分子在不停地做无规则运动的是（ ）
A．桂花花香满园B．江面雾气弥漫
C．雪花漫天飘舞D．风起落叶纷飞
【考点】分子热运动和机械运动的比较．
【专题】分子热运动、内能；应用能力．
【答案】A
【分析】注意分子运动和机械运动的区别，分子是看不见的，小颗粒是看得见的。
【解答】解：A、花香满园，是花香的分子不停无规则运动的结果，故A正确；
B、雾气弥漫是机械运动，并非分子的运动，故B错误；
C、雪花飘飘是机械运动，并非分子的运动，故C错误；
D、落叶纷纷是机械运动，并非分子运动，故D错误。
故选：A。
【点评】由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
2．（2024秋•西乡塘区校级月考）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）
A．物体吸收了热量，温度可能不变
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．温度为0℃的物体没有内能
D．物体内能减少时，一定对外做功
【考点】温度、内能、热量的关系．
【专题】定性思想；分子热运动、内能．
【答案】A
【分析】（1）物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递。
（3）一切物体都具有内能。
【解答】解：A、物体吸收了热量，温度可能不变，例如：晶体在熔化的过程中吸热，内能增大，但温度不变，故A正确；
B、物体的温度升高，内能增大，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功引起的，故B错误；
C、一切物体都具有内能。因此温度为0℃的物体也有内能，故C错误；
D、改变物体内能的方式有做功和热传递，因此物内能减少时，可能是对外做功，也可能是降低了温度，故D错误；
故选：A。
【点评】本题主要考查学生对影响内能因素的掌握，改变内能的两种方式的理解，是热学的难点，是中考的热点。
3．（2024秋•青秀区校级月考）2024年4月20日，我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。图中内燃机的四个冲程结束时，气缸内气体的内能增大的是（ ）
A．B．
C．D．
【考点】四冲程的能量转化．
【专题】应用题；比热容、热机、热值；应用能力．
【答案】C
【分析】工作过程中能量的转化：
①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：内能→机械能。
【解答】解：压缩冲程中，机械能转化为内能，内能增大；做功冲程中，内能转化为机械能，内能减小，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点以及能量转化进行分析解答。
4．（2024•西乡塘区校级开学）如图所示，用酒精灯对试管加热，等水沸腾后，可以看到蒸汽把软木塞顶跑。下列说法正确的是（ ）
A．用酒精灯加热试管，水内能的增加是通过做功的方式实现的
B．蒸气把软木塞顶跑的过程，实现了内能向机械能的转化
C．蒸气把软木塞顶跑的过程，相当于汽油机的排气冲程
D．试管口出现的白雾是水汽化后形成的水蒸气
【考点】四冲程的能量转化；液化的概念及现象；热传递改变物体的内能；内能的利用及意义．
【专题】汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能；比热容、热机、热值；理解能力．
【答案】B
【分析】（1）水吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变其内能的；
（2）蒸气把软木塞冲出去，水蒸气的部分内能转化为软木塞的机械能；
（3）汽油机在做功冲程中，将燃气的内能转化为活塞的机械能；
（4）白雾是水蒸气液化后形成的水雾。
【解答】解：A、用酒精灯加热试管，水吸收热量，水的内能增加，是通过热传递的方式实现的，故A错误；
BC、蒸气把软木塞冲出去，水蒸气的部分内能转化为软木塞的机械能，实现了内能向机械能的转化，故B正确；
这一过程，相当于汽油机的做功冲程，故C错误；
D、试管口出现的白雾，是水蒸气液化后形成的水雾，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查内能的改变方式和物态变化，内燃机的工作过程等基础知识，难度不大。
5．（2024秋•南宁期中）在常温下将下面几种物质接到图中A、B两点间，能使灯泡发光的是（ ）
A．铅笔芯B．塑料直尺C．橡胶棒D．干木筷子
【考点】常见的导体与绝缘体；导体与绝缘体的概念．
【专题】应用题；电压和电阻；理解能力．
【答案】A
【分析】容易导电的物体叫导体，如金属、人体、大地等；不容易导电的物体叫绝缘体，如塑料、橡胶、陶瓷等。
【解答】解：塑料直尺、橡胶棒、干木筷子是绝缘体，不能使灯泡亮起来，铅笔芯是导体，能使灯泡亮起来。
故选：A。
【点评】对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。
6．（2024秋•西乡塘区校级月考）为确保安全，某品牌电动车须拧动钥匙（相当于闭合开关S1）且按下按键（相当于闭合开关S2）才能启动。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【考点】串并联电路的设计．
【专题】电流和电路；应用能力．
【答案】A
【分析】由题意可知，只有开关S1和S2同时闭合时，电动机才能工作，由此可知，两个开关相互影响，应串联在电路中，控制电动机。
【解答】解：由题意可知，只有开关S1和S2同时闭合时，电动机才能工作，由此可知，两个开关相互影响，应串联在电路中，控制电动机，故A符合要求。
故选：A。
【点评】本题考查串、并联电路的设计，明确设计要求是关键。
7．（2024秋•南宁期中）如图所示为滑动变阻器的四种接线方式示意图，当滑片P向左移动时，电路中的电阻变大的是（ ）
A．B．
C．D．
【考点】滑动变阻器的两种等效接法．
【专题】应用题；电压和电阻；应用能力．
【答案】D
【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”。哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的。若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大；若接右下接线柱，滑片向右移动，电阻变小。
【解答】解：当滑片P向左移动时，电路中的电阻变大，即接入电路的下面的电阻丝的长度变长。
A、接线柱C、D接入电路，此时相当于滑动变阻器的电阻完全没有接入电路，当滑片P向左移动时，不能改变接入电路的电阻大小，故A不符合题意；
B、接线柱A、D接入电路，当滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝AP的长度变短，所以电路中的电阻变小，故B不符合题意；
C、接线柱A、B接入电路，整个电阻丝全部接入电路，无论滑片P如何移动，滑动变阻器接入电路的电阻值都为滑动变阻器的最大阻值，不发生变化，故C不符合题意；
D、接线柱B、D接入电路，滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝PB的长度变长，所以电路中的电阻变大，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在。
8．（2024•兴宁区校级模拟）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
【考点】电阻大小与导线长度、横截面积、材料之间的关系．
【专题】应用题；电压和电阻；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，铅笔芯是导体，塑料吸管是绝缘体；
（2）电源电压不变，接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，灯泡会越暗；
（3）铅笔芯通过改变接入电路的长度来改变接入电路的阻值；
（4）电阻是导体自身的一种性质。
【解答】解：A．铅笔芯是导体，容易导电，塑料吸管是绝缘体，不容易导电，因此把铅笔芯换成塑料吸管后灯泡不会亮，故A错误；
B．电源电压不变，接入电路电阻变大时，电路中的电流就会变小，灯泡会变暗，因此可以通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小，故B正确；
C．当B夹子左右移动时，因铅笔芯接入电路的长度发生变化，因此接入电路的阻值发生变化，故C错误；
D．电阻是导体自身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与电压、电流无关，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了导体和绝缘体、影响电阻的因素，属常规题型。
9．（2024秋•南宁期末）在“探究电流与电压的关系”实验中，分别用电阻R1、R2进行实验，并根据各自的实验数据绘制出如图所示的I﹣U关系图象，由图可知（ ）
A．R1＞R2
B．R1＜R2
C．通过导体的电流与导体两端的电压成反比
D．将它们串联接到同一电路中，通过R1的电流较大
【考点】探究电流与电压的关系．
【专题】欧姆定律；分析、综合能力．
【答案】B
【分析】由图象可知，两电阻两端的电压相等时通过他们的电流关系，根据欧姆定律可知：电压一定时，电流与电阻成反比即可判断两电阻的大小关系；串联电路中电流处处相等。
【解答】解：AB、由图象可知，两电阻两端的电压相等时，通过R1的电流大于通过R2的电流，即I1＞I2，由I＝可知，电压一定时，电流与电阻成反比，则R1＜R2，故A错误，B正确；
C、由I＝可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故C错误；
D、将它们串联接到同一电路中，根据串联电路中电流相等可知，通过R1、R2的电流一样大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律内容的理解与掌握，关键是会利用控制变量法分析图象得出相关信息。
10．（2022秋•南宁月考）如图甲所示是高铁上烟雾报警器的简化原理图，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值与光照强度的关系如图乙所示。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，下列说法正确的是（ ）
A．光敏电阻R的阻值减小
B．电流表的示数增大
C．电压表的示数增大
D．电压表的示数不变
【考点】动态电路的分析．
【专题】应用题；欧姆定律；应用能力．
【答案】C
【分析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度的减弱，光敏电阻R的阻值增大，根据串联电阻的规律判断总电阻变化，由欧姆定律分析电路中电流变化，根据串联分压原理得出电压表示数变化。
【解答】解：图甲中，闭合开关，R、R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻R两端的电压；当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时，光照强度减小，由图乙可知，光敏电阻R的阻值变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据串联分压原理可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，从题干中获取有用的信息是关键。
11．（2024•青秀区校级开学）如图所示是一种电能表，下列说法中正确的是（ ）
A．电能表是测量电功率的仪表
B．铝盘转得越快说明电流做功越快
C．该电能表的读数为3021kW•h
D．铝盘每转过1500转电路消耗电能2kW•h
【考点】电能表的计算；电能表的读数．
【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）电能表是测量消耗电能的仪表；
（2）电能表的转盘（铝盘）转得越快，表示消耗的电能（电流做功）越快；
（3）电能表读数时注意最后一位是小数位，单位是kW•h；
（4）3000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转3000转，据此求铝盘每转过1500转电路消耗的电能。
【解答】解：
A、电能表是测量用电器消耗的电能的，不是测量电功率，故A错误；
B、电能表的铝盘转得越快，表示消耗的电能越快，即电流做功越快，故B正确；
C、电能表的读数是302.1kW•h，故C错误；
D、3000r/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转3000转，铝盘每转过1500转电路消耗的电能W＝kW•h＝0.5kW•h，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查电能表的作用、读数方法，以及对电能表相关参数的理解，属于基础题目。
12．（2023•青秀区校级二模）用如图所示的实验装置探究“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”，装置中铜丝与镍铬合金丝的长度与横截面积均相同。关于此实验以下说法中不正确的是（ ）
A．通过比较温度计变化的示数来比较电流产生热量的多少
B．甲、乙两瓶中可以装质量相同的不同液体
C．该实验装置可以探究通电导体产生的热量与电阻的关系
D．增加秒表，该实验装置还可以探究通电导体产生的热量与电流的关系
【考点】电阻产生热量多少的表现；探究影响电流通过导体时产生热量的因素．
【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）电流通过电阻丝做功，消耗电能转化为内能，产生的热量被液体吸收，液体吸收热量的多少我们直接看不到，但液体吸收热量温度升高，本实验是通过温度计的示数变化反应电流产生的热量多少（转换法）；
（2）“研究不同物质的吸热能力”时，应控制热源相同，吸收热量相同，甲、乙两瓶中应该选择质量相同的不同液体；
（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电流不变时，是探究电流产生热量跟电阻的关系；在通电时间和电阻大小不变时，是探究电流产生热量跟电流的关系。
【解答】解：A、通过比较温度计变化的示数来比较电流产生热量的多少，故A正确；
B、如果甲、乙两瓶中装质量相同的不同液体，不能控制吸收热量相同，则升高的温度不能代表产生电热的多少，故B错误；
C、由图示实验可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻阻值不同，此装置可以探究电流产生的热量与电阻的关系，故C正确；
D、由图可知，通过调节滑动变阻器滑片，可以改变通过电阻丝的电流，通过秒表可以控制加热的时间，使吸收热量相同，所以能研究导体产生的热量与电流的关系，故D正确。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律公式的理解和掌握。
二．填空题（共8小题）
13．（2024•兴宁区校级模拟）如图所示，这是我国古老的医疗技法─刮痧，当刮痧板在身体上刮动时，身体会感觉到热，这是通过 做功 方式增加身体的内能；刮痧时要在皮肤上涂一些药油，当体表温度升高后，药油渗入人体的速度加快，这说明分子的热运动与物体的 温度 有关。
【考点】热传递改变物体的内能；分子的热运动；温度对分子热运动的影响．
【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力．
【答案】做功；温度。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；对物体做功，物体内能增加；
（2）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动的速度越快。
【解答】解：
当刮痧板在身体上刮动时，刮痧板与身体摩擦做功，通过做功方式增加内能，身体会感觉到热；
当体表温度升高后，药物分子无规则运动的速度加快，所以渗入人体的速度加快，说明分子的热运动与物体的温度有关。
故答案为：做功；温度。
【点评】本题考查了对做功改变物体内能和分子无规则运动的理解和应用，属于基础知识的考查。
14．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图所示是一定质量的某种物质在熔化时温度随时间变化的图象，t1时物体的内能 小于 （填“大于”“等于”或“小于”）t2时物体的内能。若相同时间内该物质吸收热量相等，由图象可知，这种物质液态时的比热容 大于 （填“大于”“等于”或“小于”）固态时的比热容。
【考点】比热容的概念；晶体熔化的特点．
【专题】温度计、熔化和凝固；应用能力；分析、综合能力．
【答案】小于；大于
【分析】由图知，该物质在熔化过程中，温度保持不变，所以该物质为晶体。在AB段，该物质处于熔化过程中，不断吸收热量，内能增大，由此可知物体前、后内能的大小关系；
相同时间内该物质吸收热量相等，由图象可知，物质固态时升温快，液态时升温慢，由此可知这种物质液态时的比热容与固态时的比热容关系。
【解答】解：由图知，该物质在熔化过程中，温度保持不变，所以该物质为晶体。在AB段，该物质处于熔化过程中，不断吸收热量，内能增大，故t1时物体的内能小于t2时物体的内能；
相同时间内该物质吸收热量相等，由图象可知，物质固态时（OA段）升温快，液态时（BC段）升温慢，因此这种物质液态时的比热容大于固态时的比热容。
故答案为：小于；大于。
【点评】本题考查物质熔化的特点和比热容大小的比较，根据图像得出正确信息是关键。
15．（2024秋•青秀区校级月考）体积为0.28m3、热值为3.6×107J/m3的煤气完全燃烧放出的热量为 1.008×107 J，若这些热量的10%被温度为30℃、质量为3kg的水吸收，已知当地气压为一标准大气压，则水的末温为 100 ℃。
【考点】气体的热值计算；沸点及气压影响液体沸点；比热容的计算公式．
【专题】计算题；比热容、热机、热值；应用能力．
【答案】1.008×107；100。
【分析】知道煤气的体积和热值，根据Q放＝Vq求出煤气完全燃烧放出的热量，利用η＝×100%求出水吸收的热量，再利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水的末温。
【解答】解：煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝0.28m3×3.6×107J/m3＝1.008×107J；
由η＝×100%可得，水吸收的热量：
Q吸＝ηQ放＝10%×1.008×107J＝1.008×106J，
由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，水的末温：
t＝+t0＝+30℃＝110℃，
因当地气压为一标准大气压，水的沸点为100℃，故水的末温为100℃。
故答案为：1.008×107；100。
【点评】本题考查了燃料完全燃烧释放热量公式和效率公式以及吸热公式的应用，是一道较为简单的计算题。
16．（2024秋•青秀区校级月考）航天航空用液态氢作燃料发射火箭是因为液态氢的 热值 大；现有甲、乙两种物质，其质量之比是3：5，比热容之比是3：2，则升高相同温度时吸收的热量之比是 9：10 。
【考点】燃料热值的概念；利用比热容的公式计算热量．
【专题】其他综合题；理解能力．
【答案】热值；9：10。
【分析】热值是燃料的一种特性，它表示单位质量的某种燃料完全燃烧时所释放出的热量。在质量相同的情况下，热值大的燃料完全燃烧时释放的热量多。物体的温度升高时吸收热量为：Q吸＝cm（t﹣t0），物体的温度降低时放出的热量为：Q放＝cm（t0﹣t），利用公式计算。
【解答】解：航天航空用液态氢作燃料发射火箭，是因为液态氢的热值大。热值是燃料的一种特性，它表示单位质量的某种燃料完全燃烧时所释放出的热量。在质量相同的情况下，热值大的燃料完全燃烧时释放的热量多，因此液态氢被选作航天航空的燃料。
甲、乙两种物质吸收热量的计算。已知甲、乙两种物质的质量之比是3：5，比热容之比是3：2，并且它们升高的温度是相同的。
根据热量的计算公式Q＝cmΔt，我们可以得出甲、乙两种物质吸收热量的比值为：
；
将已知的质量之比和比热容之比代入上式，得：
；
所以，甲、乙两种物质升高相同温度时吸收的热量之比是9：10。
故答案为：热值；9：10。
【点评】本题主要考查了燃料热值的概念以及热量计算公式的应用，属于基础题。
17．（2024秋•青秀区校级月考）如图所示的插线板中，a接电源，b接台灯，c接电风扇，两个正常工作的用电器连接方式是 并 联。若关闭电风扇，a处的电流 减小 （选填“减小”、“增大”或“不变”）。
【考点】并联电路中的电流规律；串联和并联的概念与辨析．
【专题】应用题；电流和电路；应用能力．
【答案】并；减小
【分析】根据题意和图示可知，台灯和电风扇并联，a点在干路上，b、c两点在两条支路上，根据并联电路的电流特点分析。
【解答】解：根据题意可知这是家庭电路的一部分，在家庭电路中台灯和电风扇是并联的；图中a点在干路上，b、c两点在两条支路上；并联电路电流的特点是干路电流等于各支路电流之和，因此有Ia＝Ib+Ic，若关闭电风扇，少了Ic，则a处的电流减小。
故答案为：并；减小。
【点评】此题考查了并联电路的电流规律，明确并联电路中干路电流等于各支路电流之和是解答本题的关键。
18．（2024•南宁模拟）如图，将白炽灯灯丝接入电路，闭合开关后小灯泡发光，通过白炽灯灯丝和小灯泡的电流 相等 （选填“相等”或“不相等”）；加热灯丝，小灯泡变暗，说明温度越高导体电阻越 大 。
【考点】温度对导体电阻的影响；串联电路中的电流规律．
【专题】电压和电阻；分析、综合能力．
【答案】相等；大。
【分析】串联电路中电流处处相等，灯泡的亮度变暗，说明电流变小，可知电路中的电阻变大，根据实验条件的变化以及现象进行分析。
【解答】解：将白炽灯灯丝接入电路，闭合开关后小灯泡发光，通过白炽灯灯丝和小灯泡的电流相等；加热灯丝，温度升高，小灯泡变暗，说明电流变小，可知电路中的电阻变大，说明温度越高导体电阻越大。
故答案为：相等；大。
【点评】本题考查串联电路的特点和电阻的有关因素，属于基础题。
19．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图为灯泡L和定值电阻R的I﹣U图象，若将L和R并联在电源电压为3V的电路中，干路电流为 0.6 A；若将其串联在电源电压为4V的电路中，L和R的阻值之比为 1：3 。
【考点】欧姆定律的简单计算；并联电路中的电流规律．
【专题】定量思想；欧姆定律；应用能力．
【答案】0.6；1：3。
【分析】（1）由并联电路的电压特点，结合图象可知此时通过L和R的电流大小，再由并联电路的电流特点得出干路的电流；
（2）将L和R串联在电源电压为4V的电路中，根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端电压之和等于电源电压，由图可知此时灯泡的电压和电阻的电压，根据欧姆定律得到电阻之比。
【解答】解：并联电路各个支路两端的电压相等，由图可知，当电源电压为3V时，通过R的电流为0.2A，通过L的电流为0.4A，则干路的电流为：I'＝IR+IL＝0.2A+0.4A＝0.6A；
将L和R串联在电源电压为4V的电路中，串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端电压之和等于电源电压，由图可知当I＝0.2A时，UL＝1V，UR＝3V，
则L与R的阻值之比为。
故答案为：0.6；1：3。
【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
20．（2024秋•兴宁区校级月考）如图所示为电烤炉的简化电路图，阅读说明书后得知：R1、R2均为电热丝，R1＝44Ω，R2＝66Ω。当开关S1闭合，S2处于不同状态时，电烤炉处于不同挡位，闭合S1、S2时，电烤炉处于 高温 挡状态（选填“低温”、“高温”）；电烤炉分别处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比为 5：3 （忽略温度对电阻的影响）。
【考点】电功率的综合计算；电功与电能的计算；电功率多档位问题．
【专题】电能和电功率；分析、综合能力．
【答案】高温；5：3。
【分析】（1）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；
（2）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出两状态时电路中的电流，根据W＝UIt求出两状态时电路在相同时间内所消耗的电能之比。
【解答】解：A、当S1闭合，S2断开，R1、R2串联；当S1、S2闭合时，R1被短路，电路为R2的简单电路；
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P＝UI＝可知，当S1、S2闭合时，电路为R2的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电烤炉为高温挡；
B、电烤炉处于高温挡时，电路为R2的简单电路，电路中的电流：I高＝＝＝A，
电烤炉处于低温挡时，R1、R2串联，电路中的电流：I低＝＝＝＝2A，
由W＝UIt可知，电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比：
W高：W低＝UI高t：UI低t＝A：2A＝5：3。
故答案为：高温；5：3。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率和电功公式的灵活运用，正确的判断电烤炉处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
三．实验探究题（共3小题）
21．（2024秋•青秀区校级月考）如图所示，甲、乙、丙三个装置完全相同，燃料的质量都是10g：
（1）实验中，液体1、2的 质量 和初温相同；燃料燃烧时，化学能转化为 内 能；
（2）为了比较不同物质的吸热能力，应选择 甲、乙 两装置进行实验，并通过 加热时间 （选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映不同物质吸热的多少；
（3）同时点燃甲、丙两装置中的燃料，对初温都相等的液体1进行加热，通过观察温度计示数的变化判断燃料a、b的热值大小。当燃料a、b全部燃烧完后，甲装置中温度计的示数是80℃，丙装置中温度计的示数是90℃，由此判断燃料 b （选填“a”或“b”）的热值较大；
（4）若液体1是水，根据记录的数据，先计算出水吸收的热量，再计算出燃料a、b的热值，该计算结果 偏小 （选填“不变”、“偏大”或“偏小”），原因是 给水加热时有热损失，且燃烧不可能完全燃烧 。
【考点】比较不同燃料的热值大小；比较不同物质吸热的情况．
【专题】比热容、热机、热值；实验基本能力．
【答案】（1）质量；内；（2）甲、乙；加热时间；（3）b；（4）偏小；给水加热时有热损失，且燃烧不可能完全燃烧。
【分析】（1）比较不同燃料的燃烧值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；燃料完全燃烧释放的热量可以通过液体温度计示数变化来反映；燃料燃烧后，化学能转化为内能。
（2）比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同；物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反映；根据控制变量法的要求分析答题。
（3）根据水温的变化情况比较酒精和汽油放出热量的多少，然后根据Q放＝mq的变形公式q＝判断热值的大小；
（4）实际测量热值时，由于燃料完全燃烧的热量不可能全部被水吸收，有热量损失，因此测量值会比真实值小。
【解答】解：
（1）液体吸收热量后温度的变化，与吸热的多少及质量有关，所以还要控制两杯液体的质量相等；燃料燃烧后，化学能转化为内能；
（2）比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同，应选择甲、乙两图进行实验；
不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
（3）当甲、丙两装置的燃料完全燃烧完后，甲装置中温度计读数是80℃，而丙装置的读数是90℃．根据公式Q吸＝cmΔt可知，燃料b加热的那杯液体吸热多，说明在质量相同时燃料b放出的热量较多，由q＝可判断燃料b的热值大于燃料a的热值；
（4）由于给水加热时有热损失，且燃烧不可能完全燃烧，因此根据Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量要比燃料完全燃烧放出的热量小，利用这个热量和公式q＝计算出燃料a和燃料b的热值偏小。
故答案为：（1）质量；内；（2）甲、乙；加热时间；（3）b；（4）偏小；给水加热时有热损失，且燃烧不可能完全燃烧。
【点评】本题考查了控制变量法的应用，熟练应用控制变量法是正确解题的关键。
22．（2024秋•西乡塘区校级月考）如图甲所示是“探究影响导体电阻大小的因素”的实验，在实验中使用四根电阻丝，其规格如表。
（1）实验中通过观察灯泡的亮度来比较导体电阻大小，此处用到的实验方法是 转换 法；
（2）分别将编号为 A、B 的两根电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的材料有关；
（3）分别将编号为B、C的电阻丝接入电路进行实验，可得出结论：导体的电阻大小与导体的 横截面积 有关；
（4）实验过程中，某同学更换电阻丝后发现小灯泡的亮度变化不明显，改进的措施是： 在电路中串联一个电流表 ；
（5）如图乙所示，将灯丝接入电路，闭合开关后灯泡发光，给灯丝缓慢加热，小灯泡亮度将变 暗 （选填“暗”或“亮”），这现象说明灯丝电阻与温度有关，随温度升高而 增大 （选填“增大”或“减小”）；
（6）很多地区进行家庭供电线路改造，把电线换成更粗的，原因是在材料和长度一定的条件下，粗的导线电阻更 小 （选填“大”或“小”），在导线上损失的电能更少。
【考点】探究影响电阻大小的因素．
【专题】实验题；欧姆定律；实验基本能力．
【答案】（1）转换；（2）A、B；（3）横截面积；（4）在电路中串联一个电流表；（5）暗；增大；（6）小。
【分析】（1）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫做转换法；
（2）（3）研究一个变量控制其他变量不变这是控制变量法；
影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
（4）电流表可较准确的测量电流大小；
（5）灯丝电阻与温度有关，随温度升高而增大；
（6）在材料和长度一定的条件下，导体的横截面积越大，电阻越小。
【解答】解：（1）将不同的电阻丝接入电路，电流大小不同，灯泡亮度不同，因此实验中是通过观察灯泡亮度来比较电阻大小的，这种研究问题的方法叫做转换法；
（2）要探究导体的电阻与导体材料的关系，应控制长度和横截面积相同，而材料不同，因此应将编号为A、B的电阻丝接入电路进行实验；
（3）如果选用编号为B、C两根电阻丝进行实验，即此时的长度和材料相同，但横截面积不同，故是为了验证导体的电阻与横截面积的关系；
（4）发现小灯泡的亮度变化不明显，则电路的电流变化较小；由于电流表能精确测量电流的大小，所以可在电路中串联一个电流表完成实验；
（5）如图乙所示，将灯丝接入电路，闭合开关后灯泡发光，给灯丝缓慢加热，小灯泡亮度将变暗，这现象说明灯丝电阻与温度有关，随温度升高而增大；
（6）很多地区进行家庭供电线路改造，把电线换成更粗的，原因是在材料和长度一定的条件下，横截面积越大，电阻越小，实验粗的导线电阻更小。
故答案为：（1）转换；（2）A、B；（3）横截面积；（4）在电路中串联一个电流表；（5）暗；增大；（6）小。
【点评】本题是一道实验题，考查了影响导体对电流的阻碍作用与导体的长度和横截面积的关系，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
23．（2024秋•兴宁区校级月考）实验小组在测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率时，选择了电压恒定的电源、滑动变阻器、电压表和电流表等器材，设计了如图甲所示的电路。
（1）按图甲所示的电路正确连接，闭合开关前，电压表示数乙所示，接下来的正确操作是将电压表的指针 调零 ；
（2）适当移动滑片，当电压表的示数为2V时，为了测小灯泡的额定功率，应使滑动变阻器连入电路的阻值 变小 （选填“变大”或“变小”）。
（3）实验结束后，有同学提出可以用小灯泡代替定值电阻来探究“电流与电压的关系”，老师指出这样操作是 不可行 （选填“可行”或“不可行”）的，原因是小灯泡的电阻随 温度 的变化而变化。
（4）另一个实验小组使用的电压表损坏了，于是他们用一个电流表测量额定电压为U额的小灯泡L2的额定功率，如图丙，已知定值电阻的阻值为R0、电源电压未知。请你完成下面的步骤：
①只闭合开关S和S1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光。
② 只闭合开关S和S2 ，滑动变阻器滑片位置 保持不动 （选填“保持不动”、“向右移动”或“向左移动”），读出电流表的计数为I。
③小灯泡L2的额定功率表达式为：P额＝ U额×（I﹣） （用U额、R0、I表示）。
【考点】用电流表和定值电阻测灯泡的电功率；伏安法测量小灯泡的电功率．
【专题】实验题；欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力．
【答案】（1）调零；（2）变小；（3）不可行；温度；（4）②只闭合开关S和S2；保持不动；③U额×（I﹣）。
【分析】（1）电表使用前要调零；
（2）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（3）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大，据此分析；
（4）要测小灯泡额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P＝UI求出灯泡额定功率。
【解答】解：（1）闭合开关前，电压表示数乙所示，即电压表指针没有与零刻度线对齐，故接下来的正确操作是将电压表的指针调零；
（2）适当移动滑片，当电压表的示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值；
（3）在探究“电流与电压的关系”实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大，故不能用小灯泡代替定值电阻来探究“电流与电压的关系”；
（4）实验步骤：
①只闭合开关S和S1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S2，滑动变阻器滑片位置保持不动，读出电流表的计数为I；
③在步骤①中，灯泡和R0并联，电流表测定值电阻的电流，由欧姆定律，定值电阻的电压为：
U0＝I0R0＝×R0＝U额，根据并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，此时灯正常发光；
在步骤②中，电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：
I额＝I﹣I0＝I﹣，
则小灯泡L2的额定功率表达式为：
P额＝U额I额＝U额×（I﹣）。
故答案为：（1）调零；（2）变小；（3）不可行；温度；（4）②只闭合开关S和S2；保持不动；③U额×（I﹣）。
【点评】本题测小灯泡L的额定功率实验，考查了电表的使用、实验操作、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
四．计算题（共2小题）
24．（2024秋•兴宁区月考）为了测量某种液体的比热容，把质量为1kg的铁块加热到80℃后，迅速投入质量为2kg、温度为20℃的待测液体中，混合后的共同温度是30℃，不计热量损失，铁的比热容c铁＝0.46×103J/（kg•℃）。求：
（1）铁块降低的温度；
（2）铁块放出的热量；
（3）这种液体的比热容。
【考点】热平衡方程及其应用；比热容的概念．
【专题】计算题；比热容、热机、热值；分析、综合能力．
【答案】（1）铁块降低的温度为50℃；
（2）铁块放出的热量为2.3×104J；
（3）这种液体的比热容为1.15×103J/（kg•℃）。
【分析】（1）知道铁块的初温和末温，根据Δt铁＝t0铁﹣t求出铁块降低的温度；
（2）根据Q放＝cmΔt铁求出铁块放出的热量；
（3）不热量损失，液体吸收的热量等于铁块放出的热量，根据c＝求出这种液体的比热容。
【解答】解：（1）铁块降低的温度：Δt铁＝t0铁﹣t＝80℃﹣30℃＝50℃；
（2）铁块放出的热量：Q放＝c铁m铁Δt铁＝0.46×103J/（kg•℃）×1kg×50℃＝2.3×104J；
（3）不计热量损失，液体吸收的热量Q吸＝Q放＝2.76×104J，液体升高的温度：Δt液＝t﹣t0液＝30℃﹣20℃＝10℃，
则这种液体的比热容：c液＝＝＝1.15×103J/（kg•℃）。
答：（1）铁块降低的温度为50℃；
（2）铁块放出的热量为2.3×104J；
（3）这种液体的比热容为1.15×103J/（kg•℃）。
【点评】本题考查热量的计算以及热平衡方程的应用，解题的关键是对比热容公式的灵活运用，难度不大。
25．（2024春•西乡塘区校级月考）如图甲所示电路，R为压敏电阻，其电阻随着压力的变化如图乙所示。电源电压保持不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压敏电阻所受压力F1＝30N时，电路中的电流为I；当压敏电阻所受压力F2＝40N时，电路中的电流为I2；且I1与I2相差0.12A。求：
（1）R0的阻值；
（2）当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量；
（3）电源电压U。
【考点】焦耳定律的简单计算；欧姆定律的应用；光敏、热敏、压敏等半导体电路分析．
【专题】欧姆定律；电与热、生活用电；分析、综合能力．
【答案】（1）R0的阻值为10Ω；
（2）当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量为96J；
（3）电源电压U为12V。
【分析】（1）由图乙可知，R和R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R0的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值；
（2）根据焦耳定律求出当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量；
（3）由图丙求解R和F之间的关系式，计算不同压力下R的大小，据此分析电流的大小，根据电源电压不变列出等式，代入数据求出电源电压。
【解答】解：（1）由图乙可知，R和R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R0的电压，
电压表的示数为4V，即R0的电压为4V，
电流表的示数为0.4A，根据串联电路的电流特点可知，R0的电流为0.4A，
由I＝可知，R0的阻值：R0＝＝＝10Ω；
（2）当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量：Q0＝R0t＝（0.4A）2×10Ω×1×60s＝96J；
（3）根据图像知，当压力F1＝30N时，R1＝15Ω，
当压力F2＝40N时，R2＝10Ω，
所以R1时电路总电阻更大，电流更小，
I1与I2相差0.12A，因此I2＝I1+0.12A，
电源电压不变，因此U＝I1（R0+R1）＝I2（R0+R2），
代入数据I1（10Ω+15Ω）＝（I1+0.12A）×（10Ω+10Ω），
解得I1＝0.48A，U＝12V。
答：（1）R0的阻值为10Ω；
（2）当电压表为4V时，R0在1min内产生的热量为96J；
（3）电源电压U为12V。
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
灯泡亮度
A
锰铜合金
0.5
0.8
亮
B
镍铬合金
0.5
0.8
较亮
C
镍铬合金
0.5
0.4
较暗
D
镍铬合金
1.0
0.4
暗
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
灯泡亮度
A
锰铜合金
0.5
0.8
亮
B
镍铬合金
0.5
0.8
较亮
C
镍铬合金
0.5
0.4
较暗
D
镍铬合金
1.0
0.4
暗