山西省晋城市2025-2026学年中考物理模拟试题（含答案解析）

这是一份山西省晋城市2025-2026学年中考物理模拟试题（含答案解析），共18页。
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．如图所示，斜面长 5m，高 1m，木块重 100N，小明用 F=32N 的力将物体从底端沿斜面匀速拉到顶端，则
A．小明做的有用功为 32J
B．小明做的总功为 160J
C．斜面的机械效率为
D．木块受到的摩擦力为 32N
2．一个定值电阻和一只小灯泡，流过它们的电流与其两端电压的关系如图甲，把它们并联在电路中，如图乙。闭合开关，这时电流表示数 ，则电源电压和小灯泡的电功率分别是：
A．2
B．
C．
D．
3．如图所示，电源电压不变，先闭合S1，再闭合S2，下列说法正确的是（ ）
A．电压表、电流表示数均变小
B．电压表示数变大，电路总功率变大
C．电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大
D．电压表与电流表示数的比值变大
4．小灯泡L的额定电压为3V，它的I-U图像如图甲所示．把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V．已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Ω 2A”．下列说法中错误的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡的额定功率为1.5W
C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25W
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3Ω
5．碳化硅纤维是一种陶瓷纤维类材料，具有高强度、耐高温、抗腐蚀、易加工编织等特性，用做增强材料时，常与碳纤维、玻璃纤维、金属铝复合，具有耐磨损、质轻、耐疲劳等特性。下列可以直接用碳化硅纤维来制作的是
A．喷气式飞机的刹车片B．体育用品
C．过滤高温气体的滤布D．汽车部件
6．如图所示，两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙，放在水平地面上，容器内分别盛有体积相同的不同液体A和B，此时液体对容器底部的压强相等，现将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中（液体不溢出），则下列判断一定正确的是（ ）
A．液体对容器底部的压强变化量△PA＞△PB
B．液体对容器底部的压力FA＞FB
C．容器对水平地面的压强PA＞PB
D．容器对水平地面的压力变化量△FA＞△FB
7．如图所示，把热水壶放在煤气灶上烧水的过程中，下列说法正确的是
A．煤气的燃烧过程是内能转化为化学能
B．煤气燃烧越充分，它的热值越大
C．烧水的过程是通过做功的方式改变水的内能
D．水的温度越高，水分子运动越剧烈
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示，一根均匀的细木棒OC，OC=4OA，B为OC的中点．在C点竖直向上施力将挂在A点的重为180N的物体匀速提升．若不计木棒重力，它是一种________ （选填“省力”或“费力”）杠杆，C点的拉力为________N；若木棒重为10N，将物体匀速提升0.2m，木棒的机械效率为________%（不计摩擦）．
9．如图所示是某电子秤的结构示意图，闭合开关S，秤盘内不放物体时，电子秤刻度表示数为0；在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量；已知弹簧所受的压力与缩短的长度成正比，电子秤的刻度表是由_____（选填“电流表”或“电压表”）改装的．它的刻度_____（填“是”或“不是”）均匀的；如果使用一段时间后，电池两端的电压降低，导致不放物体时指针不在“零刻度”上，调零的方法是把滑片P向_____移动合适距离．
10．如图所示，三个完全相同的容器内装有适量的水后，在乙、丙两容器中分别放入质量相等的木块和小球，木块漂浮在水面上，小球悬浮在水中，此时，甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，三个容器中水对容器底的压强_____（选填“相等”、“不相等”），如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力将_____（选填“变大”、“不变”、“变小”）
11．如图所示，一束激光沿_____射到空水槽底部O点，形成一个光斑．向水槽中注入适量水后，水槽底部光斑移动到O点的_____（左/右）侧．继续沿水槽壁缓慢注水，在此过程中，折射角_____（增大/不变/减小）．
12．小明在上次考试中根据题目要求按照实验数据描出了正确的实验数据点，老师让小明再在此基础上做出I -U关系图象，小明做出的图象如图所示，你认为他做的是_______（选填“正确”或“错误”）的，原因是_______________________________．
13．如图所示，当电源开关接通后，会发现小磁针的北极向_______（填“左或“右”）偏转，这说明通电螺线管周围存在_______；同时发现可移动的A、B两螺线管相互_______（填“靠近”或“远离”）
14．把一滴水滴在玻璃板上，在玻璃板下面放置一个用眼睛看不清楚的小物体，这时水滴相当于一个____镜，再拿一个放大镜位于水滴的上方，慢慢调节这个镜子与水滴之间的距离，你就更能看清玻璃板下的微小物体，这时它们的作用相当于一个________(选填“望远镜”或“显微镜”)．
三、作图题（共7分）
15．如图所示，小块从斜面上A处由静止滑下，经水平木板表面上的B处，最终停在C处．画出木块块在B处时水平方向的受力示意图．
（______）
16．在图中，小球的重力大小为3牛，请用力的图示法画出小球静止时受到的浮力．
（________）
17．如下图，一质量分布均匀的轻杆AB焊接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，轻杆的延长线过球心O，画出要使铁球刚好离开墙壁时的最小动力F1和阻力F2及阻力臂L2 ．
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．小明设计了如图甲所示的电路来“测量小灯泡的额定功率”。所用器材有：标有“3.8V”字样的灯泡；电压恒为6V的电源；定值电阻R0＝5Ω；电压表（0～3V～15V）；滑动变阻器R；单刀单掷开关和单刀双掷开关各一个；导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路按照甲图电路连接完整。
（__________）
（2）请根据下列实验步骤完成填空：
①保持开关S1断开，使滑动变阻器R接入电路中的电阻最大；
②闭合开关S1，将S2拨到触点2，调节变阻器R的滑片，使电压表的示数为_____V；
③再将开关S2拨到触点1，保持变阻器R的滑片位置不动，电压表的示数如图所示，其读数为___V；
④灯泡的额定功率为_____W。
19．实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源、电压表、电流表、电阻箱、滑动变阻器、开关等元件各一个，导线若干。请利用上述器材，设计一个实验证明：当通过导体的电流一定时，导体消耗的电功率与导体的电阻成正比。
（1）请画出实验电路图；
（2）写出实验步骤；
（3）画出实验数据记录表格。
20．在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：
（1）调节杠杆平衡时，应该使它在__________位置平衡．根据图示杠杆所处的位置如图（甲），应将杠杆左端平衡螺母向__________旋一些（填“右”或“左”）．
（2）挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆______，挂钩码位置所对应的刻度值就等于_______．
（3）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码,杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1l1=F2l2，他这样得出的结论不合理，原因是：__________．
（4）如乙图所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉时测力计的示数应为______N（每个钩码重0.5N），当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在原位置平衡，则弹簧测力计的示数将____（选填“变大”、“变小”或“不变”），其原因是________．
21．同学们用手边的铅笔可以做很多小实验，如图所示。
图甲中铅笔的长度是_____cm。图乙中插入水中的铅笔看起来弯折了，这是光的_____现象。图内中，用手指分别顶在铅笔的两端时，两只手指的凹陷程度和感觉不同，是由于压力的作用效果与_____有关。
22．小华利用斜面、小车等图(1)中的实验器材可进行一些课本中的实验．
(1)小华在探究“阻力对物体运动的影响”时，设计了上表记录数据，则表格中a处应该填_____(选填序号：①斜面部分、②水平部分、③接触面)，仅根据表格中记录的数据_____(选填“能”或“不能”)直接得出牛顿第一定律的内容．
(2)利用本实验中的器材，只增加木块，可以探究物体动能的大小与速度的关系，如图(2)所示.实验时木块被推得越远，小车对木块_____越多，表明小车的动能越大．为了完成此探究，_____(选填“能”或“不能”)改变接触面的材料．
(3)要研究“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系”，还需要增加的测量器材是_____．当水平力F拉动水平面上的物体做匀速直线运动时，下列情形中，F增大的有_____．
A．物体以较大的速度匀速直线运动B．增大接触面积
C．在物体上加重物D．使接触面更粗糙
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．边长为0.5m的正方体实心物块，独自放在水平地面上，对地面的压强是4×103Pa．若利用如图所示的滑轮将此物块提升到3.0m高的楼上，滑轮的机械效率是80%．忽略绳重和摩擦，求：
（1）物块受到的重力；
（2）物块的密度；
（3）工人在提升物块时对滑轮做的功。
24．如图所示，为电炖锅的内部简化电路图，电炖锅上有800W快煮和慢炖两档，其工作过程是：按下开关，自动选择800W档将汤煮至沸腾，然后自动跳至慢炖档进行保温慢炖．求：
(1)的阻值是多少?
(2)已知=3，则慢炖档功率多大?
(3)某次炖汤，花了15分钟快煮至100℃，又用了30分钟慢炖，已知汤的质量为2㎏，初温为20℃，汤的比热容为4.0×10J/(kg·℃)，则汤煮至沸腾吸收了多少热量?本次炖汤共消耗了多少电能?
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．家庭电路的电能表如图所示．小明让电饭锅单独工作，转盘转过30圈时，停表记录其工作时间为100s．
（1）电饭锅消耗的电能为_________kW•h，电功率为________ W．
（2）小芳设计实验如下: 电饭锅单独正常工作时，用停表计时3分钟．这段时间内，观察转盘转过的圈数n，测量出消耗的电能W，算出电功率．
评估: 比较两人测量电饭锅功率的实验，_________的实验相对不太精确．理由是:_________
（3）电能属于__________（选填:“一次”、“二次”、“可再生”或“不可再生”）能源．
26．“塔吊”是北海新城区建设中随处可见的一种起重设备，图甲所示是某塔吊的工作示意图，AO是塔吊的平衡臂，BO是塔吊的吊臂，C为可控制移动的滑轮组小车，可在B点到O点间移动，AO长4m，BO长26m，AB可绕O点在一定的范围内上下倾斜，已知A端配重物的质量为5t，塔吊利用工作电压为380V、额定功率为10kW的电动机带动滑轮组来吊升工地的建筑材料．问：
从安全角度出发，起吊时应尽量使吊臂水平平衡，在一次匀速吊升钢材时塔吊的吊臂如图乙所示，则滑轮组小车C应向 移动（选填“左”或“右”），这是根据 原理．将质量为2t的钢材以0.5m/s的速度竖直向上匀速提起，经1min到达施工楼层后再水平移动20m将钢材送到施工点，此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是多少？此塔吊某次吊升钢材时，施工人员移动滑轮组小车C到达离O点16m处，使吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡，电动机在额定功率下竖直向上匀速吊升钢材到某高度，此时电动机将电能转化为机械能的效率为75%，则钢材上升过程中的速度是多大？（吊臂、平衡臂、滑轮组的质量及摩擦力忽略不计）
27．如图所示为“无人机”多功能飞行器，它具有4个旋翼，可通过无线电进行操控，其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景．
起飞时，增大四个旋翼的转速，使吹向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是______．在空中飞行时，只要增加______侧两个旋翼的转速，就能使无人机右侧抬升，向左倾斜飞行．
“无人机”的遥控器是靠______来发送控制信息的．
该机一个旋翼的电动机额定功率为30W，额定电压为电动机正常工作时，通过电动机的电流为______A．
该机所需的能量是由一块输出电压为15V，容量为5 的电池提供．若电能的用于飞行，飞行时的实际功率为100W，则该机最多能飞行______min．
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、B
【解析】
A、小明做的有用功：，故A错误；
B、小明做的总功（即拉力对物体做的功）：，故B正确；
C、斜面的机械效率：，故C错误；
D、因为，所以额外功，由 得摩擦力：，故D错误．
故选B．
【点睛】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率、摩擦力的计算，明确使用斜面克服摩擦力做的功是额外功是关键．
2、B
【解析】
由乙图可知，两用电器并联，则两用电器两端电压相等，电流表测量干路电流，当两用电器电流之和为0.6A时，由甲图可知，电压为2V时，对应两用电器的电流和为0.6A，可知电源电压为2V，因灯泡电阻随温度的变化而变化，所以图甲中B对应的为灯泡的U-I图像，当电压为2V时，灯泡对应电流为0.2A，可得此时灯泡电功率P=UI=2V×0.2A=0.4W，
3、B
【解析】
由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，根据串联电路的电流和电压的特点分析电流表示数、电压表示数的变化；根据公式判定功率的变化．
【详解】
由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故AC错误；电源电压不变，电流变大，根据可知，电路的总功率变大，故B正确；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故D错误．
故选B．
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断．
4、C
【解析】
当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，
由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I=0.3A，由I=UR可得，滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.3A×10Ω=3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=UL+U滑=1.5V+3V=4.5V，故A正确，不符合题意；
由图象可知,灯泡两端的电压为3V时,电路中的电流I′=0.5A，因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：PL额=UL额I′=3V×0.5A=1.5W，故B正确；滑动变阻器消耗的电功率：P′滑=U′滑I′=1.5V×0.5A=0.75W，故C错误; 此时滑动变阻器两端的电压：U′滑=U−UL额=4.5V−3V=1.5V，滑动变阻器接入电路中的电阻：R′滑===3Ω，故D正确；故选C.
5、C
【解析】
碳化硅纤维主要用做耐高温材料和增强材料，耐高温材料包括热屏蔽材料、耐高温输送带、过滤高温气体的滤布等。用做增强材料时，常与碳纤维或玻璃纤维合用，以增强金属（如铝）和陶瓷的硬度，如做成喷气式飞机的刹车片、发动机叶片、着陆齿轮箱、机身结构材料和汽车部件等，与碳纤维、玻璃纤维、金属铝复合后具有耐磨损的特性，所以可用来制作体育用品，故C选项符合题意。
6、B
【解析】
由图可知，SASB,hAhB, 液体对容器底部的压强相等,则AB。
A．将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中, 液体对容器底部的压强变化量分别为△PA＝Ag,△PB＝Bg,AB, SASB,故△PA和△PB大小无法比较，故A错误；
B．液体对容器底部的压强相等，SASB，据F＝pS可知，液体对容器底部的压力FA＞FB，故B正确；
C．轻质圆柱形容器对地面的压强，等于液体对容器底部的压强，即PAPB，故C错误；
D．容器对水平地面的压力变化量都等于小球的重力，即△FA△FB，故D错误。
故选B.
7、D
【解析】
A．煤气在燃烧过程是化学能转化为内能，故A错误；
B．燃料的热值仅与燃料的种类有关，而与燃料的燃烧程度、质量都无关，故B错误；
C．烧水时水从火焰中吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变物体内能的，故C错误；
D．分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故D正确．
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、省力 45 90
【解析】
这根木棒可绕O点转动，在C点竖直向上施力，故动力臂为OC长，在A点的重为180N的物体，重力为竖直向下，故阻力臂为OA长，OC，即动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；根据杠杆平衡条件FOC=GOA可得C点的拉力为：F===45N；若木棒重为10N，将物体匀速提升0.2m，有用功：W有=G=180N×0.2m=36J；因为OA=OC，B为OC的中点，所以OB=2OA；故当物体上升0.2m时，B点将上升0.4m，W额==10N×0.4m=4J，木棒的机械效率为90.
9、电流表 不是 右
【解析】
由图知，电子秤刻度表串联在电路中，电子秤刻度表应该是电流表，
由电路图可知，左侧的变阻器和Rx串联（Rx起保护电路的作用），
串联电路中的总电阻：R＝R滑+Rx，
则电路中的电流I＝=，
由于物体对托盘施加的压力等于物体的重力，物体的重力与质量成正比，而缩短的长度与弹簧所受的压力成正比，所以，缩短的长度与物体的质量成正比；
由于变阻器连入电路的电阻与电阻线的长度成正比，所以质量越大，变阻器连入电路的电阻越小，
由I＝可知，I与R滑不成正比或不成一次函数关系；
故电路中的电流与物体的质量不成正比，即电流表的示数不是均匀的．
由上面分析可知，不放物体时即指针“零刻度”上时，是变阻器的电阻全连入电路，则此时电路中的电流最小为：Imin＝；
如果使用一段时间后，电池两端电压降低，则根据欧姆定律可知，电路中电流变小；为了使不放物体时指针仍在“零刻度”上，即应使电路中电流变大，所以应减小Rx的阻值，即把滑片P向右移动合适距离，使电路中的电流保持为原来的Imin值．
10、相等不变
【解析】
由题知，此时甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，根据p＝ρgh可知，三个容器中水对容器底的压强相等；
木块漂浮在乙容器的水中，向乙容器中加入盐水，液体密度增大，木块仍然漂浮在液面上，那么木块受到的浮力仍然等于木块的重力，木块的重力不变，则木块受到的浮力不变．
11、直线传播 左 不变
【解析】
光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，所以无水时激光沿直线射到水槽底部，向水槽中注入适量水后，光在界面上发生折射，光由空气斜射入水或玻璃介质中时，折射角小于入射角，即光线偏向法线，故水槽底部光斑移动到O点的左侧，继续沿水槽壁缓慢注水，在此过程中，入射角不变，所以折射角也不变．
考点： 光的折射
12、错误 应剔除第4个错误的数据点，用平滑的线将其余数据点连接起来形成图象
【解析】
根据题中“小明在上次考试中根据题目要求按照实验数据描出了正确的实验数据点，……小明做出的图象如图所示，你认为他做的是”可知，本题考查探究电流与电压关系的实验数据处理．根据电阻一定时，电流与电压成正比，分析图像，得出结论．
【详解】
由图I -U关系图象可知，6次实验数据描绘出的图象，其中5次实验数据在同一直线上，反映了电阻一定时，电流与电压成正比，第4次实验数据不满足实验结论，是错误的，因此小明做的图象是错误的．
应剔除第4个错误的数据点，用平滑的线将其余数据点连接起来形成图象．
13、左 磁场 靠近
【解析】
根据右手定则判断两个通电螺线管的极性；根据磁极间的相互作用判断小磁针的指向及两螺线管的运动情况。
【详解】
对于B螺线管，根据右手定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向为磁场的N极，所以它的右端为N极左端为S。
同样，对于A螺线管，根据右手定则可判断出螺线管的右端为N极，左端为S。
所以两个螺线管相靠近的一端为异名磁极，相互吸引，故可移动的A、B两螺线管相互靠近。
由于通电螺线管相当于条形磁铁，周围存在着磁场，又A螺线管的左端为S，根据磁极间的相互作用，小磁针的N极会向左偏转。
要确定小磁针的转动方向，首先要判断螺线管的N、S极。本题也可根据螺线管周围磁场的方向判断小磁针N极的指向。
14、凸透 显微镜
【解析】
小水滴中间厚边缘薄，相当于凸透镜．拿一个放大镜位于水滴的上方，慢慢调节这个镜子与水滴之间的距离，可以看清玻璃板下的微小物体，因此它们的作用相当于显微镜．“水滴”是显微镜的物镜，能成一个倒立、放大的像，像在“水滴”焦距和二倍焦距之间，放大镜相当于目镜，通过目镜再成一个正立、放大的虚像．
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
木块在水平面上越来越慢，最后停下来，是因为只受到一个摩擦力的作用，摩擦力的方向与物体运动的方向相反向左，如下图所示：
16、
【解析】
因为小球在液体中漂浮，所以重力与浮力是一对平衡力，二力的大小相等，方向相反，作用在同一直线上；重力的大小为3N，重力的方向是竖直向下，可知浮力的大小为3N，方向竖直向上，作用点在小球重心；设标度为1N，浮力F浮的图示如图所示：
17、
【解析】
试题分析：由图知，当力F1作用在球的下边缘，且与通过AB的直径垂直时，动力臂最长，
由图知，球对杆的拉力方向竖直向下，阻力的方向竖直向下，阻力臂既支点到阻力作用线的距离，其受力图如图所示：
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、 3.8 5 0.912
【解析】
（1）根据一上一下的原则，将滑动变阻器接入电路，把电阻R0的右端接线柱和滑动变阻器的横杆右端接线柱（或左端接线柱）连接起来，如图：
（2）①保持开关S1断开，使滑动变阻器R接入电路中的电阻最大；
②闭合开关Sl，将S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为3.8V；
③再将开关S2拨到触点1，保持滑片的位置不动，此时电压表的量程为0﹣15V，分度值为0.5V，电压表示数为5V，由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡正常发光时，定值电阻R0两端的电压为5V﹣3.8V＝1.2V，由欧姆定律知道，此时通过灯泡的电流：I＝＝0.24A；
③灯泡额定功率的表达式：P额＝U额I＝3.8V×0.24A＝0.912W。
19、（1）
（2）详见解析
（3）
【解析】
（1）根据控制变量法，要使通过电路的电流保持不变，必须把电阻箱与滑动变阻器和电流表串联起来，然后利用电压表测出电阻箱两端的电压，根据P=UI分析比较即可。实验电路图，如图所示：
（2）实验步骤：
①按电路图连接实验电路，将电压表电流表指针调零，滑动变阻器调到阻值最大；
②断开开关S，调节电阻箱R的阻值。闭合开关S，适当移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数为I，用电压表V测量电阻箱R两端的电压U，将R、I、U的数据记录在实验记录表中；
③ 仿照步骤②，分别改变5次电阻箱R的阻值，每次移动滑动变阻器的滑片P，使电流表A的示数仍为I，用电压表V分别测量各次相应的电压U，并分别将R、I、U的数据记录在实验记录表中；
④ 利用公式P=UI，分别计算出6次电阻箱R消耗的电功率P的数值，并分别记录在实验记录表中。
（3）实验数据记录表：
20、水平 右 垂直 力臂 用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性 3 变大 动力臂变小
【解析】
(1)调节杠杆平衡时，应使杠杆在水平位置平衡；图中的杠杆左端低、右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，应将杠杆的重心向右移，所以应将平衡螺母向右调节，杠杆才能平衡；
(2)挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直，挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂；
(3) 小明只做了一次实验就得出结论，是不合理的，我们用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性，不能作为规律应用；
(4)用弹簧测力计在C位置竖直向上拉，使杠杆保持水平平衡，根据F1l1=F2l2得测力计的示数为：；弹簧测力计逐渐向右倾斜时，要使杠杆继续保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，弹簧测力计示数变大．
21、4.40 折射 受力面积
【解析】
（1）刻度尺的分度值为1mm＝0.1cm，铅笔左侧与0刻度线对齐，右侧与4.40cm对齐，所以铅笔的长度为4.40cm；
（2）插入水中的铅笔，由于铅笔反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到铅笔在水中的部分是向上弯折，此时看到的像是铅笔的虚像；
（3）铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力，两手指的压力大小相等，右边手指受力面积减小，右边手指更疼，这说明压力的作用效果与受力面积有关。
22、② 不能 做功 不能 弹簧测力计 CD
【解析】
（1）小华在探究“阻力对物体运动的影响”时，通过水平面的不同材料来改变阻力的大小，因此表格中a处应该填②水平部分；牛顿第一定律不能通过实验直接得出，因此，仅根据表格中记录的数据不能得出牛顿第一定律的内容；
（2）利用本实验中的器材，只增加木块，可以通过小车推动木块的距离来探究物体动能的大小与速度的关系，实验时木块被推得越远，小车对木块做功越多，表明小车的动能越大，要想完成此探究，在实验中，不能改变接触面的材料，即保持接触面相同；
（3）要研究“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系”，需要通过二力平衡，用弹簧测力计来测量摩擦力的大小，因此，还需要增加的测量器材是弹簧测力计；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与接触面积、运动速度等无关，因此，当水平力F拉动水平面上的物体做匀速直线运动时，下列情形中，F增大的有“C.在物体上加重物”和“D.使接触面积更粗糙”。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）1000N；（2）800kg/m3；（3）750J。
【解析】
（1）由得物块对地面的压力：F＝pS＝4×103Pa×0.5m×0.5m＝1000N，因为实心物块独自放在水平地面上，所以实心物块的重力：G＝F＝1000N；
（2）物块的质量：
，
物块的体积：
V＝（0.5m）3＝0.125m3，
物块的密度：
；
（3）有用功：
W有用＝Gh＝1000N×3.0m＝3000J，
由得工人在提升物块时做的功（总功）：
，
忽略绳重和摩擦，对滑轮做的功（额外功）：
W额＝W总﹣W有用＝3750J﹣3000J＝750J。
答：（1）物块受到的重力为1000N；
（2）物块的密度为800kg/m3；
（3）工人在提升物块时对滑轮做的功为750J。
24、 (1)60.5Ω (2)200W (3)6.4×105J 0.3kW·h或1.08×106J
【解析】
（1）当开关S接“a”位置时，电路为R1 的简单电路，电路的总电阻较小，由 知道，电压一定时，电阻越小，电功率越大，即此时电炖锅处于加热快炖状态，功率是800W；所以，的阻值是： =60.5 Ω；
（2）当开关S接“b”位置时，电路为R1 与R1形成串联电路，又因为=3，所以，电路的总电阻是：R总=R1+R2=4 R1=60.5×4Ω=242Ω，此时电路的总功率即慢炖档功率是： =200W；
（3）根据题意知道，汤吸收的热量是：Q吸 =cm（t-t0）=4.0×103 J/（kg•℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.4×105 J，
本次炖汤电炖锅共消耗的电能是：W=P加热 t1+P慢t2=800W×15×60s+200W×30×60s=1.08×106 J．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、0.01 360 小芳 3分钟内，转盘转过的圈数不一定是整数，测量消耗的电能误差较大 二次
【解析】
（1）由图中参数可知，电路中消耗1kW•h电能，电能表转3000r．则电能表转30r电饭锅消耗的电能为W==0.01kW•h=3.6×104J；电功率为P===360W．
（2）由于电能表的转盘转的比较慢，在时间刚好3min时，有可能转盘不是刚好转过整数圈．这样计算的电能误差较大，从而计算的功率也误差较大．
（3）电能不能从自然界直接获取，需要通过水能、风能等其他形式的能量转化而来．属于二次能源．
26、（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；
（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．
【解析】
试题分析：（1）起吊时应尽量使吊臂水平平衡，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，左端下沉，应增加右端力和力臂的乘积，所以滑轮组小车应向右移动．
（2）由得，在上升过程中，移动的距离s=vt=0.5m/s×60s=30m，塔吊对钢材所做的功W1=Gh=2×103kg×30m=6×104J．
在水平移动的过程中，在拉力的方向上没有移动距离，不做功，W2=0J．
（3）配重的重力G=mg=5×103kg×10N/kg=5×104N，吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡时，==1.25×104N，电动机转化为机械能为W=W×75%=10kW×75%=7.5kW=7500W，
由得，=0.15m/s．
答：（1）滑轮组小车C应向右，这是根据杆杆原理；（2）此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是6×104J；
（3）则钢材上升过程中的速度是0.15m/s．
考点： 杠杆平衡条件的应用、功率的计算．
27、相互的 右 电磁波 2 36
【解析】
（1）关键流体压强和流速的关系知道，增大四个旋翼的转速，使吹向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是相互的；若增大右侧两个旋翼的转速，使右侧旋翼对空气向下的作用力变大，根据物体间力的作用是相互的，从而使空气对右侧旋翼向上作用力变大，使右侧抬升，向左倾斜飞行．
（2）根据题意知道遥控器和无人机之间的通信是靠无线电进行操控，即是靠电磁波来发送控制信息的；
（3）电动机的额定电压是15V，额定功率为30W，当电动机正常工作时，通过电动机的电流是：I=P/U=30W/15V=2A；
（4）因为电池的输出电压是15V，容量是5 000mA•h，所以，电池储存的能量是：W=UIt=15V×5A×3600s=2.7×105 J，
由η=W机/W知道，电能转为的机械能是：W机=W×80%=2.7×105 J×80%=2.16×105 J，
由P=W/t知道，该机最多能飞行的时间是：t=W/P=2.16×105J/100W=2160s=36min．
点睛：本题考查的是流体压强和流速的关系、速度的计算、电功、效率和功率公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性较强，解题的关键是公式的灵活运用．
a的材料
小车所受阻力的情况
小车运动的路程
毛巾
大
小
棉布
较大
较小
木板
小
大
R/Ω
I/A
U/V
P /W
R/Ω
I/A
U/V
P /W