嘉兴市2026年中考物理押题卷（含答案解析）

这是一份嘉兴市2026年中考物理押题卷（含答案解析），共18页。试卷主要包含了考生要认真填写考场号和座位序号，在国际单位制中，电功的单位是，如图，下列对图象的表述正确的是等内容，欢迎下载使用。
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．下列有关热和能的说法正确的是（ ）
A．对物体做功，物体内能一定增大
B．柴油机在压缩冲程中汽缸内空气的内能增大
C．晶体在熔化过程中内能保持不变
D．电流通过导体产生的热只与电流大小有关
2．2018年4月20日，我国最先进的自主潜水器“潜龙三号”（如图所示）成功首潜。潜水器在水面下匀速下潜过程中（ ）
A．受到的重力小于浮力
B．上、下表面受到的压力差变大
C．受到的压强变大，浮力变大
D．受到的压强变大，浮力不变
3．如图所示，在农业领域，一架普通无人机携带农药，一天可完成600亩农田农药喷洒任务，换作人工，则需要60人满负荷工作一整天，科技带来的优势非常明显．假定无人机每次装20kg农药，喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，下列说法正确的是（）
A．喷洒农药的过程中，无人机重力势能不变
B．喷洒农药的过程中，无人机动能不变
C．喷洒农药的过程中，无人机重力势能增大
D．喷洒农药的过程中，无人机机械能减小
4．在国际单位制中，电功的单位是
A．安培B．伏特C．焦耳D．瓦特
5．下列关于物理学史的叙述不正确的是( )
A．托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值
B．法拉第通过实验最早发现了电流周围存在磁场
C．牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出惯性定律
D．焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律
6．如图所示的台秤原理圈，电源电压恒定．能满足“物体质量增大时，电压表或电流表示数也增大”要求的是( )
A．B．C．D．
7．如图，下列对图象的表述正确的是（ ）
A．当a为路程b为运动时间，甲表示该物体正在做加速运动
B．当a 为速度b为运动时间，乙表示该物体处于静止状态
C．当a为质量b为体积，甲说明该物质的质量与体积成正比
D．当a为温度b为加热时间，丙表示晶体的凝固过程
8．如图所示，固定有磁体的小车A、B靠得较近，松手后两车向相反方向运动．对此现象的分析和认识，正确的是( )
A．松手后两车都运动，是因为两车都有惯性
B．A对B的排斥力使A车运动状态发生改变
C．B对A的排斥力使A车运动状态发生改变
D．A对B的排斥力与B对A的排斥力，作用效果相同
9．下列生活实例与所运用的物理知识的说法错误的是（ ）
A．坐沙发比坐木凳舒服，利用了减小压力来减小压强的道理
B．用吸盘挂钩挂衣服，利用了大气压强的作用
C．水坝的下部比上部建造得宽，是由于水对坝的压强随深度的增加而增大
D．制造形状上下不对称的机翼，利用了流体压强与流速的关系
10．电视节目中我们看到“特斯拉线圈”表演，表演者通过有关设备造出人工闪电，放出美妙的电火花．以下说法错误的是（ ）

A．表演者与“特斯拉线圈”构成了闭合回路 B．表演者是在安全电压状态下演出的
C．表演者的防护服里有金属丝，电流只是经过金属丝 D．表演时发生了电能向光能、热能的转化
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．下列说法正确的是（ ）
A．两杯水温度相同，内能也一定相同
B．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C．由于水的比热容大，工厂里的冷却塔通常用水作为冷却物质
D．质量、初温相同的水和煤油放出相同热量后，水的温度高于煤油的温度
12．有两个小灯泡L1和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的电压随电流变化关系如图．若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法正确的是
A．小灯泡L1的电阻在某一时刻可能是20Ω
B．小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4W
C．两灯串联时电路的总功率是0.6W
D．两灯并联时电路的总功率是3.6W
13．如图甲所示电路，电源电压9V恒定不变，小灯泡的额定电压均为6V，两灯的电流随电压变化图像如图乙所示。滑动变阻器标有“20Ω1A”字样，电流表的量程为0-0.6A，在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是
A．只闭合，当灯泡L1正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为
B．只闭合，无论怎样调节滑动变阻器，灯泡L2都不能正常发光
C．只闭合，当滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为4.5W
D．只闭合和只闭合时，两次电路消耗的最大功率之比是5:6
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象．实验研究的是电流和_____的关系，滑动变阻器阻值变化范围为_____．
15．如图所示，在电路中，若甲乙两处分别装入电表，当开关闭合后，两灯均能正常发光，则甲处电表是________表， 乙处电表是________表．
16．太阳能属于_____（填“可再生”或“不可再生”）能源。在地球上阳光充足的地方，1m2的面积每年获得的太阳能可达4.2×109J．这些能量相当于_____g焦炭完全燃烧放出的热量（焦炭的热值为3.0×107J/kg）。
17．如图所示，R0是一个光敏电阻 , 光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，R是电阻箱 （ 已调至合适阻值 ），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，白天灯熄，夜晚灯亮．则给路灯供电的电源应接在_____（a、b或b、c）两端；如果将电阻箱R的阻值调大，则路灯比原来_______ （ 早一些/迟一些 ）亮．
18．走近加油站，会闻到一股汽油味，这是因为汽油分子在 ；完全燃烧10kg 汽油可以放出 J 的热量（汽油的热值为4.6×107J/kg） ；汽油机是把内能转化为 能的动力设备．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．某轿车的质量是1.2t，每个车轮与地面接触面积是0.02m2。
（1）求轿车空载静止时，对水平地面的压强；
（2）在平直公路上测试轿车性能时，轿车由静止开始运动，若水平方向获得的动力F随运动时间t的变化关系如图所示。t＝20s后，轿车以30m/s的速度做匀速直线运动。求轿车在20s至40s时间内牵引力做的功；
（3）求轿车发动机功率的大小。
20．某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空档位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现档位转换，旋至1档时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态：旋至2档时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，主要参数如下表。（c水＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050秒，水温由20℃上升到50℃，此过程中的加热效率是多少？
（2）R2阻值是多少？
（3）防电墙技术的应用是洗衣机未来发展的趋势。防电墙通过在洗衣机内部形成永久性电阻保证人的安全。异常漏电情况下，电流依次经防电墙和人体流入大地，若人体的最大电阻为1×105Ω，人体的安全电压不高于36V，通过计算判断防电墙技术能否保证人的安全。
21．小亮家用的电热吹风机，有吹热风和吹冷风两项功能，机身上铭牌如下表所示，由于使用时间较长，吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，但电动机性能仍保持不变。小亮关闭家中其他所有用电器，只把该吹风机接入家庭电路中，并使其吹热风，发现电能表的转盘6min内转过110转，电能表的规格如图所示。求：
（1）请你结合自己所学的电学知识推测出电热吹风机内部的电路情况，画出其电路图。
（2）此电热吹风机吹热风时，电热丝的实际电阻是多少？
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，根据图中磁感线的方向，标出通电螺线管的N极和电源的“+”极．
23．如图所示，已知F为凸透镜的焦点，试画出与已知光线对应的入射或折射光线。
（____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．现有两只小灯泡L1和L1，L1的额定电压为3.8V、电阻大约为10Ω，L1的额定电流为I额．
（1）在测量L1额定功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变．
①图中用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯泡逐渐变亮，连线不得交叉）．
（________________）
②在连接电路时，有RA（5Ω，1A）、RB（10Ω，0.5A）和RC（10Ω，0.1A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器_______（填“RA”、“ RB”或“RC”）连入电路，才能保证实验顺利进行．
③在实验中，若电压表示数为1V，为了能测量L1的额定功率，必须将滑动变阻器的滑片P向________（填“A”或“B”）端移动，当电压表的示数为3.8V时，小灯泡L1正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为________W．
（1）小明设计了如图丙所示的电路，测出了小灯泡L1的额定功率．实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R1的最大阻值为R1）
①只闭合开关S和S1，移动R1滑片，使电流表的示数为I额．
②只闭合开关S和S1，保持R1滑片位置不动，移动R1滑片，使电流表的示数为I额．保持变阻器______的滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I1．则小灯泡额定功率的表达式P额=______．（用I额、I1、I1、R1、R1中的字母表示）
25．复习“科学探究：影响浮力大小的因素”时，小文收集到如图所示一幅图片，请对以下问题进行解答.（ρ水＜ρ盐水）
（1）图丙中，物体A所受浮力大小是________N；图丁中，物体A受到盐水向上和向下的压力的合力为________________________。
（2）比较图丙、丁，说明浮力的大小与 _________________________有关。
（3）结合图甲和图丙可确定图乙方框中弹簧测力计示数F乙的范围是_________________；你判断的依据是：__________________。
26．如图甲所示是“探究冰熔化时温度变化的规律”的实验装置（试管内装有50g冰）。
（1）在实验过程中，不是用酒精灯直接对试管加热，而是把装有冰的试管放在水中加热，这样做不但使试管受热均匀，而且冰的温度上升速度较________，便于记录各个时刻的温度。
（2）图甲中A、B、C是三位同学读取温度计示数时的视线，正确的是_______。
（3）如图乙所示是加热过程中物体温度随时间变化的图象。根据图象可知，在熔化过程中温度计的示数_________。
（拓展）AB段和CD段倾斜程度不同，是因为__________________；AB过程吸收的热量是________J [c水＝4.2×103J/（kg·℃）]
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、B
【解析】
A．对物体做功，但同时物体放出热量，物体内能不一定增大，故A错误；
B．柴油机在压缩冲程中，活塞压缩空气，对空气做功，汽缸内空气的内能增大，故B正确；
C．晶体在熔化过程中，温度不变，但吸收了热量，内能变大，故C错误；
D．电流通过导体产生的热与电流大小、通电时间、导体的电阻有关，故D错误．
牢记晶体熔化时吸热，温度不变的特征，虽然温度没有升高，但吸收了热量，所以内能是增大的．
2、D
【解析】分析：物体受到浮力的原因是物体上、下表面受到液体的压力差作用，浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，因此判断浮力的大小，关键判断液体密度和物体排开液体的体积发生怎样的变化。潜水器受到的压强大小与液体的密度和潜水器所处的深度有关，因此判断压强的大小，关键是判断液体密度和潜水器所处深度的变化。
解答：潜水器在水面下匀速下潜，此时水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，但是在水中的深度逐渐增深。根据公式和公式可知，潜水器受到的压强增大，浮力不变，即上、下表面受到的压力差不变。故选项A、B、C均错误，D正确。
故选：D。
【点睛】本题考查了对液体压强和浮力的判断。判断时要了解影响液体压强和浮力大小的因素，并判断影响因素中哪些是定量，哪些是变量。
3、D
【解析】
一架无人机在农田上空的某一高度水平匀速飞行喷洒农药时，飞机的速度和高度均不变，但质量变小，所以无人机的动能减小，重力势能减小，故无人机的机械能减小；故D正确，ABC错误．
4、C
【解析】
A. 安培是电流的主单位；B. 伏特是电压的主单位；C. 焦耳是功和各种能量的主单位，当然也是热量的主单位；D. 瓦特是功率的主单位．故选C.
5、B
【解析】
试题分析：托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值，故A正确；丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系；法拉第发现了电磁感应现象，故B不正确；牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律，故C正确；焦耳通过大量实验总结出焦耳定律，即电流通过导体产生热量的规律，故D正确；故应选B．
【考点定位】物理规律与概念
6、D
【解析】
A．中的电流表与变阻器并联，电流表将变阻器短路，当质量增大，滑片向下移动时，电流表的示数不变，A不对；
B．中电压表测量变阻器的两端电压，当质量增大，滑片向下移动时，变阻器的阻值变小，电压表的示数会变小，B不对；
C．中电流表被短路，其中没有电流通过，其示数为零，C不对；
D．中电路中的总电阻是不变的，故电流也不变，当质量增大，滑片向下移动时，电压表所测量部分的电压增大，其其示数会变大，D是正确的．
7、C
【解析】解答：A. 当a为路程b为运动时间，甲图线是一条过原点的直线，表示物体做匀速直线运动。故A错误；B. 当a为速度b为运动时间，乙图线是一条与横轴平行的直线，表示物体以一定速度做匀速运动。故B错误；C. 当a为质量b为体积，甲图线是一条过原点的直线，表示物体质量与体积成正比。故C正确；D. 当a为温度b为加热时间，丙是一条随加热时间降温的图线，而晶体凝固时放热，温度保持不变。故D错误。故选：C。
点睛：根据图象中图线的形状，得出纵坐标与横坐标之间的关系，对应有关物理规律，确定正确的选项。
8、C
【解析】
试题分析：固定有磁体的小车A、B靠得较近，松手后两车向相反方向运动，选项A松手后两车都运动，是因为力是改变物体运动状态的原因，两车均受到力的作用，选项A说法错误；选项B中A对B的排斥力，受力物体是B车，故该力使B车运 动状态发生改变，选项B说法错误；选项C中B对A的排斥力受力物体是A车，故该力使A车运动状态发生改变，选项C说法正确；选项D中A对B的排斥力与B对A的排斥力，作用在不同的物体上，故作用效果不相同，选项D说法错误；答案选C．
考点：力的作用效果
9、A
【解析】
试题分析：A、坐沙发比坐木凳舒服，利用了压力一定，增大受力面积减小压强的道理，故A错误，答案为A．B、在大气压的作用下，吸盘挂钩吸附在墙壁上，可以用吸盘挂钩挂衣服，故B正确．C、由于水对大坝的压强随深度的增加而增大，所以水坝的下部比上部建造得宽，C正确．D、制造形状上下不对称的机翼，使机翼上下形成压强差产生向上的升力，是利用了流体压强与流速的关系，D正确．
【考点定位】压强
10、B
【解析】
A．表演者与“特斯拉线圈”构成了闭合回路，才有电流产生；故A不符题意；
B．特斯拉线圈的原理是使用变压器使普通电压升压，然后经由两级线圈，从放电终端放电的设备。故表演者不是在安全电压状态下演出的；故B符合题意；
C．不能让此电流通过人体，对人体造成伤害；故表演者的防护服里有金属丝，电流只是经过金属丝；故C不符题意；
D．表演时，消耗了电能，获得了光能和热能；即发生了电能向光能、热能的转化；故D不符题意；
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、CD
【解析】
A．内能与物体的质量、状态、温度有关，所以两杯水的温度相同，如果质量不同，内能也不同，A错误；
B．热量总是从高温物体传到低温物体，高温物体的内能不一定大，低温物体的内能不一定小，所以B错误；
C．由于水的比热容较大，所以相同质量的水和其他物质相比，升高相同的温度时，水吸热多，冷却效果好，所以用水作为冷却物质，C正确；
D．根据公式，质量相同的水和煤油放出相同热量后，，，而，相同，所以，D正确。
12、ABD
【解析】
若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，有两种可能：串联和并联。
ABC．串联时：由图象可知I=0.2A时
U1=4V，U2=2V，
符合题意，
R1=U1/I=4V/0.2A=20Ω，
P2=U2I=2V×0.2A=0.4W，
此时电路的总功率为：
P=UI=6V×0.2A=1.2W，
A正确，B正确，C错误；
D．并联时：两灯泡两端的电压为U′=6V，由图象可知I1=0.25A，I2=0.35A，电路的总功率为：
P′=P1′+P2′=U′（I1+I2）=6V×（0.25A+0.35A）=3.6W，
D正确。
本题要分两种情况分析是易错点，有一定难度，算中档题．
13、ABD
【解析】
根据题中电路图和两灯的电流随电压变化图像可知，本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
【详解】
A．只闭合S 1时，L1与R串联，电流表测电路中的电流，当灯泡L1正常发光时，L1两端的电压U1＝6V，由图象可知通过L1的电流I1＝0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压UR＝U﹣U1＝9V﹣6V＝3V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以由可得，滑动变阻器接入电路的值，故A正确；
B．只闭合S2时，L2与R串联，电流表测电路中的电流，
由图象可知L2正常发光时电路中的电流为1A，而电流表的量程为0～0.6A，
所以通过灯泡的电流达不到额定电流，则调节滑动变阻器，灯泡L2不可能正常发光，故B正确；
C．只闭合S3时，L1、L2和R串联，当滑动变阻器的滑片在最左端时，滑动变阻器连入电路的阻值为零。由图象可知，当通过L1的电流I1＝0.5A时，灯泡L1正常发光，L1两端的电压U1＝6V，L2两端电压小于3V，故当两灯泡两端的总电压为电源电压9V时，不能保证电路安全。电路的总功率P＝UI＞9V×0.5A＝4.5W，故C错误；
D．只闭合S1时，L1与R串联，电流表测电路中的电流，当灯泡L1正常发光时，电路中的电流最大，即I大＝IL＝0.5A；
只闭合S2时，L2与R串联，电流表测电路中的电流，当电流表的示数最大时电路中的电流最大，即I大′＝0.6A；
则只闭合S1和只闭合S2时，电路消耗的最大功率之比：
P大：P大′＝UI大：UI大′＝I大：I大′＝0.5A：0.6A＝5：6，故D正确。
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、电阻 1Ω～5Ω
【解析】
由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：U＝IRx＝0.5A×5Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣0.1A×25Ω＝2.5V，即电压表保持2.5伏不变，则实验研究的是电流和电阻的关系；由图乙知，电流最大为0.5A时，对应的电阻为5Ω，此时电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由可得，变阻器连入电路中的最小阻值：R滑1＝R总﹣R1＝﹣R1＝﹣5Ω＝1Ω；由图乙知，电流最小为0.1A时，对应的电阻为25Ω，此时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，则变阻器连入电路中的最大阻值：R滑2＝R总′﹣R2＝﹣R2＝﹣25Ω＝5Ω；所以，滑动变阻器阻值变化范围为1Ω～5Ω．
15、电流表 电压表
【解析】
在分析电路时，电流表的内阻小，可看作导线，电压表的内阻大，看作断路．“当开关闭合后，两灯均能正常发光”说明有电流通过两灯，根据电流的走向可知，电流从正极出发通过开关后，在灯L1的左边交叉相连处分为两条分别流经两个灯泡后汇合再回到电源的负极．说明甲表与灯泡L2串联，有电流通过是电流表，乙表并联在电路中，是电压表．
16、可再生 1.4×105
【解析】
太阳能可以源源不断地从自然界获得，所以属于可再生能源；由Q＝mq可得焦炭的质量：m=＝140kg＝1.4×105g。
17、a、b 早一些
【解析】
[1]组成自动控制电路来控制路灯，白天灯熄，夜晚灯亮，而光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，白天时光照强，所以光敏电阻的电阻小，则继电器中电流大，电磁铁的磁性强，衔铁被吸引而使b与c接通，夜晚时，光强弱，光敏电阻的电阻大，衔铁在弹簧作用下，向上运动，b与a 接通，故路灯电源应连接a、b。
[2]如果将电阻箱R的阻值调大，由欧姆定律可知，则光敏电阻更小些时衔铁被释放，即光强更强一些灯亮，故路灯比原来亮的早一些。
18、运动 4.6×108机械能
【解析】
试题分析：由于汽油分子在永不停息地做无规则运动，分子跑到了人的鼻孔中，所以会闻到一股汽油味；完全燃烧10kg 汽油可以放出的热量为Q="mq=10kg" ×4.6×107J/kg=4.6×108J；汽油机中燃气的内能推动活塞运动，把内能转化为了机械能．
【考点定位】分子动理论；热量的计算；内能的转化
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）1.5×105Pa（2）1.8×106J（3）9×104W
【解析】
（1）轿车空载静止时，对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝1.2×103kg×10N/kg＝1.2×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝1.5×105Pa；
（2）由图可知，轿车在20s～40s时间内牵引力F＝3000N保持不变，
由v＝可得，在20～40s时间内通过的路程：
s＝vt＝30m/s×20s＝600m，
在20～40s内牵引力做的功：
W＝Fs＝3×103N×600m＝1.8×106J；
（3）轿车发动机的功率：
P＝＝＝9×104W。
20、（1）50%（2）242Ω（3）能保证
【解析】
（1）洗衣机内注入10kg的水，水温由20℃上升到50℃水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×l03J/（kg•℃）×10kg×（50℃﹣20℃）＝1.26×l06J，洗衣机加热消耗的电能：W＝P加热t＝2400W×1050s＝2.52×106J，洗衣机加热的效率：η＝×100%＝×100%＝50%；
（2）由电路图可知，当旋钮旋至1档时，电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，由P＝得，电热丝R1的加热功率：P1＝＝2200W，由表中数据，加热功率为：P＝2400W，则电热丝R2 的加热功率：P2＝P﹣P1＝2400W﹣2200W＝200W，由P＝得，则电热丝R2的阻值：R2＝＝242Ω；
（3）防电墙与人的电阻串联，根据串联电路电阻特点可知，电路总电阻：R＝R0+R人＝1×106Ω+1×105Ω＝1.1×106Ω，串联电路中的电流：I0＝＝2×10﹣4A，由欧姆定律变形公式得，此时人体的电压：U人＝I0R人＝2×10﹣4A×1×105Ω＝20V，因为U人小于36V，所以防电墙技术能保证人的安全。
答：（1）此过程中的加热效率是50%；
（2）R2阻值是242Ω；
（3）防电墙技术能保证人的安全。
21、（1）；（2）121Ω。
【解析】
（1）吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，但电动机性能仍保持不变，说明电阻丝与电动机工作时互不影响，且可通过旋转开关来实现只吹冷风和吹热风，故电阻丝与电动机应并联，如下所示：
（2）电能表转过110r，电吹风消耗的电能：
已知t＝6min＝0.1h，吹热风时，吹风机的总功率：，
电热丝的功率：P热＝P﹣PM＝440W﹣40W＝400W，
电热丝氧化后的阻值：。
答：（1）电热吹风机内部的电路情况如上图所示；
（2）此电热吹风机吹热风时，电热丝的实际电阻是121Ω。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、
【解析】
在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极．所以螺线管的左端为N极，右端为S极．根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的．所以电源的右端为正极，左端为负极，如下图所示：
23、
【解析】
由图可知，折射光线平行与主光轴，则入射光线过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、 RB B 1.51 R1
【解析】
（1）①灯泡额定电压是3.8V电压表应选0∼15V量程，滑动变阻器接左下接线柱，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路图如图所示。
②在连接电路时，开关必须断开，灯泡正常发光时电路电流I===，此时滑动变阻器两端电U滑=U−UL=6V−3.8V=1.1V，由I=得：滑动变阻器接入电路的阻值R滑==≈5.8Ω>5Ω，滑动变阻器应选B；
③电压表示数1V小于灯泡额定电压3.8V，由电路图可知，应向A移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，灯泡两端的电压变大，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光，电流表选00.6A的量程，分度值为0.01A，即灯正常工作时的电流为0.4A，灯泡的额定功率P=UI=3.8V×0.4A=1.51W；
（1）保持变阻器R1的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1的滑片使使电流表的示数为I额，根据等效法，此时滑动变阻器R1连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小，为求出此时滑动变阻器R1连入电路中的电阻，才进行了以下操作，所以应保持变阻器R1的滑片位置不动；由串联电路特点和欧姆定律可得：U==（），解得：=，则小灯泡额定功率的表达式P额===。
25、1.0 1.2N，方向竖直向上 （物体排开）液体的密度大小 4.0N＞F乙＞3.0N 0＜V排水乙＜V排水丙，0＜F乙浮＜1N.
【解析】
(1)由甲知，G=4.0N，由丙知，物体A浸没在水中所受浮力：；物体A受到盐水向上和向下的压力的合力就是浮力，
，方向竖直向上；
（2）比较图丙、丁，同一物体A，重力相同，浸没在液体中的体积相同，液体密度不同，受到的浮力不同，说明浮力的大小与物体排开液体的密度大小有关；
（3）结合图甲和图丙可分析图乙中弹簧测力计示数，由 可得：0＜V排水乙＜V排水丙，0＜F乙浮＜1N，故弹簧测力计示数F乙的范围是：4.0N＞F乙＞3.0N.
26、慢 B 保持不变 冰的比热容比水的比热容小 420
【解析】
（1）实验中将装有冰的试管放在水中加热，这样做的目的是能使试管受热均匀，由于水的温度上升缓慢，所以冰的温度上升速度较慢，便于记录各个时刻的温度；
（2）读数时视线应与液柱的上表面相平，所以B正确；
（3）如图乙所示是加热过程中物体温度随时间变化的图象。根据图象可知，在熔化过程中温度计的示数保持不变；
（4）由图像可以看出，AB段和CD段倾斜程度不同，升高相同温度时，AB段（冰）比CD段（水）用的时间短，所以冰比水吸热升温快，原因是冰的比热容比水的比热容小；水在CD段从0℃到2℃，冰在AB段从-4℃到0℃，酒精灯加热时间相同，AB过程吸收的热量等于CD段水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×0.05kg×(2℃-0℃)=420J。
**牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30℃～90℃
电动机功率
240W
防电墙电阻
1×106Ω
电热吹风机
额定电压/V
220
电热丝功率/W
480
电动机功率/W
40