2025-2026学年广东河源九年级上册物理开学摸底考试模拟练习卷【含解析】

这是一份2025-2026学年广东河源九年级上册物理开学摸底考试模拟练习卷【含解析】，共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
1．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船与空间站组合体成功对接，航天员们顺利会师的情境如题图所示。神舟十八号载人飞船与空间站成功对接后，下列说法正确的是（ ）
A．以空间站为参照物，地球是静止的
B．以地球为参照物，神舟十八号载人飞船是静止的
C．以空间站为参照物，神舟十八号载人飞船是运动的
D．以空间站内的航天员为参照物，地球是运动的
2．小明通过学习，知道“质量”是物体的一种物理属性，下面是他总结的关于质量的一些认识，其中错误的是（ ）
A．100g的铁与100g的棉花的质量一样大
B．工匠师傅将玉石雕琢成手镯，质量不变
C．一瓶矿泉水在冰箱里结成冰，质量不变
D．地面上的物资被送到空间站后，质量不变
3．如图所示的四幅图中，属于费力杠杆的是（ ）
A．赛艇的桨B．园林剪
C．钳子D．撬棒
4．科学家提出了许多原子结构的模型，到现在最为大家接受的原子结构与图中模型最相似的是（ ）
A． 葡萄干布丁模型B．熟鸡蛋模型
C． 西瓜模型D． 行星模型
5．二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，被誉为“中国第五大发明”，下列与节气有关的物态变化，属于熔化的是（ ）
A．“雨水”，冰雪消融B．“立夏”，雾绕山峦
C．“霜降”，霜满枝头D．“大寒”，滴水成冰
6．下列关于内能的说法，正确的是（ ）
A．物体的内能增加，一定是吸收了热量
B．物体的温度升高，内能一定增加
C．物体的内能增加，温度一定升高
D．物体的内能与物体的温度无关
7．科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动可闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的电路是（ ）
A．B．
C．D．
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．校园足球联赛中，小强用力将静止的足球踢飞出去，说明力可以改变物体的 ；小强踢球的同时，脚感到疼痛，说明物体间力的作用是 的；脚踢到球的不同位置，球会向不同方向运动，说明力的作用效果与力的 有关。
9．观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，车对地面的压力会变小，车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 （选填“A”或“B”）。质量2kg的植保无人机悬停空中，无人机受到的升力是 N，升力的施力物体是 。（g取10N/kg）
10．如图所示，乘坐公交车时会播放“车辆启动，请坐稔扶好”的安全提示语。车启动时，要求站立的乘客“扶好”拉手，是为了避免由于 而摔倒；启动时，乘客容易 倾倒（选填“向前”或“向后”），刹车时，乘客容易 倾倒（选填“向前”或“向后”）。
11．一建筑工人用50N的水平推力推重为100N的小车，使小车在水平地面上匀速前进了15m，这个过程中，建筑工人对小车做的功为 J，重力做功为 J。撤去推力，小车仍然能继续向前运动0.5m，这是由于小车具有 。
12．如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成 ；若茶壶中水深8cm，则水对壶底的压强是 Pa；若将茶壶略微倾斜、水不溢出且保持静止后，壶嘴和壶身中的水面 （填“相平”或“不相平”）。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
13．如图所示，小明用滑轮组匀速提起1200N的重物，拉力做功的功率为4500W，绳子的自由端向下拉的速度为3m/s，不计绳重和摩擦，作用在绳自由端的拉力是 N，滑轮组的机械效率是 ，当小明提起重物为900N时滑轮组的机械效率将 （变大、变小、不变）。
14．我国首艘国产航母“山东舰”组成的航母编队赴西太平洋开展远海训练。已知“山东舰”航母的排水量是6.5×104t，“山东舰”满载时受到的浮力是 N，满载时排开水的质量是 kg。当舰载机起飞后，“山东舰”受到的浮力 。（填“变大”“变小”或“不变”，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
三、作图题：本题7分。
15．如图所示，一个盛水的容器静止在斜面上，小球漂浮于水中，请画出小球受到的重力和浮力的示意图。
16．古往今来，人们都把钓鱼看做一项有益于身心健康的娱乐活动。如图所示是钓鱼时浮漂立于水面的示意图，A、B是浮漂上的两点，C点是眼睛所在位置，画出人眼看到B点的大致光路图。
17．如图所示，将插座和控制插座的开关正确接入家庭电路中。
四、实验题：本大题共3小题，第18小题7分，第19小题6分，第20小题7分，共20分。
18．亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
（1）如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是 （选填“A”或“B”）方法，所测物体的长度应记为 cm。如图乙所示的秒表读数为 s；
（2）如图丙（a）所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是 ，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙（b）所示，则该物体的质量m＝ g；
（3）如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为 kW•h，他家单独使用某用电器时，观察到5min电能表的圆盘转了50转，则该用电器的实际电功率为 W。
19．在“探究平面镜成像特点”的实验中，小刚同学用两个大小相同的“F”字样物体a和b、白纸、刻度尺、薄玻璃板（带支架）进行如下探究：
（1）将白纸对折后展开铺于水平桌面上，沿折痕画一条直线MN，再将玻璃板 纸面放置，且底边与MN重合。物体a置于玻璃板前方，如图甲所示。
（2）在探究物像大小关系时，应在玻璃板前观察物体a的像，将物体b按图乙中 （选填“①”或“②”）置于玻璃板后，不断移动b的位置，直至与a的像重合。由此得出初步结论：平面镜成像，像与物体的大小 。
（3）在探究像物位置关系时，将物体a旋转一个角度放置，再次调整物体b使其与a的像重合，记录下此时两物体的位置。在a的位置上标出A、B、C三点，再在b的位置上标出对应点A′、B′、C′，如图丙所示。测量并比较A、B、C三点以及对应点到MN的距离，发现相等。通过这次实验小刚得出结论：平面镜成像，像和物到平面镜的距离相等。你认为这一过程所得的结论是否可信？（选填“可信”或“不可信”） 。
（4）移去后面的物体b，并在其所在位置上放一光屏，在玻璃板前 （选填“能”或“不能”）看到光屏上有物体a的像。在光屏一侧 （选填“能”或“不能”）承接到物体a的像，所以平面镜所成的是 （选填“实”或“虚”）像。
20．小明用电源（电压恒为3V）、电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、小灯泡、滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线来探究电流与电压、电阻的关系。
（1）探究电流与电压的关系：
①实验前，小明设计的实验电路图如图1中甲、乙、丙所示，经小组讨论，最终确定用图丙电路进行实验，原因是该电路不仅能保持 不变，还能很容易改变 。
②如图2是小明实验时连接的部分电路，请你用笔画线代替导线，将电路连接完整（导线不得交叉）。
③连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应在 （选填“A”或“B”）端，闭合开关。
④正确连接后，小明将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，得到如下表五组数据。
⑤小明分析表格中数据得出结论为 。
⑥为了使上述结论更有普遍性，你认为小明接下来的实验操作是 。
（2）探究电流与电阻的关系：
小明继续用图1丙的电路来探究电流与电阻的关系。他先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.0V。然后用10Ω的电阻替换掉5Ω的电阻接入电路，此时，他应移动滑片P，使 （选填“电压表”或“电流表”）的示数为 为止，并读出另一只电表的示数。此实验中滑动变阻器的主要作用是 。
五、计算题；本大题共2小题，第21小题6分，第22小题7分，共13分。
21．如图是北京冬奥会吉祥物“冰墩墩”的巨型雕塑，通过计算请回答：
（1）把“冰墩墩”雕塑用吊车从地面匀速提升到1m高的底座上，用时10s。吊车提升雕塑的速度；
（2）雕塑的质量为1.5t，站立时，每只脚的着地面积为1.5m2；
①“冰墩墩”雕塑的重力（g＝10N/kg）；
②“冰墩墩”站立时，雕塑对底座的压强；
③把“冰墩墩”雕塑用吊车从地面匀速提升到1m高的底座上时，吊车对雕塑做的功。
22．空气净化消毒机的工作原理是将室内空气吸入并通过内部设备净化消毒后释放洁净空气。下表为某型号空气净化消毒机的部分参数。该机内部有一个探测电路，图甲为其简化后的电路图，电源电压为12V恒定，R0阻值为20Ω，R为气敏电阻，其阻值大小与有害气体浓度的关系如图乙所示。当电压感应装置探测到R两端的电压等于或小于9V时，净化消毒机即开始工作。求：
（1）该空气净化消毒机正常工作时的电流；
（2）有害气体的浓度达到32%时，判断空气净化消毒机是否开始工作；
（3）正常工作时，将容积为60m3房间内的空气全部净化消毒需要消耗的电能？
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
23．物理社团的同学们用力传感器探究影响浮力大小的因素，如图甲，将力传感器安装在铁架台上，其下方固定一轻质细硬杆（力传感器显示硬杆对其力的大小），硬杆下方固定一塑料块，硬杆始终保持竖直静止状态，缓慢向大烧杯中注水，力传感器的示数随大烧杯中水的深度的变化规律如图乙。
（1）请在图甲中画出塑料块所受重力的示意图；
（2）如图乙，烧杯中水的深度由4cm上升到12cm过程中，观察并分析传感器示数的变化可知，浮力大小与 有关，当塑料块浸没时所受浮力为F1；
（3）将烧杯中水倒出并擦干实验器材后，向大烧杯中缓慢注入酒精，当塑料块刚好浸没时，塑料块所受浮力为F2，则F1 F2，可得出浮力大小与液体密度有关；（ρ酒＝0.8×103kg/m3）
（4）分析实验数据，可得出该塑料块的密度为 kg/m3。
24．阅读短文，回答文后的问题，
逆温现象一般情况下，大气温度随着高度增加而下降，但是，在晴朗无云的夜间，由于大气逆辐射较小，地面辐射散失热量多，近地面气温迅速下降，而高处气层降温较少，从而出现上暖下冷的逆温现象。这种辐射逆温现象黎明前最强，日出后太阳辐射逐渐增强，地面很快增温，逆温层便自下而上消失。逆温层厚度从数十米到数百米，在大陆上常年都可出现，以冬季最强。冬季夜长，逆温层较厚，消失较慢。
逆温形成的因素很多，根据其成因可分为辐射逆温、平流逆温、下沉逆温和锋面逆温等。但是常见的是辐射逆温和平流逆温。逆温层，这种大气结构“头轻脚重”，使空气处于稳定状森态，空气中的垂直运动受到抑制，工厂里烟煤燃烧排放的烟尘、汽车尾气和地面上扬起的尘埃等有害气体聚集在空中不易向上扩散和稀释，造成严重的空气污染，长江三峡工程建成后的三峡水库，会产生逆温现象，使库区的气温夏天降低、冬天升高各约2℃，对库区的工业排放污染物产生一定的影响。
（1）晴朗无云的夜间，近地面气温迅速下降的主要原因是地表泥土砂石的 较小。
（2）日出后太阳辐射逐渐增强，地面很快增温，这是通过 的方式增大地面内能。
（3）逆温层的空气处于稳定状态，空气中的垂直运动受到抑制是因为空气下层 。
A.温度高
B.密度大
C.压强小
D.透明度差
（4）三峡最大蓄水量为1×1010m2，若温度降低2℃，所放出的热量为 J。
25．阅读短文，回答问题：
超声波加湿器
超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频率振动，将水抛离水面雾化成大量1μm～5μm的超微粒子（水雾），吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度。
如图所示是某型号超声波加湿器，下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值。
（1）加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量为 kg。加湿器加满水时对水平地面的压强为 Pa（空气密度ρ＝1.29kg/m3，g取10N/kg），加满水后最多能加湿 min。
（2）下列说法中错误的是 。
A.加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的
B.加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能
C.水雾化成超微粒子的过程是汽化现象
D.水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力
（3）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000r/kW•h”的电能表转盘转过720次，此过程中加湿器消耗的电能为 kW•h，实际功率为 W。
广东省河源市2025-2026学年物理九年级上学期开学摸底考试模拟练习卷
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船与空间站组合体成功对接，航天员们顺利会师的情境如题图所示。神舟十八号载人飞船与空间站成功对接后，下列说法正确的是（ ）
A．以空间站为参照物，地球是静止的
B．以地球为参照物，神舟十八号载人飞船是静止的
C．以空间站为参照物，神舟十八号载人飞船是运动的
D．以空间站内的航天员为参照物，地球是运动的
【答案】D
【解答】解：A、以空间站为参照物，地球的位置发生了改变，是运动的，故A错误；
B、以地球为参照物，神舟十八号载人飞船的位置发生了改变，是运动的，故B错误；
C、神舟十八号载人飞船与空间站组合体成功对接后一起绕地球转动。故神舟十八号载人飞船与空间站之间相对静止，故C错误；
D、以空间站内的航天员为参照物，地球的位置发生了改变，是运动的，故D正确。
故选：D。
2．小明通过学习，知道“质量”是物体的一种物理属性，下面是他总结的关于质量的一些认识，其中错误的是（ ）
A．100g的铁与100g的棉花的质量一样大
B．工匠师傅将玉石雕琢成手镯，质量不变
C．一瓶矿泉水在冰箱里结成冰，质量不变
D．地面上的物资被送到空间站后，质量不变
【答案】B
【解答】解：A、100g的铁与100g的棉花的质量一样大，故A正确；
B、工匠师傅将玉石雕琢成手镯，质量变小，故B错误；
C、一瓶矿泉水在冰箱里结成冰，状态发生改变，质量不变，故C正确；
D、地面上的物资被送到空间站后，位置发生改变，质量不变，故D正确。
故选：B。
3．如图所示的四幅图中，属于费力杠杆的是（ ）
A．赛艇的桨B．园林剪
C．钳子D．撬棒
【答案】A
【解答】解：A、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
B、园林剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；
D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误．
故选：A。
4．科学家提出了许多原子结构的模型，到现在最为大家接受的原子结构与图中模型最相似的是（ ）
A． 葡萄干布丁模型B．熟鸡蛋模型
C． 西瓜模型D． 行星模型
【答案】D
【解答】解：卢瑟福提出了原子的核式结构模型，原子由位于原子中心的原子核与核外绕原子核运动的电子组成，其结构与太阳系行星模型相似，故D正确。
故选：D。
5．二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，被誉为“中国第五大发明”，下列与节气有关的物态变化，属于熔化的是（ ）
A．“雨水”，冰雪消融B．“立夏”，雾绕山峦
C．“霜降”，霜满枝头D．“大寒”，滴水成冰
【答案】A
【解答】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A正确；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故C错误；
D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：A。
6．下列关于内能的说法，正确的是（ ）
A．物体的内能增加，一定是吸收了热量
B．物体的温度升高，内能一定增加
C．物体的内能增加，温度一定升高
D．物体的内能与物体的温度无关
【答案】B
【解答】解：A．物体的内能增加可以通过做功或热传递实现，不一定是吸收热量，故A错误；
B．温度是分子平均动能的标志，温度升高意味着分子热运动加剧，内能一定增加，故B正确；
C．内能增加可能表现为分子势能增大（如冰熔化时吸热内能增加但温度不变），故C错误；
D．物体的内能与温度、质量、状态等因素有关，故D错误。
故选：B。
7．科技小组模拟“智能开锁”设计的电路图，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，现用S1表示人脸识别，S2、S3表示密码、钥匙。匹配成功后对应开关自动可闭合，电动机才工作开锁。满足上述两种方式都能开锁的电路是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解答】解：根据题意知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，电动机M工作，即只要有一个条件满足，电动机就工作，所以“人脸识别”开关与电动机应在干路上，“密码”开关与“钥匙”开关并联，故ACD不符合题意，只有B符合题意。
故选：B。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．校园足球联赛中，小强用力将静止的足球踢飞出去，说明力可以改变物体的 运动状态 ；小强踢球的同时，脚感到疼痛，说明物体间力的作用是 相互 的；脚踢到球的不同位置，球会向不同方向运动，说明力的作用效果与力的 作用点 有关。
【答案】运动状态；相互；作用点。
【解答】解：小强用力将静止的足球踢飞出去，物体的运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态。
小强踢球的同时，脚感到疼痛，说明小强对球用力的同时，球也对小强有力的作用，则物体间力的作用是相互的。
脚踢到球的不同位置，球会向不同方向运动，说明力的作用点不同，产生的作用效果也不同，则力的作用效果与力的作用点有关。
故答案为：运动状态；相互；作用点。
9．观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，车对地面的压力会变小，车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 B （选填“A”或“B”）。质量2kg的植保无人机悬停空中，无人机受到的升力是 20 N，升力的施力物体是 空气 。（g取10N/kg）
【答案】B；20；空气
【解答】解：根据题意可知，这种“气流偏导器”的上表面平直、底部呈弧形凸起，当跑车高速行驶时，偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加轿车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，故B符合题意；
对无人机进行受力分析，此时无人机受到重力为：G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N；
同时受到空气对它向上的升力，由于此时无人机悬停在空中，此时受力平衡，故此时受到的升力等于重力20N，升力的施力物体是空气。
故答案为：B；20；空气。
10．如图所示，乘坐公交车时会播放“车辆启动，请坐稔扶好”的安全提示语。车启动时，要求站立的乘客“扶好”拉手，是为了避免由于 惯性 而摔倒；启动时，乘客容易 向后 倾倒（选填“向前”或“向后”），刹车时，乘客容易 向前 倾倒（选填“向前”或“向后”）。
【答案】惯性；向后；向前
【解答】解：车子启动，人的下半身随着车加速运动，而人的上身由于惯性，仍然保持原来的运动状态，乘客容易向后倾倒；
刹车时，人的下半身随车一起速度减小，而上半身由于惯性要继续保持原来的运动状态，故人向前倾倒。
故答案为：惯性；向后；向前。
11．一建筑工人用50N的水平推力推重为100N的小车，使小车在水平地面上匀速前进了15m，这个过程中，建筑工人对小车做的功为 750 J，重力做功为 0 J。撤去推力，小车仍然能继续向前运动0.5m，这是由于小车具有 惯性 。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：建筑工人对小车推力F＝50N，小车在力的作用下移动了15m，故工人对小车做的功为
W＝Fs＝50N×15m＝750J，而小车在重力方向没有移动距离，故重力不做功；
撤去推力，小车由于惯性继续保持向前的运动状态能继续向前运动。
故答案为：750；0；惯性。
12．如图所示，茶壶的壶嘴与壶身构成 连通器 ；若茶壶中水深8cm，则水对壶底的压强是 800 Pa；若将茶壶略微倾斜、水不溢出且保持静止后，壶嘴和壶身中的水面 相平 （填“相平”或“不相平”）。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
【答案】连通器；800；相平。
【解答】解：（1）茶壶中水的深度：h＝8cm＝0.08m，
水对壶底的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa；
（2）茶壶是连通器原理在生活中的实际应用。当用茶壶装水，水面静止时，壶嘴和壶身内的水面是相平的。
故答案为：连通器；800；相平。
13．如图所示，小明用滑轮组匀速提起1200N的重物，拉力做功的功率为4500W，绳子的自由端向下拉的速度为3m/s，不计绳重和摩擦，作用在绳自由端的拉力是 1500 N，滑轮组的机械效率是 26.67% ，当小明提起重物为900N时滑轮组的机械效率将 变小 （变大、变小、不变）。
【答案】1500；26.67%；变小。
【解答】解：绳子自由端的拉力F=Pv=4500W3m/s=1500N，
因为与动滑轮相连的绳子的股数为3，则滑轮组的机械效率η=W有W总=GℎFs=GnF=1200N3×1500N≈26.67%，
因为机械效率等于有用功与总功的比值，减小重物的重力使得有用功减小，所以在额外功不变的情况下，机械效率会变小。
故答案为：1500；26.67%；变小。
14．我国首艘国产航母“山东舰”组成的航母编队赴西太平洋开展远海训练。已知“山东舰”航母的排水量是6.5×104t，“山东舰”满载时受到的浮力是 6.5×108 N，满载时排开水的质量是 6.5×107 kg。当舰载机起飞后，“山东舰”受到的浮力 变小 。（填“变大”“变小”或“不变”，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
【答案】6.5×108；6.5×107；变小。
【解答】解：山东舰满载时排开水的质量m排＝6.5×104t＝6.5×107kg；
山东舰满载时受到海水的浮力F浮＝G排＝m排g＝6.5×107kg×10N/kg＝6.5×108N，
山东舰漂浮在海面上，所受浮力等于重力，当舰载机起飞后，山东舰的重力变小，则受到的浮力变小。
故答案为：6.5×108；6.5×107；变小。
三、作图题：本题7分。
15．如图所示，一个盛水的容器静止在斜面上，小球漂浮于水中，请画出小球受到的重力和浮力的示意图。
【答案】
【解答】解：小球漂浮在液体中，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力作用，由于小球处于漂浮状态，则小球的重力与浮力的大小相等，所以重力和浮力的线段长度相等，则从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；从重心开始竖直向下画一条带箭头相等的线段表示出重力，并标出G；如下图所示：
16．古往今来，人们都把钓鱼看做一项有益于身心健康的娱乐活动。如图所示是钓鱼时浮漂立于水面的示意图，A、B是浮漂上的两点，C点是眼睛所在位置，画出人眼看到B点的大致光路图。
【答案】
【解答】解：在B点上方画B点的像B'，连接B'C，B'C与水面的交点即为入射到O，然后过入射点做法线，连接BO为入射光线，OC为折射光线。如图所示：
17．如图所示，将插座和控制插座的开关正确接入家庭电路中。
【答案】
【解答】解：为了安全，开关接在插座与火线之间，三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔通过开关接火线，如图所示：
四、实验题：本大题共3小题，第18小题7分，第19小题6分，第20小题7分，共20分。
18．亲爱的同学，请你根据自己掌握的实验操作技能，回答下列问题。
（1）如图甲所示，在测量物体长度时，读数正确的是 B （选填“A”或“B”）方法，所测物体的长度应记为 2.35 cm。如图乙所示的秒表读数为 337.5 s；
（2）如图丙（a）所示，将天平放在水平台面上，取下橡胶垫圈，接下来的操作是 将游码拨到标尺的零刻度线处 ，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央。测量某物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图丙（b）所示，则该物体的质量m＝ 178 g；
（3）如图丁所示，这是小明家电能表的表盘，其示数为 2038.5 kW•h，他家单独使用某用电器时，观察到5min电能表的圆盘转了50转，则该用电器的实际电功率为 240 W。
【答案】（1）B；2.35；337.5；（2）将游码拨到标尺的零刻度线处；178；（3）2038.5；240。
【解答】解：（1）读数时视线要垂直于尺面，故读数正确的是B；
由图甲可知：刻度尺的分度值为1mm，起始位置对应的刻度值是4.00cm，物体末端对应的刻度值是6.35cm，则物体的长度为L＝6.35cm﹣4.00cm＝2.35cm；
由图乙可知，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，超过半刻度线；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在37.5s，因此秒表读数为t＝5min37.5s＝337.5s；
（2）根据天平调节平衡的步骤可知，接下来的操作是将游码拨到标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母直到指针指在分度盘中央；由图可知物体的质量m＝100g+50g+20g+5g+3g＝178g；
（3）电能表显示的数字的最后一位为小数部分，单位是kW•h，故示数为2038.5kW•h；
电能表参数N＝2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，电能表的转盘转过n＝50r消耗的电能：
W=nN=50r2500r/(kW⋅ℎ)=0.02kW•h；
用电器的工作时间：t＝5min=112h，
用电器的实际电功率：
P=Wt=0.02kW⋅ℎ112ℎ=0.24kW＝240W。
故答案为：（1）B；2.35；337.5；（2）将游码拨到标尺的零刻度线处；178；（3）2038.5；240。
19．在“探究平面镜成像特点”的实验中，小刚同学用两个大小相同的“F”字样物体a和b、白纸、刻度尺、薄玻璃板（带支架）进行如下探究：
（1）将白纸对折后展开铺于水平桌面上，沿折痕画一条直线MN，再将玻璃板 垂直 纸面放置，且底边与MN重合。物体a置于玻璃板前方，如图甲所示。
（2）在探究物像大小关系时，应在玻璃板前观察物体a的像，将物体b按图乙中 ① （选填“①”或“②”）置于玻璃板后，不断移动b的位置，直至与a的像重合。由此得出初步结论：平面镜成像，像与物体的大小 相等 。
（3）在探究像物位置关系时，将物体a旋转一个角度放置，再次调整物体b使其与a的像重合，记录下此时两物体的位置。在a的位置上标出A、B、C三点，再在b的位置上标出对应点A′、B′、C′，如图丙所示。测量并比较A、B、C三点以及对应点到MN的距离，发现相等。通过这次实验小刚得出结论：平面镜成像，像和物到平面镜的距离相等。你认为这一过程所得的结论是否可信？（选填“可信”或“不可信”） 可信 。
（4）移去后面的物体b，并在其所在位置上放一光屏，在玻璃板前 能 （选填“能”或“不能”）看到光屏上有物体a的像。在光屏一侧 不能 （选填“能”或“不能”）承接到物体a的像，所以平面镜所成的是 虚像 （选填“实”或“虚”）像。
【答案】（1）垂直；（2）①；相等；（3）可信；（4）能；不能；虚像。
【解答】解：（1）实验时，玻璃板要与纸面垂直放置；如果玻璃板与纸面不垂直，根据平面镜所成的像和物体关于平面镜对称可知，发光体“F”的像与发光体“F”不在同一水平面上，所以有可能找不到像。
（2）平面镜成像的原理是光的反射，观察像时，本质上是看到了玻璃板反射的光线，a放在玻璃板前方，所以应该在玻璃板前观察a的像。
物体b放在玻璃板后方和a的像重合，因为玻璃板成的是正立的像，所以b的方向要与a一致，故选①。
因为b与a大小相同，b能与a的像重合，说明a的像与a大小相等。
（3）要探究像和物到平面镜的距离是否相等，就要多次改变物到平面镜的距离，从而寻找到普遍规律，A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验，故结论可信；
（4）平面镜成虚像，在玻璃板前面可以看到物体a的像；移去后面的物体b，并在其所在位置上放一光屏，在光屏一侧不能直接承接到物体a的像，说明平面镜成的是虚像；
故答案为：（1）垂直；（2）①；相等；（3）可信；（4）能；不能；虚像。
20．小明用电源（电压恒为3V）、电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、小灯泡、滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线来探究电流与电压、电阻的关系。
（1）探究电流与电压的关系：
①实验前，小明设计的实验电路图如图1中甲、乙、丙所示，经小组讨论，最终确定用图丙电路进行实验，原因是该电路不仅能保持 电阻阻值 不变，还能很容易改变 定值电阻两端的电压 。
②如图2是小明实验时连接的部分电路，请你用笔画线代替导线，将电路连接完整（导线不得交叉）。
③连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应在 B （选填“A”或“B”）端，闭合开关。
④正确连接后，小明将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，得到如下表五组数据。
⑤小明分析表格中数据得出结论为 当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 。
⑥为了使上述结论更有普遍性，你认为小明接下来的实验操作是 换用不同规格的电阻再做几次实验 。
（2）探究电流与电阻的关系：
小明继续用图1丙的电路来探究电流与电阻的关系。他先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.0V。然后用10Ω的电阻替换掉5Ω的电阻接入电路，此时，他应移动滑片P，使 电压表 （选填“电压表”或“电流表”）的示数为 2.0V 为止，并读出另一只电表的示数。此实验中滑动变阻器的主要作用是 保持定值电阻两端电压不变 。
【答案】（1）①电阻阻值；定值电阻两端的电压；②见解答图；③B；⑤当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；⑥换用不同规格的电阻再做几次实验；（2）电压表；2.0V；保持定值电阻两端电压不变。
【解答】解：（1）①探究电流与电压的关系时，应控制电阻阻值不变，改变电阻两端的电压，图1甲图中灯泡的电阻随温度的变化而变化，因为电源电压恒定，所以乙图无法改变电阻两端的电压，丙图不仅能保持电阻阻值不变，还可以通过移动滑动变阻器的滑片改变定值电阻两端的电压；
②由图2可知，电源为两节干电池串联，即3V，故电压表选用小量程并联在定值电阻两端；动变阻器的滑片向左移动时，电路中电流变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联，如下图所示：
；
③为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应在阻值最大处，即B端；
⑤由表格可知电流与电压的关系为：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
⑥为了使得出的结论具有普遍性，应换用不同规格的电阻再做几次实验；
（2）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，使电压表的示数为2.0V为止，并读出另一只电表的示数；故此实验中滑动变阻器的主要作用是保持定值电阻两端电压不变。
故答案为：（1）①电阻阻值；定值电阻两端的电压；②见解答图；③B；⑤当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；⑥换用不同规格的电阻再做几次实验；（2）电压表；2.0V；保持定值电阻两端电压不变。
五、计算题；本大题共2小题，第21小题6分，第22小题7分，共13分。
21．如图是北京冬奥会吉祥物“冰墩墩”的巨型雕塑，通过计算请回答：
（1）把“冰墩墩”雕塑用吊车从地面匀速提升到1m高的底座上，用时10s。吊车提升雕塑的速度；
（2）雕塑的质量为1.5t，站立时，每只脚的着地面积为1.5m2；
①“冰墩墩”雕塑的重力（g＝10N/kg）；
②“冰墩墩”站立时，雕塑对底座的压强；
③把“冰墩墩”雕塑用吊车从地面匀速提升到1m高的底座上时，吊车对雕塑做的功。
【答案】（1）吊车提升雕塑的速度是0.1m/s；
（2）①“冰墩墩”雕塑的重力为1.5×104N；
②雕塑对底座的压强是5×103Pa；
③吊车对雕塑做的功为1.5×104J。
【解答】解：（1）把“冰墩墩”雕塑用吊车从地面匀速提升到1m高的底座上，用时10s，吊车提升雕塑的速度v=st=1m10s=0.1m/s；
（2）①“冰墩墩”雕塑的质量m＝1.5t＝1.5×103kg，重力：G＝mg＝1.5×103kg×10N/kg＝1.5×104N；
②“冰墩墩”站立时，雕塑对底座的压强：p=FS=GS=1.5×104N2×1.5m2=5×103Pa；
③提升到1m高的底座上时，吊车对雕塑做的功：W＝F′s′＝Gs′＝1.5×104N×1m＝1.5×104J。
答：（1）吊车提升雕塑的速度是0.1m/s；
（2）①“冰墩墩”雕塑的重力为1.5×104N；
②雕塑对底座的压强是5×103Pa；
③吊车对雕塑做的功为1.5×104J。
22．空气净化消毒机的工作原理是将室内空气吸入并通过内部设备净化消毒后释放洁净空气。下表为某型号空气净化消毒机的部分参数。该机内部有一个探测电路，图甲为其简化后的电路图，电源电压为12V恒定，R0阻值为20Ω，R为气敏电阻，其阻值大小与有害气体浓度的关系如图乙所示。当电压感应装置探测到R两端的电压等于或小于9V时，净化消毒机即开始工作。求：
（1）该空气净化消毒机正常工作时的电流；
（2）有害气体的浓度达到32%时，判断空气净化消毒机是否开始工作；
（3）正常工作时，将容积为60m3房间内的空气全部净化消毒需要消耗的电能？
【答案】（1）该空气净化消毒机正常工作时的电流0.5A；
（2）有害气体的浓度达到32%时，空气净化消毒机开始工作；
（3）正常工作时，将容积为60m3房间内的空气全部净化消毒需要消耗的电能1.98×105J。
【解答】解：（1）消毒机的正常工作电流
I=PU=110W220V=0.5A
（2）由图甲得，R与R0串联，
由图乙可知，有害气体浓度达到32%时，R＝40Ω。
电路电流为
I=UR+R0=12V40Ω+20Ω=0.2A
R两端的电压为
UR＝IR＝0.2A×40Ω＝8V＜9V
消毒机已开始工作。
（3）60m3的房间消毒时间
t=60m3120m3/ℎ=0.5ℎ
消毒机消耗的电能
W=P额t=110W×0.5×3600s=1.98×105J
答：（1）该空气净化消毒机正常工作时的电流0.5A；
（2）有害气体的浓度达到32%时，空气净化消毒机开始工作；
（3）正常工作时，将容积为60m3房间内的空气全部净化消毒需要消耗的电能1.98×105J。
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
23．物理社团的同学们用力传感器探究影响浮力大小的因素，如图甲，将力传感器安装在铁架台上，其下方固定一轻质细硬杆（力传感器显示硬杆对其力的大小），硬杆下方固定一塑料块，硬杆始终保持竖直静止状态，缓慢向大烧杯中注水，力传感器的示数随大烧杯中水的深度的变化规律如图乙。
（1）请在图甲中画出塑料块所受重力的示意图；
（2）如图乙，烧杯中水的深度由4cm上升到12cm过程中，观察并分析传感器示数的变化可知，浮力大小与 物体排开液体的体积 有关，当塑料块浸没时所受浮力为F1；
（3）将烧杯中水倒出并擦干实验器材后，向大烧杯中缓慢注入酒精，当塑料块刚好浸没时，塑料块所受浮力为F2，则F1 大于 F2，可得出浮力大小与液体密度有关；（ρ酒＝0.8×103kg/m3）
（4）分析实验数据，可得出该塑料块的密度为 0.8×103 kg/m3。
【答案】（1）见上图；（2）物体排开液体的体积；（3）大于；（4）0.8×103。
【解答】解：（1）由乙图可知，物体重力为8N，从重心引竖直向下的带箭头线段，如图所示：
（2）由图乙分析可知，烧杯中水的深度为4cm时，塑料块下表面刚好接触水面；当上升到12cm时，塑料块所受浮力刚好等于重力；
即烧杯中水的深度由4cm上升到12cm过程中，塑料块排开液体的体积一直变大，且浮力等于重力减去拉力，拉力变小，故浮力变大，所以浮力大小与排开液体体积有关；
（3）在水和酒精中浸没时，塑料块排开液体体积相同，液体密度不同且水密度大于酒精密度，由阿基米德原理可知塑料块在水中浸没时受到的浮力大于在酒精中浸没时受到的浮力；
（4）由（2）分析可知，当塑料块完全浸没在水中时浮力大于重力，且完全浸没轻质硬杆受到物块向上的支持力为2N，故塑料块受到的浮力为：
F浮＝G物+F支＝8N+2N＝10N，
由F浮＝ρ液gV排可得物体的体积为：
V物＝V排=F浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10﹣3m3，
故，塑料块的密度为：
ρ物=m物V物=G物gV物=8N10N/kg×1×10−3m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：（1）见上图；（2）物体排开液体的体积；（3）大于；（4）0.8×103。
24．阅读短文，回答文后的问题，
逆温现象一般情况下，大气温度随着高度增加而下降，但是，在晴朗无云的夜间，由于大气逆辐射较小，地面辐射散失热量多，近地面气温迅速下降，而高处气层降温较少，从而出现上暖下冷的逆温现象。这种辐射逆温现象黎明前最强，日出后太阳辐射逐渐增强，地面很快增温，逆温层便自下而上消失。逆温层厚度从数十米到数百米，在大陆上常年都可出现，以冬季最强。冬季夜长，逆温层较厚，消失较慢。
逆温形成的因素很多，根据其成因可分为辐射逆温、平流逆温、下沉逆温和锋面逆温等。但是常见的是辐射逆温和平流逆温。逆温层，这种大气结构“头轻脚重”，使空气处于稳定状森态，空气中的垂直运动受到抑制，工厂里烟煤燃烧排放的烟尘、汽车尾气和地面上扬起的尘埃等有害气体聚集在空中不易向上扩散和稀释，造成严重的空气污染，长江三峡工程建成后的三峡水库，会产生逆温现象，使库区的气温夏天降低、冬天升高各约2℃，对库区的工业排放污染物产生一定的影响。
（1）晴朗无云的夜间，近地面气温迅速下降的主要原因是地表泥土砂石的 比热容 较小。
（2）日出后太阳辐射逐渐增强，地面很快增温，这是通过 热传递 的方式增大地面内能。
（3）逆温层的空气处于稳定状态，空气中的垂直运动受到抑制是因为空气下层 B 。
A.温度高
B.密度大
C.压强小
D.透明度差
（4）三峡最大蓄水量为1×1010m2，若温度降低2℃，所放出的热量为 8.4×1016 J。
【答案】（1）比热容；（2）热传递；（3）B；（4）8.4×1016。
【解答】解：（1）晴朗无云的夜间，近地面气温迅速下降的主要原因是地表泥土砂石的比热容较小，在放出一定的热量后，其温度变化更明显。
（2）日出后太阳辐射逐渐增强，地面很快增温，是热量发生了转移，这是通过热传递增大地面内能。
（3）逆温层的空气处于稳定状态，主要是因为下层空气的密度大，上层空气的密度小，所以空气中的垂直运动受到抑制，故只有B选项符合题意。
（4）由公式ρ=mV得水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1×1010m3＝1×1013kg，
水放出的热量：
Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1×1013kg×2℃＝8.4×1016J。
故答案为：（1）比热容；（2）热传递；（3）B；（4）8.4×1016。
25．阅读短文，回答问题：
超声波加湿器
超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频率振动，将水抛离水面雾化成大量1μm～5μm的超微粒子（水雾），吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度。
如图所示是某型号超声波加湿器，下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值。
（1）加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量为 2580 kg。加湿器加满水时对水平地面的压强为 2×106 Pa（空气密度ρ＝1.29kg/m3，g取10N/kg），加满水后最多能加湿 100 min。
（2）下列说法中错误的是 C 。
A.加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的
B.加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能
C.水雾化成超微粒子的过程是汽化现象
D.水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力
（3）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000r/kW•h”的电能表转盘转过720次，此过程中加湿器消耗的电能为 0.24 kW•h，实际功率为 480 W。
【答案】（1）2580；2×106；100；（2）C；（3）0.24；480。
【解答】解：
（1）由表中数据得出，加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积V＝2000m3，
则由ρ=mV得加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量：
m＝ρV＝1.29kg/m3×2000m3/h×1h＝2580kg；
由ρ=mV得加满水时水的质量：
m水＝ρ水V水＝1×103kg/m3×25×10﹣3m3＝25kg，
加湿器对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝（95kg+25kg）×10N/kg＝1200N，
加湿器对水平地面的压强：
p=FS=1200N6×10−4m2=2×106Pa；
加满水后最多能加湿的时间：
t=25L15L/ℎ=53h=53×60min＝100min；
（2）A、由题知，超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的超声波，故A正确；
B、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能，故B正确；
C、水雾化成的超微粒子仍为液体，该过程不是汽化现象，故C错误；
D、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力，故D正确；本题选错误的，故选C。
（3）加湿器消耗的电能：
W=7203000×1kW•h＝0.24kW•h＝8.64×105J，
加湿器实际功率：
P=Wt=8.64×105J30×60s=480W。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.48
0.6
额定电压U（V）
频率f（Hz）
额定功率P（W）
每小时净化消毒空气的体积V0（m3/h）
220
50
110
120
型号
XXX
额定加湿量
15L/h
额定电压
220V
额定输入功率
500W
水箱容量
25L
循环风量
2000m3/h
加湿效率
≥1.2×10﹣2L/（h•W）
轮子与地面接触的总面积
6.0×10﹣4m2
机身净重
95kg
﹣﹣﹣
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.48
0.6
额定电压U（V）
频率f（Hz）
额定功率P（W）
每小时净化消毒空气的体积V0（m3/h）
220
50
110
120
型号
XXX
额定加湿量
15L/h
额定电压
220V
额定输入功率
500W
水箱容量
25L
循环风量
2000m3/h
加湿效率
≥1.2×10﹣2L/（h•W）
轮子与地面接触的总面积
6.0×10﹣4m2
机身净重
95kg
﹣﹣﹣