四川省什邡中学2025_2026学年高三上学期12月月考物理试题 [含答案]

这是一份四川省什邡中学2025_2026学年高三上学期12月月考物理试题 [含答案]，共13页。试卷主要包含了0m处开始相遇B，5m处相遇D等内容，欢迎下载使用。
考试注意事项：
1.本堂考试的评卷将实施网络阅卷，请务必按照要求在答题卡上进行规范作答。
2.选择题部分必须用2B铅笔填涂；非选择题部分用0.5mm黑色墨迹签字笔书写；不建议使用钢笔书写，严禁使用红笔，蓝笔书写！
3.考试结束后，由监考员试卷，答题卡，草稿纸全部收回。
一.单选题。（共28分）
1.竖直悬挂一根长15m的杆，在杆的正下方5m处有一观察点A，当杆自由下落时，杆通过A点需要的时间是( )
A. 1 sB. 2 sC. 3sD. 2s
2.2024年11月28日，“华龙一号”核电基地——福建漳州核电1号机组首次并网成功。“华龙一号”是我国自主研发设计的三代压水堆，也是我国核电走向世界的“国家名片”。下列核反应方程中，与“华龙一号”释放核能时的核反应类型相同的是( )
A. H11H+H13H→He24He+n01nB. U92238U→Th90234Th+He24He
C. N714N+He24He→O817O+H11HD. U92235U+n01n→Ba56144Ba+Kr3689Kr+3n01n
3.如图所示，一个没有底的空塑料瓶上固定着一根铁锯条和一块易拉罐(金属)片，把它们分别跟静电起电机的两极相连，锯条接电源负极，金属片接正极。在塑料瓶里放一盘点燃的蚊香，很快就看见整个透明塑料瓶里烟雾缭绕。当摇动起电机，顿时塑料瓶清澈透明，停止摇动，又出现烟雾缭绕。下列说法正确的是( )
A. 室内的空气湿度越大，实验效果越好
B. 起电机摇动时，塑料瓶内存在的是匀强电场
C. 起电机摇动前，烟尘颗粒带上电荷才能做成功
D. 带电的烟雾颗粒向着金属片运动时，电势能减少
4.一定质量的理想气体从状态A开始，经历A→B→C→A一次循环回到A状态，其压强p随体积倒数1V变化的图像如图所示，其中AB的延长线过原点O，BC平行于横轴，CA平行于纵轴。下列表述正确的是( )
A. 由A→B，每个气体分子的速率均保持不变
B. 由C→A，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多
C. A→B→C→A全过程外界对气体做功大于气体对外界做功
D. A→B→C→A全过程气体吸收热量与放出的热量相等
5.某仪器发射甲、乙两列横波，在同一均匀介质中相向传播，波速v大小相等。某时刻的波形图如图所示，则这两列横波( )
A. 在x=9.0m处开始相遇B. 在x=10.0m处开始相遇
C. 波峰在x=10.5m处相遇D. 波峰在x=11.5m处相遇
6.“嫦娥四号”探测器于2019年1月在月球背面成功着陆，着陆前曾绕月球飞行，某段时间可认为绕月做匀速圆周运动，圆周半径为月球半径的K倍。已知地球半径R是月球半径的P倍，地球质量是月球质量的Q倍，地球表面重力加速度大小为g。则“嫦娥四号”绕月球做圆周运动的速率为( )
A. RKgQPB. RPKgQC. RQgKPD. RPgQK
7.如图甲，物体A的质量m1=1kg，静止在光滑水平面上的木板B的质量m2=2kg，某时刻A以v0=6m/s的初速度从左端滑上木板B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平方向的拉力F，F随时间变化如图乙，共作用1.5s后撤去，以水平向右为正方向；已知A与B之间的动摩擦因数μ=0.2，木板B足够长(忽略物体A的大小)。则下列说法正确的是( )
A. 在0−1s内A的加速度大小为2m/s2，B的加速度大小为3m/s2
B. 在1−1.5s内A、B一起做匀减速运动
C. 在A、B最终达到稳定状态前A所受摩擦力始终对其做负功，A克服摩擦力一共做了1309J的功
D. 最终，物体A和木板B由于摩擦产生的总热量为6J
二、多选题：本大题共3小题，共18分。（全选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分）
8.如图所示，质量为M、长度为L的船停在平静的湖面上，船头站着质量为m的人，M>m。现在人由静止开始由船头走到船尾，不计水对船的阻力。则( )
A. 人行走时，人和船运动方向相反
B. 人行走时，船运行速度大于人的行进速度
C. 由于船的惯性大，当人停止运动时，船还要继续运动一段距离
D. 人相对水面的位移大小为MM+mL
9.如图所示，两束不同频率的平行单色光a、b从水射入空气(空气折射率为1)发生如图所示的折射现象(αvb
C. 在水中的传播速度va>vb
D. 当a、b入射角为0°时，没有光线进入空气中
10.如图所示，空间有一宽度为L的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，abc是由均匀电阻丝做成的等腰直角三角形线框，bc边上的高也为L.图示时刻，bc边与磁场边界平行，a点在磁场边界上。现使线框从图示位置匀速通过磁场区，速度方向始终与磁场边界垂直，若规定图示线框的位置x=0，感应电流i沿逆时针方向为正，线框受到的安培力F方向向左为正，则下列图象可能正确的为( )
A. B.
C. D.
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.（6分）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
(1)(多选)需要的实验操作有
A.调节滑轮使细线与轨道平行 B.倾斜轨道以补偿阻力
C.小车靠近打点计时器静止释放 D.先接通电源再释放小车
(2)如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带。
ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，则计数点C的读数为 cm。已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，根据所给数据求纸带的加速度 m/s2，(计算结果保留二位有效数字)。
(3)用图甲所示装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验，实验中细线拉力大小近似等于重物所受重力大小，则实验中重物应选用下图中的 (选填“A”、“B”或“C”)。
A. B． C．
12.（10分）在飞行器仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温度系数低，电阻率大，耐磨等性能。实验小组测量一个由新材料制成的圆柱体的电阻率ρ的实验，其操作如下：
(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图1所示，可知其长度为L= mm；
(2)用螺旋测微器测出其直径d如图2所示，则d= mm；
(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测得此圆柱体的电阻阻值，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为 Ω；
(4)为了更加准确地测出该圆柱体的电阻，除了导线和开关外，有以下一些器材可选择：
A.电源E(电动势6V、内阻可忽略不计)
B.电流表A1(量程0～0.6A，内阻约0.12Ω)
C.电流表A2(量程0～20mA，内阻约200Ω)
D.电压表V1(量程0～3V，内阻约3kΩ)
E.电压表V2(量程0～15V，内阻约15kΩ)
F.待测电阻Rx
G.滑动变阻器R1(0～10 kΩ，允许最大电流2.0A)
H.滑动变阻器R2(0～20Ω，允许最大电流1A)
其中电流表选择 。电压表选择 。滑动变阻器选 (填前面对应的序号)在方框中画出实验电路并标出所选实验器材的代号 ；
(5)若测得金属丝的长度为L，直径为d，电压表示数为U，电流表示数为I，不考虑电流表和电压表内阻的影响，则金属丝的电阻率ρ= 。
四、计算题：本大题共3小题，共38分。（请写出详尽的解答过程）
13.（10分）如图所示，用长30cm的细线将质量为m=4×10−3kg的带电小球P悬挂在O点，当空间有方向为水平向右、大小为E=1×104N/C的匀强电场时。小球偏转37°，并处于静止状态。(sin37 ∘=0.6,cs37 ∘=0.8,g取10m/s2。)
(1)判断小球的带电性质；
(2)求小球所带的电荷量；
(3)细线的拉力大小。
14.（12分）如图所示，水平固定一半径r=0.2m的金属圆环，长均为r、电阻均为R0的两金属棒沿直径放置，其中一端与圆环接触良好，另一端固定在过圆心的导电竖直转轴OO'上，并随轴以角速度ω=600rad/s匀速转动，圆环内左半圆均存在磁感应强度大小为B1的匀强磁场。圆环边缘、与转轴良好接触的电刷分别与间距l1的水平放置的平行金属轨道相连，轨道间接有电容C=0.09F的电容器，通过单刀双掷开关S可分别与接线柱1、2相连。电容器左侧存在一宽度也为l1、长度为l2、磁感应强度大小为B2的匀强磁场区域。在磁场区域内靠近左侧边缘处垂直轨道放置金属棒ab，磁场区域外有间距也为l1的绝缘轨道与金属轨道平滑连接，在绝缘轨道的水平段上放置“[”形金属框fcde。棒ab长度和“[”形框的宽度也均为l1，质量均为m=0.01kg，de与cf长度均为l3=0.08m，已知l1=0.25m，l2=0.068m，B1=B2=1T、方向均为竖直向上；棒ab和“[”形框的cd边的电阻均为R=0.1Ω，除已给电阻外其他电阻不计，轨道均光滑，棒ab与轨道接触良好且运动过程中始终与轨道垂直。开始时开关S和接线柱1接通，待电容器充电完毕后，将S从1拨到2，电容器放电，棒ab被弹出磁场后与“[”形框粘在一起形成闭合框abcd，此时将S与2断开，已知框abcd在倾斜轨道上重心上升0.2m后返回进入磁场。
(1)求电容器充电完毕后所带的电荷量Q，哪个极板(M或N)带正电？
(2)求电容器释放的电荷量ΔQ；
(3)求框abcd进入磁场后，ab边与磁场区域左边界的最大距离x。
15.（16分）如图所示，一游戏装置由倾斜角为α的光滑轨道AB、水平传送带BC、半径为R=0.2m的光滑竖直圆形轨道DEF、倾角为37°斜面GH组成，O为圆弧轨道的圆心，B、C、D、G四点在同一水平面上。游戏时，小滑块从倾斜轨道不同高度处静止释放，经过传送带后沿圆形轨道运动，最后由G点平抛后落在不同的区间获不同的奖次。已知小滑块与传送带的动摩擦因数μ=0.6，BC长为L=1m，E是圆轨道上与圆心等高的点，G距水平地面H的高度H=1.8m，小滑块经B处时速度大小不变，小滑块可视为质点，其余阻力均不计，sin37∘=0.6,g取10 m/s2，传送带开始处于静止状态，求：
(1)若小滑块质量为0.1kg，释放的高度h=1.2m，求小滑块通过E点时对轨道的压力；
(2)为了使小滑块进入圆轨道且不脱离圆轨道DEF，求小滑块释放高度的范围；
(3)若小滑块释放的高度h=0.65m，同时调节传送带以不同速度顺时针转动，为了保证小滑块不脱离圆轨道又能从G点水平飞出，试写出小滑块第1次落点(不反弹)与G点的水平距离x与传送带速度v的关系。
2025-2026学年度什邡中学高2023级高三上12月月考
物理答案和解析
1-7 ADDBCDC 8.AD 9.AC 10.AC
11.ACD 2.60 0.20 C
【解析】(1)A.实验需要调节滑轮使细线与轨道平行，选项A正确；
B.该实验只要使得小车加速运动即可，不需要倾斜轨道补偿阻力，选项B错误；
C.为了充分利用纸带，则小车靠近打点计时器静止释放，选项C正确；
D.先接通电源再释放小车，选项D正确。
故选ACD。
(2)计数点C的读数为2.60cm；每两个相邻计数点间有四个点没有画出，则相邻计数点间隔T=0.1s
根据逐差法可知，加速度a=1.10−×10−2m/s2=0.20m/s2。
(3)实验中细线拉力大小近似等于重物所受重力大小，则需要满足重物的质量远小于小车的质量，故实验中重物应选用图中的C。
故选C。
6.714/6.713/6.715 150 C D H
πd2U4IL

【解析】(1)20分度游标卡尺的精确值为 0.05mm ，由图可知长度为L=42mm+8×0.05mm=42.40mm；
(2)螺旋测微器的精确值为 0.01mm ，由图可知直径为d=6.5mm+21.4×0.01mm=6.714mm；
(3)用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测得此圆柱体的电阻阻值，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为15×10Ω=150Ω；
(4)电源电动势为6V，为减小读数误差，电压表应选择D，则通过待测电阻的最大电流约为Im=UmRx=3150A=0.02A=20mA，
则电流表应选择C；为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压式接法，所以滑动变阻器选择阻值较小的H；待测电阻阻值约为150 Ω ，电流表内阻约为200 Ω ，电压表内阻约为3000 Ω ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，则电路图如图所示
(5)根据电阻定律可得R=ρLS，
又R=UI ， S=πd24，
联立可得金属丝的电阻率为ρ=πd2U4IL。
13.(1)根据题意，对小球受力分析，由平衡条件可知，小球受水平向右的电场力，与电场方向相同，则小球带正电。
(2)根据题意，设细线的拉力大小为F，对小球受力分析，由平衡条件可知，水平方向有Fsin37 ∘=qE
竖直方向上有Fcs37 ∘=mg
联立代入数据解得F=5×10−2N， q=3×10−6C
(3)由小问2可知，细线的拉力大小F=5×10−2N。
14解：(1)开关S与接线柱1接通，电容器充电，充电过程，对绕转轴OO'转动的棒由右手定则可知其动生电源的电流沿径向向外，即边缘为电源正极，圆心为负极，则M板带正电；
根据法拉第电磁感应定律可知：E=12B1ωr2，
则电容器的电荷量为：Q=CU=CE2，
联立解得：Q=0.54C；
(2)电容器放电过程有：B2l1ΔQ=mv1，
棒ab被弹出磁场后与“[”形框粘在一起的过程有：mv1=(m+m)v2，
框abcd的上滑过程有：12×2mv22=2mgh，
联立解得：ΔQ=0.16C；
(3)设导体框在磁场中减速滑行的总路程为Δx，由动量定理得：B22l12Δx2R=2mv2，可得：Δx=0.128m>0.08m，
匀速运动距离为：l3−l2=0.08m−0.068m=0.012m，
则x=Δx+l3−l2=0.128m+0.012m=0.14m。
15.(1) A到E，由动能定理得： mg(h−R)−μmgL=12mvE2−0，
在E点，由牛顿第二定律得：FN=mvE2R，
联立得：FN=4N，
由牛顿第三定律得：F压=FN=4N，方向水平向右；
(2)滑块恰好进入圆轨道，由动能定理得：mgh−μmgL=0−0 ，解得h=0.6m，
使小滑块进入圆轨道，则h≥0.6m，
①滑块恰好到E点，由动能定理得：mg(h−R)−μmgL=0−0，解得h=0.8m，
使小滑块进入圆轨道且不脱离圆轨道，则0.6m≤h≤0.8m，
②滑块恰好到F点，由动能定理得：mg(h−2R)−μmgL=12mvF2−0，
在F点，由牛顿第二定律得：mg=mvF2R，解得h=1.1m，
要使小滑块进入圆轨道且不脱离圆轨道，则h≥1.1m；
(3)小滑块释放的高度h=0.65m，由动能定理得：mgh=12mvB2，解得vB= 13m/s，
由题意可知，滑块过最高点F，则C到F，由动能定理得：−mg⋅2R=12mvF2−12mvC2，
联立得：vC= 10m/s，即滑块过最高点F，必须满足vc≥ 10m/s，
滑块从G点水平飞出，恰好落在H点。则：H=12gt2，x=vt，
解得：t=0.6s v=4m/s，
若小滑块在传送带上减速到vc，−μmgx1=12mvC2−12mvB2，解得x1=0.25m