（人教版）选择性必修第二册高二物理第二章《电磁感应》高分必刷巩固达标检测卷（基础版+解析版）

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第二章《电磁感应》高分必刷巩固达标检测卷（基础版）全解全析1．C【详解】滑片P向右滑动过程中，接入电阻减小，线路中电流增大，线圈所处位置的磁场变强，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，由于线圈将通过顺时针转动而阻碍磁通量的增大，C正确，ABD错误。故选C。2．D【详解】当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，则流过的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电。故选D。3．A【详解】A．真空冶炼炉能在真空环境下，利用电磁感应现象，使炉内的金属产生涡流，从而炼化金属，故A正确；B．根据电磁驱动原理，当蹄形磁体顺时针转动时，铝框将朝相同方向转动，故B错误；C．金属探测器通过使用交变电流的长柄线圈来探测地下是否有金属，故C错误；D．磁电式仪表，把线圈绕在铝框骨架上，铝框中产生感应电流，使线框尽快停止摆动，起到电磁阻尼的作用，故D错误。故选A。4．D【详解】A．一个线圈中的电流变化时，与之靠近的线圈中产生感应电动势的现象称为互感现象，故A正确，不符合题意；B．互感现象的实质是电磁感应现象，同样遵循楞次定律和法拉第电磁感应定律，故B正确，不符合题意；C．利用互感现象能够将能量由一个线圈传递到另一个线圈，所以人们制造了收音机的“磁性天线”，故C正确，不符合题意；D．互感现象能发生在任何两个相互靠近的电路之间，会影响电力工程以及电子电路中电路的正常工作，故D错误，符合题意。故选D。5．A【详解】内磁场方向向里且均匀减小，由楞次定律可得线圈中产生顺时针方向的感应电流，由公式可知产生的感应电动势恒定，由于则电流恒定，由于可知磁感应强度均匀减小，则线框的边受到的安培力均匀减小，由左手定则可知安培力方向水平向左，为正值。内磁场方向向外且均匀增大，由楞次定律可得线圈中产生顺时针方向的感应电流，感应电动势恒定，电流恒定，则根据安培力公式可知，随着磁感应强度均匀增大，安培力均匀增大，由左手定则可知安培力方向水平向右，为负值。内磁场方向向外且均匀减小，由楞次定律可得线圈中产生逆时针方向的感应电流，感应电动势恒定，电流恒定，则根据安培力公式可知，随着磁感应强度均匀减小，安培力均匀减小，由左手定则可知安培力方向水平向左，为正值。内磁场方向向里且均匀增大，由楞次定律可得线圈中产生逆时针方向的感应电流，感应电动势恒定，电流恒定，则根据安培力公式可知，随着磁感应强度均匀增大，安培力均匀增大，由左手定则可知安培力方向水平向右，为负值。故选A。6．B【详解】分析金属杆在运动过程中的受力情况可知，金属杆受重力mg、导轨的支持力FN、外力F、摩擦力Ff和安培力F安的共同作用，金属杆沿导轨方向向上运动，由牛顿第二定律有又F安＝B0IL，I＝＝所以F安＝B0IL＝Ff＝μmgcosθ所以有F－mgsinθ－－μmgcosθ＝ma又因v＝at将其代入上式可得F＝t＋mgsinθ＋μmgcosθ＋ma因此图像为一条不过原点的直线，且纵截距大于0。故选B。7．C【详解】A．由右手定则可知，外电路中感应电流由A流向O，则O点电势比A点电势低，A错误；B．感应电动势电阻两端电压B错误；C．电路中电流为周期为在导体棒旋转一周的时间内，通过电阻的电荷量为C正确；D．在导体棒旋转一周的时间内，电阻产生的焦耳热为D错误。故选C。8．A【详解】设开始时穿过导线环向里的磁通量为正值则向外的磁通量为负值总的磁通量为它们的代数和（取绝对值）末态总的磁通量为由法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势为通过导线环截面的电荷量为故选A。9．A【详解】A．线框在穿越匀强磁场过程中做匀速运动，根据功能关系可知，线框穿过匀强磁场过程中产生的焦耳热故A正确；BCD．线框做匀速运动时，根据平衡条件有根据闭合电路欧姆定律有根据电流定义式可得因线框电阻R未知，无法得出线框在穿越匀强磁场过程的速度和时间，更无法得出磁感应强度B和通过导线横截面的电量q。故BCD错误。故选A。10．B【详解】A．根据右手定则判断知两金属杆产生的感应电流方向向右，则流过电阻R的电流方向为b→a，故A错误；B．当金属杆2在磁场中匀速下降时，速度最大，产生的感应电动势最大，由平衡条件得BIL＝mg又I＝联立得感应电动势的最大值为Em＝故B正确；C．根据左手定则判断知两金属杆所受安培力的方向均向上，方向相同，由公式F＝BIL可知安培力的大小也相同，故C错误；D．金属杆2刚进入磁场时的速度为v＝在金属杆2进入磁场后，由于两金属杆任何时刻受力情况相同，因此任何时刻两者的加速度也都相同，在相同时间内速度的增量也必相同，即v1－0＝v2－v则v2－v1＝v＝故D错误。故选B。11．AD【详解】A．变化的磁场可以使闭合电路的磁通量发生变化，即可以使闭合电路中产生感应电流，故A正确；B．根据麦克斯韦电磁场理论可知，在没有导体的空间中变化的磁场会产生感生电场，故B错误；C．恒定的磁场在周围不产生电场，故C错误D．感生电场的方向，可以用楞次定律来判定，故D正确。故选AD。12．BC【详解】AB．接通开关S瞬间，灯A2立即变亮，而线圈L产生自感电动势，根据楞次定律可知，自感电动势阻碍电流的增大，使得该支路中电流只能逐渐增大，所以闭合开关的瞬间，灯A1逐渐变亮，故A错误，B正确；CD．闭合开关，待电路稳定后断开开关，原来通过灯A2的电流立即消失，线圈L产生自感电动势，相当于电源，两灯串联，由于电路稳定时，两支路电流大小相等，所以灯A2不会闪一下，两灯以相同亮度逐渐熄灭，故C正确，D错误。故选BC。13．AC【详解】A．在时间t内，圆环中通有电流I，圆环在磁场中受向上的安培力作用，安培力大于重力，所以合力向上，圆环由静止开始向上加速运动，t时刻撤去电流，圆环继续向上运动，并切割磁感线产生感应电流，则同时又受向下的安培力和重力，合力方向与运动方向相反，所以圆环开始减速运动直至到达最高位置，故A正确；B．因安培力在t时间内对其做正功，t时刻以后对其做负功，有则知在t时间内安培力做功大于mgH，故B错误；C．在t时间内安培力合外力故C正确；D．圆环加速上升过程中，根据左手定则可知，受到垂直磁感线向上的力，有收缩趋势，减速上升过程中受到垂直磁感线向下的力，有扩张趋势，故D错误。故选AC。14．BC【详解】AC．在0～t0时间内，电流向下，根据安培定则，线框所在处的磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律，线框中感应电流的方向为顺时针，同理，在t0～2t0时间内，感应电流的方向还是时顺时针方向，A错误，C正确；BD．根据左手定则，线框受到的安培力先向右，后向左，B正确，D错误。故选BC。15．BD【详解】ABC．题图甲中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流而使电容器充电，当电容器极板间电压与导体棒产生的感应电动势相等时，电路中没有电流，导体棒不受安培力，其向右做匀速运动；题图乙中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流，通过电阻R转化为内能，导体棒速度减小，当导体棒的动能全部转化为内能时，导体棒静止；题图丙中，导体棒先受到向左的安培力作用向右做减速运动，速度减为零后再在安培力作用下向左做加速运动，当导体棒产生的感应电动势与电源的电动势相等时，电路中没有电流，导体棒向左做匀速运动，故AC错误，B正确；D．题图甲中，导体棒的部分动能转化为内能，题图乙中，导体棒的动能全部转化为内能，故有Q甲