2025-2026学年广东省清远市清城区九年级（上）期中物理试卷（含答案+解析）

这是一份2025-2026学年广东省清远市清城区九年级（上）期中物理试卷（含答案+解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
【从生活走向物理】根据小明日常学习生活中的相应情景，完成各小题。
1.如图所示，小明的手掌从大拇指尖到尾指尖的距离约为20cm，他对学校桌子的边长估测合理的是( )
A. 40cmB. 80mmC. 2mD. 60cm
2.小明从学校拿书包回家，小明在以下哪种情况对书包有做功( )
A. 小明竖直拿着书包站在水平行驶的公交车上
B. 小明背着书包没动
C. 小明竖直背着书包上楼梯
D. 小明竖直拿着书包水平走动
3.如图所示，小明回到家后观察妈妈制作刀切糍，了解到其中的物理知识正确的是( )
A. 滚烫的刀切糍含有的热量多B. 随着刀切糍温度降低，其内能减少
C. 当刀切糍完全冷却后，其内能为零D. 刚出锅的“白气”是水蒸气
4.如图，某款变频超声波驱蚊器能够发出不同频率的超声波，干扰蚊子的感觉和行为，达到驱蚊效果。关于驱蚊器发声的分析，下列说法正确的是( )
A. 驱蚊器发声体通过振动发出声音
B. 驱蚊器发出的声音可以被人听到
C. 驱蚊器发出的声音能够在真空中传播
D. 调高驱蚊器振动频率，声音的响度变大
5.电动公交车的动力来源于电动机，前、后两门(电路开关)中任意一个门没有关闭好，电动公交车都无法行驶。图中符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示的电路，闭合开关S后，只有一只灯泡发光，两电流表示数相等，关于电路中可能存在的故障，下列说法中正确的是( )
A. L1断路
B. L2断路
C. L1短路
D. L2短路
7.如图所示是某电子秤内部简化电路，R0是定值电阻，Rx是压敏电阻，阻值随压力增大而减小，电源电压保持不变，闭合开关，当Rx上压力增大时，下列说法正确的是( )
A. R0两端的电压变小B. Rx两端的电压变大C. 通过Rx的电流变小D. 通过R0的电流变大
二、填空题：本大题共8小题，共28分。
8.从物理学的角度看，古诗文中“不尽长江滚滚来”，滚滚奔流的长江水具有巨大的 能；“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼”，拉弯的弓箭射出去，这一过程中能量转化情况是弓的 能转化为箭的 能。
9.小明用如图所示的滑轮组经过10s的时间，用150N的拉力将一个重300N的重物提高1m，求此过程：拉力F自由端拉出的距离是 m；小明所做的有用功是 J；小明所做总功的功率是 W。
10.如图所示为《天工开物》中提到我国古代用天淬火工艺的燃料以炭为主，工人将烧红的铁器迅速放入5kg、20∘C的水中冷却，最终使水的温度上升了10∘C，水吸收了 J热量(不计热量散失)；若使用10kg木炭燃烧加热铁器，其完全燃烧放出的热量为 J；剩余木炭热值等于 。(木炭热值：3.4×107J/kg)
11.如图所示是汽油机的 冲程，汽油机在此冲程获得动力，其它三个冲程依靠飞轮的 来完成；某汽油机飞轮的转速为3000r/min，则1s内汽油机对外做功 次。
12.如图所示，取两个相同的验电器A和B，用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A，使A带 电(选填“+”或“-”)，B不带电，再用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，则连接的瞬间电荷移动方向 ；电流方向 。(均选填“由A到B”或“由B到A”)
13.如图所示，甲为亮度可调的台灯，电位器是调节其亮度的装置；乙为电位器的内部结构示意图，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动。电位器应与灯泡 (填“串联”或“并联”)，它是通过改变接入电路中的电阻丝 来改变其接入电路中的电阻。若顺时针旋转旋钮时灯泡发光变亮，则需将 (选填“a和b”“a和c”或“b和c”)接线柱接入电路。
14.如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电压为2V的电路中，只闭合开关S，则此时小灯泡的电阻为 Ω；再闭合开关S1，通过定值电阻的电流是 A，此时电流表的示数为 A。
15.热岛效应，指由于人为原因改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一。
(1)在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较______(选填“快”或“慢”)；
(2)减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的______的特性；
(3)减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水______(填某一物态变化)有______的作用(选填“吸热”或“放热”)；
(4)减弱热岛效应的措施之三：绿色出行。只要是能降低出行中的能耗和污染，就叫做绿色出行。如：______等；(答一种情况即可)
(5)研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一：
①大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的。配制防冻冷却液时二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的体积之和，这说明分子之间有______；
②某品牌汽车的百公里油耗为8L，则此汽车行驶100km时汽油完全燃烧放出的热量为______ J。(已知汽油的密度为0.75×103kg/m3，热值为4.6×107J/kg)
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
16.如图所示，重锤用细线吊着静止在空中。请画出重锤所受拉力F和重力G的示意图。
17.如图，晚上开车时，小车倾斜的前挡风玻璃会将后方车辆的强光反射至下方，以减少对司机视线的干扰，请根据已知的入射光线，画出其在挡风玻璃上的反射光线。
18.如图所示，有一个电源，一个开关和两盏灯。要求：灯L1和灯L2并联；开关S能同时控制L1和灯L2，用笔画线表示导线，把图中的实物连接起来。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
19.在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某实验小组用如图所示的同一滑轮组提升钩码，分别做了多次实验，实验数据记录如下：
(1)实验过程中，应缓慢匀速直线拉动弹簧测力计，如图所示，弹簧测力计示数为______ N。
(2)第2次实验时滑轮组的总功是______，机械效率是______。
(3)分析第1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越______(选填“高”或“低”)；分析第3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度______(选填“有关”或“无关”)。
(4)若不计摩擦及绳重，改变绕绳方式，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
20.小明为比较“不同物质吸热的情况”设计了如下的实验方案：将A、B两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度。
(1)组装器材时应按照______(选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序依次安装；
(2)实验时，选取______相同、初温相同的 A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过______方式来增大液体内能的；
(3)此实验通过______(选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”)来反映液体吸收热量的多少；
(4)加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为______ ∘C；
(5)根据实验数据小明绘制出的温度-时间图象如图丙所示，则液体______(选填“A”或“B”)更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
21.小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
(1)请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整(导线不允许交叉)；
(2)如图，连接电路时，开关要处于______(选填“断开”或“闭合”)状态，实验前小明应将滑动变阻器的滑片移至______端(选填“左”或“右”)后，再闭合开关进行实验；
(3)正确连接好电路后，闭合开关发现电压表无示数，电流表有示数，移动滑片电流表示数有变化，则故障原因可能是______(导线及开关均连接完好)；
(4)实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象；
①由图象可以得出结论：______；
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为______ V。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
22.如图所示是某品牌AI下棋机器人，它能精准完成象棋对弈，请结合所学力学知识，完成以下计算(g取10N/kg)。
(1)已知一个象棋棋子的质量为20g，求一个棋子的重力；
(2)机器人手臂将一个棋子竖直向上提升了5cm，又水平移动20cm，求克服棋子重力做的功；
(3)若机器人的总重为棋子的200倍，与桌面的接触总面积为2500cm2，求机器人对水平桌面的压强。
23.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为12Ω，S闭合后，电流表A1的示数为0.5A，电流表A的示数为0.8A。求：
(1)电阻R1中的电流；
(2)电源电压；
(3)电阻R2的阻值。
六、综合题：本大题共2小题，共13分。
24.智能机器人目前已经能够为人类在很多方面提供优质的服务，如图甲所示的智能机器人小K的部分参数：
(1)给小K电池充电，此时的电池相当于______；小 K在运行工作时，此时的电池相当于______(以上两空均选填“电源”或“用电器”)；
(2)小K底盘有4个轮子，每个轮子与水平地面接触的面积为0.005m2，如果小K以最大功率、最大移动速度运送一次最大送餐量物体(餐盘质量不计)到40m外的顾客处，当顾客取餐后，则小K对地面的压强______(选填“变大”、“不变”或“变小”)，通过这段路程所需的时间是______ s，所做的功为______J(g取10N/kg)；
(3)如图乙所示为小K送餐负重过载保护电路原理；电源电压为56V，图中R为压力传感器，阻值随所受压力变化的图象如图丙所示R与压力F大致关系是______；图乙触发器的电阻忽略不计，为了保护小 K，通过的电流超过0.4A时就触发电动机停止工作，此时电阻箱R0的阻值为______Ω。
25.阅读材料，回答问题。
无人机
2024年5月24日深圳举办第八届世界无人机大会，如图甲是一种自动拍摄火情的无人机，该无人机有4个旋翼，采用4个电动机分别带动旋翼转动，对下方空气施力从而获得升力起飞，该无人机具有一键起降和返航、空中悬停、高清拍摄、GPS定位等功能。
在无风环境中，该无人机的升阻比为15∼20，升阻比是空气对无人机的升力与阻力之比，升阻比越高，说明无人机的空气动力性能越好。
(1)无人机上载有高清摄像机，无人机的摄像头相当于______透镜，远处的物体通过摄像机拍摄时成______(选填序号)。
A.倒立放大的实像
B.倒立缩小的实像
C.正立缩小的实像
D.正立放大的虚像
(2)无人机沿水平方向飞行时，重力对无人机______(选填“有”或“没有”)做功；无人机向上匀速飞行时，其机械能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(3)无人机竖直向上飞行时，其所受阻力与飞行速度平方关系如图乙，若无人机在1min内竖直向上匀速飞行180m，此时升阻比为18，则无人机受到的升力为______ N。
(4)类似机械效率，无人机的转力效率=升力每秒钟通过旋翼的空气重力×100%；无人机在竖直向上飞行中，升阻比为20，转力效率为50%，其4个旋翼转动每秒打过的空气总体积为20m3，则此时无人机飞行时受到的阻力为______N(g=10N/kg,ρ空气=1.3kg/m3)(转力效率等于升力与每秒钟通过4个旋翼空气重力的比值)。
答案和解析
1~3.【答案】D 、C 、B
【解析】解：小明的手掌从大拇指尖到尾指尖的距离约为20cm，图中桌子的边长约为小明的手掌从大拇指尖到尾指尖距离的3倍，所以学校桌子的边长约为20cm×3=60cm，故ABC不符合题意、D符合题意。
故选：D。
小明的手掌从大拇指尖到尾指尖的距离约为20cm，据此估测。
本题考查了长度的估测，属于基础题。
解：A、小明竖直拿着书包站在水平行驶的公交车上，小明给书包施加了竖直向上力的作用，力的方向与书包运动的方向垂直，所以小明对书包没有做功，故A不符合题意；
B、小明背着书包没动，小明给书包施加了力的作用，但书包没有在该力的方向上移动距离，所以小明对书包没有做功，故B不符合题意；
C、小明竖直背着书包上楼梯，小明对书包的力竖直向上，书包在竖直向上的方向上移动了距离，所以小明对书包做功，故C符合题意；
D、小明竖直拿着书包水平走动，小明对书包的力竖直向上，力的方向与书包运动的方向垂直，所以小明对书包没有做功，故D不符合题意。
故选：C。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。
本题考查的是力是否做功，要抓住做功的两个必要条件来做判断，且尤其注意力与距离的对应性。
解：A、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、随着刀切糍的温度降低，放出了热量，所以其内能减少，故B正确；
C、一切物体都具有内能，当刀切糍完全冷却后，其内能不为零，故C错误；
D、刚出锅的“白气”不是水蒸气，是水蒸气液化形成的小水滴，故D错误。
故选：B。
(1)热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，据此判断；
(2)温度降低放出热量内能减小，据此判断；
(3)一切物体都具有内能；
(4)物质由气态变为液态的过程叫做液化。
本题考查对液化、内能和热量概念的理解，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：A.声音是由物体振动产生的，驱蚊器发声体通过振动发出声音，故A正确，符合题意；
B.驱蚊器发出的声音是超声波，不在人耳的听觉频率范围之内，不可以被人听到，故C错误，不符合题意；
C.声的传播需要介质，驱蚊器发出的声音不能在真空中传播，故C错误，不符合题意；
D.调高驱蚊器振动频率，声音的音调变高，响度大小不变，故D错误，不符合题意。
故选：A。
声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，真空不能传声。
音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
本题考查了声音的产生与传播，以及音调与频率的关系。
5.【答案】B
【解析】解：因为电动机要由前、后两门(电路开关)关闭同时控制，任意一个门没有关闭好电动机都不能工作，则电动公交车无法行驶，所以前、后两门中的电路开关应串联连接同时控制电动机，符合要求的电路只有选项B。
故选：B。
根据串联电路的特点进行分析，即串联电路开关控制整个电路。
会设计串联电路和并联电路，并且知道串并联电路中开关的作用。
6.【答案】B
【解析】解：由图可知，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量灯泡L1的电流；闭合开关S后，只有一只灯泡发光，这说明电路出现了断路现象(若灯泡短路，则整个电路会短路，都不发光)；两电流表示数相等，这说明两个电流表测量的是通过一个灯泡的电流，故故障上L2断路。
故选：B。
由图可知，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量灯泡L1的电流；闭合开关S后，只有一只灯泡发光，这说明电路出现了断路现象，根据电流表的示数判定故障的原因。
本题考查了电路的故障，明确并联电路的特点是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联；
因压力传感器的电阻值随所受压力的增大而减小，
所以，在压力传感器受到的压力增大的过程中，Rx的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流增大，即通过Rx的电流和通过R0的电流都增大，故C错误，D正确；
由U=IR可知，R0两端的电压增大，故A错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，Rx两端的电压减小，故B错误。
故选：D。
由电路图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联。
根据“压力传感器的电阻值随所受压力的增大而减小”可知，在压力传感器受到的压力增大的过程中Rx阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知Rx两端的电压变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“压力传感器的电阻值随所受压力的增大而减小”是关键。
8.【答案】动
弹性势
动

【解析】解：滚滚奔流的长江水奔流速度很快，具有巨大的动能；
拉弯的弓由于发生弹性形变而具有弹性势能，箭射出去后具有动能，这一过程中是弓的弹性势能转化为箭的动能。
故答案为：动；弹性势；动。
物体由于运动而具有的能叫做动能；物体由于被举高而具有的能叫做重力势能；发生弹性形变的物体所具有的能叫做弹性势能。
本题考查决定机械能大小的有关因素及其转化，属于基础题。
9.【答案】3
300
45

【解析】解：由图知，n=3，绳子自由端移动的距离s=3h=3×1m=3m，
有用功W有=Gh=300N×1m=300J，
总功W总=Fs=150N×3m=450J，
小明所做总功的功率P=W总t=450J10s=45W。
故答案为：3；300；45。
由图知，承担物重的绳子股数n=3，则s=3h，知道物体重和提升的高度，利用W=Gh求出有用功；知道拉力和拉力端移动的距离，利用W=Fs求拉力做功(总功)；利用P=Wt得到小明所做总功的功率。
本题考查有用功、总功和功率的了解与掌握，因条件已给出，难度不大。
10.【答案】2.1×105
3.4×108
3.4×107J/kg

【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×5kg×10∘C=2.1×105J；
(2)10kg木炭完全燃烧放出的热量为Q放=qm=3.4×107J/kg×10kg=3.4×108J；热值是燃料的特性，不随质量改变而改变，因此用掉一半，剩下木炭的热值仍然是3.4×107J/kg。
故答案为：2.1×105；3.4×108；3.4×107J/kg。
(1)根据Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
(2)木炭完全燃烧释放的热量可利用公式Q放=qm进行计算求解；
热值是燃料的特性，不随质量改变而改变。
本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式Q放=qm和吸收热量公式Q吸=cmΔt的了解与掌握，要理解：热值是燃料的特性，仅与燃料的种类有关，不随质量改变而改变。
11.【答案】做功
惯性
25

【解析】解：
汽油机有四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，由图可知，进气门、排气门关闭，活塞下行，是做功冲程，在做功冲程中把内能转化为机械能，对外提供动力，其它三个冲程要靠飞轮的惯性来完成；
已知四冲程汽油机曲轴转速是3000 r/min，所以此汽油机每秒钟转50圈，可完成25个工作循环，100个冲程，对外做25次功。
故答案为：做功；惯性；25。
汽油机的四个冲程，只有做功冲程，对外提供动力；知道四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程外做功1次。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，考查了汽油机的工作原理。
12.【答案】“+”
由B到A
由A到B

【解析】解：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，接触验电器A，使A带上“+”电，因为金属靠带有负电的自由电子导电，所以用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，连接的瞬间带负电的电子由B流向A；
物理上规定正电荷的定向移动方向为电流的方向，所以此时电流方向是由A到B。
故答案为：“+”；由B到A；由A到B。
用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，接触验电器A，使A带上正电，金属靠带有负电的自由电子导电；
物理上规定正电荷的定向移动方向为电流的方向。
本题要求学生知道：金属靠自由电子导电；物理上规定正电荷的定向移动方向为电流的方向。
13.【答案】串联
长度
b和c

【解析】解：电位器控制灯泡亮度变化时，电位器应与灯泡串联在电路中；电位器是通过改变接入电路中的电阻丝的长度来改变其接入电路中的电阻的；
顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱b、c与灯泡串联后接入电路。
故答案为：串联；长度；b和c。
电位器与灯泡串联；电位器的实质是一个滑动变阻器，通过改变接入电路中的电阻丝的长度来改变接入电路的电阻。
本题考查了电位器(变阻器)的原理及连接方法等，属于基础题目。
14.【答案】4
0.2
0.7

【解析】解：(1)当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，
由甲图象可知，灯泡两端的电压为2V，通过灯泡的电流IL=0.5A，
灯泡的电阻为RL=UI=2V0.5A=4Ω；
(2)当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，此时R两端的电压为2V，由图象可知IR=0.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表的示数：I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.7A。
故答案为：4；0.2；0.7。
(1)当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，由甲图象读出当小灯泡的实际功率为1W时两端的电压(即为电源的电压)和通过的电流，利用欧姆定律求得灯泡的电阻；
(2)当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，由甲图象可知此时通过R的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是能从图象中得出小灯泡的实际功率为1W的电压和通过的电流。
15.【答案】快； 比热容大； 汽化、吸热； 减少私家车使用次数或尽量步行； ①间隙；②2.76×108
【解析】解：(1)建筑群、柏油路和水泥路中的砂石、水泥的比热容小，在相同日照条件下，温度上升更明显、更快，因此在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较快；
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其他物质(沙石、土壤等)比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以，保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，可以大大减弱该城市的“热岛效应”；
(3)因为水汽化要从周围物体中吸收热量，具有致冷的效果，所以能起到降温的作用；
(4)减少使用私家车次数、尽量步行、骑自行车或多乘公交车和地铁等公共交通工具出行，会减少二氧化碳的排放，可以起到减弱“热岛效应”的目的；
(5)①将乙二醇加入水中，二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的体积之和，这说明分子之间存在间隙；
②由ρ=mV得，汽油的质量：
m=ρV=0.75×103kg/m3×8×10−3m3=6kg，
汽油完全燃烧放出的能量：
Q放=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J。
故答案为：(1)快；(2)比热容大；(3)汽化、吸热；(4)减少私家车使用次数或尽量步行；(5)①间隙；②2.76×108。
(1)从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多；
(2)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
(3)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
(4)燃料燃烧产生的内能，只有一部分做有用功，大部分散失到周围空间，成为环境的热源；
(5)①分子之间存在间隙；
②根据公式ρ=mV计算汽油的质量，利用Q放=mq计算出燃料完全燃烧放出的能量。
本题主要考查学生对城市热岛效应的原因的了解，本题同时考查了水比热容大和汽化吸热的应用，以及密度和热量的计算，是一道综合性题目。
16.【答案】解：重力从重心竖直向下画，标出符号G；拉力从重心竖直向上画，标出符号F。如图所示：
。
【解析】重锤所受的重力和拉力作用点都在重锤的重心上，重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点
17.【答案】
【解析】解：首先过入射点垂直于镜面做出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线下侧做出反射光线，如图所示：
光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
此题考查光的反射光路图的画法，难度不大，熟练掌握光的反射定律是关键。
18.【答案】
【解析】解：灯L1和灯L2并联；开关S能同时控制L1和灯L2，S接在干路上，实物连接如下所示：
两灯并联，开关与控制的电路串联，据此连实物图。
本题考查根据要求连接实物图，为基础题。
19.【答案】0.6 0.12J;62.5% (3)1、2、3；高；无关 不变
【解析】解：(1)由图知，弹簧测力计的一个大格表示1N，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1N.所以示数为0.6N；
(2)第2次实验时所做的有用功为：W有用=Gh=1.5N×0.05m=0.075J；
第2次做的总功：W总=Fs=0.8N×0.15m=0.12J；
滑轮组的机械效率是：η=W有W总×%=×%=62.5%；
(3)探究影响滑轮组机械效率的因素采用控制变量法，探究重物重力的影响时应使其他条件相同，据此分析表格数据，1、2、3中使用同一滑轮组，钩码上升高度相同，随着物重增大，机械效率增高；
分析3、4次实验的数据，使用同一滑轮组，物重相同，钩码上升高度不同，但机械效率不变，得出结论滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
(4)若将此滑轮组换一种绕绳方法，动滑轮的重不变，不计摩擦及绳重，故额外功为克服动滑轮自重做的功，由η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G可知，提升相同的物体时，滑轮组的机械效率不变。
故答案为：(1)0.6；(2)0.12J；62.5%；(3)1、2、3；高；无关；(4)不变。
(1)读取弹簧测力计的示数，首先要明确其分度值，即每一小格表示多少，然后再去读数；
(2)根据W有用=Gh得出第2次实验时所做的有用功，根据W总=Fs得出第2次做的总功，根据η=W有W总×%求出滑轮组的机械效率；
(3)探究影响滑轮组机械效率的因素采用控制变量法，探究重物重力的影响时应使其他条件相同，据此分析表格数据；分析3、4次实验的数据得出滑轮组的机械效率与钩码上升的高度的关系；
(4)滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，绳子最后通过定滑轮能改变力的方向；
在不计摩擦及绳重情况下，有用功就是提升重物所做的功，额外功就是提升动滑轮所做的功，由η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G进行分析。
本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、测力计读数、功和机械效率的计算、数据分析及影响机械效率大小的因素。
20.【答案】自下而上 质量 热传递 加热时间的长短 33 B
【解析】解：(1)要用酒精灯的外焰加热，故组装器材时应按照自下而上的顺序依次安装；
(2)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，实验时，选取质量相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过热传递方式来增大液体内能的；
(3)根据转换法，此实验通过加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少；
(4)温度计分度值为1∘C；加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为33∘C；
(5)根据绘制出的温度-时间图象知，升高相同的温度，B加热时间长，B的吸热能力强，比热容大，根据Q=cmΔt，在质量和降低的温度相同时，B放热多，液体B更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
故答案为：(1)自下而上；(2)质量；热传递；(3)加热时间的长短；(4)33；(5)B。
(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，据此分析；
(2)(3)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
改变内能的方法是做功和热传递，据此分析；
(4)根据温度计分度值为1∘C读数；
(5)根据绘制出的温度-时间图象知升高相同的温度，B加热时间长，根据比较吸热能力的方法确定B的吸热能力强，比热容大，根据Q=cmΔt分析回答。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
21.【答案】(1) 断开;左 R短路 电压一定时，电流与电阻成反比;2.5
【解析】解：(1)变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，如下所示：
；
(2)为保护电路，连接电路时，开关要处于断开状态，实验前小明应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即左端后，再闭合开关进行实验；
(3)闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，不存在断路故障；移动滑片电流表示数有变化，说明滑动变阻器正常工作；而电压表无示数，结合导线及开关均连接完好，可推断故障原因是与电压表并联的定值电阻短路。此时，电压表被短路，相当于测量一段导线两端的电压，所以电压表示数为0，而电路仍为通路，电流表有示数，且滑动变阻器能正常改变电路电流。故障原因是定值电阻短路；
(4)研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片：
①电阻的电压为：UV=IR=0.5A×5Ω=------0.1A×25Ω=2.5V，因电流与电阻之积为一定值，故可以得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是：断开开关，将变阻器的滑片移至最左端，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为2.5V。
故答案为：(1)；(2)断开；左；(3)R短路；(4)①电压一定时，电流与电阻成反比；
②2.5。
(1)变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)为保护电路，连接电路时，开关要处于断开状态，实验前应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
(3)闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，不存在断路故障；移动滑片电流表示数有变化，说明滑动变阻器正常工作；而电压表无示数，可推断故障原因是与电压表并联的定值电阻R短路。
(4)研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变：
①根据电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
②为保护电路，应先断开开关，将变阻器的滑片移至阻值最大处，根据控制变量法回答。
本题探究电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障和数据分析及控制变量法的运用。
22.【答案】(1)一个棋子的重力为0.2N (2)克服棋子重力做的功为0.01J (3)机器人对水平桌面的压强为160Pa
【解析】解：(1)一个棋子的质量为20g，则一个棋子的重力为：G=mg=20×10−3kg×10N/kg=0.2N；
(2)机器人手臂将棋子竖直向上提升的高度h=5cm=0.05m；
棋子水平移动20cm时，重力方向与移动方向垂直，此时不做功；
所以克服棋子重力做的功为：W=Gh=0.2N×0.05m=0.01J；
(3)机器人的总重为棋子的200倍，则机器人的总重为：G机器人=200G=200×0.2N=40N；
机器人对桌面的压力等于机器人的总重，即F=G机器人=40N；
接触面积为S=2500cm2，则机器人对水平桌面的压强为：p=FS=40N2500×10−4cm2=160Pa。
答：(1)一个棋子的重力为0.2N；
(2)克服棋子重力做的功为0.01J；
(3)机器人对水平桌面的压强为160Pa。
(1)已知一个棋子的质量，根据G=mg计算一个棋子的重力；
(2)机器人手臂竖直向上提升棋子时，克服棋子重力做功；棋子水平移动时，重力方向与移动方向垂直，此时不做功；根据W=Gh计算克服棋子重力做的功；
(3)已知机器人的总重为棋子的200倍，可以计算出机器人的总重；根据机器人对桌面的压力等于机器人的总重，可以求出机器人对桌面的压力F=G机器人；再根据压强公式p=FS计算机器人对水平桌面的压强。
本题以AI下棋机器人为背景，考查重力的计算、功的计算、压强的计算等知识点，难度不大。
23.【答案】解：由电路图知：两电阻并联，电流表A测干路电流，电流表A1测电阻R2所在支路电流；
(1)因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流为：
I1=I−I2=0.8A−0.5A=0.3A；
(2)由于并联电路各支路两端的电压相等，所以R1两端的电压等于电源电压，
由I=UR得电源电压为：
U=U1=I1R1=0.3A×12Ω=3.6V；
(3)根据并联电路电压的规律知电阻R2两端的电压为：
U2=U1=3.6V，
由I=UR得电阻R2的阻值为：
R2=U2I2=Ω。
答：(1)电阻R1中的电流为0.3A；
(2)电源电压为3.6V；
(3)电阻R2的阻值为7.20Ω。
【解析】由电路图知：两电阻并联，电流表A测干路电流，电流表A1测电阻R2所在支路电流；
(1)由并联电路的电流规律求出流过电阻R1的电流；
(2)由欧姆定律求出电源电压，
(3)由并联电路的电压规律可知R2两端的电压，由欧姆定律求出电阻R2的阻值.
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用，是一道计算题；明确各电路元件的连接方式、灵活应用并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键。
24.【答案】用电器;电源 变小;50;6000 压力增大，阻值减小;120
【解析】解：(1)给电池充电时，消耗电能，获得化学能储存起来，将电能转化为化学能，运行工作时，化学能转化为电能；
(2)小K对地面的压力等于其重力与餐盘、食物的重力之和，顾客取餐后，小K对地面的压力变小，根据p=FS可知，小K对地面的压强变小；
小K以最大功率、最大移动速度运送一次最大送餐物体(餐盘质量不计)到40m外的顾客处，所用时间为：
t=sv=40m0.8m/s=50s，
由P=Wt可知，所做的功为：
W=Pt=120W×50s=6000J；
(3)由图丙可知，压力增大，压力传感器阻值减小；
“小k”承受的最大压力：
F最大=G最大=m最大g=15kg×10N/kg=150N，
由图丙可知，当F最大=150N时，压力传感器的阻值为：R=20Ω，
由I=UR可得，电路的总电阻为：
R总=UI=56V0.4A=140Ω，
电阻箱R0接入的最小阻值为：
R0=R总−R=140Ω−20Ω=120Ω。
故答案为：(1)用电器；电源；
(2)变小；50；6000；
(3)压力增大，阻值减小；120。
(1)给电池充电时消耗电能，工作时释放电能，据此分析解答；
(2)根据v=st求出机器人移动时所用的时间，知道机器人的最大功率，根据W=Pt求出所做的功；
(3)根据图丙确定出压力传感器阻值与压力的关系，根据表格中的数据先求出“小K”承受的最大压力，由图丙可知此时压力传感器的阻值，利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出电阻箱R0接入的最小阻值。
本题主要考查速度、压强的大小及其计算，功率公式的应用，关键是从题干中获取有用的信息，熟练运用相关知识即可正确解题，虽综合性强，但难度不大。
25.【答案】凸;B 没有;变大 114 10.4
【解析】解：(1)无人机通过机载摄像头的成像原理与照相机的成像原理相同，摄像头相当于一个凸透镜，被拍摄的物体应位于镜头二倍焦距之外的位置，成倒立缩小实像，故选：B。
(2)重力方向竖直向下，无人机沿水平方向飞行时没有在重力方向上移动距离，因此此时重力对无人机没有做功；
无人机向上匀速飞行时，质量和速度不变，由动能的影响因素可知，无人机动能不变，但无人机的高度在增加，由重力势能的影响因素可知，无人机的重力势能变大，而机械能等于动能加重力势能，因此无人机向上匀速飞行时，其机械能变大。
(3)无人机竖直向上飞行的速度：v=st=180m1×60s=3m/s，则其速度的平方为9m2/s2，
由图乙可知，此时无人机所受阻力为10.4N16m2/s2×9m2/s2=5.85N，
由题意可知，升阻比最大为20，则无人机受到的升力为20×5.85N=117N。
(4)由题意可知，每秒钟通过旋翼的空气体积：V=2m2×1s×10m/s=20m3，
由ρ=mV可知，每秒钟通过旋翼的空气质量：m空气=ρ空气V=1.3kg/m3×20m3=26kg，
则每秒钟通过旋翼的空气重力：G空气=m空气g=26kg×10N/kg=260N，
由无人机的转力效率=升力每秒钟通过旋翼的空气重力×100%可知，升力=60%×260N=156N，
由此时的升阻比为15可知，无人机所受阻力=156N15=10.4N。
故答案为：(1)凸；B；(2)没有；变大；(3)117；(4)10.4。
(1)当u>2f时，成倒立缩小实像，应用于照相机；
(2)根据做功的两个必要因素分析无人机沿水平方向飞行时，重力对无人机做的功；根据动能和重力势能的影响因素和机械能等于动能加重力势能分析无人机向上匀速飞行时，其机械能的变化情况；
(3)根据速度公式求出无人机竖直向上飞行的速度，根据图乙求出此时无人机所受阻力，根据升阻比求出无人机受到的升力；
(4)根据4个旋翼转动每秒扫过的总面积为2m2，空气通过旋翼的速度为10m/s求出每秒钟通过旋翼的空气体积，根据密度公式求出其质量，根据G=mg求出其重力，根据转力效率为50%求出无人机的升力，根据升阻比为20求出无人机所受阻力。
本题考查做功的两个必要因素、速度公式、密度公式、重力公式和功率公式的应用，关键是从题干中获取相关的信息。实验次数
钩码重G/N
钩码上升距离h/cm
测力计示数F/N
测力计上升距离s/cm
机械效率η
1
1.0
5
0.6
15
55.6%
2
1.5
5
0.8
15
3
2.0
5
1.0
15
66.7%
4
2.0
10
1.0
30
66.7%
参数名称
工作电压
质量
一次最大送餐量
移动速度
最大功率
数据
56V
50kg
15kg
0.2∼0.8m/s
120W