安徽省普通高中2024~2025学年高一上学期期末复习综合素养提升训练（一）物理答案-A4

这是一份安徽省普通高中2024~2025学年高一上学期期末复习综合素养提升训练（一）物理答案-A4，共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本卷测试内容：必修第一册
完成时间：75分钟
一、单选题：
1．【答案】B
【详解】鱼在水中沿图示虚线斜向上匀加速游动的过程中，可知鱼受到的合力沿虚线斜向上，根据平行四边形定则可知，水对鱼的作用力F方向斜向上偏左，如图所示
故选B。
2．【答案】A
【详解】A．在图像中斜率表示速度，b质点的图像斜率为正，故时间内b质点速度方向为正方向；在图像中的速度正负表示速度方向，图乙可知时间内d的速度方向为负方向，故A正确；
B．图甲可知时间内质点a一直做单方向直线运动，图乙可知质点d运动方向在时刻发生变化，所以d的运动不是单方向直线运动，故B错误；
C．时间由于质点c、d的初始位置的不确定，c、d间的距离如何变化无法确定，故C错误；
D．速度时间图像斜率表示加速度，图乙可知时间内质点c做匀变速直线运动，质点b的图像函数关系不确定无法判断运动形式，故D错误；故选 A。
3．【答案】D
【详解】AB．设RS段的距离为s，则ST段的距离为2s，根据运动学公式有
，
根据平均速度公式有：，
解得：，，故AB错误；
CD．ST段的运动时间：，RS段的运动时间：
所以ST段的运动时间是RS段的4倍，故C错误，D正确。故选D。
4．【答案】C
【详解】AB．A、B一起沿斜面匀速下滑，所受外力的合力均为0，对B进行分析，B受到重力与竖直向上的支持力，B相对于A没有相对运动的趋势，即有f1=0
对斜面、A与B整体进行分析，整体所受外力的合力为0，整体受到重力与竖直向上的支持力，斜面相对于地面没有相对运动的趋势，即有f3=0
对A与B整体进行分析，整体所受外力的合力为0，整体受到重力、垂直于斜面斜向左上方发的支持力与沿斜面向上的滑动摩擦力，即有f2≠0，故AB错误；
CD．结合上述，由于A与斜面之间一定有摩擦力作用，则有 μ2≠0
由于A与B之间，斜面与地面之间没有摩擦力作用，可知，A与B之间，斜面与地面之间的动摩擦因数是否为0，不能够确定，故C正确，D错误。故选C。
5．【答案】B
【详解】AC．硬币在纸上滑动时受到的滑动摩擦力大小一定，加速度大小一定，与拉力大小无关，AC错误；
BD．手的拉力越大，由牛顿第二定律可知，纸张运动的加速度越大，因此硬币在纸上滑行的时间越短，滑离纸面时的速度越小，B正确，D错误。故选B。
6．【答案】A
【详解】A．设物体重力为mg，当箱子处于静止状态时，物体恰好静止不动，弹簧的伸长量为x，由胡克定律和平衡条件得：
使箱子水平向右做匀减速直线运动，加速度水平向左，设加速度为a，在沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：
可知：，故A正确；
B．使箱子做自由落体运动，则弹簧处于原长，故B错误；
C．使箱子竖直向上做匀加速直线运动，设加速度为a，在沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：
可知：，故C错误；
D．给物体m施加竖直向下的外力，弹簧伸长量变大，故D错误。故选 A。
7．【答案】B
【详解】A．煤块的最大加速度为：
在v-t图上作出煤块的速度时间图像，如图
由图可知，痕迹长度为：，故A错误；
B．煤块在传送带上的相对位移为：，故B正确；
C．煤块在传送带上先做匀加速直线运动，共速后做匀减速直线运动，故C错误；
D．质量变大，不改变加速度，痕迹长度不变，故D错误。故选B。
8．【答案】C
【详解】A．把1、2小球看成整体分析，受力分析如图
由三力平衡或正交分解可得：，
故A错误；
B．对小球2受力分析如图
根据受力平衡有：
故B错误；
C．对小球2的受力画出矢量分析图如下
根据图解法可得：Fc先变小后变大，故C正确；
D．细线b剪断的瞬间，小球1受力情况如图所示
此时小球1的速度为0，向心加速度为0，向心为0，则
细线a对小球1的拉力变小，故D错误。故选C。
二、多选题：
9．【答案】BD
【详解】A．两球碰后速度大小相等，方向相反，且全程两球的受力情况不变，则各自碰撞后的运动规律与碰撞前的运动规律对称，则碰撞后回到出发点的运动时间也相等，即同时回到出发点。故A错误；
B．设竖直向上为正方向，乙球的初速度为，两球从开始到相 碰用时t， 则
又两小球碰时恰好速度大小相等
联立解得：
则甲乙相碰时二者位移分别为：，
故相碰时甲乙两小球位移大小之比为：
故B正确；
C．因为相碰前，甲、乙两小球运动时间相等，所以根据平均速度的定义可知，相碰前甲乙两小球平均速度大小之比等于其位移之比，即
故C错误；
D．设乙小球落地时的速度大小为v，由以上分析可知，乙球与甲球相碰时的速度大小为：
因为两球碰后以原速率反向运动，则乙球碰后的速度大小也为，方向竖直向下，则结合上面分析可得：
联立以上解得：，故D正确。故选BD 。
10．【答案】BCD
【详解】AC．若水平面光滑，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：
可得整体加速度为：
分别取第1、2、3…、2023个小球为研究对象，根据牛顿第二定律可得
，
以此类推：
可得：
由胡克定律F=kx可知：从左到右每根弹簧伸长量之比为
但长度之比不满足1：2：3：⋯：2023，故A错误，C正确；
B．若水平面粗糙，撤去F的瞬间，第2000号小球所受的两边弹簧的弹力以及摩擦力都不变，所以第2000号小球的受力不变，根据牛顿第二定律可知其加速度不变，故B正确；
D．若水平面粗糙，设每个小球受的滑动摩擦力为f，则以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：
解得整体加速度为：
分别取第1、2、3…、2023个小球为研究对象，根据牛顿第二定律可得
，
可得：，
以此类推
则 ，故D正确。故选BCD。
三、非选择题：
11．(6分) 【答案】(1)弹簧的伸长量 (2)0.500 (3)50.0
【详解】（1）由题意已知x轴代表弹力F，由题图甲知，1号弹簧对应1位置，表示弹簧的长度，每挂一个钩码弹簧会变长一些，y轴即记录了弹簧挂上钩码后伸长的长度，故y轴代表弹簧的伸长量。
（2）刻度尺的分度值为0.1mm，读数时需要估读到分度值的下一位，由题图乙知，2号弹簧末端指针位置对应的刻度为96.00cm，故弹簧伸长量
劲度系数：
（3）根据胡克定律，有
由题图丙得：
12．(10分) 【答案】(1)椭圆 (2) Q (3) 4.30
【详解】（1）椭圆是到两焦点距离之和等于常数的所有点的集合，题中为绳长L是常数，所以C点的轨迹是椭圆；
（2）图像中Ⅰ、Ⅱ交点即为两绳拉力相等的位置，此时选取结点C为研究对象，受力如下图所示，两段绳与杆的夹角分别为和，水平方向：
当时，
当C点继续向右移动如下图所示
增大，减小，水平方向还是有：
由上式可知会增大，减小，结合题图，在图像相交后，Ⅰ线力大于Ⅱ线力，故Ⅰ线表示Q处传感器的力。
（3）[1] 图像中Ⅰ、Ⅱ交点可以读出此时P、Q处拉力都为。
[2] 此时CP、CQ与竖直方向的夹角相等延长QC到，由几何关系有：
过Q作水平线与左杆交于A点，在中有
C点受力平衡有：，
整理得：
13．(10分) 【答案】(1)129N (2)
【详解】（1）因木块恰好能静止在后壁上，对木块分析有：，
可得：
以木块和铁箱为整体，根据牛顿第二定律可得：
解得水平拉力为：
（2）撤去外力后，木块匀减速加速大小为：
以铁箱为对象，根据牛顿第二定律可得：
解得：
设木块经过时间从左侧到达右侧，且铁箱还未停止运动，则有
代入数据解得：
此时铁箱的速度为：
假设成立，可知木块经过2s木块从左侧到达右侧。
14．(14分) 【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】（1）时，以丙、丁及所乘坐的雪橇为研究对象，由牛顿第二定律得
解得：
（2）当丙、丁及所乘坐的雪橇分离时，二者具有相同的速度、加速度，且二者间无弹力，则，对丙有：
对丁有：
解得：
（3）内，对丙、丁所乘坐的雪橇，由整体法可得：
内，对丁有：
解得：
作出内丁的图像如图所示
图像的面积表示速度的变化量，丁的初速度为零，故时丁的速度为
15．(18分)【答案】(1) (2) (3)
【详解】（1）固定木板，同时释放B和C到B脱离木板A过程，根据牛顿第二定律可得：，
解得：
结合运动学规律
联立解得：
（2）解锁木板，释放B、C后，对A、B、C受力分析，C向下加速，A沿斜面向上加速，B沿A向上加速。根据牛顿第二定律可得：
，
联立解得：，
设B从静止到经过木板A中点这段时间为，由运动学知识可得
，
又 ，，
联立解得： ，
则B经过木板A中点时的速度为：
（3）在第（2）问的基础上，连接B、C绳断裂后，设B沿木板A向上做匀减速运动的加速度为，根据牛顿第二定律可得：
解得：
设经过时间，B与A共速，B位移为，A位移为，则有
解得：
由 ，B相对A的相对位移：
所以，B在共速前未滑下A。设之后B和A以共同加速度一起沿斜面向上做匀减速运动，加速度：
分别对B和A受力分析，假设成立。A、B一起减速到0后，再一起反向以向下加速直到A碰到挡板速度变为0，B向下继续加速直到脱离A。整个过程中B相对A滑动的路程为：