安徽省合肥市2024~2025学年高一上学期期末复习综合素养提升训练（三）物理答案-A4

这是一份安徽省合肥市2024~2025学年高一上学期期末复习综合素养提升训练（三）物理答案-A4，共9页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本卷测试内容：必修第一册
完成时间：75分钟
一、单选题：
1．【答案】A
【详解】B．设段绳与竖直方向夹角为，则根据结点A处于动态平衡状态对结点A受力分析得三段绳上的力、、分别为
，，OA、AC绳的拉力不是始终相等，故B错误；
A．水平向右的力随绳与竖直方向夹角的增大而增大。故A正确；
CD．段刚被拉断时，则，即，与A点位置无关，故CD错误。故选A。
2．【答案】C
【详解】A．在x-t图像中，斜率表示速度的大小，由图可知甲的斜率
乙在时的斜率为：
可得时甲的速度小于乙的速度，故A错误；
B．时甲和乙都是做匀速运动，故加速度都为0，故B错误；
C．在时，甲乙的位置都为，故时乙恰好与甲相碰，故C正确；
D．由图可知，内甲球的位移小于乙球，故甲的平均速度小于乙球的平均速度，故D错误。故选C。
3．【答案】D
【详解】若取竖直向下为正方向，根据加速度的定义式可得
即加速度的大小为18.0m/s2，方向竖直向上。
故选D。
4．【答案】A
【详解】AB．为防止弹簧拉坏，则弹簧的弹力最大为：
对两滑块的整体由牛顿第二定律，有
对Q滑块，有
联立解得：，，故A正确，B错误；
C．撤去外力F瞬间，滑块Q的受力不变，则滑块Q的加速度不变，而弹簧的弹力不一定达到最大弹力，故加速度大小为 ，故C错误；
D．撤去外力F的瞬间，滑块P的加速度大小为
故D错误。故选A。
5．【答案】B
【详解】AB．根据对称性，设竹竿对水果的支持力与两竹竿构成的平面的夹角大小均为，竹竿与水平面之间的夹角为，在垂直两竹竿平面的方向上水果受力平衡，由牛顿第三定律可知，水果对竹竿AD和竹竿的压力大小均为，则
解得：
因为逐渐变小，不变，则大果下滑过程中对竹竿AD和竹竿的压力逐渐增大，根据摩擦力
可知压力逐渐增大，对竹竿AD和竹竿的摩擦力大小也会逐渐增大。故B正确，A错误；
C．设两竹竿之间的夹角为，根据牛顿第二定律可得：
解得加速度
摩擦力变大，、不变，则加速度越来越小。故C错误；
D．根据匀变速直线运动规律可知，对于从静止开始的连续两段相等的位移，所用时间之比为，但根据上述分析可知水果滑下的过程不是匀变速直线运动，而是加速度逐渐减小的加速运动，故到与到的时间之比不符合的比例关系。故D错误。故选B。
6．【答案】C
【详解】画出篮球的受力分析如图所示
两根杆相距，根据几何知识知，则与水平方向的夹角为，与水平方向的夹角为，由平衡条件知
，
可知b杆对篮球的支持力大小为：
故选C。
7．【答案】B
【详解】AC．物块所受重力沿斜面向下的分力大小为：
当时，物块受到沿斜面向上的静摩擦力，根据物体的平衡条件有
可得：
故AC错误；
BD．物块所受斜面的最大静摩擦力
当物块刚要沿斜面上滑时，拉力的大小
当时，物块受到沿斜面向下的静摩擦力，根据物体的平衡条件有
可得：
当时，物块受到沿斜面向下的滑动摩擦力，滑动摩擦力的大小
故B正确，D错误。
故选B。
8．【答案】D
【详解】如图所示
以处为圆的最高点作圆与传送带相切于点，设圆的半径为，从处建立一管道到圆周上，管道与竖直方向的夹角为，原料下滑的加速度为
管道长度为：
由运动学公式可得：
解得：
可知从处建立任一管道到圆周上，原料下滑的时间相等，故在与传送带间建立一管道，原料从处到传送带上所用时间最短；根据图中几何关系可得
可得：
联立可得：
故选D。
二、多选题：
9．【答案】BD
【详解】A．假定两竹竿与地面倾角为，砖块的质量为m，每一根竹竿对砖块的支持力为N，以砖块为研究对象，只在垂直于竹竿平面内对其受力分析，如图所示
根据受力平衡有
可得：
若仅将两竹竿间距增大一些，由于支持力垂直于接触面，角保持不变，不变，则N不变，故A错误；
B．假定砖块与竹竿的动摩擦因数为，则摩擦力为
由于N不变，则下滑过程中竹竿对砖块的摩擦力不变，故B正确；
CD．根据牛顿第二定律有
解得：
由于，角不变，则下滑的加速度不变，根据匀变速直线运动规律
可知下滑时间不变，故C错误，D正确。
故选BD。
10．【答案】BCD
【详解】ABC．由于相同时间内物体B通过的位移是物体A通过的位移的两倍，则物体B的加速度是物体A的加速度的两倍，设物体A的加速度为a，则B的加速度为2a，设物体A、B释放瞬间，轻绳的拉力为T，根据牛顿第二定律得
，
联立解得：，
故A错误，BC正确；
D．物体B下降过程中，对斜面体、A、B整体，根据牛顿第二定律得
解得地面对斜面体的支持力为：
故D正确。
故选BCD。
三、非选择题：
11．(6分) 【答案】(1) (2) 正比 5 (3)C
【详解】（1）根据胡克定律可知，该实验验证的公式即为：
（2）[1]在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比；
[2]根据胡克定律，
联立可得：
结合图像，解得：
（3）A．根据胡克定律可知：
在图像中，横截距即为弹簧得原长，故b的原长比a的长，A错误；
BC．在图像中，图线得斜率为弹簧的劲度系数，故a的劲度系数比b的大，B错误，C正确；
D．根据胡克定律可知，在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比，D错误。故选C。
12．(10分) 【答案】(1)AD (2)0.80
(3) BC 小车质量一定时，加速度与拉力大小成正比
(4)D (5)>
【详解】（1）A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细线与长木板保持平行，这样才能为小车提供恒定的牵引力，故A正确；
B．每次实验，都要先接通打点计时器的电源，再放开小车，故B错误；
C．平衡摩擦力时，是利用小车重力沿斜面向下的分力与摩擦力相平衡，不应将悬挂小桶的细线系在小车上，故C错误；
D．实验中需要保证小车质量远大于小桶和砂的总质量，这样才能使绳子拉力约等于小桶和沙的总重力，故D正确。
故选AD。
（2）相邻两个计数点间的时间间隔
根据逐差法计算小车的加速度为
（3）[1]AB．由于小桶和砂有一定重量后才产生加速度，说明没有平衡摩擦力或木板倾角过小，造成图像不过原点，故A错误，B正确；
CD．图像发生弯曲，可能是砂和小桶的质量过大不满足小车的质量远远大于砂和小桶的总质量的条件，故C正确，D错误。
故选BC。
[2]小刚的图像是一条过原点的倾斜直线，说明小车质量一定时，加速度与拉力大小成正比。
（4）当小车质量远大于小桶和砂的总质量时可以近似认为小车受到的拉力等于小桶和砂的总重力，在探究加速度与力的关系时，小桶和砂的总质量m的值越大，与实验所要求的条件差距越大，所以m的取值最不合适的一个是500g。
故选D。
（5）当没有平衡摩擦力时有
整理有
即图像的斜率为，纵截距为，由图线可知：
即
13．(10分) 【答案】(1) (2) (3)
【详解】（1）物体在斜面上恰好可以匀速下滑，对物体受力分析得
解得：
（2）物体在拉力F的作用下恰好匀速上滑，对物体受力分析得
（3）撤去拉力后，对物体受力分析得：
解得：
向上滑行至减速为0的过程，逆着运动方向看当成初速度为0的匀加速运动，则运动的时间和位移分别为：，
速度减为0后，由题意知重力沿斜面向下的分力小于最大静摩擦力，物体保持静止，故撤去拉力F后1s内物体移动的位移为1.5m。
14．(14分) 【答案】(1)50m (2)5s
【详解】（1）根据加速度与时间关系图像可知水火箭分段做匀加速直线运动，每段时间均为由速度公式得：，，，
联立可得水火箭第4秒末的速度大小为：
水火箭第4秒末的位移大小为：
其中 ，，，
联立解得：
竖直上抛的高度为：m
水火箭上升的最大高度H，50m
（2）火箭自由下落后下降的高度和速度分别为
m，
又根据图像可得，图像围成的三角形面积等于下降d=24m所用的时间，则该段时间为：
火箭运动距离d=24m后以5m/s的速度匀速下降，水火箭匀速下降时间为
水火箭从最高点到落地所用的时间为：
15．(18分) 【答案】(1)，
(2) (3)
【详解】（1）由图像可知，到时间段内，B的加速度大小
A的加速度大小
设A与B间的动摩擦因数为，A与桌面间的动摩擦因数为，由牛顿第二定律，对B有
对A有
联立解得：，
（2）由图像可知，到时间段内，B的加速度大小，设重物质量为，对B和重物组成的系统，由牛顿第二定律有：
解得：
（3）时刻，A、B共速，B刚好进入虚线区域，且B受到水平向右的恒力作用，若A、B进入虚线区域后会发生相对滑动，由分析知
得：
因此，进入虚线区域后，A、B会保持相对静止一起水平向左做匀减速直线运动，一起匀减速的加速度大小
接下来，分析三种情况：
①若A、B恰好一起滑出左边界，则
其中
解得：
②若A、B滑不出左边界，停下后A、B均能在虚线区域内静止，则
③若A、B滑不出左边界，停下后A、B不能在虚线区域内静止，则将反向水平向右加速，若A、B向右加速过程中会发生相对滑动，由分析知
解得：
因此，A、B会保持相对静止一起向右加速，综上可知：
①当时，A、B将一起滑出左边界，又由知，A、B之后将一起匀减速到零，由动能定理，则有
解得：
②当时，A、B将一起停在虚线区域中，由动能定理，则有
解得：
③当时，A、B将先一起向左匀减速，由动能定理，则有
然后一起向右先匀加速再匀减速，由动能定理，则有
联立解得：