2025-2026学年江苏省连云港市东海县西部九年级（上）月考物理试卷（10月份）

这是一份2025-2026学年江苏省连云港市东海县西部九年级（上）月考物理试卷（10月份），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示的简单机械在使用时，可以省距离的是( )
A. 钓鱼竿B. 切纸刀
C. 核桃夹D. 钢丝钳
2.在探究“杠杆平衡的条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆(每小格均等长)、铁架台、刻度尺、细线和若干个砝码。图甲是杠杆调节前的位置，图乙、丙、丁是杠杆调好后三次的实验情景，则( )
A. 为了便于测量力臂要将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往右调
B. 实验中进行多次测量的目的是取平均值减少误差
C. 将图丙中两端各加一个钩码，杠杆仍然平衡
D. 如图丁所示，将拉力方向从竖直方向改为虚线方向，拉力F大小将不变
3.下列情景中，人对物体做了功的是( )
A. 甲图中的男同学推着小车前进了一段距离
B. 乙图中的男同学提着滑板在水平路面上匀速前行
C. 丙图中的女同学用力搬石头而没能搬动
D. 丁图中举重运动员手举杠铃静止不动
4.关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是( )
A. 做功越快的机械，功率一定越大B. 功率越大的机械，做功一定越多
C. 做功越多的机械，机械效率一定越高D. 机械效率越高，机械做功一定越快
5.工人用相同的轻质滑轮以图甲、乙所示的两种方式把同一重物竖直匀速提升相同高度，忽略绳重、摩擦和空气阻力，则下列说法正确的是( )
A. 甲中滑轮为动滑轮
B. 甲中工人所用拉力小于乙中工人所用拉力
C. 甲中绳端移动距离比乙中绳端移动距离小
D. 甲中绳端拉力做的功比乙中绳端拉力做的功多
6.2025年4月30日，神州“十九号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，如图所示。着陆过程中，返回舱要经历“在降落伞作用下减速下降阶段”，在此阶段中返回舱的( )
A. 动能增加，重力势能减少，机械能不变B. 动能不变，重力势能减少，机械能减少
C. 动能减少，重力势能减少，机械能减少D. 动能减少，重力势能不变，机械能减少
7.将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起。它的部分运动轨迹如图所示。下列说法正确的是( )
A. 皮球从O点到D点的过程中机械能守恒
B. 皮球经过A点和B点时的动能相等
C. 若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小不等的黑色圆斑
D. 皮球从B点到C点的过程中重力势能一直在变大
8.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 物体的温度越高，所含热量越多B. 温度低的物体，内能一定小
C. 0∘C的冰块，没有内能D. 温度相同的两物体间不会发生热传递
9.两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是( )
A. 甲液体的比热容大于乙液体的北热容
B. 加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
C. 质量相同的甲、乙液体，升高相同温度，乙液体吸收热量少
D. 质量相同的甲、乙液体，加热相同的时间，甲液体比乙液体温度升高得多
10.如图所示，“脚踏冲天炮”是一种户外玩具，通过脚踩踏板压缩空气的方式发射小火箭。空气推动小火箭升空的过程相当于图中的哪个冲程( )
A.
B.
C.
D.
二、填空题：本大题共6小题，共15分。
11.如图所示，旗杆顶端的装置属于______(定/动)滑轮。手拉弹簧测力计1、2、3三个不同位置时的拉力大小相等，说明使用定滑轮可以改变力的______。螺丝钉是一种类似斜面的机械，螺纹______(密/稀)一些的螺丝钉拧起来更省力。
12.某科技兴趣小组使用无人机航拍双月湖美景，如图所示。当无人机悬停在空中时，升力对无人机______；当无人机水平飞行时，升力对无人机______。(均选填“做功”或“不做功”)
13.如图所示的“魔罐”做好后将罐子从不太陡的斜面滚下，罐子和小铁块的动能会转化为橡皮筋的______，滚动一段时间后罐子停下来，然后再沿斜面向上滚动，此时罐子的重力势能会______(“增大”“不变”或“减小”)。实际实验中金属罐______(“能”或“不能”)回到斜面上的原释放点。
14.如图所示，在“探究物体的重力势能与哪些因素有关”的实验中，已知物块质量的关系为m1=m2h1)由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断钢球动能的大小，这种方法是______(选填“正确的”或“错误的”)。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
23.电动自行车轻便、安全、无污染，很受人们喜爱。某同学在双休日骑电动自行车到海滨、连岛观光，途经全长7000m、被人们称之为“神州第一堤”的连云港拦海大堤。若电动自行车以18km/h的速度匀速行驶，电动自行车牵引力的功率为150W.求：
(1)该同学通过大堤全程所需的时间；
(2)电动自行车通过大堤全程牵引力所做的功；
(3)电动自行车的牵引力。
24.建筑工地上，工人用如图所示的滑轮组在10s内将240N的物体匀速提升2m，所用的拉力F=100N，求：(忽略绳重与摩擦阻力)
(1)工人做功的功率？
(2)此过程中该装置的机械效率？
(3)如果用此滑轮组匀速提升300N的重物，那么机械效率变为多大？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力可以省距离，故A符合题意；
B、切纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，故B不符合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，故C不符合题意；
D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，故D不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是杠杆的分类：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】A
【解析】解：A.由题意可得，调节前，杠杆右端上翘，为了便于测量力臂，需要将杠杆调节水平平衡，所以需要将平衡螺母适当往右调，故A正确；
B.实验中进行多次测量的目的是为了寻找普遍规律，故B不正确；
C.将图丙中两端各加一个钩码后，无法满足动力×动力臂=阻力×阻力臂，杠杆会失去平衡，故C不正确；
D.如图丁所示，将拉力方向从竖直方向改为虚线方向后，拉力F的力臂将减小，根据杠杆平衡条件，拉力F的大小将变大，故D不正确。
故选：A。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)杠杆平衡条件：F1l1=F2l2；实验中需多次实验，得出平衡条件，使结论更普遍性；
(3)若在杠杆左右两边钩码下同时加上一个相同的钩码，分别求出力和力臂的乘积，然后比较，杠杆沿乘积大的一端下沉；
(4)当拉力F向左倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
3.【答案】A
【解析】解：A、推着小车向前移动，人对小车施加了力的作用，并且小车在力的方向上移动了距离，故人对小车做了功，故A正确；
B、提滑板走在水平路面上，此时滑板有距离，但受到的力与运动方向垂直，故人对滑板不做功。故B错误；
C、用力搬石头而未动，虽然有力，但没有距离，故没有做功，故C错误；
D、举重运动员举着杠铃不动，有力但无距离，故没有做功，故D错误。
故选：A。
做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
4.【答案】A
【解析】解：
A、功率反映做功的快慢，功率大则做功快，故A正确；
B、功率是功与时间的比值，功率越大的机械，做功快，因为时间不确定，所以做功多少不能确定，故B错；
C、机械效率是指有用功与总功的比值，做功越多的机械，有用功与总功的比值不一定大，机械效率不一定高，故C错；
D、机械效率是指有用功与总功的比值，功率反应物体做功的快慢，机械效率与机械功率大小没有直接关系，故D错．
故选A.
利用下列知识分析判断：
①功率是描述物体做功快慢的物理量，它等于单位时间内所做的功，功率大则做功快；
②机械效率反映了机械的性能优劣，是有用功与总功的比值；
③机械效率与机械做功功率和机械的省力情况无关．
深刻理解功率和机械效率的概念是解决此题的关键，要充分考虑选项中的条件，有些情况要适当运用公式说明．
5.【答案】C
【解析】解：A、图甲使用是定滑轮，故A错误；
B、图乙使用是动滑轮，不计摩擦和绳重，乙图中“轻质滑轮”动滑轮的重力远小于物体重力，作用在绳自由端拉力大小：F=12(G+G动)，甲中工人所用拉力大于乙中工人所用拉力，故B错误；
C、图甲使用是定滑轮，承担物重的绳子股数n甲=1，绳自由端移动的距离h；图乙使用是动滑轮，承担物重的绳子股数n乙=2，绳自由端移动的距离nh=2h，故C正确；
D、物重、提升的高度相同，由W=Gh可知两种情况下的有用功相同，但乙中绳端拉力还要对动滑轮做功，因此甲中绳端拉力做的功比乙中绳端拉力做的功少，故D错误。
故选：C。
(1)图甲使用是定滑轮，承担物重的绳子股数n=1；图乙使用是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2；
(2)使用动滑轮时，不计摩擦和绳重，拉力F=12(G+G动)；
(3)利用s=nh比较两种情况下绳自由端移动的距离大小关系；
(4)利用W=Gh比较两种情况下的做功的大小关系。
本题考查了定滑轮和动滑轮的特点、有用功和绳子自由端移动距离的计算，属于基础题目。
6.【答案】C
【解析】解：动能和重力势能的大小与物体的质量，速度和高度有关，返回舱减速下降时，质量不变，速度逐渐减小，则动能减少，高度逐渐降低时，则重力势能减少，机械能是动能与势能的总和，则机械能也减少，故ABD错误、C正确。
故选：C。
(1)动能的大小与物体的质量和速度有关；
(2)重力势能的大小与物体的质量和高度有关；
(3)机械能是动能与势能的总和。
本题核心是理解动能、重力势能、机械能的影响因素：动能由质量和速度决定，重力势能由质量和高度决定，机械能为两者之和。通过分析减速下降时速度、高度的变化，可推导三者的变化规律。
7.【答案】C
【解析】解：A、皮球落地反弹过程中机械能逐渐减小，故A错误；
B、由图可知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，小球运动时受到空气阻力，其机械能逐渐变小，则在A点的机械能大于在B点的机械能；同一小球在A、B两点的高度相同则重力势能相同，因机械能是物体动能与势能的总和，所以在A点的动能大于在B点的动能，故B错误；
C、整个过程中，机械能逐渐变小，所以皮球在M点时的机械能大于在N点时的机械能，即皮球在M点时的弹性势能大于在N点时的弹性势能，M、N两点留下两个大小不等，故C正确；
D、皮球从B点到C点的过程中高度先上升再下降，所以重力势能先增大再减小，故D错误。故选：C。
由图知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球运动时受到空气阻力，其机械能逐渐变小；动能的大小与质量、速度有关；机械能是动能与势能的总和。
本题考查了影响动能和重力势能大小的因素以及对机械能概念的理解，关键明确存在摩擦阻力，机械能不守恒。
8.【答案】D
【解析】解：A、热量是一过程量，它所对应的术语是“吸收”和“放出”，不能用“含有”。故A错误；
B、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度低的物体内能不一定小，故B错误；
C、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，即一切物体都有内能，故C错误；
D、发生热传递的条件是：有温度差，所以温度相同的两物体间不发生热传递，故D正确。
故选：D。
(1)热量是热传递过程中传递能量的多少；
(2)内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的质量、温度、状态有关；
(3)一切物体都具有内能；
(4)热传递的条件是存在温度差。
本题考查学生对温度、内能、热量区别的理解和掌握情况，是中考的热点。
要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热。
9.【答案】D
【解析】解：A.已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等，
由图像可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度幅度更大，
由c=QmΔt可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错误；
B.用同一热源加热相同时间时，吸收的热量相同，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量，故B错误；
C.由Q=cmΔt可知，在质量相同，升高相同温度时，比热容越大，吸收的热量越多，乙液体的比热容大于甲液体的比热容，乙液体吸收的热量比甲液体多，故C错误；
D.由Q=cmΔt可得Δt=Qcm，加热时间相同说明吸收热量相同，质量也相同，比热容越小，升高的温度越大，甲液体的比热容小于乙液体，所以甲液体比乙液体温度升高得多，故D正确。
故选：D。
(1)已知不同液体质量、升高温度大小关系，用公式c=QmΔt比较比热的大小；
(2)已知热源一定，也就是相同时间给两种液体提供的热量相同，所以从加热时间长短比较吸收的热量多少；
(3)质量相同的甲、乙液体，加热时间相同时两者吸收的热量相同，温度变化利用公式Δt=Qcm比较。
(1)知道公式Q吸=cmΔt，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。
(2)看懂图像的含义，其中包含了大量的信息，找出解题需要的量。
10.【答案】A
【解析】解：“脚踏冲天炮”中空气推动小火箭升空，将内能转化为机械能，与汽油机做功冲程原理相同，由图可知，A符合题意。
故选：A。
汽油机的做功冲程是内能转化为机械能，根据气门的开闭情况、活塞的运动方向判断热机的冲程。
本题考查了四冲程的能量转化，属于基础题。
11.【答案】定 方向 密
【解析】解：(1)由图可知该滑轮是定滑轮；
由题知，手拉弹簧测力计1、2、3三个不同位置时的拉力大小相等，说明使用定滑轮不能改变力的大小，只能改变力的方向。
(2)螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，斜面是一种变形的杠杆，因此螺丝钉是被拧成圆柱形的类似斜面的机械；螺丝钉螺纹密、螺线长，相当于斜面较长，使用起来更省力。
故答案为：定；方向；密。
(1)轴固定不变的滑轮是定滑轮，定滑轮的特点是：不省力也不费力，但能改变力的方向。
(2)螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，斜面是一种变形的杠杆。
此题考查了定滑轮、斜面，是我们日常生活中常用的简单机械，记住定滑轮和斜面的工作特点是解决此题的关键。
12.【答案】不做功 不做功
【解析】解：升力的方向竖直向上，当无人机悬停在空中时，没有在升力的方向上通过距离，所以升力对无人机不做功；
当无人机水平飞行时，无人机运动的方向与升力的方向垂直，所以升力对无人机不做功。
故答案为：不做功；不做功。
物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
13.【答案】弹性势能 增大 不能
【解析】解：金属罐不太陡的斜面上滚下，是从最高处滚下时，金属罐先由慢到快、后由快到慢滚到最低点，上面一段滚动主要是重力势能减小，金属罐的动能和橡皮筋的弹性势能增加；下面一段滚动主要是重力势能和金属罐的动能减小，橡皮筋的弹性势能增加。
金属罐沿斜面向上滚动时，高度增加，则罐子的重力势能会增大。
此题中，由于罐与地面之间存在着摩擦力，所以罐的机械能会减小，则罐子滚回来后不能回到原释放点的位置。
故答案为：弹性势能；增大；不能。
利用控制变量法判断影响动能、重力势能、弹性势能的各因素的变化；如本题对于同一个金属罐，其质量一定，只通过比较金属罐的速度、所处的高度和橡皮筋的形变程度来判断铁罐的动能、重力势能和弹性势能的变化。
由于罐与地面之间存在着摩擦力，所以罐的机械能会减小。
本题考查铁罐的机械能的转化，包含了动能和弹性势能、重力势能的转化，应细化整个过程的分析。
14.【答案】物块 a、b 动
【解析】解：实验中物块撞击木桩，木桩陷入沙中的深度越深，表明物块的重力势能越大，故研究的对象是物块；
为了探究物体的重力势能与高度的关系，应控制质量相同，下落的高度不同，故选择a、b两图；
物体从某一高度处自由下落时，质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，将重力势能转化为动能。
故答案为：物块；a、b；动。
实验中通过木桩进入沙中的深度来表示重力势能的大小，采用了转换法；重力势能的大小与物体的质量和被举高的高度有关，根据控制变量法，研究重力势能的大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析；
重力势能的大小与质量、高度有关，动能的大小与质量、速度有关。
本题探究影响重力势能大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用，难度不大。
15.【答案】热传递
1.2×105

【解析】解：小明同学用餐时发现从热汤中取出的金属勺很烫手，此时手吸收了热量，温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变物体的内能的；
热汤放出的热量：Q放=cmΔt=4.0×103J/(kg⋅∘C)×1kg×30∘C=1.2×105J。
故答案为：热传递；1.2×105。
做功和热传递都能改变物体的内能，其做功的实质是能量的转化，热传递的实质是内能的转移；
根据Q放=cmΔt求热汤放出的热量。
本题考查内能的改变方式和热量的计算，注意正确判断温度的变化量。
16.【答案】加热时间
比热容

【解析】解：在该实验中，用红外灯加热质量相同的水和沙子，由于红外灯的加热功率是一定的，那么加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多，所以水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映；
水的比热容较大，意味着相同质量的水和沙子，在吸收相同热量时，水升高的温度比沙子升高的温度小，即水升温较慢，所以加热过程中发现水升温较慢，原因是水的比热容较大。
故答案为：加热时间；比热容。
(1)水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映；
(2)水的比热容较大，相同质量的水和沙子，在吸收相同热量时，水升高的温度比沙子升高的温度小，即水升温较慢。
本题可根据实验原理、比热容的概念以及红外线的特性来解答。
17.【答案】解：阻力F2作用点在水桶细绳与杠杆的接触点处，方向竖直向下；
过支点O作出动力的作用线的垂线，该垂线段为动力的力臂l1；如图所示；

【解析】根据力臂是支点到力的作用线的垂直距离可作出动力的力臂l1，支点为点O，阻力F2作用点在细绳与杠杆的接触点处，方向竖直向下。
本题考查阻力和动力臂的画法，属于基础题。
18.【答案】解：动滑轮的支点O在绳子与边框的接触点上，动力F1为绳子的拉力，方向竖直向上，阻力F2为动滑轮和提升物体重力之和，方向竖直向下；过支点O分别向动力作用线和阻力作用线画垂线，就得到动力臂L1和阻力臂L2。
如图所示：
。
【解析】使用动滑轮能省一半的力，但不能改变力的方向，其本质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆。
动滑轮是变了形的杠杆，根据杠杆五个要素的概念，确定支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂，考查了学生对概念的理解和应用能力。
19.【答案】刻度尺；秒表；
上升的高度h/m；
10mght；
见解析
【解析】(1)要测功率的大小，根据P=Wt=10mght，需要使用体重计测量人的体重；需要测量每次上升的高度，需要使用刻度尺进行测量；还需用秒表测量连续完成10个引体向上动作需要的时间。(2)实验中要记录每次上升的高度，因此a处应填上升的高度h/m。
(3)做10个规范动作克服重力做的总功为W=10Gh=10mgh
则小星同学做引体向上的功率表达式为P=Wt=10mght；
(4)综合实践活动小组的测量方式更好，因为人的体质不同，在一定时间内不能保证人持续做动作标准的引体向上或小天的测量方式更好，因为在测量时计时更方便。
故答案为：(1)刻度尺；秒表；
(2)上升的高度h/m；
(3)10mght；
(4)见解析。
(1)(2)(3)根据P=Wt=10mght分析。(4)人的体质不同，在一定时间内不能保证人持续做动作标准的引体向上，据此分析。
本题测量功率的大小，考查实验原理、所用工具、测量的物理量和对实验方案的评估。
20.【答案】3； 0.5； 小于； 靠近
【解析】(1)如图乙，设每个钩码的重力为G，杠杆每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可得2G×3L=nG×2L，
解得n=3，杠杆在水平位置平衡时，B点挂了3个钩码；
(2)根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，丁图中每组数据的乘积都相等F2l2=F1l1=1N×15cm=1.5N×10cm=3N×5cm=15N⋅cm
l1=30cm时，动力F1=15N⋅cm30cm=0.5N；
(3)如图丙所示，当弹簧测力计向右倾斜到b位置时，使杠杆仍然在水平位置平衡；此时钩码对杠杆的拉力和力臂不变，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，弹簧测力计的示数将变大，即Fa