2025-2026学年江苏省无锡市梁溪区九年级（上）期中物理试卷（含答案+解析）

这是一份2025-2026学年江苏省无锡市梁溪区九年级（上）期中物理试卷（含答案+解析），共30页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，中国空间站的机械臂类似于人的手臂，具有抓住、拉回、锁死等功能，可对空间站舱体表面进行巡检，选项图中工具在使用时与机械臂属于同一类杠杆的是( )
A. 鸡蛋夹
B. 钢丝钳
C. 核桃钳
D. 开瓶器
2.如图所示是明朝的《天工开物》中关于用铜铸币的情景，下列说法正确的是( )
A. 炉火加热是通过做功的方式使铜内能增大的
B. 熔化的液态铜温度高因为其含有的热量多
C. 熔化的液态铜倒入钱币模具，凝固过程中温度不变，内能不变
D. 铜币在冷却过程中，将内能转移给模具和空气
3.炒花生是大众喜欢的一种零食，加工时把花生放在沙子中翻炒，很快就能将花生炒熟，主要是利用了沙子的( )
A. 热值大B. 比热容小C. 热量多D. 密度大
4.下列四种情景中，人对物体没有做功的是( )
A. 推出上面的物体B. 背着物体不动
C. 抽出中间的物体D. 向上堆积物体
5.“由物及理，思维建模”。如图是一种利用滚轴A、B和绳子组装的特殊机械，借助这种机械可以将较重的物体(如摩托车)搬运到高处。不计绳和滚轴自重，下列说法错误的是( )
A. 图中A部分可等效为定滑轮
B. 图中B部分可等效为动滑轮
C. 该机械既可省力，也能改变力的方向
D. 该机械可以省力，机械效率可达到100%
6.避险车道被称为高速公路上的“救命道”：避险车道内铺有厚厚的砂石，失控车辆一旦冲入避险车道就会快速停下，这在很大程度上保护了驾乘人员和车辆的安全，如图是失控车辆冲入避险车道后简化示意图。下列有关分析中正确的是( )
A. 当汽车冲入避险车道后，动能增大
B. 当汽车冲入避险车道后，重力势能增大
C. 当汽车最终停在避险车道上时，汽车机械能为0
D. 当汽车冲入避险车道最后瞬时，汽车的机械能全部转化为内能
7.如图所示，“龙骨水车”是我国古代主要的提水设施之一。水车一端浸入水中，另一端固定于岸上。使用时，人踩动长柄摇杆末端的踏板使大轮转动，带动嵌满刮水板的链条匀速运动，槽内板片刮水上行，倾灌于地势较高的田中。下列说法正确的是( )
A. 长柄摇杆越长，踩动时越费力
B. 踩得越快，提水做功越多
C. 提水过程中，随板片上行的水重力势能减小
D. 减小水车各部件间的摩擦，提水效率增大
8.下列用电器正常工作时，可以用实验室中的学生电流表测出电流大小的是( )
A. 手电筒B. 电子表
C. 计算器D. 柜式空调
9.取一个橙子，把铜片、铁片插入其中，就制成了一个水果电池，用电压表测量电压如图所示，下列说法正确的是( )
A. 铁片是水果电池的正极
B. 该水果电池的电压是0.6V
C. 电压表所用量程的分度值是0.5V
D. 水果电池把内能转化为电能
10.地铁自助售票机支持手机支付(闭合S1)或现金支付(闭合S2)两种方式启动电动机完成自动售票。内置环境光传感器在外界光线变暗时(S3自动闭合，灯泡发光)，屏幕亮度提升至100%确保操作界面可见，某同学设计了如下电路，其中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11.如图所示电路，闭合开关后，观察到两灯均不亮，用一根导线去检测电路故障，发现故障仅为L1断路，则检测时不可能出现的现象是( )
A. 当导线接A、B两点时，灯泡L2不亮
B. 当导线接B、C两点时，两灯均不亮
C. 当导线接C、D两点时，两灯均不亮
D. 当导线接A、D两点时，电源可能被烧坏
12.如图甲所示，在垂直升降电梯的轿厢天花板上固定一轻质弹簧，弹簧的另一端连接木块1，木块2与木块1完全相同。某一过程中，轿厢的v−t图象和弹簧的l−t图象分别如图乙、丙所示(弹簧长度l变化时的快慢情况为近似处理)。则下列判断正确的是( )
A. 0∼t3时间内，轿厢处于下降过程中
B. t1∼t2时间内，木块1所受弹簧拉力大小大于其重力大小
C. t1∼t2时间内，木块2的机械能保持不变
D. 0∼t1时间内，弹簧的弹性势能先增大后减小
二、填空题：本大题共12小题，共36分。
13.如图所示，是下压式葡萄酒开瓶器，其主要功能就是拔出软木塞。它的基本结构由把手及螺旋钻组成，其中螺旋钻相当于 (填简单机械名称)它的作用是省 (选填“力”、“距离”或“功”)；在将把手柄端向下压拔出软木塞时，它相当于一个 (选填“省内”、“费力”或“等臂”)杠杆。
14.“试弓定力”是《天工开物》中记载的一种测量弓弩最大弹力的方法。如图所示，O点为提纽处，若AO：BO=3：1，秤砣重160N，忽略秤杆重，杆秤平衡时，弓弦所受的拉力为 N；为测出弓弩的最大弹力，应逐渐增加弓下方所挂重物的重力，再将秤砣悬挂点逐渐 (选填“靠近”或“远离”)O点，此时弓弩存储的 势能越大。
15.某餐馆用智能机器人(如图)替代人工送菜。该机器人用20s时间在水平路面上运行30m将菜送到客人桌前；若机器人和菜总质量为25kg，工作时牵引力恒为50N，完成本次送菜，牵引力做功 J，牵引力做功的功率为 W，机器人所受重力做功 J。
16.塔吊是工程建设中常用的装置，其起吊部分的结构可简化为如图所示的滑轮组。用200N的拉力F，将480N的重物在10s内竖直匀速提升2m，则拉力F的功率为 W，该滑轮组的机械效率为 。
17.如图所示，为我国海上原油加工平台“海葵一号”甲板配备的救生艇。在紧急状况下，人员可搭载救生艇从轨道上由静止释放滑入大海脱困，则下滑过程中，救生艇动能 ，机械能 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
18.如图所示，是我国古代发明的取火器模型图，把推杆迅速推入牛角套筒时，套筒内的空气被压缩，推杆前端的艾绒立刻燃烧起来，此过程是通过 的方式改变内能的，相当于汽油机工作循环中的 冲程。某台单缸四冲程汽油机，若飞轮转速是4800r/min，则该汽油机每秒对外做功 次。
19.如图甲所示，某手机移动电源(俗称充电宝)有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电。这两个输出端的连接方式是 联；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的 。手机充电时，长时间输入的某电学物理量数值过高可能会导致爆炸的产生。如图乙所示的USB多功能测试仪可以实时监控手机充电时的各种数据，有效避免危险产生。该测试仪上数字“5.06”显示测量的物理量是 (填写中文名称)。“0.00A”表示此时此USB所在电路处于 (选填“通路”、“断路”或“短路”)状态。
20.小玉同学在学习使用电压表时进行实验，如图所示是他刚连接好的电路。连接电路时，开关应 ；闭合开关，电压表此时测量的是灯 两端的电压。同组的同学认为这个电路开关断开时电压表已有示数，这样的设计是不规范的，应该将导线A接到 (选填“a”、“b”或“c”)处。
21.如图甲所示电路中，当开关S3闭合，S1、S2断开时，灯泡L1、L2的连接方式是 ；当开关S1、S2闭合，S3断开时，两灯泡均发光，电流表A1、A2的指针偏转情况均如图乙所示，则电流表A1的示数为 A，通过L1的电流为 A。
22.如图甲所示，用红外线灯加热质量相同的水和沙子水和沙子吸收热量的多少通过 来反映、加热过程中发现水升温较慢，原因是水的 较大；如图乙所示是“比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量多实验装置图实验时需保证燃料 。(选填序号：A.燃烧时间相同B.完全燃尽)，通过 反映燃料燃烧放出热量的多少。
23.小明在课后积极进行实验探究：如图甲所示、她制作了“会跳的卡片”，实验时，应将 (选填“A”或“B”)表面紧贴在桌面上，并 (选填“迅速”或“缓慢”)松开手，才能观察到明显的实验现象；如图乙所示，为带盖电池盒，他想在不打开盒盖的情况下，辨别出连接盒内正极的是哪根导线，应该选择 (选填“电流表”或“电压表”)直接与两根导线采用试触连接方式进行判断。
24.杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤示意图。使用时，将物体挂在秤钩上，此秤最大称量值是10kg，秤砣最远可移至E点。某次称量时，提起C处秤纽称一袋质量为2kg的荔枝，移动秤砣至位置D，使秤杆达到水平平衡(秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示)。则秤砣质量为 kg，C与D之间的距离为 m，如果秤砣磨损，测量结果会比真实质量 (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
25.按要求作图：小明在家包饺子时，使用如图甲(a)所示的工具压饺子皮，图甲(b)是该工具的简化示意图，O为支点，F2是压杆上B点在下压时受到的阻力，请在图甲(b)中画出压饺子皮时作用在A点的最小动力F1及阻力臂l2。
26.请在图中虚线框内用箭头表示出白天海陆风的吹拂方向。
27.用笔划线代替导线完成图丙中所示的电路连接，要求：组成一个并联电路，S控制所有用电器，S1只控制L2。
四、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
28.实验小组用如图甲所示的电路来探究并联电路中电流的特点，其实验思路如下：连接好电路后，把电流表分别接入A、B、C三处，测出第一组数据；为了减少个别偶然因素的影响，他们采用以下两种方法来重复实验，并完成第二次和第三次测量。
方法一：改变电源电压；
方法二：更换其中一个支路中的灯泡(更换的灯泡规格与其不同)。
(1)实验时，连接好电路后，闭合开关发现两灯都亮，但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此他认定两灯就是串联的，小明的结论是______的(选填“可靠”或“不可靠”)。
(2)如图乙是某同学连接的并联电路的实物图，实验前，他观察电流表指针如图丙所示，则该同学应进行的操作是______；若闭合开关后观察到电流表指钉如图丙所示，该同学在连接电路中出现的错误是______；某次实验中，测量完干路电流之后，该同学想测量通过L2的电流，为接入电流表a、b、a、d四个接点中，最方便的导线拆接点是______。
(3)如图丁所示，为该同学记录的实验数据，表格设计中存在的不足之处是：______。
(4)分析数据可知，第三次测量是在第二次测量的基础上采用方法______(选填“一”或“二”)进行实验的。
29.在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
(1)当杠杆静止在图甲所示的位置时，杠杆处于______(选填“平衡”或“不平衡”)状态；图甲中，应将右端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节使杠杆在水平位置平衡。
(2)小东保持F2和l1不变而改变l2，所获得的实验数据如表中所示，第1次实验中弹簧测力计示数的放大图如图丙所示，则F1=______ N，通过该表中数据______(选填“能”或“不能”)得出杠杆的平衡条件，理由是______。
(3)小东在实验的过程中发现，按图乙中弹簧测力计的使用方式，需要将其在竖直向下方向完成校零，有一种方法是取两个弹簧测力计如图丁所示竖直放置，秤钩对钩。在竖直方向拉到某一数值，这时只需要移动弹簧测力计______(选填“甲”或“乙”)的指针，使其示数与另一弹簧测力计相等即可完成该弹簧测力计的校零。
(4)为了避免图乙中弹簧测力计校零的烦恼，调节杠杆在水平位置平衡后，他打算采用图戊的方式寻找F1、F2、l1和l2四个物理量之间的关系，该方案中杠杆自身的重力______(选填“会”或“不会”)影响实验结果；若将弹簧测力计由竖直上拉变成倾斜上拉，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
30.在探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，小明进行了如图所示的实验：
(1)实验时通过比较______来判断物体动能的大小。
(2)实验中探究的动能是指______(填序号)。
A.小球在斜面上时的动能
B.小球撞击木块前瞬间的动能
C.小球撞击木块后瞬间的动能
D.木块被小球撞击后瞬间的动能
(3)若要解释“为什么相同路段不同车型的限速不同”，应选择______两个图进行比较。
(4)小丽利用如图丁所示装置探究“物体动能大小和哪些因素有关”，小车刚开始处于B处(与弹簧接触但不连接，且此时弹簧无形变)。用手推动小车压缩弹簧至A点，然后迅速松手，小车在水平面上向右运动一段时间后，记录小车在木板上的运动距离，则在整个实验过程中，小车速度最大时位于______(选填“B点”、“B点左侧”或“B点右侧”)。若第一次使小车压缩弹簧至A点后迅速松手，记录小车运动距离为s1；第二次在小车上放置两个钩码同样压缩弹簧至A点后撤去外力，记录小车运动的距离为s2。通过本实验，小丽______(选填“能”或“不能”)探究“物体动能大小与质量的关系”，理由是______。
五、计算题：本大题共1小题，共6分。
31.“小孟在老师指导下，用如图甲所示的同一个实验装置分别加热100g的a、b两种液体(其中一种是水)，用测得的数据绘制了温度随时间变化图象(图乙)，液体b从20∘C加热至沸腾刚好消耗了4g酒精，若单位时间内液体a吸收的热量与液体b吸收的热量相等，求：[q酒精=3×107J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
(1)酒精完全燃烧放出的热量为多少？
(2)液体b的比热容为多少？
(3)该酒精灯的加热效率为多少？
六、综合题：本大题共1小题，共8分。
32.为了发展全民体育运动；无锡不断完善健身设施。小丽和家人来到社区健身房，见到了琳琅满目的健身器材。如图甲所示，小丽妈妈选择了她最常用的可调节阻力的坐姿划船机进行锻炼，划船机使用方法及正确姿势如图乙所示。假设小丽妈妈每次划船运动的距离相同，当她在某个阻力级别以稳定的节奏划船时，显示器上的参数如图丙所示。
(1)下列说法错误的是______(已知1卡定义为使1g水温度升高1∘C所需的热量)[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]；
A.根据1卡定义计算可得，1卡约等于4.2J
B.划船机的拉杆上设计了硅胶手柄，可以增大摩擦起防滑作用
C.若固定划船次数，小丽妈妈想要增加这次训练消耗的能量可以通过提高划船频率实现
D.腿部用力蹬踏板，人和坐垫就往远离踏板的方向运动，这一明力的作用是相互的
(2)①在显示器上显示的1min运动内小丽妈妈划船做的总功是多少？阻力是多大？
②划船机还可通过调节装置设定不同的阻力级别，若教练将阻力大小调节为原来的2倍，并建议妈妈将功率保持在100W，则妈妈1min内划船的次数变成多少？
(3)使用划船机锻炼，人体消耗的总能量中一部分用于对划船机做功，另一部分用于人体内部消耗(维持生理活动和转化为内能)小丽妈妈已训练这一项目一段时间，本次训练她保持功率150W连续锻炼10min(假设体每分钟消耗的总能量不变，仍为10.5千卡)，则人体内部消耗的能量为______ J。运动中，人体通过多种途径散热以维持体温基本稳定，其中出汗散热是重要方式，已知1g汗水蒸发耐带走热量2.4kJ，若人体内部消耗能量中有80%通过出汗散热，则小丽妈妈需要出汗______ g才能由汗液蒸发带走这部分热量，保持体温基本不变。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃钳在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、开瓶器在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
机械臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，根据杠杆分类，可知机械臂是费力杠杆。
本题考查的是杠杆的分类。
2.【答案】D
【解析】解：A、炉火加热是通过热传递的方式使金属铜内能增大的，故A错误；
B、热量是过程量，不能说含有，故B错误；
C、熔化的液态铜倒入钱币模具，凝固过程中温度不变，内能减小，故C错误；
D、铜币在冷却过程中，温度降低，放出热量，将内能转移给模具和空气，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能有两种方式：做功和热传递；
(2)热量是过程量，不能说含有；
(3)晶体凝固过程，温度不变，内能减小；
(4)物体放出热量，内能减小。
本题考查改变内能的方式以及晶体熔化的特点，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：在炒花生时，由于锅底的温度较高，很容把花生炒煳，加工时把花生放在沙子中翻炒，由于沙子的比热容小，沙子很容易被炒热，这样沙子被炒热后可以均匀的把热量传递给花生，很快就能将花生炒熟。
故选：B。
沙子的比热容小，与质量相同的其它物质相比，吸收相同的热量，沙子升温快，而且颗粒小，容易渗透到花生之间同时加热更多的花生，提高加热效率。
沙子的比热容小，容易升温，可以节约能源；同时可以使被加热的物体受热均匀。
4.【答案】B
【解析】解：
A、推出上面的物体时，物体受到推力，且在力的方向上移动距离，所以人对物体做了功，故A不符题意。
B、背着物体不动，物体受到力，但没有移动距离，所以人对物体没有做功，故B符合题意。
C、抽出中间的物体，物体受到拉力，且在力的方向上移动距离，所以人对物体做了功，故C不符题意。
D、向上堆积物体，物体受到向上的力，且向上移动距离，所以人对物体做了功，故D不符题意。
故选：B。
本题要抓住做功的两个必要因素：
1.作用在物体上的力；
2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；
二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断，掌握做功的两个必要因素是解题的关键。
5.【答案】D
【解析】解：AB.提升物体时，A的轴的位置固定不动，可等效为定滑轮；B和物体一起移动，可等效为动滑轮，故AB正确；
C.利用该滑轮组装置既能省力，又能改变力的方向，故C正确；
D.使用该机械过程中需要克服摩擦力做功，克服动滑轮的重力做功，即存在额外功，因此效率不会达到100%，故D错误。
故选：D。
(1)轴固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的滑轮是动滑轮；
(2)利用该滑轮组装置既能省力，又能改变力的方向；
(3)使用该机械过程中需要克服摩擦力做功，克服动滑轮的重力做功，存在额外功。
本题考查了滑轮的分类以及滑轮组的特点以及机械效率的有关知识，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、失控车辆沿避险车道向上运动，质量不变，速度减小，动能减小，故A错误；
B、失控车辆冲上避险车道，质量不变，高度增加，则重力势能增大，故B正确；
CD.当失控车辆最终停在避险车道上时，虽然动能变为零，但它获得了重力势能(位置变高了)，汽车机械能不为零。所以，车辆的机械能并非全部转化为内能，故CD错误。
故选：B。
(1)动能的大小与质量和速度有关，质量不变时，速度越小，动能越小；
(2)物体的重力势能与物体的质量、高度有关，质量不变时，高度增加，物体的重力势能增减加；
(3)考虑空气和摩擦阻力时，一部分机械能会转化为内能，机械能总和会减少；
(4)处于平衡状态的物体，受到平衡力的作用，所以其所受的合力为零。
知道动能和势能大小的影响因素，并能结合其能量的转化解决实际问题是解决该题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、摇杆在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、人踩动长柄摇杆末端的踏板使大轮转动，相同时间内转速越快输水做功越多，选项中缺少时间相同这个条件，故B错误；
C、一定质量的水被水车提升到高处，其质量不变、高度增加，则重力势能增大，故C错误；
D、增大机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦，因此要提高“龙骨水车”提水效率，可以增大槽内板叶刮水的质量，或在各部件之间加润滑油来减小摩擦，故D正确。
故选：D。
(1)根据动力作用在轮上，可以省力；
(2)转轮转速越快，相同时间内输水做功越多；
(3)重力势能与质量和高度有关；
(4)增大机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦。
本题考查杠杆的分类、重力势能、机械效率以及轮轴的应用，属于中档题。
8.【答案】A
【解析】解：一般学生电流表的量程有较小的数值通常为几安培以下。
A、手电筒中的电流：约200mA，可以用学生电流表测量，故A符合题意；
B、电子表工作电流非常小，通常是微安级别，学生电流表无法准确测量，故B不符合题意；
C、计算器中电源的电流：约100μA，学生电流表无法准确测量，故C不符合题意；
D、柜式空调工作时的电流较大，一般为几安培甚至几十安培，超出学生电流表的量程，不能用学生电流表测量，故D不符合题意，
故选：A。
(1)计算器中电源的电流：约100μA
(2)半导体收音机电源的电流：约50mA
(3)手电筒中的电流：约200mA
(4)家庭节能灯中的电流：约0.1A
(5)家用电视机的电流：约0.5A
(6)家用电冰箱的电流：约1A
(7)家用空调器的电流约：约5A
本题考查常见电流值，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：A、图中电压表的指针正向偏转，说明电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，即电压表的正接线柱与电源的正极相连，其负接线柱与电源的负极相连，因此铜片为水果电池的正极，铁片为水果电池的负极，故A错误；
B、电压表选择的量程为0∼3V，分度值为0.1V，所以示数为0.6V，故B正确；
C、由图可知电压表选用0∼3V的量程，分度值为0.1V，故C错误；
D、水果电池将化学能转化为电能，故D错误。
故选：B。
(1)根据电压表的正确使用方法(电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出)确定电源的正负极；
(2)先确定电压表的量程和分度值，再根据指针位置读数；
(3)水果电池把化学能转化为电能。
本题考查了根据电压表的使用方法来判断电源的正负极、电压表的读数和串联电池组的总电压，属于基础知识。
10.【答案】D
【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或现金支付使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货，
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机；
由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，屏幕亮度提升至100%并启用抗眩光涂层确保操作界面可见，则屏幕与电动机并联能独立工作，且只由光控开关S3控制，综上结合选项图可知，只有D图符合题意。
故选：D。
根据题意可知，通过手机扫码和现金支付都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，
再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，知道串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。
11.【答案】A
【解析】解：A.图中两个灯泡串联，两灯均不亮，若故障为L1断路，当导线接A、B两点时，灯泡L2和开关接入电路中，此时电路是通路，灯泡L2亮，故A符合题意；
B.当导线接B、C两点时，电路仍然是断路，两灯都不发光，故B不符合题意；
C.当导线接C、D两点时，电路仍然是断路，两灯都不发光，故C不符合题意；
D.当导线接A、D两点时，电源被短路，电源可能被烧坏，故D不符合题意。
故选：A。
开关闭合后，两个灯泡都不发光，说明电路是断路，根据导线在不同位置的连接情况和灯泡的发光情况分析。
本题考查了串联电路故障的分析，属于基础题。
12.【答案】D
【解析】解：A、0∼t1时间内，轿厢做加速运动，t1∼t2时间内，轿厢做匀速运动，t2∼t3时间内，轿厢做减速运动。做加速运动时，弹簧的伸长比匀速运动时大，说明拉力大于重力，因加速运动时，较大的力与运动方向相同，说明物体和电梯一起向上加速运动的，减速运动时，弹簧的拉力小于重力，即较大的力与运动方向相反，也说明是向上运动；故A错误；
B、t1∼t2时间内，轿厢匀速运动，木块1受力平衡，弹簧拉力大小等于其重力大小，故B错误；
C、t1∼t2时间内，轿厢匀速运动，木块2动能不变，重力势能变大，机械能变大，故C错误；
D、0∼t1时间内，弹簧先拉伸后长度不变，因此，弹性势能先增大后减小，故D正确。
故选：D。
(1)v−t图像能体现速度大小与方向的变化，加速运动时，较大的力与运动方向相同分析，减速运动时，较大的力与运动方向相反；
(2)匀速运动时，轿厢与木块都处于处于平衡状态；
(3)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；
机械能=动能+势能；
(4)弹性势能的大小与弹簧发生弹性形变的程度有关。
本题考查了动能、重力势能、弹性势能、机械能等内容，判断物体运动方向有一定难度。
13.【答案】斜面
力
省力

【解析】解：
螺旋钻上的螺旋相当于斜面，费距离但是省力；
按压手柄时，动力臂大于阻力臂，所以手柄相当于省力杠杆。
故答案为：斜面；力；省力。
螺旋钻上的螺旋相当于斜面，这是利用使用斜面可以省力的原理，当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆。
本题考查了简单机械，属于基础题。
14.【答案】480
远离
弹性

【解析】解：
根据杠杆平衡可得F×BO=G×AO，
解得F=G×AOBO=160N×31=480N，
根据杠杆平衡条件F×BO=G×AO可知，弓的力臂不变，秤砣的重力不变，则当秤砣的力臂最大时，弓下方所挂重物的重力越大，因此将秤砣悬挂点逐渐远离O点。此时弓弩的形变量较大，存储的弹性势能越大。
故答案为：480；远离；弹性。
根据杠杆平衡可得弓弦所受的拉力；
根据杠杆平衡条件F×BO=G×AO可知，弓的力臂不变，秤砣的重力不变，则当秤砣的力臂最大时，弓下方所挂重物的重力越大；
此时弓弩的形变量较大，存储的弹性势能越大。
本题考查杠杆平衡条件的应用，是一道综合题。
15.【答案】1500
75
0

【解析】解：牵引力做功：W=Fs=50N×30m=1500J；
牵引力做功的功率P=Wt=1500J20s=75W。
机器人水平运动，所受重力的方向为竖直向下，机器人在重力的方向上没有移动距离，所受重力做功0J。
故答案为：1500；75；0。
根据W=Fs得出牵引力做功；根据P=Wt得出功率。
机器人水平运动，所受重力的方向为竖直向下，机器人在重力的方向上没有移动距离，所受重力做功0J。
本题考查功与功率的有关计算问题，难度不大。
16.【答案】120
80%

【解析】解：由图可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数为n=3，
拉力F做的总功：W=Fs=Fnh=200N×3×2m=1200J，
拉力F的功率：P=W总t=1200J10s=120W；
拉力做的有用功：W有=Gh=480N×2m=960J，
该滑轮组的机械效率：η=W有W总=960J1200J×100%=80%。
故答案为：120；80%。
由图可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数，根据W=Fs=Fnh求拉力F做的总功，根据P=Wt求拉力F的功率；
根据W=Gh求拉力做的有用功，根据η=W有W总求该滑轮组的机械效率。
本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一。
17.【答案】变大
变小

【解析】解：救生艇质量不变，下滑过程中，速度增大，所以动能变大；救生艇下滑过程中因为有摩擦力，需要克服摩擦做功，有一部分机械能转化为其它形式的能，所以机械能变小。
故答案为：变大；变小。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
(3)机械能=动能+势能。
本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
18.【答案】做功
压缩
40

【解析】解：推杆迅速推入牛角套筒时，压缩空气做功，通过做功的方式改变空气的内能。
汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，与取火器的能量转化形式相同，因此相当于压缩冲程。
单缸四冲程汽油机的飞轮转速是4800r/min=80r/s，即每秒钟转80圈，完成40个工作循环，对外做功40次。
故答案为：做功；压缩；40。
改变物体内能的方法：做功和热传递；
汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
本题考查了改变内能的方法、内燃机的工作过程，难度不大。
19.【答案】并
用电器
电压
断路

【解析】解：某手机移动电源(俗称充电宝)有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端互不影响，所以是并联的关系。
用移动电源为手机充电时，手机消耗电能，相当于电路中的用电器。
由图可知，5.06后面的单位是伏特，是电压的单位，所以该测试仪上数字“5.06”显示测量的物理量是电压。
“0.00A”表示电流为0，说明此时此USB所在电路处于断路状态。
故答案为：并；用电器；电压；断路。
(1)充电宝有两个输出端通过电源线可以单独或同时为手机充电，从并联电路的特点可知这两个输出端的连接方式；
(2)用移动电源为手机充电时，手机消耗了电能，转化成其他形式的能；
(3)该测试仪上数字“5.06”后面的单位为V，是电压的单位，据此作答；
(4)电路断开时电路中没有电流。
本题考查了并联电路的特点、电路的组成、电压的单位以及电路的三种状态的判断，难度一般。
20.【答案】断开
L2
b

【解析】解：(1)为了防止电路元件损坏，连接电路时，开关应断开；
(2)分析电路可知，闭合开关，两灯串联，电压表与L2并联，电压表测量的是灯L2的两端电压；
(3)为了使开关断开时，电压表无示数，应使开关断开时，电压表与电源无法构成回路，故将导线A接到b处。
故答案为：断开；L2；b。
(1)为了防止电路元件损坏，连接电路时，开关应断开；
(2)电压表应与所测用电器并联接入电路；
(3)开关断开后，电压表与电源不应构成回路。
本题考查了电路的连接与分析，属于基础题。
21.【答案】串联
1
0.8

【解析】解：由图可知，当开关S3闭合，S1、S2断开时，灯泡L1、L2首尾相连，是串联的关系。
当开关S1、S2闭合，S3断开时，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流。两个电流表指针偏转均为图乙所示，根据并联电路的电流规律可知，电流表A1选用大量程，分度值为0.1A，示数为1A，即干路电流I=1A，电流表A2选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，即L2电流为I2=0.2A，则通过L1的电流为：
I1=I−I2=1A−0.2A=0.8A。
故答案为：串联；1；0.8。
(1)串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；
并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；
(2)开关S1、S2闭合，S3断开时，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流，根据并联电路的电流规律可知，两电流表所选量程，由指针位置可读数，由并联电路的电流规律可求得通过L1的电流。
本题考查了电流表的使用与连接及并联电路电流的规律，分清电路的连接方式和电表量程的判读是解决本题的关键，难点是电表量程的判断。
22.【答案】加热时间
比热容
B
温度计示数升高的多少

【解析】解：在该实验中，用红外线灯加热质量相同的水和沙子，由于红外线灯的加热功率是一定的，相同时间内沙子和水吸收相同的热量，所以水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映。
水的比热容较大，意味着相同质量的水和沙子，在吸收相同热量时，水升高的温度比沙子升高的温度少，即水升温较慢，所以加热过程中发现水升温较慢，原因是水的比热容较大。
为了比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，需要在两个燃烧皿中放入质量相等的不同燃料。燃料完全燃尽后，即选B；水吸收的热量等于燃料燃烧放出的热量，通过观察温度计示数的变化多少来比较燃料燃烧放出热量的多少。
故答案为：加热时间；比热容；B；温度计示数升高的多少。
我们使用同一热源加热，通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
水的比热容大，相同条件下水升温慢；
为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，在燃料都烧完后，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大。
本题比较不同物质的吸热能力和热值大小，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
23.【答案】B
迅速
电压表

【解析】解：实验时，应将B表面紧贴在桌面上，将卡片向下压至桌面，使橡皮筋产生的形变最大，然后迅速松手，橡皮筋迅速恢复原状，将弹性势能转化为卡片的动能，才能观察到明显的实验现象。
电流表不能直接接在电源两端，否则会造成电源短路。电压表可以直接接在电源两端，测出电源电压。
所以，想在不打开盒盖的情况下，辨别出连接盒内正极的是哪根导线，应该选择电压表与两根导线采用试触的连接方式进行判断。
故答案为：B；迅速；电压表。
(1)动能和势能之间可以相互转化，并根据其影响因素可做出判断。
(2)根据电流表和电压表的特点解答。
本题考查了弹性势能与动能的转化，电流表与电压表的特点，属基础题。
24.【答案】0.4
0.25
偏大

【解析】解：由图可知，提起B处秤纽，秤砣的力臂可以达到最长，而秤砣的重力、重物的力臂不变，由杠杆平衡条件F1l1=F2l2得，此时可以达到最大称量；
秤杆和秤钩的质量忽略不计，当提起B处秤纽，秤砣移至最远E点时，此秤最大称量值是10kg，则有G物×lAB=G砣×lBE，即秤砣重为：
G砣=lAB×G物lBE=lAB×m物glBE=0.02m×10kg×10N/kg0.5m=4N，
由G=mg知，秤砣质量为m砣=G砣g=4N10N/kg=0.4kg；
某次称量时，提起C处秤纽称一袋质量为2kg的荔枝，移动秤砣至位置D，使秤杆达到水平平衡，由杠杆平衡条件可得G物′×lAC=G砣×lCD，
即C与D之间的距离为：lCD=G物′×lACG砣=m物′g×lACG砣=2kg×10N/kg×(0.02m+0.03m)4N=0.25m；
如果秤砣磨损，则秤砣的重力变小，货物重力和力臂不变，由G物l物=G砣×l砣可知，秤砣的力臂将变大，因此测量结果会比真实质量偏大。
故答案为：0.4；0.25；偏大。
我们可以把杆秤抽象为杠杆，则B(C)为支点，A点为阻力作用点，阻力臂为AB(AC)；秤砣对杆秤的力为动力；当杆秤在水平位置平衡时，动力臂为B(C)到悬挂秤砣的位置D点的距离；杠杆的平衡条件为F1l1=F2l2，分析解答。
本题中，将杆秤抽象为杠杆是解题的关键。这种将具体事物抽象为物理模型的方法称之为模型法，是解答物理试题中常见的方法之一。
25.【答案】
【解析】解：反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂l2；
由杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
26.【答案】解：由于海水的比热容大于泥土砂石的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风；如图所示：

【解析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
27.【答案】
【解析】解：两灯并联，S控制所有用电器，S接在干路上，S1只控制L2，S1与L2串联，据此连接实物图，如下所示：
两灯并联，开关与控制的电路串联，据此连接实物图。
本题考查根据要求连接实物图，为基础题。
28.【答案】不可靠 对电流表调零;电流表的正负接线柱接反了;b 物理量没有带单位 一
【解析】解：(1)随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，他可能拆的是串联电路的任一导线，也可能拆的是并联电路干路上的线，这两种情况下都会导致两灯都熄灭，故无法判断两灯的串联和并联，故结论是不可靠的。
(2)实验前，他观察电流表指针如图丙所示，指针没有指在零刻度线，所以该同学应进行的操作是对电流表调零。
若闭合开关后观察到电流表指针如图丙所示，指针左偏，则该同学在连接电路中出现的错误是电流表的正负接线柱接反了。
测量完干路电流之后，某同学想测量通过L2的电流，将bd导线的b端改接到电流表0.6A接线柱上即可，所以最方便的导线拆接点是b点。
(3)从表格可知，物理量没有带单位，故不足之处是物理量没有带单位。
(4)若只更换其中一条支路上的灯泡，电源电压不变，灯泡的规格不变，则通过某一灯泡的电流不变，而通过表格分析可知，第三次实验中，两支路电流都改变了，所以第三次测量是在第二次测量的基础上采用方法一，即改变电源电压进行实验的。
故答案为：(1)不可靠；(2)对电流表调零；电流表的正负接线柱接反了；b；(3)物理量没有带单位；(4)一。
(1)随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，他可能拆的是串联电路的任一导线，也可能拆的是并联电路干路上的线，这两种情况下都会导致两灯都熄灭，故无法判断两灯的串联和并联。(2)根据电流表的使用规则分析。测量完干路电流之后，某同学想测量通过L2的电流，将bd导线的b端改接到电流表0.6A接线柱上即可，所以最方便的导线拆接点是b点。(3)从表格可知，物理量没有带单位。(4)若只更换其中一条支路上的灯泡，电源电压不变，灯泡的规格不变，则通过某一灯泡的电流不变，而通过表格分析可知，第三次实验中，两支路电流都改变了，所以第三次测量是在第二次测量的基础上采用方法一，即改变电源电压进行实验的。
考查探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。
29.【答案】平衡;左 4.4;不能;没有多次改变力的大小进行实验 乙 不会;变大
【解析】解：(1)杠杆静止或者匀速转动，都属于杠杆平衡。杠杆右端下沉，说明右端重，要使杠杆平衡在水平位置，需要将平衡螺母向左移动。
(2)图中弹簧测力计的分度值是0.1N，指针指在4N下面第4个小格上，因此弹簧测力计读数为4N+0.1N×4=4.4N；根据1、2、3组数据可知，没有多次改变力的大小进行实验，不能得出杠杆平衡条件；
(3)为了在竖直向下方向校零，一种方法是取两个弹簧测力计先竖直方向校零后，如图2右所示竖直放置在竖直方向拉到某一数值，根据力的作用性，甲测力计拉乙测力计的力等于乙测力计拉甲测力计的力，因甲测力计已调零，故这时移动弹簧测力计乙的指针，使其示数与另一弹簧测力计相等即可完成校零；
(4)图乙中，杠杆的重心在支点上，杠杆的重力不对杠杆转动产生了影响；
如图戊所示，当小华用弹簧测力计由竖直地拉变成倾斜地拉，使杠杆在水平位置再次平衡时，此时弹簧测力计拉力的力臂变小了，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：(1)平衡；左；(2)4.4；不能；没有多次改变力的大小进行实验；(3)乙；(4)不会；变大。
(1)杠杆静止或者匀速转动，都属于杠杆平衡；实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)弹簧测力计读数时要看清分度值，根据指针的位置读数；杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；
(3)由于物体间力的作用是相互的甲对乙的拉力等于乙对甲的拉力；
(4)图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，杠杆的重心恰好经过支点，不会影响杠杆的平衡；
根据杠杆的平衡条件分析解答。
本题探究“杠杆的平衡条件”，考查杠杆平衡的定义、器材的调试、归纳法的运用及测力计的调零方法、力的相互性等知识，综合性较强。
30.【答案】木块移动的距离 B 甲、丙 B点左侧;不能;未控制小车速度相同
【解析】解：(1)实验时通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来判断物体动能的大小，这种方法叫做转换法；
(2)根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来判断物体动能的大小，实验中探究的动能是指小球撞击木块前瞬间的动能，故选：B；
(3)相同路段不同车型的限速不同，是因为不同质量的车在速度相同时动能不同，质量越大，动能越大，越不容易刹车。所以要探究动能与质量的关系，根据控制变量法，需要控制小球下滑的高度相同，即到达水平面时的速度相同，改变小球的质量。甲图中小球质量较小，要探究动能与质量的关系，还需要一个质量不同但下滑高度相同的实验，丙图中小球质量大且下滑高度与甲图相同，所以应选择甲、丙两个图进行比较；
(4)小车从A到B的过程中，受到向右的弹力和向左的摩擦力，松手后一段时间内向右的弹力大于向左的摩擦力，小车做加速运动，当弹力和摩擦力大小相等时小车的速度最大，在B点时小车在水平方向只受到摩擦力，此时速度不是最大，所以小车在B点左侧时速度最大；探究动能与质量的关系时，需要控制小车的速度相同，而在本实验中，虽然压缩弹簧至A点，但小车质量改变后，弹簧的弹性势能转化为小车的动能情况不同，小车离开弹簧时的速度不同，没有控制速度相同，所以不能探究。
故答案为：(1)木块被推动的距离；
(2)B；
(3)甲、丙；
(4)B点左侧；不能；未控制小车速度相同。
(1)实验中通过观察木块被钢球推动距离大小判断钢球的动能大小的，利用了转换法；
(2)据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；
(3)在速度相同时，质量越大，动能越大；
(4)分析小车的受力情况，根据运动和力的关系确定小车速度最大时的位置；由实验过程可知，小车的动能是由弹簧的弹性势能转化而来，两次都是压缩弹簧至A点后迅速松手，所以其弹性势能相同．本实验中，并未控制小车速度相同，不符合控制变量法的要求。
本题探究物体的动能大小与哪些因素有关，考查控制变量法、转换法的及牛顿第一定律的运用。
31.【答案】(1)酒精完全燃烧放出的热量为1.2×105J (2)液体b的比热容为2.1×103J/(kg⋅∘C) (3)该酒精灯的加热效率为35%
【解析】解：(1)酒精完全燃烧放出的热量：
Q放=m酒精q酒精=4×10−3kg×3.0×107J/kg=1.2×105J；
(2)由图乙可知，液体a的沸点为100∘C，液体a是水，
水从20∘C加热到100∘C所用的时间ta=8min，
水吸收的热量：
Q吸a=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.1kg×(100∘C−20∘C)=3.36×104J，
加热4min水吸收的热量：
Q吸a′=12Q吸a=12×3.36×104J=1.68×104J，
加热相同的时间，液体a和液体b吸收的热量相同，则加热4min液体b吸收的热量：
Q吸b=Q吸a′=1.68×104J，
由图乙可知，加热4min液体b升高的温度为Δtb=100∘C−20∘C=80∘C
由Q吸=cmΔt可知，液体b的比热容：
cb=Q吸bmbΔtb=1.68×104J0.1kg×80∘C=2.1×103J/(kg⋅∘C)；
(3)液体b从20∘C加热至沸腾所用的时间为10min，液体b吸收的热量：
Q吸b′=104×Q吸b=104×1.68×104J=4.2×104J，
该酒精灯的加热效率：
η=Q吸b′Q放=4.2×104J1.2×105J×100%=35%。
答：(1)酒精完全燃烧放出的热量为1.2×105J；
(2)液体b的比热容为2.1×103J/(kg⋅∘C)；
(3)该酒精灯的加热效率为35%。
(1)利用Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量；
(2)由图乙可知，液体a的沸点为100∘C，液体a是水，水从20∘C加热到100∘C所用的时间为8min，利用Q吸=cmΔt计算水吸收的热量，进而求出加热4min水吸收的热量；由题知，加热相同的时间，液体a和液体b吸收的热量相同，可求加热4min液体b吸收的热量；由图乙可知，加热4min液体b升高的温度，利用Q吸=cmΔt计算液体b的比热容；
(3)液体b从20∘C加热至沸腾所用的时间为10min，可求液体b吸收的热量，利用效率公式求该酒精灯的加热效率。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、吸热公式、效率公式的应用，要利用好条件：单位时间内液体a吸收的热量与液体b吸收的热量相等。
32.【答案】D (2)①1min运动内小丽妈妈划船做的总功是9000J；阻力是300N；②妈妈1min内划船的次数变成10次 15000;5
【解析】解：(1)A.1g水温度升高1∘C所需的热量为Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.001kg×1∘C=4.2J
所以1卡约等于4.2J，故A正确，不符合题意；
B.划船机的拉杆上设计了硅胶手柄，可以通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦起防滑作用，故B正确，不符合题意；
C.若固定划船次数，人对划船做的功一定，提高划船频率可增大人体内部消耗，训练消耗的能量等于人对划船做的功消耗的能量与人体内部消耗的能量之和，故可以增加这次训练消耗的能量；故C正确，符合题意；
D.腿部用力向前蹬踏板，人和坐垫就往远离踏板的方向运动，此时人和坐垫受到三个力的作用，只能说明力可以改变物体的运动状态，而不能说明力的作用是相互的，故D错误，符合题意
故选D。
(2)①在显示器上显示的1min运动内小丽妈妈划船做的总功为W=Pt=150W×60s=9000J
图可知，划船的距离为30m，则划船的动力为F=Ws=9000J30m=300N
则阻力为f=F=300N
②每次划船的距离为s0=30m30=1m
将阻力大小调节为原来的2倍，则此时的动力为F′=f′=2×300N=600N，
功率保持在100W，则1min内划船做的总功W′=P′t=100W×60s=6000J，
做一次功消耗的能量W0=F′s0=600N×1m=600J，
则1min内划船的次数n=W′W0=6000J600J=10
(3)本次0min训练对划船机做功为W1=P1t1=150W×10×60s=90000J
则人体内部消耗的能量为Q=Q总−W1=10×10.5×103J−90000J=15000J
小丽妈妈需要出汗的质量为m汗水=80%×15000J2.4×103J/g=5g。
故答案为：(1)D；(2)①1min运动内小丽妈妈划船做的总功是9000J；阻力是300N；②妈妈1min内划船的次数变成10次；(3)15000；5。
(1)A.根据卡的定义和此热热的含义说明；
B.压力一定，增大接触面的粗糙程度，可以增大摩擦；
C.若固定划船次数，人对划船做的功一定，提高划船频率可增大人体内部消耗，训练消耗的能量等于人对划船做的功消耗的能量与人体内部消耗的能量之和；
D.腿部用力蹬踏板，人和坐垫就往远离踏板的方向运动，说明力可以改变物体的运动状态；
(2)①在显示器上显示的1min运动内小丽妈妈划船做的总功W=Pt；30次所做的总功已求出，可知做一次功的多少，做一次功W′=Fs，求出拉力的大小，阻力和拉力是相互作用力；
②阻力大小为原来的2倍，即拉力也是原来的2倍，功率100W不变，可知1min做的功，根据做功W=Fs可求出改变拉力后做一次功的多少，进而求出1min的划船次数；
(3)人体内部消耗的能量等于人体消耗的总能量减去人对划船机做的功；人体内部消耗能量中有80%通过出汗散热，求出由汗液蒸发带走的能量。
本题考查了比热容公式的应用，功与功率的计算。序号
A处的电流
B处的电流
C处的电流
第一次测
0.16
0.20
0.36
第二次测
0.16
0.16
0.32
第三次测
0.2
0.2
0.4
实验次数
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
动力臂l1/cm
动力F1/N
1
4
33
30
2
4
18
30
2.4
3
4
7.5
30
1.0