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      云南省昭通市镇雄县三校2025-2026学年高二上学期第一次月考数学试卷(PDF版附解析)

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      云南省昭通市镇雄县三校2025-2026学年高二上学期第一次月考数学试卷(PDF版附解析)

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      这是一份云南省昭通市镇雄县三校2025-2026学年高二上学期第一次月考数学试卷(PDF版附解析),文件包含三校联考+2025年秋季学期高二年级第一次月考+数学答案docx、三校联考+2025年秋季学期高二年级第一次月考+数学pdf、三校联考2025年秋季学期高二年级第一次月考数学-答题卡正曲pdf、三校联考2025年秋季学期高二年级第一次月考数学-答题卡背曲pdf等4份试卷配套教学资源,其中试卷共11页, 欢迎下载使用。

      第Ⅰ卷(选择题,共58分)
      一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的)
      【解析】
      1.由,,,,则,,所以,故选B.
      2.因为,则,所以,故其虚部为,故选D.
      3.因为,则,又因为,即,所以,即,故选C.
      如图1所示,在三棱柱中,,,依题意
      ,故选A.
      由题设,所以53%分位数在区间内,设为,则,所以,故选C.
      6.当时,不等式,解得,显然解集不是,不符合题意;当,由不等式的解集为,则,,解得,即的取值范围为,故选B.
      7.对于A:因为在中,,由空间向量共面定理,可知P,A,B,C四点不共面,故A错误;对于B:当共线同向时,,但与夹角不是锐角,故B错误;对于C:因,即,故,即C正确;对于D:在方向上的投影向量为,故D错误,故选C.
      图2
      8.由题意画出几何体的图形,把三棱锥扩展为三棱柱,如图2所示,上下底面中心连线的中点O为外接球球心,O与A的距离是为球的半径, ,,是正三角形,由正弦定理,,,即球的半径为,则所求球的表面积为,故选D.
      二、多项选择题(本大题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项是符合题目要求的.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分)
      【解析】
      9.对于A:,故A正确;对于B:的最小正周期,B错误;对于C:由得,所以图象的对称中心为,C正确;对于D:由得,所以,解得,故D正确,故选ACD.
      10.对于A:由题意得,,故A正确;对于B:,所以,,故B不正确;对于C:由题意得,,,,所以,,设是平面的法向量,则令,则,,则,故C正确;对于D:,则点到平面的距离为,故D不正确,故选AC.
      图3
      11.作出函数的图象, 如图3:对于A:由图象可得无最大值,无最小值,故A错误; 对于B:由图象可得,当时,的最大值为,故B正确;对于C:由, 解得, 由图象可得,不等式的解集为, 故C正确;对于D: 由图象可得,的单调递增区间为,故D错误,故选BC.
      第Ⅱ卷(非选择题,共92分)
      三、填空题(本大题共3小题,每小题5分,共15分)
      【解析】
      12.根据题意,因为,设,则有,可得,所以.
      13.因为,,,所以,所以,所以点到的距离.
      图4
      14.当时,由可得,依题意,时,有1个零点,即方程在上有一个实根,也即直线与在上有一个交点,如图4,作出函数的图象.因在上单调递增,由图可知,此时.综上,实数的取值范围是.
      四、解答题(共77分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
      15.(本小题满分13分)
      解:(1)因为

      所以,函数的最小正周期为,
      由可得,
      所以,函数的单调递减区间为.……………(8分)
      (2)当时,,则,
      因此,函数在区间上的值域为.
      ……………………………………………(13分)
      16.(本小题满分15分)
      解:(1)记“他得分不低于10分”为事件,

      ,即得分不低于10分的概率为.
      ……………………………………………………(7分)
      (2)记“小红通过考试”为事件,
      则,
      即小红通过考试的概率为.……………………………………………………(15分)
      17.(本小题满分15分)
      解:(1)因为,
      所以,
      又,所以,所以,
      又,所以,
      所以. …………………………………………………(7分)
      图5
      (2)由余弦定理,所以,所以,所以,即,如图5,在中,.
      ………………………………………(15分)
      18.(本小题满分17分)
      解:(1)因为函数是定义域为的奇函数,所以,得,
      又,即,解得,
      则,经检验符合题意. …………………………………………………(4分)
      (2)由已知得,则,
      任取,且令,则

      得到,故,则是减函数.
      ………………………………………(10分)
      (3)由题意得在时恒成立,
      因为是单调递减的奇函数,所以,即在时恒成立,
      得到,且令,即恒成立,
      又,当且仅当时等号成立,得到,得到,
      即.……………………………………………………………(17分)
      19.(本小题满分17分)
      (1)证明:取的中点,连接则,
      又,所以,则四边形为平行四边形,
      所以 因为平面所以平面.………………(4分)
      (2)证明:由(1)知,又平面
      平面,
      由,即及为的中点,可得为等边三角形,
      又,,即
      又平面.………………………………………………(9分)
      (3)解:为直线与所成的角,
      由(2)可得,,
      设则,
      取的中点,连接,
      易知平面,过作的平行线,
      可建立如图6所示的空间直角坐标系,
      则所以
      设为平面的法向量,
      则即,取,
      图6
      则为平面的一个法向量,
      又平面的法向量,
      则,
      由图易知二面角的平面角为钝角,
      所以二面角的余弦值为.………………………………(17分)
      题号
      1
      2
      3
      4
      5
      6
      7
      8
      答案
      B
      D
      C
      A
      C
      B
      C
      D
      题号
      9
      10
      11
      答案
      ACD
      AC
      BC
      题号
      12
      13
      14
      答案

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