2025年广东省中山市中考三模物理试题（附答案解析）

这是一份2025年广东省中山市中考三模物理试题（附答案解析），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．公园是人们休闲的好去处，下面是小明在公园里观察到的几个现象，属于光的折射现象的是（ ）
A．凉亭在水中的倒影B．树荫下的圆形光斑
C．露珠下的叶脉D．阳光下鸽子的影子
2．如图是童谣“两只老虎”的一段歌词与乐谱，当诗怡同学第一次唱到“跑得快”这三个字期间，关于诗怡声音变化的描述，正确的是（ ）
A．声带振动频率越来越高B．音调越来越低
C．声波的传播速度逐渐增大D．振幅逐渐增大
3．小京洗水果时，发现体积较小的桔子漂浮在水面上，而体积较大的芒果却沉在水底，如图所示。已知桔子的密度小于芒果的密度，下列说法正确的是（ ）
A．因为桔子的密度小，所以受到的浮力大
B．因为桔子排开水的体积小，所以受到的浮力小
C．因为芒果的密度大，所以受到的浮力大
D．因为芒果沉在水底，所以受到的浮力小
4．中华美食享誉世界。厨师在烹饪美食的过程中，包含了许多物理知识，下列说法中正确的是（ ）
A．砂锅煲汤是通过热传递的方式改变内能的
B．冰冻食物在解冻的过程中内能减少
C．刚出锅的饭菜很烫，是因为此时饭菜含有的热量多
D．用相同的炉灶加热质量相等的水和食用油，相同时间内食用油升温大，说明食用油比热容大
5．如题图甲所示是智能化数显式圆规，能直接显示出所画圆的半径大小r。其内部等效电路图如图乙所示，OEF为可旋转调节阻值的变阻器，当r增大时，滑片P向顺时针方向移动，反之，则向逆时针方向移动。闭合开关，则下列说法中正确的是（ ）
A．半径r减小时，电流表示数减小
B．半径r增大时，电压表示数增大
C．圆规的数显表盘对应电流表示数
D．半径r增大时，电压表示数与电流表示数的比值减小
6．2025年蛇年春晚在节目最后机器人们的“飞手绢”环节，凭借腕部电机的创新抛放线机构，精准还原传统秧歌中抛接手绢的高难度技巧。下列各图中能反映腕部电机工作原理的是（ ）
A．B．
C．D．
7．在某次综合实践活动中，小明观察了生活中的一些设备和现象，下列解释正确的是（ ）
A．用高压锅炖煮食物熟得快，是因为锅内水的沸点会随气体压强增大而降低
B．炒菜时，燃气灶上的铁锅一会儿就会变得很烫，是通过做功改变了它的内能
C．在客厅能闻到厨房烹饪中的菜香，这是扩散现象，温度越高，扩散越慢
D．带有金属外壳的用电器一定要接地线，是为了避免人体因用电器漏电而触电
二、填空题
8．检查视力的时候，视力表放在被测者头部的后上方，被测者识别对面墙上镜子里的像，如图所示，视力表在镜中的像与被测者相距 m，镜中所成视力表的像是 （选填“实像”或“虚像”），与不用平面镜的方法相比，这样安排的好处是 。
9．如图所示是大家常喝的“AD钙奶”，包装盒上标注了净含量450mL，瓶中所装AD钙奶的体积为 cm3；若该奶的密度为1.05×103kg/m3，则瓶内AD钙奶的质量为 g；若将此瓶AD钙奶喝掉一半以后，剩余AD钙奶的密度将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
10．十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”。倡导保护环境，使用新能源势在必行。太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；现在人们用的“核电”源自于原子核 （选填“裂变”或“聚变”）释放的核能；手机充电时消耗的电能属于 （选填“一次”、或“二次”）能源。
11．指甲钳是生活中必不可少的物品；
(1)如图所示刀刃磨的很薄，是通过 的方式增大压强的；
(2)磨指甲的表面刻有凹凸花纹，是为了 摩擦力（选填“增大”或“减小”）；
(3)ABC属于 杠杆。
12．如图所示，老师带领学生用塑料瓶制作的水火箭发射成功，迅速走红！舱体主要由饮料瓶衔接而成，把水注入“动力舱”，加入高压，在反冲力的作用下，“水火箭”快速升空。水火箭升空，利用了物体间力的作用是 ，使水火箭获得上升的推力，该力的施力物体是 （填“空气”或“喷出的水”），当水火箭到最高点时候，水火箭处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态。
13．如图所示是一台单缸四冲程汽油机的某一冲程，该冲程发生的能量转化是 ，若它每秒对外做功20次，则该汽油机的飞轮转速为 r/min。若该汽油机的效率为30%，完全燃烧10kg汽油放出的热量可以对外做功 J。（汽油的热值为4.6×107J/kg）
14．如图是“探究导体产生的热量与电阻的关系”的实验装置，R1、R2串联，已知R1=5Ω，R2=10Ω。通电一段时间后，两个电阻产生的热量之比为 ；电阻丝是通过 方式发热。利用电流热效应工作的用电器 （选填“能”或“不能”）用超导体。
三、作图题
15．
(1)按要求作图，在图中画出相应的入射光线；
(2)请你画出吊桥被吊起时的阻力F2、动力臂L1；
(3)某风暖浴霸由两个开关控制，当闭合S1时，电动机工作，起送风作用，再闭合S2时，发热丝R开始工作，吹暖风；如果只闭合S2时，电动机和发热丝都不工作。请在图中虚线框内将风暖浴霸的内部电路连接完整并将其正确接入家庭电路中。
四、实验题
16．1. （1）如图所示，图甲中木块的长度为 cm； 图乙中温度计的示数为 ° C，图丙中秒表的读数是 s；
（2）如图所示，关闭家中所有用电器，单独使用电饭煲工作30min， 转盘转过1800圈，电饭煲的电功率为 W；
（3）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（该凸透镜的焦距是10cm）
①如图甲所示，若想在光屏上（光屏未画出）得到物体清晰放大的实像，则物体应位于 （选填 “a”“b”“c”或“d”）；
②若把图乙的凸透镜换成相同焦距的“水凸透镜”，减少“水凸透镜”的水量，使其变薄时，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，要想重新得到清晰的像，不改变光屏的位置，在图乙的虚线框A中放一个焦距合适的 （选填“凸”或“凹”）透镜进行调节；
（4）在“观察水的沸腾”实验中，小明观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况如图甲、乙所示，其中图 是水在沸腾时的情况。
17．在“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验中：
(1)在使用压强计前，小明发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差。他接下来的调节的方法是__________；
A．拆除软管重新安装
B．往水面低的那边管中加入适当水
C．将水面高的那边管中高出的水倒出
(2)小明正在使用的液体压强计 （选填“是”或“不是”）连通器；
(3)小明把探头放进盛水的烧杯中，如图甲、乙所示，可以初步得出结论： 。小明又换用盐水再次进行实验，对比图甲和图丙，得出了结论：液体密度越大，压强越大。同学们认为他的结论不可靠，理由是 。
(4)实验丙中，U形管两水面高度差为10cm，橡皮膜在盐水中8cm，橡皮膜所在处的压强 Pa。
(5)小红选择了另一套装置来进行实验，如图丁所示在容器两侧分别倒入不同深度的水和酒精，若橡皮膜中心距离水面8cm，右侧注入的液体是酒精，当橡皮膜中心距离酒精液面 m时，可以观察到橡皮膜的形状是平的。（，）
18．实验小组以图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”。图中R为电阻箱。
(1)图乙为实际连接的电路，检查发现有一根导线接错，请在这根导线上打“×”，并画出正确接法，导线不交叉 。
(2)实验过程中，当改变电阻箱的阻值时，需要移动滑动变阻器滑片目的 。
(3)连接好电路，将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关S，移动滑片P，发现电流表无示数，电压表示数始终接近电源电压，导致这一现象的原因可能是__________（填序号）。
A．滑动变阻器最大阻值太大
B．电阻箱R的电阻丝断了
C．开关闸刀与触点接触不良
(4)正确连接电路后，闭合开关，移动滑片，记录第1组电阻值和电流表的示数后，将电阻箱调到一个阻值更大的电阻后，应将滑片适当向 端移动（选填“A”或“B”）。数据记录如表，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，读数为 。（保留两位有效数字）
(5)多次改变电阻箱的阻值，重复上述操作，得到了如表中所示的数据，通过观察表中的数据，分析得出： 。
(6)为了确定电流与电阻的定量关系，老师提出利用图像法，应将表中各组电阻值的倒数算出，并做出电流与电阻倒数的图像如图丁所示。请你分析为什么不做I与R图像，而需要做I与图像是 。
五、计算题
19．研学实践活动时，小明在农家乐看到一种农具（如图甲），他查阅资料后知道，这种农具叫“舂”，农民捣谷用的，其工作原理图如图乙，AOB为碓杆，O为支点，A处连接着碓头，脚踏碓杆的B处可使碓头升高，抬起脚，碓头会落下去击打稻谷。若碓头的重力为50N。每踩一次碓头上升的高度为50cm，AO长1.5m，OB长0.3m。不计碓杆的重力和摩擦。
(1)脚至少用多大的力才可以将碓头抬起？
(2)若1min将B踩下30次，则人做功的功率是多大？
(3)每一只脚与B处接触面积为，每踩一次时脚对B处的压强是多少？
20．如图甲所示是一款新型智能养生壶，它具有加热、保温两挡功能，壶内部简化电路如图乙所示，其中R1和R2为电热丝，S2为自动控制开关，该养生壶的主要参数如表所示。
(1)求该养生壶在加热状态正常工作时的电流多少安培？
(2)求电热丝R1的阻值是多少欧姆？
(3)某天早上，将该养生壶接入家庭电路中单独工作，则该养生壶加热时的实际电压是198V时，养生实际功率多少W？
六、综合题
21．为了比较水和食用油的吸热能力，小新同学做了如图甲所示的实验。
(1)实验前应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装实验器材，实验中取 （选填“质量”或“体积”）相同的水和食用油，用升高的温度来反映两种物质的吸热能力；
(2)小新将记录的实验数据绘制成如图乙所示的温度-时间图像，已知水的比热容是，根据图像可计算出食用油的比热容为 ；
(3)小林同学受到小新实验的启发，设计了如下实验来比较铜和铝的比热容大小：
①小林先将质量相等的铜块和铝块放入沸水中加热足够长时间，如图丙所示（加热装置未画出）；
②再将铜块和铝块分别放入盛有质量相等、温度相同的水的A、B两容器中，并将容器用隔热材料密封，如图丁所示；
③经过足够长的时间后，同时测量A、B两容器中水的温度，记录数据分别为和；
④分析比较铜块和铝块吸收的热量和其他相关的物理量，可以判断出 （选填“铜”或“铝”）的比热容大。
22．阅读短文，回答问题 第五代战斗机——“歼-20”
“歼-20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼-20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼-20”配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速（合），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为。g取
(1)“歼-20”飞机表面能 （选填“反射”或“吸收”）对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身。飞机在水平匀速飞行过程中机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
(2)下列说法中不正确的是__________。
A．飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B．为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂
C．飞机与地面的联系采用光信号的形式传输信号
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
(3)当飞机以的速度巡航时，飞机发动机的输出功率为 kW。若在飞机油箱中加满燃油，并且以的速度巡航时，飞机的最大航程约为 km。
(4)翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为，则机翼面积为 。飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼-20”飞机的推重比约为 （结果保留一位小数）。
(5)飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值R1与离地高度h的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在 （选填“1”、“2”或“3”）位置。
23．某自动除湿机可以实现恒湿功能，当湿度达到设定值时，会自动断开压缩机。除湿机中的压缩机是整个系统的核心，除湿机的动力全部由压缩机来提供。除湿机内部的电路结构由控制电路和工作电路两部分组成，简化后的电路图如图甲所示。控制电路中的电源电压U1=12V，调控电阻R0的阻值范围为0～1000Ω，R为装在除湿机内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度RH变化的图像如图乙所示，L为磁控开关。当湿敏电阻R的阻值发生变化时，控制电路中线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于20mA时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。工作电路两端电压220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线圈电阻不计。
（1）当S接通时，可判断图甲中线圈上端P的磁极为 极；
（2）若除湿过程中工作电路的总功率为1100W，已知保护电阻Rg=2Ω，则除湿过程中工作电路中的电流为 A。如果除湿机工作时磁控开关L的磁性弹片有一半的时间是闭合的，1h内Rg消耗的电能为 J；
（3）实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%以内，则调控电阻R0的阻值不能超过 Ω。若要适当提高相对湿度，可采取的办法是 （答出一种即可）；
（4）某除湿机有40%（干衣模式）、50%、60%、70%等4个恒湿功能挡位，如图是它分别工作于不同挡位时测得的电流随时间的变化图象，其中属于干衣模式的是 （填字母）。
A．
B．
C．
D．
1
2
3
4
5
R（Ω）
5
10
15
20
25
I（A）
0.40
0.20
0.10
0.08
产品名称
智能养生壶
额定电压
220V
额定加热功率
1100W
额定保温功率
100W
速度v（m/s）
100
200
300
400
500
阻力f/N
《2025年广东省中山市中考三模物理试题》参考答案
1．C
【详解】A．凉亭在水中的倒影，属于光的反射现象，故A不符合题意；
B．树荫下形成圆形光斑是小孔成像，是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．露珠相当于凸透镜，通过凸透镜看到放大的物体，属于光的折射现象，故C符合题意；
D．阳光下鸽子的影子，是由于光的直线传播形成的，故D不符合题意。
故选C。
2．A
【详解】由图示知，第一次“唱跑得快”时，对应的乐谱为咪、法、索，而乐谱中由1至7这几个音符，一般情况下，越往后，音调越高，所以此时声音的变化是音调越来越高，振动频率越来越快，而音调变化不影响声音的传播速度，故A正确，BCD错误。
故选A。
3．B
【详解】AC．浮力与物体的密度没有关系，故AC错误；
BD．影响浮力的大小因素有液体的密度、物体排开液体的体积有关，与漂浮或者沉底的状态无关，桔子排开水的体积小，所以受到的浮力小，故B正确，D错误。
故选B。
4．A
【详解】A．砂锅煲汤时，热量从高温的砂锅传递到低温的汤中，是通过热传递的方式改变汤的内能，故A正确；
B．冰冻食物解冻时，需要从外界吸收热量，内能增加，温度升高，故B错误；
C．刚出锅的饭菜很烫，是因为其温度高，而热量是过程量，不能说“含有热量”，故C错误；
D．用相同炉灶加热质量相等的水和食用油，相同时间内吸收的热量相同，食用油升温更快，是因为其比热容较小，吸热能力弱，故D错误。
故选A。
5．B
【详解】A．如图乙所示，R0与变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电流。半径r减小时，滑片P向逆时针方向移动，接入电路阻值减小，根据欧姆定律，电路的电流增大，故A错误；
B．半径r增大时，滑片P向顺时针方向移动，接入电路阻值增大，根据串联分压，变阻器分得电压增大，因此电压表示数增大，故B正确；
C．因为圆规显示的是半径r的大小，当半径r增大时，电流表示数减小，电压表示数增大，所以圆规的数显表盘对应电压表示数，而不是电流表示数，故C错误；
D．电压表示数与电流表示数的比值为变阻器阻值大小，半径r增大时，变阻器阻值增大，电压表示数与电流表示数的比值增大，故D错误。
故选B。
6．D
【详解】A．A是探究电磁铁磁性强弱影响因素的实验，利用电流的磁效应，故A不符合题意；
B．B是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．C是电磁感应现象实验，是发电机原理，故C不符合题意；
D．D是通电导体在磁场中受力运动，反映电动机工作原理，故D符合题意。
故选D。
7．D
【详解】A．用高压锅炖煮食物熟得快，是因为锅内水的沸点会随气体压强增大而升高，故A错误；
B．炒菜时，燃气灶上的铁锅一会儿就会变得很烫，铁锅吸收热量，是通过热传递改变了它的内能，故B错误；
C．在客厅能闻到厨房烹饪中的菜香，这是扩散现象，温度越高，分子无规则运动越快，扩散越快，故C错误；
D．带有金属外壳的用电器一定要接地线，当外壳漏电时，电流通过地线流入大地，是为了避免人体因用电器漏电而触电，故D正确。
故选D。
8． 5 虚像 可以节省空间，在较小的空间内检查视力
【详解】[1]平面镜所成的像与物体到镜面的距离相等，所以视力表在镜中的像到镜面的距离为2.7m，人到平面镜的距离为
2.7m-0.4m=2.3m
所以视力表在镜中的像与被测者的距离为
2.3m+2.7m=5m
[2]根据平面镜成像特点可知，镜中所成视力表的像是虚像。
[3]与不用平面镜的方法相比，这样安排的好处是可以节省空间，在较小的空间内检查视力。
9． 450 472.5 不变
【详解】[1]由题意知，“AD钙奶”包装盒上标注了净含量450mL，瓶中所装AD钙奶的体积为V=450mL=450cm3
[2]已知该奶的密度为1.05×103kg/m3，则瓶内AD钙奶的质量m=ρV=1.05×103kg/m3×450×10-6m3=0.4725kg=472.5g
[3]密度是物质的一种特性，与物质的种类有关，与质量和体积无关，因此若将此瓶AD钙奶喝掉一半以后，剩余AD钙奶的密度将不变。
10． 可再生 裂变 二次
【详解】[1]太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可再生能源。
[2]现在人们用的“核电”源自于原子核裂变释放的核能，核聚变释放的核能目前还不能和平利用。
[3]手机充电时消耗的电能是由其他形式的能源转化而来，属于二次能源。
11．(1)减小受力面积
(2)增大
(3)省力
【详解】（1）如图所示刀刃磨的很薄，受力面积小，是通过减小受力面积增大压强。
（2）磨指甲的表面刻有凹凸花纹，是为了增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（3）杠杆ABC中，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，是省力杠杆。
12． 相互的 喷出的水 非平衡
【详解】[1][2]当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，水火箭向下喷水，同时喷出的水对水火箭有力的作用，利用了物体间力的作用是相互的，使水火箭获得上升的推力的施力物体是喷出的水。
[3]水火箭到最高点时候，只受重力作用，受到的是非平衡力，因此处于非平衡状态。
13． 机械能转化为内能 2400 1.38×108
【详解】[1]由图可知，两个气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程，该冲程发生的能量转化是机械能转化为内能。
[2]汽油机一个工作循环，飞轮和曲轴转2圈，完成4个冲程，对外做功1次，因此若汽油机每秒对外做功20次，则每秒飞轮转40圈，每分钟飞轮转2400圈，因此该汽油机的飞轮转速为2400r/min。
[3]完全燃烧10kg汽油放出的热量Q放=mq=10kg×4.6×107J/kg=4.6×108J
该汽油机的效率为30%，则可以对外做功W=ηQ放=30%×4.6×108J=1.38×108J
14． 1∶2 做功 不能
【详解】[1]由可知，在电流和时间一定时，电热多少与电阻成正比；通电一段时间后，两个电阻产生的热量之比
[2]电流通过电阻丝时，电流做功，电能转化为内能，使电阻丝的温度升高，所以电阻丝是通过做功的方式发热的。
[3]超导体是指在一定温度下电阻为零的导体。 根据焦耳定律Q=I2Rt，当电阻R=0时，无论电流I和通电时间t为多少，产生的热量Q=0。 而利用电流热效应工作的用电器，是利用电流通过导体产生热量来工作的，若用超导体，则不会产生热量，无法正常工作，所以利用电流热效应工作的用电器不能用超导体。
15．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）通过光心的光线传播方向不变，画出入射光线，根据指向焦点的光线，必然平行主光轴，故连接折射点和右侧焦点可以确定第二条入射光线，故如图所示：
（2）如图所示，桥绕着B点转动，故B为支点，桥的重力是阻力，动力是直接作用在杠杆上的力，故左边的绳子是动力的作用线，过支点作动力作用线的垂线即可画出动力臂，故如图所示：
（3）为了避免安全事故，开关需要接在火线上，当闭合S1时，电动机工作，起送风作用，再闭合S2时，发热丝R开始工作，吹暖风；说明电动机和发热丝独立工作，互不影响，是并联，开关S2控制发热丝R，故S2与发热丝串联，如果只闭合S2时，电动机和发热丝都不工作，说明开关S1在干路上，故如图所示：
16． 1.95 -2 187.5 1000 c 凸 甲
【详解】（1）[1]如图所示，分度值为0.1cm，物体左侧对应刻度可估读为1.00cm，右侧对应刻度可估读为2.95cm。木块的长度为
[2]分度值为1℃，从0℃往下读，故读数为-2℃。
[3]如图所示，分针指向3，没有过半，故秒表读30s以内，故读数为3min7.5s，合187.5s。
（2）[4]转盘转过1800圈，消耗的电能为
单独使用电饭煲工作30min，电饭煲的电功率为
（3）①[5]若想在光屏上（光屏未画出）得到物体清晰放大的实像，则物距需要在一倍到两倍焦距之间，故选c。
②[6]减少“水凸透镜”的水量，使其变薄时，折光能力变弱，不改变光屏的位置，在图乙的虚线框A中放一个焦距合适的凸透镜。
（4）[7]沸腾前烧杯底部温度高，表面温度低，底部的水先汽化形成气泡，气泡上升的过程中，遇冷液化，气泡越变越小，是乙图，沸腾时，整杯水的温度一致，底部的水先汽化，气泡慢慢上升过程中，周围的水汽化，气泡越变越大，故选甲图。
17．(1)A
(2)不是
(3) 同种液体中，液体压强随着深度增加而增大 没有控制探头在液体中的深度相同
(4)103Pa
(5)0.1
【详解】（1）在使用压强计前，小明发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差，此时应拆除软管后待两侧液面相平后在重新安装。故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（2）压强计一端开口，一端没有开口，故压强计不是连通器。
（3）[1]甲乙两图中，探头放在液体中的深度越深，U形管两侧液面的高度差越大，故可以得到结论：同种液体，深度越深压强越大。
[2]甲丙两图液体密度不同，探头在液体中的深度也不同，故得到的结论不科学，没有控制深度相同。
（4）探头处的压强
（5）当酒精产生的压强与水产生的压强相等时，橡皮膜的形状是平的，故酒精的深度
18．(1)
(2)保持电阻箱两端的电压不变
(3)B
(4) A 0.12
(5)电压一定时，电流与电阻成反比
(6)见解析
【详解】（1）探究电流与电阻的关系的实验中，电源、开关、定值电阻、电流表、滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻两端，实物图更改如图所示：
（2）探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端电压不变。当改变电阻箱的阻值时，需要移动滑动变阻器滑片使电压表不变，即保持电阻箱两端电压不变。
（3）连接好电路，将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关S，移动滑片P，发现电流表无示数，说明电路发生了断路，电压表示数始终接近电源电压，说明与电压表并联的定值电阻R的电阻丝断了。
故选B。
（4）[1]当电阻箱的阻值调大时，根据串联电路的分压原理，电阻箱两端的电压会增大，为保持电阻箱两端的电压不变，由串联分压的规律可知，需要增大滑动变阻器接入电路的阻值。故应将滑动变阻器的滑片向A端移动。
[2]由图乙可知，图丙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.12A。
（5）由表中数据可知U=0.40A×5Ω=0.20A×10Ω=0.10A×20Ω=0.08A×25Ω=2V
且导体的电阻越大，通过的电流越小，故可得：电压一定时，电流与电阻成反比。
（6）电流与电阻成反比，I与R的图像是曲线，不能直观得出定量关系，I与的图像是过原点的直线，能直观得出电流与电阻成反比的定量关系，所以作I与图像。
19．(1)250N
(2)12.5W
(3)1.25×104Pa
【详解】（1）由杠杆平衡条件可知，碓头重力与OA长度的乘积一定，动力臂最长时，脚所用的力最小。由图乙可知脚提供的力作用点在B点，且垂直于OB向下时，脚所用的力最小，此时动力臂的长度恰好等于OB的长。由以上分析可以列出
可得出
（2）无论使用何种简单机械，都不能省功。因此，碓头每上升一次克服重力所做的功等于脚向下踩一次人做的功，可以得出
人1分钟做功的功率为
（3）由小问1的分析可知，脚向下踩一次的力为，由压强的定义式可以得出B点压强为
20．(1)5A
(2)440Ω
(3)891W
【详解】（1）养生壶正常工作的电流
（2）由图分析，当、均闭合时，电路中只有，此时为加热状态，由得
当仅闭合时，电路中串联，此时为保温状态，则保温状态的总电阻
则根据串联电路电阻规律得
（3）由图分析，当、均闭合时，电路中只有，此时为加热状态，且由前面计算可知，则实际电压为198V时，养生壶实际功率
21．(1) 自下而上 质量
(2)2.1×103
(3)铝
【详解】（1）[1]组装实验器材时，为了用酒精灯外焰加热且使温度计玻璃泡正确放置，应按照自下而上顺序。
[2]实验中应取质量相同的水和食用油，通过吸收相同热量，用升高的温度来反映两种物质吸热能力。
（2）由图乙，质量相同的水和食用油，升高相同温度（均从升高到），水加热时间6min，食用油加热时间3min。
水和食用油加热时间比
加热时间的长短反映物质吸收热量的多少，则吸收热量之比
水和食用油质量相同、升高温度相同，由，
则
则
（3）根据可知，铜块和铝块质量相等时，要比较铜和铝的比热容，只需要比较二者吸收或放出热量与对应温度变化量的比值即可。由步骤①可知，铜块和铝块加热后的末温与沸水温度相同，由于沸水的温度高于图丁中水的温度，由步骤②可知，铜块和铝块放入隔热材料密封的A、B两容器的水中后，铜块和铝块放出热量对水加热，最终铜块和铝块分别与容器中水的温度相同，A、B容器用隔热材料密封，忽略热损失，铜块和铝块放出的热量与水吸收的热量相等；由步骤③可知，实验最终记录了A、B两容器中水的末温，为了方便比较水吸收的热量，A、B两容器中水的质量和初温相等；故比较A、B两容器中水吸收的热量即可得出铜块和铝块放出热量的大小关系，进而可以判断出铜和铝的比热容的大小关系。A、B两容器中水吸收的热量，
则
铜块和铝块放出的热量分别为
忽略热损失，，
故
则
因为，
则
所以铝的比热容比铜大。
22．(1) 吸收 不变
(2)D
(3) 1.92×104 2.67×103
(4) 74 0.6
(5)3
【详解】（1）[1]飞机要实现电磁隐身，其表面应能吸收雷达发射的电磁波，减少反射，使雷达难以接收到反射波，从而不易被发现。
[2]飞机在水平匀速飞行过程中，质量不变，速度不变，所以动能不变。高度不变，所以重力势能不变。故飞机的机械能不变。
（2）A．飞机的机翼做成流线型一方面可以减小空气阻力，另一方面还能提供飞机所需的升力，故A正确，不符合题意；
B．比热容大的液体在上升相同的温度时，所吸收的热量更多，更适合做冷却剂，故B正确，不符合题意；
C．根据题意可知，采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，故C正确，不符合题意；
D．当飞机在做较大幅度的翻滚时，其运动状态不断改变，故飞机不是处于平衡状态，受到的不是平衡力的作用，故D错误，符合题意。
故选D。
（3）[1]当飞机以400m/s的速度匀速巡航时，飞机受到的阻力为，故飞机发动机提供的牵引力
飞机发动机输出的功率为
[2]最大载油量
燃油完全燃烧释放的热量为
已知发动机的效率为40%，则发动机做的有用功
当飞机以500m/s的速度巡航时飞机受到的阻力为，故飞机发动机提供的牵引力
飞机的最大航程为
（4）[1]根据题意可知，飞机的最大起飞质量为37t，故机翼面积为
[2]飞机受到的阻力与速度的关系为，飞机的最大航行速度
故此时飞机发动机提供的牵引力
最大起飞重力为
故飞机的推重比为。
（5）根据题图乙可知，随着飞行高度的增大，增大，电路中电流减小，故不能装在2位置，根据可知，电阻两端的电压减小，故不能装在1位置，根据串联电路的电压规律可知两端的电压增大，故应装在3位置。
23． N 5 9×104 500 见解析 D
【详解】（1）[1]根据图甲可知，当S接通时，由右手螺旋定则可知，线圈上端P的磁极为N极。
（2）[2][3]根据图甲可知，保护电阻Rg与压缩机串联接入电路，由除湿过程中工作电路的总功率1100W，根据P=UI可求出电路中的电流为
根据串联电路电流特点知，通过保护电阻Rg的电流为
Ig=I=5A
保护电阻Rg两端的电压为
Ug=IgRg=5A×2Ω=10V
1h内除湿机的工作时间为
除湿机工作1h保护电阻 Rg消耗的电能为
Wg=UgIgt=10V×5A×1800s=9×104J
（3）[4]由图甲可知，控制电路中调控电阻R0与湿敏电阻R串联接入电路，由题意知，当磁控开关L两个磁性弹片相互吸合时，此时控制电路中的电流为20mA，此时控制电路的总电阻为
由图乙可知，当相对湿度达到45%，湿敏电阻R的阻值
R湿=100Ω
所以调控电阻R0的最大阻值
R0=R总﹣R湿=600Ω﹣100Ω=500Ω
即调控电阻R0的阻值不能超过500Ω。
[5]由图乙可知相对湿度越大，湿敏电阻阻值越小，控制电路的总电阻越小，电压一定时，控制电路中的电流将越大，磁控开关L闭合，压缩机启动，进行除湿，相对湿度降低，所以如果要适当提高相对湿度，即当湿敏电阻更小时，要使通过线圈的电流不会达到20mA，根据欧姆定律以及串联电路电阻特点可知，可以通过增大调控电阻R0的阻值或者减小电源电压U1。
（4）[6]干衣模式即空气中水蒸气含量少，所以每次的工作时间较长，由于室外的相对湿度较大，室内相对湿度小，每两次除湿工作的时间间隔较小，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
题号
1
2
3
4
5
6
7



答案
C
A
B
A
B
D
D