2025年福建省中考(解析版)物理试卷

这是一份2025年福建省中考(解析版)物理试卷，共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，简答题，实验题，综合题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．下列属于可再生能源的是（ ）
A．煤B．核能C．风能D．天然气
【答案】C
【解析】可再生能源指在自然界中可以不断再生，永续利用的能源。如风能、太阳能、水能、生物质能等。不可再生能源指储量有限，消耗后短期内无法再生的能源。如煤、石油、天然气、核能（铀矿）等。故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。
2．用智能手机监测噪声，显示的“50.6dB”是指声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．频率
【答案】B
【解析】噪声等级用分贝表示，单位为dB，用来反映声音的强弱，即声音的响度，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
3．人体肺泡极多，下图是记录人体单个肺泡直径的数据，其单位是（ ）
A．微米B．毫米C．厘米D．分米
【答案】A
【解析】根据生物学知识，人体单个肺泡的直径通常在200~500微米范围内。给出的数据为200~250，则正确的单位是微米，其他选项的单位毫米、厘米、分米均远大于肺泡的实际尺寸。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
4．空间站中，发光二极管为金鱼藻提供光照，其主要材料属于（ ）
A．导体B．半导体C．绝缘体D．超导体
【答案】B
【解析】发光二极管，也就是LED，是一种固态的半导体器件，它可以直接把电能转化为光能，LED的核心是一个半导体晶片，其主要材料为半导体材料。故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
5．《考工记》记载：“马力既竭，辀犹能一取焉。”展现出古人观察到马已停止用力，车还能前进一段距离。车继续前进的主要原因是其（ ）
A．具有惯性B．受到推力C．受力平衡D．受到摩擦力
【答案】A
【解析】A．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。当马停止用力后，车由于具有惯性，会保持原来的运动状态继续向前运动一段距离。所以车继续前进的主要原因是其具有惯性，故A符合题意；
B．当马停止用力后，马对车不再施加推力，所以车继续前进不是因为受到推力，故B不符合题意；
C．车在前进过程中，会受到地面的摩擦力等阻力的作用，其受力并不平衡。而且受力平衡时物体将保持静止或匀速直线运动状态，而车在前进过程中速度会逐渐减小，说明其受力不平衡，故C不符合题意；
D．摩擦力是阻碍物体相对运动的力，车受到的摩擦力方向与车前进的方向相反，它会使车的速度逐渐减小，而不是使车继续前进，故D不符合题意。故选A。
6．下图为搭乘“天舟八号”前往中国空间站的月壤砖的模型，该模型等同于由四个相同正方体组合而成。将其放在地球水平桌面上，如图，对桌面压强最小的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【解析】模型放在水平桌面上，对桌面的压力与重力大小相等，物体重力相同，则压力相等，由图可知受力面积最大的是D图，根据可知D图对桌面压强最小，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
7．关于新能源电动汽车充电桩的安装和使用，下列符合安全用电要求的是（ ）
A．用湿抹布擦拭充电插口B．充电桩需要安装接地线
C．充电桩起火立即泼水救火D．充电桩无需安装保险装置
【答案】B
【解析】A．湿抹布可能导致短路或触电，充电插口应保持干燥，清洁时需断电并使用干布。故A不符合题意；
B．接地线是安全用电的基本要求，可防止漏电事故，保障人身安全。故B符合题意；
C．充电桩起火可能涉及电气火灾，生活用水是导体，泼水会引发触电或火势扩大，应先断开电源再使用干粉或二氧化碳灭火器救火。故C不符合题意；
D．保险装置如漏电保护器、过载保护是必要的，可以在电路漏电时，切断电源，起到保护作用，能防止电路故障引发火灾或设备损坏。故D不符合题意。故选B。
8．在体育运动中，下图中的做法为了减小摩擦的是（ ）
A．穿轮滑鞋B．手涂防滑粉
C．戴手套接球D．用力捏车闸
【答案】A
【解析】A．穿轮滑鞋是变滑动摩擦为滚动摩擦，减小摩擦力，故A符合题意；
B．运动员手涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不符合题意；
C．戴手套接球是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意；
D．用力捏自行车的车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不符合题意。故选A。
9．如下图，大头针插在玻璃瓶的软木塞上，把金属箔悬挂在大头针上。带电体接触大头针后，金属箔张开，此过程（ ）
A．正电荷发生转移B．可检验带电体的电性
C．金属箔带上同种电荷D．张开角度越小，所带电荷越多
【答案】C
【解析】A.正电荷发生转移，此说法错误。原因是正电荷值得是原子核或质子，正电荷不能转移，发生转移的是电子，故A错误，不符合题意；
B.可检验带电体的电性，此说法错误。验电器箔片张开，只能说明被检测的物体带电，并不知道带的是哪种电荷，故B错误，不符合题意；
C.金属箔带上同种电荷，此说法正确。验电器就是根据同种电荷相互排斥的原理来检测物体带电的，两片箔片带同种电荷互相而张开，故C正确，符合题意；
D.张开角度越小，所带电荷越多，此说法错误。被检测的物体所带电荷越多，验电器箔片张开的角度越大，故D错误，不符合题意。故选C。
10．小闽为康养中心的老人设计服务信号电路图，灯亮表示提醒卫生服务，电铃响表示呼叫医疗服务。下图中不符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】ABD．图中灯和电铃并联，各个支路都有一个开关独立工作，且开关只控制这一条支路的通断，符合设计要求，故ABD不符合题意；
C．图中S2开关在干路上，控制整个电路，干路开关不闭合整个电路都不工作，不能使电铃和灯独立工作，S2闭合电铃工作，只闭合开关S1都不工作，两开关都闭合电铃和灯一起工作，不符合设计要求，故C符合题意。
故选C。
11．如图，修表师傅可通过“寸镜”看清手表微小结构。“寸镜”内部有一个凸透镜，使用时手表到凸透镜的距离应（ ）
A．小于1倍焦距B．等于1倍焦距
C．大于2倍焦距D．在2倍焦距与1倍焦距之间
【答案】A
【解析】通过“寸镜”能看清手表微小结构，此时“寸镜”作为放大镜使用，则需满足物体位于凸透镜的1倍焦距以内，即物距小于1倍焦距，此时会形成正立、放大的虚像，便于观察微小结构。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
12．如图，红茶加工包含“萎凋”“揉捻”“发酵”“烘干”等工序。下列说法错误的是（ ）
A．“萎凋”时摊开茶叶可加快水分蒸发
B．“揉捻”使茶叶卷缩，说明力可改变物体的形状
C．“发酵”时闻到气味是因为分子在永不停息地运动
D．“烘干”是通过做功减小茶叶的内能
【答案】D
【解析】A．“萎凋”时将茶叶摊开，是通过增大液体的表面积加水分蒸发，故A正确，不符合题意；
B．“揉捻”使茶叶卷缩，则茶叶发生形变，说明力可改变物体的形状，故B正确，不符合题意；
C．“发酵”时能闻到茶叶的清香，这是扩散的现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确，不符合题意；
D．“烘干”过程采用高温烘焙，是通过热传递减小茶叶的内能，故D错误，符合题意。
故选D。
13．抽水蓄能电站被称为“超级充电宝”，用电低谷时段利用电网多余电能抽水至上水库，用电高峰时段再放水至下水库发电，如图：关于抽水蓄能电站，下列说法正确的是（ ）
A．用电低谷时，以电能的形式储能B．用电高峰时，机械能转化为电能
C．选址时，上下水库的高度差要小D．存储的能量可以全部转化为电能
【答案】B
【解析】A．由题意知，用电低谷时，电动机将水抽到高处，将电能转化为机械能，即以机械能的形式储能，故A错误；
BD．用电高峰时利用存储的能量发电，水能带动水轮机转动，将机械能转化为电能，由于能量损耗，无法将全部的机械能部分转化为电能，故B正确，D错误；
C．由图可知，抽水蓄能电站由上游水库、下游水库和水电站组成，要求水资源丰沛、上下游有落差，因此选址时需要考虑地理位置的问题，故C错误。故选B。
14．光照强度会影响花卉生长。图甲为光照强度过大时触发报警的电路，电源电压不变，R0为阻值可调的电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙。当电流表示数大于某一值I0时触发报警，I0时的光照强度为警戒光照强度。闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．R的阻值随光照强度增大而增大
B．增大R0阻值可增大警戒光照强度
C．R0一定时，光照强度越大，通过R0的电流越大
D．R0一定时，光照强度越大，电流表示数越小
【答案】B
【解析】由图可知，定值电阻R0和光敏电阻R并联，电流表测干路电路的电流
A．题目提到R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙所示，可以看出光照强度增大时阻值减小，故A错误；
B．警戒光照强度是电流达到I0时的光照强度。增大R0阻值会导致通过R0支路的电流减小，因此光敏电阻阻值需减小才能让电流重新达到I0。此时需要更强的光照，所以警戒光照强度增大，故B正确；
C．定值电阻R0和光敏电阻R并联，互不影响，R0一定时，电压不变则通过R0的电流不变，故C错误；
D．R0一定时，电压不变，通过R0的电流不变。光照强度越大，光敏电阻R的阻值减小，根据可知通过光敏电阻R这条支路的电流增大，电流表测干路电流，等于各支路电流之和，一条支路电流不变，另一条支路电流增大，故电流表示数增大，故D错误。
故选B。
二、填空题
15．将包装口香糖的锡箔纸剪成如图形状，其他条件相同时，C处的横截面积小，电阻 。A、B两端分别与电池正负极接触，观察到C处起火，该现象利用了电流的 效应。
【答案】 大 热
【解析】导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积等因素有关，其他条件相同时，导体的长度越长、横截面积越小导体的电阻越大，由图可知，其他条件相同时，C处的横截面积小，故C处的电阻大。A、B两端分别与电池正负极接触，观察到C处起火，说明电流通过导体产生了热量，即电能转化成内能，这种现象叫做电流的热效应。
16．将回形针掰直，磁化后放在树叶上，漂浮于水面，如下图，回形针在地球 的作用下，静止后指向南北。参照冬季午间小草的影子偏向北方，进一步推测A端是回形针磁体的 极。
【答案】 磁场 S
【解析】地球是一个巨大的磁体，磁化后的回形针具有磁性，将其放在树叶上，漂浮于水面，则回形针在地球磁场的作用下，静止后会指南北两个方向。小草的影子偏向北方，根据影子的形成原理可知太阳在南方，地理南方附近是地磁北极，根据磁极间的相互作用规律可知回形针磁体指南方的是S极，即可以推测A端是回形针磁体的S极。
17．仿生海洋机器鱼模仿鱼类的游动方式，与螺旋桨推进方式相比，噪声小，这是在 处减弱噪声。机器鱼游动时，相对于海岸是 的。
【答案】 声源 运动
【解析】减弱噪声的途径有三个：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。仿生海洋机器鱼模仿鱼类的游动方式，与螺旋桨推进方式相比，发出的声音小，减小了声源发出声音的响度，属于在声源处减弱噪声。机器鱼游动时，以海岸为参照物，机器鱼与海岸的位置发生变化，则机器鱼相对于海岸是运动的。
18．科创小组制作遥控“泵喷式”船模，当船向后喷水时，船获得向前的推力，表明物体间力的作用是 的。遥控发射器利用 波控制船。
【答案】 相互 电磁
【解析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。当船向后喷水时，船获得向前的推力，利用了物体间力的作用是相互的原理。遥控器与船模之间是依靠电磁波传递信息，即遥控发射器是利用电磁波来控制船的。
19．下图为电学知识部分结构图，请补充完整。( )( )
【答案】 电能 电流I
【解析】电源是提供电能的装置，用电器是消耗电能的装置，所以该空填电能。电压是形成电流的原因，电阻对电流有阻碍作用，导线输送电流，则该空填电流I。
20．下图为探究摩擦力的实验装置。当桶和沙的总质量为0.24kg时，木块和木板在水平桌面上保持静止，力传感器示数为0.4N。a、b两段轻绳均与桌面平行。图中滑轮的作用是 。不计绳与滑轮间的摩擦，桌面对木板的摩擦力大小为 N。
【答案】 改变力的方向 2
【解析】由图可知，图中滑轮是定滑轮，在实验中的作用是改变力的方向。木块和木板在水平桌面上保持静止，则木块和木板都受力平衡。木块在水平方向受到向左的拉力和向右的摩擦力，向左的拉力大小为0.4N，则木板对木块向右的摩擦力也为0.4N，物体间力的作用是相互的，则木块对木板有向左的摩擦力，大小为0.4N；木板受到向右的拉力与桶和沙的重力相等，即
木板水平方向受力平衡，木板水平方向受到向右的拉力，桌面对木板向左的摩擦力，木块对木板向左的摩擦力，根据平衡条件可得
所以桌面对木板的摩擦力大小为
三、作图题
21．在下图中，画出悬浮在水中的潜水艇模型受到的重力和浮力的示意图。
【答案】见解析
【解析】潜水艇模型悬浮在水中，受到浮力和重力的作用，浮力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，浮力与重力大小相等，如下图所示：
22．在下图中，画出入射光线的反射光线和折射光线的大致位置。
【答案】见解析
【解析】根据光的反射定律可知，在反射现象中反射角等于入射角，故先根据反射角等于入射角画出反射光线的大致位置；根据光的折射规律可知，当光从玻璃斜射向空气中时，光的传播方向发生偏折，折射角大于入射角，故再根据折射角大于入射角画出折射光线的大致位置，如图所示：
四、简答题
23．“七星漂”钓法是我国传统钓鱼方法之一，钓组由浮子、钓线、坠子、鱼钩和鱼饵组成，如图。请用物理知识回答：
(1)浮子常用轻质鹅毛羽轴或泡沫制作的原因；
(2)钓组入水后，坠子将鱼饵快速拉向水底。为了减小水的阻力，坠子体积宜小。若有铝和铅两种材料，在其他条件相同时，选择哪种材料制作坠子更合适？分析选择的理由。（）
【答案】(1)见解析 (2)见解析
【解析】（1）轻质鹅毛羽轴或泡沫的密度小于水的密度，能漂浮在水面上。
（2）选择铅制作坠子更合适。在质量相同时，，由可知，，铅坠子在水中运动时的阻力小。
五、实验题
24．防冻液是一种用于汽车发动机冷却系统的特殊液体。为判断某防冻液在最低气温为-25℃的某地区能否使用，利用图甲装置进行实验。
(1)烧杯中装有适量防冻液，置于制冷剂中，用温度传感器每隔1min记录防冻液的温度，绘制温度随时间变化的图像，如图乙。观察到14～20min防冻液处于固液共存状态，分析图像可知：防冻液在凝固过程中温度 ，凝固点为 ℃，由此判断该防冻液 在该地区使用；
(2)装制冷剂的容器外壁出现霜，这是空气中水蒸气 形成的小冰晶。
【答案】(1) 保持不变 -35 能 (2)凝华
【解析】（1）由乙图可知，14～20min防冻液的温度保持不变，所以防冻液在凝固过程中温度不变。凝固点为物体凝固过程中温度不变时对应的温度，由乙图可知，凝固点为-35℃。因为该地区的最低气温为-25℃，高于该款防冻液的凝固点，所以该防冻液可以在该地区使用。
（2）霜是由空气中的水蒸气遇冷凝华放热形成的。
25．探究平面镜成像的特点，实验装置如图甲。
(1)实验前，将白纸平铺在水平桌面上，玻璃板 架在纸上。
(2)在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，在玻璃板后移动完全相同但未点燃的蜡烛B，直到B与A的像A′完全重合，说明像与物的 相等。在纸上描出蜡烛、玻璃板和像的位置，处理数据如图乙。
(3)得出结论：像与物关于平面镜对称。为使该结论具有普遍性，提出一条改进建议： 。
(4)利用茶色薄玻璃板制作如图丙的“临摹神器”，可在白纸上临摹手机画面。如图丁，当手机屏幕与白纸的夹角为80°，若要使手机画面通过玻璃板所成像的位置在白纸上，玻璃板与桌面的夹角θ应为 °，临摹时要在 （填“①”或“②”）位置观察。
【答案】(1)垂直 (2)大小 (3)改变蜡烛的位置，多次实验
(4) 50 ①
【解析】（1）实验时玻璃板与纸面应垂直放置，这样所成的像在桌面上，方便找到像的位置
（2）将两支相同的蜡烛A和B分别竖放在玻璃板前后，点燃蜡烛A，并移动蜡烛B，直至与蜡烛A的像重合，蜡烛B能跟蜡烛A的像完全重合，说明像与物大小相等，用到了等效替代法。
（3）一次实验得出的结论不具有普遍性，本实验中应多次改变蜡烛A的位置，得到多组数据，其目的是避免实验的偶然性，得到普遍规律。
（4）平面镜成像物与像关于镜面对称，如图丁，当手机屏幕与白纸的夹角为80°，则手机右侧与白纸的夹角为，若要使手机画面通过玻璃板所成像的位置在白纸上，玻璃板与桌面的夹角θ应为
平面镜成的像是虚像，所以要透过玻璃板观察像，则临摹时要在①位置观察像。
26．用伏安法测量额定电压为2.5V小灯泡的电阻，实验装置如图甲。
(1)用笔画线代替导线将图甲电路连接正确；
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 端；
(3)闭合开关，定向移动滑片P，发现电表指针示数忽大忽小，且变化幅度较大。经检查，故障只发生在滑动变阻器，故障的原因可能是______；
A．滑动变阻器短路
B．滑动变阻器的滑片P与电阻丝接触不良
(4)排除故障，继续实验。实验小组设计如下表格并记录部分实验数据：
①电压表示数为1.7V时，电流表示数如图乙所示，读数为 A；
②小灯泡正常发光时电阻为 Ω；（保留一位小数）
③表格中设计不合理的一项是 ，原因是 。
【答案】(1)见解析 (2)右 (3)B
(4)①0.26 ②8.3 ③电阻平均值 ；小灯泡的电阻会随温度变化而变化
【解析】（1）由图可知，电压表未接入到电路中，应该将电压表并联在小灯泡两端，如下图所示：
（2）为了保证电路安全，应该将滑动变阻器调至阻值最大处，即将滑动变阻器的滑片P置于最右端。
（3）因为电表指针示数忽大忽小，且变化幅度较大，说明电路某处接触不良，故B符合题意。
（4）由乙图可知，电压表所接量程为0~0.6A，其分度值为0.02A，所以读数为0.26A。
因为小灯泡的额定电压为2.5V，所以由第5次实验数据可知，小灯泡正常发光时电阻
因为小灯泡发光时会发热，所以小灯泡的电阻会随温度变化而变化，故表格中设计不合理的一项是电阻平均值。
27．探究液体压强与哪些因素有关，完成下列任务。
任务一 测量盐水、水和酒精的密度
(1)将天平放在水平台上，把游码移至标尺左端 处，并调节好天平。
(2)用注射器抽取5mL盐水，用天平测得注射器和盐水的总质量，如图甲所示，为 g。
(3)用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，盐水的密度为 g/cm3。继续测出水和酒精的密度。
任务二 探究液体内部的压强
(4)图乙是U形管压强计，实验时通过两侧液面的高度差来反映 的大小。
(5)三个容器分别装有适量的盐水、水和酒精，改变探头在液体中的深度，记录探头的深度h与U形管两侧液面的高度差Δh，绘制Δh-h图像如图丙，分析图像可知：
①液体压强与液体的深度有关，在相同液体内部，深度越深，压强越 。
②液体压强与液体的密度有关。
根据图像，陈述得出结论②的理由： 。
【答案】(1)零刻度线 (2)15.8 (3)1.16 (4)液体压强
(5) 大 见解析
【解析】（1）天平放在水平台上，首先要将游码调至标尺左端零刻度线处，再调节平衡螺母使天平水平平衡。
（2）由图甲可知天平标尺的分度值为0.2g，则注射器和盐水的总质量为
（3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，则抽取盐水的体积为
抽取盐水的质量为
盐水密度为
（4）压强计的探头浸没到水中某一深度，此时探头上的橡皮膜会受到水的压力，故橡皮膜会发生形变；此装置是利用液体对橡皮膜压强不同，U形管左右两管中液面高度不同来比较液体压强的，故可通过观察U形管两侧液面的高度差来判断橡皮膜受到压强的大小。
（5）由图丙可知，在同种液体中，探头所处的深度越深，U形管两侧液面的高度差越大，即受到的液体压强越大，则可得出结论：同种液体中，深度越深，液体压强越大。
由图丙可知，深度相同时，液体密度不同，U形管压强计两侧液面的高度差不同，则液体压强不同，说明液体压强与液体密度有关。
六、综合题
28．降水量是指一段时间内，雨水（或融化后的固体降水）未经蒸发、渗透和流失所积聚起来的水层深度。为了监测降水量，科创小组制作了“翻斗式雨量计”，装置外观是上端开口的圆柱体，如图1甲。内部结构示意图如图1乙。装置核心部件如图1丙，它是用中间隔板分开的两个完全对称的三角形容器，可绕O点处的水平轴转动，从而使两侧容器轮流接水，当一侧容器接满10mL雨水时会发生翻转，将水倒出，随着降雨持续，翻斗左右翻转，过程如图1丁。磁铁与配重通过连杆安装在翻斗上并随翻斗左右摆动，当磁铁经过磁感应开关（两者相互作用力忽略不计）时，磁感应开关通过电流传感器将翻斗翻转信息变成电信号，从而推算降水量。
(1)翻斗在水平位置时是等臂杠杆，实验器材中属于等臂杠杆的有 。
(2)连杆上装有可调高度的配重。校准过程，若倒入的水量总是大于10mL时翻斗才发生翻转，可通过 （填“降低”或“升高”）配重在连杆上的位置进行调整。
(3)图2甲是翻斗翻转信息变为电信号的工作电路，电源电压不变，、为定值电阻，。某次降雨，电流传感器（电阻不计）测得电流随时间变化关系如图2乙。
①当磁铁每次经过磁感应开关时，开关状态是 。
②“翻斗式雨量计”顶端开口面积为0.1m²，由图2乙可知该地区30min内降水量约为 mm，降水量变化趋势是 。（测量前翻斗内无水）
③由图2可知， 。
(4)若该装置在我国北方地区使用，可改进的措施是 。
【答案】(1)托盘天平（天平、定滑轮） (2)降低
(3) ①闭合 ②1.2 ；减弱（减缓、变小） ③200
(4)低温天气，增加加热装置；若降水量偏小，可以降低配重的高度并重新校准参数
【解析】（1）初中所学的实验器材中属于等臂杠杆的有托盘天平。
（2）翻斗可以看成杠杆，此时动力为雨水对翻斗的压力，大小等于雨水的重力。阻力为配重对翻斗的压力，大小等于配重的重力。校准过程中水量总是大于10mL时翻斗才发生翻转，此时可以通过减小阻力的力臂的方法来进行校准，故可以降低配重的高度来减小阻力的力臂进行校准。
（3）由乙图知，当磁铁每次经过磁感应开关时电路中的电流增加，此时电路中的总电阻是减小的，故磁铁经过磁感应开关时，开关的状态是闭合的。
由乙图知，30min内翻斗共翻转了12次，故总的收集到的雨水体积
顶端开口的面积是
故降水量为
由乙图知，翻转所用的时间越来越长，故降水量变化趋势在减弱。
当开关断开时，电路中的电流为5mA，此时电阻R1与R2串联，电源电压…①
当开关闭合时，电路中的电流为25mA，此时电路中只有电阻R2，电源电压…②
①②联立，解得
（4）北方地区温度低，降水量少，故在低温天气可以增加加热装置；降水量偏小，可以降低配重的高度重新校准参数。
七、计算题
29．某电水壶的部分参数如下表所示。该电水壶正常工作时，可将质量为1kg的水从20℃加热到100℃，用时420s。已知。求:
(1)水吸收的热量。
(2)电水壶消耗的电能。
(3)电水壶的热效率。
【答案】(1) (2) (3)
【解析】（1）水吸收的热量
（2）电水壶消耗的电能
（3）电水壶的热效率
30．运-20是我国自主研制的重型运输机，如图。飞机获得的升力与其在平直跑道上滑行速度v的平方成正比，即，为定值（未知）。飞机在平直跑道上从静止开始加速，当速度达到时，飞机即将离地起飞，此时飞机所受升力与重力相等。升空后，飞机若以速度800km/h沿水平直线匀速飞行0.5h，其发动机在水平方向的牵引力大小为。
(1)求升空后飞机在上述0.5h内通过的路程。
(2)求升空后飞机在上述0.5h内水平方向牵引力做的功。
(3)已知飞机重力为，求飞机在跑道上滑行速度为时受到的支持力。
【答案】(1) (2) (3)
【解析】（1）飞机在0.5h内通过的路程
（2）
飞机在0.5h内水平方向牵引力做的功
（3）当速度达到时，飞机即将离地起飞，，可得
当飞机以速度滑行时
飞机在水平跑道上滑行，竖直方向上受力平衡所以
31．下图为科创小组测量大气压和海拔的简易装置原理图，为定值电阻，为力敏电阻，置于圆柱体容器底部，可自由滑动的活塞通过轻杆压在力敏电阻上。容器内抽成真空，装置气密性良好。该装置通过两电表示数分别转换测出大气压值和海拔，且示数均随测量值增大而增大。电源电压恒为6V，，的阻值与压力大小的关系为，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。活塞横截面积为，忽略摩擦，不计活塞质量。查阅资料，大气压与海拔的关系如下表。
(1)求时活塞受到的压力。
(2)求时通过的电流。
(3)求该装置能测量的最高海拔。
(4)指出该装置测量时的一项不足之处，针对该不足，就电源和电流表中任选1个，提出相应问题的解决方案，并说明理由。
【答案】(1) (2) (3) (4)见解析
【解析】（1）根据题意可知当时，大气压，则活塞受到的压力为
（2）当时，力敏电阻的阻值为
由图可知电路为串联电路，则电源电压为
串联电路电流处处相等，则通过的电流为
（3）由题意可知，海拔越高，大气压越低，则活塞受到的压力越小，力敏电阻阻值越大，电路中电流减小，电流表示数减小，根据串联分压原理可知电压表示数变大，所以是选择电压表示数转换测出海拔。当电压表示数为3V时，所测的海拔最高为，则
电路中电流为
力敏电阻的阻值为
又
解得，此时大气压为
查表可知
（4）问题：该装置所测的最高海拔太低。
方案：适当降低电源电压。
理由：根据欧姆定律和串联电路知识可知，得
①当电源电压降低到3V～6V时，最大值为3V不变，适当减小电源电压，可以增大，可测的气压减小，可测的海拔增加。
②当电源电压降低到3V以下时，最大值小于3V且在电压表量程内，可以继续增大，可测的气压减小，可测的海拔增加。实验次序
1
2
3
4
5
电压U/V
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
电流I/A
0.20
0.22
0.28
0.30
电阻R/Ω
4.5
5.9
7.5
电阻平均值/Ω
额定电压
220V
额定功率
1000W
海拔
0
100
200
300
400
500
……
1000
2000
……
大气压
101
100
99
98
97
96
……
90
80
……