2025届安徽省普通高中高三下学期高考全真模拟训练(三) 物理试题（解析版）

这是一份2025届安徽省普通高中高三下学期高考全真模拟训练(三) 物理试题（解析版），共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分。时间：75分钟
第Ⅰ卷（选择题 共42分）
一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
1．如图甲所示，用强度不变的单色光照射阴极K，改变滑动变阻器的滑片位置，得到流过电流表的光电流I与电压表两端电压的关系图像如图乙所示。当电压表示数分别为2.4V、3.6V时，到达阳极A的光电子最大动能的比值为( )
A．B．C．D．
2．图（a）为答题卡扫描仪，其内部结构如图（b）所示。扫描仪内部有一个摩擦滚轮放置在水平答题卡上方。正常工作时滚轮对顶部答题卡的正压力为F，摩擦滚轮顺时针转动，摩擦力只带动与之接触的顶部答题卡进入扫描仪内部进行逐张扫描，直至所有答题卡扫描完毕。已知每张答题卡的质量均为m，摩擦滚轮与答题卡间的动摩擦因数恒为，各答题卡间的动摩擦因数范围为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。要使该扫描仪能一直正常工作，正压力F的最大取值范围为( )
A．B．
C．D．
3．目前机器人研究迅猛发展。在某次测试中，机器人A、B（均可视为质点）同时从原点沿相同方向做直线运动，它们的速度的平方（）随位移（）变化的图像如图所示。下列判断正确的是( )
A．机器人A的加速度大小为4m/s²
B．相遇前机器人A、B最大距离为12m
C．经过，机器人A、B相遇
D．机器人A、B分别经过处的时间差是1s
4．如图所示，两颗彗星仅受太阳引力作用绕太阳运行，彗星1轨道为圆，彗星2轨道为椭圆。下列说法正确的是( )
A．彗星2在近日点的速度小于远日点的速度
B．彗星1的速度大于彗星2在远日点的速度
C．彗星1、彗星2与太阳的连线在相等时间内扫过的面积一定相等
D．彗星1受太阳的万有引力一定小于彗星2在近日点受太阳的万有引力
5．打羽毛球是深受大众喜爱的体育运动。如图所示是羽毛球从左往右飞行的轨迹图，图中A、B为同一轨迹上等高的两点，P为该轨迹的最高点，则羽毛球在该轨迹上运动时，下列说法正确的是( )
A．在A、B两点的动能相等
B．AP段重力的冲量小于PB段重力的冲量
C．整个飞行过程中经过P点时的速度最小
D．在PB下落阶段，羽毛球加速度的竖直分量大于重力加速度值
6．在茶叶生产过程中有道茶叶、茶梗分离的工序。如图所示，A、B两个带电球之间产生非匀强电场，茶叶茶梗都带正电荷，且茶叶的比荷小于茶梗的比荷，两者通过静电场便可分离，并沿光滑绝缘分离器落入小桶。假设有一茶梗P从A球表面O点离开，最后落入桶底。不计空气阻力。则( )
A．茶叶落入右桶，茶梗落入左桶B．M处的电场强度大于N处的电场强度
C．M处的电势低于N处的电势D．茶梗P下落过程中电势能减小
7．1ml的气体温度变化时，若其吸收或放出的热量为Q，则该气体的摩尔热容为，与气体经历的变化过程有关，常用的有定压摩尔热容和定容摩尔热容两种。如图所示，截面积为S的密封良好的活塞在汽缸内封闭着一定质量的理想气体，稳定时气体压强与大气压强相同，均为，此时活塞到汽缸底部距离为L，活塞右侧L处有一固定卡环，活塞可在汽缸内无摩擦滑动。现使汽缸内气体温度缓慢升高为初始的2倍，这个过程气体内能升高了，之后再使气体温度升高为初始的3倍。已知理想气体内能与温度成正比，则该气体的定压摩尔热容和定容摩尔热容之比为( )
A．B．C．D．
8．如图甲所示，质量为2m的足够长木板C置于水平面上，滑块A、B质量均为m，置于C上，B位于A右方某处。A、C间的动摩擦因数，B、C间和C与地面间的动摩擦因数。给C施加一水平向右的恒力F，从开始施加恒力到A、B第一次相遇时间为t。可得与F的关系如图乙所示（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取）下列说法正确的是( )
A．滑块A能获得的最大加速度为
B．A、B之间的初始距离为4m
C．滑块A的质量为1kg
D．若，A、C之间将发生相对滑动
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9．太阳能光伏发电是利用太阳电池将太阳光能直接转化为电能的一项新兴技术(如图甲)。如图乙所示为某光伏发电站输电入户的示意图，其中输电电压的有效值恒定，是输电线的等效电阻，变压器为理想变压器，电表均可视为理想电表，下列说法正确的是( )
A．若开关均断开，电压表示数不为0
B．开关均闭合的前提下，线路老化导致增大，则电流表的示数增大
C．若先让开关保持闭合状态，然后闭合开关，则电流表的示数减小
D．若先让开关保持闭合状态，然后闭合开关，则电压表的示数减小
10．如图所示，水平虚线、之间存在方向垂直于纸面向里、高度为的匀强磁场。在竖直平面内一个等腰梯形线框，底边水平，其上、下边长之比为5:1，高为。线框向下匀速穿过磁场区域（从进入，到离开），则( )
A．边始终不受到安培力的作用
B．线框穿过磁场的过程中，某段时间内回路没有电流
C．边进入磁场时回路电流方向为逆时针方向
D．边刚离开磁场时和刚进入磁场时线框所受安培力之比为4:1
第Ⅱ卷（非选择题 共58分）
三、非选择题：本题共5小题，共58分。考生根据要求做答
11．(6分) 实验小组的同学在实验室做“用单摆测量重力加速度”的实验。
(1)下列操作正确的是______；
A．选用弹性较好的细线
B．应该先悬挂摆球后再测量摆线的长度
C．尽可能让小球摆动的幅度大一些
D．通过测量多个全振动的时间计算周期
(2)经测量得到5组不同的摆长和对应的周期，画出图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图所示。则当地重力加速度的表达式 ，图中图像不过原点的原因是以下： 。
A．计算摆长时用的是摆线长度而未计入小球半径
B．计算摆长时用的是摆线长度加上小球直径
12．(10分) 某实验小组准备测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：
A．多用电表（电压挡量程2.5V，内阻未知）；
B．毫安表（量程200mA，内阻为）；
C．定值电阻；
D．定值电阻；
E.滑动变阻器；
F.电键和导线若干。
根据提供的器材，设计电路如图1所示。
(1)将毫安表与定值电阻改装成电流表如虚线框中所示，改装后的量程为 A；
(2)为了精确测量，图中多用电表的右边表笔应接到 （选填“”或“”）处；
(3)闭合电键，调节滑动变阻器滑片，多次记录多用电表的示数、毫安表的示数。其中一次测量时多用电表示数如图2所示，其读数为 V。
(4)作图线如图3所示，该干电池电动势 V；内阻 （以上结果均保留三位有效数字）。
13．(12分) 如图所示为一监控设备上取下的半径为R的半球形透明材料，球心为O点，A点为半球面的顶点，且满足AO与底面垂直。一束单色光沿BO方向射向半球面的B点，恰好在半球面的底面没有出射光线，已知光在真空中的传播速度为c，B点到OA连线的距离为。求：
(1)此材料的折射率；
(2)该单色光在半球形透明材料中的传播时间。
14．(14分) 如图所示，质量的物块（可视为质点）以的速度从右侧皮带轮最高点向左滑上足够长的水平薄传送带，传送带以的速度顺时针匀速运动，物块与传送带之间的动摩擦因数。倾角为的固定斜面上静置一质量为的薄木板，木板的长度为，物块与木板之间的动摩擦因数，木板与斜面之间的动摩擦因数，斜面的底端固定一垂直于斜面的挡板，木板的下端距离挡板为，木板与挡板碰撞后立即粘在一起停止运动。物块离开传送带时做平抛运动，并且恰好沿斜面落在木板的顶端。设物块与木板之间、木板与斜面之间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，重力加速度(）求：
(1)物块做平抛运动的水平位移大小S。
(2)传送带由于传送物块而多消耗的电能E。
(3)物块最终停止的位置离木板上端的距离。
15．(16分) 如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限有沿+x轴方向的匀强电场，在第三、四象限有宽度为d的匀强磁场，磁场方向垂直于坐标平面向外，长度为d的荧光屏MN与x轴垂直，下端在x轴上.一质量为m、电荷量为+q的粒子从点P（0，d）沿-y轴运动，初速度大小为v0，经电场偏转后从点Q（，0）进入磁场，并垂直于磁场的下边界离开磁场.已知P点到MN的距离，不计粒子重力。
(1)求电场强度大小E；
(2)求磁感应强度大小B；
(3)在匀强磁场下方所有区域再加一垂直于坐标平面的匀强磁场，要使粒子能打到MN上，求所加磁场的磁感应强度B′所满足的条件。
安徽省合肥市普通高中2025年高考全真模拟训练(三)
物理参考答案
1．A
解析：根据题意可知，光电子从金属表面逸出后的最大初动能为，其中，根据动能定理可得当电压表示数分别为、时，到达阳极A的光电子的最大动能分别为，
联立可得：
故选A。
2．A
解析：要使扫描仪正常工作，每次只能带动顶部答题卡，需满足：滚轮对顶部答题卡的摩擦力大于顶部与下方答题卡间的最大静摩擦力，则由平衡条件及摩擦力的计算公式可得，由题知
令（取最大值保证所有情况），解得：
同时第二张答题卡不能动，需满足：第一张答题卡给第二张答题卡的最大滑动摩擦力小于等于第二张答题卡受到的最大静摩擦力，即
解得：F≤3mg
综上可得
故选A。
3．B
解析：A．根据匀变速直线运动规律
整理可得
结合图像可知，机器人A的加速度为
解得
即机器人A的加速度大小为，A错误；
B．根据上述分析，同理可知A、B两机器人均做匀变速运动，对于机器人A，可得，
对于机器人B，可得，
设经过时间二者速度相等，此时相距最远，则有
代入数据解得
两机器人共同的速度为
机器人A的位移
机器人B的位移
二者之间的最大距离，B正确；
C．机器人A停止运动的时间
设经过时间两机器人相遇，则有
代入数据解得
可见两机器人相遇应在机器人A停止运动之后，此时机器人A的位移为
机器人B追上的时间
C错误；
D．由题可知，机器人A经过的时间为，机器人B经过的时间为
机器人A则有
整理可得
解得（另一解机器人A已停止运动，舍去）
机器人B则有
解得
机器人A、B分别经过处的时间差
D错误。
故选B。
4．B
解析：A．根据开普勒第二定律可知，彗星2在近日点的速度大于远日点的速度，故A错误；
B．彗星1离太阳的距离小于彗星2在远日点离太阳的距离，根据
解得
可知，彗星1在圆轨道的速度大于彗星2经过远日点所做圆轨道的速度，而彗星2在远日点的速度小于该点圆轨道的速度，故彗星1的速度大于彗星2在远日点的速度，故B正确；
C．根据开普勒第二定律，相等时间内扫过的面积相等是指同一轨道，则彗星1、彗星2与太阳的连线在相等时间内扫过的面积不一定相等，故C错误；
D．因为不知道两彗星的质量关系，则彗星1受太阳的万有引力不一定小于彗星2在近日点受太阳的万有引力，故D错误。
故选B。
5．B
【详解】A．羽毛球由A点运动到B点过程中，重力做功为零，空气阻力做负功，由动能定理可知，动能减小，所以羽毛球在A点的动能大于B点的动能，故A错误；
BD．羽毛球上升阶段竖直方向所受合力大于重力，竖直方向的加速度大于g，下落阶段竖直方向所受合力小于重力，竖直方向的加速度小于g，所以羽毛球AP段所用时间比PB段小，结合冲量的定义可知，AP段重力的冲量小于PB段重力的冲量，故B正确，D错误；
C．羽毛球经过P点时所受重力与空气阻力的合力与速度成钝角，说明速度正在减小，所以整个飞行过程中经过P点时的速度不是最小，故C错误；
故选B。
6．D
解析：A．根据牛顿第二定律可得
由于茶叶、茶梗均带正电，则电场力产生的加速度方向整体向右，由于茶叶的比荷小于茶梗的比荷，则茶叶所受电场力产生的加速度小于茶梗所受电场力产生的加速度，即在相等时间内，茶叶的水平分位移小于茶梗的水平分位移，所以茶叶落入左桶，茶梗落入右桶，故A错误；
BC．电场线分布的密集程度表示电场强弱，M处电场线分布比N处电场线稀疏一些，则M处电场强度小于N处电场强度，且沿着电场线方向电势降低，故M处的电势高于N处的电势，故BC错误；
D．茶梗P下落过程中电场力做正功，则电势能减小，故D正确。
故选D。
7．A
解析：第一步：分析定压变化过程中气体吸收的热量
因活塞与缸壁间无摩擦，则活塞运动到卡环前，缸内气体压强始终为，刚开始升温时，气体做等压变化，设温度达到时，活塞恰与卡环接触，有
解得：
该过程外界对气体做功 ，由
可知该过程气体吸收的热量为：
设该气体有，根据题意有：
第二步：分析等容变化过程中气体吸收的热量
气体温度从升到的过程中，气体发生等容变化，在等压变化过程、等容变化过程中，气体温度变化量相同，则气体内能变化量相同，则有
联立以上解得：
故选A。
8．C
解析：A．对滑块A有
解得
A错误；
B．对滑块B有
解得
由图可知F足够大时，A、B均相对C滑动，相遇时间恒定为
由
解得
B错误；
C．当，滑块B与C恰好发生相对滑动，则有
得，C正确；
D．设A、B、C均产生相对运动时的拉力为，则有
得
故时，A、C保持静止，D错误。
故选C。
9．AD
解析：A．若开关均断开，变压器输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，所以电流表的示数为0，电压表的示数不为0，故A正确；
B．开关均闭合的前提下，设原线圈两端的电压为，电流为，副线圈两端的电压为，电流为，总电阻为；在原线圈回路中有
根据电压与匝数的关系有
解得
根据电流与匝数的关系有
解得
在副线圈回路中有
联立可得
可知线路老化导致增大，副线圈的总电阻不变，则副线圈的电流减小，故原线圈的电流减小，即电流表的示数减小，故B错误；
C．同B项分析，有
若先让开关保持闭合状态，然后闭合开关，则副线圈的总电阻减小，故副线圈的电流增大，故原线圈的电流增大，即电流表的示数增大，故C错误；
D．同B项分析，有
若先让开关保持闭合状态，然后闭合开关，则副线圈的总电阻减小，故副线圈的电流增大，故原线圈的电流增大，根据
可知原线圈两端的电压，则副线圈的电压减小；在副线圈回路中有
可知变小，即电压表的示数减小，故D正确。
故选AD。
10．CD
解析：A．只要闭合回路磁通量变化产生感应电流，电流在磁场中就会受到安培力的作用，故A错误；
B．等腰梯形线框在穿过磁场的过程中，穿过闭合回路的磁通量始终是变化的，只要闭合回路磁通量变化就会产生感应电流，因此不存在某段时间内回路没有电流的情况，故B错误；
C．由右手定则可判定，当边进入磁场切割磁感线时，作为电源，产生的感应电动势的方向为由指向，电源内部电流由负极流向正极，回路中电流方向为逆时针方向，故C正确；
D．设边长度为L，线框速度为v，则边刚离开磁场时的有效切割长度为2L
由题意知，边刚进入磁场时线框所受安培力
由欧姆定律得
感应电动
同理，边刚离开磁场时线框所受安培力
各式联立得，，故D正确；
故选CD。
11．(1)BD (2) A
解析：（1）A．为了确保摆长一定，实验中应选用弹性差的细线，故A错误；
B．为了精确测定摆长，减小误差，实验中应该先悬挂摆球后再测量摆线的长度，故B正确；
C．在摆角小于5°范围内单摆的运动才能够近似看为简谐运动，可知，实验中应尽可能让小球摆动的幅度小一些，故C错误；
D．为了减小测量误差，实验中，应通过测量多个全振动的时间计算周期，故D正确。
故选BD。
（2）[1]摆长等于摆线长与摆球半径之和，则有
变形得
结合图像有
解得
[2]根据图像，图像与纵轴的截距为负值，结合上述可知，图中图像不过原点的原因是计算摆长时用的是摆线长度而未计入小球半径。
故选A。
12．(1) (2)B (3)1.15 (4)
解析：（1）毫安表的满偏电压为
则，改装后的最大量程为
所以，改装后的量程为。
（2）由于改装后的电流表的内阻已知，为了精确测量，图中多用电表代替的电压表应为电源的“内接法”，即右边表笔应接到“”处。
（3）由图2可知，多用电表的读数为1.15V。
（4）[1][2]由（1）分析可知，电路中电流为毫安表示数的3倍。改装后的电流表的内阻为
根据欧姆定律
整理可得
可得图线的斜率的绝对值为
截距为
所以，
13．(1) (2)
解析：（1）根据题意可知,光线恰好发生全反射，则
根据几何关系有
所以
（2）光在材料中的传播速度为
所以传播时间为
14．(1) (2) (3)
解析：（1）因为传送带足够长，所以物块以从右端平抛，物块恰好沿斜面落在木板顶端
解得
根据
解得
（2）发生相对运动的时间
则传送带由于传送物块而多消耗的电能
解得
（3）物块到达木板上端速度，则有
解得
根据牛顿第二定律有，
解得，
设经后达到共速，则有
解得
则
在内木板发生位移
之后m、M匀速，m相对于M发生的位移
当木板粘住后，木块继续向下
物块最终停止的位置离木板上端的距离
15．(1) (2)
(3)，方向垂直于平面向内或向外。
解析：（1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，在-y方向有
+x方向有
根据牛顿第二定律有
联立解得
（2）粒子经过Q点时+x方向的分速度
则合速度大小
设粒子vQ与x轴的夹角为，有
几何关系
半径
解得
（3）粒子经两磁场偏转到回到x轴时速度大小不变，方向与+x轴的夹角为θ且斜向右上方，做类斜抛运动，粒子如果能够打到M点，则+y方向
+x方向
解得
①若所加磁场垂直于平面向内，且粒子恰能到达N点，几何关系
解得
又因为在磁场中半径
联立解得
若，粒子回到x轴时的位置与MN间的距离打在屏上，则所加磁场垂直于平面向内，且时粒子能打到MN上；
②若所加磁场垂直于平面向外，且粒子恰能到达M点，几何关系
解得
同理
若，粒子回到x轴时的位置与MN间的距离也为打在屏上，则所加磁场垂直于平面向外，且时粒子能打到MN上，总之要使粒子能打到MN上，磁感应强度，方向垂直于平面向内或向外均可。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
A
A
B
B
B
D
A
C
AD
CD