2025届安徽省普通高中高三下学期高考模拟训练(四)物理答案-A4

这是一份2025届安徽省普通高中高三下学期高考模拟训练(四)物理答案-A4，共6页。试卷主要包含了二、选择题等内容，欢迎下载使用。
一 二、选择题：
1．答案：C
解析：由轨迹可知，羽毛球做曲线运动，则羽毛球在B点速度不为零，速度方向沿切线方向，故A错误；羽毛球受到的阻力方向与运动方向相反，根据牛顿第二定律可知，羽毛球从A到B在竖直方向的加速度大于从B到C竖直方向的加速度，由于羽毛球从A到B在竖直方向的分位移等于从B到C竖直方向的分位移，根据位移公式可知，羽毛球从A到B运动的时间小于从B到C的运动时间，故B错误；由于羽毛球克服空气阻力做功，根据动能定理可知，羽毛球在A点的速度大于在C点的速度，故C正确；结合上述可知，羽毛球在A点的重力与阻力的合力大于在C点重力与阻力的合力，因此羽毛球在A点的加速度大于在C点的加速度，故D错误。故选C。
2．答案：A
解析：太阳光在水滴中的光路如图所示a、b光在P点以相同
的入射角射入，b光的偏折角较小，则水对b光的折射率
比对a光的折射率小，即，故A正确；
由。且知b光在水中发生全反射的临界角比a光的大，B错误；
根据“同一介质对频率较低色光的折射率较小”知b光的频率较低，C错误；
由光路图知b光在水滴中的传播距离较短，传播速度较大，由
知b光在水滴中的传播时间比a光的短，D错误。
3．答案：B
解析：钍的半衰期为24d，钍234经过还剩的质量为
故A错误；因紫光的频率大于绿光的频率，故在光电效应实验中，绿光照射可以让电子从某金属表面逸出，若改用紫光照射也可以让电子从该金属表面逸出，故B正确；
一个氢原子处在n=4的能级，由较高能级跃迁到较低能级时，最多可以发出4→3，3→2和2→1三种频率的光，故C错误；设（铀核）衰变为（氡核）要经过x次α衰变和y次β衰变，根据电荷数和质量数守恒有，
解得：，，故D错误。故选B。
4．答案：B
解析：根据题图可知小鱼在内的速度方向为正方向，内的速度方向也为正方向，即小鱼在内的速度方向与内的速度方向相同，故A错误；
根据图像与坐标轴围成面积表示位移可知时刻小鱼离池塘边缘最远，故B正确；
根据题图可知小鱼在内速度反向增大，故C错误；
根据图像斜率表示加速度可知小鱼在时刻加速度不为零，故D错误。故选B。
5．答案：C
解析：设导体棒的电阻为，长度为，通过导体棒的电流为，导体棒受到的安培力大小为，由左手定则可知安培力垂直向上，导体棒等效长度为，导体棒受到的安培力大小为
由左手定则可知安培力垂直向上，通过导体棒的电流为
导体棒受到的安培力大小为
由左手定则可知安培力垂直向上，根据对称性可知，通过导体棒的电流为，导体棒等效长度为
导体棒受到的安培力大小为
由左手定则可知安培力垂直向上，线框受到的安培力的大小为，故选C。
6．答案：B
解析：根据题意可得波长m，则s时，即经过一个周期后，刚好传播一个波长的距离，坐标原点处的波源从回到平衡位置向上振动，由于沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，s时的波形图为B选项中的波形图。故选B。
7．答案：D
解析：根据万有引力提供向心力，解得：
卫星C的轨道半径小于卫星B的轨道半径，所以卫星C的线速度大于卫星B的线速度，故A错误；卫星A地球静止同步轨道卫星相对地球表面静止，卫星B为倾斜地球同步轨道卫星相对地球表面是运动的，故B错误；
卫星A与卫星C不在同一个轨道上，所以他们与地心连线在相同时间内扫过的面积不相同，故C错误；令经过t时间相距最远，则有，解得：，故D正确。故选D。
8．答案：C
解析：由安培力做功的特点可知电磁泵的机械功率等于安培力的功率，所以P机=P1=BIcv
若泵中液体流速为v，设Δt内被抽至泵体中的液体的质量为Δm=ρ0bcvΔt
Δt内被抽至泵体中的液体的动能的增加量
Δt内被抽至泵体中的液体的重力势能的增加量为ΔEp=Δmgh=ρ0bcvghΔt
电磁泵的机械功率等于单位时间内被抽至泵内的液体的动能增加量和重力势能增加量之和，即 ，代入数据联立可得：
化简的： ，故当v=0时，即导电液的流速为零时，h取得最大值，则最大值为，故选C。
9．答案：BD
解析：时刻电流最大，此时电容器中电荷量为零，电场能最小，磁场能最大，A错误；
时刻电流为零，此时电容器C所带电量最大，B正确；
过程，电流逐渐增大，电场能逐渐转化为磁场能，电容器处于放电过程，电容器带电量逐渐减小，C错误；由图乙可知，震荡电路的周期变小，根据可知线圈自感系数变小，则汽车正驶离智能停车位，故D正确。故选BD。
10．答案：CD
解析：A、B、C三球组成的系统机械能守恒，且在水平方向上所受合外力为0，水平方向动量守恒，但竖直方向动量不守恒，故A错误；
B、C分离前，杆中弹力沿杆向外，此时杆对B做正功，对A做负功，分离后，杆中弹力沿杆向内，对A做正功，对B做负功，故B错误；
B、C分离时，B、C间的弹力为0，且加速度相等，C的加速度为0，则B的加速度也为0，杆上的弹力为0，则A的加速度为g，方向竖直向下，故C正确；
B、C分离时，C达到最大速度，B与C共速为v，设此时A的水平速度为（方向向左），竖直方向分速度为（方向竖直向下），由A、B、C在水平方向有动量守恒
解得：，AB两球沿杆方向的分速度相同，则有
解得：，则球A的速度大小：
联立以上解得：，故D正确。故选CD。
三、非选择题：
11．(6分) 答案：(1)B (2) (2.2~2.4×10-4都算对) (3)变长
解析：(1)单刀双掷开关从断开到接“1”，电容器和电源和电阻和灵敏电流计组成回路，电容器充电，电流从正接线柱流入，故灵敏电流指针先向右偏，充电完毕后回路中电流为零，此时指针回到零。单刀双掷开关稳定后接“2”，电容器和和电阻和灵敏电流计组成回路，电容器放电，电流从负接线柱流入，故灵敏电流指针先向左偏，放电完毕后回路中电流为零，此时指针回到零。故指针的偏转情况是：先向右偏然后回到零，再向左偏然后回到零。
故选B。
(2)根据图乙，图线与坐标轴所围区域大于等于半个的格数个数为，每个小格表示，故电容所带电荷量：
电容器两端电压：，可知电容器的电容：
(3)只增大电阻R1，由闭合电路欧姆定律知，将开关掷向1时电容器开始充电的电流减小，则曲线与纵轴交点的位置将向下移动，而充电时曲线与横轴所围成的面积将不变，所以充电时间将变长。
12．(10分) 答案：(1)AC (2)2.98 (3)C (4)C (5)
解析：(1)用力传感器测量绳子的拉力，则力传感器示数的2倍等于小车受到的合外力大小，不用保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M，需要将细绳保持和木板平行，同时应平衡摩擦力，应将带滑轮的长木板右端垫高，故A正确，BD错误；为获得更多的点迹，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故C正确；故选AC。
(2)根据题意，相邻计数点时间间隔为：s=0.1s
由逐差法计算加速：
(3)对小车与滑轮组成的系统，由牛顿第二定律得：
根据图线的斜率可知：，故小车的质量为：故选C。
(4)平衡摩擦力后，根据平衡条件有：，化简得：
由此可知，木板的倾角与小车质量无关，在小车上放置了智能手机后，相当于小车的质量增大，上式仍成立，不用重新平衡摩擦力，故A错误；对槽码有：a减小，则绳上拉力F增大，故B错误；在小车上放置了智能手机后，整体的质量变大了，不改变小车质量和槽码个数，则整体合力不变；对槽码、小车和手机的整体，根据牛顿第二定律：
，化简得：M增大，a减小，故C正确；故选C。
(5)乙同学没有严格控制好小车质量M与沙和沙桶质量m的大小关系，据牛顿第二定律有：，由题意其值只有理论值（）的，
所以，，解得：
13．(10分) 答案：(1)6atm (3分) (2)（i）79； (3分) （ii）2.408atm (4分)
解析：(1)根据查理定律有
其中，，解得：
(2)（i）根据玻意耳定律有
解得：，则
（ii）根据玻意耳定律有：
解得：
14．(14分) 答案：(1) (3分) (2) (5分) (3) (6分)
解析：(1)对A、B、弹簧组成的系统由能量守恒定律可得：
解得：
(2)物块B滑上木板C后，由牛顿第二定律，对物块B，有
解得：
对长木板C，有 ，解得：
长木板C运动时间与右壁碰撞，由运动学公式，解得：
物块B的速度，解得：
(3)物块B滑上传送带后平均速度
可知物块B滑上传送带后先加速再匀速。设滑块滑上传送带的速度大小为，在传送带上加速运动时间为，由运动公式，
联立解得：
B从滑上木板到滑出木板一直做匀减速直线运动，由运动公式
联立解得
15．(18分) 答案：(1)4A，顺时针 (5分) (2)m/s (5分)
(3)（V）（） (4分) (4)J (4分)
解析：（1）内感应电动势：
磁通变化量大小：
根据，解得：A，电流方向为顺时针
(2)匀速运动时，
根据平衡
解得：m/s
(3)根据(2)解得A，线框ab边
根据，得：（V）（）
(4)线框ab边越过磁场右边界后瞬间，电流发生突变A
穿出过程（cd边的x坐标）：安培力随位置均匀变化的特点通过安培力做功的能量关系间接求解，有 ，
根据
解得：J
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
C
A
B
B
C
B
D
C
BD
CD