2025届安徽省普通高中高三下学期高考模拟训练(八) 物理试题（解析版）

这是一份2025届安徽省普通高中高三下学期高考模拟训练(八) 物理试题（解析版），共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分。时间：75分钟
第Ⅰ卷（选择题 共42分）
一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
1．月壤中含有丰富的，参与核反应释放巨大能量，同时几乎不产生具有长期放射性的核废料，因此是清洁、高效的未来能源。其核反应方程为：，则( )
A．X为质子，该核反应是α衰变 B．的比结合能比的比结合能大
C．核子平均释放的能量约为6.42MeV D．该反应的质量亏损约为
2．如图所示，一个倾角的斜面体放置在水平地面上，斜面顶端固定光滑滑轮。一个跨过滑轮的轻质细绳，一端悬挂质量为m的重物A，另一端与斜面上质量为2m的物块B相连，滑轮与物块B之间的细绳平行于斜面。现用外力F缓慢拉动细绳上的结点O，使细绳部分从竖直拉至如图中虚线位置，整个过程中始终保持外力F的方向水平向左，且细绳始终拉直，物块B和斜面体始终处于静止状态。下列说法正确的是( )
A．细绳的拉力先增大后减小
B．斜面对物块B的摩擦力一直增大
C．外力F先减小后增大
D．地面对斜面体的摩擦力先减小后增大
3．如图所示，一硬币（可视为质点）置于水平圆盘上，硬币与竖直转轴的距离为，已知硬币与圆盘之间的动摩擦因数为，若硬币与圆盘一起绕轴匀速转动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为，则硬币的最大速度为( )
A．B．C．D．
4．如图是某种静电推进装置的原理图，发射极与吸极接在高压电源两端，两极间产生强电场，虚线为等势面，在强电场作用下，一带电液滴从发射极加速飞向吸极，a、b、c是其路径上等间距的三个点，不计液滴重力，下列说法正确的是( )
A．液滴可能带负电
B．三个点处，点的电势最低
C．
D．液滴在点处的电势能最小
5．常见的气压式水枪玩具内部原理如图所示。从储水罐充气口充入气体，达到一定压强后，关闭充气口。现将阀门M打开，水立即从枪口喷出。若在水快速喷出的过程中，罐内气体来不及与外界达到热平衡，则喷水时气体( )
A．压强变大
B．对外做负功
C．对外放热
D．内能减少
6．如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t＝0时刻刚好传播到坐标原点处，传播速度大小为4m/s，y轴左右两侧介质不同（波在两种介质分界处继续沿x轴正方向传播，不考虑反射和折射的影响），波进入y轴右侧后传播速度为2m/s，则下列说法正确的是( )
A．时刻，坐标原点处质点正沿y轴正向运动
B．处的质点振动时的频率为1Hz
C．时，处质点已振动1s
D．处的质点与处的质点振动方向相反
7．中国古代所谓的“扫把星”说的是彗星，若某颗彗星绕日运动的轨道为椭圆，平均周期约为p年，近日点的速率为v1，近日点到太阳的距离约为日地距离的q倍。地球绕太阳运动的轨道为圆轨道，据此可知该彗星在远日点的速率为( )
A．B．C．D．
8．如图所示，水平放置、足够长的光滑杆上套有一小球，小球通过一长度为的不可伸长的轻绳与小球相连，小球的质量均为。将小球放置于小球的正下方处，并以初速度水平抛出，为重力加速度。下列说法正确的是( )
A．绳子恰好绷直时，其与的夹角为
B．绳子绷直前瞬间，小球的速度大小为
C．绳子绷直后瞬间，小球的速度大小为
D．绳子绷直前后，绳子对B球的冲量大小为
二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9．如图所示为理想自耦变压器，其中P为变压器上的滑动触头，Q为滑动变阻器上的滑片，导线接在有效值不变的交流电源两端，电流表为理想电表，下列说法正确的是( )
A．适当调节变压器上的滑动触头P，该自耦变压器可升压
B．滑片Q不动，滑动触头P逆时针转动，电流表读数变大
C．滑片Q不动，滑动触头P逆时针转动，变压器的输入功率变大
D．滑动触头P不动，滑片Q缓慢向下滑动时，滑动变阻器两端的电压一直减小
10．如题图所示，一竖直圆管质量为M，下端距水平地面的高度为L，顶端塞有一质量为m的小球。圆管由静止自由下落，与地面发生多次弹性碰撞，且每次碰撞时间均极短。在运动过程中，管始终保持竖直，小球未从管内掉出。已知M=5m，球和管之间的滑动摩擦力大小为5mg，g为重力加速度的大小，不计空气阻力。则( )
A．圆管第一次弹起后上升的过程中一直减速运动
B．圆管第一次弹起后上升的过程中小球的加速度始终等于4g
C．圆管的长度可能为
D．圆管第一次与地面碰撞反弹后，离开地面的最大高度为
第Ⅱ卷（非选择题 共58分）
三、非选择题：本题共5小题，共58分。考生根据要求做答
11．(6分) 我们在《光》的学习中做过如下的实验探究，请根据实验探究回答下列问题。
(1)如图甲所示，为“用双缝干涉测光的波长”的实验装置，调节完毕后，在屏上观察到如图乙所示的竖直条纹。下列说法正确的是 _______
A．仅在双缝后放一偏振片，干涉现象会消失
B．仅向右移动单缝，使之靠近双缝，干涉条纹间距将变大
C．仅去掉滤光片，在屏上除中央亮条纹为白色外，两侧为彩色条纹
D．仅将红色滤光片换为绿色滤光片，干涉条纹间距将变大
(2)在“测量玻璃的折射率”实验中，某同学在画玻璃砖边界时操作如图甲所示，请指出其不当之处：_______________________________________（写出一点即可）。
(3)实验中，已画好玻璃砖边界 ab、cd后，放置玻璃砖时不小心将玻璃砖向上稍平移了一点，如图乙所示，其他操作正确，则测得玻璃的折射率将 （选填“变大“不变”或“变小”）。

12．(10分) 传感器在科研、生活、生产中有广泛的应用。小李想根据热敏电阻的阻值随温度变化的规律，探测温度控制室内的温度。实验室提供的器材有：
热敏电阻；
电流表G（内阻为80，满偏电流为）；
定值电阻R（阻值为20）；
电阻箱（阻值0~999.9）；
电源E（电动势恒定，内阻不计）；
单刀双掷开关、单刀单掷开关；导线若干。
请完成下列步骤：
(1)该小组设计了如图（a）所示的电路图。根据图（a），在答题卡上完成图（b）中的实物图连线 ▲ 。
(2)开关、断开，将电阻箱的阻值调到_________（填“最大”或“最小”）。开关接1，调节电阻箱，当电阻箱读数为20时，电流表示数为Ig。再将改接2，电流表示数为，得到此时热敏电阻的阻值为_________。
(3)该热敏电阻阻值随温度t变化的-t曲线如图（c）所示，结合（2）中的结果得到温度控制室内此时的温度约为_________℃。（结果取整数）
(4)电阻R的可能作用是_________
A．限制通过的电流 B．增加电流表G的灵敏度
C．保护电流表G不被烧坏 D．与G表组成大电流计，调节测温区间
13．(10分) 如图甲所示，一个200匝的圆形线圈，面积，电阻，在线圈外接一个电阻为的电阻。整个线圈处于垂直线圈平面指向纸内的匀强磁场中，磁场的磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，求：
(1)0~4s内，整个线圈中产生的感应电动势；
(2)0~4s内，、两点间的电势差；
(3)0~4s内，通过的电荷量。
14．(14分) 如图所示，倾角的传送带以的速度沿逆时针方向运行，AB部分的长度。竖直面内的光滑圆弧轨道BC与传送带相切于B点，圆弧轨道的半径，C位于其圆心正上方。一质量的小物块（可视为质点）从A点以一定的初速度沿AB方向滑上传送带，最终刚好停在C点。小物块与传送带间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，。求：
(1)小物块经过圆弧轨道的B点时对轨道的压力大小；
(2)小物块从A到B的运动时间；
(3)此过程中小物块在传送带上留下的划痕长度。
15．(18分) 如图所示，在第一象限，的区域中，存在沿轴正方向、场强大小为的匀强电场，电场的周围分布着垂直纸面向外的匀强磁场；第二象限区域I、II、III、IV其边界均与轴平行且宽度均为，其中区域II和IV存在垂直于纸面向里、与第一象限磁感应强度大小相同的匀强磁场。一个质量为、电量为的带正电粒子从点由静止释放，粒子从上边界离开电场后，垂直于再次进入该电场。不计粒子重力，求：
(1)磁场的磁感应强度的大小；
(2)该粒子第二次离开电场时与点的距离；
(3)该粒子经过I、II、III、IV四个区域的总时间。
安徽省合肥市普通高中2025年高考模拟训练(八)
物理参考答案
一、单选题：
1．答案：D
解析：设X粒子质量数和核电荷数分别为、，根据质量数守恒和电荷数守恒可得：，，解得：，，由此可知X粒子为质子，该核反应是核聚变，故A错误；核反应放出核能，生成物比反应物更稳定，比结合能也更大，即的比结合能比小，故B错误；参与反应的核子数为，核子平均释放的能量为：，故C错误；根据质能方程可知，质量亏损约为，故D正确。故选D。
2．答案：B
解析：设连接A的细线与竖直方向的夹角为α，可知，
则当α增加时，细绳的拉力T一直增大，外力F一直增大，选项AC错误；
开始时因为，则斜面对B的摩擦力为零；当细绳拉力T增加时，斜面对物块B的摩擦力向下一直增大，选项B正确；对AB以及斜面体整体分析可知，地面对斜面体的摩擦力与力F等大反向，则当F增加时，地面对斜面体的摩擦力一直增大，选项D错误。故选B。
3．答案：A
解析：当硬币的速度达到最大时，提供向心力的静摩擦力达到最大，则有：
解得最大速度为：，故选A。
4．答案：C
解析：带电液滴从发射极加速飞向吸极，说明液滴受到指向吸极的电场力，根据所加电压知电场是发射极指向吸极，所以液滴带正电，故A错误；电场线由发射极指向吸极，即如图中所示电场线向右，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以，故B错误；
若a、b、c三点间为匀强电场，则由，得：，又由题图等势面可知
所以，故C正确；液滴带正电，且，根据可得液滴在点处的电势能最大，故D错误。故选C。
5．答案：D
解析：水被快速喷出，认为罐内气体几乎没有与外界热交换，即有：，故C错误；
阀门M打开，水立即从枪口喷出，气体膨胀，则气体对外界做正功，即有 ，故B错误；根据热力学第一定律有：，结合上述可知，即气体内能减少，故D正确；结合上述，气体内能减小，则气体温度降低，根据理想气体状态方程有
由于V增大，T减小，可知压强减小，故A错误。故选D。
6．答案：C
解析：根据同侧法可知，时刻，坐标原点处质点正沿轴负方向运动，故A错误；
波从一种介质进入另一种介质，频率不变，仍为，故B错误；
由于周期，波在轴右侧的波长为1m，时，波传播到处，处质点已振动2个周期，即振动1s，故C正确；处的质点与处的质点振动方向相同，故D错误。故选C。
7．答案：B
解析：根据开普勒第三定律，解得：，近日点到太阳距离为
故远日点到太阳距离为，根据开普勒第二定律可得，
联立解得：，故选B。
8．答案：C
解析：根据平抛运动规律，从抛出到绳子恰好绷直，
几何关系：，联立三式可得：，则，
可知绳绷直时与杆的夹角，且绷直前瞬间B球速度与水平方向的夹角也为，此时B球的速度大小，故AB错误；
绳子绷直过程中，B球所受总冲量沿绳由B指向A，B球的动量减小，故B球的速度减小，但方向不变，设绷直后瞬间A、B球的速度分别为，根据水平方向动量守恒有：，由A、B球沿绳方向速度相同，联立两式解得：，，故C正确；对B球用动量定理分析，绳子对B球的冲量大小为，则，所以绳子对B冲量大于，故D错误。故选C。
二、多选题：
9．答案：BC
解析：适当调节变压器上的滑动触头P，可改变副线圈的匝数，但副线圈匝数一直小于原线圈匝数，故该自耦变压器不可升压，A错误；滑片Q不动，滑动触头P逆时针转动，副线圈匝数增大，根据，可知副线圈电压增大，则电流增大，电流表读数变大，B正确；根据，可知变压器的输入功率变大，C正确；滑动触头P不动，副线圈匝数不变，则不变，滑动变阻器两端的电压不变，D错误。故选BC。
10．答案：ACD
解析：管第一次与地面碰撞前，管与小球一起做自由落体运动，管与地面碰撞时，有，解得管与小球速度均为：，弹起后管的速度等大反向，而小球的速度不变，管上升，小球继续下降。对小球，根据牛顿第二定律，有解得：，方向向上。对管根据牛顿第二定律，有解得：方向向下。以竖直向上为正方向，设经过时间t共速，则，解得共速时间为：，
共同速度为：，设此时管下端距地面的高度为h1，由运动学公式可得：，此后管与小球将以加速度g减速上升h2到达最高点，由运动学公式有：，管第一次落地弹起后上升的最大高度，故圆管第一次弹起后上升的过程中一直减速运动；小球先做匀减速运动，减速为零后再向上做匀加速运动，当与管共速后，整体一起向上做匀减速运动，故AD正确，B错误；系统运动过程中的机械能损失来源于小球与管之间的摩擦生热，当最终小球恰好不从管内掉出时，则有，解得：，所以管的长度范围是，故C正确。故选ACD。
三、非选择题：
11．(6分) 答案：(1)C (2)用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子 (3)不变
解析：(1)仅在双缝后放一偏振片，干涉现象不会消失，故A错误；根据双缝干涉的条纹间距公式，仅向右移动单缝，干涉条纹间距不变，故B错误；仅去掉滤光片，其他条件不变，则在屏上除中央亮条纹为白色外，两侧为彩色条纹，故C正确；仅将红色滤光片换为绿色滤光片，波长变小，干涉条纹间距将变小，故D错误。故选C。
(2)操作不当之处：用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子。
(3)如图所示
实线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而虚线是未将玻璃砖向上平移时作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律，可知测得玻璃的折射率不变。
12．(10分) 答案：(1) (2) 最大 200 (3)18 (4)CD
解析：(1)由图（a）所示的电路图，图（b）中的实物图连线如图所示：
(2)由图（a）可知，电阻箱起到保护电路的作用，因此开关闭合前，将电阻箱的阻值调到最大。开关接1时，由欧姆定律可得：，接2时，则
联立解得：。
(3)由图（c）可知，时，对应的温度约为18℃。
(4)R与组成保护电路，也能够与电流表形成大电流挡位，实现测温区间的改变。
13．(10分) 答案：(1)4V （3分） (2)2.4V （4分） (3) （3分）
解析：(1)根据法律的电磁感应定律有
根据图乙可知
解得：
(2)根据闭合电路欧姆定律有
根据楞次定律可知，感应电流方向为逆时针方向，则
即有
根据欧姆定律有
解得：
(3)根据电流的定义式有
结合上述解得：
14．(14分) 答案：(1)0.8N （4分） (2)1.4s （7分） (3)1m （3分）
解析：(1)小物块从B到C过程中，根据机械能守恒定律，有
小物块经过圆弧轨道的B点时，根据牛顿第二定律得：
代入数据解得：
由牛顿第三定律可知，小物块对圆弧轨道的压力大小为0.8N。
(2)由上可知vB=2m/s，小于传送带的速度，所以小物块以速度v0滑上传送带后，先以大小为a1的加速度做减速运动，与传送带速度v相等后再以大小为a₂的加速度做减速运动，根据牛顿第二定律得：
又有
由运动学公式得减速过程，有
又有
以a₂的加速度做减速运动的时间为：
以a1的加速度做减速运动的时间为：
小物块从A到B的运动时间为：
代入数据解得：t=1.4s
(3)小物块在传送带上运动的第一个过程中，相对传送向前运动：
第二个过程中，相对传送带向后运动：
代入数据并比较可知，小物块在传送带上留下的划痕长
15．(18分) 答案：(1)（6分） (2)（4分） (3)（8分）
解析：(1)令带电粒子第一次离开电场时的速度为，由点运动到时，根据动能定理可知
带电粒子在第一象限磁场中做匀速圆周运动，如图所示
轨迹圆心为，轨道半径
洛伦兹力提供圆周运动的向心力
方程联立可得
(2)带电粒子第二次进入电场后，做类平抛运动，根据运动规律得，
根据牛顿第二定律：
方程联立可得：
分析可得，粒子第二次离开电场的位置恰好是点，此时到点的距离为。
(3)令带电粒子在点的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，根据运动的合成与分解可得：，
可得：，
根据分析，带电粒子在区域I做匀速直线运动
带电粒子在区域II做匀速圆周运动，
带电粒子在区域III做匀速直线运动
带电粒子在区域IV做匀速圆周运动
方程联立可得：