四川省宜宾市第二中学校2025年中考二诊 物理试题（含解析）

这是一份四川省宜宾市第二中学校2025年中考二诊 物理试题（含解析），共20页。
2．答选择题时，务必使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。
3．答非选择题时，务必使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4．所有题目必须在答题卡规定的位置上作答，在试卷上答题无效。
一、选择题：（本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，第11-14题有多项符合题目要求。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。）
1. 下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A. 一只公鸡的质量约为20kgB. 成人正常步行速度大约为10km/h
C. 一支新2B铅笔的长度约为18cmD. 教室里一盏节能灯的功率约为1kW
【答案】C
【解析】
【详解】A．一只公鸡的质量约为3kg，故A不符合题意；
B．成人正常步行速度大约为，故B不符合题意；
C．一支新2B铅笔的长度与20cm的刻度尺长度接近，约为18cm，故C符合题意；
D．教室里一盏节能灯的功率约为40W，故D不符合题意。
故选C。
2. 某校艺术节合唱比赛中，各班在乐队的伴奏下放声高歌。下列说法正确的是（ ）
A. “放声高歌”中的“高”是指声音的音调高
B. 观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的
C. 观众能辨别不同的乐器声是因为它们的响度不同
D. 歌声只能传递信息
【答案】B
【解析】
【详解】A．“放声高歌”中的“高”是指声音的大小，即表示声音的响度，故A错误；
B．声音的传播需要介质，观众听到的歌声是以空气为介质传播过来的，故B正确；
C．音色表示声音的品质与特色，观众能辨别不同的乐器声，是因为它们的音色不同，故C错误；
D．声音能够传递信息和能量，歌声传递的是信息，故D错误。
故选B。
3. 下列物态变化的实例中，由液化形成的是（ ）
A. 马鹿寨的霜B. 百灵山的冰C. 龙肘山的露D. 格萨拉的雪
【答案】C
【解析】
【详解】A．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故A不符合题意；
B．冰是水凝固形成的，故B不符合题意；
C．露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C符合题意；
D．雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故D不符合题意。
故选C。
4. 在某次测试中，甲、乙两车都向东做直线运动，它们的s﹣t图象如图所示，下列判断正确的是（ ）
A. 0～10s两车的平均速度不相等
B 0～10s甲、乙两车都做匀速直线运动
C. 在前5s乙车比甲车快
D. 在0～5s内乙车的速度是1m/s
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图像看出两车在0～10s内甲车通过的路程等于乙车通过的路程，根据可知，，故A错误；
B．5-10s内甲车的s-t图像为一水平直线，故甲车在5﹣10s内静止；乙车的s﹣t图像为倾斜直线，故乙一直做匀速直线运动，故B错误；
C．在前5s乙车通过的路程比甲车短，所以乙车比甲车慢，故C错误；
D．乙做匀速直线运动，运动10s，行驶的路程为10m，则乙的速度为
则在0～5s内乙车的速度是1m/s，故D正确。
故选D。
5. 汽车发动机正常工作温度一般在80℃~90℃之间，温度过低或过高，都会损坏发动机。依据下面表格中数据，要给汽车加冷却液（ ）
A. 应加甘油，因为甘油的沸点比水高
B. 应加甘油，因为甘油的比热容比水小
C. 应加冷水，因为水的比热容比甘油大
D. 应加沸水，因为水沸腾时会吸收大量的热
【答案】C
【解析】
【详解】由表格数据可知，水的比热容大于甘油的比热容，相同质量的水和甘油相比，升高相同的温度，水吸收的热量多，而沸水温度高于了汽车发动机正常工作温度，所以冷水适合作为汽车发动机的冷却液，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6. 在深水处的鱼嘴里吐出一个小气泡，这个小气泡在上升过程中，水对它的（ ）
A. 压强变小，浮力不变B. 压强不变，浮力变大
C. 压强变小，浮力变大D. 压强不变，浮力不变
【答案】C
【解析】
【详解】气泡上升时，深度h变小，根据
p=ρ水gh
可知，气泡受到水的压强变小。气泡所受压强变小，故气泡的体积变大，排开水的体积变大，根据阿基米德原理
F浮=ρ水V排g
可知，气泡受到水的浮力变大，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
7. 下列四个实例中，目的是为了增大摩擦的是（ ）
A. 磁悬浮列车悬浮行驶B. 溜旱冰时穿轮滑鞋
C. 自行车转轴加润滑油D. 打羽毛球时用力握球拍
【答案】D
【解析】
【详解】AC．磁悬浮列车悬浮行驶、给车轮的轴加润滑油，都让接触面彼此分离，目的是为了减小摩擦，故AC不符合题意；
B．旱冰鞋安装滚轮，以滚动代替滑动减小了摩擦，故B不符合题意。
D．用力握紧球拍，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦，故D符合题意。
故选D。
8. 对下图中电流表、电压表示数变化判断正确的是（ ）
A. 图甲，开关闭合，电流表示数变大、电压表示数变小
B. 图乙，开关闭合，被测人的体重增加时，电压表示数变小
C. 图丙，开关闭合，当秤盘上所放物体增多时，电流表示数不变、电压表示数变大
D. 图丁，开关闭合，滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变小、电压表示数变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲图开关闭合前是电阻与灯泡串联，开关闭合后灯泡被短路，电路中的总电阻减小，由欧姆定律知道，电路中的电流增大，而电压表测量电阻的电压，由U=IR知道，电流变大，电压表示数变大，故A错误；
B．图乙中，开关闭合，R与R1串联接入电路中，电压表测量R1两端的电压，被测人的体重增加时，R1接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律知道，R1分担的电压变大，电压表示数变大，故B错误；
C．由图丙知道，闭合开关，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R2中滑片上部电阻丝两端的电压。由于电压表的内阻很大，相当于断路，所以当秤盘上所放物体增多时，滑片P向下移动，R2接入电路的阻值不变，根据串联电路的电阻规律知道，电路的总电阻不变，由欧姆定律知道，电路中的电流不变，即电流表的示数不变；滑片P向下移动时，R2中滑片上部电阻丝的电阻变大，由U=IR知道，其两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C正确；
D．图丁中的定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由欧姆定律知道，电路中电流变小，即电流表示数变小；电压表测量定值电阻的电压，滑片向右移动过程中，电路中电流变小，根据U=IR知道，电压表示数变小，故D错误。
故选C。
9. 以下说法错误的是（ ）
①潜水员在水下看到岸上物体，光路图如图A所示
②如图B，描述的是重力与质量的关系
③动力F1的力臂L1如图C所示
④如图D为某晶体的熔化图像，从A到B的过程中，该物质的质量逐渐增加
A. ②B. ②④C. ①②D. ②③④
【答案】D
【解析】
【详解】①潜水员在水下看到岸上物体，是岸上物体反射的光从空气中斜射入水中，发生折射进入人眼，光路图如图A所示，故①正确；
②在同一个地方，重力与质量成正比，在G-m坐标系中，图像是过原点的一条直线，故②错误；
③力臂是支点到力的作用线的距离，过O点向动力F1做垂线，该垂线段即为动力臂，故③错误；
④晶体在熔化过程中，即从A到B的过程中状态虽然改变，但质量保持不变，故④错误。
综上，①正确，②③④错误，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
10. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，电阻R1=20Ω，图乙为小灯泡L的I-U关系图象。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.3A，电路的总功率为P1；当开关S1、S3闭合，S2断开时，通过电阻R2的电流时I2，电路的总功率为P2；当开关S1、S2闭合，S3断开时，灯泡L正常发光，此时灯泡L的电阻为RL，电路的总功率为P3。已知P1︰P2=1︰3，下列说法正确的是（ ）
①P2=0.6W ②I2=0.6A ③RL=1.8Ω ④P3=3.6W
A. ①④B. ②④C. ②③D. ③④
【答案】B
【解析】
【详解】①当只闭合S1时，电路中只有R1工作，电流表示数为0.3A，电路的总功率为
由于P1︰P2=1︰3，所以，
故①错误；
②当只闭合S1时，电路中只有R1工作，根据可知，电源电压
当开关S1、S3闭合，S2断开时，R1和R2并联，根据P=UI可知干路电流为
由于并联电路各支路互不影响，因此通过电阻R1的电流为0.3A，根据并联电路电流的特点可知，通过电阻R2的电流为I2=I-I1=0.9A-0.3A=0.6A
故②正确；
③当开关S1、S2闭合，S3断开时，此时灯泡L与电阻R1并联，灯泡L正常发光，灯泡两端电压等于电源电压U=6V，由乙图知道，此时通过小灯泡的电流IL=0.3A，由知道，灯泡L的电阻为
故③错误；
④当开关S1、S2闭合，S3断开时，灯泡和R1并联，此时灯泡两端电压等于电源电压为6V，由乙图知道，此时通过小灯泡的电流IL=0.3A，由知道，灯泡的功率为
由于并联电路各支路互不影响，则电阻R1的功率仍为P1=1.8W，则电路的总功率为
故④正确。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
11. 下列说法中正确的是（ ）
A. 猴子看见水井中的“月亮”，水中的“月亮”到水面的距离等于井中水的深度
B. 利用照相机照相时，人离镜头的距离应大于镜头的两倍焦距
C. 幻灯机投影幻灯片时，银幕到镜头的距离应大于两倍的焦距
D. 用焦距为10cm的放大镜观察邮票，想看清楚邮票上的细微之处，放大镜与邮票间的距离应等于10cm
【答案】BC
【解析】
【详解】A．猴子看见水井中的“月亮”，是月亮在水面形成的虚像，属于平面镜成像。根据平面镜成像特点，水中的“月亮”到水面的距离等于月亮到水面的距离，与井中水的深度无关，故A错误；
B．利用照相机照相时，镜头相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律，当物距大于两倍焦距时，才能在胶片上成倒立、缩小的实像。因此人离镜头的距离应大于镜头的两倍焦距，故B正确；
C．幻灯机投影幻灯片时，镜头也是凸透镜，幻灯片应放在一倍焦距和二倍焦距之间，才能在银幕上成倒立、放大的实像。此时银幕到镜头的距离（像距）应大于两倍焦距，故C正确；
D．用焦距为10cm的放大镜观察邮票，想看清楚邮票上的细微之处，邮票应放在放大镜的焦点以内，即放大镜与邮票间的距离应小于10cm，才能成正立、放大的虚像，故D错误。
故选BC。
12. 明朝宋应星所著《天工开物》是中国古代一部综合性的科学技术著作。如图所示四幅图选自《天工开物》，下列说法正确的是（ ）
A. 挂上重物后弓发生形变，弓的弹性势能增加
B. 采珍珠人潜入水下越深，所受水的压强越大
C. “透火焙干”应用了加热的方法提高温度，使纸面水分蒸发加快
D. 鸟铳发射弹丸时的能量转化，与内燃机压缩冲程的能量转化相同
【答案】ABC
【解析】
【详解】A．弹性势能的大小与形变程度有关，挂上重物后弓发生了弹性形变，故弓的弹性势能增加，故A正确；
B．在水下的深度增加时，所处深度h变大，由知道，h变大，受到的压强p变大，故B正确；
C．蒸发的快慢与液体的温度，表面积和液面上方空气流速有关。“透火焙干”应用了加热的方法提高物体的温度，加快了水分的蒸发，故C正确；
D．鸟铳发射时，火药产生的内能转化为弹丸的机械能，与内燃机做功冲程的能量转化是相同的，故D错误。
故选ABC。
13. 如图所示，斜面长10m，高4m，小华用大小为50N的平行于斜面的拉力，将重100N的物体，从斜面的底端匀速拉到顶端。在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 利用此装置既可以省力，也可以省功
B. 物体受到的摩擦力为10N
C. 对物体所做的有用功为400J
D. 该斜面的机械效率为75%
【答案】BC
【解析】
【详解】A．使用斜面可以省力，但费距离，因此不能省功，故A错误；
BC．拉力做的总功为
克服物体重力做的有用功为
额外功为
物体受到的摩擦力为
故BC正确；
D．该斜面的机械效率为
故D错误。
故选BC
14. 灯泡L上标有“6V ，6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图（甲）所示。现把灯泡L接入如图（乙）所示的电路中，若电路电压为10V不变，电流表的量程为“”，电压表的量程为“”。则下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡L正常发光时，电压表的示数为6V
B. 当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为9V
C. 灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而减小
D. 为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为6W
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．灯泡正常发光时，两端的电压为6V，电压表测滑动变阻器两端电压，则此时电压表的示数为10V-6V=4V，故A错误；
B．由甲图可知，当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，所以此时电压表的示数为10V-1V=9V，故B正确；
C．当电压表示数增大时，小灯泡两端的电压是减小的，由甲图可知，小灯泡的电阻随两端电压的增大而增大，所以灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而减小，故C正确；
D．灯泡的额定电流为1A，电流表的量程为“0～0.6A”，所以电路中的最大电流为0.6A，所以电路中消耗的最大功率为P=UI=10V×0.6A=6W，故D正确。
故选BCD。
二、填空题（共8小题，每小题2分，共16分）。把恰当的文字或数据填在答题卡上相应位置上。
15. 踢出去的足球在空中继续运动，是因为足球________，足球最终落向地面，是因为受到________的缘故。
【答案】 ①. 具有惯性 ②. 重力
【解析】
【详解】[1]一切物体都有惯性，踢出去的足球由于具有惯性，仍要保持原来的运动状态，所以会在空中能够继续飞行。
[2]因为足球在飞行中主要受到重力作用，重力的方向竖直向下，球的运动状态在重力的作用下发生改变，最终落向地面。
16. “奋斗者”号深潜器创造了我国载人深潜的新纪录。当“奋斗者”号潜至海面下10000m深处时，其外部100cm2的水平舱面上所受的海水压强_________Pa海水压力约为_________N。（海水密度近似为1×103kg/m3）
【答案】 ①. 1×108 ②. 1×106
【解析】
【详解】[1]当“奋斗者”号下潜到10000m深度时，此时所受压强为
[2]外部100cm2的水平舱面上所受的海水压力约为
17. 今年最火的网红食品“冒烟冰淇淋”，吃一口嘴巴、鼻子都“冒烟”，这种新奇感抓获了不少年轻人。其实它还有个名字：“液氮冰淇淋”，冰淇淋经过液氮处理后，吃在嘴里时液氮与口腔内部接触，发生______现象（填物态变化名称），有可能会造成______（填“冻”或“烫”）伤。
【答案】 ①. 汽化 ②. 冻
【解析】
【详解】[1][2]“液氮冰淇淋”吃在嘴里时，液氮与口腔内部接触，液氮会吸收热量，发生汽化现象，变为氮气；如果液氮吸热过多，会造成口腔内部温度过低，有可能造成冻伤。
18. 如图甲所示，在鼓面撒上一些纸屑，轻敲鼓面时看到纸屑上下跳动，这个现象说明，正在发声的物体都在______；比较图甲、乙两次敲鼓时纸屑跳动的情况，两次敲鼓时发出声音的______（选填“音调”、“音色”或“响度”）不同。
【答案】 ①. 振动 ②. 响度
【解析】
【详解】[1]纸屑上下跳动，说明鼓面在振动，当有鼓声时，纸屑才会振动，鼓声停止，纸屑停止跳动，所以可以得出结论：正在发声的物体在振动。
[2]由图可知甲图中纸屑跳动幅度比乙图中小，即甲图中鼓面振动幅度比乙图中鼓面振动幅度小，振幅大的响度大，所以乙图中鼓声比甲图中鼓声响度大。
19. 初夏的贵阳，天气凉爽，日平均气温在20℃左右，但在寒冷的冬天，人们常用搓摩双手的方法保暖，这是通过__________改变物体的内能。如果将10kg、20℃的水加热到40℃，需吸收__________J的热量。
【答案】 ①. 做功 ②.
【解析】
【详解】[1]双手对搓后感觉手上发热，是克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能。
[2]水吸收的热量
20. 一个重为50N的物体在10N的水平拉力下沿水平路面做匀速直线运动，则它在运动时受到的摩擦力为______N；若将水平拉力增加到15N，则它受到的摩擦力为______N。
【答案】 ①. 10 ②. 10
【解析】
【详解】[1]物体沿水平路面做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的水平拉力和滑动摩擦力是一对大小相等的平衡力，所以它在运动时受到的摩擦力为10N。
[2]滑动摩擦力的大小只跟接触面的粗糙程度、受到的压力有关，将水平拉力增加到15N时，接触面的粗糙程度、受到的压力，则它受到的摩擦力不变，为10N。
21. 图是热爱课外实践的小双同学设计的汽车排放量检测电路。开关闭合后，电磁铁的上端是___________（选填“N”或“S”）极。图中气敏电阻的阻值随浓度的增大而减小，导致电磁铁的磁性___________（选填“增强”或“减弱”），当浓度高于某一设定值时，电铃就会报警。

【答案】 ①. N ②. 增强
【解析】
【详解】[1]开关闭合后，电流从电磁铁下进上出，用右手握住螺线管，四指环绕的方向为电流方向，大拇指所指的方向就是电磁铁的N极，电磁铁的上端是N极。
[2]气敏电阻的阻值随浓度的增大而减小，导致电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，当浓度高于某一设定值时，衔铁被吸下，接通工作电路，电铃就会报警。
22. 质量分布均匀的实心正方体A、B置于水平桌面上，如图甲。将B沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，A、B剩余部分对桌面的压强p随截取高度h的变化关系如图乙，则B的密度为___________，A的重力为___________N（g取10N/kg）

【答案】 ①. 0.6×103 ②. 6
【解析】
【详解】[1]质量分布均匀的实心正方体置于水平桌面上，对水平桌面的压强
由图乙可知，截取前有pB=6×102Pa，B的高度是10cm，B的密度为
[2]由图乙可知，当B截取2cm时，B剩余部分对桌面的压强
此时将截取的B物体叠放在A上，对桌面的压强也是480Pa，即
①
B的重力
由图乙可知，B放到A上面对水平桌面的压强是8×102Pa，即
②
由①和②得到
GA=6N
三、作图题（共2小题，每小题3分，共6分）
23. 悬浮在液体里的物体受到的重力是10N，请画出物体受到的力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】物体在液体中处于悬浮状态，则处于平衡状态，则物体受到的浮力等于重力，即
F浮=G=10N
重力的方向竖直向下，浮力的方向是竖直向上的，如下图所示：
24. 如图所示，S′是光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请你画出：
（1）光源S的位置；（2）经过凸透镜的折射光线。
【答案】
【解析】
【详解】过点S′作镜面的垂线，根据“像S′与物S到镜面的距离相等”，在垂线上确定光源S的位置；根据“过焦点的光线通过凸透镜后的折射光线与主光轴平行”，作折射光线，光的传播方向水平向右，如图所示：
四、实验与探究题（共2小题，第25题7分，第26题8分，其中第1小问连线2分，共15分）
25. 同学们利用蜡烛、细铁丝、杯子等制作了一个蜡烛“跷跷板”，如图甲。一端烛油滴下时，此端就上升，两端交替上下。为了寻找上述现象的原因，同学们用铁架台、杠杆（已在水平位置平衡）、质量相等的钩码等器材进行以下探究。
（1）图乙中杠杆水平平衡，分别改变一侧钩码的个数或悬挂位置，发现杠杆不再平衡。
小聪认为：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用点的距离；
小明认为：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用线的距离。
为判断谁的观点正确，同学们利用图丙中水平平衡的杠杆进行实验，保持B处悬挂钩码的个数和位置不变。
①把A处量挂的钩码改挂在C处，发现杠杆不再平衡。与A处相比，支点到力的作用点的距离__________（选填“变小”“不变”或“变大”）；
②把A处悬挂的钩码改挂在D处，发现杠杆仍保持平衡，这两种情况下__________的距离不变；
③由此初步判断__________的观点是正确的；
（2）明确影响因素后，同学们利用图乙的器材探究杠杆平衡的条件，将实验数据记录在设计的表格中。
①表格中a处应填写的内容是__________；
②分析表中数据，得出杠杆平衡的条件是____________________；
③若在图乙中杠杆两侧钩码下端各加挂一个钩码，杠杆__________端下沉；
（3）交替上下的蜡烛“跷跷板”，一端烛油滴下时，此端上升。原因是此端力和力臂的乘积变__________。
【答案】（1） ①. 不变 ②. 支点到力的作用线 ③. 小明
（2） ①. 动力臂l1/cm ②. 动力×动力臂=阻力×阻力臂 ③. 左
（3）小
【解析】
【小问1详解】
[1][2][3]由题意知，OD>OA=OC，当把A处悬挂的钩码改挂在C处，支点到力的作用点的距离不变，但杠杆不再平衡；把A处悬挂的钩码改挂在D处，支点到力的作用线的距离相同，发现杠杆仍保持平衡；因此可知影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用线的距离，故小明的观点是正确的。
【小问2详解】
[1]由杠杆平衡条件可知，还需要测量力臂，因此a处应填：动力臂l1/cm，b处应填：阻力臂l2/cm。
[2]由表中数据可知，每一组实验中动力与动力臂的乘积都等于阻力与阻力臂的乘积，故得出杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
[3]设一个钩码的重为G，标尺上一格的长度为L，则在图乙中杠杆两侧钩码下端各加挂一个钩码，此时左侧2G×2L=4GL
右侧3G×L=3GL
故杠杆左端下沉。
【小问3详解】
当一端烛油滴下时，此端蜡烛的重力变小，导致此端的力和力臂的乘积变小，杠杆失去平衡，所以此端上升。
26. 如图甲中是生活中常见的LED手电筒，它的核心部分是高亮度白色发光二极管，具有高亮度、低能耗的优点。为进一步认识发光二极管的节能情况，某兴趣小组选定额定电压为2.5V的发光二极管，进行了电功率的测定。
（1）请用笔画线代替导线将图乙中的电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电流表示数变大，连线不得交叉；
（2）连接电路时开关应处于__________状态。闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于__________端（选填“A”或者“B”）
（3）闭合开关后发现发光二极管不亮，电压表示数为电源电压，电流表几乎没有示数，则电路故障可能是__________；
（4）排除故障后，再闭合开关，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图丙所示，则可知发光二极管的额定功率为__________W；
（5）该兴趣小组的同学发现，实验过程中，电流表的示数都很小，于是撤去电流表，并增加一个阻值为的定值电阻，用图丁所示的电路测量发光二极管的电功率，请将下列实验步骤补充完整：
①闭合开关S、，移动滑片P使电压表的示数为2.5V；
②保持滑片P位置不动，__________，记下电压表的示数为U；
③发光二极管额定功率的表达式：__________（用已知量和字母表示）。
【答案】（1）见解析 （2） ①. 断开 ②. B
（3）发光二极管断路 （4）0.25
（5） ① 断开开关S1，闭合开关S2 ②.
【解析】
【小问1详解】
要测量发光二极管的电功率，发光二极管与变阻器串联，电压表测量发光二极管的电压，发光二极管的额定电压为2.5V，则电压表选用0~3V，电流表测量电路电流；滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电流表示数变大，说明此时变阻器接入电路中电阻变小，则变阻器的A端流入电路，如图所示：
【小问2详解】
[1]为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态。
[2]闭合开关前滑动变阻器滑片应置于阻值最大的B端。
【小问3详解】
闭合开关后发现发光二极管不亮，电压表示数为电源电压，电流表几乎没有示数，说明电路断路，电压表与电源相连接，则电路故障可能是与电压表并联的发光二极管断路。
【小问4详解】
由图丙得，电流表的分度值为0.02A，示数为0.1A，发光二极管的额定功率为
【小问5详解】
[1]由图丁得，①闭合开关S、S1，定值电阻R0、发光二极管与变阻器串联，电压表测量发光二极管的电压，移动滑片P使电压表的示数为2.5V，此时发光二极管正常发光；
②保持滑片P位置不动，发光二极管仍正常发光，断开开关S1，闭合开关S2，记下电压表的示数为U；
③串联电路中电流处处相等，此时电路电流为
发光二极管额定功率的表达式
五、计算与解答题（共2小题，第27题10分，第28题11分，共21分）。要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
27. 如图甲是小达同学为宠物设计的灯光亮度可调、又可发热供暖的小屋。简化电路如图乙，其中R1为电热丝，电源电压恒为18V，滑动变阻器的最大阻值为40Ω，灯泡的额定电压为12V，通过灯泡L的电流与其两端电压的关系如图丙。求：
（1）灯泡正常工作时的电阻；
（2）当闭合所有开关时，调节滑动变阻器滑片P，使灯泡正常发光，此时干路电流为1A，此电路工作100s，电热丝R1供暖能产生多少热量？
（3）只闭合开关S和S2时，为了保证电路的安全，灯泡的电功率变化范围。
【答案】（1）30Ω；（2）1080J；（3）1.8W~4.8W
【解析】
【详解】解：（1）当灯泡两端电压等于额定电压12V时，正常发光，由图丙知，此时通过灯泡的电流IL=0.4A，由欧姆定律可得，灯泡正常发光的电阻
（2）由电路图知，当所有开关都闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联后再与R1并联，灯泡正常发光时，由并联电路的电流特点可得，通过R1的电流
I1=I﹣IL=1A-.4A=0.6A
此时电路工作100s，电热丝R1供暖能产生的热量
Q1=W1=UI1t=18V×0.6A×100s=1080J
（3）只闭合开关S和S2时，滑动变阻器与灯泡串联，由串联电路的电流规律知，为保证电路安全，电路中的最大电流等于灯泡正常发光时的电流0.4A，灯泡的最大电功率
PL大=P额=U额IL=12V×0.4A=4.8W
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路中的电流最小，由图丙知，当灯泡两端电压
UL=6V
通过电路中电流
I′=IR=IL′=0.3A
由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压
UR=IRR=0.3A×40Ω=12V
两者电压之和恰好等于电源电压18V，所以灯泡的最小电功率
PL小=ULIL′=6V×0.3A=1.8W
所以为了保证电路的安全，灯泡的电功率变化范围为1.8W~4.8W。
答：（1）灯泡正常工作时的电阻为30Ω；
（2）当闭合所有开关时，调节滑动变阻器滑片P，使灯泡正常发光，电路工作100s，电热丝R1供暖能产生1080J的热量；
（3）只闭合开关S和S2时，为了保证电路的安全，灯泡的电功率变化范围为1.8W~4.8W。
28. 图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，使用电动机和滑轮组（图中未画出）将实心长方体A从江底沿竖直方向匀速吊起，图乙是钢缆绳对A的拉力F1随时间t变化的图像，A完全离开水面后，电动机对绳的拉力F大小为6.25×103N，滑轮组的机械效率为80%，已知A的重力2×104N，A上升的速度始终为0.1m/s。（不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响）求：
（1）长方体A未露出水面时受到的浮力；
（2）长方体A的密度；
（3）长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率；
（4）把长方体A按图甲中的摆放方式放在岸边的水平地面上，它对地面的压强。
【答案】（1）1×104N；（2）2×103kg/m3；（3）2500W；（4）4×104Pa
【解析】
【详解】解：（1）根据图乙可知，A未露出水面所受的拉力F1=1×104N；故A未露出水面时受到的浮力
F浮=G-F1=2×104N-1×104N=1×104N
（2）由F浮=ρ水gV排可知物体排开液体的体积
因为A浸没在水中，所以A的体积
VA=V排=1m3
A的质量
故A的密度
（3）由
可得
则F移动的速度
v=4×0.1m/s=0.4m/s
故拉力F的功率
（4）依题意可得，A的高度
L=vAt′=0.1m/s×(100s-80s)=2m
则A的横截面积
A对地面的压强
答：（1）长方体A未露出水面时受到的浮力为1×104N；
（2）长方体A的密度为2×103kg/m3；
（3）长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率为2500W；
（4）把长方体A按图甲中的摆放方式放在岸边的水平地面上，它对地面的压强为4×104Pa。
物质
沸点（在标准大气压下）/℃
比热容/ J/(kg·℃)
水
100
4.2×103
甘油
290
2.1×103
实验次数
动力
a
阻力
b
1
1.0
10
2.0
5
2
1.5
5
0.5
15
3
2.0
15
1.5
20