四川省泸州市泸县2025年中考 物理二模试卷（含解析）

这是一份四川省泸州市泸县2025年中考 物理二模试卷（含解析），共36页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）掌握安全用电常识，是当代每个公民必备的素养。下列做法符合安全用电的是（ ）
A．在同一个插座上同时使用多个大功率用电器
B．有金属外壳的家用电器可以使用两孔插座
C．手机充电完成后，立即拔下充电器
D．空气开关的作用是在发生漏电时切断电路
2．（3分）下列是一些生活中的实例，对其应用物理知识的解释正确的是（ ）
A．茶壶的壶嘴和壶身内的水静止时，水面相平，利用了连通器的特点
B．护士用注射器给病人注射药液时，利用了大气压强的作用
C．用高压锅煮饭，利用了随大气压的增大水的沸点会降低
D．飞艇可以悬停在空中，利用了飞艇受到的浮力大于它受到的重力
3．（3分）“二十四节气”是中华智慧的结晶，在描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）
A．芒种：“梅雨潇潇涨柳塘”，雨的形成是熔化现象
B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨主要是由液化形成的
C．白露：“白露垂珠滴秋月”，露是由水蒸气凝华形成
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜是由水蒸气液化形成
4．（3分）图甲是小田用可乐瓶制作的水火箭，图乙是水火箭的示意图。小田先在瓶里装适量水，然后将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞后用打气筒往瓶里打足气；打开阀门后，水从尾部的金属管向下喷出，水火箭向上飞向空中。下列分析正确的是（ ）
A．使用打气筒打气时能量转化过程与汽油机的图丙冲程相同
B．水从水火箭中喷出相当于内燃机的排气冲程
C．水火箭飞向空中的过程中，水的内能转化为水火箭的机械能
D．在整个过程中，火箭的机械能保持不变
5．（3分）2025年的中央电视台春节联欢晚会在重庆设立了分会场。晚会当晚，2025架无人机拼出闪烁的山茶花，绽放在山城的两江四岸。无人机工作时，当开关S1闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。如图所示电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
6．（3分）在探究凸透镜成像的规律实验中，先用焦距为10cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到清晰的放大实像；保持发光体和凸透镜的位置不变，仅换用焦距为20cm的凸透镜进行实验，则可能出现的实验现象是（ ）
A．光屏靠近透镜，屏上得到清晰的缩小实像
B．光屏靠近透镜，屏上得到清晰的放大实像
C．光屏远离透镜，屏上得到清晰的缩小实像
D．光屏靠近或远离透镜，屏上均得不到实像
7．（3分）以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（ ）
A．图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近
B．图乙：P向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的S极
C．图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变
D．图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转
8．（3分） 2025年春晚节目《秧BOT》是机器人和舞蹈演员一起表演的创意融合舞蹈，整个表演令人眼前一亮。在喜庆的氛围中也彰显了我国极为先进的人工智能算法和精确的运动控制技术。下列有关机器人表演说法错误的是（ ）
A．地面对机器人的支持力就是地面产生的弹力
B．机器人一只脚悬空表演与两只脚站立表演，它对地面产生的压力大小不变
C．机器人静止时，它受到的重力和机器人对地面的压力是一对相互作用力
D．机器人手中的手绢不断翻飞，说明力可以改变物体的运动状态
9．（3分）如图甲，水平桌面上有物体A、B，B在F1的作用下向右做匀速直线运动；如图乙，A、B用轻绳水平连接后，在F1和F2共同作用下一起向左做匀速直线运动，水平拉力F1＝3N，F2＝10N，关于图乙，下列说法正确的是（ ）
A．B与桌面的摩擦力方向向左
B．A与桌面的摩擦力为4N
C．B与桌面的摩擦力为7N
D．轻绳的拉力为10N
10．（3分）盛有适量水的柱形容器静止于水平桌面上，先把质量与碗相等的土豆放置于碗中，并将其放入柱形容器的水中处于漂浮状态如图甲所示；再把土豆从碗中取出轻放入水中，静止时土豆沉底、碗处于漂浮状态如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．水对碗减少的浮力（甲、乙图对比）等于图乙中水对土豆的浮力
B．图乙中水对碗的浮力小于水对土豆的浮力
C．甲图容器中的水对容器底部的压强大于图乙容器中的水对容器底部的压强
D．图甲容器对地面的压强大于图乙容器对地面的压强
（多选）11．（3分）如图为一种测量环境湿度仪器的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R为15Ω，R0为湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，阻值范围为10Ω～20Ω，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两电表安全的情况下，下列说法中正确的是（ ）
A．R0在电路中的最小电阻值为15Ω
B．通过电路中的最大电流为0.24A
C．电流表示数变大，R0两端的电压变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
（多选）12．（3分）体重为700N的工人用如图所示的滑轮组将建材运送到高处。在某次运送中，工人在20s内将质量为40kg的建材竖直向上匀速提升了5m，滑轮组的机械效率为80%。若两个滑轮的质量相等，不计绳重及摩擦，g取10N/kg。下列说法中正确的是（ ）
A．动滑轮重为100N
B．此过程中工人拉力做功的功率为62.5W
C．此过程中B处挂钩受到天花板的拉力为600N
D．此过程中该工人对地面的压力的大小为250N
二、填空题（本大题共6个小题，每空1分，共18分。）
13．（3分）太阳能电池帆板（简称“电池板”）是为各类太空飞行器提供能源的装置，电池板是把太阳能转化成 （填“一次”或“二次”）能源—电能；我国最新建成的“华龙一号”核电站采用的核反应方式与太阳内部的核反应是 （填“相同”或“不相同”）的，该反应用到的核原料属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站的大规模应用可显著减少温室气体排放，助力实现碳中和目标。
14．（3分）据报道，2025年3月，我国第六代战斗机一歼﹣36成功亮相。六代机集成了众多先进技术，不仅在速度、隐身性能、智能化和网络化等方面有了显著提升，还引入了更多创新性的武器系统和作战模式，其亮相标志着中国航空科技的全新高度（如图所示）。歼﹣36的机翼设计是利用了空气流动速度大的地方，压强 的原理来提供升力，歼﹣36能隐身主要是大幅降低雷达反射面积，吸收对方雷达发射的 ，从而实现电磁隐身，飞行过程中，飞行员需要带上耳罩，这是在 减弱噪声。
15．（3分）如图所示，在固定的水平长木板上放一个木块，用弹簧测力计水平拉木块，当弹簧测力计示数为2N时，木块静止不动，此时木块受到的摩擦力大小为 N；当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动，撤去拉力，木块并没有立刻停止，这是因为木块具有 ，但木块最终会停下来，是因为受到了滑动摩擦力作用，该力的大小为 N。
16．（3分）如图甲所示，为某品牌电饭煲内部电路的简化电路图，该电饭煲可实现高温、中温、低温三挡的挡位调节。电路额定工作电压为220V，发热电阻R1的阻值为50Ω。当开关S1断开，开关S接a端时为低温挡；闭合开关S1、开关S接a处时为中温挡，中温挡功率是242W。则电阻R2的阻值为 Ω，低温挡的功率为 W。小明发现在晚上用电高峰时用电饭煲煮饭比平时时间长，晚上她进行了测量，关掉家里其他电器，仅让电饭煲处于高温挡工作，她观察到家里电能表（如图乙所示）1min转盘转了50转，则高温挡的实际电功率为 W。
17．（3分）如图甲所示，我国古代记录传统手工技术的著作《天工开物》里记载了一种捣谷用的舂，其简化图如图乙所示，该装置是 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。该装置碓头A重200N，不计横木的重力和摩擦。杆长AB＝1.5m，支点O距离脚踏板OB＝0.5m，人在B端施加的竖直向下的力至少为 N；若每次碓头A上升的高度都为0.6m，1min撞击舂中的谷粒20次，则克服碓头重力做功的功率为 W。
18．（3分）将标有“2A”但最大阻值未知的滑动变阻器R1、阻值为15Ω的R2和标有“2.5V 1.25W”的灯泡L（不计灯泡电阻变化）接入如图所示的电路，其中电源具有6V和另一电压未知的挡位，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。灯泡的额定电流为 A。将电源调到电压未知的挡位，只闭合开关S和S2，当R1接入电路的阻值为其最大阻值的时，灯泡正常发光，移动滑片使R1接入电路的阻值增大6Ω，电流表示数变化了0.2A，R1的最大阻值为 Ω。保障电路安全，只闭合开关S和S1，通过调节滑动变阻器及电源电压，电路的最大功率和最小功率之差为 W。
三、作图与实验探究题（本题共5小题，作图题请先用铅笔作图，确定后，再用黑色签字笔描黑，每图2分，其余每空1分，共20分）
19．（2分）图甲为用传送带把货物送到高处的情景，图乙为其示意图，请在图乙中画出货物A所受重力和摩擦力的示意图。
20．（2分）小明用漆包线铜丝和铁芯支撑如图所示电磁铁，闭合开关S后，右边小磁针发生旋转，静止时的指向如图所示，请标出图中磁感线的方向和电源右端的极性。
21．（4分）用相同的斜面可以探究“影响动能大小的因素”和“阻力对物体运动的影响”。
（1）小车在斜面上下滑的过程中，它的 转化为动能，其动能大小是通过被碰木块移动的距离来反映的；如果小车的质量不同，可以观察到被碰木块移动的距离不同，木块在水平面上滑行的过程中所受摩擦力的大小 （选填“相同””或“不相同”）；若木块重为2N，被碰后移动了0.3m，则这个过程中，重力所做的功为 J；
（2）在图甲所示装置基础上，添加毛巾、玻璃可以探究“阻力对物体运动的影响”，通过观察小车在不同水平面上的运动情况，可以发现：同样条件下，水平面对小车的阻力越小，小车前进得越远，推理可知，物体的运动 （选填“需要”或“不需要”）力来维持。
22．（5分）（1）如图甲所示为小明同学探究“平面镜成像的特点”的实验装置。在实验中，在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在 （选填“A”或“B”）一侧通过镜面观察；实验中，若手不小心碰到了蜡烛A，蜡烛A倒向平面镜，观察到蜡烛A的像也倒了。下列分析正确的是 。
A.蜡烛A的像可能比蜡烛A长；
B.蜡烛A的像可以用光屏承接；
C.蜡烛A的像也倒向平面镜；
D.蜡烛A先倒，蜡烛A的像后倒。
（2）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，在按照图乙所示的装置正确安装好器材后，用酒精灯给水加热，每隔0.5min记录一次水温。
①在沸腾的过程中，虽然水的温度保持不变，但要用酒精灯持续加热，说明水在沸腾的过程中需要不断 ；
②实验还发现：刚开始加热，水升温快，快要沸腾时水升温变慢了，原因之一是水的温度越高， ；（选填序号）
A.蒸发越快；
B.蒸发越慢；
C.比热容越小；
D.比热容越大；
③实验中，若要节约能源又要让水尽快沸腾，下列措施中可行的是 。（选填序号）
A.去掉烧杯上的盖子；
B.用酒精灯内焰加热；
C.适当减少烧杯中水的质量；
D.使用温度更低的冷水实验。
23．（7分）小明用如图甲所示的电路图测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为6V，滑动变阻器标有“20Ω，1A”的字样。
（1）实验前，在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 。
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表有示数，接下来应进行的操作是 。
A.更换小灯泡；
B.检查开关是否闭合；
C.移动滑动变阻器滑片；
D.检查电压表是否断路。
（3）在移动滑片P的过程中，应该注意观察 的示数，当小灯泡正常发光时，若电流表示数为0.25A，则小灯泡正常发光时的电阻是 Ω。
（4）从闭合开关到小灯泡正常发光，调节滑动变阻器的滑片使其接入电路中阻值减小ΔR1，同时小灯泡的阻值变化了ΔR2，则ΔR1 ΔR2（选填“＞”、“＝”或“＜”）；
（5）接着小明又找来四个定值电阻替换小灯泡，探究“电流与电阻关系”：
①接入5Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表示数；
②接入10Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表示数；
③接入20Ω的电阻，他移动滑片时发现电压表的示数始终不能调到2.5V；
④接入25Ω的电阻，他移动滑片时同样发现电压表的示数始终不能调到2.5V。
小明仔细思考后，想到了③④步骤中问题的解决方法：在AB间接入20Ω或25Ω的定值电阻之后，在电路中再串联一个定值电阻R0，即可完成上述实验。则小明串联接入电路的定值电阻R0的阻值范围为 Ω；
（6）小亮按照小明的方案串联上电阻R0后重新开展实验探究，发现该方案无法完成①②两步骤，他优化了实验，只需要 （选填“增大”、“减小”）定值电阻两端的电压即可。
四、计算题（本题共2个小题，第24题9分，第25题10分，共19分；要求写出必要的步骤、相关公式和文字说明）
24．（9分）新房装修时，工人经常用普通量角器测量一些角度，但读数不方便。小明根据所学的知识设计了一款电子量角器，电路如图所示，O为半圆弧电阻MN的圆心，金属滑片OP为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比，电源电压恒定，R0为电阻箱，当电阻箱阻值调为30Ω，将滑片OP旋转至M处，电流表读数为0.5A。
（1）求电源电压。
（2）调节θ为45°时，电流表示数为0.4A，求此时电压表示数；
（3）请写出此电路中OP旋转角度θ与电压表示数U的函数关系式。
25．（10分）如图甲所示，一个圆柱形容器放在水平桌面上，容器中放着一个底面积为100cm2，高为10cm的均匀实心木块A，A底部与容器底部用一根细绳连在一起。现慢慢向容器中加水，加入0.9kg的水时，木块A对容器底部的压力刚好为零，如图乙所示，此时容器中水的深度为6cm。求：
（1）木块A对容器底部的压力刚好为零时，A受到的浮力；
（2）木块A的密度；
（3）若继续缓慢向容器中加入水，当容器中的水的总质量为2.35kg时，停止加水，如图丙所示，此时将与A相连的细绳剪断，已知细绳长度为l＝4cm，整个过程中无水溢出。求细绳剪断后，水对容器底部的压强。
2025年四川省泸州市泸县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
二．多选题（共2小题）
一、选择题（本题共12小题，1～10题每小题3分，只有一个选项符合题目要求。11～12题每小题3分，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选的得0分）
1．（3分）掌握安全用电常识，是当代每个公民必备的素养。下列做法符合安全用电的是（ ）
A．在同一个插座上同时使用多个大功率用电器
B．有金属外壳的家用电器可以使用两孔插座
C．手机充电完成后，立即拔下充电器
D．空气开关的作用是在发生漏电时切断电路
【答案】C
【分析】（1）造成干路电流过大的原因有短路或用电器总功率过大；
（2）有金属外壳的家用电器其外壳要接地，据此判断；
（3）手机充电完成后应及时拔下充电器；
（4）空气开关可以在电路中电流过大时自动切断电路。
【解答】解：A、在同一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，故A不符合安全用电原则；
B、有金属外壳的家用电器其外壳要接地，应使用三孔插座，故B不符合安全用电原则；
C、手机充电完成后，应立即拔下充电器，故C符合安全用电原则；
D、空气开关的作用是在电路中电流过大时切断电路，而不是在漏电时切断电路，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
2．（3分）下列是一些生活中的实例，对其应用物理知识的解释正确的是（ ）
A．茶壶的壶嘴和壶身内的水静止时，水面相平，利用了连通器的特点
B．护士用注射器给病人注射药液时，利用了大气压强的作用
C．用高压锅煮饭，利用了随大气压的增大水的沸点会降低
D．飞艇可以悬停在空中，利用了飞艇受到的浮力大于它受到的重力
【答案】A
【分析】（1）上端开口，底部连通的容器叫连通器，如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面总是相平的；
（2）用注射器给病人注射药液是利用人的推力；
（3）液体的沸点跟气压有关，气压越大，沸点越高；
（4）悬浮的物体受到的浮力等于自身的重力。
【解答】解：A、茶壶是一个上端开口、底部连通的容器，静止时水面相平，故A正确；
B、用注射器给病人注射药液是利用人的推力产生的压强作用，不是大气压的作用，故B错误；
C、用高压锅煮饭，利用了沸点随大气压的增大而升高的原理，故C错误；
D、飞艇可以悬停在空中，利用了飞艇受到的浮力等于它受到的重力，故D错误。
故选：A。
3．（3分）“二十四节气”是中华智慧的结晶，在描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）
A．芒种：“梅雨潇潇涨柳塘”，雨的形成是熔化现象
B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨主要是由液化形成的
C．白露：“白露垂珠滴秋月”，露是由水蒸气凝华形成
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜是由水蒸气液化形成
【答案】B
【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
【解答】解：A、雨是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，而熔化是指物质从固态变为液态的过程，故A错误。
B、“清明时节雨纷纷”，雨主要是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确。
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，而凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，故C错误。
D、霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，而液化是指物质从气态变为液态的过程，故D错误。
故选：B。
4．（3分）图甲是小田用可乐瓶制作的水火箭，图乙是水火箭的示意图。小田先在瓶里装适量水，然后将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞后用打气筒往瓶里打足气；打开阀门后，水从尾部的金属管向下喷出，水火箭向上飞向空中。下列分析正确的是（ ）
A．使用打气筒打气时能量转化过程与汽油机的图丙冲程相同
B．水从水火箭中喷出相当于内燃机的排气冲程
C．水火箭飞向空中的过程中，水的内能转化为水火箭的机械能
D．在整个过程中，火箭的机械能保持不变
【答案】A
【分析】（1）汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能；
（2）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能；
（3）做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减少，外界对物体做功，内能增加；
（3）在能量的转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。
【解答】解：A、向打气筒内打气的过程是机械能转化为内能，汽油机的压缩冲程中机械能转化为内能；使用打气筒打气时能量转化过程与汽油机的图丙冲程相同，故A正确；
B、水从水火箭中喷出，是里面的气体对外做功，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；
C、水火箭升空过程中高压气体的内能转化为水火箭的机械能，故C错误；
D、根据能量守恒定律可知，在整个过程中，能量总量是保持不变的，由于在火箭升空过程中要克服摩擦做功，有机械能转化为内能，所以机械能不守恒，故D错误。
故选：A。
5．（3分）2025年的中央电视台春节联欢晚会在重庆设立了分会场。晚会当晚，2025架无人机拼出闪烁的山茶花，绽放在山城的两江四岸。无人机工作时，当开关S1闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。如图所示电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、电动机和灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
【解答】解：由题意可知，当开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，说明指示灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路，故A正确。
故选：A。
6．（3分）在探究凸透镜成像的规律实验中，先用焦距为10cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到清晰的放大实像；保持发光体和凸透镜的位置不变，仅换用焦距为20cm的凸透镜进行实验，则可能出现的实验现象是（ ）
A．光屏靠近透镜，屏上得到清晰的缩小实像
B．光屏靠近透镜，屏上得到清晰的放大实像
C．光屏远离透镜，屏上得到清晰的缩小实像
D．光屏靠近或远离透镜，屏上均得不到实像
【答案】D
【分析】根据成像的特点分析物距的大小，根据焦距和物距的大小关系分析成像的特点。
【解答】解：先用焦距为10cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到清晰的放大实像，这说明此时的物距在一倍焦距和二倍焦距之间，即10cm＜u＜20cm；换用焦距为20cm的凸透镜进行实验，物距小于焦距，成虚像，虚像不能成在光屏上，故D正确。
故选：D。
7．（3分）以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（ ）
A．图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近
B．图乙：P向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的S极
C．图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变
D．图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转
【答案】D
【分析】（1）磁感线是人们为了直观形象地描述磁场的方向和分布情况而引入的带方向的曲线，它并不是客观存在的。地磁场的北极在地理北极附近；
（2）由安培定则可确定电磁铁的磁极；电磁铁的磁性强弱跟电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关；
（3）通电线圈在磁场中的转动方向与磁场方向和电流方向有关；
（4）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
A、磁感线是用来描述磁场的一些假想的曲线，不是真实存在的，而磁场是一种物质，是存在的，地磁场的北极在地理南极附近，故A错误；
B、如图乙，电流从电磁铁A的上方流入、下方流出，由安培定则可知，电磁铁A的上端是N极，下端的钉尖是S极；将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流变小，电磁铁的磁性变弱，能吸引更少的大头针，故B错误；
C、只对调电源正负极或磁极，电流的方向发生改变，故线圈受到力的方向发生改变，故线圈转动方向就会发生改变，同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变，故C错误；
D、闭合开关，导体ab 竖直向上运动，运动方向与磁感线方向平行，不能切割磁感线，不能产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故D正确。
故选：D。
8．（3分） 2025年春晚节目《秧BOT》是机器人和舞蹈演员一起表演的创意融合舞蹈，整个表演令人眼前一亮。在喜庆的氛围中也彰显了我国极为先进的人工智能算法和精确的运动控制技术。下列有关机器人表演说法错误的是（ ）
A．地面对机器人的支持力就是地面产生的弹力
B．机器人一只脚悬空表演与两只脚站立表演，它对地面产生的压力大小不变
C．机器人静止时，它受到的重力和机器人对地面的压力是一对相互作用力
D．机器人手中的手绢不断翻飞，说明力可以改变物体的运动状态
【答案】C
【分析】（1）弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力；
（2）水平面上的物体对水平面产生的压力大小等于自身的重力；
（3）一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上；
（4）力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：A、地面对机器人的支持力就是地面产生的弹力，施力物体是地面，故A正确；
B、机器人一只脚悬空表演与两只脚站立表演，它对地面产生的压力大小不变，都等于自身的重力，故B正确；
C、机器人静止时，它受到的重力和机器人对地面的压力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误；
D、机器人手中的手绢不断翻飞，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选：C。
9．（3分）如图甲，水平桌面上有物体A、B，B在F1的作用下向右做匀速直线运动；如图乙，A、B用轻绳水平连接后，在F1和F2共同作用下一起向左做匀速直线运动，水平拉力F1＝3N，F2＝10N，关于图乙，下列说法正确的是（ ）
A．B与桌面的摩擦力方向向左
B．A与桌面的摩擦力为4N
C．B与桌面的摩擦力为7N
D．轻绳的拉力为10N
【答案】B
【分析】（1）分析甲图B和乙图整体的受力情况，根据平衡力条件，求出滑动摩擦力大小；
（2）物体匀速直线运动时，受力平衡；
（3）摩擦力的方向与物体的相对运动方向或相对运动趋势相反。
【解答】解：如图甲，B在F1的作用下向右做匀速直线运动，其受力平衡，此时B受到的摩擦力大小fB＝F1＝3N，
图乙中B向左做匀速直线运动时，因压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则此时B与桌面间的摩擦力仍然为fB＝3N；
如图乙，A、B用轻绳水平连接，在F1和F2共同作用下一起向左做匀速直线运动，整体受力平衡；
由于摩擦力的方向与物体的相对运动方向或相对运动趋势相反，A、B向左运动，则此时A、B受到的摩擦力都是向右的；
整体受到F1和F2、A向右的摩擦力和B向右的摩擦力，
整体受力平衡，则有：F1+fA+fB＝F2；
即：3N+fA+3N＝10N；
解得：fA＝4N，即A与桌面的摩擦力为4N；
对乙图中的B进行受力分析可知，轻绳的拉力等于F1、B向右的摩擦力之和，
所以轻绳的拉力：F＝F1+fB＝3N+3N＝6N；
综上所述，故ACD错误、B正确。
故选：B。
10．（3分）盛有适量水的柱形容器静止于水平桌面上，先把质量与碗相等的土豆放置于碗中，并将其放入柱形容器的水中处于漂浮状态如图甲所示；再把土豆从碗中取出轻放入水中，静止时土豆沉底、碗处于漂浮状态如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．水对碗减少的浮力（甲、乙图对比）等于图乙中水对土豆的浮力
B．图乙中水对碗的浮力小于水对土豆的浮力
C．甲图容器中的水对容器底部的压强大于图乙容器中的水对容器底部的压强
D．图甲容器对地面的压强大于图乙容器对地面的压强
【答案】C
【分析】（1）根据物体沉浮条件可判断水对碗减少的浮力与乙图中水对土豆的浮力的关系；
（2）根据物体沉浮条件可判断乙图中水对碗的浮力与水对土豆的浮力的关系；
（3）根据物体沉浮条件和阿基米德原理可知排开水体积的变化，从而可知容器内液面的变化，根据p＝ρgh可知水对容器底部压强的变化；
（4）由于容器对桌面的压力等于容器的总重力，根据p＝可判断容器对桌面的压强变化。
【解答】解：A、因为碗和土豆的质量相等，则它们的重力相等，由物体沉浮条件可知，水对碗减少的浮力ΔF浮＝ΔG＝G，而乙中土豆沉底，则F土豆浮＜G，所以水对碗减少的浮力大于乙图中水对土豆的浮力，故A错误；
B、乙图中碗漂浮，则水对碗的浮力F浮碗＝G，则F土豆浮＜F浮碗，故B错误；
C、在甲图中，土豆和碗整体受到的浮力为：F甲＝2G，在乙图中，土豆和碗整体受到的浮力为：F乙＝F浮碗+F土豆浮＜2G，由F浮＝ρ水gV排可知，土豆和碗整体排开水的体积减小，水面下降，由p＝ρgh可知水对容器底部压强的变小，故C正确；
D、由于容器对桌面的压力等于容器的总重力，所以容器对桌面的压力不变，由p＝可知容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选：C。
（多选）11．（3分）如图为一种测量环境湿度仪器的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R为15Ω，R0为湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，阻值范围为10Ω～20Ω，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两电表安全的情况下，下列说法中正确的是（ ）
A．R0在电路中的最小电阻值为15Ω
B．通过电路中的最大电流为0.24A
C．电流表示数变大，R0两端的电压变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
【答案】AD
【分析】由电路图可知，定值电阻R与湿敏电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。
（1）当环境湿度增加时，R0的阻值变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和电流表示数变化；根据U＝IR判断出定值电阻R两端电压的变化，根据串联电路电压的特点判断出R0两端电压的变化；
（2）由欧姆定律可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，据此分析电压表示数与电流表示数的比值变化情况；
（3）当R0＝10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律得出电路中的最大电流和此时定值电阻两端的电压，分析最大电压是否超出电压表量程；当电压表满偏时，湿敏电阻阻值最小，根据欧姆定律得出此时电流和湿敏电阻的最小阻值。
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
C．当电流表示数变大时，根据U＝IR知定值电阻R两端的电压变大，因为串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，所以，在电源电压不变时，R0两端电压U0会变小，故C错误；
D．由图可知，R0与R串联，电压表测R两端电压，电流表测R电流，由欧姆定律的变形公式R＝可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故D正确；
AB．当R0＝10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
电路中的最大电流：I大＝＝＝0.24A，
但此时定值电阻两端的电压为：UR＝IR＝0.24A×15Ω＝3.6V，超出电压表量程；
由此可知电压表比电流表先满偏，当电压表满偏时，湿敏电阻的阻值最小，此时电流最大，
则最大电流：I＝＝＝0.2A，故B错误；
湿敏电阻的最小阻值为：R0＝＝＝15Ω，故A正确。
故选：AD。
（多选）12．（3分）体重为700N的工人用如图所示的滑轮组将建材运送到高处。在某次运送中，工人在20s内将质量为40kg的建材竖直向上匀速提升了5m，滑轮组的机械效率为80%。若两个滑轮的质量相等，不计绳重及摩擦，g取10N/kg。下列说法中正确的是（ ）
A．动滑轮重为100N
B．此过程中工人拉力做功的功率为62.5W
C．此过程中B处挂钩受到天花板的拉力为600N
D．此过程中该工人对地面的压力的大小为250N
【答案】AC
【分析】（1）根据G＝mg求出建材的重力，根据W＝Gh求出工人拉力做的有用功，利用η＝×100%求出拉力做的总功，根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，利用s＝nh求出绳子自由端移动的距离，利用W＝Fs求出滑轮组绳子自由端拉力，此过程中该工人对地面的压力等于自身的重力减去绳子的拉力；
（2）根据P＝求出此过程中工人拉力做功的功率；
（3）根据两个滑轮的质量相等和G＝mg得出定滑轮的重力，此过程中B处挂钩受到天花板的拉力等于定滑轮的重力加上两股绳子的拉力之和；
（4）不计绳重及摩擦，利用F＝（G+G动）求出动滑轮重力。
【解答】解：
D、建材的重力：G＝mg＝40kg×10N/kg＝400N，
工人拉力做的有用功：W有＝Gh＝400N×5m＝2000J，
由η＝×100%可得，拉力做的总功：W总＝＝＝2500J，
由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝2，
则绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×5m＝10m，
由W总＝Fs可得，滑轮组绳子自由端拉力：F＝＝＝250N，
此过程中该工人对地面的压力：F压＝G人﹣F＝700N﹣250N＝450N，故D错误；
B、此过程中工人拉力做功的功率：P＝＝＝125W，故B错误；
C、由两个滑轮的质量相等和G＝mg可得：G定＝G动＝100N，
此过程中B处挂钩受到天花板的拉力：F拉＝G定+2F＝100N+2×250N＝600N，故C正确；
A、因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×250N﹣400N＝100N，故A正确。
故选：AC。
二、填空题（本大题共6个小题，每空1分，共18分。）
13．（3分）太阳能电池帆板（简称“电池板”）是为各类太空飞行器提供能源的装置，电池板是把太阳能转化成 一次 （填“一次”或“二次”）能源—电能；我国最新建成的“华龙一号”核电站采用的核反应方式与太阳内部的核反应是 不相同 （填“相同”或“不相同”）的，该反应用到的核原料属于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站的大规模应用可显著减少温室气体排放，助力实现碳中和目标。
【答案】一次；不相同；不可再生。
【分析】一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，太阳能属于一次能源。
“华龙一号”核电站采用的是核裂变反应，在反应堆中，原子核裂变并释放出能量。而太阳内部发生的是核聚变反应。
核电站所用的核燃料是矿产资源，如铀等，这些核燃料在地球上的储量是有限的，属于不可再生资源。
【解答】解：一次能源是指自然界中以原有形式存在的、未经加工转换的能量资源，太阳能属于一次能源。太阳能电池帆板将太阳能直接转化为电能，这里的电能是由一次能源太阳能直接转化而来的，所以也是一次能源。
“华龙一号”核电站采用的是核裂变反应，在反应堆中，原子核裂变并释放出能量。而太阳内部发生的是核聚变反应，是将氢原子融合成氦原子，释放出大量的能量。所以二者核反应方式不相同。
核电站所用的核燃料是矿产资源，如铀等，这些核燃料在地球上的储量是有限的，属于不可再生资源，会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充。
故答案为：一次；不相同；不可再生。
14．（3分）据报道，2025年3月，我国第六代战斗机一歼﹣36成功亮相。六代机集成了众多先进技术，不仅在速度、隐身性能、智能化和网络化等方面有了显著提升，还引入了更多创新性的武器系统和作战模式，其亮相标志着中国航空科技的全新高度（如图所示）。歼﹣36的机翼设计是利用了空气流动速度大的地方，压强 小 的原理来提供升力，歼﹣36能隐身主要是大幅降低雷达反射面积，吸收对方雷达发射的 电磁波 ，从而实现电磁隐身，飞行过程中，飞行员需要带上耳罩，这是在 人耳处 减弱噪声。
【答案】小；电磁波；人耳处。
【分析】在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；歼﹣36能隐身主要是大幅降低雷达反射面积，能吸收电磁波，从而实现电磁隐身；减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
【解答】解：飞机的机翼上方凸起，下方平直，这样的结构决定了当飞机启动后，机翼上方空气流速快，空气压强小；机翼下方空气流速慢，空气压强大；从而形成向上的压强差，产生向上的升力；隐身技术是飞机能吸收对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身；飞行员需要带上耳罩，这是在人耳处减弱噪声。
故答案为：小；电磁波；人耳处。
15．（3分）如图所示，在固定的水平长木板上放一个木块，用弹簧测力计水平拉木块，当弹簧测力计示数为2N时，木块静止不动，此时木块受到的摩擦力大小为 2 N；当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动，撤去拉力，木块并没有立刻停止，这是因为木块具有 惯性 ，但木块最终会停下来，是因为受到了滑动摩擦力作用，该力的大小为 4 N。
【答案】2；惯性；4。
【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；根据二力平衡，可求出木块做匀速直线运动时的摩擦力，再根据摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，可得出撤去拉力后的摩擦力。
【解答】解：木块静止不动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件可知，拉力大小等于摩擦力的大小，故木块所受的静摩擦力大小为2N；
撤去拉力，木块并没有立刻停止，这是因为木块具有惯性，仍会保持原来的运动状态；
当弹簧测力计示数为4N时，木块恰能在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，此时的摩擦力为4N；撤去拉力后，木块对木板的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则木块与木板间的滑动摩擦力不变，仍为4N。
故答案为：2；惯性；4。
16．（3分）如图甲所示，为某品牌电饭煲内部电路的简化电路图，该电饭煲可实现高温、中温、低温三挡的挡位调节。电路额定工作电压为220V，发热电阻R1的阻值为50Ω。当开关S1断开，开关S接a端时为低温挡；闭合开关S1、开关S接a处时为中温挡，中温挡功率是242W。则电阻R2的阻值为 200 Ω，低温挡的功率为 193.6 W。小明发现在晚上用电高峰时用电饭煲煮饭比平时时间长，晚上她进行了测量，关掉家里其他电器，仅让电饭煲处于高温挡工作，她观察到家里电能表（如图乙所示）1min转盘转了50转，则高温挡的实际电功率为 1000 W。
【答案】200；193.6；1000。
【分析】（1）闭合开关S1、开关S接a处时为中温挡，由图甲可知，此时只有R2工作，根据P＝求出R2的阻值；当开关S1断开，开关S接a端时为低温挡，此时R1、R2串联，根据串联的电路特点求出此时电路的总电阻，根据P＝求出低温挡的功率；
（2）图乙中3000r/kW•h表示电路中用电器煤消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出电能表的转盘转过50转，电饭煲消耗的电能，根据P＝求出高温挡的实际电功率。
【解答】解：闭合开关S1、开关S接a处时为中温挡，由图甲可知，此时只有R2工作，
由P＝可知，R2的阻值：R2＝＝＝200Ω；
当开关S1断开，开关S接a端时为低温挡，此时R1、R2串联，
根据串联电路的特点可知，此时电路中的总电阻：R＝R1+R2＝200Ω+50Ω＝250Ω，
电饭煲低温挡的功率：P低＝＝＝193.6W；
图乙中3000r/kW•h表示电路中用电器煤消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表的转盘转过50转，电饭煲消耗的电能：W＝＝kW•h，
电饭煲高温挡的实际电功率：P实＝＝＝1kW＝1000W。
故答案为：200；193.6；1000。
17．（3分）如图甲所示，我国古代记录传统手工技术的著作《天工开物》里记载了一种捣谷用的舂，其简化图如图乙所示，该装置是 费力 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。该装置碓头A重200N，不计横木的重力和摩擦。杆长AB＝1.5m，支点O距离脚踏板OB＝0.5m，人在B端施加的竖直向下的力至少为 400 N；若每次碓头A上升的高度都为0.6m，1min撞击舂中的谷粒20次，则克服碓头重力做功的功率为 40 W。
【答案】费力；400；40。
【分析】（1）作出杠杆的示意图，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
（2）根据已知条件，根据相似三角形知识可知力臂之比，根据杠杆的平衡条件得出动力大小；
（3）不计横木的重力和摩擦，求出1min内人克服碓头重力做功，根据功率公式得出1min克碓头重力做功的功率。
【解答】解：（1）由图可知，O是支点，从O点向阻力F2的作用线作垂线段，可得阻力臂l2，同理可知动力臂为l1，舂在使用过程中，因动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
（2）杆长AB＝1.5m，支点O距离脚踏板OB＝0.5m，故AO＝1.0m；根据相似三角形知识有＝＝2，
根据杠杆的平衡条件可知：mg×l2＝F1×l1，F1＝×mg＝2×200N＝400N
（3）不计横木的重力和摩擦，1min内人克服碓头重力做功：W总＝nW＝20×Gh＝20×200N×0.6m＝2400J，
1min克服碓头重力做功的功率为：p＝＝＝40W。
故答案为：费力；400；40。
18．（3分）将标有“2A”但最大阻值未知的滑动变阻器R1、阻值为15Ω的R2和标有“2.5V 1.25W”的灯泡L（不计灯泡电阻变化）接入如图所示的电路，其中电源具有6V和另一电压未知的挡位，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。灯泡的额定电流为 0.5 A。将电源调到电压未知的挡位，只闭合开关S和S2，当R1接入电路的阻值为其最大阻值的时，灯泡正常发光，移动滑片使R1接入电路的阻值增大6Ω，电流表示数变化了0.2A，R1的最大阻值为 40 Ω。保障电路安全，只闭合开关S和S1，通过调节滑动变阻器及电源电压，电路的最大功率和最小功率之差为 1.95 W。
【答案】0.5；40；1.95。
【分析】（1）根据题意和电功率公式即可求出小灯泡的额定电流；
（2）根据已知条件及电路图，滑动变阻器的调节找到电路两次电流电压变化情况，由电源电压不变列出等式，求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值，再根据电功率公式，在保障电路安全下找到电流的最大值和最小值，分别求出电功率，即可得出最大功率和最小功率的差值。
【解答】解：（1）由题意已知小灯泡L的额定电压和额定功率，根据电功率公式可得小灯泡的额定电流：I额＝＝＝0.5A；
（2）灯泡的电阻，
只闭合开关S和S2时，L和R1 串联，当R1 接入电路的阻值为其最大阻值的时，灯泡正常发光，此时电路中的电流为0.5A，则电源电压为：﹣﹣﹣﹣﹣①，
移动滑片使R1接入电路的阻值增大6Ω，电流表示数变化了0.2A，
即此时电路中的电流为：I′＝I﹣ΔI＝0.5A﹣0.2A＝0.3A，
则电源电压为：﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②两式可得：R1＝40Ω，U＝4.5V；
只闭合开关S和S1 时，R1 和R2 串联，当电源电压为6V，R1 接入电路阻值为0时，即电压表示数为0，则R2两端的电压为电源电压6V时，电路中的电流最大，此时电路中的电流为：，
所以电路的最大功率为：Pmax＝UImax＝6V×0.4A＝2.4W
当电源电压为另一挡位4.5V时，电压表示数为最大3V时，电路中的电流最小，
此时R2两端的电压为：U′2＝U′﹣Umax＝4.5V﹣3V＝1.5V，电路中最小电流为：，
所以电路的最小功率为：Pmin＝UImin＝4.5V×0.1A＝0.45W，
则电路的最大功率和最小功率之差为：ΔP＝Pmax﹣Pmin＝2.4W﹣0.45W＝1.95W。
故答案为：0.5；40；1.95。
三、作图与实验探究题（本题共5小题，作图题请先用铅笔作图，确定后，再用黑色签字笔描黑，每图2分，其余每空1分，共20分）
19．（2分）图甲为用传送带把货物送到高处的情景，图乙为其示意图，请在图乙中画出货物A所受重力和摩擦力的示意图。
【答案】见解答
【分析】首先能够根据物体的运动情况，判断物体所受摩擦力的方向。根据题设要求画出重力和摩擦力的示意图，力的示意图就是粗略作出力的三要素的过程。
【解答】解：根据重力的方向竖直向下，物体随传送带一起匀速向上运动，所以受传送带对物体的摩擦力向上，方向沿传送带方向画出，如图所示：
20．（2分）小明用漆包线铜丝和铁芯支撑如图所示电磁铁，闭合开关S后，右边小磁针发生旋转，静止时的指向如图所示，请标出图中磁感线的方向和电源右端的极性。
【答案】
【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律判定通电螺线管的极性；
（2）磁体周围的磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极；
（3）根据安培定则判定电源的正、负极。
【解答】解：由图可知，小磁针的N极静止时指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知螺线管的右端是N极；
磁体外部的磁感线方向由N极指向S极；
根据安培定则，可判断电源的右端是正极，如下图所示：
21．（4分）用相同的斜面可以探究“影响动能大小的因素”和“阻力对物体运动的影响”。
（1）小车在斜面上下滑的过程中，它的 重力势能 转化为动能，其动能大小是通过被碰木块移动的距离来反映的；如果小车的质量不同，可以观察到被碰木块移动的距离不同，木块在水平面上滑行的过程中所受摩擦力的大小 相同 （选填“相同””或“不相同”）；若木块重为2N，被碰后移动了0.3m，则这个过程中，重力所做的功为 0 J；
（2）在图甲所示装置基础上，添加毛巾、玻璃可以探究“阻力对物体运动的影响”，通过观察小车在不同水平面上的运动情况，可以发现：同样条件下，水平面对小车的阻力越小，小车前进得越远，推理可知，物体的运动 不需要 （选填“需要”或“不需要”）力来维持。
【答案】（1）重力势能；相同；0；（2）不需要。
【分析】（1）小车在斜面上下滑的过程中，速度变大，高度变小，重力势能变小，动能变大，据此分析；木块在水平面上滑行的过程中因压力大小和接触面粗糙程度不变，据此分析摩擦力的大小；根据没有在重力方向移动距离确定所做的功为 0；
（2）同样条件下，水平面对小车的阻力越小，小车前进得越远，速度减小得越慢，推理可知，若小车在水平方向上不受力的作用，小车的速度不会变小，小车做匀速直线运动，据此分析。
【解答】解：（1）小车在斜面上下滑的过程中，速度变大，高度变小，重力势能变小，动能变大，它的重力势能转化为动能，其动能大小是通过被碰木块移动的距离来反映的；如果小车的质量不同，可以观察到被碰木块移动的距离不同，木块在水平面上滑行的过程中因压力大小和接触面粗糙程度不变，所受摩擦力的大小相同；若木块重为2N，被碰后移动了0.3m，则这个过程中，因没有重力方向移动距离，所做的功为0J；
（2）在图甲所示装置基础上，添加毛巾、玻璃可以探究“阻力对物体运动的影响”，通过观察小车在不同水平面上的运动情况，可以发现：同样条件下，水平面对小车的阻力越小，小车前进得越远，速度减小得越慢，推理可知，若小车在水平方向上不受力的作用，小车的速度不会变小，小车做匀速直线运动，故物体的运动不需要力来维持。
故答案为：（1）重力势能；相同；0；（2）不需要。
22．（5分）（1）如图甲所示为小明同学探究“平面镜成像的特点”的实验装置。在实验中，在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在 A （选填“A”或“B”）一侧通过镜面观察；实验中，若手不小心碰到了蜡烛A，蜡烛A倒向平面镜，观察到蜡烛A的像也倒了。下列分析正确的是 C 。
A.蜡烛A的像可能比蜡烛A长；
B.蜡烛A的像可以用光屏承接；
C.蜡烛A的像也倒向平面镜；
D.蜡烛A先倒，蜡烛A的像后倒。
（2）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，在按照图乙所示的装置正确安装好器材后，用酒精灯给水加热，每隔0.5min记录一次水温。
①在沸腾的过程中，虽然水的温度保持不变，但要用酒精灯持续加热，说明水在沸腾的过程中需要不断 吸热 ；
②实验还发现：刚开始加热，水升温快，快要沸腾时水升温变慢了，原因之一是水的温度越高， A ；（选填序号）
A.蒸发越快；
B.蒸发越慢；
C.比热容越小；
D.比热容越大；
③实验中，若要节约能源又要让水尽快沸腾，下列措施中可行的是 C 。（选填序号）
A.去掉烧杯上的盖子；
B.用酒精灯内焰加热；
C.适当减少烧杯中水的质量；
D.使用温度更低的冷水实验。
【答案】（1）A；C；（2）吸热；A；C。
【分析】（1）根据平面镜成的像属于光的反射分析；平面镜成的像与物关于镜面对称，且像与物大小相等。
（2）①液体的沸腾虽吸热过程。
②蒸发是吸热过程，且温度越高，蒸发越快；分析每个选项，找出符合题意的答案。
③A.去掉烧杯上的盖子，热量损失变大；
B.实验中要用酒精灯外焰加热；
C.适当减少烧杯中水的质量，水加热到沸腾所用时间变少；
D.使用温度更低的冷水实验，水加热到沸腾所用时间变长。
【解答】解：（1）如图甲所示为小明同学探究“平面镜成像的特点”的实验装置。因平面镜成的像属于光的反射，在实验中，在寻找蜡烛A像的位置时，眼睛应在A一侧通过镜面观察；平面镜成的像与物关于镜面对称，且像与物大小相等，实验中，若手不小心碰到了蜡烛A，蜡烛A倒向平面镜，观察到蜡烛A的像也倒向平面镜，故选：C，
（2）①在沸腾的过程中，虽然水的温度保持不变，但要用酒精灯持续加热，说明水在沸腾的过程中需要不断吸热；
②蒸发是吸热过程，且温度越高，蒸发越快，实验还发现：刚开始加热，水升温快，快要沸腾时水升温变慢了，原因之一是水的温度越高，蒸发越快，故选：A（水的比热容不变）；
③A.去掉烧杯上的盖子，浪费能源，加热时间长；
B.要用酒精灯外焰加热，用酒精灯内焰加热，浪费能源，加热时间长；
C.适当减少烧杯中水的质量，节约能源又要让水尽快沸腾；
D.使用温度更低的冷水实验，加热时间变长。
故选：C。
故答案为：（1）A；C；（2）吸热；A；C。
23．（7分）小明用如图甲所示的电路图测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样，电源电压恒为6V，滑动变阻器标有“20Ω，1A”的字样。
（1）实验前，在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 调节电流表指针使其指在零刻度线处 。
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表有示数，接下来应进行的操作是 C 。
A.更换小灯泡；
B.检查开关是否闭合；
C.移动滑动变阻器滑片；
D.检查电压表是否断路。
（3）在移动滑片P的过程中，应该注意观察 电压表 的示数，当小灯泡正常发光时，若电流表示数为0.25A，则小灯泡正常发光时的电阻是 10 Ω。
（4）从闭合开关到小灯泡正常发光，调节滑动变阻器的滑片使其接入电路中阻值减小ΔR1，同时小灯泡的阻值变化了ΔR2，则ΔR1 ＞ ΔR2（选填“＞”、“＝”或“＜”）；
（5）接着小明又找来四个定值电阻替换小灯泡，探究“电流与电阻关系”：
①接入5Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表示数；
②接入10Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表示数；
③接入20Ω的电阻，他移动滑片时发现电压表的示数始终不能调到2.5V；
④接入25Ω的电阻，他移动滑片时同样发现电压表的示数始终不能调到2.5V。
小明仔细思考后，想到了③④步骤中问题的解决方法：在AB间接入20Ω或25Ω的定值电阻之后，在电路中再串联一个定值电阻R0，即可完成上述实验。则小明串联接入电路的定值电阻R0的阻值范围为 8Ω≤R0≤15 Ω；
（6）小亮按照小明的方案串联上电阻R0后重新开展实验探究，发现该方案无法完成①②两步骤，他优化了实验，只需要 增大 （选填“增大”、“减小”）定值电阻两端的电压即可。
【答案】（1）调节电流表指针使其指在零刻度线处；（2）C；（3）电压表，10；（4）＞；（5）大于等于 15；（6）增大。
【分析】（1）实验前发现电流表指针不在零刻度线，接下来应进行的操作是调节电流表指针使其指在零刻度线处。
（2）闭合开关后，小灯泡不亮，但电压表有示数，电流表也有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是因为滑动变阻器接入电路的阻值太大，导致电路中电流过小，灯泡的实际功率太小。所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片。
（3）在移动滑片 P 的过程中，应注意观察电压表的示数，当电压表示数为小灯泡的额定电压 2.5V 时，小灯泡正常发光。
（4）从闭合开关到小灯泡正常发光，电源电压不变，总电流变大。总电阻的减小量主要是由滑动变阻器阻值的减小引起的，
（5）根据串联电路电压与电阻成正比，分别计算电路中的电流。
（6）在保证电压表（定值电阻两端）示数为 2.5V 的情况下，电路中的电流较大，滑动变阻器分得的电压较小。为了能完成实验，需要让滑动变阻器能分得更多电压，即需要增大定值电阻两端的电压，这样才能通过调节滑动变阻器完成实验。
【解答】解：（1）实验前发现电流表指针不在零刻度线，接下来应进行的操作是调节电流表指针使其指在零刻度线处。
（2）闭合开关后，小灯泡不亮，但电压表有示数，电流表也有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是因为滑动变阻器接入电路的阻值太大，导致电路中电流过小，灯泡的实际功率太小。所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器滑片，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
（3）在移动滑片 P 的过程中，应注意观察电压表的示数，当电压表示数为小灯泡的额定电压 2.5V 时，小灯泡正常发光。根据欧姆定律R＝IU，此时U＝2.5V，I＝0.25A，则小灯泡正常发光时的电阻R＝＝＝10Ω。
（4）从闭合开关到小灯泡正常发光，电源电压不变，总电流变大。根据U＝IR可知，总电阻变小。设电源电压为U，开始时电路总电阻为R总＝R滑+R灯，后来总电阻为R总′＝R滑′+R灯′，则I1R总＝I2R总′。因为总电阻变小，且滑动变阻器阻值减小ΔR1，小灯泡电阻增大ΔR2，而总电阻的减小量主要是由滑动变阻器阻值的减小引起的，所以ΔR1＞ΔR2。
（5）当接入 20Ω 电阻时，设串联电阻R0后，要使电压表（即定值电阻两端）示数为 2.5V，则滑动变阻器两端电压为U滑＝6V﹣2.5V＝3.5V。根据串联电路电压与电阻成正比，此时电路中的电流I＝＝＝0.125A，则滑动变阻器接入电路的阻值R滑＝＝＝28Ω，因为滑动变阻器最大阻值为 20Ω，所以串联的电阻R0至少为28Ω−20Ω＝8Ω。
当接入 25Ω 电阻时，同理可得电路中的电流I′＝＝＝0.1A，滑动变阻器两端电压为U滑′＝6V﹣2.5V＝3.5V，则滑动变阻器接入电路的阻值R滑′＝＝＝35Ω，所以串联的电阻R0至少为35Ω−20Ω＝15Ω。
因此，R0的阻值范围为8Ω≤R0≤15Ω。
（6）串联上电阻R0后，对于①②步骤中阻值较小的电阻，在保证电压表（定值电阻两端）示数为 2.5V 的情况下，电路中的电流较大，滑动变阻器分得的电压较小。为了能完成实验，需要让滑动变阻器能分得更多电压，即需要增大定值电阻两端的电压，这样才能通过调节滑动变阻器完成实验。
故答案为：（1）调节电流表指针使其指在零刻度线处；（2）C；（3）电压表，10；（4）＞；（5）8Ω≤R0≤15；（6）增大。
四、计算题（本题共2个小题，第24题9分，第25题10分，共19分；要求写出必要的步骤、相关公式和文字说明）
24．（9分）新房装修时，工人经常用普通量角器测量一些角度，但读数不方便。小明根据所学的知识设计了一款电子量角器，电路如图所示，O为半圆弧电阻MN的圆心，金属滑片OP为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比，电源电压恒定，R0为电阻箱，当电阻箱阻值调为30Ω，将滑片OP旋转至M处，电流表读数为0.5A。
（1）求电源电压。
（2）调节θ为45°时，电流表示数为0.4A，求此时电压表示数；
（3）请写出此电路中OP旋转角度θ与电压表示数U的函数关系式。
【答案】（1）电源电压为15V；
（2）调节θ为45°时，电流表示数为0.4A，此时电压表示数为3V；
（3）此电路中OP旋转角度θ与电压表示数U的函数关系式为UP＝15﹣（V）。
【分析】（1）将滑片OP旋转至M处时，只有R0接入电路，根据欧姆定律计算电源电压；
（2）由图知，电阻箱R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；知道θ为45°时电流表的示数，根据欧姆定律计算R0两端的电压，再根据串联电路的电压特点求出此时电压表的示数；
（3）因半圆弧电阻接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比结合（2）求出半圆弧MN的总电阻；此时可求出指针旋转1°时连入电阻电路电阻；由于接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比，据此可求出指针旋转角度θ时RP的值，然后根据串联电路的特点和欧姆定律得出电压表示数的表达式。
【解答】解：（1）由图可知，将滑片OP旋转至M处时，半圆弧电阻接入电路的阻值为零，此时只有R0接入电路，电流表测量电路中的电流，则此时电路中电流为I＝0.5A，根据I＝可得电源电压：U＝I0R0＝0.5A×30Ω＝15V；
（2）由图知，电阻箱R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
调节θ为45°时，电流表示数为0.4A，则R0两端的电压：U0＝I′R0＝0.4A×30Ω＝12V，
根据串联电路的电压特点可得，此时电压表的示数：UV＝U﹣U0＝15V﹣12V＝3V；
（3）由（2）可知，调节θ为45°时，
RMP＝＝＝7.5Ω，
因半圆弧电阻接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比，
RMN＝RMP＝×7.5Ω＝30Ω；
则指针旋转1°时连入电阻电路电阻为：ΔR＝＝Ω/1°；
由于接入电路的电阻RP与指针旋转角度θ成正比，则指针旋转角度θ时，RP＝ΔRθ＝Ω/1°×θ；
则由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中电流为：
I′'＝；
所以，电压表示数为：
UP＝U﹣I′'R0＝U﹣×R0＝15V﹣×30Ω＝15﹣（V）。
答：（1）电源电压为15V；
（2）调节θ为45°时，电流表示数为0.4A，此时电压表示数为3V；
（3）此电路中OP旋转角度θ与电压表示数U的函数关系式为UP＝15﹣（V）。
25．（10分）如图甲所示，一个圆柱形容器放在水平桌面上，容器中放着一个底面积为100cm2，高为10cm的均匀实心木块A，A底部与容器底部用一根细绳连在一起。现慢慢向容器中加水，加入0.9kg的水时，木块A对容器底部的压力刚好为零，如图乙所示，此时容器中水的深度为6cm。求：
（1）木块A对容器底部的压力刚好为零时，A受到的浮力；
（2）木块A的密度；
（3）若继续缓慢向容器中加入水，当容器中的水的总质量为2.35kg时，停止加水，如图丙所示，此时将与A相连的细绳剪断，已知细绳长度为l＝4cm，整个过程中无水溢出。求细绳剪断后，水对容器底部的压强。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）木块A对容器底部的压力刚好为零时，根据V＝Sh求出木块A排开水的体积，利用F浮＝ρ液gV排求出A受到的浮力；
（2）木块A对容器底部的压力刚好为零时处于漂浮状态，木块A的重力等于其受到的浮力，根据G＝mg求出木块的质量，利用V＝Sh求出木块A的体积，利用ρ＝求出木块A的密度；
（3）根据ρ＝求出0.9kg水的体积，利用V水＝（S容﹣SA）h浸求出容器的底面积，再根据ρ＝求出容器中的水的总质量为2.35kg时水的体积，此时水的体积和木块A排开水的体积之和与容器的底面积之比即为细绳剪断后容器内水的深度，利用p＝ρ液gh求出水对容器底部的压强。
【解答】解：（1）木块A对容器底部的压力刚好为零时，木块A排开水的体积：
V排＝S木h浸＝100cm2×6cm＝600cm3＝6×10﹣4m3，
A受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣4m3＝6N；
（2）木块A对容器底部的压力刚好为零时处于漂浮状态，则木块A的重力：
G＝F浮＝6N，
由G＝mg可得，木块的质量：
m＝＝＝0.6kg，
木块A的体积：
V＝S木hA＝100cm2×10cm＝1000cm3＝1×10﹣3m3，
木块A的密度：
ρ＝＝＝0.6×103kg/m3；
（3）0.9kg水的体积：
V水＝＝＝9×10﹣4m3＝900cm3，
由V水＝（S容﹣SA）h浸可得，容器的底面积：
S容＝+SA＝+100cm2＝250cm2，
当容器中的水的总质量为2.35kg时，水的体积：
V水′＝＝＝2.35×10﹣3m3＝2350cm3，
细绳剪断后，容器内水的深度：
h＝＝＝11.8cm＝0.118m，
水对容器底部的压强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.118m＝1180Pa。
答：（1）木块A对容器底部的压力刚好为零时，A受到的浮力为6N；
（2）木块A的密度为0.6×103kg/m3；
（3）细绳剪断后，水对容器底部的压强为1180Pa。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
A
B
A
A
D
D
C
B
C
题号
11
12
答案
AD
AC