2025年山东省青岛市中考一模物理试题（解析版）

这是一份2025年山东省青岛市中考一模物理试题（解析版），共24页。
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项:
全卷取g=10N/kg，水的密度ρ＝1.0×10³kg/m³。
第Ⅰ卷（选择题 共35分）
一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分，每小题只有一个正确答案）
1. 下列关于科学家与其贡献对应关系不正确的是（ ）
A. 法拉第——发现电流的磁效应B. 牛顿——总结出了牛顿第一定律
C. 欧姆——发现电流与电压、电阻的关系D. 托里拆利——最早测出大气压值
【答案】A
【解析】A．法拉第发现了电磁感应现象，奥斯特发现了电流的磁效应，故A错误，符合题意；
B．牛顿在总结前人工作的基础上总结出了牛顿第一定律，故B正确，不符合题意；
C．欧姆首先总结了电路中电流与电压和电阻的关系，发现了欧姆定律，故C正确，不符合题意；
D．托里拆利最早利用水银测出了大气压的数值，故D正确，不符合题意。故选A。
2. 如图所示，二胡是一种弓弦乐器，演奏者可利用二胡模拟马儿的奔跑声。下列说法正确的是（ ）
A. 演奏时按压弦的不同位置，是为了改变声音的响度
B. 用二胡模拟马儿的奔跑声，主要是模拟奔跑声的音调
C. 听众能听到乐曲声，说明弦的振动频率约为25000Hz
D. 听众能在乐曲声中感受到马儿奔腾的氛围，说明声音能传递信息
【答案】D
【解析】A．演奏时按压弦的不同位置，弦振动的频率不同，主要改变声音的音调，故A错误；
B．用二胡模拟马儿奔跑声，主要是模拟奔跑声的音色，故B错误；
C．人耳能够听到的声音频率在20Hz到20000Hz之间，低于20Hz的声音被称为次声波，而高于20000Hz的声音则被称为超声波，听众能听到乐曲声，说明弦的振动频率在20Hz到20000Hz之间，故C错误；
D．声音可以传递信息和能量，听众能在乐曲声中感受到马儿奔腾的氛围，说明声音能传递信息，故D正确。故选D。
3. 生活中蕴涵着丰富多彩的物理学知识，关于光现象及其应用与其形成原因，下列对应关系正确的是（ ）
A. 海市蜃楼——光的直线传播B. 小孔成像——光的折射
C. 镜花水月——光的反射D. 激光准直——光的反射
【答案】C
【解析】A．海市蜃楼是由于光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故A错误；
B．小孔成像是由于光的直线传播形成的倒立实像，故B错误；
C．镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；
D．激光准直利用了光的直线传播，故D错误。故选C。
4. 关于物态变化现象，下列说法正确的是
A. 冬天窗户上的冰花是水凝固形成的
B. 利用干冰制造的“烟雾”是干冰熔化形成的
C. 夏天吹风扇感到凉爽，是因为风加快了汗液的蒸发且蒸发要吸热
D. 与100℃的热水相比，100℃的水蒸气造成的烫伤更严重，是因为水汽化时要放热
【答案】C
【解析】A．冰花的形成是一个凝华过程，而不是凝固。在寒冷的冬天，室内温度通常高于室外温度，室内空气中的水蒸气遇到冰冷的玻璃时会直接凝华成固态冰晶，形成冰花，故A错误；
B．干冰，即固态的二氧化碳，在常温下很容易直接升华为气态的二氧化碳，这一过程称为升华。在这个过程中，干冰会吸收大量的热，导致周围的温度降低。这种温度下降使得空气中的水蒸气液化成小水滴，从而形成“烟雾”，故B错误；
C．汗液蒸发吸热，吹风加快了液体表面空气流速，从而加快了汗液的蒸发，所以人会感到凉快，故C正确；
D．水蒸气烫伤比热水烫伤更严重，是由于水蒸气液化为水的过程，需要放热，故D错误。故选C。
5. 对以下安全教育的分析，所用物理知识错误的是（ ）
A. 交通安全∶驾车要系好安全带——防范惯性危害
B. 用电安全∶用电器总功率不能过大——电流过大会引发火灾
C. 出行安全∶等候列车不越过安全线——流体压强与流速的关系
D 遇险自救∶楼内发生火灾时往高处逃——热空气密度小会下降
【答案】D
【解析】A．驾车系安全带，是为了避免汽车紧急刹车时惯性带来的危害，故A正确，A不符合题意；
B．用电器总功率过大，通过电路的电流也会过大，从而可能引发火灾，故用电器总功率不能过大，故B正确，B不符合题意；
C．空气流速大的地方压强小，故为了安全，等候列车不越过安全线，故C正确，C不符合题意；
D．楼内发生火灾时，热空气密度小会上升，故D错误，D符合题意。故选D。
6. 2025年哈尔滨亚洲冬季运动会（The9thAsianWinterGamesHarbin2025），于2025年2月7日至2月14日举行如期举行，空中有大量无人机进行现场拍摄。无人机动力系统的核心部件是电动机，下列实验，能说明电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】电动机的工作原理是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的。
A．图中当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，说明通电导体中磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故A符合题意；
B．图中导线中有电流通过时，小磁针的N极、S极发生偏转，说明通电导体的周围存在磁场，故B不符合题意；
C．图中是演示电磁感应现象的装置图，当闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明有感应电流产生，这是发电机的原理，故C不符合题意；
D．图中两个电磁铁串联，通过它们的电流相等，线圈的匝数不同，探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，电磁铁是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。故选A。
7. 在水平地面上铺一张白纸，将一皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 形成圆斑a时，皮球是从更高处下落的
B. 形成圆斑b时，皮球接触纸面后的形变程度更小
C. 皮球在空中下落过程中，动能转化为重力势能
D. 皮球落地发生形变过程中，动能转化为弹性势能
【答案】D
【解析】AB．球的动能越大，转化成的弹性势能越大，则小球的形变越大，在地面上形成的圆斑较大，故形成圆斑b时皮球接触地面后形变程度更大，即从更高处下落的，故AB错误；
C．球在下落的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故C错误；
D．当球接触地面时，球会发生形变，球的动能转化为球的弹性势能，故D正确。故选D。
8. 关于电磁波和能源，下列说法错误的是（ ）
A. 电磁波“家族”中不包括红外线和紫外线
B. 卫星电话、微波炉工作时都利用了电磁波，说明电磁波能够传递信息并具有能量
C. 热传递时能量从高温物体转移到低温物体，说明能量的转移有方向性
D. 煤、石油等化石能源储存的能量，来源于太阳内部发生核聚变时释放的能量
【答案】A
【解析】A．电磁波“家族”中包括可见光和不可见光，包括红外线和紫外线，故A错误，符合题意；
B．卫星电话利用了电磁波传递信息，微波炉工作时利用了电磁波传递能量，故B正确，不符合题意；
C．热传递过程中，热量只能自发地从高温物体转移到低温物体，说明能量转移具有方向性，故C正确，不符合题意；
D．煤、石油等化石能源来源于太阳能，太阳能是太阳内部发生核聚变时释放的能量，故D正确，不符合题意。故选 A。
9. 如图所示，是一种外型新颖的手动榨汁器。在 A 处用力下压手柄，容器中的水果受到挤压，可快速榨出果汁。此时，榨汁器的手柄可以看成一个（ ）

A. 省力杠杆，支点是C点B. 费力杠杆，支点是C点
C. 省力杠杆，支点是 B点D. 费力杠杆，支点是B点
【答案】A
【解析】由图可知CBF杆绕C点转动，所以C为支点，A位置施加动力，B位置施加阻力，动力距离支点比阻力距离支点远，动力臂大，根据杠杆平衡条件可知，为省力杠杆，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
10. 用图示电路探究电流跟电阻的关系，已知电源电压保持3V不变，定值电阻有5Ω、10Ω、20Ω等规格，实验数据如下表。关于该实验，下列说法错误的是（ ）
A. 3次实验中，控制电压表示数为2V
B. 调节变阻器滑片的过程中，应观察电压表的示数
C. 将R1由10Ω换成20Ω后，应向右适当调节变阻器滑片
D. 正确操作后，滑动变阻器的电功率在第1次实验中最大
【答案】C
【解析】A．由表中数据可知，电流与电阻的乘积为
UV＝IR＝0.4A×5Ω＝0.2A×10Ω＝0.1A×20Ω＝2V
所以3次实验中，控制电压表示数为2V，故A正确，不符合题意；
B．探究电流跟电阻的关系，要控制定值电阻两端的电压不变，因此在调节滑动变阻器滑片的过程中，应观察电压表的示数，故B正确，不符合题意；
C．探究电流跟电阻的关系，要控制定值电阻两端的电压不变，将R1由10Ω换成20Ω后，根据分压原理，两端电压不变，应增大变阻器的电压，根据分压原理，要增大滑动变阻器阻值，所以应向左适当调节变阻器滑片，故C错误，符合题意；
D．因为本实验中定值电阻两端电压不变，则变阻器电压不变，而根据表格数据可知第1次实验电路电流最大，根据可知滑动变阻器的电功率在第1次实验中最大，故D正确，不符合题意。故选C。
二、多选题（共5小题，每小题3分，每小题有两个或两个以上正确答案，漏选得1分，错写得0分，共15分）
11. 物理是一门以实验为基础的学科，如图所示，下列对实验的说法正确的是（ ）
A.
甲实验中木板必须匀速向右运动，弹簧测力计的示数才是稳定的
B.
乙实验中若AB阀门都打开，a管中的液面将高于b管中的液面
C.
丙实验中的U形管相当于连通器，若将探头在同一深度转动，U形管两侧液面高度差不变
D.
丁实验通过完全相同的AB两球推动木块移动的距离不同说明动能的大小与速度有关
【答案】BD
【解析】A．甲实验中木板向右运动的速度不影响木块与木板之间压力和接触面粗糙程度的大小，滑动摩擦力不变，木块静止，处于平衡状态，所以木板不一定要匀速运动，弹簧测力计示数仍是稳定的，故A错误；
B．打开A、B阀门，粗管和细管中水的流量相同，细管处水的流速大、压强小，支持的水柱低；粗管处水的流速小、压强大，支持的水柱高，所以a管中的液面将高于b管中的液面，故B正确；
C．连通器应具备上端开口、底部连通的结构特点，而压强计的U形管有一端口是封闭的，所以压强计不是连通器，故C错误；
D．丁图实验中，小球相同，但开始下滑时的高度不同，则撞击木块时的速度不同，因此根据两球推动木块移动的距离不同可说明动能的大小与速度有关，故D正确。故选BD。
12. “天宫课堂”第四课进行了钢球碰撞实验：如图甲，梦天实验舱中，失重状态下（重力好像消失了），大钢球a悬停在空中不动，航天员抛出手中的小钢球b，用b去碰撞a；如图乙，碰撞后，b反向运动，a沿着b的初始运动方向做近似匀速运动。此实验说明了（ ）
A. 物体间力的作用是相互的B. 力可以改变物体的运动状态
C. 物体的运动需要力来维持D. 物体在不受力时不具有惯性
【答案】AB
【解析】A．用b去碰撞a，碰撞后，b反向运动，说明物体间力的作用是相互的，故A符合题意；
B．用b去碰撞a，碰撞后，b反向运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B符合题意
C．物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，故C不符合题意
D．惯性是物体的一种性质，与质量有关，与是否受力无关，故D不符合题意。
故选AB。
13. 青岛地区的夏季经常会出现海陆风。海边吹的陆风和海风统称海陆风，海陆风是由于陆地和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。如图所示是海陆风形成的示意图。关于海陆风下列说法正确的是（ ）
A. 甲图中的海陆风发生在白天，且海洋温度较高
B. 甲图中的海陆风发生在夜晚，且海洋温度较高
C. 乙图中的海陆风发生在白天，且陆地温度较高
D. 乙图中的海陆风发生在夜晚，且陆地温度较高
【答案】BC
【解析】由于陆地和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，陆地和海洋升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，陆地比海洋升温快，地面上方是热空气，密度小，会上升，海面上方是较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故乙图反映海风形成的时间是白天，甲图反映陆风形成的时间是晚上。故选BC。
14. 图甲是我国自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。当C919空载停在机场的水平地面上时，对地面产生的压强约为，轮胎与地面接触的总面积为。不计飞机受到的浮力，下列说法错误的是（ ）
A. C919空载时重约
B. 气流从机翼上、下表面流过时，流过上表面所用的时间比下表面的长
C. C919在跑道上高速滑行时，它受到的重力与跑道对它的支持力不是一对平衡力
D. C919在高空水平定速巡航时，双侧机翼下表面受到的压力与飞机的重力是一对平衡力
【答案】BD
【解析】A．C919空载停在机场的水平地面上时，对地面产生的压强约为，轮胎与地面接触的总面积为，根据可得，C919空载时对地面的压力为
C919空载停在机场的水平地面上时，压力等于重力，所以C919空载时重约，故A正确，不符合题意；
B．空气从机翼的上、下表面流过，上表面比下表面长，因此空气在机翼上表面的速度比下表面快，所用时间相同，故B错误，符合题意；
C．C919在跑道上高速滑行时，它受到的重力、跑道对它的支持力和升力作用，重力与支持力、升力的合力是一对平衡力，故C正确，不符合题意；
D．C919在高空水平定速巡航时，双侧机翼下表面受到的压力与上表面的压力差即升力与飞机的重力是一对平衡力，故D错误，符合题意。故选BD。
15. 工人站在水平台上，用图示装置提货物，他用200N的力F竖直向上拉绳子时，货物M在10s内竖直匀速上升了2m，额外功与有用功之比为1∶4。工人体重为700N，在此过程中，不计绳重和摩擦。下列说法正确的（ ）
A. 工人对平台的压力为500NB. 该滑轮组机械效率为80%
C. 工人拉力F的功率为40WD. 货物M重力为480N
【答案】BD
【解析】A．工人用200N的力F竖直向上拉绳子，由于物体间力的作用是相互的，所以绳子对工人的拉力为200N；对工人受力分析，受到竖直向下的重力、竖直向下的拉力、竖直向上的支持力，平台对工人的支持力为
根据物体间力的作用是相互的，所以工人对平台的压力为900N，故A错误；
C．由图知n=3，自由端绳子移动的距离为
工人拉力做的功为
工人拉力F的功率为，故C错误；
B．由于额外功与有用功之比为1：4，有用功为
滑轮组的机械效率为，故B正确；
D．物体M的重力为，故D正确。故选BD。
三、填空题（每空1分，共14分）
16. 如图所示，用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，木块B静止不动，此时弹簧测力计的示数为9N，木块受到的摩擦力是_________N；若拉力F增加至22N，长木板A水平方向受到的力是_________（选填“平衡力”或“非平衡力”）。请画出木块B所受力的示意图。（整个过程中，木块B始终未脱离长木板A）
【答案】 9 ；非平衡力； 图见解析
【解析】用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，木块B静止不动，弹簧测力计对木块B的拉力与木块B受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，此时弹簧测力计的示数为9N，所以，木块受到的摩擦力是9N。
用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，则木板A在水平方向受平衡力；若拉力F增加至22N，木板A对地面的压力、木块B对木板A的压力以及木板与地面之间、木块与木板之间的接触面粗糙程度都没有改变，则地面对木板A的摩擦力及木块B对木板A的摩擦力都不变，所以，长木板A水平方向受到的力是非平衡力。
木块B受到竖直向下的重力、木板对它竖直向上的支持力、弹簧测力计对它水平向左的拉力及木板对它水平向右的摩擦力，力的作用点都画在木块的重心，故作图如下：
17. 如图所示的是一款智能卫浴镜，镜子背面安装了防雾膜，膜内装有电热丝。
（1）防雾膜是利用电流的 ___________效应工作的，可以防止水蒸气在镜面上 ___________（填物态变化名称）；
（2）防雾膜的额定电压为12V，采用低压供电的好处是___________；
（3）用干毛巾擦过的镜子表面会粘有细小绒毛，是由于镜子带了 ___________而能吸引轻小物体；
（4）防雾膜的规格为2W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜，其额定功率为 ___________W。
【答案】（1） 热 ；液化 （2）安全，有效避免人身触电 （3） 电 （4）60
【解析】（1）电流通过导体时会产生热量，这种现象叫做电流的热效应；防雾膜就是利用电流的热效应工作的。水蒸气遇到冷的镜面由气态变为液态，发生液化。
（2）防雾膜的额定电压为12V，该电压对人体是安全的，可以避免人触碰到防雾膜时发生触电事故。
（3）带电体有吸引轻小物体的性质，用干毛巾擦过的镜子表面会粘有细小绒毛，是由于镜子带了电而能吸引轻小的绒毛。
（4）防雾膜的规格是2W/dm2，意思是每3dm2的防雾膜的额定功率是2W，则面积为30dm2的防雾膜的额定功率为P＝2W/dm2×30dm2＝60W
18. 在医院住院的病人，输液时需要经常观察输液袋内药液剩余情况。病人需要护理时，只要闭合床头开关就能及时通知值班室里的护士。呼叫电路应该怎样设计呢？能不能利用输液报警器来解决输液袋的监视问题。小明进行了模拟设计。
（1）如图1所示，是小明设计的输液报警器示意图，当输液袋内的药液流完时，蜂鸣器会发出报警声来提醒病人和护士。图中滑片P可在AB段滑动，滑片滑到C点时蜂鸣器报警。分析报警电路可知，虚线框内电路的__________（选填“AC”“AB”或“BC”）段应该用绝缘材料制成；
（2）若输液时药液的温度不变，随着输液袋内药液的减少，袋内剩余药液的比热容__________，内能__________。（选填“增大”、“不变”或“减小”）；
（3）小明以一个病房只有一张病床为例，设计了如图2甲所示的电路。该电路__________（选填“能”或“不能”）达到呼叫目的；
（4）当一个病房有三张病床时，小明设计了如图2乙和丙所示的两种电路。对比这两个电路，图丙所示电路的优点是__________；
（5）若图2甲中的白炽灯、电铃、开关是连接在家庭电路中，请你根据安全用电原则，按图2甲所示的电路图将图3所示的实物连接完整________。
【答案】（1） AC （2）不变 ；减小 （3）能
（4）能够确定发出呼叫的床位 （5）见解析
【解析】（1）由图知，随着药液袋重力减小，弹簧因受到的拉力减小而缩短，滑片P向上滑动。当输液袋内的药液流完时，蜂鸣器会发出报警声，说明滑片滑到C点，此时BC段连入电路，且使蜂鸣器电路成为通路，故BC段是导体；滑片P不滑到C点时（在AC间），蜂鸣器电路是断路，不报警，故AC段是绝缘体。
（2）比热容是物质本身的一种特性，与质量无关，所以袋内剩余药液的比热容不变。输液时药液的温度不变，但袋内剩余药液的质量减少，其内能减小。
（3）由图甲知，一个病房只有一张病床，所以只要闭合开关，铃响灯亮，能达到呼叫目的。
（4）由图乙可，三个开关闭合其中的任意一个开关，铃响灯亮，但无法确定是哪个床位呼叫；由图丙知，每个床位都有对应的一个灯，闭合床头开关，铃响且对应的灯亮，根据亮的灯可以确定是哪个床位呼叫。
（5）由图2甲知，灯泡与电铃并联，开关在干路上；为了安全，开关先接在火线上，再接入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，实物图连接如图所示：
四、实验题（每空1分，共49分）
19. 探究物质熔化规律：小明有一个神奇的“恒温杯”。杯中倒满沸水摇一摇，可使水温快速变为58℃并在一段时间内保持温度不变。小明感到好奇，拆开杯子，发现杯子内壁和外壁间贮存了一种白色物质。小明取出部分白色物质进行实验探究。
（1）用酒精灯加热该物质，每隔1min记录温度计示数，并将数据填入表格，某一时刻温度计示数如图所示，此时温度为___________℃；
（2）请根据数据表格画出该物质的“温度—时间”图像；
（3）分析数据表格和图像可知，该白色物质在熔化过程中吸热，温度___________。由此可判断：“恒温杯”杯壁夹层中的白色物质是___________（选填“晶体”或“非晶体”）。原来，在杯中装满沸水，沸水不断放出热量，温度降低，白色物质吸热温度升高。当白色物质由固态变为液态的过程中，温度___________（选填“大于”“等于”“小于”）58℃，所以水温可以在一段时间内保持不变；
（4）取等质量、初温为65℃的该白色液态物质和水，用同样的酒精灯加热2min，白色物质温度为68℃，水温为66℃，这说明：白色物质和水吸收热量相同时，白色物质温度变化较大，则___________的比热容大。
【答案】（1）56 （2） 见解析 （3） 不变 ；晶体 ；等于 （4）水
【解析】（1）由图甲可知，温度计的分度值为1℃，则此时温度计的示数是56℃。
（2）根据表格中的数据在图像中描点，用一条平滑的曲线连接各点，得到的“温度—时间”图像如下：
（3）分析数据表格和图像可知，该白色物质在3~6min吸收热量，但温度保持58℃不变，说明在3~6min该物质正处于熔化过程中；该物质有熔点，所以该物质是晶体。 白色物质是一种晶体，在熔化的过程中温度不变，所以当白色物质由固态变为液态的过程中，温度不变，保持在58℃。
（4）白色物质和水加热相同的时间，说明二者吸收的热量相同；由可知，白色物质和水吸收热量相同时，白色物质温度变化较大，所以白色物质的比热容更小，水的比热容更大。
20. 小东在研究“阻力对物体运动影响”的实验中，让小车从同一斜面的同一高度处静止开始下滑，小车分别停在如图所示的位置。
（1）每次让小车从同一个斜面的同一高度位置由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同的______；
（2）让小车从斜面上滑下后沿水平面运动是为了使小车在竖直方向受到的______力和______力相平衡，其作用效果相互抵消，相当于小车只受水平方向上的摩擦力的作用；
（3）结论：水平表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得越______；
（4）推理：如果水平表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做______；
（5）通过实验探究后，对牛顿第一定律的知识有更深一层次的理解；力不是维持物体运动状态的原因，而是______物体运动状态的原因。
【答案】 （1）速度 （2）重 ；支持 （3） 远
（4）匀速直线运动 （5）改变
【解析】（1）每次让小车从同一个斜面的同一高度位置由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同的速度，用到了控制变量法。
（2）小车沿水平面运动时，在竖直方向受到的重力和支持力相平衡，其作用效果相互抵消。
（3）毛巾、棉布和木板表面中，木板表面最光滑，小车受到的阻力最小，由实验现象可知，小车在木板表面上运动的距离最远；故可以得出结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得越远。
（4）在实验基础上推理可知：如果水平表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它的运动状态将保持不变，将永远做匀速直线运动。
（5）在牛顿第一定律的基础上还可以推理得出：力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因。实验中小车之所以停下来是因为受到了阻力的作用。
21. 测量自制橙汁的密度。
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，指针静止时位置如图甲___________端移动，使横梁平衡；
（2）小海用已调好天平测量空烧杯质量时，添加质量最小的砝码后，指针静止时位置仍如图甲，其错误是___________；
（3）纠正错误后，完成了下列实验步骤：
①测得空烧杯质量为36.4g；
②取适量橙汁倒入烧杯中，当右盘中砝码的质量、游码在标尺上的位置如图丙所示时，横梁再次平衡___________g；
③将烧杯中的橙汁全部倒入量筒中，如图丁；
④计算橙汁密度为___________g/cm3；
（4）小海与同学交流后发现：该实验方案会导致所测的密度偏___________，若将上述实验步骤①②③④顺序调整为___________，就会减小误差。
（5）小海变换方法，用弹簧测力计、薄塑料袋（重力、厚度均不计）、杯子、水，把适量橙汁装入薄塑料袋，排出空气后扎紧口；然后将塑料袋浸没在水中，静止时测力计示数为0.6N。则橙汁浸没时所受的浮力大小为___________N。
利用以上实验数据（水的密度已知），不能计算出的是___________（单项选择题）。
A.橙汁的质量
B.橙汁排开的水所受的重力
C.橙汁的体积
D.杯子中的水所受到的重力
【答案】（1） 右 （2）在测量过程中调节平衡螺母 （3） ② 83.6 ④. 1.18 （4）偏大 ；②③①④ （5） 3 ； D
【解析】（1）由图甲可知，指针指在分度盘的左侧，即左端下沉，所以将平衡螺母向右端移动，使横梁平衡。
（2）由图甲可以看出，测量的过程中，在调节平衡螺母，这是错误的。
（3）②由图丙可知，游码的分度值为0.2g，游码的示数为3.6g，则橙汁和烧杯的总质量为
则橙汁的质量为
④由丁图知，量筒的分度值为1mL，示数为40mL,则橙汁的密度为
（4）当把烧杯内的果汁全部倒入量筒内时，不可能把烧杯内的果汁全部倒入量筒内，由公式可知，果汁的质量减小，密度会偏小，所以先用天平称出盛有果汁的烧杯的总质量，再将果汁倒入量筒中，记下量筒中果汁体积，再测得空烧杯的质量，此时测量出的果汁的总质量即为量筒内果汁的总质量，所以合理的实验顺序是②③①④。
（5）橙汁浸没时所受的浮力大小为
A．用弹簧测力计测量出橙汁的质量，再根据可求出橙汁的质量，故A不符合题意；
B．橙汁排开的水所受的重力等于其所受到的浮力，根据称重法测浮力知识即可得出橙汁排开水所受的浮力，从而得到橙汁排开的水所受的重力，故B不符合题意；
C．根据阿基米德原理可知，橙汁的体积等于排开水的体积，即
故C不符合题意；
D．根据以上实验数据，不能求出杯子中的水所受到的重力，故D符合题意。故选D。
22. 图是小强“探究杠杆的平衡条件”的实验示意图．
（1）实验前，小强发现杠杆的位置如图甲所示，则接下来应将平衡螺母向_________（选填“左”或“右”）调节，直至杠杆在水平位置平衡．实验过程中，每次实验时都应使杠杆重新在水平位置平衡，其目的是________．
（2）小强记录的实验数据如下表．图乙中，阻力臂为_________cm．
（3）分析表中数据可得出杠杆的平衡条件为________（用、、、表示）．
（4）第3次实验的杠杆类型是________（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆，请列举一个生活中这类杠杆的实例________．
（5）如图丙所示，小强用始终与杠杆垂直的力F将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，这个过程中力F的大小将_________．（选填字母序号）
A. 不变B. 变小C. 变大
【答案】（1）左；便于测量力臂 （2）8.0 （3）
（4）费力 ；食品夹 （5）B
【解析】【小问1】由图知杠杆右端下沉，右端重，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。杆在水平位置平衡，这样力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
【小问2】由图乙可知，尺子的分度值为1cm，所以动力臂为8.0cm。
【小问3】由表中数据可知，每次实验中，动力与动力臂的乘积和阻力与阻力臂的乘积均相等，所以得出杠杆的平衡条件为。
【小问4】第3次实验中，动力臂小于阻力臂，所以杠杆类型属于费力杠杆，生活中使用的食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
【小问5】从支点到动力作用线的距离为动力臂，F始终与杠杆垂直，则动力臂始终为F作用点到支点的距离，所以动力臂大小不变，阻力为绳子对杠杆竖直向下的拉力，阻力始终等于物块的重力，阻力大小不变，在转动过程中，阻力臂逐渐变小，由杠杆平衡条件可知，F的大小将变小，故AC不符合题意，B符合题意。故选B。
23. 如图甲，在测量小灯泡电功率的实验中，小蓝选用标有“2.5V”字样的小灯泡进行实验。已知每节干电池的电压略低于1.5V，滑动变阻器规格为“ 1A”。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到______（选填“A”或“B”）端；
（2）闭合开关后，电流表、电压表示数均为0，移动滑片P，两电表指针都不偏转。将与电压表“3”接线柱相连的导线从C端拆下，用拆下端分别：试触电流表“”接线柱时，电压表指针不偏转；试触电流表“0.6”接线柱时，电压表指针偏转。若电路只有一处故障，则可能是电流表出现______（选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后，重新开始实验。当滑片P位于变阻器阻值最大处时，闭合开关，电压表示数为0.8V，电流表示数为0.17A，小灯泡不发光，原因是灯泡的电功率______；
（4）移动滑片P，改变小灯泡两端电压，再进行三次实验，实验数据如下表。第3次实验中，电压表示数如图乙所示，该示数为______V；
（5）根据实验数据，采用描点的方式，画出小灯泡的图象，如图丙所示：图象中的阴影部分面积表示小灯泡的______，数值为______；通过小灯泡的电流与其两端的电压______（选填“成”或“不成”）正比；
（6）电源电压为______V。
【答案】（1）B （2）断路 （3）偏小 （4）1.5
（5）额定功率（正常工作时的功率）；0.7W ； 不成 （6）4.2
【解析】【小问1】为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端。
【小问2】闭合开关后，电流表、电压表示数均为0，说明电路可能断路，电压表与电源没有连通；将与电压表“3”接线柱相连的导线从C端拆下，用拆下端试触电流表“0.6”接线柱时，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，若电路只有一处故障，则可能是电流表出现断路。
【小问3】当滑片P位于变阻器阻值最大处时，闭合开关， 电压表示数为0.8V，电流表示数为0.17A，此时灯 泡实际功率为
小灯泡不发光，说明灯泡实际功率太小。
【小问4】由图甲可知，电压表选用小量程，第3次实验中 ，电压表示数如图乙所示，电压表分度值为0.1V，其示数为1.5V。
【小问5】]图丙中阴影部分面积等于UI，由可知，阴影部分面积表示小灯泡的实际功率，由表中第2次实验数据可知，当灯泡两端电压为 2.5V时，通过灯泡的电流为0.28A，故阴影部分面积的数值为
由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据可知，灯泡实际功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大，故通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比。
【小问6】当滑片P位于变阻器阻值最大处时，闭合开关，电压表示数为0.8V，电流表示数为0.17A，滑动变 阻器两端电压为
则电源电压为
五、计算题（共11分）
24. 要打捞一块陷入海底淤泥的沉船残骸（图甲），先要清理残骸周围的淤泥，使残骸底部与海底不紧密接触，如图乙所示，然后再利用钢缆将残骸从水底竖直向上提起。钢缆对残骸的拉力F随时间t变化的情况如图丙所示，其中在这段时间内，残骸始终以0.2m/s的速度向上运动，第40s时残骸刚好全部出水。残骸完全出水后，钢缆提升残骸的功率为32kW。已知残骸是一个底面积为的实心长方体，海水的密度取，g取10N/kg。
（1）在图甲中画出此时残骸在竖直方向的受力情况．
（2）残骸浸没在水中时受到的浮力是多少？
（3）若改用充气浮筒打捞残骸，一个浮筒充满气体后的最大排水量为2200kg，不计浮筒的重力，则至少需要多少个这样的浮筒才能使残骸离开水底？
【答案】（1）见解析 （2）2×104N （3）7个
【解析】【小问1】残骸在竖直方向上受到竖直向下的重力和底部对残骸竖直向上的支持力，下表面不受海水的压力，所以残骸不受浮力，上表面受到海水竖直向下的压力，故作图如下：
【小问2】由图可知，第30s时，物体开始露出水面，到40s完全露出，提升速度为0.2m/s，所以长方体残骸的高为h=vt=0.2m/s×（40s-30s）=2m
残骸的体积为V=Sh=1m2×2m=2m3
所以残骸浸没在水中时受到的浮力为F浮=ρ海水gV排=ρ海水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×2m3=2×104N
【小问3】残骸完全出水后，钢缆提升残骸的功率为32kW，速度为0.2m/s，则由可得，钢缆上的拉力为
由二力平衡可知，残骸的重力为G=F拉=1.6×105N
一个浮筒充满气体后的最大排水量为2200kg，根据阿基米德原理可知，它受到的最大浮力为F浮′=G排=m排g=2200kg×10N/kg=2.2×104N
要使残骸离开水底，至少需要这样浮筒的个数为
25. 如图甲所示，有一种自动门，当人靠近门时，门会自动开启，当人离开后门自动关闭．科技小组设计制作了模拟自动门，图乙是部分模拟电路的示意图，电动机标有“220V 44W”的字样，其线圈电阻为；控制电路的电源电压U为24V，为定值电阻，人体红外传感器的阻值随人体到大门距离L变化的关系如下表；当电磁铁线圈中的电流为100mA时，衔铁刚好被吸引与触点接触，电动机开始工作，门开启。（不计电磁铁线圈及衔铁的电阻）
（1）门开启一次用时3s，则这段时间内电动机因发热消耗的电能为多少？
（2）经测试时刚好触发电动机工作，则的阻值为多少？
（3）若将一只量程满足使用要求的电压表并联在两端，通过电压表的示数能够直观反映人与门间的距离，则电压表表盘上16V的刻度对应的L值是多少？
【答案】（1）0.6J （2）60Ω （3）2m
【解析】【小问1】解：根据题意可知，电动机标有“220V 44W”的字样，则电动机工作时，线圈中的电流为
由因为其线圈电阻为，所以门开启一次用时3s，这段时间内电动机因发热消耗的电能为
【小问2】当电磁铁线圈中的电流为100mA时，衔铁刚好被吸下，触发电动机工作，大门打开，此时控制电路的总电阻为
由人体红外传感器的阻值随人体到大门距离L变化的关系表可知，当L=4m时，R0的阻值为180Ω，根据电阻的串联可知，的阻值为
【小问3】根据图乙可知，R1和R0串联，控制电路的电源电压U为24V，且电压表并联在两端，根据串联电路的电压规律可知，当电压表表盘上16V时，R1两端的电压为8V，又R1的阻值为60Ω，则R0的阻值为120Ω，由人体红外传感器的阻值随人体到大门距离L变化的关系表可知，电压表表盘上16V的刻度对应的L值是2m。
六、科普阅读题
26. “歼-20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼-20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传物信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼-20”配备了大功率雷达，为解决散热问题，还采用了新一代液体冷却系统，该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2880km/h，最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是30%，航空燃油的热值为
（1）下列说法中不正确的是___________；
A．飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B．“歼-20”飞机在空中加油时，与加油机处于相对静止
C．飞机与地面的联系采用电磁波的形式传输信号
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于平衡状态
（2）当飞机以400m/s的速度沿直线巡航时，飞机发动机的输出功率为___________kW；
（3）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，则机翼面积为___________m²；
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值与离地高度的关系如图甲所示，如图乙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在___________（选填①、②、③）位置，该高度表示刻度___________（均匀/不均匀）。
【答案】（1）D （2） （3） 74 （4） ③ ； 均匀
【解析】（1）A．飞机的机翼做成流线型，在飞行过程可以减小空气对飞机的阻力，提高飞机的性能，故A正确，不符合题意；
B．“歼-20”飞机在空中加油时，“歼-20”飞机与加油机之间位置没有变化，处于相对静止，故B正确，不符合题意；
C．电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，飞机与地面的联系采用电磁波的形式传输信号，故C正确，不符合题意；
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，运动状态不断改变，受非平衡力作用，处于非平衡状态，故D错误，符合题意。故选D。
（2）当飞机以400m/s的速度沿直线巡航时，飞受到阻力为4.8×104N，匀速直线飞行时动力等于阻力，故飞机发动机的输出功率为
（3）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，则机翼面积为
（4）由题意知，检测电路电源输出的电流恒定，高度表示数能随飞行高度的增大而增大，所以高度计应是电压表，由图甲说明R1与高度h成一次函数关系，所以电压表应与R1并联，则此高度表应安装在③位置；由U = IR1可知，电压表(高度表)示数刻度均匀。
实验序号
电阻R/Ω
电流表示数I/A
第1次
5
0.4
第2次
10
0.2
第3次
20
0.1
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
温度/℃
52
53
55
58
58
58
58
60
62
65
次数
动力/N
动力臂/cm
阻力/N
阻力臂/cm
1
1.0
0.5
16.0
2
1.5
10.0
1.5
10.0
3
2.0
15.0
1.5
20.0
实验次数
第1次
第2次
第3次
第4次
U/V
0.8
2.5
3
I/A
0.17
0.28
0.23
0.3
电阻
60
90
120
150
180
210
距离L/m
0
1
2
3
4
5
速度v（m/s）
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.3×104
1.2×104
2.7×104
4.8×104
7.5×104