江苏省锡山高级中学2024_2025学年高一下学期3月阶段性考试 数学试卷（含解析）

这是一份江苏省锡山高级中学2024_2025学年高一下学期3月阶段性考试 数学试卷（含解析），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（本大题共8小题）
1．已知向量，向量满足，，则（ ）
A．B．C．D．
2．向量，，为第三象限角，且，则（ ）
A．B．C．D．
3．已知单位向量，满足，则在上的投影向量为（ ）
A．B．C．D．
4．如图，在等腰直角三角形中，斜边，为线段上的动点（包含端点），为的中点．将线段绕着点旋转得到线段，则的最小值为（ ）

A．B．
C．D．
5．若角是锐角三角形的两个内角，则“”是“”的（ ）
A．充分而不必要条件B．必要而不充分条件
C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件
6．已知是单位向量，且的夹角为，若，则的取值范围为（ ）
A．B．C．D．
7．已知是平面内三个非零向量，且，则当与的夹角最小时，（ ）
A．B．C．D．
8．将函数的图象上的所有点的横坐标缩短为原来的，纵坐标不变，再把所得的图象向左平移个单位长度，然后再把所得的图象向下平移1个单位长度，得到函数的图象，若，且，则的最大值为（ ）
A．B．C．D．
二、多选题（本大题共3小题）
9．设，是两个非零向量，下列四个命题为真命题的是（ ）
A．若，则和的夹角为
B．若，则和的夹角为
C．若，则和方向相同
D．若，则和b的夹角为钝角
10．如图，已知正八边形的边长为1，是它的中心，是它边上任意一点，则（ ）
A．与不能构成一组基底B．
C．在上的投影向量的模为D．的取值范围为
11．已知两个不相等的非零向量，两组向量和均由3个和2个排列而成，记，表示S所有可能取值中的最小值，则下列命题正确的是（ ）
A．若，则与无关；B．若，则与无关；
C．若，则；D．若，，则的夹角为.
三、填空题（本大题共3小题）
12．已知，则 ．
13．我国古代数学家赵爽大约在公元222年为《周髀算经》一书作序时，介绍了“勾股圆方图”，亦称“赵爽弦图”（如图1）．类比“赵爽弦图”，可构造图2所示的图形，它是由3个全等的三角形和中间的小等边三角形拼成的一个较大的等边三角形．已知，若，则的值为 ．
14．已知函数，若函数在有6个不同的零点，则实数的取值范围是 ．
四、解答题（本大题共5小题）
15．已知，，且与的夹角为120°，求：
(1)；
(2)若向量与平行，求实数的值．
16．在中，内角，，的对边分别为，，，满足．
(1)求角的大小；
(2)若，求周长的最小值．
17．已知，记.
(1)求函数的最小正周期；
(2)若求，求.
18．已知向量，，，向量满足，且．
（1）已知，且，求的值；
（2）若在上为增函数，求的取值范围．
19．在ΔABC中，P为AB的中点，O在边AC上，BO交CP于R，且，设AB=，AC=

(1)试用，表示；
(2)若，求∠ARB的余弦值
(3)若H在BC上，且RH⊥BC设，若，求的范围.
参考答案
1．【答案】C
【分析】设出，根据题意利用向量的坐标运算列式运算求解.
【详解】设，则，
由，得，
又，得，即，
联立，解得.
.
故选：C.
2．【答案】D
【详解】因为向量，，且，
所以，所以，
所以，
又为第三象限角，所以，
所以.
故选D.
3．【答案】C
【详解】因为，，
所以在上的投影向量为
故选：C.
4．【答案】D
【分析】利用转化法，将转化为或，进而求得的最小值.
【详解】解法一：
连接，则
，
当时，最小，即，
结合，得的最小值为．
解法二（极化恒等式法）：
依题意，为线段的中点，
则
,
由于，，所以的最小值为．
故选:D

5．【答案】C
【详解】因为角是锐角三角形的两个内角，所以，
所以，且均为锐角，
所以，即，
，即，
所以“”是“”的充分必要条件，
故选C
6．【答案】C
【分析】由向量模与夹角的公式得，进而结合向量的夹角范围求解即可.
【详解】因为是单位向量，且的夹角为，
所以，
又，
所以，
又，所以，所以.
故选C.
7．【答案】B
【分析】
设，以为原点，为坐标轴建立直角坐标系，设，表示出的坐标，利用数量积关系表示出夹角即可求出.
【详解】
设，
因为，所以，即是边长为1的等边三角形，
因为，则可以为原点，为坐标轴建立直角坐标系，
设，则，，
，
，
则，
，
则，
令，则，
令，则，
则可得在单调递增，在单调递减，
所以在取得最大值，即最大，与的夹角最小，
此时.
故选：B.
8．【答案】A
【详解】根据平移变换将函数的图象上的所有点的横坐标缩短为原来的,纵坐标不变,再把所得的图象向左平移个单位长度,然后再把所得的图象向下平移1个单位长度,
可得,
由,
可知,
即,
,所以,
的最大值为,的最小值为,
则的最大值为,的最小值为,
所以的最大值为,
故选A.
9．【答案】ABC
【分析】
利用向量加减法的几何意义，判断A、B的正误；两向量模的性质判断C，由向量的夹角与数量积间的关系判定判断D.
【详解】
解：，，，构成等边三角形，A正确；
由向量加法的平行四边形法则可知，和的夹角为，B正确；，则与同向，C正确；
若，则和的夹角为钝角或者，D错误，
故选：ABC.
10．【答案】AD
【详解】对于A：连接，，，
，
，
，
以所在直线为轴，所在直线为轴，建立平面直角坐标系，
则
，
，
与平行，不能构成一组基底，故A正确；
对于B：，，
，
，
，故B错误；
对于C：，，，
，，
在向量上的投影向量的模长为，故C错误；
对于D：取的中点，则，，
，，
两式相减得：，
当点与点或重合时，最大，最大值为，
的最大值为，
当点与点重合时，最小为，的最小值为，
的取值范围为，故D正确.
故选AD.
11．【答案】AC
【详解】因为两组向量和均由3个和2个排列而成，
故可能有三种情况;
;②;③,
，
，
故；
若，则,则与无关,故A正确；
若，设，则，则与有关，B错误；
若，则，故C正确；
若，，则，
故，由于，故，故D错误；
故选AC
12．【答案】
【详解】
13．【答案】
【详解】如图所示：
连接FB，在中，，即，
所以，在中，，
所以，
在中，，则，
因为，
所以，则，所以，
故答案为：
14．【答案】
【详解】当时，，
当时，，
画出函数图象，如图所示：
函数在,有6个不同零点有以下四种可能：
①方程有两个不同的实根和且方程有两个根，
且方程有四个不同的实根，
由函数的图象知，且，
令，
则需，解得；
②方程有两个不同的实根和且方程有零个根，
且方程有六个不同的实根，
函数的图象知，,,且，
由于，则需，解得；
③方程有两个不同的实根和且方程有1个根，
且方程有5个实根成立，则需，此时无解；
④方程有且只有1个根且方程有6个根，
计算得或，或，不合题意；
综上所述：或．
15．【答案】(1)
(2)
【详解】（1），
所以.
（2）由于向量与平行，
所以存在实数，使得，
所以，解得.
16．【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为，所以，
由余弦定理得，
因为，所以；
（2）因为，所以，
所以，
所以，当且仅当时等号成立，
所以周长的最小值为.
17．【答案】(1)
(2)
【详解】（1）因为
，
所以的最小正周期.
（2）因为，
可得，又因为，则，
则，
则，
，
可得
，
所以.
18．【答案】（1）；（2）．
【详解】（1）由，有，；
（2）
由在上为增函数，则对称轴，即，
设，则，
又，且，则
，解得，，
于是，
即，，
即，
又，故．
19．【答案】(1)
(2)
(3)
【分析】（1）由，三点共线结合平面向量基本定理可得答案；
（2）由（1）及题目条件，结合两向量夹角余弦公式可得答案.
（3）设，结合及（1）可得，即可得答案.
【详解】（1）因为P,R,C共线，则存在使，
则，整理得.
由共线，则存在使，
则，整理得.
根据平面向量基本定理，有，
则.
（2）由（1），，，
则，，.
则；
（3）由（1）知，则.
由共线，设.
又.
则
.
因为，则，则.
所以的范围为.