备战2025高考数学压轴导数大题训练(全国通用版)专题11函数中的同构问题(学生版+解析)

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近年来同构函数频频出现在模拟试卷导数解答题中，高考真题中也出现过同构函数的身影，同构法是将不同的式子通过变形，转化为形式结构相同或者相近的式子，通过整体思想或换元等将问题转化的方法，这体现了转化思想．此方法常用于求解具有对数、指数等混合式子结构的等式、不等式问题中，或利用函数单调性定义确定函数单调性，利用此方法求解某些导数压轴题往往能起到秒杀效果.
(一)同构函数揭秘
同构式是指除了变量不同，其余地方均相同的表达式，导数中同构函数问题大多属于指对跨阶问题，比如与属于“跨阶函数”，而属于“跳阶函数”，对于指对跳阶的函数问题，直接求解，一般是通过隐零点代换来简化，并且有很大局限性，有些题若采用指对跨阶函数进行同构，可将跳阶函数问题转化为跨阶函数问题，从而使计算降阶，通常构造的同构函数有以下几类：，等，在一些求参数的取值范围、零点个数、不等式证明、双变量问题中，利用复合函数单调性，复合函数零点个数等问题中常通过构造同构函数求解.利用同构函数解题要注意一些常见的凑形技巧，如；等.
【例1】（2024届江苏省苏州市高三下学期三模）已知函数．
(1)讨论的单调性；
(2)当时，证明：．
【解析】（1）函数的定义域为，且．
当时，恒成立，所以在区间上单调递增；
当时，令，解得，
当时，在区间上单调递增，
当时，在区间上单调递减．
综上所述，当时，在区间上单调递增；
当时，在区间上单调递增，在区间上单调递减．
（2）当时，因为，所以要证，只要证明即可，
即要证，等价于（*）．
令，则，
在区间上，单调递减；在区间上，单调递增，
所以，所以（当且仅当时等号成立），
所以（*）成立，当且仅当时，等号成立．
又在上单调递增，，
所以存在，使得成立．综上所述，原不等式成立．
【例2】（2024届重庆市南开中学高三上学期第质量检测）已知函数在处的切线和直线垂直.
(1)求实数的值；
(2)若对任意的，，都有成立（其中为自然对数的底数），求实数m的取值范围.
【解析】（1）由函数，可得，可得
因为函数在处的切线l和直线垂直，所以，
即，解得.
（2）解：不妨设，则，
因为对任意的，，都有成立，
可得，即，
设，则，故在单调递增，
从而有，即在上恒成立，
设，则，
因为，
令，即，解得，
令，即，解得，
所以在单调递减，在单调递增，
又因为，故在上最小值，所以，
实数的取值范围是.
(二) 型同构
【例3】（2024届广西贵港市高考模拟预测）已知函数．
(1)当时，请判断的极值点的个数并说明理由；
(2)若恒成立，求实数a的取值范围．
【解析】（1）当时，，，
所以，令，则，
当时，，在上单调递增，
又，，存在唯一零点，且，
当时，，在上单调递减，
当时，，在单调递增．
有一个极小值点，无极大值点．
（2）恒成立，
恒成立，恒成立．
令，则，恒成立．
设，由（1）可知的最小值为．
又，．（﹡）
设，当时，，在上单调递增，
，，，
由（﹡）知，，即．
，
，，又，a的取值范围为．
(三)型同构
【例4】（2023届福建省宁德市高三高考前最后一卷）已知函数．
(1)讨论函数的零点的个数﹔
(2)当时，若对任意，恒有，求实数a的取值范围．
【解析】（1）令则，记，则，
当时，，此时在单调递减，
当时，，此时在单调递增，
故当时，取极大值也是最大值，
又，而当时，，故当时，，当时， ，作出的图象如下：

因此当时，即，无交点，此时无零点，
当或时，即或，有一个交点，此时有一个零点，
当时，即，有两个交点，此时有2个零点，
综上可知：当时， 无零点，
当或有一个零点，当，有2个零点，
（2）当时，若对任意，恒有等价于：
对任意，恒有，
令，则不等式等价于，
由于，
令，
当单调递减，当单调递增，所以，故在单调递增，
由得对任意恒成立，
两边取对数得对任意恒成立，
故，所以，故的范围为。
(四)型同构
【例5】（2024届福建省漳州市高三上学期质量检测）已知函数.
(1)讨论的单调性；
(2)当时，，求实数a的取值范围.
【解析】（1）依题意，得.
当时，，所以在单调递增.
当时，令，可得；令，可得，
所以在单调递增，在单调递减.
综上所述，当时，在单调递增；当时，在单调递增，在单调递减.
（2）因为当时，，所以，
即，
即，
即.
令，则有对恒成立.
因为，所以在单调递增，
故只需，
即对恒成立.
令，则，令，得.
当时，，当时，，
所以在单调递增，在单调递减，
所以.因此，所以.
(五)型同构
【例6】（2024届江苏省宿迁市高三下学期三模）已知函数．
(1)若曲线在处的切线的方程为，求实数的值；
(2)若函数恒成立，求的取值范围．
【解析】（1）因为，函数的定义域为，
所以，
由曲线在处的切线的方程为，得，
所以，
设，，
所以函数是上的递增函数，又，
所以方程有唯一解，
所以，，
所以切点坐标为，代入直线方程得．
（2），定义域为，
，
设，所以，
所以在上递减，又，，
所以当时，，即，函数递增，
当时，，即，函数递减，
所以函数的最大值 ，
又，所以，
所以，
因为恒成立，即恒成立，
设，则，所以递增，
所以，即恒成立，因为在上递减，且，
所以只需恒成立，即，又，所以．
(六)利用单调函数定义同构
【例7】（2024届贵州省六盘水市2024届高三下学期三诊）若函数在上有定义，且对于任意不同的，都有，则称为上的“k类函数”
(1)若，判断是否为上的“4类函数”；
(2)若为上的“2类函数”，求实数a的取值范围；
(3)若为上的“2类函数”且，证明：，，.
【解析】（1）函数是上的“4类函数”，理由如下：
不妨设，所以，
，
所以是上的“4类函数”；
（2），，
由题意知，对于任意不同的都有，
不妨设，则，
故且，
所以为上的增函数，为上的减函数，
所以对任意的，即，
由，令，则，，
令得在上单调递增，，
由，令，
只需，，令得在单调递增，
所以，综上所述，实数a的取值范围为；
（3）证明：因为为上的“2类函数”，所以，
不妨设，当时，；
当时，因为，
所以
，
综上所述，，，.
【例1】（2024届西省九江市高三第三次统考）已知函数，且.
(1)讨论的单调性；
(2)若方程有三个不同的实数解，求的取值范围.
【解析】（1）解法一：令，
则在上单调递增.
又当时，，即；当时，，即
在上单调递减，在上单调递增.
解法二：
①当时，由得，由得
在上单调递减，在上单调递增
②当时，同理可得在上单调递减，在上单调递增.
综上，当时，在上单调递减，在上单调递增.
（2）解法一：由，得，易得
令，则，又为偶函数，
由（1）知在上单调递增，，即有三个不同的实数解.
令，由，得由，得，
在上单调递增，在上单调递减，且
在上单调递减，在上单调递增，在上单调递减
当时，；当时，，故
解得或，故的取值范围是
解法二：由得，易得，
令，则在上单调递减，在上单调递增.
由，得或，
两边同时取以为底的对数，得或，
，即有三个不同的实数解，下同解法一.
【例2】（2024届江苏省徐州市邳州市高三上学期月考）已知函数．
(1)若，求的最小值；
(2)若方程有解，求实数a的取值范围．
【解析】（1）当时，，
，设，则，
在上单调递增，且，
所以时，，单调递减，
时，，单调递增，所以；
（2）即，
即，设，则，
，设，则，
所以时，，单调递减，
时，，单调递增，
所以，即，在上单调递增，
所以方程有解即在上有解，
有解，即有解，设，则，
时，，单调递增，
时，，单调递减，所以，
当时，，所以，即实数a的取值范围是．
【例3】（2024届陕西省西安市部分学校高三上学期考试）已知函数.
(1)当，求的极值；
(2)若恒成立，求的取值范围.
【解析】（1）当时，，
则，
所以在上，单调递增，在上，单调递减，
当时取得极大值，，故的极大值为，无极小值.
（2）由，可得，则，即.
令，则，
因为在上单调递增，所以，则.
令，则，
在上，单调递增，在上，单调递减，即，
所以，则的取值范围为.
【例4】（2024届安徽省六校教育研究会高三上学期素质测试）已知函数（是自然对数的底数）.
(1)讨论函数的单调性；
(2)若有两个零点，求实数的取值范围.
【解析】（1）因为，所以，
当时，，所以在R上单调递减；
当时，令得；令得，
所以在上单调递减，在上单调递增.
综上，当时，在R上单调递减，无增区间；当时，在上单调递减，在上单调递增.
（2）由题意有两个零点，
令，，则在上恒成立，所以在上单调递增，
故，所以有两个零点等价于有两个零点，
等价于有两个不同的实数解，等价于与有两个交点，
则，得，得，
所以在上单调递增，在上单调递减，又，，
当t趋向于0且为正时，趋向于负无穷大，当t趋向于正无穷大时，趋向于0，如图：

由图可知，要使与有两个交点，则，
所以实数的取值范围为.
【例5】（2024届重庆市渝北中学高三上学期月考）已知函数，．
(1)当时，求函数的极值；
(2)若任意、且，都有成立，求实数的取值范围．
【解析】（1）当时，，其中，
则，令，解得或，
又因为，所以，
列表如下：
因此有极小值，无极大值.
（2）解：因为，，
所以，其中，
对、且，不妨设，则，
得到，化为，
设且函数的定义域为，
所以在为增函数，
即有对恒成立，即对任意的恒成立，
设，其中，则，
令，解得，令，解得，
所以在上单调递增，在上单调递减，
所以最大值，因此实数的取值范围是．
【例6】已知函数
(1)请讨论函数的单调性
(2)当时，若恒成立，求实数的取值范围
【解析】 (1)
当时，在上递增
当时，在，单调递减
在上，单调递增
(2)原式等价于
设，
由（1）当时，为增函数 ， ，
∴等式等价于恒成立，
4．（2024届全国统一考生押题卷）已知函数，．
(1)求曲线在点处的切线方程．
(2)当时，讨论函数的单调性．
(3)若对任意恒成立，求实数的取值范围．
5．（2024届山东省部分学校高三上学期联考）已知函数.
(1)当时，讨论的单调性；
(2)当时，恒成立，求实数的取值范围.
6.已知
(1)当时，求的单调性；
(2)讨论的零点个数．
7.已知函数.
(1)当时，若曲线与直线相切于点，求点的坐标；
(2)当时，证明：；
(3)若对任意，不等式恒成立，请直接写出的取值范围.
8.（2023届广东省深圳市光明区高三二模）已知函数的图象在处的切线经过点.
(1)求的值及函数的单调区间；
(2)设，若关于的不等式在区间上恒成立，求正实数的取值范围.
9.已知，，．
(1)当时，求函数的极值；
(2)当时，求证：．
10.（2023届海南省海口市龙华区高三一模）已知函数.
(1)讨论函数的单调性；
(2)已知，若存在，不等式成立，求实数的最大值.
11.（2023届吉林省长春外国语学校高三上学期考试）已知函数（e是自然对数的底数）.
(1)当时，求的极值点；
(2)讨论函数的单调性；
(3)若有两个零点，求实数的取值范围.
12．已知函数，.
(1)求在处的切线方程；
(2)求证：.
(3)当时，，求实数的取值范围.
13.已知函数.
(1)当时，求函数的单调区间：
(2)若在恒成立，求实数的取值范围.
14．已知函数.
(1)若，求的单调区间；
(2)是否存在实数a，使对恒成立，若存在，求出a的值或取值范围；若不存在，请说明理由.
15．已知函数．
(1)若在上仅有一个零点，求实数a的取值范围；
(2)若对任意的，恒成立，求实数a的取值范围．
16．已知函数，其图象在处的切线过点．
(1)求a的值；
(2)讨论的单调性；
(3)若，关于x的不等式在区间上恒成立，求的取值范围．2
0
单调递减
极小值
单调递增
专题11 函数中的同构问题
近年来同构函数频频出现在模拟试卷导数解答题中，高考真题中也出现过同构函数的身影，同构法是将不同的式子通过变形，转化为形式结构相同或者相近的式子，通过整体思想或换元等将问题转化的方法，这体现了转化思想．此方法常用于求解具有对数、指数等混合式子结构的等式、不等式问题中，或利用函数单调性定义确定函数单调性，利用此方法求解某些导数压轴题往往能起到秒杀效果.
(一)同构函数揭秘
同构式是指除了变量不同，其余地方均相同的表达式，导数中同构函数问题大多属于指对跨阶问题，比如与属于“跨阶函数”，而属于“跳阶函数”，对于指对跳阶的函数问题，直接求解，一般是通过隐零点代换来简化，并且有很大局限性，有些题若采用指对跨阶函数进行同构，可将跳阶函数问题转化为跨阶函数问题，从而使计算降阶，通常构造的同构函数有以下几类：，等，在一些求参数的取值范围、零点个数、不等式证明、双变量问题中，利用复合函数单调性，复合函数零点个数等问题中常通过构造同构函数求解.利用同构函数解题要注意一些常见的凑形技巧，如；等.
【例1】（2024届江苏省苏州市高三下学期三模）已知函数．
(1)讨论的单调性；
(2)当时，证明：．
【解析】（1）函数的定义域为，且．
当时，恒成立，所以在区间上单调递增；
当时，令，解得，
当时，在区间上单调递增，
当时，在区间上单调递减．
综上所述，当时，在区间上单调递增；
当时，在区间上单调递增，在区间上单调递减．
（2）当时，因为，所以要证，只要证明即可，
即要证，等价于（*）．
令，则，
在区间上，单调递减；在区间上，单调递增，
所以，所以（当且仅当时等号成立），
所以（*）成立，当且仅当时，等号成立．
又在上单调递增，，
所以存在，使得成立．综上所述，原不等式成立．
【例2】（2024届重庆市南开中学高三上学期第质量检测）已知函数在处的切线和直线垂直.
(1)求实数的值；
(2)若对任意的，，都有成立（其中为自然对数的底数），求实数m的取值范围.
【解析】（1）由函数，可得，可得
因为函数在处的切线l和直线垂直，所以，
即，解得.
（2）解：不妨设，则，
因为对任意的，，都有成立，
可得，即，
设，则，故在单调递增，
从而有，即在上恒成立，
设，则，
因为，
令，即，解得，
令，即，解得，
所以在单调递减，在单调递增，
又因为，故在上最小值，所以，
实数的取值范围是.
(二) 型同构
【例3】（2024届广西贵港市高考模拟预测）已知函数．
(1)当时，请判断的极值点的个数并说明理由；
(2)若恒成立，求实数a的取值范围．
【解析】（1）当时，，，
所以，令，则，
当时，，在上单调递增，
又，，存在唯一零点，且，
当时，，在上单调递减，
当时，，在单调递增．
有一个极小值点，无极大值点．
（2）恒成立，
恒成立，恒成立．
令，则，恒成立．
设，由（1）可知的最小值为．
又，．（﹡）
设，当时，，在上单调递增，
，，，
由（﹡）知，，即．
，
，，又，a的取值范围为．
(三)型同构
【例4】（2023届福建省宁德市高三高考前最后一卷）已知函数．
(1)讨论函数的零点的个数﹔
(2)当时，若对任意，恒有，求实数a的取值范围．
【解析】（1）令则，记，则，
当时，，此时在单调递减，
当时，，此时在单调递增，
故当时，取极大值也是最大值，
又，而当时，，故当时，，当时， ，作出的图象如下：

因此当时，即，无交点，此时无零点，
当或时，即或，有一个交点，此时有一个零点，
当时，即，有两个交点，此时有2个零点，
综上可知：当时， 无零点，
当或有一个零点，当，有2个零点，
（2）当时，若对任意，恒有等价于：
对任意，恒有，
令，则不等式等价于，
由于，
令，
当单调递减，当单调递增，所以，故在单调递增，
由得对任意恒成立，
两边取对数得对任意恒成立，
故，所以，故的范围为。
(四)型同构
【例5】（2024届福建省漳州市高三上学期质量检测）已知函数.
(1)讨论的单调性；
(2)当时，，求实数a的取值范围.
【解析】（1）依题意，得.
当时，，所以在单调递增.
当时，令，可得；令，可得，
所以在单调递增，在单调递减.
综上所述，当时，在单调递增；当时，在单调递增，在单调递减.
（2）因为当时，，所以，
即，
即，
即.
令，则有对恒成立.
因为，所以在单调递增，
故只需，
即对恒成立.
令，则，令，得.
当时，，当时，，
所以在单调递增，在单调递减，
所以.因此，所以.
(五)型同构
【例6】（2024届江苏省宿迁市高三下学期三模）已知函数．
(1)若曲线在处的切线的方程为，求实数的值；
(2)若函数恒成立，求的取值范围．
【解析】（1）因为，函数的定义域为，
所以，
由曲线在处的切线的方程为，得，
所以，
设，，
所以函数是上的递增函数，又，
所以方程有唯一解，
所以，，
所以切点坐标为，代入直线方程得．
（2），定义域为，
，
设，所以，
所以在上递减，又，，
所以当时，，即，函数递增，
当时，，即，函数递减，
所以函数的最大值 ，
又，所以，
所以，
因为恒成立，即恒成立，
设，则，所以递增，
所以，即恒成立，因为在上递减，且，
所以只需恒成立，即，又，所以．
(六)利用单调函数定义同构
【例7】（2024届贵州省六盘水市2024届高三下学期三诊）若函数在上有定义，且对于任意不同的，都有，则称为上的“k类函数”
(1)若，判断是否为上的“4类函数”；
(2)若为上的“2类函数”，求实数a的取值范围；
(3)若为上的“2类函数”且，证明：，，.
【解析】（1）函数是上的“4类函数”，理由如下：
不妨设，所以，
，
所以是上的“4类函数”；
（2），，
由题意知，对于任意不同的都有，
不妨设，则，
故且，
所以为上的增函数，为上的减函数，
所以对任意的，即，
由，令，则，，
令得在上单调递增，，
由，令，
只需，，令得在单调递增，
所以，综上所述，实数a的取值范围为；
（3）证明：因为为上的“2类函数”，所以，
不妨设，当时，；
当时，因为，
所以
，
综上所述，，，.
【例1】（2024届西省九江市高三第三次统考）已知函数，且.
(1)讨论的单调性；
(2)若方程有三个不同的实数解，求的取值范围.
【解析】（1）解法一：令，
则在上单调递增.
又当时，，即；当时，，即
在上单调递减，在上单调递增.
解法二：
①当时，由得，由得
在上单调递减，在上单调递增
②当时，同理可得在上单调递减，在上单调递增.
综上，当时，在上单调递减，在上单调递增.
（2）解法一：由，得，易得
令，则，又为偶函数，
由（1）知在上单调递增，，即有三个不同的实数解.
令，由，得由，得，
在上单调递增，在上单调递减，且
在上单调递减，在上单调递增，在上单调递减
当时，；当时，，故
解得或，故的取值范围是
解法二：由得，易得，
令，则在上单调递减，在上单调递增.
由，得或，
两边同时取以为底的对数，得或，
，即有三个不同的实数解，下同解法一.
【例2】（2024届江苏省徐州市邳州市高三上学期月考）已知函数．
(1)若，求的最小值；
(2)若方程有解，求实数a的取值范围．
【解析】（1）当时，，
，设，则，
在上单调递增，且，
所以时，，单调递减，
时，，单调递增，所以；
（2）即，
即，设，则，
，设，则，
所以时，，单调递减，
时，，单调递增，
所以，即，在上单调递增，
所以方程有解即在上有解，
有解，即有解，设，则，
时，，单调递增，
时，，单调递减，所以，
当时，，所以，即实数a的取值范围是．
【例3】（2024届陕西省西安市部分学校高三上学期考试）已知函数.
(1)当，求的极值；
(2)若恒成立，求的取值范围.
【解析】（1）当时，，
则，
所以在上，单调递增，在上，单调递减，
当时取得极大值，，故的极大值为，无极小值.
（2）由，可得，则，即.
令，则，
因为在上单调递增，所以，则.
令，则，
在上，单调递增，在上，单调递减，即，
所以，则的取值范围为.
【例4】（2024届安徽省六校教育研究会高三上学期素质测试）已知函数（是自然对数的底数）.
(1)讨论函数的单调性；
(2)若有两个零点，求实数的取值范围.
【解析】（1）因为，所以，
当时，，所以在R上单调递减；
当时，令得；令得，
所以在上单调递减，在上单调递增.
综上，当时，在R上单调递减，无增区间；当时，在上单调递减，在上单调递增.
（2）由题意有两个零点，
令，，则在上恒成立，所以在上单调递增，
故，所以有两个零点等价于有两个零点，
等价于有两个不同的实数解，等价于与有两个交点，
则，得，得，
所以在上单调递增，在上单调递减，又，，
当t趋向于0且为正时，趋向于负无穷大，当t趋向于正无穷大时，趋向于0，如图：

由图可知，要使与有两个交点，则，
所以实数的取值范围为.
【例5】（2024届重庆市渝北中学高三上学期月考）已知函数，．
(1)当时，求函数的极值；
(2)若任意、且，都有成立，求实数的取值范围．
【解析】（1）当时，，其中，
则，令，解得或，
又因为，所以，
列表如下：
因此有极小值，无极大值.
（2）解：因为，，
所以，其中，
对、且，不妨设，则，
得到，化为，
设且函数的定义域为，
所以在为增函数，
即有对恒成立，即对任意的恒成立，
设，其中，则，
令，解得，令，解得，
所以在上单调递增，在上单调递减，
所以最大值，因此实数的取值范围是．
【例6】已知函数
(1)请讨论函数的单调性
(2)当时，若恒成立，求实数的取值范围
【解析】 (1)
当时，在上递增
当时，在，单调递减
在上，单调递增
(2)原式等价于
设，
由（1）当时，为增函数 ， ，
∴等式等价于恒成立，
时，成立，时，，
设，，
，
设，
所以在上为增函数，
又因为，所以在上，，，为减函数，
在上，，，为增函数，
，．
1．（2024届江西省南昌市高三二模）已知且.
(1)当时，求证：在上单调递增;
(2)设，已知，有不等式恒成立，求实数的取值范围.
【解析】（1）当时，，则，
令，则，两边取对数得.
设，则，
所以在单调递增，
所以时，即时，，
所以时恒成立，即，
所以在上单调递增.
（2），即，两边取对数得:，即.
设，则问题即为：当时，恒成立.
只需时，.，令得，
当时，，单调递增；当时，，单调递减.
又因为，则，所以时，单调递减，
所以时，，
所以即.设，则，
当时，，单调递增；当时，，单调递减，
所以，
当时，，时，，
所以的图象与轴有1个交点，设这个交点为，
因为，所以；所以当时，，
即当时，不等式，
所以当不等式在恒成立时，.
即实数的取值范围为.
2．（2024福建省福宁古五校教学联合体质量监测）已知函数．
(1)讨论函数的单调性;
(2)若关于的方程有两个不相等的实数根，
（i）求实数的取值范围;
（ii）求证:．
【解析】（1）因为，
所以，其中
①当时，，所以函数的减区间为，无增区间；
②当时，由得，由可得．
所以函数的增区间为，减区间为．
综上：当时，函数的减区间为，无增区间；
当时，函数的增区间为，减区间为．
（2）（ⅰ）方程可化为，即．
令，因为函数在上单调递增，
易知函数的值域为，
结合题意，关于的方程（*）有两个不等的实根．
又因为不是方程（*）的实根，所以方程（*）可化为．
令，其中，则．
由可得或，由可得，
所以，函数在和上单调递减，在上单调递增．
所以，函数的极小值为，
且当时，；当时，则．
作出函数和的图象如图所示：
由图可知，当时，函数与的图象有两个交点，
所以，实数的取值范围是．
（ⅱ）要证，只需证，即证．
因为，所以只需证 ，
由（i）知，不妨设．
因为，所以，即，作差可得
所以只需证，即只需证．
令，只需证 ，令，其中，
则，
所以在上单调递增，故，即在上恒成立．
所以原不等式得证.
3．（2024届天津市八校高三下学期联合模拟）已知，
(1)当时，求在点处的切线方程；
(2)讨论的单调性；
(3)若函数存在极大值，且极大值为1，求证：．
【解析】（1）当时，，则，
又，则切线的斜率，
所求切线方程为，即．
（2）函数的定义域为，．
①当时， ，在上单调递增．
②当时，时，，函数在上单调递增；
时，，函数在上单调递减．
③当时，时，，函数在上单调递增；
时，，函数在上单调递减．
综上可得，当时，函数在上单调递增；当时，函数在上单调递减，在上单调递增；当时，函数在上单调递增，在上单调递减．
（3）证明：由（2）可知，当时，存在极大值，且极大值为，
则，即，
整理得，从而，设，则．
令，所以，
当时，，所以在上单调递减；
当时，，所以在上单调递增．
而，所以的根为， 从而．
因此，即证成立，
也就是证，即证，
也就是证，设，即证．
设，
当时，，在上单调递减；
当时， ，在上单调递增．
，即恒成立，恒成立．
4．（2024届全国统一考生押题卷）已知函数，．
(1)求曲线在点处的切线方程．
(2)当时，讨论函数的单调性．
(3)若对任意恒成立，求实数的取值范围．
【解析】（1）由题意，得，则，又，
所以曲线在点处的切线方程为，即；
（2）当时，，其定义域为，
且，由，得，由，得，
所以在上单调递增，在上单调递减；
（3）对任意恒成立，
即，即对任意恒成立，
若，则上述不等式显然成立，
此时，若，则只需不等式对任意恒成立，
证明如下：设，则，
因为，所以，所以，
所以在上单调递增，
且，所以在上恒成立，
由得，
则成立，所以成立，
从而得证，即不等式恒成立，
故；若，则，
设函数，则对任意恒成立，
由（2）知函数在上单调递增，
所以，即对任意恒成立，
设，则在上恒成立，
所以在上单调递增，所以，所以，
又，所以，综上所述，实数的取值范围为．
5．（2024届山东省部分学校高三上学期联考）已知函数.
(1)当时，讨论的单调性；
(2)当时，恒成立，求实数的取值范围.
【解析】（1）定义域为，，
①当时，令，得，此时单调递增，
令，得，此时单调递减；
②当时，令，得，此时单调递增，
令，得，此时单调递减；
综上所述，当时，在单调递增，在单调递减；
当时，在单调递增，在单调递减.
（2）记，
由（1）知，当时，，
则，则，
当时，恒成立，
即对恒成立，
即对恒成立，
则，即对恒成立，
令，对恒成立，
则在单调递增，所以，
所以，即实数的取值范围为.
6.已知
(1)当时，求的单调性；
(2)讨论的零点个数．
【解析】 (1)解：因为，，
所以，
令，，所以在单增，且，
当时，当时，
所以当时，当时，
所以在单调递减，在单调递增
(2)解：因为
令，易知在上单调递增，且，
故的零点转化为即，，
设，则，当时，无零点；
当时，，故为上的增函数，
而，，故在上有且只有一个零点；
当时，若，则；，则；
故，
若，则，故在上有且只有一个零点；
若，则，故在上无零点；
若，则，此时，而，，
设，，则，
故在上为增函数，故即，
故此时在上有且只有两个不同的零点；
综上：当时，0个零点；当或时，1个零点；时，2个零点；
7.已知函数.
(1)当时，若曲线与直线相切于点，求点的坐标；
(2)当时，证明：；
(3)若对任意，不等式恒成立，请直接写出的取值范围.
【解析】 (1)当时，.
设，则切线斜率.由切点性质，得，解得.
所以点的坐标.
(2)当时，，其中，则，
令，其中，则，
故函数在上单调递增，且，
当变化时，变化情况如下表：
由上表可知，.所以.
(3)显然，在上恒成立，即恒成立即
恒成立，所以恒成立，
构造函数，易知在上是增函数，
所以恒成立，即，
令，
当时，，所以在上单调递减，
当时，，所以在上单调递增，
所以，所以，解得，所以实数的取值范围.
8.（2023届广东省深圳市光明区高三二模）已知函数的图象在处的切线经过点.
(1)求的值及函数的单调区间；
(2)设，若关于的不等式在区间上恒成立，求正实数的取值范围.
【解析】（1）函数的定义域是，
.
所以在点处的切线方程为，
切线经过点，则.
，设，
是的极小值点，且，
因此在恒成立，
所以函数的单调增区间为，无单调减区间.
（2）在区间上恒成立，即，
令，则，即.
由（1），只需要，也就是在区间上恒成立.
设，.
，
故是的最大值，
所求的取值范围是.
9.已知，，．
(1)当时，求函数的极值；
(2)当时，求证：．
【解析】 (1)，当时，，即在上单调递减，
故函数不存在极值；
当时，令，得，
故，无极小值.
综上，当时，函数不存在极值；
当时，函数有极大值，，不存在极小值．
(2)显然，要证：，
即证：，即证：，
即证：．
令，故只须证：．
设，则，
当时，，当时，，
故在上单调递增，在上单调递减，
即，所以，从而有．
故，即．
10.（2023届海南省海口市龙华区高三一模）已知函数.
(1)讨论函数的单调性；
(2)已知，若存在，不等式成立，求实数的最大值.
【解析】（1）函数的定义域为，
所以，∴令，则，
∴函数在上单调递增，在上单调递减.
又∵，∴当时，，∴，
∴函数在，上单调递减.
（2）∵，且，，∴，
∴，∴，∴.
∵，由（1）知，函数在上单调递减，
∴只需在上能成立，
∴两边同时取自然对数，得，即在上能成立.
令，则，
∵当时，，∴函数在上单调递增，
当时，，∴函数在上单调递减，
∴，∴，
又，∴，∴实数的最大值为.
11.（2023届吉林省长春外国语学校高三上学期考试）已知函数（e是自然对数的底数）.
(1)当时，求的极值点；
(2)讨论函数的单调性；
(3)若有两个零点，求实数的取值范围.
【解析】（1）当时，,则.
当时，，此时函数递减，当时，，此时函数递增，
所以极小值点为，无极大值点.
（2）求导
①当时，，在上递增
②当时，当时，，在上递减，
当时，，此时函数在上递增.
（3）等价于有两个零点，
令，则在时恒成立，所以在时单调递增，故，
所以有两个零点，等价于有两个零点.
因为 ，
①当时，，在上单调递增，不可能有两个零点，不符合题意舍去，
②当时，令，得，单调递增，令，得，单调递减，
所以.
若，得，此时恒成立，没有零点；
若，得，此时有一个零点.
若，得，因为，，，
所以在，上各存在一个零点，符合题意，
综上，的取值范围为.
12．已知函数，.
(1)求在处的切线方程；
(2)求证：.
(3)当时，，求实数的取值范围.
【解析】 (1)因为，则，，，
所以，在处的切线方程为.
(2)要证明，
即证：，
即证：，（*）
设，则，
所以，在内单调递减，故，
所以，当时，，
所以要证（*）成立，只需证，
设，则，
当时，，故函数在上单调递增，
当时，，故函数在上单调递减，
故，则，
则，即，故成立，所以原命题得证.
(3)由题得在上恒成立，
即，恒成立，
因为，
①若，，在上单调递增，，符合题意；
②若，令，，
则，所以在单调递增，且，
（i）若，，在上单调递增，，符合题意；
（ii）若，，当时，，则，
取，则，
则存在，使得当时，，单调递减，
此时，不合题意；综上，.
13.已知函数.
(1)当时，求函数的单调区间：
(2)若在恒成立，求实数的取值范围.
【解析】 (1)当时
设，则
即在递减，在递增，
当，当
而当所以当递减；
递增.
故函数增区间为，减区间为
(2)，
令
在递增，而，
，使，即
当时，在递减，当时，在递增
因为，即.
设，，所以要使，只需.
当时，因为，即，所以不符合题意.
当时，当时，，在单调递减；
当时，，在单调递增.
所以.设，，
则，当时，，在单调递增；
当时，，在单调递减.
所以，所以，，当且仅当时，等号成立.
又因为，所以，所以.
综上，存在a符合题意，.
15．已知函数．
(1)若在上仅有一个零点，求实数a的取值范围；
(2)若对任意的，恒成立，求实数a的取值范围．
【解析】 (1)，，
当时，恒成立，所以在上单调递增．
又，，
所以此时在上仅有一个零点，符合题意；
当时，令，解得；令，解得，
所以在上单调递增，所以在上单调递减．
要使在上仅有一个零点，则必有，解得．
综上，当或时，在上仅有一个零点．
(2)因为，所以对任意的，恒成立，
等价于在上恒成立．
令，则只需即可，则，
再令，则，
所以在上单调递增．
因为，，所以有唯一的零点，且，
所以当时，，当时，，
所以在上单调递减，在上单调递增．
因为，所以，
设，则，
所以函数在上单调递增．
因为，所以，即．
所以，
则有．所以实数a的取值范围为．
16．已知函数，其图象在处的切线过点．
(1)求a的值；
(2)讨论的单调性；
(3)若，关于x的不等式在区间上恒成立，求的取值范围．
【解析】 (1)因为函数，
所以，，则，
所以函在处的切线方程为，
又因为切线过点，所以，
即，解得；
(2)由（1）知；，则，
令，则，
当时，，当时，， 所以
即当时，，当时，，
所以在上递增，在上递增；
(3)因为x的不等式在区间上恒成立，
所以在区间上恒成立，
即在区间上恒成立，
因为在上递增，所以在区间上恒成立，
即在区间上恒成立，令，则，
当时，，当时，，
所以当时，取得最大值，所以.2
0
单调递减
极小值
单调递增
1
0
单调递减
极小值
单调递增
x
+
0
-
增函数
极大值
减函数