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高考数学压轴题讲义专题1.2极值点偏移问题利器——极值点偏移判定定理专题练习(原卷版+解析)
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这是一份高考数学压轴题讲义专题1.2极值点偏移问题利器——极值点偏移判定定理专题练习(原卷版+解析),共15页。试卷主要包含了极值点偏移的判定定理,新题展示,对点详析,利器显锋芒,招式演练等内容,欢迎下载使用。
对于可导函数,在区间上只有一个极大(小)值点,方程的解分别为,且,
(1)若,则,即函数在区间上极(小)大值点右(左)偏;
(2)若,则,即函数在区间上极(小)大值点右(左)偏.
证明:(1)因为对于可导函数,在区间上只有一个极大(小)值点,则函数的单调递增(减)区间为,单调递减(增)区间为,由于,有,且,又,故,所以,即函数极(小)大值点右(左)偏;
(2)证明略.
左快右慢(极值点左偏) 左慢右快(极值点右偏)
左快右慢(极值点左偏) 左慢右快(极值点右偏)
二、运用判定定理判定极值点偏移的方法
1、方法概述:
(1)求出函数的极值点;
(2)构造一元差函数;
(3)确定函数的单调性;
(4)结合,判断的符号,从而确定、的大小关系.
口诀:极值偏离对称轴,构造函数觅行踪;四个步骤环相扣,两次单调紧跟随.
2、抽化模型
答题模板:若已知函数满足,为函数的极值点,求证:.
(1)讨论函数的单调性并求出的极值点;
假设此处在上单调递减,在上单调递增.
(2)构造;
注:此处根据题意需要还可以构造成的形式.
(3)通过求导讨论的单调性,判断出在某段区间上的正负,并得出与的大小关系;
假设此处在上单调递增,那么我们便可得出,从而得到:时,.
(4)不妨设,通过的单调性,,与的大小关系得出结论;
接上述情况,由于时,且,,故,又因为,且在上单调递减,从而得到,从而得证.
(5)若要证明,还需进一步讨论与的大小,得出所在的单调区间,从而得出该处函数导数值的正负,从而结论得证.
此处只需继续证明:因为,故,由于在上单调递减,故.[来源:学。科。网]
【说明】
(1)此类试题由于思路固定,所以通常情况下求导比较复杂,计算时须细心;
(2)此类题目若试题难度较低,会分解为三问,前两问分别求的单调性、极值点,证明与(或与)的大小关系;若试题难度较大,则直接给出形如或的结论,让你给予证明,此时自己应主动把该小问分解为三问逐步解题.
三、新题展示
【2019湖南郴州二中月考】已知函数,,.
(1)若,,求函数的单调区间;
(2)设.
(i)若函数有极值,求实数的取值范围;
(ii)若(),求证:.
【2019江西赣州十四县(市)期中联考】已知函数(为常数),曲线在与轴的交点A处的切线与轴平行.
(1)求的值及函数的单调区间;
(2)若存在不相等的实数使成立,试比较与的大小.
四、对点详析,利器显锋芒
★已知函数.
(1)求函数的单调区间和极值;
(2)若,且,证明:.
★函数与直线交于、两点.
证明:.
★已知函数,若,且,证明:.
★已知函数有两个零点.设是的两个零点,证明:.
五、招式演练
★已知函数,其中为自然对数的底数,是的导函数.
(Ⅰ)求的极值;
(Ⅱ)若,证明:当,且时, .
★已知函数,其中
(1)若函数有两个零点,求的取值范围;
(2)若函数有极大值为,且方程的两根为,且,证明: .
一、极值点偏移的判定定理
对于可导函数,在区间上只有一个极大(小)值点,方程的解分别为,且,
(1)若,则,即函数在区间上极(小)大值点右(左)偏;
(2)若,则,即函数在区间上极(小)大值点右(左)偏.
证明:(1)因为对于可导函数,在区间上只有一个极大(小)值点,则函数的单调递增(减)区间为,单调递减(增)区间为,由于,有,且,又,故,所以,即函数极(小)大值点右(左)偏;
(2)证明略.
左快右慢(极值点左偏) 左慢右快(极值点右偏)
左快右慢(极值点左偏) 左慢右快(极值点右偏)
二、运用判定定理判定极值点偏移的方法
1、方法概述:
(1)求出函数的极值点;
(2)构造一元差函数;
(3)确定函数的单调性;
(4)结合,判断的符号,从而确定、的大小关系.
口诀:极值偏离对称轴,构造函数觅行踪;四个步骤环相扣,两次单调紧跟随.
2、抽化模型
答题模板:若已知函数满足,为函数的极值点,求证:.
(1)讨论函数的单调性并求出的极值点;
假设此处在上单调递减,在上单调递增.
(2)构造;
注:此处根据题意需要还可以构造成的形式.
(3)通过求导讨论的单调性,判断出在某段区间上的正负,并得出与的大小关系;
假设此处在上单调递增,那么我们便可得出,从而得到:时,.
(4)不妨设,通过的单调性,,与的大小关系得出结论;
接上述情况,由于时,且,,故,又因为,且在上单调递减,从而得到,从而得证.
(5)若要证明,还需进一步讨论与的大小,得出所在的单调区间,从而得出该处函数导数值的正负,从而结论得证.
此处只需继续证明:因为,故,由于在上单调递减,故.学科*网
【说明】
(1)此类试题由于思路固定,所以通常情况下求导比较复杂,计算时须细心;
(2)此类题目若试题难度较低,会分解为三问,前两问分别求的单调性、极值点,证明与(或与)的大小关系;若试题难度较大,则直接给出形如或的结论,让你给予证明,此时自己应主动把该小问分解为三问逐步解题.[来源:Z。xx。k.Cm]
三、新题展示
【2019湖南郴州二中月考】已知函数,,.
(1)若,,求函数的单调区间;
(2)设.
(i)若函数有极值,求实数的取值范围;
(ii)若(),求证:.
【答案】(1)见解析;(2)见解析
(2)(i) =,定义域为(0,+∞),
,
①当时,,函数在(0,+∞)上为单调递增函数,
不存在极值.
②当时,令,得,,
所以,易证在上为增函数,
在上为减函数,所以当时,取得极大值.
所以若函数有极值,实数的取值范围是.
因为,,所以在上为减函数,
,
所以在上为增函数,所以,
即,故成立.
【2019江西赣州十四县(市)期中联考】已知函数(为常数),曲线在与轴的交点A处的切线与轴平行.
(1)求的值及函数的单调区间;
(2)若存在不相等的实数使成立,试比较与的大小.
【答案】(1)a=2,在区间(-∞,ln 2)上单调递减,在(ln 2,+∞)上单调递增.(2)x1+x2<2ln 2
(2)证明:设x>ln 2,所以2ln 2-x<ln 2,
(2ln 2-x)=e(2ln 2-x)-2(2ln 2-x)-1
=+2x-4ln 2-1.
令g(x)= (x)-(2ln 2-x)=ex--4x+4ln 2(x≥ln 2),
所以g′(x)=ex+4e-x-4≥0,
当且仅当x=ln 2时,等号成立,
所以g(x)=(x)-(2ln 2-x)在(ln 2,+∞)上单调递增.
又g(ln 2)=0,所以当x>ln 2时,g(x)=(x)-(2ln 2-x)>g(ln 2)=0,
即(x)>(2ln 2-x),不妨设x1<ln 2<x2,所以(x2)>(2ln 2-x2),
又因为(x1)=(x2),所以(x1)>(2ln 2-x2),
由于x2>ln 2,所以2ln 2-x2<ln 2,
因为x1<ln 2,由(1)知函数y=(x)在区间(-∞,ln 2)上单调递减,
所以x1<2ln 2-x2,即x1+x2<2ln 2.
四、对点详析,利器显锋芒
★已知函数.
(1)求函数的单调区间和极值;
(2)若,且,证明:.
∵,∴,在上单调递增,∴,∴.
★函数与直线交于、两点.
证明:.
★已知函数,若,且,证明:.
【解析】由函数单调性可知:若,则必有,。
所以,
而,
令,则
所以函数在为减函数,所以,
所以即,所以,所以.
★已知函数有两个零点.设是的两个零点,证明:.
五、招式演练
★已知函数,其中为自然对数的底数,是的导函数.
(Ⅰ)求的极值;
(Ⅱ)若,证明:当,且时, .
【答案】(1) 当时, 无极值; 当时, 有极小值;(2)详见解析.
【解析】试题分析:(Ⅰ)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而求出函数的极值即可;
(Ⅱ)求出函数f(x)的导数,设函数F(x)=f(x)﹣f(﹣x),求出函数的导数,根据函数的单调性证明即可.
试题解析:
(Ⅰ)的定义域为,
当时, 在时成立
在上单调递增, 无极值.
当时, 解得
由 得;由 得[来源:学。科。网]
所以在上单调递减,在上单调递增,
故有极小值.
(Ⅱ)当时, 的定义域为, ,
由,解得.当变化时, , 变化情况如下表:
∵,且,则(不妨设)
★已知函数,其中
(1)若函数有两个零点,求的取值范围;
(2)若函数有极大值为,且方程的两根为,且,证明: .
【答案】(1);(2)见解析.
(1)当时, 函数在上单调递增,不可能有两个零点
(2)当时,
的极大值为,由得;
因为,
所以在必存在一个零点;
显然当时, ,
所以在上必存在一个零点;
[来源:Zxxk.
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单调递减
极小值
单调递增
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极大值
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