2024年四川省资阳市中考数学试卷附真题答案

这是一份2024年四川省资阳市中考数学试卷附真题答案，共14页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1．（4分）3的相反数为（ ）
A．﹣3B．C．D．3
2．（4分）下列计算正确的是（ ）
A．a3+a2＝a5B．a3﹣a2＝aC．（a2）3＝a5D．a5÷a2＝a3
3．（4分）某几何体的三视图如图所示，则该几何体是（ ）
A．长方体B．棱锥C．圆锥D．球体
4．（4分）6名学生一周做家务的天数依次为4，4，5，7，7，7，这组数据的中位数和众数分别为（ ）
A．5，4B．6，5C．6，7D．7，7
5．（4分）在平面直角坐标系中，将点（﹣2，1）沿y轴向上平移1个单位后（ ）
A．（﹣2，0）B．（﹣2，2）C．（﹣3，1）D．（﹣1，1）
6．（4分）如图，AB∥CD，过点D作DE⊥AC于点E．若∠D＝50°（ ）
A．130°B．140°C．150°D．160°
7．（4分）已知一个多边形的每个外角都等于60°，则该多边形的边数是（ ）
A．4B．5C．6D．7
8．（4分）若＜m＜，则整数m的值为（ ）
A．2B．3C．4D．5
9．（4分）第14届国际数学教育大会（ICME﹣14）会标如图1所示，会标中心的图案来源于我国古代数学家赵爽的“弦图”．如图2所示的“弦图”是由四个全等的直角三角形（△ABE，△BCF，△CDG，△DAH），则sin∠ABE＝（ ）
A．B．C．D．
10．（4分）已知二次函数y＝﹣x2+bx与y＝x2﹣bx的图象均过点A（4，0）和坐标原点O，这两个函数在0≤x≤4时形成的封闭图象如图所示，过点P且与x轴不重合的直线与封闭图象交于B，C两点．给出下列结论：
①b＝2；
②PB＝PC；
③以O，A，B，C为顶点的四边形可以为正方形；
④若点B的横坐标为1，点Q在y轴上（Q，B，C三点不共线），则△BCQ周长的最小值为5+．
其中，所有正确结论的个数是（ ）
A．1B．2C．3D．4
二、填空题（本大题共6个小题，每小题4分，共24分）
11．（4分）若（a﹣1）2+|b﹣2|＝0，则ab＝ ．
12．（4分）2024年政府工作报告提出，我国今年发展主要预期目标是：国内生产总值增长5%左右，城镇新增就业1200万人以上……将数“1200万”用科学记数法表示为 ．
13．（4分）一个不透明的袋中装有6个白球和m个红球，这些球除颜色外无其他差别．充分搅匀后，从袋中随机取出一个球是白球的概率为 ．
14．（4分）小王前往距家2000米的公司参会，先以v0（米/分）的速度步行一段时间后，再改骑共享单车直达会议地点，到达时距会议开始还有14分钟（单位：米）与距家的时间t（单位：分钟）之间的函数图象如图所示．若小王全程以v0（米/分）的速度步行，则他到达时距会议开始还有 分钟．
15．（4分）如图，在矩形ABCD中，AB＝4，AD长为半径作弧交AB于点E，再以AB为直径作半圆，与，则图中阴影部分的面积为 ．
16．（4分）在△ABC中，∠A＝60°，AC＝4．若△ABC是锐角三角形 ．
三、解答题（本大题共8个小题、共86分。解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）
17．（9分）先化简，再求值：（﹣1）÷，其中x＝3．
18．（10分）我国古诗词源远流长．某校以“赏诗词之美、寻文化之根、铸民族之魂”为主题，组织学生开展了古诗词知识竞赛活动．为了解学生对古诗词的掌握情况，该校随机抽取了部分学生的竞赛成绩，B，C，D四个等级，并绘制成如图所示的两幅不完整的统计图：
（1）本次共抽取了 名学生的竞赛成绩，并补全条形统计图；
（2）若该校共有2000人参加本次竞赛活动，估计竞赛成绩为B等级的学生人数；
（3）学校在竞赛成绩为A等级中的甲、乙、丙、丁这4名学生里，随机选取2人参加经典诵读活动，用画树状图或列表法求出甲、乙两人中恰好有1人被选中的概率．
19．（10分）2024年巴黎奥运会将于7月26日至8月11日举行，某经销店调查发现：与吉祥物相关的A，B两款纪念品深受青少年喜爱．已知购进3个A款比购进2个B款多用120元
（1）分别求出A，B两款纪念品的进货单价；
（2）该商店决定购进这两款纪念品共70个，其总费用不超过5000元，则至少应购买B款纪念品多少个？
20．（10分）如图，已知平面直角坐标系中，O为坐标原点（k≠0）的图象与反比例函数y＝的图象相交于A（m，4），B（4，n）
（1）求一次函数的解析式；
（2）若点C（t，t）在一次函数的图象上，直线CO与反比例函数的图象在第三象限内交于点D，并写出直线CD在图中的一个特征．
21．（11分）如图，已知AB是⊙O的直径，AC是⊙O的弦，延长DC，AB相交于点E，交AC于点G，DG＝DC．
（1）求证：DE是⊙O的切线；
（2）若⊙O的半径为6，点F为线段OA的中点，CE＝8
22．（11分）如图，某海域有两灯塔A，B，其中灯塔B在灯塔A的南偏东30°方向，B相距海里．一渔船在C处捕鱼
（1）求B，C两处的距离；
（2）该渔船从C处沿北偏东65°方向航行一段时间后，突发故障滞留于D处，并发出求救信号．此时，便立即以18海里/小时的速度沿BD方向航行至D处救援，求渔政船的航行时间．
（注：点A，B，C，D在同一水平面内；参考数据：tan65°≈2.1，tan27°≈0.5）
23．（12分）（1）【观察发现】如图1，在△ABC中，点D在边BC上．若∠BAD＝∠C2＝BD•BC，请证明；
（2）【灵活运用】如图2，在△ABC中，∠BAC＝60°，CA＝CD＝2，点E在AB上，DE．若∠AED＝∠CAD，求BE的长；
（3）【拓展延伸】如图3，在菱形ABCD中，AB＝5，F分别在边AD，CD上，延长AD，BF相交于点G．若BE＝4，求FG的长．
24．（13分）已知平面直角坐标系中，O为坐标原点，抛物线y＝﹣x2+bx+c与x轴交于A，B两点，与y轴的正半轴交于C点（4，0），BC＝4．
（1）求抛物线的解析式；
（2）如图1，点P是抛物线在第一象限内的一点，连接PB，过点P作PD⊥x轴于点D，交BC于点K．记△PBC1，S2，求S1﹣S2的最大值；
（3）如图2，连接AC，点E为线段AC的中点，使∠QFE＝2∠OCA？若存在，求出点Q的坐标，说明理由．
1．A．
2．D．
3．A．
4．C．
5．B．
6．B．
7．C．
8．B．
9．C．
10．D．
11．8．
12．1.2×106．
13．9．
14．5．
15．．
16．2＜AB＜8．
17．解：（﹣1）÷
＝÷
＝•
＝，
当x＝2时，原式＝．
18．解：（1）80÷20%＝400（名），
∴D等级的人数为：400﹣120﹣160﹣80＝40（名），
补全条形统计图如下：
（2）2000×＝800（人），
答：估计竞赛成绩为B等级的学生人数为800人；
（3）画树状图如下：
，
共有12种等可能的结果，其中甲，
∴甲、乙两人中恰好有1人被选中的概率为＝．
19．解：（1）设出A，B两款纪念品的进货单价分别为x，y．
则，
解得，
答：A，B两款纪念品的进货单价分别为80元和60元．
（2）设购买m件B种纪念品，（70﹣m）件A种纪念品，
根据题意，得60m+80（70﹣m）≤5000，
解得m≥30，
答：至少应购买B款纪念品30个．
20．解：（1）∵A（m，4），n）两点在反比例函数y＝，
∴m＝6，n＝1，
∴A（1，5），1），
∵A（1，7），1）在一次函数y＝kx+b（k≠0）的图象上，
，解得，
∴一次函数解析式为y＝﹣x+5；
（2）由题意可知，直线CD的解析式为y＝x，
联立方程组得，解得，，
∴点D（﹣2，﹣5），
直线CD与直线AB互相垂直．
21．（1）证明：连接OC，
∵DG＝DC，
∴∠DGC＝∠DCG，
∵∠DGC＝∠AGF，
∴∠DCG＝∠AGF，
∵DF⊥AB，
∴∠AFG＝90°，
∴∠A+∠AGF＝90°，
∵OC＝OA，
∴∠A＝∠ACO，
∴∠DCG+∠ACO＝90°，
∴∠DCO＝90°，
∵OC是⊙O的半径，
∴DE是⊙O的切线；
（2）解：由（1）知，∠OCE＝90°，
∵OC＝6，CE＝8，
∴OE＝＝10，
∵OA＝6，点F为线段OA的中点，
∴OF＝OA＝3，
∴EF＝13，
∵∠DFE＝∠OCE＝90°，∠E＝∠E，
∴△OCE∽△DFE，
∴，
∴＝，
∴DF＝．
22．解：（1）由题意得，∠ACB＝∠ABC＝30°，
∴AB＝AC＝海里，
过A作AH⊥BC于H，
∴∠AHC＝∠AHB＝90°，CH＝BH，
∴CH＝BH＝AB＝×，
∴BC＝16海里，
答：B，C两处的距离为16海里；
（2）过D作DG⊥BC于G，
在Rt△BDG中，BG＝≈，
在Rt△CDG中，CG＝≈，
∵BC＝BG﹣CG，
∴2DG﹣＝16，
∴DG＝10.5（海里），
∴CG＝5海里，
∴BG＝BC+CG＝21（海里），
∴BD＝＝（海里），
∴渔政船的航行时间为÷18＝．
23．（1）证明：∵∠BAD＝∠C，∠ABD＝∠CBA，
∴△ABD∽△CBA，
∴，
∴AB2＝BD•BC；
（2）解：过点C作CF⊥AB于点F，过点D作DG⊥AB于点G，
则∠AFC＝∠AGD＝90°，
∴DF∥DG，∠BAC＝60°，
∴，，
∵D为BC的中点，
∴，
∵DF∥DG，
∴△BDG∽△BCF，
∴，
∴，
∴，
∴，
∴，
∵AC＝CD，
∴∠CAD＝∠CDA，
∵∠AED＝∠CAD，
∴∠AED＝∠CDA，
∴∠AED+∠BED＝∠ADC+∠ADB＝180°，
∴∠BED＝∠ADB，
∵∠DBE＝∠ABD，
∴△BED∽△BAD，
∴，即，
解得：；
（3）解：连接BD，
∵四边形ABCD为菱形，
∴，AD＝AB＝BC＝7，
∵∠ABC＝2∠EBF，
∴∠ABD＝∠CBD＝∠EBF，
∴∠EBF﹣∠DBF＝∠CBD﹣∠DBF，即∠DBE＝∠CBF，
∵AD∥BC，
∴∠CBF＝∠G，
∴∠DBE＝∠G，
∵∠DEB＝∠BEG，
∴△BED∽△GEB，
∴，
∵DG＝6，
∴EG＝DE+5，
∴，
解得：DE＝2，负值舍去，
∴EG＝2+8＝8，
∴AE＝AD﹣DE＝3，
∵AE5+BE2＝35+42＝22＝AB2，
∴△ABE为直角三角形，∠AEB＝90°，
∴∠BEG＝180°﹣90°＝90°，
∴在Rt△BEG中根据勾股定理得：，
∴，
∵AD∥BC，
∴△DFG∽△CFB，
∴，
即，
解得：．
24．解：（1）∵B（4，0），
∴OB＝6，
∵∠BOC＝90°，，
∴，
∴C（7，4），
把B（4，2），4）
，
解得：，
∴；
（2）∵B（6，0），4），
∴设直线BC的解析式为：y＝kx+7（k≠0），把B（4，得：k＝﹣4，
∴y＝﹣x+4，
设，则K（m，D（m，
∴，DK＝﹣m+5，
∴，，
∴
＝
＝，
∴当时，S2﹣S2的最大值为；
（3）令，解得：x5＝﹣2，x2＝2，
∴A（﹣2，0），
∵C（8，4），
∴E（﹣1，4），
∵FE⊥AC，，
∴AF＝CF，
∴∠AFE＝∠CFE，
设OF＝a，则CF＝AF＝a+2，
在Rt△COF中，由勾股定理2+32＝（a+2）2，
∴a＝3，
∴F（3，5），
∵FE⊥AC，∠AOC＝90°，
∴∠AFE＝∠OCA＝90°﹣∠CAF，
∴∠AFE＝∠OCA＝∠CFE，
①取点E关于x轴的对称点E1，连接FE1交抛物线于点Q2，则：∠Q1FE＝2∠EFA＝4∠OCA，E1（﹣1，﹣5），
设FE1的解析式为：y＝k1x+b，
则：，解得：，
∴，
联立，解得：，
∴；
②取E关于CF的对称点E2，连接EE2交CF于点G，连接FE2交抛物线于点Q2，则：∠Q2FE＝2∠CFE＝2∠OCA，EG⊥CF，
∵CE＝，CF＝5，
∴，
∵，
∴，
∴EG＝2，
∴，
过点G作GH⊥x轴，则：，，
∴，
∴，
∵E（﹣1，2），
∴，，
∴，，
∴，设直线E2F的解析式为：y＝k2x+b4，则：，
解得：，
∴，
联立，
解得：（舍去）或，
∴；
综上：或．