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所属成套资源：2024年江苏省苏州、扬州中考数学、物理模拟预测练习卷
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2024年江苏省苏州市中考物理三模预测练习试卷（原卷+解析）
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这是一份2024年江苏省苏州市中考物理三模预测练习试卷（原卷+解析），文件包含2024年江苏省苏州市中考物理三模预测练习试卷解析docx、2024年江苏省苏州市中考物理三模预测练习试卷docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共49页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．g=10N/kg。
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1．如图，是一张大厦的照片，关于下列说法正确的是（ ）
A．照相机的镜头对光线有发散作用B．照相机成倒立放大的虚像
C．水中的像是光的反射造成的D．在太阳下的大楼是光源
【答案】C
【详解】A．照相机的镜头是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故A错误；
B．使用照相机时，物距大于二倍焦距，所以成倒立缩小的实像，故B错误；
C．水中的像是平面镜成像现象，是光的反射造成的，故C正确；
D．光源能自己发光，大楼反射太阳光，大楼自己不会发光，所以大楼不是光源，故D错误。
故选C。
2．四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A． 冰雪消融B． 露珠晶莹
C． 霜挂枝头D． 千里冰封
【答案】B
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
3．如图所示工具在正常使用的过程中，属于费力杠杆的是（ ）
A．羊角锤B．核桃夹
C． 镊子 D．瓶起子
【答案】C
【详解】A．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；
D．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选C。
4．福清利桥古街河，水路环绕，徜徉其中，可感受古风美。下列说法中正确的是（ ）
A．河水可以调节城市气温，是因为水的比热容大
B．夏天，在地上洒水降温，利用了水的比热容大的特点
C．人用桨划船匀速前行时，桨对水的力和水对桨的力是一对平衡力
D．人对船的压力就是重力
【答案】A
【解答】解：A、城市建造人工湖来调节气温，即由于水的比热容较大大，相同质量的水和其它物质比较，吸相同的热量，水温度上升的慢，故与水的比热容有关，故A正确；
B、夏天，在地上洒水降温，利用了蒸发吸热，故B错误；
C、人用桨划船匀速前行时，桨对水的力和水对桨的力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、人对船的压力属于弹力，重力是由于地球吸引而使物体受到的力，两者性质不同，故D错误。
故选：A。
随着科技的发展，双控型抽油烟机的开关既有触摸式的触屏开关S1，也有利用红外线的感应开关S2。
操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作，给人们带来了好的生活体验。
如图是小明设计的四个抽油烟机模拟电路，电动机用符号表示，能满足上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【解答】解：根据题意可知，操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联接入电路中，故D正确。
故选：D。
将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑。
现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．在凸透镜附近再放一个凸透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到20cm刻度处，移动光屏可得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到25cm刻度处，移动光屏可得到清晰缩小的像
【答案】D
【详解】A．将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为10cm。由图可知，物距为
像距f＜v＜2f,光屏应在60cm-70cm刻度之间，所以在光屏上不能观察到清晰的像，故A错误；
B．近视眼的矫正是用凹透镜，故B错误；
C．将蜡烛移到20cm刻度处，则物距为
成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．将蜡烛移到25cm刻度处，则物距为
成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选D。
7．脚踩滑板从高处加速滑下，有关滑板的各种能量变化描述不符合实际的是（ ）
A．动能增大B．重力势能减小
C．机械能不变D．内能增大
【答案】C
【详解】A．动能大小的影响因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，物体的动能越大，滑板从高处加速滑下，质量不变、速度增大，所以动能增大，故A不符合题意；
B．重力势能大小的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、位置越高，物体的重力势能越大，滑板从高处滑下，质量不变、高度变小，则重力势能变小，从故B不符合题意；
CD．滑板下滑过程中会克服摩擦做功，所以机械能会转成内能，则机械能减小，内能增大，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
8．如图所示，小车向右匀速运动，车内有一表面较粗糙的木块，轻质弹簧一边与木块相连，另一端固定在车厢右壁，此时弹簧刚好处于原长。下列说法正确的是（ ）
①若小车加速运动，则弹簧可能保持原来长度不变
②若木块突然压缩弹簧，则小车一定在做加速运动
③若木块受到向右的摩擦力，则小车一定在做加速运动
④若木块受到三个力的作用，则小车一定在做减速运动
A．①②B．①③C．②③D．③④
【答案】B
【详解】①若小车加速运动，木块由于具有惯性要保持原来的运动状态不变，可能相对于小车向左运动，或者有向左运动的趋势，则弹簧长度可能将变长，可能保持不变；
②若木块突然压缩弹簧，说明木块向前运动，速度大于小车的速度，则小车可能在做减速运动，也可能突然停止；
③若木块受到向右的摩擦力，说明木块在向左运动或者有向左运动的趋势，则小车一定在做加速运动；
④木块受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力作用，若木块向左运动，则木块受到向右的摩擦力和弹簧的拉力作用，可知此时木块受到4个力作用；若木块向右运动，则木块受到向左的摩擦力和弹簧向左的弹力作用，此时木块仍然受到四个力作用；若木块受到三个力作用时，木块一定受到的是静摩擦力作用，此时弹簧不发生形变，对木块没有弹力作用，木块可能有向右运动的趋势，也可能有向左运动的趋势，故无法判断小车在做减速运动，还是在做加速运动。综上所述，故B正确，ACD错误。
故选B。
9 .假期小明一家要出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为200W的冰箱正常工作，
其它用电器都已关闭。小明看到家里电能表的示数为2021.6kW·h，过了7天小明回到家
再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．冰箱正常工作1min电能表的转盘转过12转
B．冰箱每天平均工作的时间为0.5h
C．这段时间冰箱消耗的电能是2.52×107J
D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，电能表转盘的转速不变
【答案】C
【详解】A．冰箱正常工作1min消耗的电能
电能表的转盘转过的转数
故A错误；
B．冰箱7天消耗的电能为
2028.6kW·h-2021.6kW·h=7kW·h
那么每天冰箱消耗
平均工作的时间为
故B错误；
C．这段时间冰箱消耗的电能是
2028.6kW·h-2021.6kW·h=7kW·h=2.52×107J
故C正确；
D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，总功率增加，相同时间消耗的电能增加，电能表转动的圈数增大，转盘的转速增大，故D错误。
故选C。
工人使用如图所示的滑轮组将重450N的物体匀速提升2m，共用了10秒，动滑轮重50N，
若在此过程中（忽略绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离是6m
B．提升该物体需要150N的力
C．工人做功的功率是100W
D．该滑轮组的机械效率为83.3%
【答案】C
【解答】解：A、由图可知，n＝2，则绳子自由端移动的距离为s＝nh＝2×2m＝4m，故A错误；
B、忽略绳重和摩擦，提升该物体需要的力为：
F＝（G+G动）＝×（450N+50N）＝250N，故B错误；
C、工人做功的功率为：
P＝＝＝＝100W，故C正确；
D、该滑轮组的机械效率为：
η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故D错误。
故选：C。
小阳利用如图甲所示装置进行如下实验：断开开关，小磁针的指向如图甲所示；闭合开关，
小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，
小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论合理的是（ ）
A．由甲、乙两图可得电流周围可以产生磁场
B．由甲、乙两图可得利用磁场可以产生电流
C．由乙、丙两图可得电流产生的磁场的强弱与电流大小有关
D．由甲、丙两图可得电流产生的磁场的方向与电流方向有关
【答案】A
【解答】解：AB、甲中开关断开，没有电流，小磁针的指向不发生改变；乙中开关闭合，有电流经过，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A正确，B错误；
C、乙和丙中，其它因素相同，只有电流方向不同，小磁针的偏转方向不同，说明电流产生的磁场方向与电流方向有关，故C错误。
D、甲中没有电流，小磁针指向不变；丙中开关闭合，电路有电流，小磁针的指向电流产生的磁场方向与电流方向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故D错误；
故选：A。
12．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示。下列说法错误的是（ ）
A．滑动变阻器的最大阻值是20Ω
B．滑动变阻器消耗的电功率最大时，变阻器的阻值是 10Ω
C．电源电压为8V
D．电路消耗的最大电功率为14.4W
【答案】C
【详解】A．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，电路中的最小电流I最小=0.4A，滑动变阻器的功率P1=3.2W，由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值
故A正确，不符合题意；
BC．电源的电压
U=I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+R0)
由图乙可知，当电路中的电流I′=0.6A时，滑动变阻器的功率最大，最大为P1′=3.6W，则滑动变阻器接入电路中的电阻
同理可得电源电压
U=I′(R′+R0)=0.6A×(10Ω+R0)
因电源的电压不变，所以
0.4A×(20Ω+R0)= 0.6A×(10Ω+R0)
解得R0=10Ω，电源电压
U= I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V
故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；
D．当滑动变阻器接入电路的电阻最小为0时，只有R0工作，此时电路中的电流最大，总功率最大，则最大总功率
故D正确，不符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共26分）
13．金属块重10N，挂在弹簧测力计上，当它全部放在水中时，弹簧测力计的读数为8N，如图所示，
此时金属块受到的浮力是 N。如金属块有一半体积露出水面，弹簧测力计的示数是 N。
【答案】 2 9
【详解】[1]由称重法可知此时金属块受到的浮力
F浮=G-F=10N-8N=2N
[2]如金属块有一半体积露出水面，则金属块排开水的体积为金属块体积的一半，由阿基米德原理可知，金属块受到的浮力变为原来的一半，即
F浮′=F浮=×2N=1N
弹簧测力计的示数
F′=G-F浮′=10N-1N=9N
14．2023年10月26日，我国载人飞船神舟十七号成功对接空间站天和核心舱前向端口，
短短几年时间，我国空间站就已经形成三舱三船组合体，彰显了中国的科技力量。如图所示，
对接完成后，神舟十七号飞船相对于天和核心舱是 （选填“静止”或“运动”）状态，
与在地球上相比，航天员的质量 （选填“变小”“不变”或“变大”）。
【答案】静止的；不变。
【解答】解：完成对接后，神舟十七号飞船和天和核心舱的位置没有发生变化，故以核心舱为参照物，神舟十七号飞船是静止的；神舟十七号飞船在空间站时，航天员的位置虽然变了，但他的质量不变。
故答案为：静止的；不变。
如图所示电路，电源电压恒为3V。闭合开关S，电流表的示数为0.5A，干路电流I=1.5A，
设灯丝电阻不变，则通过灯L1的电流为 A，
灯L1消耗的电功率为 W，灯L2的阻值为 。
【答案】 1 3 6
【详解】[1]根据题图可知，该电路是L1和L2的并联电路，电流表测量通过L2的电流，根据并联电路的电流规律，通过L1的电流为
[2]根据并联电路的电压规律，L1两端的电压等于电源电压，故L1消耗的电功率为
[3]L2的电阻为
“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。立于荷叶上的蜻蜓，距水面0.5m，
则它与其在水中的倒影之间相距 m。当蜻蜓飞离水面时，
它在水中的倒影大小会 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】1；不变。
【解答】解：平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等，已知蜻蜓距水面0.5m，像到水面的距离也是0.5m，所以蜻蜓与其在水中的倒影之间相距0.5m+0.5m＝1m；
由于物体在平面镜中所成的像和物体的大小相等，所以不管蜻蜓距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此当蜻蜓飞离水面时，它在水中的“倒影”大小将不变。
故答案为：1；不变。
如图实验装置，磁体和导体棒均水平放置，断开、闭合，导体棒能运动起来，
说明通电导体在 中会受到力的作用，依此可制成 （选填“电动机”或“发电机”）；
断开、闭合，使导体棒水平运动，灵敏电流计的指针发生偏转，这是 现象。
【答案】 磁场 电动机 电磁感应
【详解】[1][2]断开S1、闭合S2，导体棒有电流，在磁场中受到到力的作用，能运动起来，说明通电导体在磁场中会受到力的作用，这就是电动机的原理。
[3]断开S2、闭合S1，使导体棒水平运动，此时导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，这是电磁感应现象。
18．2023年3月11日，“探索一号”科考船搭载“奋斗者”号载人潜水器，
圆满完成国际首次环大洋洲载人深潜科考任务，顺利返回三亚。本航次中，
“奋斗者”号下潜最大深度达10010.9m。该潜水器浸入海水的体积为30m3时，
受到浮力的大小约为 N。当它下潜至10000m时，受到的海水压强约为 Pa。
（g取10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）
【答案】3×105；1×108
【解答】解：
（1）潜水器受到的浮力：F浮＝ρ海水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×30m3＝3×105N；
（2）潜水器受到的压强：P＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1×108Pa。
故答案为：3×105；1×108。
在测斜面机械效率的实验中，用400N的拉力F沿斜面将重600N的物体
（选填“加速”或“匀速”）
拉到长12m、高6m的斜面顶端。该过程中拉力所做的有用功为 J，
斜面的机械效率为 %，物体受到的摩擦力为 N。
【答案】 匀速 3600 75 100
【详解】[1]沿斜面拉动物体时，应尽量使物体做匀速直线运动，此时拉力大小不变。
[2]工人所做的有用功
W有=Gh=600N×6m=3600J
[3]工人所做的总功
W总=Fs=400N×12m=4800J
斜面的机械效率
[4]工人所做的额外功
W额=W总-W有=4800J-3600J=1200J
由W额=fs得物体所受斜面的摩擦力
如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变，
电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端，
电压表示数与电流表示数比值 （选填“变大”“变小”或“不变”），
电源电压为 V，R1的阻值为 Ω。
【答案】变小；6；5。
【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流，电压表示数与电流表示数比值即为滑动变阻器的电阻，当滑片P从b端移动到a端，滑动变阻器连入电路的电阻减小，所以，滑片P从b端移动到a端，电压表示数与电流表示数比值变小。
由图乙可知，当电流为1.2A时，滑动变阻器没有接入电路中，根据欧姆定律有U＝I1R1＝1.2A×R1，
当电流为0.4A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律有U＝I2R1+4V＝0.4A×R1+4V，
联立解得：U＝6V，R1＝5Ω。
故答案为：变小；6；5。
21．阅读短文，回答问题。
电热服
电热服是将电源、控温装置、安全保护装置、发热元件等通过导线连接组成电路，利用电源控制服装内部的电热元件产生热量的一类服装的总称。电热服一开始主要是为在寒冷环境中的士兵、工人、户外运动者所研发的，能在极寒的环境中保暖御寒，减少冻伤，确保人在舒适的温度下更好地工作或锻炼。
电热服通过移动电源提供能量，发热元件（柔软发热片）为身体提供热量，保暖身体，抵御严寒。移动电源在家庭电路中直接充电，非常方便。电热服的温度可以通过控温装置调控，用户可以根据环境温度和自身情况调整为自己最适宜最舒服的温度。电热服中有过热保护装置，温度较高时自动跳转至低挡位，进行恒温保暖；检测到用户停止使用时，能自动断电，不用担心忘记关掉电源。目前，设计者通过过压保护、过流保护、短路保护等多重保护手段，使它变得更加安全。
（1）电热服的移动电源在充电时使用的是 交流电 （选填“交流电”或“直流电”），此时移动电源在电路中的“身份”是 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。
（2）发热元件（柔软发热片）的工作原理是 电流的热效应 。
（3）电热服温度过高时，过热保护装置会将电路的总电阻 调高 （选填“调高”或“调低”）。
（4）除过热保护装置，电热服中还有的保护措施是 过流保护 。（写出一条即可）
【答案】（1）交流电；用电器；（2）电流的热效应；（3）调高；（4）过流保护。
【解答】解：（1）该移动电源在家庭电路中充电，家庭电路中是交流电，充电时移动电源消耗电能，是一个用电器。
（2）发热元件将电能转化为内能，其原理是电流的热效应。
（3）温度过高时自动跳转至低挡位，发热减少，功率降低，根据P＝UI和 可得 ，可知总电阻变大。
（4）除过热保护装置，电热服中还有的保护措施防止电流过大，电压过大等。
.故答案为：（1）交流电；用电器；（2）电流的热效应；（3）调高；（4）过流保护。
三、解答题（本题共9小题，共50分。解答第23、24、25题时写出必要的文字说明、公式和演算过程）
22．（8分）按题目要求作图。
（1）如图所示，开关闭合时，位于螺线管右侧的小磁针顺时针偏转。
请在图中标出通电螺线管的N极及电源的正极。
【答案】
【解答】解：闭合开关后，小磁针顺时针转动，即最终小磁针的左端是S极，
故该螺线管的右端一定是N极，所以据安培定则可以判断，此时电流从左端流入，从右端流出，
如下图：
（2）在图中画出静止在水平桌面上的小球的受力示意图。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：小球受到竖直向下的重力和水平桌面对它竖直向上的支持力，因为小球静止，所以小球受到的这两个力是一对平衡力，大小相等；二力的作用点均画在小球的重心上，由此作出小球受力的示意图如图所示：
（3）如图所示，长方体A在粗糙斜面上保持静止，请在O点画出长方体A所受的力示意图。
【答案】
【详解】长方体A受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力，故作图如下：
如图甲所示，某同学在水面看到长脚鹬的倒影。请在图乙中画出该同学看到长脚鹬倒影的光路图
（其中A点表示长脚鹬）。
【答案】见解答
【解答】解：设人眼为点P，根据平面镜成像的特点作出A关于水面的对称点A′（即像点），连接A′与人眼P，交于水面一点O（即入射点），过O点垂直于水面作出法线，连接AO，则AO为空气中的入射光线，连接OP，则OP为反射光线，如图所示：
23．（5分）某品牌无人驾驶燃油汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s。若汽车的牵引力是1500N，汽车发动机的效率是25%，汽油的热值为4.6×107J/kg，假设汽油完全燃烧。
求：
（1）汽车牵引力做功的功率；
（2）汽车行驶6.9km消耗的汽油质量。
【答案】（1）汽车牵引力的功率为3×104W；
（2）汽车这段时间消耗汽油的质量为0.9kg。
【解答】解：（1）t＝5min45s＝345s，
汽车上山时牵引力做的功W＝Fs＝1500N×6900m＝1.035×107J；
功率P＝＝＝3×104W；
（2）由η＝得：
Q放＝＝＝4.14×107J；
则m＝＝＝0.9kg。
答：（1）汽车牵引力的功率为3×104W；
（2）汽车这段时间消耗汽油的质量为0.9kg。
24．（6分）山东舰作为中国自行设计的航母，至少可以搭载36架歼-15舰载机，
如表是“山东舰”的部分参数。
已知一架歼-15舰载机质量为17.5吨，舰载机与水平甲板的总接触面积为。
求：（海水密度取，g取）
我国某钢铁厂实现“超级钢”的技术突破，50mm厚的“超级钢”就能承受的压强，
该种型号的钢板＿＿＿（选填“能”或“不能”）做山东舰的甲板。
（2）山东舰以最大航速匀速直线行驶1.5h，通过的距离为多少km？
（3）山东舰满载时受到海水的浮力是多少？
（4）在某次训练完成，一架歼-15舰载机着舰后，山东舰排开海水的体积增加了多少？
【答案】（1）能；（2）8lkm ；（3）6×108N ；（4）17.5m3
【解析】
【详解】解∶（1）舰载机对甲板的压力
F=G舰载机=m舰载机g=17.5×103kg×10N/kg=1.75×105N
对甲板的压强
所以该种型号的钢板能做山东舰的甲板。
（2）由得山东舰以最大航速匀速直线行驶l.5h通过的距离为
s=vt=54km/ h×1.5h=8lkm
（3）由表格可知，山东舰满载时排水量
m排=60000t=6×107kg
山东舰满载时受到海水的浮力
F浮=G排=m排g=6×107kg×10N/ kg=6×108N
（4）根据漂浮的条件可知，一架歼-15舰载机着舰后，山东舰增加的浮力
根据阿基米德原理可知山东舰排开海水的体积增加量
答︰ （1）能；
（2）山东舰以最大航速匀速直线行驶l.5h，通过的距离为8lkm ；
（3）山东舰满载时受到海水的浮力是6×108N ；
（4）在某次训练完成，一架歼―15舰载机着舰后，山东舰排开海水的体积增加了17.5m3。
25．（6分）如图甲所示是某电热水壶的电路图，铭牌如图乙所示。R为加热器，
温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。
当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。
[已知：水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，水的比热容 ]。求：
（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是多少？
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电20s产生的热量是多少？
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少？
（4）用如图丙所示的电能表单独测量该电热水壶消耗的电能，实际加热时，3min电能表中间的铝质圆盘转动了24转，此时电路消耗的实际电功率是多少？
【答案】（1）48.4Ω；（2）20000J；（3）5.25×105J；（4）800W
【详解】解：（1）由图乙可知，电热水壶的额定功率P额＝1000W，额定电压U额＝220V；加热器的阻值
（2）对加热器通电20s产生的热量
（3）电热水壶中水的体积
电热水壶中水的质量
水吸收的热量
（4） 表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的铝质圆盘转过600转；电能表中间的铝质圆盘转动了24转，电热水壶消耗的电能
电路消耗的实际电功率
答：（1）加热器的阻值是48.4Ω；
（2）加热器通电20s产生的热量是20000J；
（3）水吸收的热量是5.25×105J；
（4）电路消耗的实际电功率是800W。
（6分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小叶同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，
已知每个钩码重0.5N。
（1）杠杆处于如图甲状态时，杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”）。杠杆是否处于水平位置平衡，是由杠杆与重垂线是否垂直来判断的，这是利用了重力的方向总是 。
（2）小叶同学完成一次操作后，实验现象如图乙所示。记录的数据为：动力F1=2N，动力臂L1=1cm；阻力F2=1N，阻力臂L2=2cm。他测出了这组数据后就得出了“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论，你认为他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 。
（3）小叶与同学又将实验改装成图丙，在A处正下方悬挂一不吸水的石块，B处施加一个与竖直方向夹角为60°的拉力F=4N，杠杆恰好在水平位置平衡，此时杠杆为 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。若将该石块浸没在水中且不触底，要使杠杆在水平位置再次平衡，应在B处竖直向上施加拉力为 N。（ρ石=2.0×103kg/m3）
【答案】 平衡 竖直向下 错误 见解析 省力 1
【详解】（1）[1]杠杆的平衡状态包括静止状态、匀速转动状态， 图甲中杠杆处于静止状态，即处于平衡状态。
[2]由于重力方向总是竖直向下，和水平线相互垂直，所以可以根据杠杆与重垂线是否垂直来判断杠杆是否处于水平位置平衡。
（2）[3][4]由于不同物理量不能相加减，所以该同学得出的“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的，同时因为只做了一次实验得出结论，实验结果具有偶然性，因此得出的该结论也是不合理的。
（3）[5]由图丙知，杠杆的支点在O点，阻力为石块重力，阻力臂为OA，由第（2）可知，每格是0.5cm，故OA=1cm；动力为F，动力臂为
由于动力臂和阻力臂相等，所以此时杠杆为等臂杠杆。
[6]杠杆的平衡原理可知
则
由
G=mg=ρgV可得，石头的体积为
当石块完全浸没水中，
排开水的体积等于其自身体积，即
则石块受到浮力为
此时石头受到其自身重力和绳子拉力以及浮力浮力的作用，则绳子拉力为
由与力的作用是相互的，则此时绳子对杠杆的拉力也为2N，根据杠杆的平衡条件可知
解得
27 （4分）.如图是“探究电流通过导体时产生的热的多少跟什么因素有关”的实验电路．电路中有两个相同的烧瓶，内装质量相等的煤油，两个带有橡胶塞的规格完全相同的温度计，两根阻值不同的电阻丝（R1＞R2），以及学生电源、滑动变阻器、电流表、开关、导线等．
闭合开关S1，断开开关S2，保持滑片P位置不动，通电一段时间后，
温度升高较多的是 （选填“甲”或“乙”）温度计，说明电流产生的热量与 有关．
闭合开关S1、S2，通过调节滑片P的位置，可探究当 和通电时间一定时，
电流产生的热量跟 的关系．
【答案】 甲 电阻 电阻 电流
【分析】（1）电流产生的热量不易直接测量，根据△t＝，相同质量的煤油吸热越多，升高的温度越高，采用了转换法；根据焦耳定律Q＝I2Rt，电流产生的热量跟电流关系，通电时间和电阻有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时要控制另外的两个不变；
根据串联电路电流的规律，由已知条件，根据Q＝I2Rt分析.
【详解】①由图可知，闭合开关S1，断开开关S2，保持滑片P位置不动，两电阻串联，通过的电流相同，由题意知，R1的电阻大于R2的电阻，通电时间也相同，根据Q＝I2Rt可知，闭合开关，通电一段时间后，甲烧瓶中产生的热量较多，故温度升高较多的是甲温度计；实验说明当电流和通电时间一定时，电流产生热量与电阻有关；②图中，当闭合开关S1、S2时，S2将R1短路，电路中只有R2工作，调节滑动变阻器，改变电流，在电阻和通电时间相同时，根据Q＝I2Rt知可探究当电阻和通电时间一定时，电流产生的热量跟电流的关系．
28．（6分）在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中：
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整，要求滑片向左移动，电流表示数变大；
（2）连接电路时开关应 ，将滑动变阻器移到最大阻值处；
（3）连接完电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，观察到电流表有示数，电压表无示数，
则故障可能是 （写出一种即可）；
排除故障后，探究电流与电压的关系。实验中闭合开关，移动滑片依次得到4组数据，
其中第4次实验中电流表的指针如图乙所示，其示数为 A；
记录的数据如表，请你根据表中数据在图丙描点画出图象，并分析数据得出结论：电阻一定时，
通过导体的电流与导体两端的电压成 ；
（6）一同学有一个二极管，网上查该型号正向电阻，R1约300Ω，反向电阻R2大于300kΩ，因为反向电阻很大，比正向电阻大非常多，所以二极管具有单向导电性，该同学把这个二极管直接替换该实验的电阻R，进行电阻测量，则 。
A.他能较准的测出R1和R2
B.他只能较准的测出R1
C.他都不能较准的测出R1和R2
【答案】（1）见上图；（2）断开；（3）定值电阻短路（电压表短路或电压表断路）；（4）0.44；（5）见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（6）C。
【解答】解：（1）根据滑片向左移动，电流表示数变大，可知变阻器接入阻值变小，由此可知变阻器用的是左下接线柱，如图所示：；
（2）连接电路时开关应断开，将滑动变阻器滑片移到最大阻值处；
（3）若电表完好，闭合开关，电流表有示数，则故障应该是短路，电压表无示数，则电压表并联部分短路，即定值电阻短路；若电表不完好，可能是电压表短路或断路；
（4）由图甲可知电流表用的小量程，分度值为0.02A，故示数为0.44A；
（5）对照表格中的数据描点画图，如图所示：
；
由图可知：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（6）由图甲可知，电源为两节干电池串联，即3V；若把R1直接替换该实验的电阻R，电路中最大电流为：
I＝＝＝0.01A，小于电流表分度值0.02A，无法准确读出电流值，
而反向电阻比正向电阻大非常多，使用该实验电路也无法准确读出电流值，
所以R1和R2都不能较准的测出，故选：C。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）定值电阻短路（电压表短路或电压表断路）；
（4）0.44；（5）见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（6）C。
29．（5分）如图是“探究影响液体内部压强大小因素”的实验。
图中压强计通过U形管两侧 高度差 反映橡皮膜所受压强的大小。
实验前检查实验装置，观察到如图甲所示的情景，应该进行以下哪项操作 ；
A．从U形管内向外倒出适量水
B．拆除软管重新安装
C．向U形管内添加适量水
（2）调整器材后小明完成了图乙、丙所示实验，分析可知液体的压强与 液体深度 有关；
（3）为探究液体压强与液体密度的关系，小明又完成了丁图所示实验，
对比丙、丁两次实验发现两次U形管两侧水面高度差对比不明显，
为使实验现象更加明显下列操作可行的是 ；
A．将丁图中金属盒下移
B．丁烧杯中换用密度更大的液体
C．将U形管中的水换成密度更小的酒精
（4）为了检验“液体内部的压强与液体密度有关”这一结论，在图己的装置中，
容器的左右两侧分别装入深度相同的水和酒精，看到橡皮膜向左侧凸起。
由此你可以判断 （选填“左”或“右”）侧的液体是水。
【答案】（1）高度差；B；（2）液体深度；（3）BC；（4）右。
【解答】解：（1）压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，
高度差越大，说明橡皮膜受到的压强越大，这种研究方法叫转换法。
当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；观察图甲发现，组装器材时，U形管两侧液面不相平，为了使U形管两侧液面相平，应取下软管重新安装，故选B。
（2）对比乙、丙两图，金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。
（3）A．探究液体压强与液体密度的关系，根据控制变量法原则要控制液体深度相同，因此不能单独改变丁图中金属盒的位置，故A不符合题意；
B．根据p＝ρgh可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，所以在“丁烧杯中换密度差更大的液体”U形管左右两侧液面的高度差将变大，故B符合题意；
C．“将U形管中的水换成密度更小的酒精”，橡皮膜受到的压强不变时，则U形管左右两侧液面的高度差将变大，C符合题意。
故选：BC。
（4）在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则右侧液体压强大，根据p＝ρgh可知，右侧液体的密度较大，左侧是酒精，右侧是水。
故答案为：（1）高度差；B；（2）液体深度；（3）BC；（4）右。
（6分）小华利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率，
已知电源电压3V且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V。
如图甲是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，
请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线；
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近3V，则电路故障可能是小灯泡 （选填“断路”或“短路”）；
（3）排除电路故障后，重新开始实验，小华从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡I﹣U图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W；
（4）测出小灯泡的额定功率后，小华又把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，此时它的实际功率 （选填“＞”或“＜”）。
（5）小丽同学所在的实验小组又设计了如图丙所示的电路，利用阻值为R0的定值电阻和电压表V1、V2等器材，测量額定电压为U额的小灯泡L的额定功率，经检查无误后进行实验。请你帮助他们将实验过程补充完整：
①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表 （选填“V1”或“V2”）的示数为U额，同时读出另一个电压表的示数，记为U；
②用已知物理量和测量量的符号表示出小灯泡额定功率P额 ＝ 。
【答案】（1）见解答图；（2）断路；（3）0.75；（4）＞；（5）V1；U额•。
【解答】解：（1）原电路图中，灯泡没有接入电路，电压表串联在电路中是错误的，在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表示数接近3V，则与电压表并联的灯泡断路；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）若灯的电阻不变，则当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，根据P＝，灯的实际功率为额定功率的四分之一，但当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，灯的温度降低了，此时灯的电阻减小了，根据P＝，测得的P实＞P额；
（5）实验步骤：
①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表V1的示数为U额，同时读出另一个电压表的示数，记为U；
②由图丙可知，灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表V1和灯泡并联，测灯泡两端电压，电压表V2测灯泡和R0两端电压，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表V1的示数为U额，此时灯泡正常发光；
根据串联电路电压规律，R0两端电压为U0＝U﹣U额，
根据串联电路电流特点，灯泡额定电流为I额＝I0＝＝，
则小灯泡额定功率为：
P额＝U额I额＝U额•。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）0.75；（4）＞；（5）V1；U额•。长
305m
吃水深度
10m（满载）
宽
75m
排水量
60000t（满载）
最大功率
最大航速
54km/h
电阻R＝5Ω
第1组
第2组
第3组
第4组
电压U/V
1.0
1.4
1.8
2.2
电流I/A
0.20
0.28
0.36
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．g=10N/kg。
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1．如图，是一张大厦的照片，关于下列说法正确的是（ ）
A．照相机的镜头对光线有发散作用B．照相机成倒立放大的虚像
C．水中的像是光的反射造成的D．在太阳下的大楼是光源
【答案】C
【详解】A．照相机的镜头是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，故A错误；
B．使用照相机时，物距大于二倍焦距，所以成倒立缩小的实像，故B错误；
C．水中的像是平面镜成像现象，是光的反射造成的，故C正确；
D．光源能自己发光，大楼反射太阳光，大楼自己不会发光，所以大楼不是光源，故D错误。
故选C。
2．四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A． 冰雪消融B． 露珠晶莹
C． 霜挂枝头D． 千里冰封
【答案】B
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
3．如图所示工具在正常使用的过程中，属于费力杠杆的是（ ）
A．羊角锤B．核桃夹
C． 镊子 D．瓶起子
【答案】C
【详解】A．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；
D．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选C。
4．福清利桥古街河，水路环绕，徜徉其中，可感受古风美。下列说法中正确的是（ ）
A．河水可以调节城市气温，是因为水的比热容大
B．夏天，在地上洒水降温，利用了水的比热容大的特点
C．人用桨划船匀速前行时，桨对水的力和水对桨的力是一对平衡力
D．人对船的压力就是重力
【答案】A
【解答】解：A、城市建造人工湖来调节气温，即由于水的比热容较大大，相同质量的水和其它物质比较，吸相同的热量，水温度上升的慢，故与水的比热容有关，故A正确；
B、夏天，在地上洒水降温，利用了蒸发吸热，故B错误；
C、人用桨划船匀速前行时，桨对水的力和水对桨的力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、人对船的压力属于弹力，重力是由于地球吸引而使物体受到的力，两者性质不同，故D错误。
故选：A。
随着科技的发展，双控型抽油烟机的开关既有触摸式的触屏开关S1，也有利用红外线的感应开关S2。
操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作，给人们带来了好的生活体验。
如图是小明设计的四个抽油烟机模拟电路，电动机用符号表示，能满足上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【解答】解：根据题意可知，操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联接入电路中，故D正确。
故选：D。
将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑。
现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．在凸透镜附近再放一个凸透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到20cm刻度处，移动光屏可得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到25cm刻度处，移动光屏可得到清晰缩小的像
【答案】D
【详解】A．将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为10cm。由图可知，物距为
像距f＜v＜2f,光屏应在60cm-70cm刻度之间，所以在光屏上不能观察到清晰的像，故A错误；
B．近视眼的矫正是用凹透镜，故B错误；
C．将蜡烛移到20cm刻度处，则物距为
成倒立、缩小的实像，故C错误；
D．将蜡烛移到25cm刻度处，则物距为
成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选D。
7．脚踩滑板从高处加速滑下，有关滑板的各种能量变化描述不符合实际的是（ ）
A．动能增大B．重力势能减小
C．机械能不变D．内能增大
【答案】C
【详解】A．动能大小的影响因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，物体的动能越大，滑板从高处加速滑下，质量不变、速度增大，所以动能增大，故A不符合题意；
B．重力势能大小的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、位置越高，物体的重力势能越大，滑板从高处滑下，质量不变、高度变小，则重力势能变小，从故B不符合题意；
CD．滑板下滑过程中会克服摩擦做功，所以机械能会转成内能，则机械能减小，内能增大，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
8．如图所示，小车向右匀速运动，车内有一表面较粗糙的木块，轻质弹簧一边与木块相连，另一端固定在车厢右壁，此时弹簧刚好处于原长。下列说法正确的是（ ）
①若小车加速运动，则弹簧可能保持原来长度不变
②若木块突然压缩弹簧，则小车一定在做加速运动
③若木块受到向右的摩擦力，则小车一定在做加速运动
④若木块受到三个力的作用，则小车一定在做减速运动
A．①②B．①③C．②③D．③④
【答案】B
【详解】①若小车加速运动，木块由于具有惯性要保持原来的运动状态不变，可能相对于小车向左运动，或者有向左运动的趋势，则弹簧长度可能将变长，可能保持不变；
②若木块突然压缩弹簧，说明木块向前运动，速度大于小车的速度，则小车可能在做减速运动，也可能突然停止；
③若木块受到向右的摩擦力，说明木块在向左运动或者有向左运动的趋势，则小车一定在做加速运动；
④木块受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力作用，若木块向左运动，则木块受到向右的摩擦力和弹簧的拉力作用，可知此时木块受到4个力作用；若木块向右运动，则木块受到向左的摩擦力和弹簧向左的弹力作用，此时木块仍然受到四个力作用；若木块受到三个力作用时，木块一定受到的是静摩擦力作用，此时弹簧不发生形变，对木块没有弹力作用，木块可能有向右运动的趋势，也可能有向左运动的趋势，故无法判断小车在做减速运动，还是在做加速运动。综上所述，故B正确，ACD错误。
故选B。
9 .假期小明一家要出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为200W的冰箱正常工作，
其它用电器都已关闭。小明看到家里电能表的示数为2021.6kW·h，过了7天小明回到家
再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（ ）
A．冰箱正常工作1min电能表的转盘转过12转
B．冰箱每天平均工作的时间为0.5h
C．这段时间冰箱消耗的电能是2.52×107J
D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，电能表转盘的转速不变
【答案】C
【详解】A．冰箱正常工作1min消耗的电能
电能表的转盘转过的转数
故A错误；
B．冰箱7天消耗的电能为
2028.6kW·h-2021.6kW·h=7kW·h
那么每天冰箱消耗
平均工作的时间为
故B错误；
C．这段时间冰箱消耗的电能是
2028.6kW·h-2021.6kW·h=7kW·h=2.52×107J
故C正确；
D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，总功率增加，相同时间消耗的电能增加，电能表转动的圈数增大，转盘的转速增大，故D错误。
故选C。
工人使用如图所示的滑轮组将重450N的物体匀速提升2m，共用了10秒，动滑轮重50N，
若在此过程中（忽略绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离是6m
B．提升该物体需要150N的力
C．工人做功的功率是100W
D．该滑轮组的机械效率为83.3%
【答案】C
【解答】解：A、由图可知，n＝2，则绳子自由端移动的距离为s＝nh＝2×2m＝4m，故A错误；
B、忽略绳重和摩擦，提升该物体需要的力为：
F＝（G+G动）＝×（450N+50N）＝250N，故B错误；
C、工人做功的功率为：
P＝＝＝＝100W，故C正确；
D、该滑轮组的机械效率为：
η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故D错误。
故选：C。
小阳利用如图甲所示装置进行如下实验：断开开关，小磁针的指向如图甲所示；闭合开关，
小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，
小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论合理的是（ ）
A．由甲、乙两图可得电流周围可以产生磁场
B．由甲、乙两图可得利用磁场可以产生电流
C．由乙、丙两图可得电流产生的磁场的强弱与电流大小有关
D．由甲、丙两图可得电流产生的磁场的方向与电流方向有关
【答案】A
【解答】解：AB、甲中开关断开，没有电流，小磁针的指向不发生改变；乙中开关闭合，有电流经过，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A正确，B错误；
C、乙和丙中，其它因素相同，只有电流方向不同，小磁针的偏转方向不同，说明电流产生的磁场方向与电流方向有关，故C错误。
D、甲中没有电流，小磁针指向不变；丙中开关闭合，电路有电流，小磁针的指向电流产生的磁场方向与电流方向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故D错误；
故选：A。
12．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示。下列说法错误的是（ ）
A．滑动变阻器的最大阻值是20Ω
B．滑动变阻器消耗的电功率最大时，变阻器的阻值是 10Ω
C．电源电压为8V
D．电路消耗的最大电功率为14.4W
【答案】C
【详解】A．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，由图乙可知，电路中的最小电流I最小=0.4A，滑动变阻器的功率P1=3.2W，由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值
故A正确，不符合题意；
BC．电源的电压
U=I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+R0)
由图乙可知，当电路中的电流I′=0.6A时，滑动变阻器的功率最大，最大为P1′=3.6W，则滑动变阻器接入电路中的电阻
同理可得电源电压
U=I′(R′+R0)=0.6A×(10Ω+R0)
因电源的电压不变，所以
0.4A×(20Ω+R0)= 0.6A×(10Ω+R0)
解得R0=10Ω，电源电压
U= I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V
故B正确，不符合题意，C错误，符合题意；
D．当滑动变阻器接入电路的电阻最小为0时，只有R0工作，此时电路中的电流最大，总功率最大，则最大总功率
故D正确，不符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共26分）
13．金属块重10N，挂在弹簧测力计上，当它全部放在水中时，弹簧测力计的读数为8N，如图所示，
此时金属块受到的浮力是 N。如金属块有一半体积露出水面，弹簧测力计的示数是 N。
【答案】 2 9
【详解】[1]由称重法可知此时金属块受到的浮力
F浮=G-F=10N-8N=2N
[2]如金属块有一半体积露出水面，则金属块排开水的体积为金属块体积的一半，由阿基米德原理可知，金属块受到的浮力变为原来的一半，即
F浮′=F浮=×2N=1N
弹簧测力计的示数
F′=G-F浮′=10N-1N=9N
14．2023年10月26日，我国载人飞船神舟十七号成功对接空间站天和核心舱前向端口，
短短几年时间，我国空间站就已经形成三舱三船组合体，彰显了中国的科技力量。如图所示，
对接完成后，神舟十七号飞船相对于天和核心舱是 （选填“静止”或“运动”）状态，
与在地球上相比，航天员的质量 （选填“变小”“不变”或“变大”）。
【答案】静止的；不变。
【解答】解：完成对接后，神舟十七号飞船和天和核心舱的位置没有发生变化，故以核心舱为参照物，神舟十七号飞船是静止的；神舟十七号飞船在空间站时，航天员的位置虽然变了，但他的质量不变。
故答案为：静止的；不变。
如图所示电路，电源电压恒为3V。闭合开关S，电流表的示数为0.5A，干路电流I=1.5A，
设灯丝电阻不变，则通过灯L1的电流为 A，
灯L1消耗的电功率为 W，灯L2的阻值为 。
【答案】 1 3 6
【详解】[1]根据题图可知，该电路是L1和L2的并联电路，电流表测量通过L2的电流，根据并联电路的电流规律，通过L1的电流为
[2]根据并联电路的电压规律，L1两端的电压等于电源电压，故L1消耗的电功率为
[3]L2的电阻为
“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。立于荷叶上的蜻蜓，距水面0.5m，
则它与其在水中的倒影之间相距 m。当蜻蜓飞离水面时，
它在水中的倒影大小会 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】1；不变。
【解答】解：平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等，已知蜻蜓距水面0.5m，像到水面的距离也是0.5m，所以蜻蜓与其在水中的倒影之间相距0.5m+0.5m＝1m；
由于物体在平面镜中所成的像和物体的大小相等，所以不管蜻蜓距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此当蜻蜓飞离水面时，它在水中的“倒影”大小将不变。
故答案为：1；不变。
如图实验装置，磁体和导体棒均水平放置，断开、闭合，导体棒能运动起来，
说明通电导体在 中会受到力的作用，依此可制成 （选填“电动机”或“发电机”）；
断开、闭合，使导体棒水平运动，灵敏电流计的指针发生偏转，这是 现象。
【答案】 磁场 电动机 电磁感应
【详解】[1][2]断开S1、闭合S2，导体棒有电流，在磁场中受到到力的作用，能运动起来，说明通电导体在磁场中会受到力的作用，这就是电动机的原理。
[3]断开S2、闭合S1，使导体棒水平运动，此时导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，这是电磁感应现象。
18．2023年3月11日，“探索一号”科考船搭载“奋斗者”号载人潜水器，
圆满完成国际首次环大洋洲载人深潜科考任务，顺利返回三亚。本航次中，
“奋斗者”号下潜最大深度达10010.9m。该潜水器浸入海水的体积为30m3时，
受到浮力的大小约为 N。当它下潜至10000m时，受到的海水压强约为 Pa。
（g取10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）
【答案】3×105；1×108
【解答】解：
（1）潜水器受到的浮力：F浮＝ρ海水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×30m3＝3×105N；
（2）潜水器受到的压强：P＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1×108Pa。
故答案为：3×105；1×108。
在测斜面机械效率的实验中，用400N的拉力F沿斜面将重600N的物体
（选填“加速”或“匀速”）
拉到长12m、高6m的斜面顶端。该过程中拉力所做的有用功为 J，
斜面的机械效率为 %，物体受到的摩擦力为 N。
【答案】 匀速 3600 75 100
【详解】[1]沿斜面拉动物体时，应尽量使物体做匀速直线运动，此时拉力大小不变。
[2]工人所做的有用功
W有=Gh=600N×6m=3600J
[3]工人所做的总功
W总=Fs=400N×12m=4800J
斜面的机械效率
[4]工人所做的额外功
W额=W总-W有=4800J-3600J=1200J
由W额=fs得物体所受斜面的摩擦力
如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变，
电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端，
电压表示数与电流表示数比值 （选填“变大”“变小”或“不变”），
电源电压为 V，R1的阻值为 Ω。
【答案】变小；6；5。
【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流，电压表示数与电流表示数比值即为滑动变阻器的电阻，当滑片P从b端移动到a端，滑动变阻器连入电路的电阻减小，所以，滑片P从b端移动到a端，电压表示数与电流表示数比值变小。
由图乙可知，当电流为1.2A时，滑动变阻器没有接入电路中，根据欧姆定律有U＝I1R1＝1.2A×R1，
当电流为0.4A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律有U＝I2R1+4V＝0.4A×R1+4V，
联立解得：U＝6V，R1＝5Ω。
故答案为：变小；6；5。
21．阅读短文，回答问题。
电热服
电热服是将电源、控温装置、安全保护装置、发热元件等通过导线连接组成电路，利用电源控制服装内部的电热元件产生热量的一类服装的总称。电热服一开始主要是为在寒冷环境中的士兵、工人、户外运动者所研发的，能在极寒的环境中保暖御寒，减少冻伤，确保人在舒适的温度下更好地工作或锻炼。
电热服通过移动电源提供能量，发热元件（柔软发热片）为身体提供热量，保暖身体，抵御严寒。移动电源在家庭电路中直接充电，非常方便。电热服的温度可以通过控温装置调控，用户可以根据环境温度和自身情况调整为自己最适宜最舒服的温度。电热服中有过热保护装置，温度较高时自动跳转至低挡位，进行恒温保暖；检测到用户停止使用时，能自动断电，不用担心忘记关掉电源。目前，设计者通过过压保护、过流保护、短路保护等多重保护手段，使它变得更加安全。
（1）电热服的移动电源在充电时使用的是 交流电 （选填“交流电”或“直流电”），此时移动电源在电路中的“身份”是 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。
（2）发热元件（柔软发热片）的工作原理是 电流的热效应 。
（3）电热服温度过高时，过热保护装置会将电路的总电阻 调高 （选填“调高”或“调低”）。
（4）除过热保护装置，电热服中还有的保护措施是 过流保护 。（写出一条即可）
【答案】（1）交流电；用电器；（2）电流的热效应；（3）调高；（4）过流保护。
【解答】解：（1）该移动电源在家庭电路中充电，家庭电路中是交流电，充电时移动电源消耗电能，是一个用电器。
（2）发热元件将电能转化为内能，其原理是电流的热效应。
（3）温度过高时自动跳转至低挡位，发热减少，功率降低，根据P＝UI和 可得 ，可知总电阻变大。
（4）除过热保护装置，电热服中还有的保护措施防止电流过大，电压过大等。
.故答案为：（1）交流电；用电器；（2）电流的热效应；（3）调高；（4）过流保护。
三、解答题（本题共9小题，共50分。解答第23、24、25题时写出必要的文字说明、公式和演算过程）
22．（8分）按题目要求作图。
（1）如图所示，开关闭合时，位于螺线管右侧的小磁针顺时针偏转。
请在图中标出通电螺线管的N极及电源的正极。
【答案】
【解答】解：闭合开关后，小磁针顺时针转动，即最终小磁针的左端是S极，
故该螺线管的右端一定是N极，所以据安培定则可以判断，此时电流从左端流入，从右端流出，
如下图：
（2）在图中画出静止在水平桌面上的小球的受力示意图。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：小球受到竖直向下的重力和水平桌面对它竖直向上的支持力，因为小球静止，所以小球受到的这两个力是一对平衡力，大小相等；二力的作用点均画在小球的重心上，由此作出小球受力的示意图如图所示：
（3）如图所示，长方体A在粗糙斜面上保持静止，请在O点画出长方体A所受的力示意图。
【答案】
【详解】长方体A受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力，故作图如下：
如图甲所示，某同学在水面看到长脚鹬的倒影。请在图乙中画出该同学看到长脚鹬倒影的光路图
（其中A点表示长脚鹬）。
【答案】见解答
【解答】解：设人眼为点P，根据平面镜成像的特点作出A关于水面的对称点A′（即像点），连接A′与人眼P，交于水面一点O（即入射点），过O点垂直于水面作出法线，连接AO，则AO为空气中的入射光线，连接OP，则OP为反射光线，如图所示：
23．（5分）某品牌无人驾驶燃油汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s。若汽车的牵引力是1500N，汽车发动机的效率是25%，汽油的热值为4.6×107J/kg，假设汽油完全燃烧。
求：
（1）汽车牵引力做功的功率；
（2）汽车行驶6.9km消耗的汽油质量。
【答案】（1）汽车牵引力的功率为3×104W；
（2）汽车这段时间消耗汽油的质量为0.9kg。
【解答】解：（1）t＝5min45s＝345s，
汽车上山时牵引力做的功W＝Fs＝1500N×6900m＝1.035×107J；
功率P＝＝＝3×104W；
（2）由η＝得：
Q放＝＝＝4.14×107J；
则m＝＝＝0.9kg。
答：（1）汽车牵引力的功率为3×104W；
（2）汽车这段时间消耗汽油的质量为0.9kg。
24．（6分）山东舰作为中国自行设计的航母，至少可以搭载36架歼-15舰载机，
如表是“山东舰”的部分参数。
已知一架歼-15舰载机质量为17.5吨，舰载机与水平甲板的总接触面积为。
求：（海水密度取，g取）
我国某钢铁厂实现“超级钢”的技术突破，50mm厚的“超级钢”就能承受的压强，
该种型号的钢板＿＿＿（选填“能”或“不能”）做山东舰的甲板。
（2）山东舰以最大航速匀速直线行驶1.5h，通过的距离为多少km？
（3）山东舰满载时受到海水的浮力是多少？
（4）在某次训练完成，一架歼-15舰载机着舰后，山东舰排开海水的体积增加了多少？
【答案】（1）能；（2）8lkm ；（3）6×108N ；（4）17.5m3
【解析】
【详解】解∶（1）舰载机对甲板的压力
F=G舰载机=m舰载机g=17.5×103kg×10N/kg=1.75×105N
对甲板的压强
所以该种型号的钢板能做山东舰的甲板。
（2）由得山东舰以最大航速匀速直线行驶l.5h通过的距离为
s=vt=54km/ h×1.5h=8lkm
（3）由表格可知，山东舰满载时排水量
m排=60000t=6×107kg
山东舰满载时受到海水的浮力
F浮=G排=m排g=6×107kg×10N/ kg=6×108N
（4）根据漂浮的条件可知，一架歼-15舰载机着舰后，山东舰增加的浮力
根据阿基米德原理可知山东舰排开海水的体积增加量
答︰ （1）能；
（2）山东舰以最大航速匀速直线行驶l.5h，通过的距离为8lkm ；
（3）山东舰满载时受到海水的浮力是6×108N ；
（4）在某次训练完成，一架歼―15舰载机着舰后，山东舰排开海水的体积增加了17.5m3。
25．（6分）如图甲所示是某电热水壶的电路图，铭牌如图乙所示。R为加热器，
温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。
当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。
[已知：水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，水的比热容 ]。求：
（1）该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是多少？
（2）该电热水壶正常加热工作时，对加热器通电20s产生的热量是多少？
（3）将电热水壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少？
（4）用如图丙所示的电能表单独测量该电热水壶消耗的电能，实际加热时，3min电能表中间的铝质圆盘转动了24转，此时电路消耗的实际电功率是多少？
【答案】（1）48.4Ω；（2）20000J；（3）5.25×105J；（4）800W
【详解】解：（1）由图乙可知，电热水壶的额定功率P额＝1000W，额定电压U额＝220V；加热器的阻值
（2）对加热器通电20s产生的热量
（3）电热水壶中水的体积
电热水壶中水的质量
水吸收的热量
（4） 表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的铝质圆盘转过600转；电能表中间的铝质圆盘转动了24转，电热水壶消耗的电能
电路消耗的实际电功率
答：（1）加热器的阻值是48.4Ω；
（2）加热器通电20s产生的热量是20000J；
（3）水吸收的热量是5.25×105J；
（4）电路消耗的实际电功率是800W。
（6分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小叶同学用刻度均匀的轻质杠杆完成以下实验，
已知每个钩码重0.5N。
（1）杠杆处于如图甲状态时，杠杆 （选填“平衡”或“不平衡”）。杠杆是否处于水平位置平衡，是由杠杆与重垂线是否垂直来判断的，这是利用了重力的方向总是 。
（2）小叶同学完成一次操作后，实验现象如图乙所示。记录的数据为：动力F1=2N，动力臂L1=1cm；阻力F2=1N，阻力臂L2=2cm。他测出了这组数据后就得出了“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论，你认为他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 。
（3）小叶与同学又将实验改装成图丙，在A处正下方悬挂一不吸水的石块，B处施加一个与竖直方向夹角为60°的拉力F=4N，杠杆恰好在水平位置平衡，此时杠杆为 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。若将该石块浸没在水中且不触底，要使杠杆在水平位置再次平衡，应在B处竖直向上施加拉力为 N。（ρ石=2.0×103kg/m3）
【答案】 平衡 竖直向下 错误 见解析 省力 1
【详解】（1）[1]杠杆的平衡状态包括静止状态、匀速转动状态， 图甲中杠杆处于静止状态，即处于平衡状态。
[2]由于重力方向总是竖直向下，和水平线相互垂直，所以可以根据杠杆与重垂线是否垂直来判断杠杆是否处于水平位置平衡。
（2）[3][4]由于不同物理量不能相加减，所以该同学得出的“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的，同时因为只做了一次实验得出结论，实验结果具有偶然性，因此得出的该结论也是不合理的。
（3）[5]由图丙知，杠杆的支点在O点，阻力为石块重力，阻力臂为OA，由第（2）可知，每格是0.5cm，故OA=1cm；动力为F，动力臂为
由于动力臂和阻力臂相等，所以此时杠杆为等臂杠杆。
[6]杠杆的平衡原理可知
则
由
G=mg=ρgV可得，石头的体积为
当石块完全浸没水中，
排开水的体积等于其自身体积，即
则石块受到浮力为
此时石头受到其自身重力和绳子拉力以及浮力浮力的作用，则绳子拉力为
由与力的作用是相互的，则此时绳子对杠杆的拉力也为2N，根据杠杆的平衡条件可知
解得
27 （4分）.如图是“探究电流通过导体时产生的热的多少跟什么因素有关”的实验电路．电路中有两个相同的烧瓶，内装质量相等的煤油，两个带有橡胶塞的规格完全相同的温度计，两根阻值不同的电阻丝（R1＞R2），以及学生电源、滑动变阻器、电流表、开关、导线等．
闭合开关S1，断开开关S2，保持滑片P位置不动，通电一段时间后，
温度升高较多的是 （选填“甲”或“乙”）温度计，说明电流产生的热量与 有关．
闭合开关S1、S2，通过调节滑片P的位置，可探究当 和通电时间一定时，
电流产生的热量跟 的关系．
【答案】 甲 电阻 电阻 电流
【分析】（1）电流产生的热量不易直接测量，根据△t＝，相同质量的煤油吸热越多，升高的温度越高，采用了转换法；根据焦耳定律Q＝I2Rt，电流产生的热量跟电流关系，通电时间和电阻有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时要控制另外的两个不变；
根据串联电路电流的规律，由已知条件，根据Q＝I2Rt分析.
【详解】①由图可知，闭合开关S1，断开开关S2，保持滑片P位置不动，两电阻串联，通过的电流相同，由题意知，R1的电阻大于R2的电阻，通电时间也相同，根据Q＝I2Rt可知，闭合开关，通电一段时间后，甲烧瓶中产生的热量较多，故温度升高较多的是甲温度计；实验说明当电流和通电时间一定时，电流产生热量与电阻有关；②图中，当闭合开关S1、S2时，S2将R1短路，电路中只有R2工作，调节滑动变阻器，改变电流，在电阻和通电时间相同时，根据Q＝I2Rt知可探究当电阻和通电时间一定时，电流产生的热量跟电流的关系．
28．（6分）在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中：
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整，要求滑片向左移动，电流表示数变大；
（2）连接电路时开关应 ，将滑动变阻器移到最大阻值处；
（3）连接完电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，观察到电流表有示数，电压表无示数，
则故障可能是 （写出一种即可）；
排除故障后，探究电流与电压的关系。实验中闭合开关，移动滑片依次得到4组数据，
其中第4次实验中电流表的指针如图乙所示，其示数为 A；
记录的数据如表，请你根据表中数据在图丙描点画出图象，并分析数据得出结论：电阻一定时，
通过导体的电流与导体两端的电压成 ；
（6）一同学有一个二极管，网上查该型号正向电阻，R1约300Ω，反向电阻R2大于300kΩ，因为反向电阻很大，比正向电阻大非常多，所以二极管具有单向导电性，该同学把这个二极管直接替换该实验的电阻R，进行电阻测量，则 。
A.他能较准的测出R1和R2
B.他只能较准的测出R1
C.他都不能较准的测出R1和R2
【答案】（1）见上图；（2）断开；（3）定值电阻短路（电压表短路或电压表断路）；（4）0.44；（5）见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（6）C。
【解答】解：（1）根据滑片向左移动，电流表示数变大，可知变阻器接入阻值变小，由此可知变阻器用的是左下接线柱，如图所示：；
（2）连接电路时开关应断开，将滑动变阻器滑片移到最大阻值处；
（3）若电表完好，闭合开关，电流表有示数，则故障应该是短路，电压表无示数，则电压表并联部分短路，即定值电阻短路；若电表不完好，可能是电压表短路或断路；
（4）由图甲可知电流表用的小量程，分度值为0.02A，故示数为0.44A；
（5）对照表格中的数据描点画图，如图所示：
；
由图可知：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（6）由图甲可知，电源为两节干电池串联，即3V；若把R1直接替换该实验的电阻R，电路中最大电流为：
I＝＝＝0.01A，小于电流表分度值0.02A，无法准确读出电流值，
而反向电阻比正向电阻大非常多，使用该实验电路也无法准确读出电流值，
所以R1和R2都不能较准的测出，故选：C。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）定值电阻短路（电压表短路或电压表断路）；
（4）0.44；（5）见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（6）C。
29．（5分）如图是“探究影响液体内部压强大小因素”的实验。
图中压强计通过U形管两侧 高度差 反映橡皮膜所受压强的大小。
实验前检查实验装置，观察到如图甲所示的情景，应该进行以下哪项操作 ；
A．从U形管内向外倒出适量水
B．拆除软管重新安装
C．向U形管内添加适量水
（2）调整器材后小明完成了图乙、丙所示实验，分析可知液体的压强与 液体深度 有关；
（3）为探究液体压强与液体密度的关系，小明又完成了丁图所示实验，
对比丙、丁两次实验发现两次U形管两侧水面高度差对比不明显，
为使实验现象更加明显下列操作可行的是 ；
A．将丁图中金属盒下移
B．丁烧杯中换用密度更大的液体
C．将U形管中的水换成密度更小的酒精
（4）为了检验“液体内部的压强与液体密度有关”这一结论，在图己的装置中，
容器的左右两侧分别装入深度相同的水和酒精，看到橡皮膜向左侧凸起。
由此你可以判断 （选填“左”或“右”）侧的液体是水。
【答案】（1）高度差；B；（2）液体深度；（3）BC；（4）右。
【解答】解：（1）压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，
高度差越大，说明橡皮膜受到的压强越大，这种研究方法叫转换法。
当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；观察图甲发现，组装器材时，U形管两侧液面不相平，为了使U形管两侧液面相平，应取下软管重新安装，故选B。
（2）对比乙、丙两图，金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。
（3）A．探究液体压强与液体密度的关系，根据控制变量法原则要控制液体深度相同，因此不能单独改变丁图中金属盒的位置，故A不符合题意；
B．根据p＝ρgh可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，所以在“丁烧杯中换密度差更大的液体”U形管左右两侧液面的高度差将变大，故B符合题意；
C．“将U形管中的水换成密度更小的酒精”，橡皮膜受到的压强不变时，则U形管左右两侧液面的高度差将变大，C符合题意。
故选：BC。
（4）在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则右侧液体压强大，根据p＝ρgh可知，右侧液体的密度较大，左侧是酒精，右侧是水。
故答案为：（1）高度差；B；（2）液体深度；（3）BC；（4）右。
（6分）小华利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率，
已知电源电压3V且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V。
如图甲是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，
请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线；
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近3V，则电路故障可能是小灯泡 （选填“断路”或“短路”）；
（3）排除电路故障后，重新开始实验，小华从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡I﹣U图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W；
（4）测出小灯泡的额定功率后，小华又把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，此时它的实际功率 （选填“＞”或“＜”）。
（5）小丽同学所在的实验小组又设计了如图丙所示的电路，利用阻值为R0的定值电阻和电压表V1、V2等器材，测量額定电压为U额的小灯泡L的额定功率，经检查无误后进行实验。请你帮助他们将实验过程补充完整：
①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表 （选填“V1”或“V2”）的示数为U额，同时读出另一个电压表的示数，记为U；
②用已知物理量和测量量的符号表示出小灯泡额定功率P额 ＝ 。
【答案】（1）见解答图；（2）断路；（3）0.75；（4）＞；（5）V1；U额•。
【解答】解：（1）原电路图中，灯泡没有接入电路，电压表串联在电路中是错误的，在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，说明电路断路，电压表示数接近3V，则与电压表并联的灯泡断路；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）若灯的电阻不变，则当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，根据P＝，灯的实际功率为额定功率的四分之一，但当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，灯的温度降低了，此时灯的电阻减小了，根据P＝，测得的P实＞P额；
（5）实验步骤：
①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表V1的示数为U额，同时读出另一个电压表的示数，记为U；
②由图丙可知，灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表V1和灯泡并联，测灯泡两端电压，电压表V2测灯泡和R0两端电压，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表V1的示数为U额，此时灯泡正常发光；
根据串联电路电压规律，R0两端电压为U0＝U﹣U额，
根据串联电路电流特点，灯泡额定电流为I额＝I0＝＝，
则小灯泡额定功率为：
P额＝U额I额＝U额•。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）0.75；（4）＞；（5）V1；U额•。长
305m
吃水深度
10m（满载）
宽
75m
排水量
60000t（满载）
最大功率
最大航速
54km/h
电阻R＝5Ω
第1组
第2组
第3组
第4组
电压U/V
1.0
1.4
1.8
2.2
电流I/A
0.20
0.28
0.36
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