资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩9页未读，
继续阅读
精品解析：2021年江苏省苏州市立达中学中考二模物理试题（解析版+原卷版）
展开
这是一份精品解析：2021年江苏省苏州市立达中学中考二模物理试题（解析版+原卷版），文件包含精品解析2021年江苏省苏州市立达中学中考二模物理试题原卷版doc、精品解析2021年江苏省苏州市立达中学中考二模物理试题解析版doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
2020～2021学年初三中考二模考试试卷
初三物理
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）
1. 下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A. 电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B. 北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的
C. “嫦娥四号”探测器能从月球上传输影像图，说明电磁波能在真空中传播
D. “5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，故A错误，符合题意；
B．电磁波可以传递信息，北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的，故B正确，不符合题意；
C．航天器、卫星等都是用电磁波与地面进行通信的，月球周围是真空，探测器能从月球上发回月背的影像图，说明电磁波能在真空中传播，故C正确，不符合题意；
D．5G技术采用无线电波传输信息，无线电波属于电磁波，故D正确，不符合题意。
故选A。
2. 如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是（ ）
A. 羊角锤 B. 筷子
C. 起瓶器 D. 钢丝钳
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C．起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D．钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选B。
3. 下列说法中正确的是( )
A. 固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力
B. 原子是由原子核和核外质子组成的
C. 太阳是宇宙中心，地球是太阳的一颗行星
D. 谱线“红移”现象说明星系在逐渐远离我们
【答案】D
【解析】
【详解】A．分子间同时存在着引力和斥力，固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力是错误的，故A错误；
B．原子是由原子核和核外电子组成，故B错误；
C．太阳是太阳系的中心，地球是太阳的一颗行星，故C错误；
D．天文学家发现星系的光谱向长波方向偏移，称之为谱线“红移”，此现象说明星系在远离我们而去，故D正确。
故选D。
4. 下列与汽车有关的说法正确的是（ ）
A. 汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能
B. 司机和乘客系安全带，是为了防止惯性带来的危害
C. 汽车在行驶中，汽油的热值不断减小
D. 汽车两侧后视镜是凹面镜，可以扩大视野
【答案】B
【解析】
【详解】A．汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能，故A错误；
B．司机和乘客系安全带，是为了防止惯性带来的危害，故B正确；
C．燃料的热值是燃料的根本属性，汽车在行驶中，汽油的热值不发生变化，故C错误；
D．汽车两侧的后视镜是凸面镜，它可以扩大视野，故D错误。
故选B。
5. 关于下图中的能量转化，下列说法中正确的是
A. 甲图中小孩把橡皮筋拉长，势能转化为动能
B. 乙图中小孩从滑梯上滑下，势能转化为动能与内能
C. 丙图中人搓手取暖，内能转化为机械能
D. 丁图中液化气燃烧加热铁锅，化学能转化为机械能
【答案】B
【解析】
【详解】A. 拉长橡皮筋，使橡皮筋具有了弹性势能，需要消耗人体的化学能．此过程是化学能转化为弹性势能．故A错误．
B. 人从高处滑下重力势能减少,速度增加(动能增加)的同时，与滑梯接触的部位也发热，内能也增加．故重力势能，转化成了动能和内能．故B正确．
C. 搓手取暖，是一个摩擦生热的过程，是机械能转化为内能．故C错误
D. 燃料燃烧，消耗了化学能，发热增加了内能，是化学能转化为内能．故D错误．故选B.
【点睛】首先要明确此题中这四个图所包含的物理过程：甲是将橡皮筋拉长、乙是滑滑梯、丙是搓手取暖、丁是燃料燃烧．然后再分析能量的减少或增多，能量是由减少的向增多的转化．
6. 如图是一款太阳能座椅，椅子顶部安装的硅光电池板，可储备能量供晚间使用，下列说法正确的是
A. 硅光电池板是由超导材料制成的
B. 硅光电池板可以将太阳能转化为电能
C. 太阳能来源于太阳内部氢核的裂变
D. 太阳能属于不可再生能源
【答案】B
【解析】
【详解】A．硅光电池板是由半导材料制成的．故A错误．
B．硅光电池板利用太阳能发电，可以将太阳能转化为电能．故B正确．
C．太阳能来源于太阳内部氢核的聚变．故C错误．
D．太阳能可以源源不断地获得，属于可再生能源．故D错误．
7. 在做“凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的图象如图所示．图中A、B、C三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应．下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距是 20cm
B. 照相机是利用 A 点的成像原理制成的
C. 蜡烛在 C 点时成倒立、缩小的实像
D. 将蜡烛从 C 移到 A 的过程中，所成像逐渐变小
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图象知道，当u＝20cm，v＝20cm，由凸透镜成像规律知道，当u=v=2f＝20cm时，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是：f＝10cm，故A错误；，
B．当蜡烛在A点时，由图象知道，2f＞u＞f，成倒立、放大实像，是幻灯机和投影仪的原理，故B错误；
C．当蜡烛在C点时，由图象知道，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故C正确；
D．将蜡烛从C移动到A的过程中，物距变小，由凸透镜成像规律知道，此时像距应该变大，同时像变大，故D错误．
8. 如图所示，装有常温水的玻璃瓶中密封部分空气，细玻璃管插入瓶中，玻璃管与瓶塞接触部分不漏气，下列关于细管中水柱液面升降情况，描述错误的是（ ）
A. 用力挤压玻璃瓶，液面上升
B. 将玻璃瓶放入热水中，液面上升
C. 在细管管口水平吹气，液面下降
D. 提着玻璃瓶从十楼走到一楼，液面下降
【答案】C
【解析】
【详解】A．用力挤压玻璃瓶，瓶变扁容积变小，细管中水面高度上升，故A正确，不符合题意；
B．将玻璃瓶放入热水中，瓶内气体受热体积增大，压强增大，外界压强不变，在瓶内液面上升，气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的液面上升，故B正确，不符合题意；
C．在细管管口水平吹气，管上方空气的流速增大，压强减小，管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升，故C错误，符合题意；
D． 提着玻璃瓶从十楼走到一楼，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的减小而增大，在外界气压的作用下，液面下降，故D正确，不符合题意。
故选C。
9. 有一种专门烤肉串的烤箱，将肉串挂到箱内支架上，关上箱门（相当于闭合开关S1），支架在电动机的带动下旋转；再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图中电路设计合理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】由题意知，电动机和加热功能的工作互不干扰，所以电路应是并联连接，而开关S1闭合，电动机工作，加热功能不工作，再闭合S2加热功能工作，只闭合S2，不能加热，那么S2只控制加热功能，S1控制整个电路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
10. 如图所示，是使用汽车打捞水下重物的示意图。在重物从水底拉到井口的过程中，汽车以恒定速度向右运动，忽略水的阻力和滑轮的摩擦。四位同学画出了汽车功率P随时间t的变化图像，其中正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】汽车匀速运动，重物也匀速运动，在重物露出水面前，浮力不变，F=G-F浮，所以拉力不变，根据P=Fv可知：汽车的功率不变；在物体露出水面而没完全露出时，浮力减小，F=G-F浮，所以拉力增大，根据P=Fv可知：汽车的功率增大；在物体完全露出液面时，F=G，拉力不变，根据P=Fv可知：汽车的功率不变；综上所述，汽车的功率先不变，再增大，最后又不变。故选C。
11. 如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（ ）
A. 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度先增大后减小
B. 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向左、速度不断减小
C. 小球运动到B点时将停止运动并保持静止
D. 小球在运动过程中所受弹力的方向保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，此时小球所受弹力方向向右，将弹性势能转化为动能，速度不断增大，故A不符合题意；
B．小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，此时小球所受弹力方向向左，球的动能转化为弹簧的弹性势能，速度不断减小，故B符合题意；
C．小球运动到B点时，由于动能全部转化为弹性势能，速度为零，此时受到弹簧向左的弹力作用，不会保持静止，故C不符合题意；
D．小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故D不符合题意。
故选B。
12. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L标有“6V 6W”，R0为定值电阻。闭合开关S，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，将滑动变阻器的滑片P由某一端点移动到某一位置过程中，U2与U1的变化关系如图乙所示，滑动变阻器的滑片P分别在上述端点、上述位置时消耗的电功率相等，下列判断正确的是（ ）
A. 电源电压为12V
B. 滑动变阻器的最大阻值为7Ω
C. R在原端点时消耗的功率为7W
D. 电路允许消耗的最大功率为12W
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据灯泡L标有“6V 6W”信息，可由功率计算公式计算出额定状态下灯泡通过的额定电流为
额定工作时灯泡的电阻为
闭合开关S，两个电阻与灯泡串联，电压表V1测量定制电阻R0与灯泡两端电压，电压表V2测量定制电阻R0两端电压；根据串联电路电阻分压特点，及U2与U1的变化关系图可知，当滑片P接入电阻最大时，此时两个电压表的示数最小；滑片P移动到某一位置时，电压表V1、V2示数分别为12V与6V，此时小灯泡达到额定工作状态，由于灯泡、定制电阻R0的两端电压相同，故定制电阻阻值为
当滑片P接入电阻最大时，电压表V1、V2示数分别为5V与3V，电路电流为
由于滑动变阻器的滑片P分别在上述端点、上述位置时消耗的电功率相等，则
代入数据得
则电源电压为
故A错误；
B．当滑片P接入电阻最大时，电压表V1、V2示数分别为5V与3V，则滑动变阻器阻值为
故B错误；
C．R在原端点时消耗的功率为
故C正确；
D．滑片P移动到某一位置时，电压表V1、V2示数分别为12V与6V，此时小灯泡达到额定工作状态，此时电路允许消耗的功率最大，为
故D错误。
故选C。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13. 小明正在家里学习，窗外传来吉他声，他是根据声音的______判断这是吉他声；他关上窗户，这是在______控制噪声。
【答案】 ①. 音色 ②. 在传播途中
【解析】
【分析】
【详解】[1]音色是表示声音所具有的特色，不同物体振动有不同的特点，吉他相对于其它乐器，有不同的材料和结构，可以根据其独有的音色进行区分。
[2]减弱噪声的途径有：在传播过程中减弱噪声，在声源处减弱噪声，在人耳处减弱噪声。关上窗户，是在传播途中控制噪声。
14. 某品牌空调器使用的是新型制冷剂R600a是一种对臭氧层破坏较小、极容易汽化又容易液化的物质，它在室内汽化时吸热，在室外液化时_______．压缩机通过使制冷剂不断发生液化和汽化，将室内的内能搬至室外，制冷剂在室外液化的方式是__________（选填“降低温度”或“压缩体积”）．
【答案】 ①. 放热 ②. 压缩体积
【解析】
【详解】空调器制冷时，液态的制冷剂R600a经毛细管进入蒸发器（室内机）汽化成气体，吸热；在压缩机中将气态的R600a压缩体积而液化为的液态R600a，并经冷凝器毛细管放热，将室内的热搬到室外．
15. “嫦娥一号”探月卫星在距月球表面200km高度经过多次“刹车制动”，最终绕月球做匀速圆周运动，卫星“刹车制动”时，喷射高温气体方向应与其前进方向_____（相同/相反），此时高温气体对卫星施加制动力，这说明_____。在绕月球做匀速圆周运动时，卫星的运动状态____（选填“改变”或“不变”）。
【答案】 ①. 相同 ②. 力的作用是相互的 ③. 改变
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]卫星“刹车制动”时，沿运动方向喷射高温气体，高温气体对卫星施加制动力，这说明力的作用是相互的。
[3]在绕月球做匀速圆周运动时，运动方向在不断发生变化，故其运动状态发生改变。
16. 用托盘天平和量筒测量一小石块的密度，如图甲所示是调节天平平衡时的情形，此时应将平衡螺母向______调，使横梁平衡；图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形，计算出石块的密度是______kg/m3。若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度______（偏大/偏小/不变）。
【答案】 ①. 右 ②. ③. 偏大
【解析】
【分析】
【详解】[1]由甲知，指针左偏，应将平衡螺母向右调使横梁平衡。
[2]由图乙可知，其标尺上的分度值是0.2g，故石块的质量是
50g+20g+1.4g=71.4g
量筒中水的体积是60cm3，放入石块后的体积是80cm3；石块的体积为20cm3。石块的密度
[3]若先测石块的体积，将石块从量筒中取出会带着一些水，使得测得的质量偏大，由可知测量的密度值偏大。
17. 晚唐诗人描写酷夏的诗句有“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，从物理学的角度，诗句中“阴浓”的形成说明了________；而“楼台倒影”则由于光的反射所形成的________像（填“虚”或“实”）。
【答案】 ①. 光在同种均匀介质中沿直线传播 ②. 虚像
【解析】
【分析】
【详解】[1]“阴浓”是树的影子，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的。
[2]“楼台倒影”是楼台通过水面所成的虚像，属平面镜成像现象，所成的像是正立的虚像。
18. 如图是被称为没有链条的混合动力电动自行车，此车既可以给锂电池直接充电获得能量，也可以通过骑行者踩脚踏板发电。充电时充电线会发热，这是电流的______效应。骑行者踩脚踏板发电的原理是利用了______现象。发电过程是______能转化为电能。
【答案】 ①. 热 ②. 电磁感应 ③. 机械
【解析】
【分析】
【详解】[1]充电时充电线会发热是将电能转化为内能，这是电流的热效应。
[2][3]骑行者踩脚踏板发电的原理是通过切割磁感线产生感应电流，利用了电磁感应现象，该过程将机械能转化为电能。
19. 用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图像如图．根据图像可知，甲液体的比热容________(填“大于”、“小于”或“等于”)乙液体的比热容．如果乙液体是水，那么质量为500 g，初温为20 ℃的乙液体吸收1.89×105 J的热量，乙液体的温度升高了________℃（气压为一标准大气压）。
【答案】 ①. 小于 ②. 80
【解析】
【分析】
【详解】[1]如图加热相同时间时，即吸收相等的热量时，甲液体升高的温度高，且两液体质量相等，根据
可知甲液体的比热容小于乙液体的比热容。
[2]乙液体的末温为
气压为一标准大气压时，水的沸点为100℃，到达沸点后继续吸热温度不再升高，所以水温只能升高到100℃，即乙液体升高的温度为
20. 如图所示，用50 N的水平力F将重10 N的物体A压在竖直的墙壁上使其静止，物体A与墙壁的接触面积为100 cm2，则A对墙壁的压强为___________Pa；增大对A的压力时，A与墙面的摩擦力的大小会___________（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 5×103 ②. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]因固体可以大小不变的传递压力，所以，物体对竖直墙壁的压力F=50N，物体对墙壁的压强
=5×103Pa
[2]物体在竖直方向上受到重力和墙壁对它的摩擦力，因物体压在竖直墙上处于平衡状态，这两个力是一对平衡力，所以，物体受到摩擦力等于重力，即
f=G=10N
增大对A的压力时，物体A处于静止状态，重力和摩擦力是平衡力，重力不变，A与墙面的摩擦力大小不变。
21. 如图所示电路，电源电压不变，电灯L 标有“6V 1.2W“字样．当开关S1、S2均闭合时，电灯L 恰能正常发光，电流表示数为0.5A．则：
⑴ 电动机两端电压为_______V，通过电动机的电流为_______A．
⑵ 通电1min 电路消耗电能_______J．
【答案】 ①. 6 ②. 0.3 ③. 180
【解析】
【详解】（1）并联电路电压相等等于电源电压，小灯泡正常发光，电压即为额定电压6V，电动机电压等于小灯泡电压也为6V；
通过小灯泡电流就是额定电流：
=0.2A，
并联干路电流等于个支路电流之和．所以通过电动机电流为：
0.5A-0.2A=0.3A；
（2）电路消耗的电能是整个电路，
，
22. 红外线测温仪测的电路原理图如图乙所示。左右两个电源电压均为9V，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值会随着温度的改变而改变。当人体体温高于37.3℃时，红灯亮发出报警。R1随人体温度辐射的红外线变化关系如图所示。
（1）电路中R0的作用是_________，从测温仪前面通过的同学体温越高，电流表的示数越_____；
（2）当体温是36.5℃时，电流表的示数为________；
（3）同学经过测温仪时，电流表示数显示0.36A，测温仪_______（会/不会）发出报警。
【答案】 ①. 保护电路 ②. 大 ③. 0.33A ④. 会
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]左边电路中，R1与R0串联，电流表测电路的电流，当R1过小时，电路的电流过大会损坏电路元件，故电路中R0的作用是保护电路。
[2]测温仪前面通过的同学体温越高，由表中数据可知热敏电阻越小，由电阻的串联规律，电路的总电阻越小，由欧姆定律，电流表的示数越大。
（2）[3]当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻R1=17Ω，根据电阻的串联和欧姆定律，电流表的示数
（3）[4]经过测温仪时，电流表示数显示0.36A，根据欧姆定律和串联电阻的规律
R′1==15Ω
由表中数据，此时对应的人体温度为37.5℃，高于37.3℃，故测温仪是会发出报警。
三、解答题（本题共11小题，共计50分，其中第24题、第25题需要写出必要的解答过程）
23. （1）一种多功能LED台灯，如图所示。S1闭合LED灯亮，USB接口可给手机充电；S1断开，灯灭，USB接口仍能正常使用；安全开关S2位于台灯底部的前端，当台灯倾斜或离开桌面时S2自动断开，灯熄灭，USB接口仍能正常使用；请用笔画线代替导线在图中连接完成电路________。
（2）如图，根据通电螺线管外部的磁感线方向，标出图中电源的正极和小磁针静止时的N极________。
（3）一人站在电梯上随电梯一起匀速上升，如图所示，在图中画出人的受力示意图________。
（4）如图丙，O为支点，L1为动力F1的力臂，请作出此杠杆的动力F1和阻力F2的示意图_______。
【答案】 ①. ②. ③. ④.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]S1是控制LED灯的开关，所以S1与LED灯串联；由题知，即使S1断开，USB接口也能正常使用，说明LED灯与USB接口互不影响，则它们是并联的，且开关在灯所在支路；全开关S2位于台灯底部的前端，当台灯倾斜，S2离开桌面时，它会自动断开，切断台灯的电源，所以S1、S2串联，由此连接电路如图所示：
（2）[2]在磁体外部，磁感线是从N极出发，回到S极，由磁感线的方向可知通电螺线管左侧为N极，右侧为S极；则由安培定则可得电流由左侧流入，即电源左侧正极。由磁极间相互作用可知小磁针的左侧为N极，右侧为S极。如图：
（3）[3]因为人站在匀速上升的电梯上，所以受到的重力和支持力是一对平衡力；过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力）；注意两条线段长度要相等，如图所示：
（4）[4]阻力F2是重物对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下；过力臂L1的右端，作垂直于L1的直线，与杠杆的交点为力F1的作用点，方向斜向右上方；如图所示：
24. 如图是工人利用滑轮组提升重为810N物体的示意图，某段过程中物体匀速上升的速度为0.1m/s，工人拉力F的功率为90W，物体上升10s拉力F克服滑轮组的摩擦做的功是60J，不计绳重．求：
（1）工人拉绳子的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）滑轮组中的动滑轮的重力．
【答案】（1）0.3m/s；（2）90%；（3）30N
【解析】
【详解】（1）由图可知，n=3，绳端移动的速度：v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s；
（2）根据P===Fv可得，工人的拉力：F===300N，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=×100%=90%；
（3）重物上升的高度：h=vt=0.1m/s×10s=1m，拉力做的有用功：W有用=Gh=810N×1m=810J，拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=300N×3×1m=900J，提升动滑轮做的额外功：W轮=W总﹣W有用﹣Wf=900J﹣810J﹣60J=30J，由W轮=G轮h可得，动滑轮的重：G轮===30N．
25. 如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电压表的量程为，电流表的量程为，灯上标有“”字样（不考虑灯丝电阻随温度的变化），定值电阻。当只闭合开关、，调节滑片至距端一处时，灯正常工作；当只闭合开关、，调节滑片至中点处时，电流表示数为，求：
(1)灯泡的电阻；
(2)电源电压；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关、时，灯消耗的电功率范围。
【答案】（1）；（3）；（3）
【解析】
【详解】(1)由可得，灯泡的电阻
(2)当只闭合开关、，调节滑片至距端一处时，与串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，由可得，电路中的电流
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由可得，电源的电压
①
当只闭合开关、，调节滑片至中点处时，与串联，电流表测电路中的电流，则电源的电压
②
由①②可得
，
(3)只闭合开关、时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，此时灯泡可以正常发光，其最大功率为，当电压表的示数时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压
灯消耗的最小电功率
所以，灯消耗的电功率范围为
答：(1)灯泡的电阻为；
(2)电源电压为；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关、时，灯消耗的电功率范围为。
26. 在“探究光的反射规律”的实验中，
(1)小亮进行如图甲所示的实验，让一束光贴着纸板射到平面镜上，将纸板沿向后折，此时在面上看不到反射光线，如图乙所示。此实验现象说明______；
(2)在图甲所示的实验中，需要多次改变人射光线的方向（即改变入射角的大小），其目的是______；
(3)在图甲所示的实验中，如果让光线逆着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出，这表明______；
(4)在图甲所示的实验中，如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光线贴着纸板沿入射时，______（选填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光。
【答案】 ①. 入射光线、反射光线、法线在同一平面上 ②. 多次实验，得到普遍规律 ③. 光路可逆 ④. 不能
【解析】
【详解】[1](1) 纸板没有沿向后折时，反射面与入射面在同一平面上，可以同时看到入射光线、反射光线、法线； 让一束光贴着纸板射到平面镜上，将纸板沿向后折，此时在面上看不到反射光线，说明入射光线、反射光线、法线在同一平面上。
(2)[2]一次实验得到的实验结论可能是实验结果具有偶然性，多次改变人射光线的方向（即改变入射角的大小），进行多次实验，得到反射角与入射角的普遍规律。
(3)[3] 光线沿着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出。如果让光线逆着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出，这表明光路可逆。
(4)[4] 如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光线贴着纸板沿入射时，法线不在纸板上，由于入射光线、法线、反射光线在同一平面上，所以不能在纸板上看到反射光。
27. 图甲是探究“固体熔化过程的规律”实验装置图。
（1）实验中通过烧杯中的水对试管加热，目的是________；
（2）每隔1min记录一次物质的温度及状态，作出如图乙所示的温度随时间变化的图像，由图乙可知该物质是______（选填“晶体”或“非晶体”），该物质在BC段内能_______（选填“增加”、“不变”或“减少”）；
（3）比较图乙中AB段与CD段可知：该物质在______（填“固态”或“液体”）时的吸热能力更强。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 晶体 ③. 增加 ④. 液体
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]实验中不直接给试管加热，而是通过烧杯中的水对试管加热，这是用水浴法使物质均匀受热。
（2）[2]由图乙可知，该物质熔化过程中温度保持不变，故该物质是晶体。
[3]该物质在BC段处于熔化的过程中，虽然温度不变，但是需要吸收热量，内能增加。
（3）[4]如图乙所示，CD段已完全熔化为液体，但物质质量不变，AB段与CD段温度升高量相同，AB段加热时间是CD段的一半，可知物质在AB段吸收的热量是CD段的一半，则该物质在液体时的吸热能力更强。
28. 在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学用弹簧测力计、圆柱体、两个装有适量水和盐水的同样的烧杯，对浸在液体中的圆柱体所受的浮力进行了探究，实验装置和每次实验中弹簧测力计的示数如图所示，请按要求回答下列问题：
（1）如图甲所示，圆柱体的重力为________N；
（2）分析图甲、乙、丙：当物体逐渐浸入水中时，所受到的浮力________（选填“增大”、“减小”或“不变”），当物体浸没时，所受到的浮力为____N，由甲、乙、丙可知，浮力的大小与____有关；
（3）由________三张图可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（4）由图中数据可知，圆柱体的密度是________kg/m3；
（5）结合了以上数据及图戊，得出了盐水的密度为________kg/m3。
【答案】 ①. 3.0 ②. 增大 ③. 2 ④. 排开液体的体积 ⑤. 甲丙丁 ⑥. ⑦.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，圆柱体的重力即弹簧测力计的示数为3.0N。
（2）[2]乙图物体浸在水中时受到的浮力
F浮水乙=G-F1=3.0N-2.4N=0.6N
丙图物体浸在水中时受到的浮力
F浮水丙=G-F2=3.0N-1N=2N
故分析图甲、乙、丙：当物体逐渐浸入水中时，所受到的浮力增大。
[3]当物体浸没时，所受到的浮力为
F浮水=F浮水丙=2N
[4]由甲、乙、丙可知，排开液体的体积变大，受到的浮力变大，浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（3）[5]探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲丙丁三图。
（4）[6]圆柱体的体积
V柱=V排=
圆柱体的密度
ρ柱=
（5）[7]由图甲、戊所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力
F浮盐水=G-F′=3N-0.8N=2.2N
浮力
F浮盐水=ρ盐水gV排
盐水的密度
ρ盐水=
29. 利用实验室中以下器材：新干电池若干节、一个额定电压是U0的小灯泡、四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、标有“20Ω、1A”字样的滑动变阻器R1、最大阻值未知的滑动变阻器R2、电流表、电压表、开关及导线若干，完成了下列电学实验。
（一）探究电流与电阻的关系
（1）如图甲是小明设计的电路，还有两根导线没有接上，请你用笔画线代替导线将电路连接完整________。开关闭合前，滑动变阻器的滑片应放到________（选填“A”或“B”）端；
（2）他正确连接电路后，利用这个电路测出的实验数据绘制的I-R图象如图乙中A曲线所示，依据此图像不能得出正确结论。请分析产生这种现象的原因是________；
（3）实验中保持电压表的示数为3V不变，为保证四个定值电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压的最大值是________V；
（二）测量小灯泡的额定功率
（4）小明将电路中的定值电阻换成小灯泡。闭合开关，发现灯不亮，电流表有示数，电压表无示数；移动滑片，发现除了电流表示数改变外，其余均无变化。经检查，电压表完好，则故障可能是小灯泡____________________（选填“短路”或“断路”）；
（5）小强不用电流表，他利用现有器材设计了如图丁所示电路来测量额定电压是U0的小灯泡的额定功率，以下是他的实验过程，请帮他补充完整；
①正确连接电路，闭合开关_________，将滑动变阻器________（选填“R1”或“R2”）的滑片调到阻值最大处，移动另一个滑动变阻器的滑片直至电压表的示数为_____，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S2，保持滑动变阻器R1和R2滑片位置不动，读出电压表的示数为U′。小灯泡的额定功率P额=________（用字母表示，滑动变阻器R1的最大阻值用R1表示）。
【答案】 ①. ②. A ③. 未控制R两端电压不变 ④. 6 ⑤. 短路 ⑥. S、S1 ⑦. R1 ⑧. U0 ⑨.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]在探究电流与电阻的关系的实验中，电压表应该并联在定值电阻的两端，滑动变阻器串联在电路中，遵循一上一下的连接原则。如图所示
[2]开关闭合前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，即应该远离下接线柱，即图中的A端。
（2）[3]由图可知，根据U=IR可知，图乙中A曲线中每个点的电压不相等，而在探究电流与电阻的关系的实验中，需要控制定值电阻两端电压相同，实验中数据未控制R两端电压不变，所以不能得到正确结论。
（3）[4]保持电压表的示数为3V不变，当接入定值电阻最大为20Ω时，电路电流
若此时滑动变阻器接入阻值最大，则电源电压最大，由可得
即保持电压表的示数为3V不变，为保证四个定值电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压的最大值是6V。
（4）[5]闭合开关，发现灯不亮，电流表有示数，则说明故障类型为短路，电压表测量小灯泡电压，电压表无示数，说明小灯泡短路。
（5）[6][7][8][9]①正确连接电路，只闭合开关S、S1，将滑动变阻器R1的滑片调到阻值最大处，移动另一个滑动变阻器的滑片直至电压表的示数为U0，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S2，保持滑动变阻器R1和R2的滑片位置不动，读出电压表的示数为U′。
在①中电压表只测量小灯泡两端电压，移动滑片直至电压表的示数为U0，此时小灯泡正常发光，即小灯泡的额定电压为U0；在②中电压表测小灯泡与滑动变阻器R1的总电压，因为各电阻的大小和电压不变，灯仍然正常工作，根据串联电路电压的规律可知，此时R1的电压
U1=U′- U0
则此时小灯泡的额定电流
故小灯泡的额定功率
30. 空气净化器工作原理为：机器内风扇使室内空气循环流动，污染的空气通过机内的空气过滤网后将各种污染物吸附。下表为空气净化器的参数。CADR是指洁净空气量，指单位时间通过净化器过滤后，输出的洁净空气总量，单位是m³/h，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。可按下列公式计算CADR=，（V：房间容积；t：空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间）；净化能效定义：CADR洁净空气量与额定功率的比值；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
额定功率
60
CADR
600m3/h
声强范围
34~64dB
模式
睡眠
静音
Ⅰ
Ⅱ
Ⅲ
强劲
净化效率
>90%
能效比
11
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
实际功率（）
0.9
23
44
75
103
123
148
净化空气量（m3/h）
﹣
120
240
360
500
610
760
（1）颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为________；
（2）下列说法错误的是______；
A.机器内的马达工作时将电能主要转化成了机械能
B.输入净化器中的功率越大，消耗的电能越多
C.气流外侧的颗粒物也被吸入净化器，是因为气流处流速大压强小的缘故
D.净化器的能效比越大，说明该净化器CADR值越大，越节能
（3）该空气净化器工作挡位为3挡时，出风口的面积为0.2m2，则风速为________m/s；
（4）单独使用该净化器10min，规格为2400imp/（kW·h）的电能表指示灯闪烁30次，则该空气净化器在________挡位工作，此时该空气净化器的能效比为________m3/（h·）；
（5）利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率：净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为________%。
【答案】 ①. 带电体吸引轻小物体 ②. B ③. 0.5 ④. 3 ⑤. 4.8 ⑥. 95
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]带有负电荷的光洁金属网，能够吸引不带电的细小颗粒；这主要是因为带电体具有吸引轻小物体的性质。
（2）[2]A．机器内的马达工作时，消耗电能，产生机械能，将电能主要转化成了机械能，故A正确，不符合题意；
B．输入净化器中的功率越大，由于工作时间未知，所以根据W=Pt可知，不能判断消耗电能的多少，故B错误；符合题意；
C．由于进风口流速大，则压强小，在外界大气压作用下，气流外侧的颗粒物会被吸入净化器，故C正确；不符合题意；
D．净化器的能效比越大，即空气净化器洁净空气量与输入功率的比值越大，所以，净化效率越高，则CADR值越大，故D正确；不符合题意。
（3）[3]由表格数据可知，该空气净化器工作挡位为3档时，净化空气量为360m3/h，即每小时净化空气360m3，已知出风口的面积为0.2m2。空气柱的长度
则风速
（4）[4]电能表指示灯闪烁30次，净化器消耗的电能
工作时间
t′=10min=600s
则净化器消耗的电功率
P′=
查表可知，功率为75W时，该空气净化器在3挡位工作。
[5]由净化器能效比的定义可得，此时该空气净化器的能效比
（5）[6]由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，电路的总电阻
R总=
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值
R=R总-R0=40Ω-10Ω=30Ω
由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3。当检测电路的电流变为I′=0.1A，此时电路总电阻
R总′=
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值
R′=R总′-R0=280Ω-10Ω=270Ω
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3。由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比；则该空气净化器的实际净化效率
2020～2021学年初三中考二模考试试卷
初三物理
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）
1. 下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A. 电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B. 北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的
C. “嫦娥四号”探测器能从月球上传输影像图，说明电磁波能在真空中传播
D. “5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，故A错误，符合题意；
B．电磁波可以传递信息，北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的，故B正确，不符合题意；
C．航天器、卫星等都是用电磁波与地面进行通信的，月球周围是真空，探测器能从月球上发回月背的影像图，说明电磁波能在真空中传播，故C正确，不符合题意；
D．5G技术采用无线电波传输信息，无线电波属于电磁波，故D正确，不符合题意。
故选A。
2. 如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是（ ）
A. 羊角锤 B. 筷子
C. 起瓶器 D. 钢丝钳
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C．起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D．钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选B。
3. 下列说法中正确的是( )
A. 固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力
B. 原子是由原子核和核外质子组成的
C. 太阳是宇宙中心，地球是太阳的一颗行星
D. 谱线“红移”现象说明星系在逐渐远离我们
【答案】D
【解析】
【详解】A．分子间同时存在着引力和斥力，固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力是错误的，故A错误；
B．原子是由原子核和核外电子组成，故B错误；
C．太阳是太阳系的中心，地球是太阳的一颗行星，故C错误；
D．天文学家发现星系的光谱向长波方向偏移，称之为谱线“红移”，此现象说明星系在远离我们而去，故D正确。
故选D。
4. 下列与汽车有关的说法正确的是（ ）
A. 汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能
B. 司机和乘客系安全带，是为了防止惯性带来的危害
C. 汽车在行驶中，汽油的热值不断减小
D. 汽车两侧后视镜是凹面镜，可以扩大视野
【答案】B
【解析】
【详解】A．汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能，故A错误；
B．司机和乘客系安全带，是为了防止惯性带来的危害，故B正确；
C．燃料的热值是燃料的根本属性，汽车在行驶中，汽油的热值不发生变化，故C错误；
D．汽车两侧的后视镜是凸面镜，它可以扩大视野，故D错误。
故选B。
5. 关于下图中的能量转化，下列说法中正确的是
A. 甲图中小孩把橡皮筋拉长，势能转化为动能
B. 乙图中小孩从滑梯上滑下，势能转化为动能与内能
C. 丙图中人搓手取暖，内能转化为机械能
D. 丁图中液化气燃烧加热铁锅，化学能转化为机械能
【答案】B
【解析】
【详解】A. 拉长橡皮筋，使橡皮筋具有了弹性势能，需要消耗人体的化学能．此过程是化学能转化为弹性势能．故A错误．
B. 人从高处滑下重力势能减少,速度增加(动能增加)的同时，与滑梯接触的部位也发热，内能也增加．故重力势能，转化成了动能和内能．故B正确．
C. 搓手取暖，是一个摩擦生热的过程，是机械能转化为内能．故C错误
D. 燃料燃烧，消耗了化学能，发热增加了内能，是化学能转化为内能．故D错误．故选B.
【点睛】首先要明确此题中这四个图所包含的物理过程：甲是将橡皮筋拉长、乙是滑滑梯、丙是搓手取暖、丁是燃料燃烧．然后再分析能量的减少或增多，能量是由减少的向增多的转化．
6. 如图是一款太阳能座椅，椅子顶部安装的硅光电池板，可储备能量供晚间使用，下列说法正确的是
A. 硅光电池板是由超导材料制成的
B. 硅光电池板可以将太阳能转化为电能
C. 太阳能来源于太阳内部氢核的裂变
D. 太阳能属于不可再生能源
【答案】B
【解析】
【详解】A．硅光电池板是由半导材料制成的．故A错误．
B．硅光电池板利用太阳能发电，可以将太阳能转化为电能．故B正确．
C．太阳能来源于太阳内部氢核的聚变．故C错误．
D．太阳能可以源源不断地获得，属于可再生能源．故D错误．
7. 在做“凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的图象如图所示．图中A、B、C三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应．下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距是 20cm
B. 照相机是利用 A 点的成像原理制成的
C. 蜡烛在 C 点时成倒立、缩小的实像
D. 将蜡烛从 C 移到 A 的过程中，所成像逐渐变小
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图象知道，当u＝20cm，v＝20cm，由凸透镜成像规律知道，当u=v=2f＝20cm时，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是：f＝10cm，故A错误；，
B．当蜡烛在A点时，由图象知道，2f＞u＞f，成倒立、放大实像，是幻灯机和投影仪的原理，故B错误；
C．当蜡烛在C点时，由图象知道，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故C正确；
D．将蜡烛从C移动到A的过程中，物距变小，由凸透镜成像规律知道，此时像距应该变大，同时像变大，故D错误．
8. 如图所示，装有常温水的玻璃瓶中密封部分空气，细玻璃管插入瓶中，玻璃管与瓶塞接触部分不漏气，下列关于细管中水柱液面升降情况，描述错误的是（ ）
A. 用力挤压玻璃瓶，液面上升
B. 将玻璃瓶放入热水中，液面上升
C. 在细管管口水平吹气，液面下降
D. 提着玻璃瓶从十楼走到一楼，液面下降
【答案】C
【解析】
【详解】A．用力挤压玻璃瓶，瓶变扁容积变小，细管中水面高度上升，故A正确，不符合题意；
B．将玻璃瓶放入热水中，瓶内气体受热体积增大，压强增大，外界压强不变，在瓶内液面上升，气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的液面上升，故B正确，不符合题意；
C．在细管管口水平吹气，管上方空气的流速增大，压强减小，管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升，故C错误，符合题意；
D． 提着玻璃瓶从十楼走到一楼，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的减小而增大，在外界气压的作用下，液面下降，故D正确，不符合题意。
故选C。
9. 有一种专门烤肉串的烤箱，将肉串挂到箱内支架上，关上箱门（相当于闭合开关S1），支架在电动机的带动下旋转；再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图中电路设计合理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】由题意知，电动机和加热功能的工作互不干扰，所以电路应是并联连接，而开关S1闭合，电动机工作，加热功能不工作，再闭合S2加热功能工作，只闭合S2，不能加热，那么S2只控制加热功能，S1控制整个电路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
10. 如图所示，是使用汽车打捞水下重物的示意图。在重物从水底拉到井口的过程中，汽车以恒定速度向右运动，忽略水的阻力和滑轮的摩擦。四位同学画出了汽车功率P随时间t的变化图像，其中正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】汽车匀速运动，重物也匀速运动，在重物露出水面前，浮力不变，F=G-F浮，所以拉力不变，根据P=Fv可知：汽车的功率不变；在物体露出水面而没完全露出时，浮力减小，F=G-F浮，所以拉力增大，根据P=Fv可知：汽车的功率增大；在物体完全露出液面时，F=G，拉力不变，根据P=Fv可知：汽车的功率不变；综上所述，汽车的功率先不变，再增大，最后又不变。故选C。
11. 如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。开始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB），释放小球，研究小球在水平方向上的受力和运动情况，则（ ）
A. 小球从A运动到O的过程中所受弹力方向向右、速度先增大后减小
B. 小球从O运动到B的过程中所受弹力方向向左、速度不断减小
C. 小球运动到B点时将停止运动并保持静止
D. 小球在运动过程中所受弹力的方向保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．小球从A运动到O的过程中，弹簧恢复原状，此时小球所受弹力方向向右，将弹性势能转化为动能，速度不断增大，故A不符合题意；
B．小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉开，此时小球所受弹力方向向左，球的动能转化为弹簧的弹性势能，速度不断减小，故B符合题意；
C．小球运动到B点时，由于动能全部转化为弹性势能，速度为零，此时受到弹簧向左的弹力作用，不会保持静止，故C不符合题意；
D．小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的，故D不符合题意。
故选B。
12. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L标有“6V 6W”，R0为定值电阻。闭合开关S，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，将滑动变阻器的滑片P由某一端点移动到某一位置过程中，U2与U1的变化关系如图乙所示，滑动变阻器的滑片P分别在上述端点、上述位置时消耗的电功率相等，下列判断正确的是（ ）
A. 电源电压为12V
B. 滑动变阻器的最大阻值为7Ω
C. R在原端点时消耗的功率为7W
D. 电路允许消耗的最大功率为12W
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据灯泡L标有“6V 6W”信息，可由功率计算公式计算出额定状态下灯泡通过的额定电流为
额定工作时灯泡的电阻为
闭合开关S，两个电阻与灯泡串联，电压表V1测量定制电阻R0与灯泡两端电压，电压表V2测量定制电阻R0两端电压；根据串联电路电阻分压特点，及U2与U1的变化关系图可知，当滑片P接入电阻最大时，此时两个电压表的示数最小；滑片P移动到某一位置时，电压表V1、V2示数分别为12V与6V，此时小灯泡达到额定工作状态，由于灯泡、定制电阻R0的两端电压相同，故定制电阻阻值为
当滑片P接入电阻最大时，电压表V1、V2示数分别为5V与3V，电路电流为
由于滑动变阻器的滑片P分别在上述端点、上述位置时消耗的电功率相等，则
代入数据得
则电源电压为
故A错误；
B．当滑片P接入电阻最大时，电压表V1、V2示数分别为5V与3V，则滑动变阻器阻值为
故B错误；
C．R在原端点时消耗的功率为
故C正确；
D．滑片P移动到某一位置时，电压表V1、V2示数分别为12V与6V，此时小灯泡达到额定工作状态，此时电路允许消耗的功率最大，为
故D错误。
故选C。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共26分）
13. 小明正在家里学习，窗外传来吉他声，他是根据声音的______判断这是吉他声；他关上窗户，这是在______控制噪声。
【答案】 ①. 音色 ②. 在传播途中
【解析】
【分析】
【详解】[1]音色是表示声音所具有的特色，不同物体振动有不同的特点，吉他相对于其它乐器，有不同的材料和结构，可以根据其独有的音色进行区分。
[2]减弱噪声的途径有：在传播过程中减弱噪声，在声源处减弱噪声，在人耳处减弱噪声。关上窗户，是在传播途中控制噪声。
14. 某品牌空调器使用的是新型制冷剂R600a是一种对臭氧层破坏较小、极容易汽化又容易液化的物质，它在室内汽化时吸热，在室外液化时_______．压缩机通过使制冷剂不断发生液化和汽化，将室内的内能搬至室外，制冷剂在室外液化的方式是__________（选填“降低温度”或“压缩体积”）．
【答案】 ①. 放热 ②. 压缩体积
【解析】
【详解】空调器制冷时，液态的制冷剂R600a经毛细管进入蒸发器（室内机）汽化成气体，吸热；在压缩机中将气态的R600a压缩体积而液化为的液态R600a，并经冷凝器毛细管放热，将室内的热搬到室外．
15. “嫦娥一号”探月卫星在距月球表面200km高度经过多次“刹车制动”，最终绕月球做匀速圆周运动，卫星“刹车制动”时，喷射高温气体方向应与其前进方向_____（相同/相反），此时高温气体对卫星施加制动力，这说明_____。在绕月球做匀速圆周运动时，卫星的运动状态____（选填“改变”或“不变”）。
【答案】 ①. 相同 ②. 力的作用是相互的 ③. 改变
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]卫星“刹车制动”时，沿运动方向喷射高温气体，高温气体对卫星施加制动力，这说明力的作用是相互的。
[3]在绕月球做匀速圆周运动时，运动方向在不断发生变化，故其运动状态发生改变。
16. 用托盘天平和量筒测量一小石块的密度，如图甲所示是调节天平平衡时的情形，此时应将平衡螺母向______调，使横梁平衡；图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形，计算出石块的密度是______kg/m3。若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度______（偏大/偏小/不变）。
【答案】 ①. 右 ②. ③. 偏大
【解析】
【分析】
【详解】[1]由甲知，指针左偏，应将平衡螺母向右调使横梁平衡。
[2]由图乙可知，其标尺上的分度值是0.2g，故石块的质量是
50g+20g+1.4g=71.4g
量筒中水的体积是60cm3，放入石块后的体积是80cm3；石块的体积为20cm3。石块的密度
[3]若先测石块的体积，将石块从量筒中取出会带着一些水，使得测得的质量偏大，由可知测量的密度值偏大。
17. 晚唐诗人描写酷夏的诗句有“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，从物理学的角度，诗句中“阴浓”的形成说明了________；而“楼台倒影”则由于光的反射所形成的________像（填“虚”或“实”）。
【答案】 ①. 光在同种均匀介质中沿直线传播 ②. 虚像
【解析】
【分析】
【详解】[1]“阴浓”是树的影子，是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的。
[2]“楼台倒影”是楼台通过水面所成的虚像，属平面镜成像现象，所成的像是正立的虚像。
18. 如图是被称为没有链条的混合动力电动自行车，此车既可以给锂电池直接充电获得能量，也可以通过骑行者踩脚踏板发电。充电时充电线会发热，这是电流的______效应。骑行者踩脚踏板发电的原理是利用了______现象。发电过程是______能转化为电能。
【答案】 ①. 热 ②. 电磁感应 ③. 机械
【解析】
【分析】
【详解】[1]充电时充电线会发热是将电能转化为内能，这是电流的热效应。
[2][3]骑行者踩脚踏板发电的原理是通过切割磁感线产生感应电流，利用了电磁感应现象，该过程将机械能转化为电能。
19. 用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图像如图．根据图像可知，甲液体的比热容________(填“大于”、“小于”或“等于”)乙液体的比热容．如果乙液体是水，那么质量为500 g，初温为20 ℃的乙液体吸收1.89×105 J的热量，乙液体的温度升高了________℃（气压为一标准大气压）。
【答案】 ①. 小于 ②. 80
【解析】
【分析】
【详解】[1]如图加热相同时间时，即吸收相等的热量时，甲液体升高的温度高，且两液体质量相等，根据
可知甲液体的比热容小于乙液体的比热容。
[2]乙液体的末温为
气压为一标准大气压时，水的沸点为100℃，到达沸点后继续吸热温度不再升高，所以水温只能升高到100℃，即乙液体升高的温度为
20. 如图所示，用50 N的水平力F将重10 N的物体A压在竖直的墙壁上使其静止，物体A与墙壁的接触面积为100 cm2，则A对墙壁的压强为___________Pa；增大对A的压力时，A与墙面的摩擦力的大小会___________（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 5×103 ②. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]因固体可以大小不变的传递压力，所以，物体对竖直墙壁的压力F=50N，物体对墙壁的压强
=5×103Pa
[2]物体在竖直方向上受到重力和墙壁对它的摩擦力，因物体压在竖直墙上处于平衡状态，这两个力是一对平衡力，所以，物体受到摩擦力等于重力，即
f=G=10N
增大对A的压力时，物体A处于静止状态，重力和摩擦力是平衡力，重力不变，A与墙面的摩擦力大小不变。
21. 如图所示电路，电源电压不变，电灯L 标有“6V 1.2W“字样．当开关S1、S2均闭合时，电灯L 恰能正常发光，电流表示数为0.5A．则：
⑴ 电动机两端电压为_______V，通过电动机的电流为_______A．
⑵ 通电1min 电路消耗电能_______J．
【答案】 ①. 6 ②. 0.3 ③. 180
【解析】
【详解】（1）并联电路电压相等等于电源电压，小灯泡正常发光，电压即为额定电压6V，电动机电压等于小灯泡电压也为6V；
通过小灯泡电流就是额定电流：
=0.2A，
并联干路电流等于个支路电流之和．所以通过电动机电流为：
0.5A-0.2A=0.3A；
（2）电路消耗的电能是整个电路，
，
22. 红外线测温仪测的电路原理图如图乙所示。左右两个电源电压均为9V，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值会随着温度的改变而改变。当人体体温高于37.3℃时，红灯亮发出报警。R1随人体温度辐射的红外线变化关系如图所示。
（1）电路中R0的作用是_________，从测温仪前面通过的同学体温越高，电流表的示数越_____；
（2）当体温是36.5℃时，电流表的示数为________；
（3）同学经过测温仪时，电流表示数显示0.36A，测温仪_______（会/不会）发出报警。
【答案】 ①. 保护电路 ②. 大 ③. 0.33A ④. 会
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]左边电路中，R1与R0串联，电流表测电路的电流，当R1过小时，电路的电流过大会损坏电路元件，故电路中R0的作用是保护电路。
[2]测温仪前面通过的同学体温越高，由表中数据可知热敏电阻越小，由电阻的串联规律，电路的总电阻越小，由欧姆定律，电流表的示数越大。
（2）[3]当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻R1=17Ω，根据电阻的串联和欧姆定律，电流表的示数
（3）[4]经过测温仪时，电流表示数显示0.36A，根据欧姆定律和串联电阻的规律
R′1==15Ω
由表中数据，此时对应的人体温度为37.5℃，高于37.3℃，故测温仪是会发出报警。
三、解答题（本题共11小题，共计50分，其中第24题、第25题需要写出必要的解答过程）
23. （1）一种多功能LED台灯，如图所示。S1闭合LED灯亮，USB接口可给手机充电；S1断开，灯灭，USB接口仍能正常使用；安全开关S2位于台灯底部的前端，当台灯倾斜或离开桌面时S2自动断开，灯熄灭，USB接口仍能正常使用；请用笔画线代替导线在图中连接完成电路________。
（2）如图，根据通电螺线管外部的磁感线方向，标出图中电源的正极和小磁针静止时的N极________。
（3）一人站在电梯上随电梯一起匀速上升，如图所示，在图中画出人的受力示意图________。
（4）如图丙，O为支点，L1为动力F1的力臂，请作出此杠杆的动力F1和阻力F2的示意图_______。
【答案】 ①. ②. ③. ④.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]S1是控制LED灯的开关，所以S1与LED灯串联；由题知，即使S1断开，USB接口也能正常使用，说明LED灯与USB接口互不影响，则它们是并联的，且开关在灯所在支路；全开关S2位于台灯底部的前端，当台灯倾斜，S2离开桌面时，它会自动断开，切断台灯的电源，所以S1、S2串联，由此连接电路如图所示：
（2）[2]在磁体外部，磁感线是从N极出发，回到S极，由磁感线的方向可知通电螺线管左侧为N极，右侧为S极；则由安培定则可得电流由左侧流入，即电源左侧正极。由磁极间相互作用可知小磁针的左侧为N极，右侧为S极。如图：
（3）[3]因为人站在匀速上升的电梯上，所以受到的重力和支持力是一对平衡力；过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力）；注意两条线段长度要相等，如图所示：
（4）[4]阻力F2是重物对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下；过力臂L1的右端，作垂直于L1的直线，与杠杆的交点为力F1的作用点，方向斜向右上方；如图所示：
24. 如图是工人利用滑轮组提升重为810N物体的示意图，某段过程中物体匀速上升的速度为0.1m/s，工人拉力F的功率为90W，物体上升10s拉力F克服滑轮组的摩擦做的功是60J，不计绳重．求：
（1）工人拉绳子的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）滑轮组中的动滑轮的重力．
【答案】（1）0.3m/s；（2）90%；（3）30N
【解析】
【详解】（1）由图可知，n=3，绳端移动的速度：v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s；
（2）根据P===Fv可得，工人的拉力：F===300N，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=×100%=90%；
（3）重物上升的高度：h=vt=0.1m/s×10s=1m，拉力做的有用功：W有用=Gh=810N×1m=810J，拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=300N×3×1m=900J，提升动滑轮做的额外功：W轮=W总﹣W有用﹣Wf=900J﹣810J﹣60J=30J，由W轮=G轮h可得，动滑轮的重：G轮===30N．
25. 如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电压表的量程为，电流表的量程为，灯上标有“”字样（不考虑灯丝电阻随温度的变化），定值电阻。当只闭合开关、，调节滑片至距端一处时，灯正常工作；当只闭合开关、，调节滑片至中点处时，电流表示数为，求：
(1)灯泡的电阻；
(2)电源电压；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关、时，灯消耗的电功率范围。
【答案】（1）；（3）；（3）
【解析】
【详解】(1)由可得，灯泡的电阻
(2)当只闭合开关、，调节滑片至距端一处时，与串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，由可得，电路中的电流
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由可得，电源的电压
①
当只闭合开关、，调节滑片至中点处时，与串联，电流表测电路中的电流，则电源的电压
②
由①②可得
，
(3)只闭合开关、时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，此时灯泡可以正常发光，其最大功率为，当电压表的示数时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压
灯消耗的最小电功率
所以，灯消耗的电功率范围为
答：(1)灯泡的电阻为；
(2)电源电压为；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关、时，灯消耗的电功率范围为。
26. 在“探究光的反射规律”的实验中，
(1)小亮进行如图甲所示的实验，让一束光贴着纸板射到平面镜上，将纸板沿向后折，此时在面上看不到反射光线，如图乙所示。此实验现象说明______；
(2)在图甲所示的实验中，需要多次改变人射光线的方向（即改变入射角的大小），其目的是______；
(3)在图甲所示的实验中，如果让光线逆着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出，这表明______；
(4)在图甲所示的实验中，如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光线贴着纸板沿入射时，______（选填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光。
【答案】 ①. 入射光线、反射光线、法线在同一平面上 ②. 多次实验，得到普遍规律 ③. 光路可逆 ④. 不能
【解析】
【详解】[1](1) 纸板没有沿向后折时，反射面与入射面在同一平面上，可以同时看到入射光线、反射光线、法线； 让一束光贴着纸板射到平面镜上，将纸板沿向后折，此时在面上看不到反射光线，说明入射光线、反射光线、法线在同一平面上。
(2)[2]一次实验得到的实验结论可能是实验结果具有偶然性，多次改变人射光线的方向（即改变入射角的大小），进行多次实验，得到反射角与入射角的普遍规律。
(3)[3] 光线沿着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出。如果让光线逆着的方向射向镜面，会看到反射光线沿着方向射出，这表明光路可逆。
(4)[4] 如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光线贴着纸板沿入射时，法线不在纸板上，由于入射光线、法线、反射光线在同一平面上，所以不能在纸板上看到反射光。
27. 图甲是探究“固体熔化过程的规律”实验装置图。
（1）实验中通过烧杯中的水对试管加热，目的是________；
（2）每隔1min记录一次物质的温度及状态，作出如图乙所示的温度随时间变化的图像，由图乙可知该物质是______（选填“晶体”或“非晶体”），该物质在BC段内能_______（选填“增加”、“不变”或“减少”）；
（3）比较图乙中AB段与CD段可知：该物质在______（填“固态”或“液体”）时的吸热能力更强。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 晶体 ③. 增加 ④. 液体
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]实验中不直接给试管加热，而是通过烧杯中的水对试管加热，这是用水浴法使物质均匀受热。
（2）[2]由图乙可知，该物质熔化过程中温度保持不变，故该物质是晶体。
[3]该物质在BC段处于熔化的过程中，虽然温度不变，但是需要吸收热量，内能增加。
（3）[4]如图乙所示，CD段已完全熔化为液体，但物质质量不变，AB段与CD段温度升高量相同，AB段加热时间是CD段的一半，可知物质在AB段吸收的热量是CD段的一半，则该物质在液体时的吸热能力更强。
28. 在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学用弹簧测力计、圆柱体、两个装有适量水和盐水的同样的烧杯，对浸在液体中的圆柱体所受的浮力进行了探究，实验装置和每次实验中弹簧测力计的示数如图所示，请按要求回答下列问题：
（1）如图甲所示，圆柱体的重力为________N；
（2）分析图甲、乙、丙：当物体逐渐浸入水中时，所受到的浮力________（选填“增大”、“减小”或“不变”），当物体浸没时，所受到的浮力为____N，由甲、乙、丙可知，浮力的大小与____有关；
（3）由________三张图可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（4）由图中数据可知，圆柱体的密度是________kg/m3；
（5）结合了以上数据及图戊，得出了盐水的密度为________kg/m3。
【答案】 ①. 3.0 ②. 增大 ③. 2 ④. 排开液体的体积 ⑤. 甲丙丁 ⑥. ⑦.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，圆柱体的重力即弹簧测力计的示数为3.0N。
（2）[2]乙图物体浸在水中时受到的浮力
F浮水乙=G-F1=3.0N-2.4N=0.6N
丙图物体浸在水中时受到的浮力
F浮水丙=G-F2=3.0N-1N=2N
故分析图甲、乙、丙：当物体逐渐浸入水中时，所受到的浮力增大。
[3]当物体浸没时，所受到的浮力为
F浮水=F浮水丙=2N
[4]由甲、乙、丙可知，排开液体的体积变大，受到的浮力变大，浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（3）[5]探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲丙丁三图。
（4）[6]圆柱体的体积
V柱=V排=
圆柱体的密度
ρ柱=
（5）[7]由图甲、戊所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力
F浮盐水=G-F′=3N-0.8N=2.2N
浮力
F浮盐水=ρ盐水gV排
盐水的密度
ρ盐水=
29. 利用实验室中以下器材：新干电池若干节、一个额定电压是U0的小灯泡、四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、标有“20Ω、1A”字样的滑动变阻器R1、最大阻值未知的滑动变阻器R2、电流表、电压表、开关及导线若干，完成了下列电学实验。
（一）探究电流与电阻的关系
（1）如图甲是小明设计的电路，还有两根导线没有接上，请你用笔画线代替导线将电路连接完整________。开关闭合前，滑动变阻器的滑片应放到________（选填“A”或“B”）端；
（2）他正确连接电路后，利用这个电路测出的实验数据绘制的I-R图象如图乙中A曲线所示，依据此图像不能得出正确结论。请分析产生这种现象的原因是________；
（3）实验中保持电压表的示数为3V不变，为保证四个定值电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压的最大值是________V；
（二）测量小灯泡的额定功率
（4）小明将电路中的定值电阻换成小灯泡。闭合开关，发现灯不亮，电流表有示数，电压表无示数；移动滑片，发现除了电流表示数改变外，其余均无变化。经检查，电压表完好，则故障可能是小灯泡____________________（选填“短路”或“断路”）；
（5）小强不用电流表，他利用现有器材设计了如图丁所示电路来测量额定电压是U0的小灯泡的额定功率，以下是他的实验过程，请帮他补充完整；
①正确连接电路，闭合开关_________，将滑动变阻器________（选填“R1”或“R2”）的滑片调到阻值最大处，移动另一个滑动变阻器的滑片直至电压表的示数为_____，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S2，保持滑动变阻器R1和R2滑片位置不动，读出电压表的示数为U′。小灯泡的额定功率P额=________（用字母表示，滑动变阻器R1的最大阻值用R1表示）。
【答案】 ①. ②. A ③. 未控制R两端电压不变 ④. 6 ⑤. 短路 ⑥. S、S1 ⑦. R1 ⑧. U0 ⑨.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]在探究电流与电阻的关系的实验中，电压表应该并联在定值电阻的两端，滑动变阻器串联在电路中，遵循一上一下的连接原则。如图所示
[2]开关闭合前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，即应该远离下接线柱，即图中的A端。
（2）[3]由图可知，根据U=IR可知，图乙中A曲线中每个点的电压不相等，而在探究电流与电阻的关系的实验中，需要控制定值电阻两端电压相同，实验中数据未控制R两端电压不变，所以不能得到正确结论。
（3）[4]保持电压表的示数为3V不变，当接入定值电阻最大为20Ω时，电路电流
若此时滑动变阻器接入阻值最大，则电源电压最大，由可得
即保持电压表的示数为3V不变，为保证四个定值电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压的最大值是6V。
（4）[5]闭合开关，发现灯不亮，电流表有示数，则说明故障类型为短路，电压表测量小灯泡电压，电压表无示数，说明小灯泡短路。
（5）[6][7][8][9]①正确连接电路，只闭合开关S、S1，将滑动变阻器R1的滑片调到阻值最大处，移动另一个滑动变阻器的滑片直至电压表的示数为U0，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S2，保持滑动变阻器R1和R2的滑片位置不动，读出电压表的示数为U′。
在①中电压表只测量小灯泡两端电压，移动滑片直至电压表的示数为U0，此时小灯泡正常发光，即小灯泡的额定电压为U0；在②中电压表测小灯泡与滑动变阻器R1的总电压，因为各电阻的大小和电压不变，灯仍然正常工作，根据串联电路电压的规律可知，此时R1的电压
U1=U′- U0
则此时小灯泡的额定电流
故小灯泡的额定功率
30. 空气净化器工作原理为：机器内风扇使室内空气循环流动，污染的空气通过机内的空气过滤网后将各种污染物吸附。下表为空气净化器的参数。CADR是指洁净空气量，指单位时间通过净化器过滤后，输出的洁净空气总量，单位是m³/h，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。可按下列公式计算CADR=，（V：房间容积；t：空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间）；净化能效定义：CADR洁净空气量与额定功率的比值；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
额定功率
60
CADR
600m3/h
声强范围
34~64dB
模式
睡眠
静音
Ⅰ
Ⅱ
Ⅲ
强劲
净化效率
>90%
能效比
11
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
实际功率（）
0.9
23
44
75
103
123
148
净化空气量（m3/h）
﹣
120
240
360
500
610
760
（1）颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为________；
（2）下列说法错误的是______；
A.机器内的马达工作时将电能主要转化成了机械能
B.输入净化器中的功率越大，消耗的电能越多
C.气流外侧的颗粒物也被吸入净化器，是因为气流处流速大压强小的缘故
D.净化器的能效比越大，说明该净化器CADR值越大，越节能
（3）该空气净化器工作挡位为3挡时，出风口的面积为0.2m2，则风速为________m/s；
（4）单独使用该净化器10min，规格为2400imp/（kW·h）的电能表指示灯闪烁30次，则该空气净化器在________挡位工作，此时该空气净化器的能效比为________m3/（h·）；
（5）利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率：净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为________%。
【答案】 ①. 带电体吸引轻小物体 ②. B ③. 0.5 ④. 3 ⑤. 4.8 ⑥. 95
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]带有负电荷的光洁金属网，能够吸引不带电的细小颗粒；这主要是因为带电体具有吸引轻小物体的性质。
（2）[2]A．机器内的马达工作时，消耗电能，产生机械能，将电能主要转化成了机械能，故A正确，不符合题意；
B．输入净化器中的功率越大，由于工作时间未知，所以根据W=Pt可知，不能判断消耗电能的多少，故B错误；符合题意；
C．由于进风口流速大，则压强小，在外界大气压作用下，气流外侧的颗粒物会被吸入净化器，故C正确；不符合题意；
D．净化器的能效比越大，即空气净化器洁净空气量与输入功率的比值越大，所以，净化效率越高，则CADR值越大，故D正确；不符合题意。
（3）[3]由表格数据可知，该空气净化器工作挡位为3档时，净化空气量为360m3/h，即每小时净化空气360m3，已知出风口的面积为0.2m2。空气柱的长度
则风速
（4）[4]电能表指示灯闪烁30次，净化器消耗的电能
工作时间
t′=10min=600s
则净化器消耗的电功率
P′=
查表可知，功率为75W时，该空气净化器在3挡位工作。
[5]由净化器能效比的定义可得，此时该空气净化器的能效比
（5）[6]由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，电路的总电阻
R总=
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值
R=R总-R0=40Ω-10Ω=30Ω
由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3。当检测电路的电流变为I′=0.1A，此时电路总电阻
R总′=
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值
R′=R总′-R0=280Ω-10Ω=270Ω
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3。由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比；则该空气净化器的实际净化效率
相关试卷
精品解析：2020年江苏省苏州市昆山市中考二模物理试题（解析版+原卷版）： 这是一份精品解析：2020年江苏省苏州市昆山市中考二模物理试题（解析版+原卷版），文件包含精品解析2020年江苏省苏州市昆山市中考二模物理试题原卷版doc、精品解析2020年江苏省苏州市昆山市中考二模物理试题解析版doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
精品解析：2020年江苏省苏州市中考二模物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份精品解析：2020年江苏省苏州市中考二模物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析2020年江苏省苏州市中考二模物理试题原卷版doc、精品解析2020年江苏省苏州市中考二模物理试题解析版doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
精品解析：2020年江苏省苏州市高新区中考二模物理试题（解析版+原卷版）： 这是一份精品解析：2020年江苏省苏州市高新区中考二模物理试题（解析版+原卷版），文件包含精品解析2020年江苏省苏州市高新区中考二模物理试题原卷版doc、精品解析2020年江苏省苏州市高新区中考二模物理试题解析版doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
