2024江苏省无锡市梁溪区中考数学一模试卷（含解析）

这是一份2024江苏省无锡市梁溪区中考数学一模试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1.9的算术平方根是
( )
A. ±3B. −3C. 3D. 9
2.在下面四个几何体中，其左视图不是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
3.下列多项式中，不能因式分解的是( )
A. x2−2x+1B. x2−9C. x2+1D. 6x2+3x
4.某校为了了解全校965名学生的课外作业负担情况，随机对全校100名学生进行了问卷调查，下面说法正确的是( )
A. 总体是全校965名学生B. 个体是每名学生的课外作业负担情况
C. 样本是100D. 样本容量是100名
5.下列命题中属于假命题的是( )
A. 同位角相等，两直线平行B. 菱形的对角线互相垂直
C. 三个角是直角的四边形是矩形D. 三点确定一个圆
6.一个圆锥的底面半径为6cm，母线长为9cm，则该圆锥的侧面积为
( )
A. 54cm2B. 54πcm2C. 108cm2D. 108πcm2
7.四元玉鉴是我国古代数学重要著作之一，为元代数学家朱世杰所著．该著作记载了“买椽多少”问题：“六贯二百一十钱，倩人去买几株椽．每株脚钱三文足，无钱准与一株椽”大意是：现请人代买一批椽，这批椽的价钱为6210文．如果每株椽的运费是3文，那么少拿一株椽后，剩下的椽的运费恰好等于一株椽的价钱，试问6210文能买多少株椽？(椽，装于屋顶以支持屋顶盖材料的木杆)设这批椽有x株，则符合题意的方程是
( )
A. 6210x=3B. 6210x−1=3C. 6210x=3x−1D. 6210x=3x−1
8.阅读理解：为了解决负数开平方问题，数学家大胆的引入一个符号i，把i叫做虚数单位，并且规定i2=−1，我们把形如a+bi(a、b为实数)的数叫做复数．复数的四则运算与整式的四则运算类似.例如：
8+2i+2−i=8+2+2i−i=10+2−1i=10+i；
4+i3−2i=4×3−8i+3i−2i2=12−5i−2×−1=12−5i+2=14−5i．
根据以上信息，5+2i5−2i的运算结果是
( )
A. 21B. 29C. 25−4iD. 25+4i
9.如图，Rt▵ABC中，∠C=90∘，∠A=30∘，AC=9，D为AB中点，以DB为对角线长作边长为3的菱形DFBE，现将菱形DFBE绕点D顺时针旋转一周，旋转过程中当BF所在直线经过点A时，点A到菱形对角线交点O之间的距离为
( )
A. 43 21B. 32 3C. 43 21或32 3D. 32 21或32 3
10.如图，AE=10，D为AE上一点(端点除外)，分别以AD、DE为边长，在AE同侧作正方形ADCB和正方形DEFG，连接BE、GE，连接AG交BE于点O.设DE=x，▵OEG的面积为y，则y关于x的函数表达式为
( )
A. y=5x31010−x+x2B. y=510−x310x+10−x2
C. y=53xD. y=x−52+253
二、填空题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
11.函数y=2x+1中，自变量x的取值范围是____．
12.今年春节，无锡首条市域轨交S1线也实行为期9天的免费乘坐，引发了往来锡澄两地的万千市民的搭乘热情.免费期间S1线总客流量达到约2287000人次，数据2287000用科学记数法表示为_____．
13.若某函数图象经过点1,2，且函数值y随着自变量x的增大而增大，请写出一个符合上述条件的函数表达式：_____．
14.某超市一月份的利润为10万元，三月份的利润为12.1万元，设第一季度平均每月利润增长的百分率是x，则根据题意可得方程为_____．
15.如图，▱ABCD的点A在y轴上，BC在x轴上，点D在某反比函数的图像上，已知▱ABCD的面积为5，则该反比例函数表达式为_____．
16.如图，矩形ABCD中，BE、BF将∠ABC三等分，连接EF.若∠BEF=90∘，则AB:BC的比值为_____．
17.已知某二次函数的图象开口向上，与x轴的交点坐标为−2,0和6,0，点Pm+4,n1和点Q3m−2,n2都在函数图象上，若n118.如图，▱ABCD中，∠A=45∘，AB=3，AD=4，点E为AD上一点(端点除外)，连接BE、CE，点A关于BE的对称点记为A′，当点A′恰好落在线段EC上时，此时EC=_____，AE=_____．
三、计算题：本大题共2小题，共12分。
19.计算：
(1)π−3.140−2cs45∘+ 2；
(2)2x−3x+3−1−x2．
20.(1)解方程：x2−6x+4=0；(2)解方程组：x3−y=32x+3y=9
四、解答题：本题共8小题，共64分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。
21.(本小题8分)
如图，▱ABCD中，点E、F在AC上，BE⊥AB，DF⊥CD．
(1)求证：▵ABE≌▵CDF；
(2)求证：BE/​/DF．
22.(本小题8分)
有三张大小、质地都相同的卡片，正面分别标有数字−1，1，2，将卡片搅匀后背面朝上，任意抽取一张记下数字a，不放回，再抽取一张，记下数字b，这样就得到了一个点A的坐标a,b．
(1)求点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的概率.(请用“画树状图”或“列表”等方法写出分析过程)
(2)若再增加nn≥1张都标有数字1的卡片，与原有三张卡片混合后，按照题目中的抽取方式，所得到的点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的概率为______.(请用含n的代数式直接写出结果)
23.(本小题8分)
某职业技术学院准备从本校两名优秀学员中挑选一人参加市级操作技能大赛，以下分别是两名学员在培训期间的先后8次操作技能测试的得分情况及统计情况：
表1：
表2：
根据以上统计结果回答下列问题：
(1)a=______；b=______；c=______；
(2)应用你所学的统计知识，你认为选派哪名学员参加比赛更合适？请说明你的理由．
24.(本小题8分)
尺规作图：
(1)请在图①中以矩形ABCD的AD边为边作菱形ADEF，使得点E在BC上；
(2)请在图②中以矩形ABCD的AD边为直径作⊙O，并在⊙O上确定点P，使得▵BCP的面积与矩形ABCD的面积相等．
25.(本小题8分)
如图，▵ABC中，AB=AC，点O在BC上，以OB为半径的⊙O经过点A．
(1)若sin∠B=12，求证：AC是⊙O的切线；
(2)在AB上取一点D，连接OD，已知AD=11，BD=21，OD=13，求OB．
26.(本小题8分)
为迎接即将到来的“五一劳动节”，某日用品超市推出了两种优惠促销方式供顾客选择，并规定顾客只能选择其中一种促销方式进行结算付款．
促销方式一：按所购商品原价打85折；
促销方式二：按所购商品原价每满300减60.(如：所购商品原价为340元，则减60元，需付款280元；所购商品原价为630元，则减120元，需付款510元)
(1)若某商品原价为500元，该选择哪种促销方式更优惠？请说明理由；
(2)当商品原价为多少时，两种促销方式一样优惠；
(3)若某商品原价为m元027.(本小题8分)
在平面直角坐标系中，二次函数y=mx2+mx−6m的图象与x轴交于A、B(A在B左侧)，与y轴交于C，一次函数y=2x+n的图象经过A、C两点．
(1)分别求出m、n的值；
(2)在二次函数图象上是否存在点P，且P满足∠POC+∠BCO=45∘？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．
28.(本小题8分)
如图，等边▵ABC中，AB=4cm，点E在AB上，从A向B运动，运动速度为1cm/s；点F在BC上，从B向C运动，运动速度是v，两点同时出发，设运动时间为ts，当一点到达终点时，另一点停止运动．连接CE、AF，交点为G．
(1)若v=1cm/s，求∠FGC的度数；
(2)在(1)的条件下，取AB中点P，N为BC上一动点，连接PN、GN，则PN+GN的最小值为______；
(3)若v=0.5cm/s，求t为何值时，EC+2AF的值最小，并求出最小值是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】【分析】根据算术平方根的定义求解．
【详解】解：∵32=9，
∴9的算术平方根是3．
故选：C．
本题考查了算术平方根的定义，解题的关键是掌握正数的算术平方根是正的平方根，0的算术平方根是0，负数没有算术平方根．
2.【答案】C
【解析】【分析】根据三视图的知识及中心对称的概念得出结论即可．
【详解】解：根据题意知，A选项左视图为正方形，是中心对称图形，故该选项不符合题意；
B选项左视图为圆，是中心对称图形，故该选项不符合题意；
C选项左视图为等腰三角形，不是中心对称图形，故该选项符合题意；
D选项左视图为矩形，是中心对称图形，故该选项不符合题意；
故选：C．
本题主要考查左视图和中心对称的知识，熟练掌握三视图和中心对称的知识是解题的关键．
3.【答案】C
【解析】【分析】本题考查了因式分解，根据公式法因式分解以及提公因式与公式法综合因式分解的方法逐项进行判断即可．
【详解】解：A、x2−2x+1=x−12，可以因式分解，不符合题意；
B、x2−9=x+3x−3，可以因式分解，不符合题意；
C、x2+1，不能因式分解，符合题意；
D、6x2+3x=3x2x+1，可以因式分解，不符合题意；
故选：C．
4.【答案】B
【解析】【分析】本题主要考查直接利用总体、个体、样本容量、样本的定义，掌握各定义是解题的关键
直接利用总体、个体、样本容量、样本的定义逐项分析即可解答．
【详解】解：A、总体是全校965名学生的课外作业负担情况，故此选项错误；
B、个体是每名学生的课外作业负担情况，故此选项正确；
C、样本是100名学生的课外作业负担情况，故此选项错误；
D、样本容量是100，故此选项错误．
故选B．
5.【答案】D
【解析】【分析】根据平行线的判定、菱形的性质、矩形的判定及确定圆的条件进行判断即可．
【详解】解：同位角相等，两直线平行是真命题，故A不符合题意；
菱形的对角线互相垂直是真命题，故B不符合题意；
三个角是直角的四边形是矩形是真命题，故C不符合题意；
三点确定一个圆是假命题，故D符合题意；
故选：D．
本题考查命题的真假判定、平行线的判定、菱形的性质、矩形的判定及确定圆的条件，熟练掌握相关定理是解题的关键．
6.【答案】B
【解析】【分析】本题考查求圆锥的侧面积，根据圆锥的侧面积公式，进行求解即可．
【详解】解：由题意，得：该圆锥的侧面积为π×6×9=54πcm2；
故选B．
7.【答案】D
【解析】【分析】本题考查了由实际问题抽象出分式方程，找准等量关系是解题的关键．
由“少拿一株椽后，剩下的椽的运费恰好等于一株椽的价钱”，可得出一株椽的价格为3(x−1)文，结合单价=总价÷数量，即可得出关于x的分式方程，此题得解．
【详解】解：∵这批椽有x株，少拿一株椽后，剩下的椽的运费恰好等于一株椽的价钱，
∴一株椽的价格为3(x−1)文，
根据题意得：6210x=3(x−1)．
故选：D．
8.【答案】B
【解析】【分析】本题主要考查了运用平方差公式进行运算、有理数混合运算等知识，理解虚数单位i是解题关键．首先根据平方公式进行运算得到25−4i2，然后将i2=−1代入求解即可．
【详解】解：5+2i5−2i=52−2i2=25−4i2=25−4×−1=29．
故选：B．
9.【答案】D
【解析】【分析】本题考查了菱形的性质，解直角三角形，含30度角的直角三角形的性质和勾股定理．先求得▵DEF是等边三角形，分两种情况讨论，当DF⊥AB时，BF所在直线经过点A，作OG⊥AB于点G，再利用勾股定理求解；当A与B′重合时，BF所在直线经过点A，据此求解即可．
【详解】解：∵∠C=90∘，∠A=30∘，AC=9，D为AB中点，
∴BC=AC⋅tan30∘=3 3，AB=2BC=6 3，B′D=AD=BD=12AB=3 3，
∵菱形DFBE边长为3，
∴EF⊥DB′，B′O=OD=12B′D=32 3，
∴OE= DE2−DO2=32，
∴EF=2OE=3=DE，
∴▵DEF是等边三角形，∠FDO=∠ODE=12∠FDE=30∘，
当DF⊥AB时，BF所在直线经过点A，
作OG⊥AB于点G，连接AO，
∴∠ODG=90∘−∠FDO=60∘，
∴DG=12DO=34 3，OG= DO2−DG2=94，
∴AO= AG2+OG2=32 21；
当A与B′重合时，BF所在直线经过点A，
此时，AO=B′O=32 3，
综上点A到菱形对角线交点O之间的距离为32 21或32 3，
故选：D．
10.【答案】A
【解析】【分析】本题考查相似三角形的判定和性质，正方形的性质，过点O作OH⊥AE，设AH=a，证明▵AOH∽▵AGD,▵EOH∽▵EBA，列出比例式，用含x的式子表示a，进而表示出OH的长，根据S▵OGE=S▵AGE−S▵AOE，列出函数关系式即可．
【详解】解：过点O作OH⊥AE，
∵正方形ADCB和正方形DEFG，
∴AB⊥AE,DG⊥AE，
∴OH//AB//DG，
∴▵AOH∽▵AGD,▵EOH∽▵EBA，
∴OHAB=EHAE,OHDG=AHAD，
∵AE=10，DE=x，
∴AB=AD=AE−DE=10−x，DG=DE=x，
设AH=a，则EH=AE−AH=10−a，
∴OH10−x=10−a10,OHx=a10−x，
∴OH=10−a10−x10=ax10−x，
∴a=−10x−102−x2+10x−100，
∴OH=−10x−102−x2+10x−100⋅x10−x=10xx−10−x2+10x−100，
∴S▵OGE=S▵AGE−S▵AOE，
即：y=12AE⋅DG−12AE⋅OH
=12×10x−12×10⋅10xx−10−x2+10x−100
=5x−50xx−10−x2+10x−100
=−5x3+50x2−500x−50x2+500x−x2+10x−100
=−5x3+50x2−500x−50x2+500x−x2+10x−100
=−5x3−x2+10x−100
=5x3x2−10x+100
=5x31010−x+x2；
故选A．
11.【答案】x≠−1
【解析】【详解】根据分式有意义的条件是分母不为0，可得x+1≠0，
解得x≠−1，
故答案为：x≠−1．
考点：函数自变量的取值范围；分式有意义的条件．
12.【答案】2.287×106
【解析】【分析】本题主要考查了科学记数法，将数据表示成形式为a×10n的形式，其中1将2287000写成a×10n其中1【详解】解：2287000=2.287×106．
故答案为：2.287×106．
13.【答案】y=2x(答案不唯一)
【解析】【分析】本题考查的是一次函数的性质．设此函数的解析式为y=kx(k>0)，再把点(1,2)代入求出k的值即可．
【详解】解：∵函数值y随着自变量x的增大而增大，
∴设此函数的解析式为y=kx(k>0)，
∵函数图象经过点1,2，
∴2=k×1，
解得k=2，
∴函数解析式为：y=2x．
故答案为：y=2x(答案不唯一)．
14.【答案】101+x2=12.1
【解析】【分析】本题考查了一元二次方程的应用中增长率的问题，熟练掌握增长率的计算公式和方法是解题的关键，设平均每月增长率为x，根据等量关系“一月份的利润乘以(1+平均每月增长率的百分率)的平方等于三月份的利润”，列出方程即可求解．
【详解】解：设平均每月增长率为x，根据题意得：
101+x2=12.1，
故答案为：101+x2=12.1．
15.【答案】y=5x
【解析】【分析】本题考查反比例函数和全等三角形的判定，熟练掌握反比例函数中面积和系数k的关系是解题的关键，利用平行四边形证明▵ABO≌▵DCE，从而得到k=5，进而得到反比例函数解析式．
【详解】解：如图，作DE⊥x轴，垂足为E，
∵四边形ABCD为平行四边形，
∴AB=CD,AB//CD，
∴∠ABO=∠DCE，
又∠AOB=∠DEC=90∘，
∴▵ABO≌▵DCE，
∴S▵ABO=S▵DCE，
∴S矩形OADE=S▱ABCD=5，
∴k=S矩形AOED=5，
∴反比例函数解析式：y=5x，
故答案为：y=5x．
16.【答案】 3：2
【解析】【分析】本题考查矩形的性质、锐角三角函数．根据矩形的性质和锐角三角函数，可以求得AB和BC的比值，本题得以解决．
【详解】解：∵四边形ABCD是矩形，
∴∠ABC=90∘，∠A=90∘，∠C=90∘，
∵BE、BF将∠ABC三等分，
∴∠ABE=∠EBF=∠FBC=30∘，
设AE=x，则BE=2x，
∴AB= BE2−AE2= 3x，
∵∠BEF=90∘，∠EBF=30∘，
∴EF=BE⋅tan30∘=2x⋅ 33=2 33x，
∴BF=2EF=4 33x，
∴BC=BF⋅cs30∘=4 33x⋅ 32=2x，
∴AB:BC= 3x:2x= 3:2，
故答案为： 3:2．
17.【答案】m<12或m>3
【解析】【分析】本题主要考查了二次函数的图象与性质．依据题意得，抛物线的对称轴是直线x=−2+62=2，又二次函数的图象开口向上，越靠近对称轴函数值越小，再结合n143分类讨论计算可以得解．
【详解】解：由题意得，抛物线的对称轴是直线x=−2+62=2．
又二次函数的图象开口向上，
∴越靠近对称轴函数值越小．
又n1∴m+4−2<3m−2−2．
∴m+2<3m−4．
①当m<−2时，−m−2<4−3m，
∴m<3．
∴m<−2；
②当−2≤m≤43时，m+2<4−3m，
∴m<12．
∴−2≤m<12；
③当m>43时，m+2<3m−4，
∴m>3．
综上，m<12或m>3．
18.【答案】 4 8+3 2− 462
【解析】【分析】本题考查平行四边形的性质，轴对称的性质，勾股定理，等腰三角形的判定，矩形的判定和性质，关键是由轴对称的性质，平行线的性质推出∠BEC=∠CBE，由勾股定理求出CM的长，得到MB的长．过B作BN⊥AD于N，过E作EM⊥BC于M，由平行四边形的性质推出AD//BC，判定四边形BMEN是矩形，得到EN=MB，判定▵ABN是等腰直角三角形，求出AN=BN= 22AB=3 22，得到ME=BN=3 22，由轴对称的性质得到∠BEC=∠BEA，由平行线的性质推出∠AEB=∠CBE，得到∠BEC=∠CBE，推出CE=BC=4，由勾股定理求出CM= CE2−EM2= 462，得到BM=BC−CM=8− 462，因此NE=8− 462，于是得到AE=AN+NE=8+3 2− 462．
【详解】解：过B作BN⊥AD于N，过E作EM⊥BC于M，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD//BC，BC=AD=4，
∴四边形BMEN是矩形，
∴EN=MB，
∵∠BAD=45∘，
∴▵ABN是等腰直角三角形，
∵AB=3，
∴AN=BN= 22AB=3 22，
∴ME=BN=3 22，
由轴对称的性质得到：∠BEC=∠BEA，
∵AD//BC，
∴∠AEB=∠CBE，
∴∠BEC=∠CBE，
∴CE=BC=4，
∴CM= CE2−EM2= 462，
∴BM=BC−CM=8− 462，
∴NE=MB=8− 462，
∴AE=AN+NE=3 22+8− 462=8+3 2− 462，
故答案为：4，8+3 2− 462．

19.【答案】(1)解：π−3.140−2cs45∘+ 2
=1−2× 22+ 2
=1− 2+ 2
=1；
(2)解：2x−3x+3−1−x2
=2x2−9−1−2x+x2
=2x2−18−1+2x−x2
=x2+2x−19．

【解析】【分析】本题考查了整式的混合运算，完全平方公式，零指数幂，特殊角的三角函数值，实数的运算，平方差公式，准确熟练地进行计算是解题的关键．
(1)先化简各式，然后再进行计算即可解答；
(2)利用完全平方公式，平方差公式进行计算，即可解答．
20.【答案】解：(1)Δ=36−16=20>0x2−6x+4=0
a=1，b=−6，c=4
Δ=b2−4ac=36−16=20>0．
∴x=6± 202×1=3± 5
即x1=3+ 5，x2=3− 5；
(2)解：x3−y=32x+3y=9
整理得x−3y=9①2x+3y=9②
①+ ②得：3x=18
解得x=6，
将x=6代入①得6−3y=9
解得y=−1．
∴原方程组的解为x=6y=−1．

【解析】【分析】本题考查了一元二次方程的解法，解二元一次方程组，解(1)的关键是掌握一元二次方程的解法：直接开平方法，配方法，公式法，因式分解法等．解(2)的关键是利用代入消元法或加减消元法消去一个未知数．
(1)利用公式法解一元二次方程即可；
(2)方程组整理后，方程组利用加减消元法求解即可．
21.【答案】(1)证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB=CD，AB/​/CD，
∴∠BAE=∠DCF，
∵BE⊥AB，DF⊥CD，
∴∠ABE=∠CDF=90∘，
在▵ABE和▵CDF中，
∠BAE=∠DCFAB=CD∠ABE=∠CDF,
∴▵ABE≌▵CDFASA；
(2)证明：∵▵ABE≌▵CDF，
∴∠AEB=∠CFD，
∴BE//DF．

【解析】【分析】此题考查了平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质，熟练运用平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质是解题的关键．
(1)根据平行四边形的性质、平行线的性质求出AB=CD，∠BAE=∠DCF，根据垂直的定义求出∠ABE=∠CDF，利用ASA即可证明▵ABE≌▵▵CDF；
(2)根据全等三角形的性质得出∠AEB=∠CFD，根据“内错角相等，两直线平行”即可得解．
22.【答案】(1)解：画出树状图，如下：
共有6种等可能的结果，其中点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的点有：1,2，2,1，共2种，
∴点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的概率为：26=13；
(2)再增加nn≥1张都标有数字1的卡片，共有n+3张卡片，
按照题目中的抽取方式，共有n+3n+2种等可能的结果，
其中点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图象上的结果有2n+1种，
∴点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的概率为：2n+1n+3n+2．

【解析】【分析】本题考查列表法与树状图法、概率公式，熟练掌握列表法与树状图法以及概率公式是解答本题的关键．
(1)列表可得出所有等可能的结果数以及点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的结果数，再利用概率公式可得出答案；
(2)由题意可得，共有n+3n+2种等可能的结果，其中点Aa,b恰好在函数y=−x+3的图像上的结果有2n+1种，再利用概率公式可得答案．
23.【答案】(1)解：根据题意，
a=90×8−82−92−86−92−93−92−94=89，
对于甲学员，将8次操作技能测试的得分按照从小到大的顺序排列，
为82，86，89，92，92，92，93，94，
其中在第4和第5位的是92和92，
所以，甲学员操作技能测试得分的中位数为92+922=92，
对于乙学员，8次操作技能测试出现次数最多的是92，共计3次，
所以，甲学员操作技能测试得分的众数为92．
故答案为：89；92；92；
(2)选派甲学员参加比赛更合适，理由如下：
甲、乙两位同学操作技能测试得分的平均数、众数和中位数均相同，
根据数据可知，甲同学操作技能测试得分的方差为
s 甲2=18×82−902+92−902+86−902+89−902+92−902+93−902+92−902+94−902=14.75，
乙同学操作技能测试得分的方差为
s 乙2=18×96−902+92−902+92−902+80−902+96−902+92−902+79−902+93−902=39.25，
∵s 甲2∴甲的成绩更稳定，
∴选派甲学员参加比赛更合适．

【解析】【分析】本题主要考查了平均数、众数、中位数以及利用方差作决策，熟练掌握相关知识是解题关键．
(1)根据平均数、众数和中位数的定义求解即可；
(2)分别求得甲、乙两位同学操作技能测试得分的方差，即可获得答案．
24.【答案】(1)解：如图，菱形ADEF即为所求，
(2)解：如图，点P′、P′′即为所求，

【解析】【分析】(1)结合菱形的判定，以点D为圆心，AD的长为半径画弧，交BC为点E，再分别以点E、点A为圆心，AD的长为半径画弧，两弧交于点F，连接DE、EF、AF即可；
(2)作线段AD的垂直平分线MN，交AD于点O，以点O为圆心，AO的长为半径画圆，即可得⊙O，以点O为圆心，AB的长为半径画弧，在AD的上方交MN于点E，再作∠MEF=∠EOD，作直线EF，分别交⊙O于点P′、P′′，即可求解．
本题考查作图−复杂作图、菱形的判定、矩形的性质、垂直平分线的性质，理解题意、灵活运用相关知识是解题的关键．
25.【答案】(1)证明：连接OA，
∵sin∠B=12，
∴∠B=30∘，
∵AB=AC，
∴∠C=∠B=30，
∵AO=BO，
∴∠BAO=∠B=30∘，
∴∠AOC=∠BAO+∠B=60∘，
∴∠OAC=90∘，即OA⊥AC，
∵AO为⊙O的半径，
∴AC是⊙O的切线；
(2)解：作OH⊥AB，
∵AD=11，BD=21，
∴AB=BD+AD=32，
∴AH=BH=12AB=16，
∴DH=BD−BH=21−16=5，
在Rt▵ODH中，OH= OD2−DH2= 132−52=12，
∴在Rt▵OBH中，OB= BH2+OH2= 162+122=20．

【解析】【分析】(1)连接OA，由sin∠B=12，得到∠B=30∘，根据等腰三角形的性质得到∠B=∠C=30∘，由OA=OB求得∠AOC的度数∠BAC=180∘−30∘−30∘=120∘，进而求得∠OAC=90∘即可；
(2)过O作OH⊥AB于H，根据垂径定理得到BH=AH=12AB，求得BH=AH=16，根据勾股定理即可得到结论；
本题考查了切线的判定，等腰三角形的性质，垂径定理，勾股定理，三角函数的定义，熟练掌握知识点的应用是解题的关键．
26.【答案】(1)解：选择促销方式一更优惠，理由如下：
选择促销方式一需付款500×85%=425(元)；
选择促销方式二需付款500−60=440(元)．
∵425<440，
∴选择促销方式一更优惠；
(2)设商品原价为x元，按促销方式二，可优惠60n元n≥1，且n为正整数；
85%x=x−60n，
解得：x=400n；
答：当商品原价为400元的整数倍时，两种促销方式一样优惠；
(3)当0∴此时促销方式一比促销方式二更优惠；
当300≤m<600时，选择促销方式一需付款85%m元，选择促销方式二需付款(m−60)元，
根据题意得：85%m>m−60，
解得：m<400，
∴当300≤m<400时，促销方式二比促销方式一更优惠；
当600≤m<900时，选择促销方式一需付款85%m元，选择促销方式二需付款(m−120)元，
根据题意得：85%m>m−120，
解得：m<800，
当600≤x<800时，促销方式二比促销方式一更优惠．
答：当300≤m<400或600≤x<800时，促销方式二比促销方式一更优惠．

【解析】【分析】(1)分别求出当商品原价为500元时，选择两种促销方式需付款的金额，比较后即可得出结论；
(2)设商品原价为x元，依题意，列出关于x的两种方式一样优惠的一元一次方程，解出x即可得出结论；
(3)分0本题考查了一元一次方程的应用以及一元一次不等式的应用，解题的关键是：(1)根据两种促销方式，求出选择两种促销方式需付款的金额；(2)找准等量关系，正确列出一元一次方程；(3)根据各数量之间的关系，正确列出一元一次不等式．
27.【答案】(1)解：令y=mx2+mx−6m=0，则x=2或−3，
即点A、B的坐标分别为：(−3,0)、(2,0)，
将点A的坐标代入一次函数表达式得：0=−6+n，则n=6，
则一次函数表达式为：y=2x+6，
将点C的坐标(0,−6m)代入一次函数表达式得：−6m=6，
解得：m=−1，
则抛物线的表达式为：y=−x2−x+6；
即m=−1，n=6；
(2)解：存在，理由：
设OP交CB于点H，过点O作ON⊥BC于点N，
则∠OHN=∠POC+∠BCO=45∘，
而tan∠OCB=OBOC=26=13，则sin∠OCB=1 10，
设ON=HN=x，则OH= 2x，
在Rt▵OCN中，ON=x=CO⋅sin∠OCB=6×1 10=6 10，
则OH= 2x=6 5，
设直线BC解析式为y=kx+b，
由点B、C的坐标得2k+b=0b=6，解得k=−3b=6,
则直线BC的表达式为：y=−3x+6，
设点H(m,−3m+6)，
则OH2=m2+−3m+62=6 52，
解得：m=65，
则点H65,125，
由点H的坐标得，同理可求直线OP的表达式为：y=2x，
当点P在y轴左侧时，同理可求直线OP的表达式为：y=−2x，
联立直线OP和抛物线的表达式得：2x=−x2−x+6或−2x=−x2−x+6，
解得：x=3或−3+ 332(不合题意的值已舍去)，
则点P的坐标为：3,−6或 33−32, 33−3．

【解析】【分析】(1)由待定系数法即可求解；
(2)利用解直角三角形的方法求出OH= 2x=6 5，得到H65,125，进而求解．
本题考查的是二次函数综合运用，涉及到一次函数的基本性质、待定系数法求函数表达式、平行四边形的性质、解直角三角形等，有一定的综合性．
28.【答案】(1)解：由题意可得：AE=BF，
∵等边▵ABC中，AB=4cm，
∴AC=AB=4,∠EAC=∠ABF=60∘，
∴▵AEC≌▵BFASAS，
∴∠BAF=∠ACE，
∵∠BAF+∠FAC=∠BAC=60∘，
∴∠GAC+∠ACE=60∘，
∴∠FGC=∠FAC+∠ACG=60∘．
(2)解：由∠AGC=180∘−∠FGC=120∘为定角，则如图：作▵AGC的外接圆⊙O，连接OA,OG,OC，则OA=OG=OC，
∴∠OAG=∠OGA,∠OCG=∠OGC，
∴∠AOC=360∘−∠OAG−∠AGC−∠OCG=360∘−2×120∘=120∘，
∴∠ACO=∠OAC=30∘,
如图：作OM⊥AC于M，则CM=AM=12AC=2，
∴OA=OC=CMcs30∘=2 32=4 33，
如图：作P关于BC的对称点P′，连接P′N,PP′,P′P交BC于T，
∴P′T=PT,PN=P′N，
如图：过P′作PR⊥OC交OC延长线于R，
由两点之间、线段最短可得：P′N+GN+OG≥OP′，
∴P′N+GN≥OP′−OG，
∴当P′,N,G,O在同一条直线上时，PN+GN有最小值OP′−OG，
在Rt▵BPT中，BP=2，
∴PT=2sin60∘= 3,BT=2cs60∘=1，
∴CT=BC−BT=3，
∵∠P′TC=∠P′RC=∠TCR=90∘，
∴四边形TP′RC为矩形，
∴P′R=CT=3,CR=TP′=PT= 3，
∴OR=4 33+ 3=7 33，
∴OP′= 32+7 332=23 57，
∵OG=43 3，
∴PN+GN的最小值为2 573−43 3=2 57−4 33．
(3)解：如图：过A作MN/​/BC且使AM=2AB=8，作CN⊥MN于N，连接CM,EM，
由题知：AE=2BF，即AEBF=2，
∵AMAB=2，
∴AEBF=AMAB=2 ，
∵MN//BC，
∴∠MAE=∠B=60∘，
∴▵AME∽▵BAF，
∴MEAF=2，即ME=2AF，
由两点之间线段最短可得：ME+EC≥CM，即EC+2AF≥CM ，
∴当E、C、M共线时，EC+2AF有最小值，
∵AN//BC，
∴∠NAC=∠ACB=60∘，▵AEM∽▵BEC，
∴AN=AC⋅cs60∘=2,CN=AC⋅sin60∘=2 3，AEBE=AMBC=2，
∴MN=AN+AM=2+8=10，AE=43×2=83，BF=12AE=43
∴CM= 102+2 32=4 7，t的值为430.5=83．
∴当t的值为83时，EC+2AF的最小值为4 7．

【解析】【分析】本题主要考查了等边三角形的性质、三角形的外接圆、相似三角形的判定于性质、解直角三角形等知识点，正确作出辅助线成为解题的关键
(1)根据运动速度相等可得AE=BF，在根据等边三角形的性质可证▵AEC≌▵BFASAS，即∠BAF=∠ACE；然后运用角的和差即可解答；
(2)先说明∠AGC=120∘为定角，再作▵AGC的外接圆⊙O，链接OA,OG,OC，则OA=OG=OC，进而得到∠ACO=∠OAC=30∘,如图：作OM⊥AC于M，则CM=AM=12AC=2，解直角三角形可得OA=OC=4 33；再通过轴对称和两点之间线段最短可得P′,N,G,O在同一条直线上时，PN+GN有最小值OP′−OG；再证明四边形TP′RC为矩形，运用矩形的性质以及勾股定理即可解答；
(3)如图：过A作MN/​/BC且使AM=2AB=8，作CN⊥MN于N，连接CM,EM；证明▵AME∽▵BAF可得ME=2AF，进而得到当E、C、M共线时，EC+2AF有最小值；再证▵AEM∽▵BEC求得AE的长，进而求得BF=43，即可求得时间；然后再运用解直角三角形和勾股定理即可求得最小值
测试次数
第1次
第2次
第3次
第4次
第5次
第6次
第7次
第8次
甲学员
82
92
86
a
92
93
92
94
乙学员
96
92
92
80
96
92
79
93
平均数
中位数
众数
甲学员
90
b
92
乙学员
90
92
c