2018年山东省潍坊市中考数学试题及答案

这是一份2018年山东省潍坊市中考数学试题及答案，共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2018年山东省潍坊市中考数学真题
第Ⅰ卷 选择题(共36分)
一、选择题(本题共12小题，每小题3分，满分36分)
1. |1-2|=(　　)
A．1-2 B．2-1 C．1+2 D．-1-2
2. 生物学家发现了某种花粉的直径约为0.0000036毫米，数据0.0000036用科学记数法表示正确的是(　 　)
A．3.6×10-5 B．0.36×10-5 C．3.6×10-6 D．0.36×10-6
3. 如图所示的几何体的左视图是(　　)
A． B． C． D．
4. 下列计算正确的是(　　)
A．a2•a3=a6 B．a3÷a=a3 C．a-(b-a)=2a-b D．(-12a)3=-16a3
5. 把一副三角板放在同一水平桌面上，摆放成如图所示的形状，使两个直角顶点重合，两条斜边平行，则∠1的度数是(　　)
A．45° B．60° C．75° D．82.5°
6. 如图，木工师傅在板材边角处作直角时，往往使用“三弧法”，其作法是：
(1) 作线段AB，分别以A，B为圆心，以AB长为半径作弧，两弧的交点为C；
(2)以C为圆心，仍以AB长为半径作弧交AC的延长线于点D；
(3)连接BD，BC．下列说法不正确的是(　　)
A．∠CBD=30° B．S△BDC=34AB2 C．点C是△ABD的外心 D．sin2A+cos2D=l
7. 某篮球队10名队员的年龄结构如表，已知该队队员年龄的中位数为21.5，则众数与方差分别为(　　)
年龄
19
20
21
22
24
26
人数
1
1
x
y
2
1
A．22，3 B．22，4 C．21，3 D．21，4

8. 在平面直角坐标系中，点P(m，n)是线段AB上一点，以原点O为位似中心把△AOB放大到原来的两倍，则点P的对应点的坐标为(　　)
A．(2m, 2n) B．(2m, 2n)或(-2m, -2n) C．(12m, 12n) D．(12m, 12n)或(-12m, -12n)
9. 已知二次函数y=-(x-h)2(h为常数)，当自变量x的值满足2≤x≤5时，与其对应的函数值y的最大值为-1，则h的值为(　　)
A．3或6 B．1或6 C．1或3 D．4或6
10. 在平面内由极点、极轴和极径组成的坐标系叫做极坐标系．如图，在平面上取定一点O称为极点；从点O出发引一条射线Ox称为极轴；线段OP的长度称为极径．点P的极坐标就可以用线段OP的长度以及从Ox转动到OP的角度(规定逆时针方向转动角度为正)来确定，即P(3, 60°)或P(3, -300°)或P(3, 420°)等，则点P关于点O成中心对称的点Q的极坐标表示不正确的是(　　)
A．Q(3, 240°) B．Q(3, -120°) C．Q(3, 600°) D．Q(3, -500°)
11. 已知关于x的一元二次方程mx2-(m+2)x+m4=0有两个不相等的实数根x1，x2．若1x1+1x2=4m，则m的值是(　　)
A．2 B．-1 C．2或-1 D．不存在
12. 如图，菱形ABCD的边长是4厘米，∠B=60°，动点P以1厘米秒的速度自A点出发沿AB方向运动至B点停止，动点Q以2厘米/秒的速度自B点出发沿折线BCD运动至D点停止．若点P、Q同时出发运动了t秒，记△BPQ的面积为Scm2，下面图象中能表示S与t之间的函数关系的是(　　)
A．B．C．D．
二、填空题(本大题共6小题，每小题3分，共18分)
13. 因式分解：(x+2)x-x-2= ．
14. 当m= 时，解分式方程x-5x-3=m3-x会出现增根．
15. 用教材中的计算器进行计算，开机后依次按下3→x2→=，把显示结果输入如图的程序中，则输出的结果是 ．
16. 如图，正方形ABCD的边长为1，点A与原点重合，点B在y轴的正半轴上，点D在x轴的负半轴上，将正方形ABCD绕点A逆时针旋转30°至正方形AB'C′D′的位置，B'C′与CD相交于点M，则点M的坐标为 ．
第16题图 第17题图 第18题图
17. 如图，点A1的坐标为(2, 0)，过点A1作x轴的垂线交直线l：y=3x于点B1，以原点O为圆心，OB1的长为半径画弧交x轴正半轴于点A2；再过点A2作x轴的垂线交直线l于点B2，以原点O为圆心，以OB2的长为半径画弧交x轴正半轴于点A3；…．按此作法进行下去，则A2019B2018的长是 ．
18. 如图，一艘渔船正以60海里/小时的速度向正东方向航行，在A处测得岛礁P在东北方向上，继续航行1.5小时后到达B处，此时测得岛礁P在北偏东30°方向，同时测得岛礁P正东方向上的避风港M在北偏东60°方向．为了在台风到来之前用最短时间到达M处，渔船立刻加速以75海里/小时的速度继续航行 小时即可到达．(结果保留根号)
三、解答题(本大题共7小题，共66分。解答要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)
19. 如图，直线y=3x-5与反比例函数y=k-1x的图象相交A(2, m)，B(n, -6)两点，连接OA，OB．
(1) 求k和n的值；
(2) 求△AOB的面积．




20. 如图，点M是正方形ABCD边CD上一点，连接AM，作DE⊥AM于点E，BF⊥AM于点F，连接BE．
(1) 求证：AE=BF；
(2) 已知AF=2，四边形ABED的面积为24，求∠EBF的正弦值．




21. 为进一步提高全民“节约用水”意识，某学校组织学生进行家庭月用水量情况调查活动，小莹随机抽查了所住小区n户家庭的月用水量，绘制了下面不完整的统计图．

(1) 求n并补全条形统计图；
(2) 求这n户家庭的月平均用水量；并估计小莹所住小区420户家庭中月用水量低于月平均用水量的家庭户数；
(3) 从月用水量为5m3和和9m3的家庭中任选两户进行用水情况问卷调查，求选出的两户中月用水量为5m3和9m3恰好各有一户家庭的概率．






22. 如图，BD为△ABC外接圆⊙O的直径，且∠BAE=∠C．
(1) 求证：AE与⊙O相切于点A；
(2) 若AE∥BC，BC=27，AC=22，求AD的长．





23. 为落实“绿水青山就是金山银山”的发展理念，某市政部门招标一工程队负责在山脚下修建一座水库的土方施工任务．该工程队有A，B两种型号的挖掘机，已知3台A型和5台B型挖掘机同时施工一小时挖土165立方米；4台A型和7台B型挖掘机同时施工一小时挖土225立方米．每台A型挖掘机一小时的施工费用为300元，每台B型挖掘机一小时的施工费用为180元．
(1) 分别求每台A型，B型挖掘机一小时挖土多少立方米？
(2) 若不同数量的A型和B型挖掘机共12台同时施工4小时，至少完成1080立方米的挖土量，且总费用不超过12960元，问施工时有哪几种调配方案，并指出哪种调配方案的施工费用最低，最低费用是多少元？









24. 如图1，在□ABCD中，DH⊥AB于点H，CD的垂直平分线交CD于点E，交AB于点F，AB=6，DH=4，BF: FA=1: 5．
(1) 如图2，作FG⊥AD于点G，交DH于点M，将△DGM沿DC方向平移，得到△CG′M′，连接M′B．
① 求四边形BHMM′的面积；
② 直线EF上有一动点N，求△DNM周长的最小值．
(2) 如图3，延长CB交EF于点Q，过点Q作QK∥AB，过CD边上的动点P作PK∥EF，并与QK交于点K，将△PKQ沿直线PQ翻折，使点K的对应点K′恰好落在直线AB上，求线段CP的长．














25. 如图1，抛物线y1=ax2-12x+c与x轴交于点A和点B(1, 0)，与y轴交于点C(0, 34)，抛物线y1的顶点为G，GM⊥x轴于点M．将抛物线y1平移后得到顶点为B且对称轴为直线l的抛物线y2．
(1) 求抛物线y2的解析式；
(2) 如图2，在直线l上是否存在点T，使△TAC是等腰三角形？若存在，请求出所有点T的坐标；若不存在，请说明理由；
(3) 点P为抛物线y1上一动点，过点P作y轴的平行线交抛物线y2于点Q，点Q关于直线l的对称点为R，若以P，Q，R为顶点的三角形与△AMG全等，求直线PR的解析式．
　

2018年山东省潍坊市中考数学试卷
参考答案与试题解析
　
一、选择题(本大题共12小题，在每个小题给出的四个选项中，只有一项是正确的，请把正确的选项选出来，每小题选对得3分，选错、不选或选出的答案超过一个均记0分)
1．|1-|=(　　)
A．1- B．-1 C．1+ D．-1-
【分析】直接利用绝对值的性质化简得出答案．
【解答】解：|1-|=-1．
故选：B．
【点评】此题主要考查了实数的性质，正确掌握绝对值的性质是解题关键．
　
2．生物学家发现了某种花粉的直径约为0.0000036毫米，数据0.0000036用科学记数法表示正确的是(　　)
A．3.6×10-5 B．0.36×10-5 C．3.6×10-6 D．0.36×10-6
【分析】绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10-n，与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
【解答】解：0.0000036=3.6×10-6；
故选：C．
【点评】本题考查用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10-n，其中1≤|a|＜10，n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
　
3．如图所示的几何体的左视图是(　　)

A． B． C． D．
【分析】根据从左边看得到的图形是左视图，可得答案．
【解答】解：从左边看是两个等宽的矩形，矩形的公共边是虚线，
故选：D．
【点评】本题考查了简单组合体的三视图，从左边看得到的图形是左视图，注意看不到而且是存在的线是虚线．
　
4．下列计算正确的是(　　)
A．a2•a3=a6 B．a3÷a=a3 C．a-(b-a)=2a-b D．(-a)3=-a3
【分析】根据同底数幂相乘，底数不变指数相加；同底数幂相除，底数不变指数相减；合并同类项法则，把同类项的系数相加，所得结果作为系数，字母和字母的指数不变；积的乘方法则：把每一个因式分别乘方，再把所得的幂相乘；对各选项分析判断后利用排除法求解．
【解答】解：A、a2•a3=a5，故A错误；
B、a3÷a=a2，故B错误；
C、a-(b-a)=2a-b，故C正确；
D、(-a)3=-a3，故D错误．
故选：C．
【点评】本题考查合并同类项、积的乘方、同底数幂的乘除法，熟练掌握运算性质和法则是解题的关键．
　
5．把一副三角板放在同一水平桌面上，摆放成如图所示的形状，使两个直角顶点重合，两条斜边平行，则∠1的度数是(　　)

A．45° B．60° C．75° D．82.5°
【分析】直接利用平行线的性质结合已知角得出答案．
【解答】解：作直线l平行于直角三角板的斜边，
可得：∠2=∠3=45°，∠3=∠4=30°，
故∠1的度数是：45°+30°=75°．
故选：C．

【点评】此题主要考查了平行线的性质，正确作出辅助线是解题关键．
　
6．如图，木工师傅在板材边角处作直角时，往往使用“三弧法”，其作法是：
(1)作线段AB，分别以A，B为圆心，以AB长为半径作弧，两弧的交点为C；
(2)以C为圆心，仍以AB长为半径作弧交AC的延长线于点D；
(3)连接BD，BC．
下列说法不正确的是(　　)

A．∠CBD=30° B．S△BDC=AB2
C．点C是△ABD的外心 D．sin2A+cos2D=l
【分析】根据等边三角形的判定方法，直角三角形的判定方法以及等边三角形的性质，直角三角形的性质一一判断即可；
【解答】解：由作图可知：AC=AB=BC，
∴△ABC是等边三角形，
由作图可知：CB=CA=CD，
∴点C是△ABD的外心，∠ABD=90°，
BD=AB，
∴S△ABD=AB2，
∵AC=CD，
∴S△BDC=AB2，
故A、B、C正确，
故选：D．
【点评】本题考查作图-基本作图，线段的垂直平分线的性质，三角形的外心等知识，直角三角形等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．
　
7．某篮球队10名队员的年龄结构如表，已知该队队员年龄的中位数为21.5，则众数与方差分别为(　　)
年龄
19
20
21
22
24
26
人数
1
1
x
y
2
1
A．22，3 B．22，4 C．21，3 D．21，4
【分析】先根据数据的总个数及中位数得出x=3、y=2，再利用众数和方差的定义求解可得．
【解答】解：∵共有10个数据，
∴x+y=5，
又该队队员年龄的中位数为21.5，即，
∴x=3、y=2，
则这组数据的众数为21，平均数为=22，
所以方差为×[(19-22)2+(20-22)2+3×(21-22)2+2×(22-22)2+2×(24-22)2+(26-22)2]=4，
故选：D．
【点评】本题主要考查中位数、众数、方差，解题的关键是根据中位数的定义得出x、y的值及方差的计算公式．
　
8．在平面直角坐标系中，点P(m，n)是线段AB上一点，以原点O为位似中心把△AOB放大到原来的两倍，则点P的对应点的坐标为(　　)
A．(2m，2n) B．(2m，2n)或(-2m，-2n)
C．(m，n) D．(m，n)或(-m，-n)
【分析】根据位似变换的性质计算即可．
【解答】解：点P(m，n)是线段AB上一点，以原点O为位似中心把△AOB放大到原来的两倍，
则点P的对应点的坐标为(m×2，n×2)或(m×(-2)，n×(-2))，即(2m，2n)或(-2m，-2n)，
故选：B．
【点评】本题考查的是位似变换、坐标与图形的性质，在平面直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k，那么位似图形对应点的坐标的比等于k或-k．
　
9．已知二次函数y=-(x-h)2(h为常数)，当自变量x的值满足2≤x≤5时，与其对应的函数值y的最大值为-1，则h的值为(　　)
A．3或6 B．1或6 C．1或3 D．4或6
【分析】分h＜2、2≤h≤5和h＞5三种情况考虑：当h＜2时，根据二次函数的性质可得出关于h的一元二次方程，解之即可得出结论；当2≤h≤5时，由此时函数的最大值为0与题意不符，可得出该情况不存在；当h＞5时，根据二次函数的性质可得出关于h的一元二次方程，解之即可得出结论．综上即可得出结论．
【解答】解：当h＜2时，有-(2-h)2=-1，
解得：h1=1，h2=3(舍去)；
当2≤h≤5时，y=-(x-h)2的最大值为0，不符合题意；
当h＞5时，有-(5-h)2=-1，
解得：h3=4(舍去)，h4=6．
综上所述：h的值为1或6．
故选：B．

【点评】本题考查了二次函数的最值以及二次函数的性质，分h＜2、2≤h≤5和h＞5三种情况求出h值是解题的关键．
　
10．在平面内由极点、极轴和极径组成的坐标系叫做极坐标系．如图，在平面上取定一点O称为极点；从点O出发引一条射线Ox称为极轴；线段OP的长度称为极径．点P的极坐标就可以用线段OP的长度以及从Ox转动到OP的角度(规定逆时针方向转动角度为正)来确定，即P(3，60°)或P(3，-300°)或P(3，420°)等，则点P关于点O成中心对称的点Q的极坐标表示不正确的是(　　)

A．Q(3，240°) B．Q(3，-120°) C．Q(3，600°) D．Q(3，-500°)
【分析】根据中心对称的性质解答即可．
【解答】解：∵P(3，60°)或P(3，-300°)或P(3，420°)，
由点P关于点O成中心对称的点Q可得：点Q的极坐标为(3，240°)，(3，-120°)，(3，600°)，
故选：D．
【点评】此题考查中心对称的问题，关键是根据中心对称的性质解答．
　
11．已知关于x的一元二次方程mx2-(m+2)x+=0有两个不相等的实数根x1，x2．若+=4m，则m的值是(　　)
A．2 B．-1 C．2或-1 D．不存在
【分析】先由二次项系数非零及根的判别式△＞0，得出关于m的不等式组，解之得出m的取值范围，再根据根与系数的关系可得出x1+x2=，x1x2=，结合+=4m，即可求出m的值．
【解答】解：∵关于x的一元二次方程mx2-(m+2)x+=0有两个不相等的实数根x1、x2，
∴，
解得：m＞-1且m≠0．
∵x1、x2是方程mx2-(m+2)x+=0的两个实数根，
∴x1+x2=，x1x2=，
∵+=4m，
∴=4m，
∴m=2或-1，
∵m＞-1，
∴m=2．
故选：A．
【点评】本题考查了根与系数的关系、一元二次方程的定义以及根的判别式，解题的关键是：(1)根据二次项系数非零及根的判别式△＞0，找出关于m的不等式组；(2)牢记两根之和等于-、两根之积等于．
　
12．如图，菱形ABCD的边长是4厘米，∠B=60°，动点P以1厘米秒的速度自A点出发沿AB方向运动至B点停止，动点Q以2厘米/秒的速度自B点出发沿折线BCD运动至D点停止．若点P、Q同时出发运动了t秒，记△BPQ的面积为S厘米2，下面图象中能表示S与t之间的函数关系的是(　　)

A． B． C． D．
【分析】应根据0≤t＜2和2≤t＜4两种情况进行讨论．把t当作已知数值，就可以求出S，从而得到函数的解析式，进一步即可求解．
【解答】解：当0≤t＜2时，S=2t××(4-t)=-t2+4t；
当2≤t＜4时，S=4××(4-t)=-2t+8；
只有选项D的图形符合．
故选：D．
【点评】本题主要考查了动点问题的函数图象，利用图形的关系求函数的解析式，注意数形结合是解决本题的关键．
　
二、填空题(本大题共6小题，共18分，只要求填写最后结果，每小题填对得3分)
13．因式分解：(x+2)x-x-2=　(x+2)(x-1)　．
【分析】通过提取公因式(x+2)进行因式分解．
【解答】解：原式=(x+2)(x-1)．
故答案是：(x+2)(x-1)．
【点评】考查了因式分解-提公因式法：如果一个多项式的各项有公因式，可以把这个公因式提出来，从而将多项式化成两个因式乘积的形式，这种分解因式的方法叫做提公因式法．
　
14．当m=　2　时，解分式方程=会出现增根．
【分析】分式方程的增根是分式方程转化为整式方程的根，且使分式方程的分母为0的未知数的值．
【解答】解：分式方程可化为：x-5=-m，
由分母可知，分式方程的增根是3，
当x=3时，3-5=-m，解得m=2，
故答案为：2．
【点评】本题考查了分式方程的增根．增根问题可按如下步骤进行：
①让最简公分母为0确定增根；
②化分式方程为整式方程；
③把增根代入整式方程即可求得相关字母的值．
　
15．用教材中的计算器进行计算，开机后依次按下，把显示结果输入如图的程序中，则输出的结果是　7　．

【分析】先根据计算器计算出输入的值，再根据程序框图列出算式，继而根据二次根式的混合运算计算可得．
【解答】解：由题意知输入的值为32=9，
则输出的结果为[(9÷3)-]×(3+)
=(3-)×(3+)
=9-2
=7
故答案为：7．
【点评】本题主要考查计算器-基础知识，解题的关键是根据程序框图列出算式，并熟练掌握二次根式的混合运算顺序和运算法则．
　
16．如图，正方形ABCD的边长为1，点A与原点重合，点B在y轴的正半轴上，点D在x轴的负半轴上，将正方形ABCD绕点A逆时针旋转30°至正方形AB'C′D′的位置，B'C′与CD相交于点M，则点M的坐标为　(-1，)　．

【分析】连接AM，由旋转性质知AD=AB′=1、∠BAB′=30°、∠B′AD=60°，证Rt△ADM≌Rt△AB′M得∠DAM=∠B′AD=30°，由DM=ADtan∠DAM可得答案．
【解答】解：如图，连接AM，

∵将边长为1的正方形ABCD绕点A逆时针旋转30°得到正方形AB'C′D′，
∴AD=AB′=1，∠BAB′=30°，
∴∠B′AD=60°，
在Rt△ADM和Rt△AB′M中，
∵，
∴Rt△ADM≌Rt△AB′M(HL)，
∴∠DAM=∠B′AM=∠B′AD=30°，
∴DM=ADtan∠DAM=1×=，
∴点M的坐标为(-1，)，
故答案为：(-1，)．
【点评】本题主要考查旋转的性质、正方形的性质，解题的关键是掌握旋转变换的不变性与正方形的性质、全等三角形的判定与性质及三角函数的应用．
　
17．如图，点A1的坐标为(2，0)，过点A1作x轴的垂线交直线l：y=x于点B1，以原点O为圆心，OB1的长为半径画弧交x轴正半轴于点A2；再过点A2作x轴的垂线交直线l于点B2，以原点O为圆心，以OB2的长为半径画弧交x轴正半轴于点A3；…．按此作法进行下去，则的长是　　．

【分析】先根据一次函数方程式求出B1点的坐标，再根据B1点的坐标求出A2点的坐标，得出B2的坐标，以此类推总结规律便可求出点A2019的坐标，再根据弧长公式计算即可求解，．
【解答】解：直线y=x，点A1坐标为(2，0)，过点A1作x轴的垂线交 直线于点B1可知B1点的坐标为(2，2)，
以原O为圆心，OB1长为半径画弧x轴于点A2，OA2=OB1，
OA2==4，点A2的坐标为(4，0)，
这种方法可求得B2的坐标为(4，4)，故点A3的坐标为(8，0)，B3(8，8)
以此类推便可求出点A2019的坐标为(22019，0)，
则的长是=．
故答案为：．
【点评】本题主要考查了一次函数图象上点的坐标特征，做题时要注意数形结合思想的运用，是各地的中考热点，学生在平常要多加训练，属于中档题．
　
18．如图，一艘渔船正以60海里/小时的速度向正东方向航行，在A处测得岛礁P在东北方向上，继续航行1.5小时后到达B处，此时测得岛礁P在北偏东30°方向，同时测得岛礁P正东方向上的避风港M在北偏东60°方向．为了在台风到来之前用最短时间到达M处，渔船立刻加速以75海里/小时的速度继续航行　　小时即可到达．(结果保留根号)

【分析】如图，过点P作PQ⊥AB交AB延长线于点Q，过点M作MN⊥AB交AB延长线于点N，通过解直角△AQP、直角△BPQ求得PQ的长度，即MN的长度，然后通过解直角△BMN求得BM的长度，则易得所需时间．
【解答】解：如图，过点P作PQ⊥AB交AB延长线于点Q，过点M作MN⊥AB交AB延长线于点N，
在直角△AQP中，∠PAQ=45°，则AQ=PQ=60×1.5+BQ=90+BQ(海里)，
所以 BQ=PQ-90．
在直角△BPQ中，∠BPQ=30°，则BQ=PQ•tan30°=PQ(海里)，
所以 PQ-90=PQ，
所以 PQ=45(3+)(海里)
所以 MN=PQ=45(3+)(海里)
在直角△BMN中，∠MBN=30°，
所以 BM=2MN=90(3+)(海里)
所以 =(小时)
故答案是：．

【点评】本题考查的是解直角三角形的应用，此题是一道方向角问题，结合航海中的实际问题，将解直角三角形的相关知识有机结合，体现了数学应用于实际生活的思想．
　
三、解答题(本大题共7小题，共66分。解答要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)
19．如图，直线y=3x-5与反比例函数y=的图象相交A(2，m)，B(n，-6)两点，连接OA，OB．
(1)求k和n的值；
(2)求△AOB的面积．

【分析】(1)先求出B点的坐标，再代入反比例函数解析式求出即可；
(2)先求出直线与x轴、y轴的交点坐标，再求出即可．
【解答】解：(1)∵点B(n，-6)在直线y=3x-5上，
∴-6=3n-5，
解得：n=-，
∴B(-，-6)，
∵反比例函数y=的图象过点B，
∴k-1=-×(-6)，
解得：k=3；

(2)设直线y=3x-5分别与x轴、y轴交于C、D，
当y=0时，3x-5=0，x=，
即OC=，
当x=0时，y=-5，
即OD=5，
∵A(2，m)在直线y=3x-5上，
∴m=3×2-5=1，
即A(2，1)，
∴△AOB的面积S=S△BOD+S△COD+S△AOC=××5+×5+×1=．
【点评】本题考查了用待定系数法求反比例函数的解析式，反比例函数与一次函数的交点问题、函数图象上点的坐标特征等知识点，能求出反比例函数的解析式是解此题的关键．
　
20．如图，点M是正方形ABCD边CD上一点，连接AM，作DE⊥AM于点E，BF⊥AM于点F，连接BE．
(1)求证：AE=BF；
(2)已知AF=2，四边形ABED的面积为24，求∠EBF的正弦值．

【分析】(1)通过证明△ABF≌△DEA得到BF=AE；
(2)设AE=x，则BF=x，DE=AF=2，利用四边形ABED的面积等于△ABE的面积与△ADE的面积之和得到•x•x+•x•2=24，解方程求出x得到AE=BF=6，则EF=x-2=4，然后利用勾股定理计算出BE，最后利用正弦的定义求解．
【解答】(1)证明：∵四边形ABCD为正方形，
∴BA=AD，∠BAD=90°，
∵DE⊥AM于点E，BF⊥AM于点F，
∴∠AFB=90°，∠DEA=90°，
∵∠ABF+∠BAF=90°，∠EAD+∠BAF=90°，
∴∠ABF=∠EAD，
在△ABF和△DEA中
，
∴△ABF≌△DEA(AAS)，
∴BF=AE；
(2)解：设AE=x，则BF=x，DE=AF=2，
∵四边形ABED的面积为24，
∴•x•x+•x•2=24，解得x1=6，x2=-8(舍去)，
∴EF=x-2=4，
在Rt△BEF中，BE==2，
∴sin∠EBF===．
【点评】本题考查了正方形的性质：正方形的四条边都相等，四个角都是直角；正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质．会运用全等三角形的知识解决线段相等的问题．也考查了解直角三角形．
　
21．为进一步提高全民“节约用水”意识，某学校组织学生进行家庭月用水量情况调查活动，小莹随机抽查了所住小区n户家庭的月用水量，绘制了下面不完整的统计图．

(1)求n并补全条形统计图；
(2)求这n户家庭的月平均用水量；并估计小莹所住小区420户家庭中月用水量低于月平均用水量的家庭户数；
(3)从月用水量为5m3和和9m3的家庭中任选两户进行用水情况问卷调查，求选出的两户中月用水量为5m3和9m3恰好各有一户家庭的概率．
【分析】(1)根据月用水量为9m3和10m3的户数及其所占百分比可得总户数，再求出5m3和8m3的户数即可补全图形；
(2)根据加权平均数的定义计算可得月平均用水量，再用总户数乘以样本中低于月平均用水量的家庭户数所占比例可得；
(3)列表得出所有等可能结果，从中找到满足条件的结果数，根据概率公式计算可得．
【解答】解：(1)n=(3+2)÷25%=20，
月用水量为8m3的户数为20×55%-7=4户，
月用水量为5m3的户数为20-(2+7+4+3+2)=2户，
补全图形如下：


(2)这20户家庭的月平均用水量为=6.95(m3)，
因为月用水量低于6.95m3的有11户，
所以估计小莹所住小区420户家庭中月用水量低于6.95m3的家庭户数为420×=231户；

(3)月用水量为5m3的两户家庭记为a、b，月用水量为9m3的3户家庭记为c、d、e，
列表如下：

a
b
c
d
e
a

(b，a)
(c，a)
(d，a)
(e，a)
b
(a，b)

(c，b)
(d，b)
(e，b)
c
(a，c)
(b，c)

(d，c)
(e，c)
d
(a，d)
(b，d)
(c，d)

(e，d)
e
(a，e)
(b，e)
(c，e)
(d，e)

由表可知，共有20种等可能结果，其中满足条件的共有12种情况，
所以选出的两户中月用水量为5m3和9m3恰好各有一户家庭的概率为=．
【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式求事件A或B的概率．也考查了统计图和用样本估计总体．
　
22．如图，BD为△ABC外接圆⊙O的直径，且∠BAE=∠C．
(1)求证：AE与⊙O相切于点A；
(2)若AE∥BC，BC=2，AC=2，求AD的长．

【分析】(1)连接OA，根据同圆的半径相等可得：∠D=∠DAO，由同弧所对的圆周角相等及已知得：∠BAE=∠DAO，再由直径所对的圆周角是直角得：∠BAD=90°，可得结论；
(2)先证明OA⊥BC，由垂径定理得：，FB=BC，根据勾股定理计算AF、OB、AD的长即可．
【解答】证明：(1)连接OA，交BC于F，则OA=OB，
∴∠D=∠DAO，
∵∠D=∠C，
∴∠C=∠DAO，
∵∠BAE=∠C，
∴∠BAE=∠DAO，(2分)
∵BD是⊙O的直径，
∴∠BAD=90°，
即∠DAO+∠BAO=90°，
∴∠BAE+∠BAO=90°，即∠OAE=90°，
∴AE⊥OA，
∴AE与⊙O相切于点A；
(2)∵AE∥BC，AE⊥OA，
∴OA⊥BC，
∴，FB=BC，
∴AB=AC，
∵BC=2，AC=2，
∴BF=，AB=2，
在Rt△ABF中，AF==1，
在Rt△OFB中，OB2=BF2+(OB-AF)2，
∴OB=4，
∴BD=8，
∴在Rt△ABD中，AD====2．

【点评】本题考查了圆的切线的判定、勾股定理及垂径定理的应用，属于基础题，熟练掌握切线的判定方法是关键：有切线时，常常“遇到切点连圆心得半径，证垂直”．
　
23．(11分)为落实“绿水青山就是金山银山”的发展理念，某市政部门招标一工程队负责在山脚下修建一座水库的土方施工任务．该工程队有A，B两种型号的挖掘机，已知3台A型和5台B型挖掘机同时施工一小时挖土165立方米；4台A型和7台B型挖掘机同时施工一小时挖土225立方米．每台A型挖掘机一小时的施工费用为300元，每台B型挖掘机一小时的施工费用为180元．
(1)分别求每台A型，B型挖掘机一小时挖土多少立方米？
(2)若不同数量的A型和B型挖掘机共12台同时施工4小时，至少完成1080立方米的挖土量，且总费用不超过12960元，问施工时有哪几种调配方案，并指出哪种调配方案的施工费用最低，最低费用是多少元？
【分析】(1)根据题意列出方程组即可；
(2)利用总费用不超过12960元求出方案数量，再利用一次函数增减性求出最低费用．
【解答】解：(1)设每台A型，B型挖据机一小时分别挖土x立方米和y立方米，根据题意得

解得：
∴每台A型挖掘机一小时挖土30立方米，每台B型挖掘机一小时挖土15立方米
(2)设A型挖掘机有m台，总费用为W元，则B型挖掘机有(12-m)台．
根据题意得
W=4×300m+4×180(12-m)=480m+8640
∵
∴解得
∵m≠12-m，解得m≠6
∴7≤m≤9
∴共有三种调配方案，
方案一：当m=7时，12-m=5，即A型挖据机7台，B型挖掘机5台；
方案二：当m=8时，12-m=4，即A型挖掘机8台，B型挖掘机4台；
方案三：当m=9时，12-m=3，即A型挖掘机9台，B型挖掘机3台．…
∵480＞0，由一次函数的性质可知，W随m的减小而减小，
∴当m=7时，W小=480×7+8640=12000
此时A型挖掘机7台，B型挖据机5台的施工费用最低，最低费用为12000元．
【点评】本题考查了二元一次方程组和一次函数增减性，解答时先根据题意确定自变量取值范围，再应用一次函数性质解答问题．
　
24．(12分)如图1，在▱ABCD中，DH⊥AB于点H，CD的垂直平分线交CD于点E，交AB于点F，AB=6，DH=4，BF：FA=1：5．
(1)如图2，作FG⊥AD于点G，交DH于点M，将△DGM沿DC方向平移，得到△CG′M′，连接M′B．
①求四边形BHMM′的面积；
②直线EF上有一动点N，求△DNM周长的最小值．
(2)如图3，延长CB交EF于点Q，过点Q作QK∥AB，过CD边上的动点P作PK∥EF，并与QK交于点K，将△PKQ沿直线PQ翻折，使点K的对应点K′恰好落在直线AB上，求线段CP的长．

【分析】(1)①根据相似三角形的判定和性质以及平移的性质进行解答即可；
②连接CM交直线EF于点N，连接DN，利用勾股定理解答即可；
(2)分点P在线段CE上和点P在线段ED上两种情况进行解答．
【解答】解：(1)①在▱ABCD中，AB=6，直线EF垂直平分CD，

∴DE=FH=3，
又BF：FA=1：5，
∴AH=2，
∵Rt△AHD∽Rt△MHF，
∴，
即，
∴HM=1.5，
根据平移的性质，MM'=CD=6，连接BM，如图1，

四边形BHMM′的面积=；
②连接CM交直线EF于点N，连接DN，如图2，

∵直线EF垂直平分CD，
∴CN=DN，
∵MH=1.5，
∴DM=2.5，
在Rt△CDM中，MC2=DC2+DM2，
∴MC2=62+(2.5)2，
即MC=6.5，
∵MN+DN=MN+CN=MC，
∴△DNM周长的最小值为9．
(2)∵BF∥CE，
∴，
∴QF=2，
∴PK=PK'=6，
过点K'作E'F'∥EF，分别交CD于点E'，交QK于点F'，如图3，

当点P在线段CE上时，
在Rt△PK'E'中，
PE'2=PK'2-E'K'2，
∴，
∵Rt△PE'K'∽Rt△K'F'Q，
∴，
即，
解得：，
∴PE=PE'-EE'=，
∴，
同理可得，当点P在线段DE上时，，如图4，

综上所述，CP的长为或．
【点评】此题考查四边形的综合题，关键是根据相似三角形的性质和平移的性质解答，注意(2)分两种情况分析．
　
25．(12分)如图1，抛物线y1=ax2-x+c与x轴交于点A和点B(1，0)，与y轴交于点C(0，)，抛物线y1的顶点为G，GM⊥x轴于点M．将抛物线y1平移后得到顶点为B且对称轴为直线l的抛物线y2．

(1)求抛物线y2的解析式；
(2)如图2，在直线l上是否存在点T，使△TAC是等腰三角形？若存在，请求出所有点T的坐标；若不存在，请说明理由；
(3)点P为抛物线y1上一动点，过点P作y轴的平行线交抛物线y2于点Q，点Q关于直线l的对称点为R，若以P，Q，R为顶点的三角形与△AMG全等，求直线PR的解析式．
【分析】(1)应用待定系数法求解析式；
(2)设出点T坐标，表示△TAC三边，进行分类讨论；
(3)设出点P坐标，表示Q、R坐标及PQ、QR，根据以P，Q，R为顶点的三角形与△AMG全等，分类讨论对应边相等的可能性即可．
【解答】解：(1)由已知，c=，
将B(1，0)代入，得：a-+=0，
解得a=-，
抛物线解析式为y1=，
∵抛物线y1平移后得到y2，且顶点为B(1，0)，
∴y2=-(x-1)2，
即y2=-．

(2)存在，
如图1：

抛物线y2的对称轴l为x=1，设T(1，t)，
已知A(-3，0)，C(0，)，
过点T作TE⊥y轴于E，则
TC2=TE2+CE2=12+()2=t2-，
TA2=TB2+AB2=(1+3)2+t2=t2+16，
AC2=，
当TC=AC时，t2-=
解得：t1=，t2=；
当TA=AC时，t2+16=，无解；
当TA=TC时，t2-=t2+16，
解得t3=-；
当点T坐标分别为(1，)，(1，)，(1，-)时，△TAC为等腰三角形．

(3)如图2：

设P(m，-)，则Q(m，-)
∵Q、R关于x=1对称
∴R(2-m，-)，
①当点P在直线l左侧时，
PQ=1-m，QR=2-2m，
∵△PQR与△AMG全等，
∴当PQ=GM且QR=AM时，m=0，
∴P(0，)，即点P、C重合．
∴R(2，-)，
由此求直线PR解析式为y=-，
当PQ=AM且QR=GM时，无解；
②当点P在直线l右侧时，
同理：PQ=m-1，QR=2m-2，
则P(2，-)，R(0，-)，
PQ解析式为：y=-；
∴PR解析式为：y=-或y=-
【点评】本题是代数几何综合题，考查了二次函数性质、三角形全等和等腰三角形判定，应用了数形结合和分类讨论的数学思想．