2023年广东省佛山市顺德区德胜中学中考数学三模试卷(含解析)
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一、选择题(本大题共10小题,共30.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1. −2023的倒数是( )
A. 2023 B. −12023 C. −2023 D. 12023
2. 《新华字典》是新中国最有影响力的现代汉语字典,《新华字典》自1950年开始启动编写和出版工作,至今已历经70余年,出版至第12版,从1953年版本收录单字6840个(含异体字),到12版收录13000字,收字数增加了将近一倍,将“13000”用科学记数法表示为( )
A. 0.13×104 B. 13×106 C. 1.3×104 D. 13×103
3. 下面四个几何体中,从正面看是三角形的是( )
A. B. C. D.
4. 下列运算正确的是( )
A. 9=±3 B. a6÷a2=a4
C. |3.14−π|=0 D. (a+b)2=a2+b2
5. 如图,在△ABC中,点E,F分别为AB,AC上的点,若AE=BE,AF=CF,则下列结论错误的是( )
A. S△ABC=2S△AEF B. EF=12BC
C. △AEF∽△ABC D. EF//BC
6. 某校为了了解本校学生课外阅读的情况,现随机抽取了部分学生,对他们一周的课外阅读时间进行了调查,并绘制出如图统计图,根据相关信息,下列有关课外阅读时间(单位:小时)的选项中,错误的是( )
A. 本次抽取共调查了40个学生 B. 中位数是6小时
C. 众数是5小时 D. 平均数是5.825小时
7. 关于x的一元二次方程x2+4x+k=0有两个实数根,则k的取值范围是( )
A. k≤−4 B. k<−4 C. k≤4 D. k<4
8. 如图,数轴上的点A可以用实数a表示,下面式子成立的是( )
A. |a|>1 B. |a−1|=a−1 C. a+1>0 D. −1a<1
9. 如图,三个边长分别为2,4,6的菱形如图所示拼叠,则线段AB的长度为( )
A. 23 B. 34 C. 45 D. 1
10. 如图,C为半圆内一点,O为圆心,直径AB长为2,∠BOC=60°,∠BCO=90°,将△BOC绕到心O逆时针旋转至△B′OC′,点C′′在OA上,则边BC扫过区域(图中阴影部分)的面积为(结果保留π)( )
A. 16π B. 13π−12 C. 14π D. 14π− 32
二、填空题(本大题共7小题,共28.0分)
11. 分解因式:2a−4= ______ .
12. 五边形的内角和是 °.
13. 甲、乙、丙3名学生随机排成一排拍照,其中甲排在中间的概率是______.
14. 物理学中,在压力F不变的情况下,某物体承受的压强P与它的受力面积S成反比例函数关系,则表中压强P1与P2的大小关系为:P1 P2.(填“>”,“=”或“<”)
S/m2
1
2
3
P/Pa
P1
300
P2
15. 直线l1//l2,线段BC分别l1,l2交于点D,C,过点B作AB⊥BC,交直线l1于点A,∠DCE的平分线交直线l1于点F.若∠BAD=15°,则∠CFD的度数是______ .
16. 已知方程x2−2023x+1=0的两根分别为x1,x2,则1x1+1x2的值为______ .
17. 如图,矩形ABCD中,AB=6,BC=4,点E,F分别为边AB,CD上的动点,且AE=CF,将线段EF绕点F逆时针旋转90°得到线段FG,连接DG.
(1)当点E为AB的中点时,线段DG的长是 ;
(2)当点E在边AB上运动时,线段DG的最小值是 .
三、解答题(本大题共7小题,共62.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
18. (本小题6.0分)
计算:−(−2)+(π−3.14)0+327+(−13)−1.
19. (本小题6.0分)
已知:P=1a2+a⋅(a2a−1−1a−1).
(1)化简P;
(2)当a满足不等式组a−1>02a<6,且a为整数时,求P的值.
20. (本小题8.0分)
某超市预测某饮料有发展前途,用1600元购进一批饮料,面市后果然供不应求,又用6000元购进这批饮料,第二批饮料的数量是第一批的3倍,但单价比第一批贵2元.
(1)第一批饮料进货单价多少元?
(2)若二次购进饮料按同一价格销售,两批全部售完后,获利不少于1200元,那么销售单价至少为多少元?
21. (本小题8.0分)
已知:Rt△ABC中,∠C=90°,BM⊥AB
(1)尺规作图:求作AB的中点O,连CO并延长,交BM于点D.(保留作图痕迹,不写作法)
(2)从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为已知条件,求∠BDC的余弦值.
条件①:△AOC和△BOD的面积为S1和S2,且S1:S2=3:5;
条件②:△BOC和△AOC的周长为C1和C2,且C1−C2=AC.
注:如果选择条件①和条件②分别作答,按第一个解答计分.
22. (本小题8.0分)
如图,⊙O是△ABC的外接圆,直径AB=10,BC=8,AE平分∠CAB交BC于点E.在AE的延长线上取一点F,使得BF=BE,连接BF.
(1)证明:BF是⊙O的切线;
(2)求AEEF的值.
23. (本小题12.0分)
古往今来,桥给人们的生活带来便利,解决跨水或者越谷的交通,便于运输工具或行人在桥上畅通无阻,中国桥梁的桥拱线大多采用圆弧形、抛物线形和悬链形,坐落在河北省赵县汶河上的赵州桥建于隋朝,距今已有约1400年的历史,是当今世界上现存最早、保存最完整的古代敝肩石拱桥,赵州桥的主桥拱便是圆弧形.
(1)某桥A主桥拱是圆弧形(如图①中ABC),已知跨度AC=40m,拱高BD=10m,则这条桥主桥拱的半径是______ m;
(2)某桥B的主桥拱是抛物线形(如图②),若水面宽MN=10m,拱顶P(抛物线顶点)距离水面4m,求桥拱抛物线的解析式;
(3)如图③,某时桥A和桥B的桥下水位均上升了2m,求此时两桥的水面宽度.
24. (本小题14.0分)
如图,在菱形ABCD中,AB=4,∠BAD=60°,点P在边AD上,过点P作PQ⊥AB,PM⊥AD,分别交直线AB于点Q,M.
(1)当点P与点D重合时,求MB的长;
(2)设△PQM与菱形ABCD重叠部分图形的面积为S,AP=t.当1≤t≤3时,求S的最大值;
(3)若以线段PQ为边,在PQ的右侧作等边三角形PQE,当线段BE长最小时,求cos∠EBA的值.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:∵−2023×(−12023)=1,
∴−2023的倒数是−12023,
故选:B.
运用乘积为1的两个数是互为倒数进行求解.
此题考查了求一个数倒数的计算能力,关键是能准确理解并运用以上知识.
2.【答案】C
【解析】解:13000=1.3×104.
故选:C.
科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值≥10时,n是正整数;当原数的绝对值<1时,n是负整数.
此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.
3.【答案】B
【解析】
【分析】
找到从正面看所得到的图形为三角形即可.
本题考查了三视图的知识,主视图是从物体的正面看得到的视图.
【解答】
解:A.该圆柱的主视图为长方形,不符合题意;
B.该圆锥的主视图为三角形,符合题意;
C.球的主视图是圆,不符合题意;
D.正方体的主视图是正方形,不符合题意.
故选:B.
4.【答案】B
【解析】解:A、 9=3,
故A不符合题意;
B、a6÷a2=a4,
故B符合题意;
C、|3.14−π|=π−3.14,
故C不符合题意;
D、(a+b)2=a2+2ab+b2,
故D不符合题意;
故选:B.
根据同底数幂的除法,绝对值,算术平方根的意义,二次根式的加法法则,进行计算逐一判断即可解答.
本题考查了同底数幂的除法,实数的运算,准确熟练地进行计算是解题的关键.
5.【答案】A
【解析】解:∵AE=BE,AF=CF,
∴EF是△ABC的中位线,
∴EF=12BC,EF//BC,
∴△AEF∽△ABC,
故B、C、D正确;
∵△AEF∽△ABC,
∴S△AEFS△ABC=(EFBC)2=(12)2=14,
∴S△ABC=4S△AEF,
故A错误.
故选:A.
由三角形中位线定理,推出EF=12BC,EF//BC,得到△AEF∽△ABC,由相似三角形的性质得到S△ABC=4S△AEF.
本题考查相似三角形的判定和性质,三角形中位线定理,掌握以上知识点是解题的关键.
6.【答案】B
【解析】
【分析】
根据统计图中的数据,可以判断各个选项中的说法是否正确,本题得以解决.
本题考查众数、中位数、加权平均数,解答本题的关键是明确题意,利用数形结合的思想解答.
【解答】
解:由统计图可得,
本次抽取共调查了6+14+8+5+7=40(个)学生,故选项A正确,不符合题意;
中位数是(5+6)÷2=5.5,故选项B错误,符合题意;
众数是5,故选项C正确,不符合题意;
平均数是:4×6+5×14+6×8+7×5+8×740=5.825,故选项D正确,不符合题意;
故选:B.
7.【答案】C
【解析】解:根据题意得Δ=42−4k≥0,
解得k≤4.
故选:C.
根据判别式的意义得Δ=42−4k≥0,然后解不等式即可.
本题考查了根的判别式:一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与Δ=b2−4ac有如下关系:当Δ>0时,方程有两个不相等的实数根;当Δ=0时,方程有两个相等的实数根;当Δ<0时,方程无实数根.
8.【答案】C
【解析】
【分析】
由数轴得到a的取值范围,再判断选项正误.
本题考查了实数与数轴、绝对值的定义,解题的关键是掌握数轴和绝对值的定义.
【解答】
解:由数轴可知,−1 ∴|a|<1,A选项错误;
|a−1|=1−a,B选项错误;
a+1>0,C选项正确;
−1a>1,D选项错误.
故选:C.
9.【答案】C
【解析】
【分析】
根据菱形的性质得出BC//DE,OC=2,OD=4+6=10,DE=6,进而可得△OCA∽△ODE,根据相似三角形的性质得出AC=65,即可求解.
本题考查了菱形的性质,相似三角形的性质与判定,熟练掌握相似三角形的性质与判定是解题的关键.
【解答】
解:如图所示,
依题意,BC//DE,OC=2,OD=4+6=10,DE=6,
∴△OCA∽△ODE,
∴ACED=OCOD,
即AC6=210,
解得:AC=65,
∴AB=2−65=45,
故选:C.
10.【答案】C
【解析】解:∵∠BOC=60°,∠BCO=90°,
∴∠COC′=180°−60°=120°,∠OBC=90°−60°=30°,
∵AB=2,
∴OA=OB=12AB=1,
∴OC=12OB=12,
∵将△BOC绕到心O逆时针旋转至△B′OC′,点C′′在OA上,
∴∠B′OC′=∠BOC=60°,OC′=OC=12,S△B′OC′=S△BOC,
∴∠BOB′=180°−60°=120°,
∴S阴影=S△B′OC′+S扇形BOB′−S△BOC−S扇形COC′
=S扇形BOB′−S扇形COC′
=120π×12360−120π×(12)2360
=14π,
故选:C.
结合已知条件求得∠COC′的度数,根据含30°的直角三角形的性质求得OC的长度,再结合旋转性质求得BOB′的度数,最后利用面积的和差及扇形面积公式即可求得答案.
本题考查旋转性质及扇形面积的计算,结合已知条件求得S阴影=S扇形BOB′−S扇形COC′是解题的关键.
11.【答案】2(a−2)
【解析】解:2a−4=2(a−2).
故答案为:2(a−2).
提公因式分解即可解答.
本题考查了提公因式法运用,一定要注意如果多项式的各项含有公因式,必须先提公因式.
12.【答案】540
【解析】
【分析】
本题考查的是多边形的内角和的计算,掌握多边形的内角和公式(n−2)⋅180°是解题的关键.
根据多边形的内角和是(n−2)⋅180°,代入计算即可.
【解答】
解:(5−2)×180°
=540°,
故答案为:540.
13.【答案】13
【解析】解:∵甲、乙、丙3名学生随机排成一排拍照,共有甲乙丙、甲丙乙、乙甲丙、乙丙甲、丙甲乙、丙乙甲这6种等可能结果,
而甲排在中间的只有2种结果,
∴甲排在中间的概率为13,
故答案为:13
根据概率公式计算可得.
此题考查概率的求法:如果一个事件有n种可能,而且这些事件的可能性相同,其中事件A出现m种结果,那么事件A的概率P(A)=mn.
14.【答案】>
【解析】
【分析】
根据表格数据求得反比例函数解析式,根据反比例函数的性质即可求解.
本题考查了反比例函数的应用,熟练掌握反比例函数的性质是解题的关键.
【解答】
解:∵压强P与它的受力面积S成反比例函数关系,设P=FS,
依题意F=2×300=600,
∴反比例函数解析式为:P=600S,600>0,
∴P随S的增大而减小,
∵1<3,
∴P1>P2,
故答案为:>.
15.【答案】52.5°
【解析】解:∵AB⊥BC,
∴∠B=90°,
∵∠BAD=15°,
∴∠ADB=180°−∠BAD−∠B=75°,
∴∠FDC=∠ADB=75°,
∵l1//l2,
∴∠FDC+∠DCE=180°,
∴∠DCE=105°,
∵∠DCE的平分线交直线l1于点F,
∴∠FCE=52.5°,
∵l1//l2,
∴∠CFD=∠FCE=52.5°.
故答案为:52.5°.
首先利用三角形的内角和定理求出∠ADB,然后利用平行线的性质求出∠DCE,最后利用平行线的性质及角平分线的性质即可求解.
此题主要考查了平行线的性质,同时也利用了三角形的内角和定理,解题的关键是熟练掌握平行线的性质.
16.【答案】2023
【解析】解:∵x1,x2是方程x2−2023x+1=0的两根,
∴x1+x2=2023,x1x2=1,
∴1x1+1x2=x1+x2x1x2=2023,
故答案为:2023.
利用一元二次方程的根与系数的关系解答即可.
本题主要考查了一元二次方程的根与系数关系,解题的关键是理解并掌握一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根x1,x2与系数的关系x1+x2=−ba,x1x2=ca.
17.【答案】1
2 55
【解析】
【分析】
(1)根据已知条件得到AE=CF,推出点F在CD的中点,于是得到EF=FG=4,DG=FG−FD=1;
(2)设AE=a,作FH⊥AB于H,作IG⊥CD于I,得到∠FHE=∠GIF=90°,根据旋转的性质得到∠EFG=90°,EF=FG,根据全等三角形的性质得到EH=GI,①当0 本题考查了旋转的性质,全等三角形的判定和性质,矩形的判定和性质,勾股定理以及二次函数的性质等知识,添加恰当辅助线是解题题的关键.
【解答】
解:(1)当E为AB的中点时,
∵AE=CF,
∴点F为CD的中点,
∴EF=FG=4,DG=FG−FD=1;
(2)设AE=a,作FH⊥AB于H,作IG⊥CD于I,
∴∠FHE=∠GIF=90°,
∵将线段EF绕点F逆时针旋转90°得到线段FG,
∴∠EFG=90°,EF=FG,
∴∠EFH+∠EFI=∠EFI+∠GFI=90°,
∴∠EFH=∠GFI,
∴△EFH≌△GFI(AAS),
∴EH=GI,
①当0
∴DG2=ID2+IG2=(2−a)2+(6−2a)2=5a2−28a+40=5(a−145)2+45,
当a=145时,DG2取最小值45,
∴DG=2 55;
②当3≤a<6,GI=EH=2a−6,ID=FI−FD=FH−FD=a−2,
∴DG2=ID2+IG2=(a−2)2+(2a−6)2=5a2−28a+40=5(a−145)2+45,
当a=3时,DG2取最小值1,
∴DG=1;
∵2 55<1,
∴DG的最小值为:2 55.
18.【答案】解:原式=2+1+3+(−3)
=3+3+(−3)
=3.
【解析】根据零指数幂的意义、负整数指数幂的意义以及有理数的加减运算法则即可求出答案.
本题考查实数的运算,解题的关键是熟练运用零指数幂的意义、负整数指数幂的意义以及有理数的加减运算法则,本题属于基础题型.
19.【答案】解:(1)P=1a(a+1)⋅a2−1a−1
=1a(a+1)⋅(a+1)(a−1)a−1
=1a;
(2)解不等式组a−1>02a<6,得1 其中整数为2,
∴P=12.
【解析】(1)根据分式的加法法则、乘法法则化简P;
(2)解不等式组求出a的范围,进而确定a的值,代入计算即可.
本题考查的是分式的化简求值,掌握分式的混合运算法则、一元一次不等式组的解法是解题的关键.
20.【答案】解:(1)设第一批饮料进货单价为x元,则第二批饮料进货单价为(x+2)元,
根据题意得:3×1600x=6000x+2,
解得:x=8,
经检验,x=8是分式方程的解,且符合题意.
答:第一批饮料进货单价为8元.
(2)设销售单价为m元,
则第一批进货数量为:1600÷8=200(瓶),
第二次进货数量为:200×3=600(瓶),
根据题意得:200(m−8)+600m−(8+2)≥1200,
解得:m≥11.
答:销售单价至少为11元.
【解析】本题考查了分式方程的应用以及一元一次不等式的应用.
(1)设第一批饮料进货单价为x元,则第二批饮料进货单价为(x+2)元,根据数量=总价÷单价结合第二批饮料的数量是第一批的3倍,即可得出关于x的分式方程,解之经检验后即可得出结论;
(2)设销售单价为m元,根据获利不少于1200元,即可得出关于m的一元一次不等式,解之取其最小值,即可得出结论.
21.【答案】解:(1)如图,即为所求;
(2)条件①:∵Rt△ABC中,∠C=90°,O为AB中点,
∴AO=CO=BO,
∴S△AOC=S△BOC,
∵△AOC和△BOD的面积为S1和S2,且S1:S2=3:5,
∴S△BOC:S2=3:5
∴OCOD=OBOD=35,
设OB=3a,OD=5a,
∵BM⊥AB,
∴在Rt△BOD中,BD= OD2−OB2=4a,
∴cos∠BDC=BDOD=45;
条件②:∵Rt△ABC中,∠C=90°,O为AB中点,
∴AO=CO=BO,
∴∠OCB=∠OBC,
∵△BOC和△AOC的周长为C1和C2,且C1−C2=AC,
∴OC+OB+BC−(OC+OA+AC)=AC,即BC=2AC,
设AC=m,则BC=2m,AB= AC2+BC2= 5m,
∴AO=CO=BO= 52m,
过点D作DE⊥CB于点E,
则∠BDE+∠DBE=90°,
∵BM⊥AB,
∵∠ABC+∠DBE=90°,
∴∠ABC=∠BDE,
∵∠E=∠ACB=90°,
∴△ACB∽△BED,
∴BEDE=ACBC=12,
设BE=x,则DE=2x,
∵∠ABC=∠DCE,∠E=∠ACB=90°,
∴△ACB∽△DEC
∴DECE=ACBC=12,
∴2x2m+x=12,
解得x=23m,
∴BE=23m,DE=43m,
∴BD= BE2+DE2=2 53m,
∴OD= OB2+BD2=5 56m,
∴cos∠BDC=BDOD=2 53m5 56m=45.
【解析】(1)根据线段垂直平分线的画法及线段的画法解答;
(2)条件①:根据直角三角形斜边中线的性质得到AO=CO=BO,推出S△BOC:S2=3:5,即OCOD=OBOD=35,设OB=3a,OD=5a,勾股定理求出BD,根据余弦定义求值;条件②:根据C1−C2=AC,推出BC=2AC,设AC=m,勾股定理求出AB,过点D作DE⊥CB于点E,证明△ACB∽△BED,得到BEDE=ACBC=12,设BE=x,则DE=2x,证得△ACB∽△DEC,得到DECE=ACBC=12,列得2x2m+x=12,求出x=23m,勾股定理求出BD,OD即可.
此题考查了线段垂直平分线的作图,直角三角形斜边中线的性质,相似三角形的判定和性质,勾股定理,正确掌握相似三角形的判定定理和性质定理是解题的关键.
22.【答案】(1)证明:∵AB是⊙O的直径,
∴∠C=90°,
∵BF=BE,
∴∠BEF=∠BFE,
∵∠BEF=∠AEC,
∴∠BFE=∠AEC,
∵AE平分∠CAB,
∴∠BAE=∠CAE,
∴∠BAE+∠BFE=∠CAE+∠AEC=90°,
∴∠ABF=90°,
∵OB是⊙O的半径,且BF⊥OB,
∴BF是⊙O的切线.
(2)解:作EG⊥AB于点G,则∠AGE=∠BGE=90°,
∵AE平分∠CAB,EC⊥AC,
∴EG=EC,
∵∠C=90°,AB=10,BC=8,
∴AC= AB2−BC2= 102−82=6,
∵12AC⋅EC+12AB⋅EG=12AC⋅BC=S△ABC,
∴12×6EC+12×10EC=12×6×8,
∴EG=EC=3,
∴BE=BC−EC=8−3=5,
∴GB= BE2−EG2= 52−32=4,
∴AG=AB−GB=10−4=6,
∵EG⊥AB,FB⊥AB,
∴EG//FB,
∴AEEF=AGGB=64=32,
∴AEEF的值为32.
【解析】(1)由AB是⊙O的直径,得∠C=90°,由BF=BE,得∠BEF=∠BFE,则∠BFE=∠AEC,而∠BAE=∠CAE,所以∠BAE+∠BFE=∠CAE+∠AEC=90°,则∠ABF=90°,即可证明BF是⊙O的切线;
(2)作EG⊥AB于点G,则EG=EC,由∠C=90°,AB=10,BC=8,根据勾股定理得AC= AB2−BC2=6,由12×6EC+12×10EC=12×6×8=S△ABC,求得EG=EC=3,则BE=5,所以GB= BE2−EG2=4,AG=6,再证明EG//FB,由平行线分线段成比例定理得AEEF=AGGB=32.
此题重点考查等腰三角形的性质、直径所对的圆周角是直角、切线的判定、勾股定理、角平分线的性质、根据面积等式求线段的长度、平行线分线段成比例定理等知识与方法,正确地作出所需要的辅助线是解题的关键.
23.【答案】25
【解析】解:(1)设主桥拱所在的圆弧形圆心为O,连接OD,如图:
由拱高的定义可知,B,D,O共线,设主桥拱的半径是r m,
在Rt△ADO中,AD=12AC=20m,DO=BO−BD=(r−10)m,
∵AD2+DO2=AO2,
∴202+(r−10)2=r2,
解得r=25,
故答案为:25;
(2)以P为原点,平行水面的直线为x轴,建立直角坐标系,如图:
设桥拱抛物线的解析式为y=ax2,
∵水面宽MN=10m,拱顶P(抛物线顶点)距离水面4m,
∴M(−5,−4),
∴−4=25a,
解得a=−425,
∴桥拱抛物线的解析式为y=−425x2;
(3)桥A的桥下水位上升了2m,如图:
根据题意,OF=25m,OE=OB−BE=25−(10−2)=17,
∴EF= OF2−OE2= 252−172=4 21(m);
∴此时桥A的水面宽度为8 21m;
桥B的桥下水位上升了2m,
在y=−425x2中,令y=−2得:−2=−425x2,
解得x=5 22或x=−5 22,
∵5 22−(−5 22)=5 2,
∴此时桥B的水面宽度为5 2m.
(1)设主桥拱的半径是rm,根据勾股定理可得202+(r−10)2=r2,即可解得答案;
(2)以P为原点,平行水面的直线为x轴,建立直角坐标系,设桥拱抛物线的解析式为y=ax2,用待定系数法可得桥拱抛物线的解析式为y=−425x2;
(3)桥A的桥下水位上升了2m,用勾股定理可得桥A的水面宽度为8 21m;桥B的桥下水位上升了2m,在y=−425x2中,令y=−2得x=5 22或x=−5 22,即可得此时桥B的水面宽度为5 2m.
本题考查二次函数的应用和圆的性质及应用,解题的关键是掌握待定系数法和圆的相关性质.
24.【答案】解:(1)当点P与点D重合时,如图1,
∵四边形ABCD是菱形,AB=4,∠BAD=60°,
∴AD=AB=4,
∵PM⊥AD,
∴∠M=30°,
∴AM=2AD=8,
∴MB=AM−AB=4;
(2)①1≤t≤2时,如图2,
∵PQ⊥AB,PM⊥AD,∠BAD=60°,
∴∠APQ=∠AMP=30°,
∴PQ= 32t,MQ=32t,
∴S=12PQ⋅MQ=12× 32t×32t=3 38t2,
∴当t=2时,S的最大值为3 32;
②当2
∵AB=4,∠BAD=60°,
∴∠ABH=∠M=30°,
∴AH=12AB=2,MF= 3BF,
∵PQ⊥AB,PM⊥AD,
∴四边形PHBF为矩形,
∴BF=PH=AP−AH=t−2,
∴MF= 3(t−2),
∴S△BFM=12BF⋅MF= 32(t−2)2,
∴S=S△PQM−S△BFM=− 38t2+2 3t−2 3=− 38(t−8)2+6 3,
∴当t=3时,S的最大值为23 38;
∵23 38>3 32,
∴当1≤t≤3时,S的最大值为23 38;
(3)如图4,
∵△PQE为等边三角形,
∴PE=PQ= 32t,
在Rt△APE中,tan∠PAE=PEPA= 32tt= 32,
∴∠PAE为定值,
∴点E的运动轨迹为直线,
当BE⊥AE时,线段BE长最小,
过点E作EF⊥PQ于F,过点E作EG⊥AB于G,
∵△PQE是等边三角形,
∴PQ=PE=EQ= 32t,
∵EF⊥PQ,
∴FQ=FP= 34t,
∴EF= EQ2−FQ2=34t,
∵EF⊥PQ,EG⊥AB,PQ⊥AB,
∴四边形FQGE为矩形,
∴QG=EF=34t,EG=FQ= 34t,
∵EG⊥AB,BE⊥AE,
∴∠AEG=∠EBA,
∴cos∠EBA=cos∠AEG,
∵AE= AP2+PE2= t2+( 32t)2= 72t,
∴cos∠EBA=cos∠AEG=EGAE= 34t 72t= 2114,
∴当线段BE长最小时,cos∠EBA的值为 2114.
【解析】(1)根据菱形的性质以及直角三角形的性质可得出答案;
(2)分两种情况:①当1≤t≤2时,②当2
本题是四边形综合题,考查了菱形的性质,矩形的判定和性质,直角三角形的性质,等边三角形的性质,勾股定理,三角形的面积,正确进行分类讨论,数形结合是解题的关键.
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