2023年广东省广州十六中教育集团中考物理质检试卷（含答案）

这是一份2023年广东省广州十六中教育集团中考物理质检试卷（含答案），共23页。

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2023年广东省广州十六中教育集团中考物理质检试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 如图所示是童谣《小蜜蜂》的歌词与乐谱，在小红唱到“大家一起”这四个字的期间，声波的音调逐渐升高，由此可得到(    )

A. 声波的振幅逐渐增加 B. 声波的频率逐渐变低
C. 声源1s内的振动次数变多 D. 声音的音色逐渐变好
2. 下列说法正确的是(    )
A. 太阳能电池板将太阳能转化为化学能
B. 温度相同的水蒸气和水，水蒸气的内能一定较大
C. 柴油机通过将机械能转化为内能输出动力
D. 某物体温度升高，其内能一定增大
3. 下表是不同电磁波的频率。但人们却都在说“5G网络比4G快”，是因为(    )
项目
CCTV1广播台
4G频段
5G频段
可见光
频率/Hz
1.061×105
1.88～1.90×109
3.3～3.4×109
4.2～7.8×1014

A. 相同时间内，5G网络的波长比4G网络长
B. 相同时间内，5G网络的频率范围比4G网络大
C. 相同时间内，5G网络的传播速度比4G网络快
D. 相同时间内，5G网络的信息传递量比4G网络多
4. 相同的两个烧杯中分别装有不同液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，最后甲球沉底，乙球悬浮，如图所示。甲、乙两球排开液体质量相等，则(    )


A. 甲球所受浮力比乙球小 B. 甲、乙球所受重力相等
C. 左侧烧杯中所装液体密度较大 D. 两烧杯底部所受液体压强相等
5. 分别将LED灯L1和小灯泡L2分别接入电路，测得电压电流如图所示，实验中LED灯比小灯泡亮得多。下列说法正确的是(    )

A. L1所做的功比L2多 B. L1做功比L2做功快
C. L1 每秒钟消耗电能比L2少 D. L1每秒钟消耗电能比L2多
6. 如图，重力为G质量分布均匀的木棒左端与支点O连接，绕O转动时，棒所受的摩擦力可忽略不计。棒重心处受到竖直向上的拉力F1保持静止，则(    )
A. F1=G
B. F1⋅OA=G⋅OB
C. 若F1为杠杆的动力，G为杠杆的阻力，此杠杆为费力杠杆
D. 若将竖直拉力移到C点棒仍静止，此时拉力记为F2，则F1
7. 球竖直向上运动到最高处并下落，这过程中经过H、J两点。球在这两点的动能和重力势能如表所示，则球(    )

H点
J点
动能/J
4
8
重力势能/J
7
2

A. 在H点速度比在J点的大 B. 在J点机械能比在H点的大
C. 在J点处于下降阶段 D. 在最高处受力平衡
8. 用甲、乙两个滑轮组分别将两个物体在相同时间里匀速提升相同高度，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图所示，则下列说法正确的是(    )
A. F甲比F乙小
B. 甲的机械效率更高
C. F甲功率比F乙的功率大
D. 甲、乙装置中的两个物体质量m甲比m乙大
9. 如图是标准大气压下1g某液体的体积-温度图线。根据图所给信息，下列说法(    )
①由9℃降低到5℃，液体体积一直变小
②温度升高，液体密度变大
③由0℃升高到4℃，液体质量一直变小
④4℃时1cm3液体的质量等于10℃时1cm3液体的质量

A. 只有①是正确的 B. 只有①②是正确的
C. 只有①③是正确的 D. 只有①④是正确的
10. 如图甲所示，磁铁上下摆放形成稳定磁场，取闭合回路的一部分直导体ab沿东西方向放置于两磁铁中间，当闭合开关，该磁场对导体ab产生向北的作用力。图乙为通电螺线管外部磁场的分布情况。则下列哪种方式可以使得通电螺线管的磁场对导体ab的作用力方向与甲图中ab的受力方向相同(    )
A. B. C. D.
11. 有一束光线从水里斜射向空气，其反射光线和折射光线在容器壁上出现光点A和P(未标出)。
(1)请在图画出上述入射光线、反射光线，和大致的折射光线，并标出P点，反射角r1和折射角r2。
(2)该束光线方向可以调整，保持入射点O不变，当光点A向上移动时，光点P会______ 。(选填“上移”、“不动”或“下移”)

12. 如图所示，来自于物体MN的三束光线a、b、c平行于主光轴，0是透镜的光心，a经过透镜后的光线过主光轴的一点，请画出b、c经透镜后的光线，若将MN移至图中虚线位置，此时物体MN将成
______
(选填“正立”或“倒立”)的
______
像(选填“实”或“虚”)。

13. 白色感压纸受到的压强大于可测最小值时才变色，且颜色随压强变大而变深，大于可测最大值时颜色不再变深，某感压纸A的规格如图所示。不同种类感压纸规格和性能如表格所示。
种类
代码
可测量的压强范围(N/cm2)
超低压
LLW
50 低压
LW
250 中压
MW
1000 高压
HS
5000 (1)感压纸A属于______ (填写感压纸代码)。
(2)将一个物体垂直压在感压纸A上，发现感压纸上的颜色跟图中的250N/cm2处颜色一样。梓晴认为：此时感压纸受到的压强就是250N/cm2。
小坚认为：此时感压纸受到的压强可能大于250N/cm2。
小豪决定用实验证明他们的说法正确与否，于是将相同物体压在代码为LW的感压纸进一步实验，如果观察到______ ，则小坚的说法是正确的。
(3)改进实验，用垂直于纸面的压力F=500N均匀压在代码为MW的感压纸上，要使其变色且不超过可测的压强范围，下列哪些受力面积符合要求？______ 。
A.0.01cm2
B.0.05cm2
C.0.2cm2
D.0.3cm2
E.1cm2

14. 小明同学想探究某晶体的熔化特点，他对1kg的该固体晶体进行加热，如图所示是其温度随时间变化的图象，此过程晶体的质量保持不变。
(1)该晶体熔化过程用时______ min，此过程______ (选填“需要”或“不需要”)吸收热量，该晶体在4min时的分子总动能______ (选填“大于”“小于”或“等于”)2min时的分子总动能。
(2)已知该晶体的c固小于c液，能否比较该晶体在AB段吸收的热量QAB与CD段吸收的热量QCD的大小关系，如能请写出判断依据，如不能，请说明理由。______ 。

15. 施工队利用图甲所示海上打捞平台装置打捞物体，使用电动机和滑轮组档物体从海底竖直匀速吊起。见图乙，物体到水面的距离为30m，A、B、C、D四个点是物体从海底竖直向上匀速吊起过程经过的4个位置。图丙是物体所受拉力F随时间t变化的图象。

(1)在图丙中物体所受拉力F随时间t变化的图象上标出对应的A、B、C、D四个点；
(2)图于用“⋅”表示该物体，请画出物体从A处运动到B处过程中物体的受力示意图，此时物体受到的重力是______ N，浮力是______ N；
(3)求物体从A点到B点吊起过程中的速度；
(4)物体从A点被匀速提升到B点的过程中，电动机此时提供给滑轮组绳子自由端的动力为1.2×104N，求滑轮组的机械效率。(结果保留1位小数)
16. 小明新房装修，购买一个标有“220V，110W”的字样灯泡。
(1)求灯工作时发光1h消耗的电能是多少？
(2)小明想知道它的亮度是否合适，将灯泡接在如图甲所示的测试电路中，并调节电源的输出电压为220V，闭合开关时(t=0)，开始利用传感器记录电路中电流随时间变化的情况如图乙所示。
①t=0.04s时，灯丝的电阻大小是多少？
②利用高速摄影技术可以观察到前0.04s灯丝经历了从不发光、微微发光到逐渐变亮的过程，从第0.04s后灯泡亮度不变。灯丝从0-0.04s实际功率大小将______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)，你的判断依据是什么？______ 。

(3)小明房间想设计进门处和床头各一个开关，均可控制该灯，请按要求连接图丙电路。
17. 学习小组想探究当小灯泡两端的电压增大时，其实际功率和亮度的变化情况。图甲是实验电路图，实验提供的小灯泡的额定电压为2.5V。

(1)按图甲在图乙中正确连接实物，要求滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变小；
(2)正确连接电路后，闭合开关，小明发现电流表和电压表的指针都有偏转，灯泡却不亮。可能发生的故障是：______ (填一种即可)；
(3)解决以上问题后，继续做实验。小明移动滑动变阻器的滑片，记录电压表示数、电流表示数及灯泡亮度如下表：
数据序号
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.61
1
1.5
2.5
3
4.3
电流I/A
0.11
0.2
0.35
0.7
0.94
1.4
灯泡亮度
微微发光
偏暗
较亮
亮
很亮
忽然烧坏
由上表可得，小灯泡两端电压越大，它的实际功率______ (选填“越大”“越小”或“不变”)；小灯泡正常发光时的功率为______ W；
(4)小红认为不需要滑动变阻器，只通过增加干电池(每节1.5V)的节数也能记录多组实验数据完成该探究实验，你觉得可行吗？______ 。为什么？______ 。
18. 装有水的容器在大小为10N的拉力F作用下运动，图甲为容器在两段路程运动的示意图，F的方向始终沿着容器运动方向，OP段、MN段均为水平地面。在MN段容器中的水少于OP段，容器在OP段、MN段的“速度-时间”图象如图乙所示。
(1)容器在OP段和MN段受到摩擦力分别为f1、f2，则f1 ______ f2(选填“>”“=”或“<”)。
(2)OP段和MN段的水平地面，粗糙程度______ (选填“相同”、“不相同”)，依据是______ 。

(3)小明同学用一块干的棉质抹布擦桌子，他感觉擦的不干净，于是将这块抹布浸湿后再擦，发现不但桌子擦的干净了，同时感觉抹布与桌子的摩擦力明显变大，于是他想：是因为压力变大导致摩擦力变大，还是因为棉质抹布浸湿了导致摩擦力变大了呢？请你帮他设计对比实验，探究“抹布的干湿对滑动摩擦力是否有影响”。
①现有两块完全相同的抹布，为了完成实验，你还需要：______ ；
②实验步骤：______ 。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：通过五线谱判断出音调在逐渐升高，音调由频率决定，所以其频率在逐渐升高，频率的定义是发声体在1s内振动的次数，所以判断出1s内的振动次数变多，而声音的响度(振幅)和音色没有改变，故ABC错误，C正确。
故选：C。
音调是指声音的高低；音调的高低是由频率决定的，频率是发声体在1s内振动的次数。
解答本题要知道音调和频率之间的关系，频率的定义。

2.【答案】D 
【解析】解：A、太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能，故A错误；
B、内能与温度、物态、质量等有关；温度相同的水蒸气和水，水和水蒸气的质量未知，所以水蒸气的内能不一定较大，故B错误；
C、柴油机在做功冲程中将内能转化为机械能，故C错误；
D、某物体温度升高，其内能一定增大，故D正确。
故选：D。
(1)太阳能电池板将太阳能转化为电能。
(2)物体内能的大小与温度、质量、物态等有关。
(3)柴油机在做功冲程中将内能转化为机械能。
(4)物体的温度升高，内能一定会增大。
知道影响内能大小的因素；知道内能与温度的关系；知道柴油机的基本原理。

3.【答案】D 
【解析】解：A、由表格数据可知，5G信号的频率大，由c=λf可知，电磁波频率越大，波长越小，故A错误；
B、虽然相同时间内，5G网络的频率范围比4G网络大，但不是5G网络比4G快的理由，故B错误；
C、4G和5G信号都是电磁波，它们在真空中的传播速度是相同的，都为3×108m/s，故A错误；
D、相同时间内，5G网络的信息传递量比4G网络多，所以我们才说“5G网络比4G快”，这里的“快”并不是说电磁波的传播速度快，故D正确。
故选：D。
(1)电磁波的传播速度c=3×108m/s；
(2)波速、波长与频率的关系：c=λf。
此题考查波速、波长与频率的关系和电磁波的传播与应用，难度适中。

4.【答案】C 
【解析】解：
A、根据阿基米德原理可知：F浮甲=G甲排=m甲排g，F浮乙=G乙排=m乙排g，因为甲、乙两球排开液体质量相等，所以两球浮力相等，故A错误；
B、因为甲球在液体中沉底，甲球的重力大于浮力，乙球漂浮，乙球浮力等于重力，因为两球浮力相等，所以甲球的重力大于乙球的重力，故B错误；
CD、由题知，两球浮力相等，即F浮甲=F浮乙，则：ρ甲液gV甲排=ρ乙液gV乙排，因V甲排ρ乙液，由p=ρgh知，在深度相同时甲烧杯底部受到液体的压强大，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)根据阿基米德原理可知甲、乙所受浮力的大小关系；
(2)根据两球的浮沉情况判断出甲、乙两球的重力关系；
(3)根据两球的浮沉情况判断出液体的密度关系；
(3)两球的浮力相等，根据图中甲、乙排开液体体积的关系和阿基米德原理判断出甲、乙密度的关系，由p=ρgh分析两烧杯底部受到液体的压强关系。
本题考查了浮沉条件的应用、密度公式、压强公式和阿基米德原理的应用，关键是知道浮力的大小等于被该物体排开液体的重力。

5.【答案】C 
【解析】解：B、根据P=UI可知，L1的电功率P1=U1I1=2.5V×0.02A=0.05W，
P2=U2I2=1.6V×0.1A=0.16W>P1，即L2做功比L1做功快，故B错误；
CD、已知P2>P1，根据W=Pt可知，L1每秒钟消耗电能比L2少，故C正确、D错误。
A、已知P2>P1，但不知道做功时间，故无法判断L1、L2做功的多少，故A错误。
故选：C。
B、根据P=UI可得出L1、L2的电功率，电功率越大，做功越快；
CD、已知两灯电功率的大小关系，根据W=Pt可知两灯每秒消耗的电能的大小关系；
A、已知两灯电功率的大小关系，但不知道做功时间，故无法判断L1、L2做功的多少。
本题考查电能和电功率的计算，难度不大。

6.【答案】A 
【解析】解：AB、由图示可知，杠杆受到的动力竖直向下，阻力为杠杆的自重，方向竖直向下，作用点都在A点，因此动力臂等于阻力臂，都为OB，则有：F1×OB=G×OB，故F 1=G，故A正确，B错误；
C、若F1为杠杆的动力，G为杠杆的阻力，则动力臂等于阻力臂，因此杠杆为等臂杠杆，故C错误；
D、若将竖直拉力移到C点，显然动力臂变大，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可得，要使棒仍静止，需减小动力，因此F1>F2，故D错误。
故选：A。
(1)根据图示可知，杠杆受到的动力竖直向下，阻力为杠杆的自重，作用点为A点，方向竖直向下，据此可知动力臂与阻力臂的关系，从而得出动力、动力臂、阻力、阻力臂的关系；
(2)杠杆的分类：当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，为费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，为等臂杠杆；
(3)将竖直拉力移到C点时，根据图示可知动力臂的变化，根据杠杆平衡条件可知动力的变化。
此题是有关杠杆的动态平衡分析，考查了杠杆平衡条件的应用以及杠杆的分类，关键能从图中判断出动力、动力臂、阻力、阻力臂的变化。

7.【答案】C 
【解析】解：A、H点的动能较小，所以H点的速度较小，故A错误；
B、在J点的机械能等于8J+2J=10J，在H点的机械能等于4J+7J=11J，所以在J点的机械能比H点的小，故B错误；
C、H点的动能为4J，到J点动能反而大于H点的动能，此时在下降阶段，故C正确；
D、在最高处时速度为零，此时仅受竖直向下的重力作用，受力不平衡，故D错误。
故选：C。
(1)动能与小球的质量和速度有关，重力势能与小球的质量和被举高度有关；
(2)小球在上升过程中，动能转化为重力势能，速度减慢；在下降过程中，重力势能转化为动能，速度增大。根据表格中总机械能的变化判断具体是上升还是下降过程。
本题主要考查了学生对机械能的理解及相关知识的应用，表格中给出的数据非常关键，通过数据可以看出小球在运动过程中受空气阻力作用，且根据动能的大小可以判断小球的运动阶段。

8.【答案】C 
【解析】解：D、由图可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；
由图丙可知，甲、乙滑轮组的总功和额外功分别为：
W总甲=1200J、W额甲=600J，W总乙=800J、W额乙=200J，
甲、乙滑轮组做的有用功分别为：W有甲=W总甲-W额甲=1200J-600J=600J，
W有乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J，
即W有甲=W有乙，
由于物体上升的高度相同，由W有=Gh可知，物重G甲、G乙的大小关系为：G甲=G乙，
由G=mg可知，m甲=m乙，故D错误；
A、由s=nh可知，绳子自由端移动距离分别为：s甲=n甲h=3h，s乙=n乙h=2h
即s甲>s乙，
由W总=Fs可知，两滑轮组中，绳端拉力分别为：F甲=W总甲s甲=1200J3h=400Jh，F乙=W总乙s乙=800J2h=400Jh，
即F甲=F乙，故A错误；
B、甲、乙滑轮组的机械效率分别为：η甲=W有甲W总甲×100%=600J1200J×100%=50%，η乙=W有乙W总乙×100%=600J800J×100%=75%，
即η甲<η乙，故B错误；
C、甲、乙装置中拉力做功的功率分别为：P甲=W总甲t=1200Jt，P乙=W总乙t=800Jt，
即P甲>P乙，故C正确。
故选：C。
(1)由图可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；由图丙可知，甲、乙滑轮组的总功和额外功大小，根据W有=W总-W额求得甲、乙滑轮组做的有用功，物体上升的高度相同，根据W有=Gh可知物重G甲、G乙的大小关系，根据G=mg可知甲、乙装置中的两个物体质量之间的关系；
(2)根据s=nh可知绳子自由端移动距离s甲、s乙的大小关系；根据W总=Fs可知绳端拉力F甲、F乙的大小关系；
(3)根据η=W有W总×100%求出甲、乙滑轮组的机械效率，比较得出η甲、η乙的大小关系；
(4)利用P=W总t求甲、乙装置中拉力的功率之间的关系。
本题考查滑轮组中力、功、功率和机械效率的大小比较，关键是n的确定以及根据柱状图得出总功和有用功的大小。

9.【答案】A 
【解析】①根据图像知，由9℃降低到5℃，液体体积一直变小，故①正确；
②根据图像知，由0℃升高到4℃，温度升高，质量不变，体积变小，根据ρ=mV知，液体密度变大，温度高于4℃时，质量不变，体积变大，根据ρ=mV知，液体密度变小，故②错误；
③质量是物体固有的属性，不随空间位置，形状、状态、温度的改变而改变，由0℃升高到4℃，液体质量不变，故③错误；
④4℃时1cm3液体的体积等于10℃时1cm3液体的体积，由图像知，4℃时液体的密度大于10℃时液体的密度，根据ρ=mV的变形式m=ρV知，4℃时1cm3液体的质量大于10℃时1cm3液体的质量，故④错误。
故选：A。
(1)质量是物体固有的属性，不随空间位置，形状、状态、温度的改变而改变；
(2)由ρ=mV，根据图象反馈的信息，进行分析解答。
本题考查从图象上获取信息，进行分析，并得出正确的结论。同时也说明这种物质是一种反例，在常温4℃时，质量一定，体积最小，密度最大；因此，对于同种物质，状态不变，密度一般相同，而不是一定相同，要正确理解概念的准确描述。

10.【答案】A 
【解析】解：
A、根据电流的流向，利用安培定则可知，螺线管的上端为N极，磁场的方向是向上的；该图与题干图片相比，磁场方向相反，电流的方向相反，则导体ab受到磁场力方向与题干相同，故A正确；
B、根据电流的流向，利用安培定则可知，螺线管的下端为S极，磁场的方向是向上的；该图与题干图片相比，磁场方向相反，电流的方向相同，则导体ab受到磁场力方向与题干不同，故B错误；
C、根据电流的流向，利用安培定则可知，螺线管的上端为S极，磁场的方向是向下的；该图与题干图片相比，磁场方向相同，电流的方向相反，则导体ab受到磁场力方向与题干不同，故C错误；
D、根据电流的流向，利用安培定则可知，螺线管的下端为N极，磁场的方向是向下的；该图与题干图片相比，磁场方向相同，电流的方向相反，则导体ab受到磁场力方向与题干不同，故D错误。
根据安培定则判定螺线管的极性，从而判断出磁场的方向；改变电流的方向或磁场的方向都可以改变通电导体的受力方向，从而使其运动方向不同；若电流的方向和磁场的方向都同时改变，则通电导体的受力方向不变。
本题考查了磁场力的方向，明确影响磁场力方向的两个因素是解题的关键。

11.【答案】下移 
【解析】解：(1)由题知，光从水里斜射向空气O点，反射光线在容器壁上形成一光点A，连接OA即为反射光线，根据反射角等于入射角在法线左侧的水中画出入射光线；
光从水里斜射向空气中，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线OP，如图所示；

(2)光从水里斜射向空气时，保持入射点O不变，当光点A向上移动，反射光线会远离法线，根据光的反射定律知反射角和入射角增大，根据光的折射规律知折射角也增大，所以光点P会下移。
故答案为：(1)见解答；(2)下移。
(1)根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线，反射角是反射光线与法线的夹角；
根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向，折射角是折射光线与法线的夹角；
(2)光从空气中斜射入水中时，折射光线会靠近法线，根据光的折射规律作图可知。
本题考查了光的反射、光的折射的相关作图，在光路图中，注意实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线画成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示。

12.【答案】正立  虚 
【解析】解：
(1)平行于凸透镜主光轴的光线过焦点，a经过透镜后的光线过主光轴的一点，说明此点为焦点F，b、c都平行于凸透镜的主光轴，经凸透镜折射后都过凸透镜的焦点F，如图所示：

(2)焦点的位置在3.0cm刻度线处，0是透镜的光心，则凸透镜的焦距为3.0cm，将物体MN放在虚线位置，位于凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。
故答案为：b、c经透镜后的光线如图所示；正立；虚。
(1)由图可知，a平行于主光轴的光线，经过凸透镜后会过焦点，即焦点的位置在3.0cm刻度线处；b和c也是平行于主光轴的光线，经过凸透镜后会过焦点，据此画图；
(2)焦点的位置在3.0cm刻度线处，0是透镜的光心，凸透镜的焦距为3.0cm，将物体MN放在虚线位置，位于凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。
本题考查了凸透镜的特殊光线(平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点)、凸透镜成像规律的应用，属于基础题目。

13.【答案】LLW  代码为LW的感压纸变色  CD 
【解析】解：(1)由图1可知，感压纸A可测的压强范围属于代码LLW感压纸可测量的压强范围，感压纸A属于LLW；
(2)根据感压纸受到的压强大于可测最小值时才变色，250N/cm2不属于代码为LW的感压纸可测量的范围，所以如果观察到代码为LW的感压纸变色，小坚的说法是正确的；
(3)当p=1000N/cm2时，S=Fp=500N1000N/cm2=0.5cm2，
当p=5000N/cm2时，S'=Fp'=500N5000N/cm2=0.1cm2，
所以感压纸面积S的范围：0.1cm2≤S<0.5cm2，故选：CD。
故答案为：(1)LLW；(2)代码为LW的感压纸变色；(3)CD。
(1)由图1可知，感压纸A可测的压强范围属于代码LLW感压纸可测量的压强范围；
(2)根据感压纸受到的压强大于可测最小值时才变色；
(3)由p=FS计算出感压纸面积S的范围。
此题关键是理解“感压纸受到的压强大于可测最小值时才变色”，小于或等于可测最小值时不变色。

14.【答案】4  需要  等于  能，CD段加热时间大于AB段加热时间 
【解析】解：(1)通过实验过程发现：该物质熔化时的特点是吸收热量，温度不变；完成熔化过程共用时间为5min-1min=4min；由于温度不变，分子热运动剧烈程度不变，分子动能不变，故该晶体在4min的分子总动能等于2min时的分子总动能；
(2)已知该晶体的c固小于c液，AB段加热时间小于CD段加热时间，故AB段吸收的热量QAB小于CD段吸收的热量QCD。
故答案为：(1)4；需要；等于；(2)能；CD段加热时间大于AB段加热时间。
(1)晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸热。根据图象可判断其熔化所用的时间；分子的动能与温度有关；由于温度不变，分子热运动剧烈程度不变，分子动能不变。
(2)根据加热时间判断吸收热量的多少。
本题考查晶体熔化实验以及热量公式，难度不大。

15.【答案】3×104  1×104 
【解析】解：(1)由图乙可知，物体从A、B、C到D，一开始完全浸没，后来部分露出，再后来离开水面，由F浮=ρ液gV排可知物体受到的浮力先不变、后变小，最后受到的浮力为0，由F=G-F浮可知物体所受拉力先不变、后增大，再后来又不变，A、B、C.D四个点在图中的位置如图所示：
；
(2)浸没在水中的物体受到浮力、重力、滑轮组拉力的作用，三力的作用点都画在物体的重心，如图所示：
；
由图乙可知，物体从C点以后，脱离水面，物体受到的拉力F1=3×104N，则物体受到的重力：G=F1=3×104N；
物体从A点到B点，物体浸没水中，物体受到的拉力F2=2×104N，由称重法测浮力可知，物体受到的浮力：F浮=G-F2=3×104N-2×104N=1×104N；
(3)由图乙可知，物体从A点到B点的距离s=30m，
由图丙可知，此过程所用的时间t=30s，
物体从A到B起吊过程中的速度：v=st=30m30s=1m/s；
(4)由图知n=2，物体从A点被匀速提升到B点的过程中，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=F2hFs=F2hFnh=F2nF=2×104N2×1.2×104N×100%≈83.3%。
答：(1)见解答图；(2)见解答图；3×104；1×104；
(3)物体从A点到B点吊起过程中的速度为1m/s；
(4)滑轮组的机械效率为83.3%。
(1)由图乙可知，物体从A、B、C到D，一开始完全浸没，后来部分露出，再后来离开水面，根据F浮=ρ液gV排可知物体所受浮力的变化，根据F=G-F浮可知物体所受拉力的变化，据此确定A、B、C、D四个点在图中的位置；
(2)浸没在水中的物体受到浮力、重力、滑轮组拉力的作用，三力的作用点都画在物体的重心，据此画出受力示意图；
物体从C点以后，脱离水面，从图乙可知物体受到的拉力，物体受到的重力大小等于该拉力；
物体从A点到B点，物体浸没水中，物体受到的拉力，利用称重法测浮力求物体受到的浮力；
(3)利用速度公式求物体从A到B起吊过程中的速度；
(4)由图知n=2，物体从A点被匀速提升到B点的过程中，根据η=W有W总=F2hFs=F2hFnh=F2nF求滑轮组的机械效率。
本题为力学综合题，考查了速度公式、阿基米德原理、效率公式的应用以及力的示意图的画法，分析题图，从中得出相关信息是关键。

16.【答案】变小  因为小灯泡两端的电压不变，0～0.04s通过灯泡的电流减小，由P=UI可知，灯丝的实际功率变小 
【解析】解：(1)根据P=Wt得发光1h消耗的电能为：W=P额t=110W×3600s=3.96×105J；
(2)①由图知t=0.04s时，通过灯丝的电流为0.5A，
根据I=UR知灯丝的电阻大小为：
R=UI=220V0.5A=440Ω，
②灯丝从0～0.04s实际功率变小；电源的电压恒定，则小灯泡两端的电压不变，由图乙可知，0～0.04s通过灯泡的电流减小，由P=UI可知，灯丝的实际功率变小。
(3)开关接火线，灯泡接零线，两个单刀双掷开关的静触点要分别两两相连，动触点接外电路，据此连接的电路如图所示：。
答：(1)灯工作1h消耗的电能是3.96×105J；
(2)①t=0.04s时，灯丝的电阻大小是440Ω；
②变小；因为小灯泡两端的电压不变，0～0.04s通过灯泡的电流减小，由P=UI可知，灯丝的实际功率变小；
(3)见解答图。
(1)根据W=Pt计算灯工作时发光1h消耗的电能；
(2)①由图知t=0.04s时通过灯丝的电流，由欧姆定律算出灯丝的电阻；
②电源的电压恒定，则小灯泡两端的电压不变，由图乙可知，0～0.04s通过灯泡的电流减小，由P=UI可知，灯丝的实际功率变小。
(3)连接双控灯电路时，两个单刀双掷开关的静触点要分别两两相连，动触点接外电路，开关与火线相连，灯泡与零线相连。
本题考查了电功率公式和欧姆定律的应用，关键是根据电阻的变化分析得出灯泡电阻与温度的关系。

17.【答案】变阻器连入电路中的电阻较大  越大  1.75  不行  增加干电池的节数，电压表的示数成1.5倍的增加，变化有规律，实验没有普遍性 
【解析】解：(1)从电源的正极连接电流表、变阻器、灯泡、开关回到电源的负极，电压表和灯泡并联，由表中数据可知，电流表应选择 0-3A的量程，电压表选择0～15V的量程，滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变小，滑动变阻器应一上一下串联入电路中，将变阻器右下角接线柱连入电路中，如图所示：；
(2)闭合开关发现两电表都有示数，说明电路为通路，灯泡却不亮，可能变阻器连入电路中的电阻较大，电路中的电流较小；
(3)由表中数据可知，小灯泡两端电压越大，通过它的电流越大，由P=UI可知它的实际功率越大；小灯泡的额定电压是2.5V，由表中数据可知通过它的电流是0.7A，小灯泡正常发光时的功率P=UI=2.5V×0.7A=1.75W；
(4)实验中，不需要滑动变阻器，增加干电池的节数，电压表的示数成1.5倍的增加，变化有规律，实验没有普遍性，这样不可行。
故答案为：(1)见解析；(2)变阻器连入电路中的电阻较大；(3)越大；1.75；(4)不行；增加干电池的节数，电压表的示数成1.5倍的增加，变化有规律，实验没有普遍性。
(1)电路图连接时，电流表、变阻器、灯泡串联到电路中，电压表和灯泡并联，电流表应选择 0-3A的量程，电压表选择0～15V的量程，滑片右移时，阻值变小，说明下端应接入右端的接线柱；
(2)只要电流表指针有偏转，就说明电路是通路；
(3)由表格数据和P=UI可得答案；
(4)实验数据应有规律的变化，这样才具有普遍性。
本题探究灯的亮度与实际功率的关系，涉及到的知识点有：电路图的连接、电路故障分析、电功率的计算等，是一道综合题。

18.【答案】=  不相同  滑动摩擦力相同，但压力大小不同，故接触面的粗糙程度不同  小车、斜面  ：①将干抹布铺在水平面上，让小车从斜面的顶端静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
②将湿抹布铺在水平面上，让小车从相同高度静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
③比较两种条件下小车运动的距离，从而判断抹布的干湿度滑动摩擦力是否有影响。 
【解析】解：(1)在MN段与OP段，物体做匀速直线运动，则拉力大小等于摩擦力大小，拉力大小不变，故f1=f2=10N；
(2)在MN段容器中的水少于OP段，OP段的压力大于MN段的压力，摩擦力相同，故OP段和MN段的水平地面，粗糙程度不同，依据是压力不同，摩擦力相同；
(3)探究“抹布的干湿对滑动摩擦力是否有影响”，两块完全相同的抹布，还需要准备小车、相同的斜面；
步骤：①将干抹布铺在水平面上，让小车从斜面的顶端静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
②将湿抹布铺在水平面上，让小车从相同高度静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
③比较两种条件下小车运动的距离，从而判断抹布的干湿度滑动摩擦力是否有影响。
故答案为：(1)=；(2)不相同；滑动摩擦力相同，但压力大小不同，故接触面的粗糙程度不同；(3)①小车；斜面；②：①将干抹布铺在水平面上，让小车从斜面的顶端静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
②将湿抹布铺在水平面上，让小车从相同高度静止开始滑下，记录小车在水平面运动的距离，并重复至少3次；
③比较两种条件下小车运动的距离，从而判断抹布的干湿度滑动摩擦力是否有影响。
(1)由v-t图像可得物体做匀速直线运动，则二力平衡，滑动摩擦力的大小等于拉力F，由于拉力F的大小不变，故摩擦力的大小也不变；
(2)滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，当滑动摩擦力相同时，压力小的，接触面越粗糙；
(3)探究“抹布的干湿对滑动摩擦力是否有影响”，变量是抹布的干湿，故需两块完全相同的抹布，一块保持干燥，另一块浸湿；借鉴课本探究阻力对小车运动的影响来设计实验，为了观察摩擦力的大小，通过转换法让小车从相同的斜面，同一高度静止释放，滑到水平面，水平面分别铺上干抹布和浸湿的抹布，观察木块滑行的距离判断摩擦力的大小。
本题考查二力平衡条件、影响滑动摩擦力的大小的因素、实验设计，其中实验设计是难点，可以结合课本学过的实验对实验进行改进和利用。