2023年广东省广州市广大附中教育集团中考物理一模试卷

这是一份2023年广东省广州市广大附中教育集团中考物理一模试卷，共18页。

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2023年广东省广州市广大附中教育集团中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
得分

注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是(    )
A. 5G通信是利用电磁波传递信息，真空中电磁波无法传播
B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的
C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳核聚变反应释放的能量
D. 新能源纯电动汽车是利用的一次能源驱动汽车行驶的
2. 如图所示，把图钉按在铅笔的一端，手握铅笔使图钉钉帽在粗糙的硬纸板上来回摩擦，然后用手轻触钉帽，感觉钉帽的温度明显升高了，甚至发烫。关于该实验，下列说法正确的是(    )


A. 钉帽的温度升高，内能不变
B. 此实验中改变图钉钉帽内能的方式是热传递
C. 摩擦后钉帽的分子热运动更剧烈
D. 钉帽的内能的大小等于钉帽克服摩擦力做功的多少
3. 如图，小球从A点静止释放，摆动至B点时，此刻速度为0。若小球运动到B点瞬间，细绳突然断裂且小球受到的所有力都消失，小球将(    )
A. 沿轨迹1运动
B. 沿轨迹2运动
C. 沿轨迹3运动
D. 在B点静止不动


4. 完全相同的二块长方形物体，如图在相同的水平地面上运动，拉力分别为F1和F2，且F1
A. 甲大于乙 B. 甲等于乙 C. 甲小于乙 D. 无法确定
5. 部分物质的原子核对核外电子束缚能力的强弱如表所示，小明同学将与丝绸摩擦后的玻璃棒靠近悬挂的轻质小球，发现轻质小球被吸引，如图所示，下列说法正确的是(    )
原子核对核外电子的束缚能力：弱→强
玻璃
毛皮
丝绸
纸
金属
硬橡胶
涤纶
硬塑料



A. 小球一定带正电 B. 小球一定带负电
C. 摩擦时玻璃棒失去电子 D. 摩擦时玻璃棒得到正电荷
6. 如图是标准大气压下，质量为1g的某液体的体积-温度图象，以下说法正确的是(    )

A. 4℃时，液体密度最小 B. 温度升高，液体密度不变
C. 2℃时液体的密度比8℃时大 D. 由1℃升高到8℃，液体体积一直变大
7. 如图所示，将小球压入水中，在a处静止释放，小球始终沿直线向上运动，跃出水面后最高到达空中c处，小球在b处受到的合力为零且速度最大。请分析小球由a到c的运动过程(水和空气的阻力不可忽略)，下列说法正确的是(    )

A. 小球在c处受力平衡
B. 由a运动到b，小球的机械能增加
C. 小球在a处受到的浮力等于b处受到的浮力
D. 由b运动到c，小球的重力不变，重力势能不变
8. 如图为一种可感知天气变化的工艺玻璃瓶，内装适量有色液体。A为密闭球体，B为上端开口的玻璃管，底部与A相连。水平静止放置后可观察B管液面从而了解天气变化。关于此工艺玻璃瓶，下列说法正确的是(    )
A. 该瓶是连通器
B. 若将此瓶从一楼拿到十楼，B管液面会下降
C. 若在B管上端开口处向水平方向吹气，B管液面会下降
D. 已知晴天大气压比阴雨天高，则晴天时B管液面比阴雨天低



9. 已知甲图装置是通电螺线管，右侧放有小磁针，通电后小磁针如图所示。乙图装置是条形磁铁。两装置正上方均有一根垂直于纸面的导线，它是闭合电路的一部分。导线均以速度v按箭头方向做切割磁感线运动，下列说法正确的是(    )

A. 两图中获得的感应电流方向相同 B. 两图中获得的感应电流方向相反
C. 两图中都不能获得感应电流 D. 无法判断
10. 如图所示的电路是家庭电路的一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合S1，灯L1亮；②再闭合S2，灯L1亮，灯L2不亮；③用试电笔测a、b、c、d四个接线点，试电笔只在c点不发光。若电路中只有一处故障，则该故障可能是(    )

A. 灯L2短路 B. c点左侧的零线短路
C. L2所在支路断路 D. c、d两点间断路
11. 如甲图所示，粗糙程度不变的水平地面上有一物体，受到方向不变的推力F的作用，其F-t和v-t的图象分别如图乙、如丙图所示。
(1)0～3s内，物体受到的摩擦力是______ N；
(2)t=5s时，物体受到的摩擦力是______ N；
(3)6～9s内，物体机械能______ (选填“变大”，“变小”或“不变”)；
(4)9～12s内，推力对物体做功的功率是______ W。
12. (1)如图所示，玻璃杯中装有300g的水，水深10cm，ρ水=1.0×103kg/m3，杯的底面积为20cm2，杯壁厚度不计；g=10N/kg；则水对杯底的压强为______ Pa，水对杯底的压力为______ N。
(2)若用电加热器对这杯水进行加热，使水温提高10℃。已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。此过程电加热器消耗的电能为15000J。则此过程中水吸收的热量为______ J，该电加热器的加热效率为______ %。
13. 用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，拉力分别为F甲、F乙。此过程相关数据如图，g取10N/kg，则：

(1)物体M的质量为______ kg；
(2)两个滑轮组此过程的机械效率的大小关系是η甲 ______ η乙(选填“>”、“<”或“=”)；
(3)甲滑轮组______ (选填“A”、“B”或“C”)。
A.省力
B.费力
C.不省力也不费力
(4)除了利用滑轮组，也可以利用杠杆抬升物体M，如图所示，利用杠杆AOB翘起物体M，O为杠杆支点，L1为杠杆的动力臂，现杠杆处于水平位置平衡。请作出杠杆受到的动力F1的示意图和重物M对杠杆压力F2的示意图。若已知此时动力F1小于阻力F2，则动力臂L1与阻力臂的L2的关系应为______ 。
A.L1>L2
B.L1=L2
C.L1 D.不能确定

14. 如图是人体身高测量仪的电路简化图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移。当开关闭合，被测身高增加时，电流表的示数______ ，电压表的示数______ ，定值电阻R0消耗的功率______ (均选填“变大”“变小”或“不变”)。
15. 小明设计的电路图如图甲，小灯泡L1、L2的额定电压分别为2.5V、1.5V。
(1)请根据电路图甲完成图乙的实物图连线；

(2)小明随后将L1换成额定电压为2.5V的LED(发光二极管)，如图丙，闭合开关后发现LED亮，而L2不亮；
①小明认为此时L2烧断，他判断是否正确？______ (选填“是”或“否”)；
依据是______ ；
②小芳认为L2两端电压不够，将图乙中的电池增至三节，闭合开关，两灯不亮，此时V1、V2的示数均为4.4V，这可能是______ 烧断(选填“LED”或“L2”)。
16. 如图甲所示的电路，闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片，当滑动到某点时，小灯泡L恰好正常发光(小灯泡额定电压为4V)。图乙分别绘制了滑片移动过程，小灯泡L和滑动变阻器R这两个用电器的电流与电压关系的图像。问：
(1)小灯泡与滑动变阻器的连接方式是______ (选填“串联”或“并联”)，V2测的是______ 的两端电压。(选填“L”、“R”或“电源”)；
(2)小灯泡正常发光时的电阻RL；
(3)小灯泡正常发光时滑动变阻器R的电功率：
(4)当电流为0.2A时，电路在100s内消耗的总电能。
17. 如图所示，规格相同的两个烧杯中分别装有甲、乙两种液体，m甲=m乙=2kg。用两个规格相同的电加热器加热，加热器相同时间产生的热量相同且全部被液体吸收，该过程中忽略液体蒸发，得到如图丙所示的温度与加热时间的图线。

(1)电加热器工作时，将______ 能转化成______ 能，使加热丝温度升高；
(2)两种液体的比热容c甲 ______ c乙(选填“>”“<”、“=”或“无法比较”)，你判断的依据是______ 。
18. 小明同学需要通过实验验证“当电流一定时，导体的电功率与电阻成正比”这个猜想是否正确。请你帮他把下列实验过程补充完整。
实验器材：干电池电源、开关、电阻箱、电流表、电压表、滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)请在虚线框中画出实验的电路图，电阻箱用表示
(2)补充实验步骤
①保持开关断开，按照电路图连接电路。
②调节电阻箱电阻为R1，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，读出此时电压表的示数U1和电流表的示数I1，记录数据。
③ ______ ，读出此时电压表的示数U2，记录数据。
④重复步骤③数次，记录数据。
(3)填写如表实验表格中的表头①处
实验次数
电阻R/Ω
电压U/V
电流I/A
① ______
1




2




3




4




5




(4)简述如何通过实验数据判断猜想是否正确______ 。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、电磁波可以在真空中传播，故A错误；
B、秦山核电站是利用可控的核裂变来获取稳定的能量的，故B错误；
C、太阳内部处于高温高压状态，持续发生的核聚变会产生大量能量以电磁波的形式向周围传播，故C正确；
D.新能源纯电动汽车是利用的电能，而电能需要消耗其他能源来产生，属于二次能源，故D错误。
故选：C。
(1)电磁波可以在真空中传播；
(2)目前的核电站都是利用可控的核裂变来获取能量的；
(3)太阳能是太阳内部发生的聚变反应产生的；
(4)电能属于二次能源。
目前，受技术限制，人类还不能利用核聚变来获取持续稳定的能量，所以现在的核电站都是利用核裂变来获取能量的。

2.【答案】C 
【解析】解：A.物体的内能增加物体的温度才会升高，所以由图钉的温度升高可知其内能增加，故A错误；
B.硬纸板对图钉钉帽做功使其内能增加，故B错误；
C.钉帽温度升高，甚至发烫，说明钉帽分子热运动更剧烈，故C正确；
D.钉帽和硬纸板内能增加的大小之和等于图钉克服摩擦力做功的多少，故D错误。
故选：C。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，当对物体做功时，机械能转化为内能，使内能增大，温度升高；
(2)在摩擦过程中有能量的损失，纸板的内能也增大，据此分析。
本题考查能量的转化，以及改变内能的方式，难度不大。

3.【答案】D 
【解析】解：小球沿弧线摆动至B点瞬间，小球的速度为0，此时若小球不再受任何力，根据牛顿第一定律可知，小球的运动状态不再改变，因此小球将在B点静止不动。
故选：D。
(1)牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态；
(2)物体在平衡力的作用下，保持静止或匀速直线运动状态。
本题考查了学生对牛顿第一定律的了解与掌握，属于基础题目。

4.【答案】B 
【解析】解：物体在水平地面上运动时，会受到地面施加的滑动摩擦力。影响滑动摩擦力大小的因素是接触面所受压力和接触面的粗糙程度。
二块长方形物体是完全相同的，对水平地面的压力等于自身的重力，也是相等的。放在相同的水平地面上，接触面的粗糙程度相同，所以二块长方形物体受到的摩擦力也是相同的。
故选：B。
解答此题主要从影响摩擦力大小的两个因素进行分析，只要这两个因素没有变，摩擦力的大小就不会发生变化。解答物体题目一定要把握住其本质，这也是解答各种物体习题的关键所在。

5.【答案】C 
【解析】AB、丝绸和玻璃棒相互摩擦，丝绸对电子的束缚能力强，故玻璃棒失去电子，带正电。将玻璃棒靠近轻质小球，发现它们相互吸引，带电物体能吸引轻小物体，说明小球带负电或不带电，故AB错误；
CD.丝绸和玻璃棒摩擦过程中，丝绸对电子的束缚能力强，故丝绸会得到电子，玻璃棒失去电子，故C正确，D错误。
故选：C。
分析：(1)带电物体会吸附轻小物体，故不能判断小球是否带电；
(2)丝绸和玻璃棒摩擦过程中，丝绸对电子的束缚能力强，故玻璃棒会失去电子。
本题考查了带电物体能吸引轻小物体的特点和摩擦起电的实质，属于基础题。

6.【答案】C 
【解析】解：A、由图象可知，液体在4℃时，体积最小，而质量不变，根据ρ=mV可知，液体密度是最大的，故A错误；
B、由图象可知，在0℃～4℃范围内，温度升高，体积减小，其密度增大，当温度高于4℃时，温度升高，体积增大，密度减小，故B错误；
C、由图象可知，2℃时液体的体积比8℃时的小，而质量不变，所以2℃时液体的密度比8℃时的大，故C正确；
D、由图象可知，由1℃升高到8℃，液体体积先变小后变大，质量不变，所以液体密度先变大再变小，故D错误。
故选：C。
根据图象分析每一段体积随温度的变化关系，然后利用密度公式即可判断其密度的变化。
解答本题的关键能从图象中找出有用的信息，熟练应用密度公式即可正确解题，难度不大。

7.【答案】B 
【解析】解：A、小球在c处达到最高点，只受到重力的作用，因此受力不平衡，故A错误；
B、由a运动到b，小球的质量不变，速度变大，高度变大，小球的动能和重力势能都变大，所以小球的机械能增加，故B正确；
C、由图可知：小球在a处排开水的体积大于在c处排开水的体积，根据F浮=ρ水gV排可知：小球在a处受到的浮力大于在b处受到的浮力，故C错误；
D、由b运动到c，当小球完全离开水面后，由于球的重力不变，高度变大，重力势能变大，故D错误。
故选：B。
(1)物体处于平衡状态时受平衡力，物体运动状态改变时，一定受到非平衡力；
(2)机械能包括动能和势能，根据它们的影响因素可做出判断；
(3)由图可知：小球在a处和b处排开水的体积关系，根据F浮=ρ水gV排即可判断受到的浮力大小。
本题以一个实验场景为内容，考查了对物体进行受力分析、机械能大小的判断等，体现了对物理能力的要求。

8.【答案】D 
【解析】解：
A、由图可知，该瓶底部连通，但A上端没有开口，所以不是连通器，故A错误；
B、大气压随着高度的增加而减小，若将此瓶从一楼拿到十楼，外界大气压变小，而A内部气压不变，所以B管液面会上升，故B错误；
C、若在B管上端开口处向水平方向吹气，B管上面的空气流速变大，压强变小，而A内部气压不变，所以B管液面会上升，故C错误；
D、晴天大气压比阴雨天高，而瓶内的气压不变，且p内=p外+ρ液gh，所以晴天时B管液面比阴雨天低，故D正确。
故选：D。
(1)根据连通器的概念分析解答；
(2)根据大气压与高度的关系分析解答；
(3)根据流体压强和流速的关系分析解答；
(4)知道晴天和阴雨天时外界大气压的变化，比较瓶内外的气压，判断阴雨天静置室内B管液面变化情况。
本题以“天气预报瓶”为载体，考查连通器原理、大气压与高度的关系、流体压强和流速的关系、天气与气压的关系。涉及到的知识点多，综合性强，理解其原理是判断的关键。

9.【答案】A 
【解析】解：根据安培定则和小磁针N极的方向，左图中线圈左端为N极；可见两图中磁场方向相同，在磁体上部，磁感线都是从左向右方向，当闭合电路一部分导体向上运动时，切割磁感线，所以会产生感应电流；因为磁场方向和切割磁感线方运动向相同，所以产生感应电流的方向相同。故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
(3)根据安培定则来判断通电螺线管的磁极。
知道电磁感应现象；会根据安培定则来判断通电螺线管的磁极；知道感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。

10.【答案】D 
【解析】解：闭合S1，灯L1亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝→a→S1→L1→c以及c点左侧的零线都没有断路；
再闭合S2，灯L2不亮，灯L2不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路，若灯L2短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡L1也不会发光；
用试电笔测a、b、c、d四个接线点，a、b、d三点的氖管发光，说明这三点与火线之间是接通的，则L2没有断路；试电笔只在c点不发光，说明c点与d点之间是断开的，所以故障是c、d两点间断路，故D正确。
故选：D。
试电笔在使用时，笔尖是火线，氖管会发光；灯不亮的原因可能是断路或者短路，结合测电笔检测时氖管的发光情况判断具体的故障位置。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。

11.【答案】3  6  变小  6 
【解析】解：(1)由丙图知，0～3s内物体的速度为零，物体处于静止状态，由图乙知，0～3s时的推力F=3N，而物体在水平方向上受到的静摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f静=F=3N；
(2)由丙图知，9～12s内，物体做匀速直线运动，且v=1m/s，由图乙知，9～12s时的推力F=6N，而物体在水平方向上受到的滑动摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f=F=6N；
由丙图知，在3～6s内，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以滑动摩擦力的大小不变，也为6N，则t=5s时，物体受到的滑动摩擦力为6N。
(3)由丙图知，6～9s内，物体做减速直线运动，速度减小，动能减小，重力势能不变；因此机械能变小；
9～12s内推力F做功的功率：
P=Fv=6N×1m/s=6W。
故答案为：(1)3；(2)6；(3)变小；(4)6。
(1)(2)由图中信息可判断0～3s物体静止，3～6s物体做加速运动；6～9s物体做减速运动，9～12s物体做匀速直线运动，从而判断各阶段物体受到的摩擦力。
滑动摩擦力大小与压力大小和接触面粗糙程度有关，与其他因素无关。
(3)影响动能大小的因素是质量和速度；影响重力势能大小的因素是质量和被举高的高度；机械能等于动能和重力势能的总和。
(4)根据P=Wt=Fst=Fv算出功率。
本题考查学生对滑动摩擦力和静摩擦力，机械能的转化、功率的计算，以及图象的认识等，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。

12.【答案】1000  2  1.26×104  84 
【解析】解：(1)水对杯底的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
水对杯底的压力为F=pS=1000Pa×20×10-4m2=2N；
(2)水吸收的热量为
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×300×10-3kg×10℃=1.26×104J；
电加热器消耗的电能为15000J；
电加热器的加热效率为η=Q吸W=1.26×104J15000J×100%=84%。
故答案为：(1)1000；2；(2)1.26×104；84。
(1)知道杯内水深和水的密度，利用液体压强公式求水对杯底的压强；利用压强定义式p=FS求出水对杯底的压力；
(2)根据Q吸=cmΔt计算水吸收的热量，已知消耗的电能，根据η=Q吸W计算加热效率。
本题考查液体压强与压力、热量与加热效率的计算，属于基础题，难度不大。

13.【答案】40  <  B  A 
【解析】解：(1)由图1可知，甲滑轮组的总功W总甲=1200J，额外功W额甲=800J，
则甲滑轮组的有用功：W有甲=W总甲-W额甲=1200J-800J=400J，
由W有=Gh可知，物体M的重力：GM=W有甲h=400J1m=400N，
由G=mg可知，物体M的质量：mM=GMg=400N10N/kg=40kg；
(2)甲滑轮组机械效率：η甲=W有甲W总甲×100%=400J1200J×100%≈33.3%；
由图可知，乙滑轮组做总功为800J，做额外功为400J，
则乙滑轮组的有用功：W有乙=W总乙-W额乙=800J-400J=400J，
则乙滑轮组机械效率：η乙=W有乙W总乙×100%=400J800J×100%=50%；
则两个滑轮组此过程的机械效率的大小关系是：η甲<η乙
(3)由图可知n甲=2，绳子自由端移动的距离：s甲=n甲h=2×1m=2m，
由W=Fs可知，甲滑轮组中绳子自由端的拉力：F甲=W总甲s甲=1200J2m=600N，
则F甲>GM，因此甲滑轮组费力，故选B；
(4)重物M对杠杆压力F2的作用点在AB上，压力的方向垂直于AB向下；从支点到动力的作用线的距离为动力臂，动力臂与动力的作用线是垂直的，过力臂L1的上端作力臂的垂线，可得F1的作用线，F1的作用线与杠杆AB的交点为动力F1的作用点，F1的作用效果与F2的作用效果相反，F2的方向向下，则杠杆动力F1的方向是斜向下的，如图所示：
；
根据杠杆平衡的条件：F1L1=F2L2，动力F1小于阻力F2，则动力臂L1大于阻力臂L2，故选A。
故答案为：(1)40；(2)<；(3)B；(4)见解答图；A。
(1)由图1可知甲滑轮组的总功和额外功，利用W总=W有+W额求有用功，利用W有=Gh求物体M的重力，根据G=mg求出物体M的质量；
(2)利用η=W有W总×100%求甲滑轮组的机械效率，由图1可知乙滑轮组的总功和额外功，利用W总=W有+W额求有用功，利用η=W有W总×100%求乙滑轮组的机械效率，进而比较两个滑轮组此过程的机械效率的大小；
(3)由图1甲可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，根据W=Fs求出F甲，与物体M的重力进行比较，进而判断甲滑轮组是否省力；
(4)压力的方向垂直于受压面向下，据此作出重物M对杠杆压力F2，从支点到动力的作用线的距离为动力臂，动力臂与动力的作用线是垂直的，据此作出杠杆受到的动力F1，根据杠杆平衡条件求出动力臂L1与阻力臂的L2的关系。
本题考查杠杆平衡条件、使用滑轮组时功和机械效率的计算，明确总功、有用功和额外功之间的关系是解题的关键。

14.【答案】变大  变小  变大 
【解析】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
当被测身高增加时，滑动变阻器电阻棒接入电路的长度变短，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知定值电阻R两端的电压变大，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知：滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小；
通过定值电阻R0的电流变大，定值电阻R0阻值不变，根据P=I2R可知，定值电阻R0消耗的功率变大。
故答案为：变大；变小；变大。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当被测身高增加时，根据滑片P的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由串联电路特点和欧姆定律判断电表示数如何变化；根据P=I2R分析定值电阻R0消耗的功率的变化。
本题考查通过计算电阻的大小得出人的身高，关键是计算出电阻棒接入电路的长度，要知道电流表和电压表分别测量哪部分的电流和电压，要学会从题目所给信息中找到有用的数据。

15.【答案】否  L2与LED串联，若L2烧断，LED不会有电流流过，则LED不会亮  LED 
【解析】解：(1)根据图甲知，两灯串联，电压表V1测L1的电压，电压表V2测电源的电压；因电源由两节干电池串联组成，则电源电压约为3V，故两个电压表都选用小量程与待测电路并联，如下图所示：

(2)①将L1换成LED(发光二极管)，此时L2与LED串联，因为串联电路中各用电器会相互影响，所以若L2烧断，LED不会有电流流过，LED灯也不亮，所以小明的判断是不正确的；
②由题知，将图乙中的电池增至三节，闭合开关，两灯不亮，此时V1、V2的示数均为4.4V，
若L2烧断，则电压表V1与电源不连通，V1示数为0，不符合题意；
若LED烧断，此时V1与L2串联，因电压表V1的内阻很大，则电路中电流非常小，所以L2不发光，此时V1测电源电压，V2也测电源的电压，所以V1、V2的示数均为4.4V，符合题意，因此是LED烧断。
故答案为：(1)如上图所示；
(2)①否；L2与LED串联，若L2烧断，LED不会有电流流过，则LED不会亮；
 ②LED。
(1)根据图甲知，两灯串联，电压表V1测L1的电压，电压表V2测电源的电压，根据电源电压确定两个电压表的量程，电压表与待测电路并联；
 (2)①将L1换成LED(发光二极管)，此时L2与LED串联，根据串联电路的特点分析；
②根据题意分析L2或LED烧断的现象，找出符合题意的答案。
本题考查了根据电路图连接实物图，同时考查串联电路的特点及电路故障的分析。

16.【答案】串联  L 
【解析】解：(1)由电路图可知，变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
(2)小灯泡额定电压为4V，由图乙可知灯泡两端的电压为4V时，通过灯泡的电流(额定电流)为0.8A，
根据欧姆定律I=UR可知，灯泡正常发光时的电阻：RL=U额I额=4V0.8A=5Ω；
(3)灯泡正常发光时，灯泡的电流为0.8A，根据串联电路的电流规律知，流过滑动变阻器的电流为0.8A，由图乙可知此时滑动变阻器两端的电压为3V；
则小灯泡正常发光时滑动变阻器R的电功率：PR=URIR=3V×0.8A=2.4W；
(4)由图乙可知，当电路中的电流为0.2A时，灯泡和变阻器两端的电压分别为1V、6V，
则电源电压：U总=UL+UR=1V+6V=7V；
电路在100s内消耗的总电能：W=U总It=7V×0.2A×100s=140J。
答：(1)串联；L；
(2)小灯泡正常发光时的电阻RL为5Ω；
(3)小灯泡正常发光时滑动变阻器R的电功率为2.4W；
(4)当电流为0.2A时，电路在100s内消耗的总电能为140J。
(1)由电路图可知，变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
(2)小灯泡额定电压为4V，根据图乙读出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；
(3)根据题意可知，小灯泡正常发光时的电压为额定电压为4V，根据串联电路的特点确定变阻器的电流，由图乙确定滑动变阻器的电压，再根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(4)当电路电流为0.2A时，根据图乙读出两电压表的示数，根据串联电路电压规律求出总电压，根据W=UIt计算电路在100s内消耗的总电能。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。

17.【答案】电  内  <  已加热器同规格且相同时间产生的热量相同且全部被液体吸收，根据Q=cmΔt，相同时间内，Q相同，且m相同，Δt甲>Δt乙，所以c甲 【解析】解：(1)电加热器工作时将电能转化为内能，使加热丝温度升高；
(2)加热器相同时间产生的热量相同且全部被液体吸收，由图丙可知，甲乙液体的质量和初温都相等，同样加热12min，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量，又由图乙可知，在12min时，甲液体的温度高于乙液体的温度，所以甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，由Q=cmΔt可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容，即c甲 故答案为：(1)电；内；
(2)<；已加热器同规格且相同时间产生的热量相同且全部被液体吸收，根据Q=cmΔt，相同时间内，Q相同，且m相同，Δt甲>Δt乙，所以c甲 (1)电加热器的工作原理是利用电流的热效应，通过电阻丝将电能转化为内能；
(2)使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题考查了电加热器的能量转化、比热容大小的判断、热量计算公式的应用，属于典型题。

18.【答案】断开开关，调节电阻箱电阻为R2，闭合开关，移动滑动变阻器滑片使电流表示数变为I1  P/W  计算每次实验中P与R比值并比较，若相等，则猜想正确，反之则猜想错误 
【解析】解：(1)要验证“当电流一定时，导体的电功率与电阻成正比”这个猜想，电阻箱、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在电阻箱两端，用滑动变阻器控制电路中电流不变，电路如下图所示：
；
(2)以②中的电流I1为准，换一个阻值探寻电功率与电阻的关系，因此③的步骤为：断开开关，调节电阻箱电阻为R2，闭合开关，移动滑动变阻器滑片使电流表示数变为I1，读出此时电压表的示数U2，记录数据；
(3)由实验目的可知，实验需要得到电功率的数据，所以实验记录表格表头①处为：P/W；
(4)判断过程如下：计算每次实验中P与R比值并比较，若相等，则猜想正确，反之则猜想错误。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开开关，调节电阻箱电阻为R2，闭合开关，移动滑动变阻器滑片使电流表示数变为I1；(3)电功率P/W；(4)计算每次实验中P与R比值并比较，若相等，则猜想正确，反之则猜想错误。
(1)要验证“当电流一定时，导体的电功率与电阻成正比”这个猜想，电阻箱、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在电阻箱两端，用滑动变阻器控制电路中电流不变；
(2)根据实验要求，改变电阻箱阻值，通过调节滑动变阻器使电路中电流保持不变，据此分析；
(3)根据实验目的设计表格；
(4)根据每次实验中P与R比值进行比较。
本题验证“当电流一定时，导体的电功率与电阻成正比”这个猜想，考查了电路设计、实验步骤、表格设计和结论分析等知识。