2023届上海市长宁区高三二模数学试题含解析

2023届上海市长宁区高三二模数学试题

一、填空题

1．已知集合，，则______.

【答案】

【分析】找出A与B的公共元素，即可确定出交集．

【详解】解：∵，，

∴．

故答案为：

【点睛】此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．

2．若“”是“”的充分条件，则实数的取值范围为___________．

【答案】

【分析】由充分条件定义直接求解即可.

【详解】“”是“”的充分条件，，，

即实数的取值范围为.

故答案为：.

3．已知事件A与事件B相互独立，如果，，那么__________．

【答案】/

【分析】根据独立事件的概率公式计算即可.

【详解】解：因为事件A与事件B相互独立，，

则，

所以，

故答案为：

4．已知圆锥侧面展开图的圆心角为，底面周长为，则这个圆锥的体积为___________．

【答案】/

【分析】利用圆的周长和扇形弧长公式可构造方程求得圆锥底面半径和母线长，由勾股定理可得圆锥的高，代入圆锥体积公式即可.

【详解】设圆锥底面半径为，母线长为，高为，

，解得：，，

圆锥体积.

故答案为：.

5．若函数为奇函数，则实数a的值为___________．

【答案】1

【分析】先求出函数的定义域，再由，代入求解即可.

【详解】因为函数的定义域为，

解得：，

所以由函数为奇函数，

则，由，

解得：.

故答案为：.

6．设随机变量X服从正态分布，若，则___________．

【答案】

【分析】根据正态分布的概念及性质即可求解概率.

【详解】解：因为，

所以，

故答案为：.

7．某小学开展劳动教育，欲在围墙边用栅栏围城一个2平方米的矩形植物种植园，矩形的一条边为围墙，如图．则至少需要___________米栅栏．

【答案】

【分析】设矩形植物种植园的宽、长为，由题意结合均值不等式求解即可.

【详解】设矩形植物种植园的宽、长为，

所以，

则，当且仅当“”时取等.

故至少需要米栅栏．

故答案为：．

8．若函数，满足，且，则___________.

【答案】3

【分析】先求，再对两边求导后令可求的值.

【详解】因为函数，满足，且，

所以，则，对两边求导，

可得，所以，因此.

故答案为：3

9．若对任意，均有，则实数a的取值范围为___________．

【答案】

【分析】由绝对值三角不等式可得在恒成立，即有或在恒成立，分别求解即可得答案.

【详解】解：因为在绝对值三角不等式中，当同号时有，

又因为，

所以在恒成立，

所以或在恒成立，

即有或在恒成立，

由，解得，

由，解得，

综上所述实数a的取值范围为.

故答案为：

10．已知空间向量，，，满足：，，，，则的最大值为___________．

【答案】3

【分析】令，，，，由向量的线性运算，由平行推出A，B，C三点共线，由数量积为0推出，即可分析D在以AB为直径的球面上，进而得到的最大值.

【详解】解：令，，，

则，

所以A，B，C三点共线，

又，

即，所以D在以AB为直径的球面上，

因为，，

则的最大值为.

故答案为：3.

11．已知是双曲线的左、右焦点，l是的一条渐近线，以为圆心的圆与l相切于点P，若双曲线的离心率为2，则__________．

【答案】

【分析】以为圆心的圆与l相切于点P，，所以由点到直线的距离求出，由余弦定理可得，求出，再由余弦定理求出，即可求出的值.

【详解】设双曲线的一条渐近线为，

则到直线的距离为，

因为以为圆心的圆与l相切于点P，，所以，

又因为双曲线的离心率为2，所以，则，

在中，，

在，，

解得：，

由余弦定理可得：，

所以.

故答案为：.

二、单选题

12．在下列统计指标中，用来描述一组数据离散程度的量是（    ）

A．平均数 B．众数 C．百分位数 D．标准差

【答案】D

【分析】根据中位数，平均数、百分位数和标准差的定义即可判断.

【详解】平均数、众数都是描述一组数据的集中趋势的量，

所以说平均数、众数都是描述一组数据的集中趋势的统计量，故A、B不正确；

百分位数是指将一组数据从小到大排列，并计算相应的累计百分位，

则某一个百分位所对应的数据的值称为这一百分位数的百分位数.

所以百分位数不能用来描述一组数据离散程度的量，故C不正确；

标准差反映了数据分散程度的大小，所以说标准差都是描述一组数据的离散程度的统计量，故D正确.

故选：D.

13．设复平面上表示和的点分别为点A和点B，则表示向量的复数在复平面上所对应的点位于（    ）

A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限  D．第四象限

【答案】A

【分析】由复数的几何意义求出，即可得出向量的复数在复平面上所对应的点所在象限.

【详解】复平面上表示和的点分别为点A和点B，

则，所以，

所以向量的复数在复平面上所对应的点位于第一象限.

故选：A.

14．已知正方体，点P在直线上，Q为线段BD的中点．则下列说法不正确的是（    ）

A．存在点P，使得

B．存在点P，使得

C．直线PQ始终与直线异面

D．直线PQ始终与直线异面

【答案】C

【分析】对于A，若包含在所垂直的平面内，则，当点P和点重合时，平面，可判断A正确；

对于B，通过线面平行的判定定理，当点P为线段的中点时，即可判断；

对于C，当点P和点重合时，两条线在同一平面内，不是异面直线；

对于D，直线PQ与另一条线所在的平面相交，从而证明这两条线不相交，也不平行即可.

【详解】正方体种，易得平面，

因为点P在直线上，Q为线段BD的中点，

当点P和点重合时，平面，

，故A正确；

连接,当点P为线段的中点时，为三角形的中位线，即//,故B正确；

平面,当点P和点重合时,平面，所以直线PQ和 在同一平面内，故C错误；

平面,平面，,所以直线PQ始终与直线不相交，且不平行，是异面直线，故D正确；

故选：C

15．设各项均为实数的等差数列和的前n项和分别为和，对于方程①，②，③．下列判断正确的是（    ）

A．若①有实根，②有实根，则③有实根

B．若①有实根，②无实根，则③有实根

C．若①无实根，②有实根，则③无实根

D．若①无实根，②无实根，则③无实根

【答案】B

【分析】若①有实根，得到，设方程与方程的判别式分别为和，得到，结合举反例可以判断选项AB；通过举反例可以判断选项CD.

【详解】若①有实根，由题意得：，

其中，，

代入上式得，

设方程与方程的判别式分别为和，

则等号成立的条件是．

又，

如果②有实根，则，则或者，所以③有实根或者没有实根，如 满足，，但是，所以③没有实根，所以选项A错误；

如果②没实根，则，则，所以③有实根，所以选项B正确；

若①无实根，则，②有实根，则,

设，所以，，

此时，则③有实根，所以选项C错误；

若①无实根，则，②无实根，则,

设，所以，，

此时，则③有实根，所以选项D错误.

故选：B

【点睛】关键点睛：解答本题的关键是排除法的灵活运用，要证明一个命题是假命题，证明比较困难，只需举一个反例即可.

三、解答题

16．盒子中有5个乒兵球，其中2个次品，3个正品．现从中不放回地随机摸取2次小球，每次一个．

(1)记“第二次摸出的小球是正品”为事件B，求证：；

(2)用X表示摸出的2个小球中次品的个数，求X的分布列和期望．

【答案】(1)证明见解析；

(2)分布列见解析，X的期望为.

【分析】（1）由题设第次抽到正品，第次抽到次品，，利用概率的加法公式证明；

（2）由题得X利用超几何分布写分布列，求出期望.

【详解】（1）由题设第次抽到正品，第次抽到次品，.

所以.

故得证.

（2）由题得X

所以；；.

所以X的分布列为

.

所以X的期望为.

17．如图，在四棱锥中，底面为直角梯形，，，，，分别为棱中点．

(1)求证：平面平面；

(2)若平面平面，直线与平面所成的角为，且，求二面角的大小．

【答案】(1)证明见解析

(2)

【分析】（1）根据平行四边形性质和三角形中位线性质，结合线面平行的判定可得平面，平面，由面面平行的判定可证得结论；

（2）根据面面垂直的性质可证得平面，由线面角定义可知，根据二面角平面角的定义可知所求二面角的平面角为，由长度关系可得结果.

【详解】（1）为中点，，，，，

四边形为平行四边形，，

平面，平面，平面；

分别为中点，，

平面，平面，平面；

，平面，平面平面.

（2）平面平面，平面平面，平面，，

平面，即为直线与平面所成角，即；

设，则，

平面，平面，，；

，，平面，平面，平面平面，

即为二面角的平面角，

，，，

即二面角的大小为.

18．某地新能源汽车保着量符合阻沛型增长模型，其中为自统计之日起，经过t年后该地新能源汽车保有量、和r为增长系数、M为饱和量．

下表是该地近6年年底的新能源汽车的保有量（万辆）的统计数据：

假设该地新能源汽车饱和量万辆．

(1)若，假设2018年数据满足公式，计算的值（精确到0.01）并估算2023年年底该地新能源汽车保有量（精确到0.1万辆）；

(2)设，则与t线性相关．请依据以上表格中相关数据，利用线性回归分析确定和r的值（精确到0.01）．

附：线性回归方程中回归系数计算公式如下：.

【答案】(1)，万辆

(2)，

【分析】（1）根据题意代入即可求出，代入利用公式估算即可得解；

（2）设设，转化为关于的线性回归问题，利用公式求出即可.

【详解】（1）由题意可知，2018年对应，，

满足，所以，解得，

因为年对应的，

所以

所以估计2023年底该地新能源汽车保有量为40.3万辆.

（2），

设，则，

，，

，

所以，

因为，

所以.

(该题无参考数据，需要计算器计算)

19．已知抛物线：的焦点为，准线为，直线经过点且与交于点、.

(1)求以为焦点，坐标轴为对称轴，离心率为的椭圆的标准方程；

(2)若，求线段的中点到轴的距离；

(3)设为坐标原点，为上的动点，直线、分别与准线交于点、.求证：为常数.

【答案】(1)

(2)1

(3)证明过程见解析

【分析】（1）已知焦点，就确定了椭圆的实轴所在的坐标轴和焦距，通过离心率就可以解出，，的值，进而写出椭圆的标准方程.

（2）因为是焦点弦，所以能求出值，设出直线方程与抛物线联立，解出直线方程，把中点横坐标代入求出纵坐标即为所求.

（3）设，利用点斜式写出，方程，进而表示出、两点坐标，用数量积表示出，再进行化简出常数即可.

【详解】（1）

解：根据题意设椭圆方程为，焦距为，

因为抛物线：的焦点为，且椭圆以为焦点，

所以，因为离心率为，所以，

因为，所以，

所以椭圆标准方程为.

（2）

解：因为直线经过点且与交于点、，设，，

因为，所以直线斜率一定存在，设方程为，组成方程组，则有，

则，，

因为，所以，则，

当时，直线方程为，且，所以中点纵坐标为，

此时中点到轴的矩离为.

根据对称性，当时，中点到轴的矩离也为.

（3）

由题意设直线方程为，与抛物线组成方程组：

，则，

有，，，

根据题意设，，，

则直线方程为，即，

因为点横坐标为，所以，即，

同理点坐标为，

所以，

化简得

因为，，

所以，即为常数.

20．（1）求简谐振动的振幅、周期和初相位；

（2）若函数在区间上有唯一的极大值点，求实数m的取值范围；

（3）设，，若函数在区间上是严格增函数，求实数a的取值范围．

【答案】（1）振幅为，周期，初相位；

（2）；

（3）；

【分析】（1）利用辅助角公式化简，即可得到振幅、周期和初相位；

（2）求导，令，求出导函数的零点，利用三角函数的单调性判断导函数的正负，进而分析出的单调，列表分析出有唯一的极大值点的情况，即可得到实数m的取值范围；

（3）求导，并对a分类讨论，利用余弦函数的单调性分析导函数在区间的正负，即可判断是否为严格增函数，进而得到实数a的取值范围.

【详解】解：（1），

所以振幅为，周期，初相位；

（2），

令，得, ，列表，

函数在区间上有唯一的极大值点时，，

即实数m的取值范围为.

（3），

当时，

因为，所以，

进而，

此时，在区间上是严格增函数；

当时，，不是严格增函数；

当时，设，则，

进而，，

此时，在区间上是严格减函数；

综上，若函数在区间上是严格增函数，则，

即实数a的取值范围.

【点睛】思路点睛：分类讨论思想是高中数学一项重要的考查内容，分类讨论思想要求在不能用统一的方法解决问题的时候，将问题划分成不同的模块，通过分块来实现问题的求解，体现了对数学问题的分析处理能力和解决能力.