2021-2022学年河南省项城市第三高级中学高二上学期10月第一次段考数学试题(A)(解析版)
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一、单选题
1.若在中,角的对边分别为,则( )
A.或 B. C. D.以上都不对
【答案】C
【分析】在中,根据,利用正弦定理求解.
【详解】在中,已知,
由正弦定理得:,
所以,
因为,
所以,
所以,
故选:C
2.在中,a,b,c分别为内角A,B,C所对的边,若,,则的面积是( )
A.3 B. C. D.
【答案】C
【分析】由已知结合余弦定理得出的值,即可根据面积公式得出答案.
【详解】,
即,
由余弦定理得,
解得:,
则,
故选:C.
3.的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若a,b,c成等差数列,,的面积为,则b=( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】由已知条件中的等差数列和三角形面积计算出,再运用余弦定理计算出的值,即可得到结果.
【详解】,,成等差数列,,平方得,
又的面积为,且,故由,
得,,
由余弦定理得,
解得,又为边长,,
故选.
4.设A,B两点在河的两岸,为测量A,B两点间的距离,小明同学在A的同侧选定一点C,测出A,C两点间的距离为80米,,请你帮小明同学计算出A,B两点间的距离,距离为( )米.
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】由正弦定理求解即可.
【详解】
由正弦定理可知
,
故选:B
5.若的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,,则B的解的个数是( )
A.2 B.1 C.0 D.不确定
【答案】A
【分析】通过正弦定理求得,分别判断在锐角和钝角时,是否存在即可.
【详解】由正弦定理知,,即 ,解得,
又,由三角函数性质知角B由两个解,
当角B为锐角时,满足,即存在;
当角B为钝角时,,,
则满足,即存在;故有两个解.
故选:A
【点睛】关键点点睛:当正弦值可以取两个解时,需要讨论其存在情况.
6.已知数列的通项公式为,则数列各项中最大项是( )
A.第13项 B.第14项 C.第15项 D.第16项
【答案】C
【分析】由给定条件知数列首项不是最大项,利用数列最大项比它前一项和后一项都不小的特点列式即可作答.
【详解】依题意得,设数列的最大项为,于是有,
从而得,整理得:,解得,而,则,
所以数列各项中最大项是第15项.
故选:C
7.若数列,则a5-a4=
A. B.- C. D.
【答案】C
【详解】试题分析:由
可得
【解析】数列通项公式
8.在数列中,,,则的值为( )
A.52 B.51 C.50 D.49
【答案】A
【分析】由题判断出函数为等差数列,即可求出.
【详解】由题意,数列满足,即,
又由,所以数列为 首项为2,公差为的等差数列,
所以.
故选:A.
9.在等差数列中,公差,且,则( )
A.99 B.66 C.33 D.0
【答案】B
【分析】易知是以为首项,公差为3的等差数列,利用等差数列求和公式求和即可.
【详解】根据题意,
所以,所以,
而是以为首项,公差为3的等差数列,
所以,
故选:B.
10.已知等差数列的前项之和为,前项和为,则它的前项的和为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】等差数列中也成等差数列,据此可解答﹒
【详解】由于等差数列中也成等差数列,即成等差数列,∴﹒
故选:C.
11.在等差数列中,,其前项和为,若,则的值等于
A.2011 B.-2012 C.2014 D.-2013
【答案】C
【详解】试题分析:等差数列中,即数列是首项为,公差为的等差数列;因为,,所以,,,
所以,,
选.
【解析】等差数列的求和公式,等差数列的通项公式.
12.南宋著名数学家秦九韶在其著作《数书九章》中创用了“三斜求积术”,其求法是:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂,余半之,自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隅,开平方得积.”翻译一下这段文字,即已知三角形的三边长,可求三角形的面积为.若中,内角,,所对的边分别为,,,且,,,则用“三斜求积术”求得的面积为( )
A. B.1 C. D.
【答案】D
【分析】由正弦定理得,由得,进而可得的面积.
【详解】根据正弦定理,由,由得,
所以的面积.
故选:D.
二、填空题
13.已知数列对任意正整数都有,且,是方程的两个实根,则_________.
【答案】9
【分析】根据等差中项的定义可得数列是等差数列,再由等差数列的性质即可求解.
【详解】因为数列对任意正整数都有,所以数列是等差数列,
因为,是方程的两个实根,由根与系数的关系可得,
因为数列是等差数列,所以,,可得,
所以,
故答案为:9.
14.已知,均为等差数列,其前项和分别为,,且,则_________.
【答案】
【详解】试题分析:由等差数列的性质求和公式可得:.
【解析】等差数列的前和的应用.
15.在中,,的外接圆的半径是,则角_____.
【答案】
【分析】根据条件结合正弦定理化简条件得,利用余弦定理求得角C.
【详解】三角形ABC外接圆半径,结合正弦定理知,
题设条件等价于,
即,由余弦定理知,
,又,故,
故答案为:
【点睛】方法点睛:利用正弦定理进行边角转化,化简得到边与边的关系,从而利用余弦定理求解角.
16.数列满足,,且数列满足从且只从第三项开始为递增数列,则实数的取值范围是________.
【答案】
【解析】结合二次函数的性质,求得的取值范围.
【详解】可以看做,对称轴为,
若数列满足从且只从第三项开始为递增数列,则只需.
故答案为:
【点睛】本小题主要考查数列的单调性,属于基础题.
三、解答题
17.在数列中,已知,且.
(1)求通项公式.
(2)求证:是递增数列.
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】(1)根据数列的通项将分别代入可计算出,可求得通项公式;(2)根据递增数列的定义,由即可得出证明.
【详解】(1)由,且可得
,解得;
因此.
所以,数列的通项公式为
(2)根据递增数列的定义可知,
,
即,
故是递增数列.
18.若的面积为,,且为锐角.
(1)求的值;
(2)求的值.
【答案】(1);
(2).
【分析】(1)根据面积公式求出sinA,再求出cosA;
(2)先用余弦定理求出边a,再将式子化简,求解即可.
【详解】(1)因为的面积为,所以 ,所以 . 因为 中,为锐角,所以.
(2)在中,由余弦定理,,所以.
由正弦定理 , 所以 .所以.
19.已知数列满足,,数列
(1)求证:等差数列;
(2)求数列的通项公式.
【答案】(1)证明见解析;(2)
【分析】(1)根据题意,计算,由等差数列的定义,即可证明结论成立;
(2)先由(1)求出,即可得出.
【详解】(1)由题可,且,
又因为
所以数列是以为首项,为公差的等差数列
(2)由(1)可知,
故.
【点睛】本题主要考查证明数列是等差数列,以及求数列的通项公式,属于基础题型.
20.在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,满足.
(1)求角A;
(2)若的外接圆半径为1,求的面积S的最大值.
【答案】(1) ;(2)
【分析】(1)化简,再用余弦定理和三角形内角和,即可求出角A.
(2)根据正弦定理求出a,根据余弦定理结合基本不等式以及三角形的面积公式进行求解即可.
【详解】解:(1)由化简得,
由余弦定理
得
又因为,
所以.
(2)由正弦定理得
所以,
当且仅当时取等号.
故(时取等号).
即面积S的最大值为
【点睛】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,三角形的面积公式,基本不等式的性质在解三角形中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于基础题.
21.设数列的前项和为.
(1)求数列的通项公式;
(2)若,求.
【答案】(1), ;(2),.
【分析】(1)利用求得数列的通项公式,进而求得数列的通项公式.
(2)利用分组求和法,结合分类讨论的数学思想,求得的表达式.
【详解】(1)当时,,当时,,所以,当是上式也符合,故数列的通项公式为.令,解得,故为负数,开始数列为正数.故.也即数列的通项公式为.
(2)当时,.
,.
当时,.
综上所述,.
【点睛】本小题主要考查等差数列和的关系式,考查含有绝对值的数列的通项公式和前项和公式的求法,考查分类讨论的数学思想方法,属于中档题.
22.如图,为方便市民游览市民中心附近的“网红桥”,现准备在河岸一侧建造一个观景台,已知射线,为两边夹角为的公路(长度均超过3千米),在两条公路,上分别设立游客上下点,,从观景台到,建造两条观光线路,,测得千米,千米.
(1)求线段的长度;
(2)若,求两条观光线路与之和的最大值.
【答案】(1)3千米;(2)最大值为6千米.
【分析】(1),.用余弦定理,即可求出;
(2)设,,用正弦定理求出,,展开,结合辅助角公式可化为,由的取值范围,即可求解.
【详解】解:(1)在中,由余弦定理得,
,,
所以线段的长度为3千米;
(2)设,因为,所以,
在中,由正弦定理得,
.
所以,,
因此
,
因为,所以.
所以当,即时,取到最大值6.
所以两条观光线路与之和的最大值为6千米.
【点睛】解三角形应用题的一般步骤:
(1)阅读理解题意,弄清问题的实际背景,明确已知与未知,理清量与量之间的关系.
(2)根据题意将实际问题抽象成解三角形问题的模型.
(3)根据题意选择正弦定理或余弦定理求解.
(4)将三角形问题还原为实际问题,注意实际问题中的有关单位问题、近似计算的要求等.
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