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    2021-2022学年浙江省宁波市九校高二(上)期末数学试卷

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    2021-2022学年浙江省宁波市九校高二(上)期末数学试卷

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    这是一份2021-2022学年浙江省宁波市九校高二(上)期末数学试卷,共21页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2021-2022学年浙江省宁波市九校高二(上)期末数学试卷
    一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
    1.(5分)已知向量.若,则(  )
    A.x+y=1 B.x﹣y=1 C.x+y=0 D.x﹣y=﹣1
    2.(5分)已知数列{an}的通项公式为.若数列{an}的前n项和为Sn,则Sn取得最大值时n的值为(  )
    A.2 B.3 C.4 D.5
    3.(5分)若函数y=f(x)的图象如图所示,则函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象可能是(  )

    A. B.
    C. D.
    4.(5分)已知直线l:y=x+1,椭圆.若直线l与椭圆C交于A,B两点,则线段AB的中点的坐标为(  )
    A. B. C. D.
    5.(5分)若数列{an}为等差数列,数列{bn}为等比数列,则下列不等式一定成立的是(  )
    A.b1+b4≤b2+b3 B.b4﹣b1≤b3﹣b2
    C.a1a4≥a2a3 D.a1a4≤a2a3
    6.(5分)已知f′(x)是偶函数f(x)(x∈R)的导函数,f(1)=1.若x>0时,3f(x)+xf′(x)>0,则使得不等式(x﹣2022)3f(x﹣2022)>1成立的x的取值范围是(  )
    A.(2021,+∞) B.(﹣∞,2021) C.(2023,+∞) D.(﹣∞,2023)
    7.(5分)若将双曲线C:mx2﹣ny2=λ绕其对称中心顺时针旋转120°后可得到某一函数的图象,且该函数在区间(0,+∞)上存在最小值,则双曲线C的离心率为(  )

    A. B. C.2 D.
    8.(5分)如图,在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AC且AB⊥AC,点E为AA1中点.若平面α过点E,且平面α与直线AB所成角和平面α与平面BCC1B1所成锐二面角的大小均为30°,则这样的平面α有(  )

    A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
    二、选择题:本题共4小题,每小遉5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
    (多选)9.(5分)若是三个不共面的单位向量,且两两夹角均为θ,则(  )
    A.θ∈(0,π)
    B.能构成空间的一个基底
    C.“”是“P,A,B,C四点共面”的充分不必要条件
    D.
    (多选)10.(5分)在平面直角坐标系xOy中,点F(1,0),动点M到点F的距离与到直线x=﹣1的距离相等,记M的轨迹为曲线C.若过点F的直线与曲线C交于A(x1,y1),B(x2,y2)两点,则(  )
    A.y1y2=﹣1
    B.△OAB的面积的最小值是2
    C.当|AF|=2|BF|时,
    D.以线段OF为直径的圆与圆N:(x﹣3)2+y2=1相离
    (多选)11.(5分)若函数f(x)=(x﹣a)ex(a∈R),则(  )
    A.函数y=f(x)的值域为R
    B.函数g(x)=xf(x)有三个单调区间
    C.方程f(x)+x=0有且仅有一个根
    D.函数y=f(f(x))有且仅有一个零点
    (多选)12.(5分)若数列{an}满足,则(  )
    A.当时,
    B.当时,
    C.当a1=3,m=﹣1时,
    D.当a1=3,m=﹣1时,
    三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
    13.(5分)如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的《详解九章算法.商功》中,后人称为“三角垛”.“三角垛”的最上面一层有1个球,第二层有3个球,第三层有6个球⋯⋯.设各层球数构成一个数列{an},其中a1=1,a2=3,a3=6,则a5=   .

    14.(5分)已知点F1为双曲线的左焦点,过原点的直线l与双曲线C相交于P,Q两点.若|PF1|=3,则|QF1|=   .

    15.(5分)如图,正四棱锥P﹣ABCD的棱长均为2,点E为侧棱PD的中点.若点M,N分别为直线AB,CE上的动点,则MN的最小值为    .

    16.(5分)若函数恰有两个极值点,则k的取值范围是    .
    四、解答题:本題共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
    17.(10分)已知过点A(3,2)的圆的圆心M在直线y=3x上,且y轴被该圆截得的弦长为4.
    (Ⅰ)求圆M的标准方程;
    (Ⅱ)设点N(﹣2,3),若点P为x轴上一动点,求|PM|+|PN|的最小值,并写出取得最小值时点P的坐标.
    18.(12分)已知函数.
    (Ⅰ)当a=1时,求曲线y=f(x)在点P(2,f(2))处的切线方程;
    (Ⅱ)若对任意的恒成立,求实数a的取值范围.
    19.(12分)已知正项等差数列{an}满足:,且2a1,a2,a3+1成等比数列.
    (Ⅰ)求{an}的通项公式;
    (Ⅱ)设{bn}的前n项和为Sn,且2nSn=an+2,求{b2n}的前n项和.
    20.(12分)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥底面ABCD,AD∥BC,AD⊥CD,AB⊥AC,CD=2AD=2.
    (Ⅰ)证明:PB⊥AC;
    (Ⅱ)当PB的长为何值时,直线AB与平面PCD所成角的正弦值为?

    21.(12分)已知椭圆的离心率为,以椭圆两个焦点与短轴的一个端点为顶点构成的三角形的面积为.
    (Ⅰ)求椭圆C的标准方程;
    (Ⅱ)过点P(0,2)作直线l与椭圆C相切于点Q,且直线l斜率大于0,过线段PQ的中点R作直线交椭圆于A,B两点(点A,B不在y轴上),连结PA,PB,分别与椭圆交于点M,N,试判断直线MN的斜率是否为定值;若是,请求出该定值.

    22.(12分)已知函数f(x)=ln(x+1)+a(a∈R).
    (Ⅰ)讨论函数y=f(x)的单调性;
    (Ⅱ)若函数y=f(x)存两个零点x1,x2,证明:x1•x2+x1+x2>e4﹣1.

    2021-2022学年浙江省宁波市九校高二(上)期末数学试卷
    参考答案与试题解析
    一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
    1.(5分)已知向量.若,则(  )
    A.x+y=1 B.x﹣y=1 C.x+y=0 D.x﹣y=﹣1
    【解答】解:根据题意,向量.
    若,设t,即(x,﹣1,y)=t(﹣1,2,﹣1)=(﹣t,2t,﹣t)
    解可得:t,
    则有x=y,
    由此分析选项:x+y=1,
    故选:A.
    2.(5分)已知数列{an}的通项公式为.若数列{an}的前n项和为Sn,则Sn取得最大值时n的值为(  )
    A.2 B.3 C.4 D.5
    【解答】解:因为,
    所以a1=7>0,且数列{an}是一个首项为正,先增后减的数列,
    令an=﹣2n2+9n<0,则n或n<0,
    因为n∈N*,所以从n=5开始,an<0,
    所以前4项的和最大.
    故选:C.
    3.(5分)若函数y=f(x)的图象如图所示,则函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象可能是(  )

    A. B.
    C. D.
    【解答】解:由函数的图象可知函数在x=a时,取得极大值,x=b时,取得极小值,
    所以x<a时,f′(x)>0,a<x<b,f′(x)<0,x>b时,f′(x)>0,
    考察选项只有C满足题意,
    故选:C.

    4.(5分)已知直线l:y=x+1,椭圆.若直线l与椭圆C交于A,B两点,则线段AB的中点的坐标为(  )
    A. B. C. D.
    【解答】解:由题意,消去y可得:2x2+3x=0,
    所以A,B两点中点的横坐标为:(x1+x2),
    中点的纵坐标为:1.
    线段AB的中点的坐标为:.
    故选:B.
    5.(5分)若数列{an}为等差数列,数列{bn}为等比数列,则下列不等式一定成立的是(  )
    A.b1+b4≤b2+b3 B.b4﹣b1≤b3﹣b2
    C.a1a4≥a2a3 D.a1a4≤a2a3
    【解答】解:若bn=2n,A,B显然不满足,
    a1a4﹣a2a3=a1(a1+3d)﹣(a1+d)(a1+2d)=﹣2d2≤0,
    所以a1a4≤a2a3,D正确.
    故选:D.
    6.(5分)已知f′(x)是偶函数f(x)(x∈R)的导函数,f(1)=1.若x>0时,3f(x)+xf′(x)>0,则使得不等式(x﹣2022)3f(x﹣2022)>1成立的x的取值范围是(  )
    A.(2021,+∞) B.(﹣∞,2021) C.(2023,+∞) D.(﹣∞,2023)
    【解答】解:设F(x)=x3f(x),
    F′(x)=3x2f(x)+x3f′(x)=x2[3f(x)+xf′(x)],
    因为x>0时,3f(x)+xf′(x)>0,
    所以x>0时,F′(x)>0,F(x)单调递增,
    因为f(x)为偶函数,
    所以f(x)=f(﹣x),
    所以F(﹣x)=(﹣x)3f(﹣x)=﹣x3f(x)=﹣F(x),
    所以F(x)为奇函数,
    所以F(x)在(﹣∞,+∞)上单调递增,
    因为f(1)=1,
    所以F(1)=13f(1)=f(1)=1,
    因为(x﹣2022)3f(x﹣2022)>1,
    所以F(x﹣2022)>F(1),
    所以x﹣2022>1,
    所以x>2023,
    故选:C.
    7.(5分)若将双曲线C:mx2﹣ny2=λ绕其对称中心顺时针旋转120°后可得到某一函数的图象,且该函数在区间(0,+∞)上存在最小值,则双曲线C的离心率为(  )

    A. B. C.2 D.
    【解答】解:双曲线C:mx2﹣ny2=λ,令λ=0,则y2x2,显然mn>0,
    则渐近线方程为y=±x,如图所示k,l为双曲线的渐近线,
    绕其对称中心顺时针旋转120°后可得到某一函数的图象,
    则渐近线l应旋到与坐标轴y轴重合,
    由题意可得直线yx,故渐近线的倾斜角应等于30°,
    该函数在区间(0,+∞)上存在最小值即,
    ∴n=3m,
    ∴mx2﹣3my2=λ,
    即1,
    ∴e,
    故选:A.

    8.(5分)如图,在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=AC且AB⊥AC,点E为AA1中点.若平面α过点E,且平面α与直线AB所成角和平面α与平面BCC1B1所成锐二面角的大小均为30°,则这样的平面α有(  )

    A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
    【解答】解:取BB1中点F,连接EF,
    则在所有过E点与EF成30°角的平面α,
    均与以EF为轴的圆锥相切,
    当α在面ADD1A1时,α与面BCC1B1所成角为75°,
    当α在面AEE1A1时,α与面BCC1B1所成角为15°,
    α过E点绕EF且与EF顾30°角从面AA1D1D开始旋转,
    α与面BB1C1C所成角从75°→90°→15°→90°→75°变化,
    此过程中,有两次角为30°,
    综上,这样的平面α有2个.
    故选:B.

    二、选择题:本题共4小题,每小遉5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
    (多选)9.(5分)若是三个不共面的单位向量,且两两夹角均为θ,则(  )
    A.θ∈(0,π)
    B.能构成空间的一个基底
    C.“”是“P,A,B,C四点共面”的充分不必要条件
    D.
    【解答】解:是三个不共面的单位向量,且两两夹角均为θ,
    对于A,由向量所成角的定义得θ∈(0,π),故A正确;
    对于B,∵不共面,∴能构成空间的一个基底,故B正确;
    对于C,∵“”,2﹣1+1=2,∴“P,A,B,C四点不共面”,
    ∵“P,A,B,C四点共面”,∴“”不成立,
    ∴“”是“P,A,B,C四点共面”的不充分不必要条件,故C错误;
    对于D,∵是三个不共面的单位向量,且两两夹角均为θ,
    ∴()•()•()
    0,故D正确.
    故选:ABD.
    (多选)10.(5分)在平面直角坐标系xOy中,点F(1,0),动点M到点F的距离与到直线x=﹣1的距离相等,记M的轨迹为曲线C.若过点F的直线与曲线C交于A(x1,y1),B(x2,y2)两点,则(  )
    A.y1y2=﹣1
    B.△OAB的面积的最小值是2
    C.当|AF|=2|BF|时,
    D.以线段OF为直径的圆与圆N:(x﹣3)2+y2=1相离
    【解答】解:依据题意动点P到点F(1,0)的距离与它到直线x=﹣1的距离相等.
    由抛物线定义知点P的轨迹是以F为焦点,直线x=﹣1为准线的抛物线,
    所以点P的轨迹C的方程为:y2=4x,
    对于A,取AB⊥x轴,则y1y2=﹣4,故A错误;
    对于B,显然直线AB的斜率不为0,设直线AB的方程为x=my+1,联立,整理可得:y2﹣4my﹣4=0,则y1+y2=4m,y1y2=﹣4,
    所以S△OAB|OF|•|y1﹣y2|•1••2,当m=0时取等号,所以△OAB的面积的最小值是2,所以B正确;
    C中,|AF|=2|BF|时,则2,所以(1﹣x1,﹣y1)=2(x2﹣1,y2),可得﹣y1=2y2,即y1=﹣2y2③,而y1+y2=4m,①,y1y2=﹣4②,
    ①②③联立可得m2,x1+x2=m(y1+y2)+2=4m2+2,
    由抛物线的性质可得|AB|=x1+x2+p2,所以C正确;
    D中,以OF为直径的圆的方程为(x)2+y2,圆心C(,0),半径r1,
    圆N:(x﹣3)2+y2=1的圆心N(3,0),半径r2=1,
    所以圆心距|CN|=|3|r1+r2=1,
    可得两个圆相离,所以D正确;
    故选:BCD.
    (多选)11.(5分)若函数f(x)=(x﹣a)ex(a∈R),则(  )
    A.函数y=f(x)的值域为R
    B.函数g(x)=xf(x)有三个单调区间
    C.方程f(x)+x=0有且仅有一个根
    D.函数y=f(f(x))有且仅有一个零点
    【解答】解:对于A:f′(x)=ex+(x﹣a)ex=(x﹣a+1)ex,
    令f′(x)=0,得x=a﹣1,
    所以在(a﹣1,+∞)上,f′(x)>0,f(x)单调递增,
    在(﹣∞,a﹣1)上,f′(x)<0,f(x)单调递减,
    所以f(x)在x=a﹣1处取得最小值f(x)min=f(a﹣1)=(a﹣1﹣a)ea﹣1=﹣ea﹣1<0,
    所以f(x)的值域为(﹣ea﹣1,+∞),故A错误;
    对于B:g(x)=xf(x)=x(x﹣a)ex=(x2﹣ax)ex,
    g′(x)=(2x﹣a)ex+(x2﹣ax)ex=[x2+(2﹣a)x﹣a]ex,
    令h(x)=x2+(2﹣a)x﹣a,
    Δ=(2﹣a)2﹣4×1×(﹣a)=a2+4>0,
    所以h(x)有两个零点x1,x2,
    所以在(﹣∞,x1)上,h(x)>0,g′(x)>0,g(x)单调递增,
    在(x1,x2)上,h(x)<0,g′(x)<0,g(x)单调递减,
    在(x2,+∞)上,h(x)>0,g′(x)>0,g(x)单调递增,
    所以g(x)=xf(x)有三个单调区间,故B正确;
    对于C:方程f(x)+x=0的根为a=x的根,
    令p(x)=x,
    p′(x)=11,
    令q(x)=ex+(1﹣x),
    q′(x)=ex﹣1,
    所以在(﹣∞,0)时,q′(x)<0,q(x)单调递减,
    在(0,+∞)时,q′(x)>0,q(x)单调递增,
    所以q(x)min=0,
    所以q(x)>0,p′(x)>0,p(x)单调递增,
    所以y=a与p(x)=x有一个交点,
    所以方程a=x只有一个根,
    所以方程f(x)+x=0有且只有一个根,故C正确;
    对于D:y=f(f(x))零点为f(f(x))=0的根,
    令t=f(x),则f(t)=0,
    所以(t﹣a)et=0,即t=a,
    所以问题转化为方程f(x)=a的根,
    所以(x﹣a)ex=a,
    所以a,
    令s(x),
    s′(x),
    令u(x)=ex+1+x,
    u′(x)=ex+1>0,
    所以u(x)在(﹣∞,+∞)上单调递增,
    所以x→﹣∞时,u(x)→﹣∞;x→+∞时,u(x)→+∞,
    所以存在x0∈(﹣∞,+∞),u(x0)=0,
    所以在(﹣∞,x0)上,u(x)<0,s′(x)<0,s(x)单调递减,
    在(x0,+∞)上,u(x)>0,s′(x)>0,s(x)单调递增,
    所以s(x)min=s(x0),
    当a时,方程f(f(x))=0无根,函数y=f(f(x))没有零点,
    当a时,方程f(f(x))=0有一个根,函数y=f(f(x))有一个零点,
    当a时,方程f(f(x))=0有两个根,函数y=f(f(x))有两个零点,
    故D错误.
    故选:BC.
    (多选)12.(5分)若数列{an}满足,则(  )
    A.当时,
    B.当时,
    C.当a1=3,m=﹣1时,
    D.当a1=3,m=﹣1时,
    【解答】解:对于A,当时,,
    ∴1≥3,
    当,即an=2时取等号,
    ∵(an+1)2()2,
    ∴等号取不到,故A正确;
    对于B,由A知3,即,∴,
    ∴3•[1﹣()n]<3,故B错误;
    对于C,当n=1时,,不满足题设条件,故C错误;
    对于D,当a1=3,m=﹣1时,,
    ∴,
    ∴,∴,
    ∴•••1,故D正确.
    故选:AD.
    三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
    13.(5分)如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的《详解九章算法.商功》中,后人称为“三角垛”.“三角垛”的最上面一层有1个球,第二层有3个球,第三层有6个球⋯⋯.设各层球数构成一个数列{an},其中a1=1,a2=3,a3=6,则a5= 15 .

    【解答】解:由题意可知,a1=1,a2=a1+2=1+2,a3=a2+3=1+2+3,…,an=an﹣1+n=1+2+3+…+n,
    故an=1+2+3+…+n,
    所以a515,
    故答案为:15.
    14.(5分)已知点F1为双曲线的左焦点,过原点的直线l与双曲线C相交于P,Q两点.若|PF1|=3,则|QF1|= 7 .

    【解答】解:由双曲线的方程可得a2=4,b2=1,可得c2=a2+b2=5,可得a=2,c,
    若|PF1|=3,当P在双曲线的右支上时,|PF1|≥a+c=2,显然不符合,
    设双曲线的右焦点F2,
    所以可得P在左支上,由双曲线的定义可得|PF2|=2a+|PF1|=4+3=7,
    由双曲线的对称性及直线l的对称性,可得|QF1|=|PF2|=7,
    故答案为:7.

    15.(5分)如图,正四棱锥P﹣ABCD的棱长均为2,点E为侧棱PD的中点.若点M,N分别为直线AB,CE上的动点,则MN的最小值为   .

    【解答】解:MN的长的最小值即为异面直线AB与CE之间的距离,
    又AB∥CD,所以AB∥平面PCD,所以直线到平面PCD的距离即为异面直线AB与CE之间的距离,
    所以只需求A到平面PCD的距离即可,
    过P作PO⊥平面ABCD于O,则O为正方形ABCD的中心,连接AC,则O为AC的中点,
    所以易求PO,所以VP﹣ACD2×2,
    设A到平面PCD的距离为h,则VA﹣PCD2×2×sin60°×hh,
    所以h,所以h,
    所以MN的最小值为.
    故答案为:.

    16.(5分)若函数恰有两个极值点,则k的取值范围是  (,1) .
    【解答】解:,
    函数f(x)的定义域是(0,+∞),
    而f′(x),
    令f′(x)=0,解得:x=1或k,
    若函数f(x)恰有2个极值点,
    则y=k和h(x)的图像在(0,+∞)上恰有1个横坐标不为1的交点,
    而h′(x),
    令h′(x)>0,解得:1<x<3,令h′(x)<0,解得:x<1或x>3,
    故h(x)在(0,1)递减,在(1,3)递增,在(3,+∞)递减,
    而h(0)=1,h(1)=0,h(3),x→+∞时,h(x)→0,
    故k∈(,1)时,符合题意,
    故答案为:(,1).
    四、解答题:本題共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
    17.(10分)已知过点A(3,2)的圆的圆心M在直线y=3x上,且y轴被该圆截得的弦长为4.
    (Ⅰ)求圆M的标准方程;
    (Ⅱ)设点N(﹣2,3),若点P为x轴上一动点,求|PM|+|PN|的最小值,并写出取得最小值时点P的坐标.
    【解答】解:(Ⅰ)因为圆心M在直线y=3x上,设圆心M(a,3a),则半径r,
    因为y轴被该圆截得的弦长为4,因为圆心M到y轴的距离为d=|a|,
    所以4=22,解得a=1
    所以圆心M(1,3),半径r,
    圆的方程为(x﹣1)2+(y﹣3)2=5;
    (Ⅱ)作N关于x轴的对称点N'(﹣2,﹣3),连接N'M于x轴的交点P,
    则这时|PN|+|PM|=|PN'|+|PM|≥|N'P|,当且N',P,M三点共线时|PN|+|PM|的值最小且为3,
    直线N'M的方程为:y﹣3(x﹣1)=2(x﹣1),令y=0,可得:x,
    所以P(,0)时,|PM|+|PN|的值最小,且为3.

    18.(12分)已知函数.
    (Ⅰ)当a=1时,求曲线y=f(x)在点P(2,f(2))处的切线方程;
    (Ⅱ)若对任意的恒成立,求实数a的取值范围.
    【解答】解:(Ⅰ)当a=1时,函数f(x)=x3﹣x2x+1,则f′(x)=3x2﹣2x,f(2)=23﹣221=4,切线斜率k=f′(2)=3×22﹣2×2,
    ∴曲线y=f(x)在点P(2,f(2))处的切线方程为y﹣4(x﹣2)即15x﹣2y﹣22=0;
    (Ⅱ)对任意的恒成立即x3﹣x2x+1≥0恒成立⇔x2﹣x恒成立,
    令g(x)=x2﹣x,∴g′(x)=2x﹣1,当x∈[,2]时,由g′(x)=2x﹣10得2x3﹣x2﹣1>0,即(x﹣1)(2x2+x+1)>0,
    可知2x2+x+1>0,∴不等式解得1<x≤2,∴函数g(x)的单调递增区间是(1,2],单调递减区间是[,1),
    ∴函数g(x)在[,2]上的最小值为g(1)=12﹣11,∴1,∴a≤2.
    故实数a的取值范围是(﹣∞,2].
    19.(12分)已知正项等差数列{an}满足:,且2a1,a2,a3+1成等比数列.
    (Ⅰ)求{an}的通项公式;
    (Ⅱ)设{bn}的前n项和为Sn,且2nSn=an+2,求{b2n}的前n项和.
    【解答】解:(Ⅰ)由题意知,,即,
    解得a1=1或﹣2,
    因为正项等差数列{an},所以a1=1,所以d=3,
    故{an}的通项公式为an=a1+(n﹣1)d=3n﹣2.
    (Ⅱ)因为2nSn=an+2=3n﹣2+2=3n,
    所以Sn,b1=S1,
    所以bn=Sn﹣Sn﹣1(n≥2),
    当n=1时,b1,符合上式,
    故{bn}的通项公式为bn,
    所以b2n,
    设数列{b2n}的前n项和为Tn,
    则Tn=6(),①
    Tn=6(),②
    ①﹣②得,Tn=6(0)=﹣6•6•,
    所以Tn=(),
    故{b2n}的前n项和为.
    20.(12分)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥底面ABCD,AD∥BC,AD⊥CD,AB⊥AC,CD=2AD=2.
    (Ⅰ)证明:PB⊥AC;
    (Ⅱ)当PB的长为何值时,直线AB与平面PCD所成角的正弦值为?

    【解答】(Ⅰ)证明:由于PA⊥底面ABCD,AC⊂底面ABCD,故PA⊥AC,
    又AB⊥AC,PA∩AB=A,故AC⊥平面PAB,
    PB⊂平面PAB,则PB⊥AC.
    (Ⅱ)解:如图所示,以点A为坐标原点,AB,AC,AP方向为x,y,z轴正方向建立空间直角坐标系A﹣xyz,

    由几何关系可得,
    设P(0,0,h),平面PCD的法向量,
    则,
    据此可得.
    又,
    故直线AB与平面PCD所成角的正弦值为,
    解得h=2,
    即PB的长为时,直线AB与平面PCD所成角的正弦值为.

    21.(12分)已知椭圆的离心率为,以椭圆两个焦点与短轴的一个端点为顶点构成的三角形的面积为.
    (Ⅰ)求椭圆C的标准方程;
    (Ⅱ)过点P(0,2)作直线l与椭圆C相切于点Q,且直线l斜率大于0,过线段PQ的中点R作直线交椭圆于A,B两点(点A,B不在y轴上),连结PA,PB,分别与椭圆交于点M,N,试判断直线MN的斜率是否为定值;若是,请求出该定值.

    【解答】解:(Ⅰ)由题意得,解得a2=8,b2=2,
    则椭圆C的标准方程为 .
    (II)设切线PQ的方程为y=kx+2(k>0),A(x1,y1),B(x2,y2),M(x3,y3),N(x4,y4),
    由,消去y得(1+4k2)x2+16kx+8=0,①
    则Δ=(16k)2﹣32(1+4k2)=32(4k2﹣1)=0,
    解得或(舎去),
    将代入①得,
    x2+4x+4=0,
    解得xQ=﹣2,则,
    所以Q(﹣2,1),
    又R为PQ中点,则,
    因为PA,PB斜率都存在,不妨设,,
    由①可得,
    所以,

    同理,,
    则,
    又R,A,B三点共线,
    则,
    化简得,
    所以.
    22.(12分)已知函数f(x)=ln(x+1)+a(a∈R).
    (Ⅰ)讨论函数y=f(x)的单调性;
    (Ⅱ)若函数y=f(x)存两个零点x1,x2,证明:x1•x2+x1+x2>e4﹣1.
    【解答】解:(I)函数f(x)=ln(x+1)+a(a∈R),x∈(﹣1,+∞).
    f′(x),
    a≥0时,f′(x)>0,函数f(x)在x∈(﹣1,+∞)上单调递增.
    a<0时,f′(x),函数f(x)在x∈(﹣1,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减.
    (Ⅱ)证明:由(I)可知:a<0时,f(1)=ln2>0时,即a<0时函数y=f(x)存两个零点x1,x2,不妨设﹣1<x1<x2,
    ln(x1+1)+a0,ln(x2+1)+a0,
    ∴ln(x1•x2+x1+x2+1)=﹣a(),
    lna((),
    ∴ln(x1•x2+x1+x2+1)•ln,
    令t>1,
    则ln(x1•x2+x1+x2+1)•lnt2,
    要证明:x1•x2+x1+x2>e4﹣1,即证明ln(x1•x2+x1+x2+1)•lnt2>4.
    即证明lnt0,
    令g(t)=lnt,t∈(1,+∞),
    g′(t)0,
    ∴函数g(t)在t∈(1,+∞)上单调递增,
    ∴g(t)>g(1)=0,∴lnt0成立,
    因此x1•x2+x1+x2>e4﹣1成立.
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