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2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2（含答案解析）
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这是一份2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2（含答案解析），共29页。
2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
1．（3分）（2022•邗江区校级一模）下列各数中，与5互为相反数的是（ ）
A． B．﹣5 C．|﹣5| D．
2．（3分）（2021秋•南阳期末）已知am＝5，an＝2，则a2m+n的值等于（ ）
A．50 B．27 C．12 D．25
3．（3分）（2022•瑞金市模拟）下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（3分）（2022•新乡一模）如图是由7个相同的小正方体组成的几何体，若另取一个相同的小正方体，按照图中的摆放方法放在标有数字的某一个小正方体上，则左视图发生改变的是（ ）
A．1的上面 B．2的上面 C．3的上面 D．4的上面
5．（3分）（2021秋•宣化区期末）如图，BD是⊙O的切线，∠BCE＝30°，则∠D＝（ ）
A．40° B．50° C．60° D．30°
6．（3分）（2021秋•惠州期末）把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘（ ）
A．x B．x﹣2 C．x（x﹣2） D．3x（x﹣2）
7．（3分）（2021秋•中山区期末）如图，△ABC≌△DEC，点E在AB边上，∠ACD＝40°，则∠B的度数为（ ）
A．40° B．65° C．70° D．80°
8．（3分）（2021秋•泰和县期末）从甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生中随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性是（ ）
A． B． C． D．
9．（3分）（2021秋•金安区校级期末）如图，已知直线l1∥l2∥l3，直线m、n分别与直线l1、l2、l3分别交于点A、B、C、D、E、F，若DE＝3，DF＝8，则的值为（ ）
A． B． C． D．
10．（3分）（2021秋•管城区校级期末）如图，在一个单位为1的方格纸上，△A1A2A3，△A3A4A5，△A5A6A7，…，是斜边在x轴上，斜边长分别为2，4，6，…的等腰直角三角形．若△A1A2A3的顶点坐标分别为A1（2，0），A2（1，﹣1），A3（0，0），则依图中所示规律，A2021的横坐标为（ ）
A．﹣1008 B．﹣1010 C．1012 D．﹣1012
二．填空题（共10小题，满分30分，每小题3分）
11．（3分）（2021秋•河西区期末）中国倡导的“一带一路”建设将促进我国与世界各国的互利合作，根据规划“一带一路”地区覆盖总人口约为4500000000人，这个数用科学记数法表示为 ．
12．（3分）（2022春•丹徒区月考）已知菱形ABCD的对角线交于点O，AC＝24cm，BD＝10cm，则菱形的高为 ．
13．（3分）（2021秋•揭西县期末）反比例函数 图象上有两点A（﹣3，4）、B（m，2），则m＝ ．
14．（3分）（2022春•江岸区校级月考）已知实数a在数轴上的位置如图所示，则化简|a﹣2|+的结果为 ．
15．（3分）（2020•覃塘区二模）因式分解：3m2﹣3＝ ．
16．（3分）（2021秋•呼和浩特期末）二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为 ．
17．（3分）（2021秋•肇东市校级期末）若a＞b＞c，则不等式组的解集是 ．
18．（3分）（2022春•玉林月考）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC，BD相交于点E，∠CBD＝90°，BC＝4，AC＝10，则平行四边形ABCD的面积为 ．
19．（3分）（2021秋•正定县期末）如图，在扇形BOC中，∠BOC＝60°，OD平分∠BOC交于点D，点E为半径OB上一动点．若OB＝3，则阴影部分周长的最小值为 ．
20．（3分）（2021秋•阳信县期末）如图，在△ABC中，∠B＝30°，AC＝5，cosC＝，则AB边的长为 ．
三．解答题（共7小题，满分60分）
21．（7分）（2021秋•迁安市期末）先化简再求值：（，其中x＝．
22．（7分）（2022春•上杭县校级月考）在正方形的网格中，每个小正方形的边长为1个单位长度，△ABC的三个顶点A，B，C都在格点（正方形网格的交点称为格点）．现将△ABC平移．使点A平移到点D，点E、F分别是B、C的对应点．
（1）在图中请画出平移后的△DEF；
（2）分别连接AD，BE，则AD与BE的数量关系为 ，位置关系为 ．
（3）求四边形ABED的面积．
23．（8分）（2021秋•雁塔区校级期末）2021年2月25日，习总书记在北京举行的全国脱贫攻坚总结表彰大会上宣布，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，完成了消灭绝对贫困的艰巨任务，创造了又一个彪炳史册的人间奇迹．某合作社为帮助农民增收致富，利用网络平台销售当地的一种农副产品，为了解该农副产品在一个季度内每天的销售额，从中随机抽取了20天的销售额（单位：万元）作为样本，数据如下：
16 14 13 17 15 14 16 17 14 1415 14 15 15 14 16 12 13 13 16
（1）根据上述样本数据，补全条形统计图；
（2）上述样本数据的众数是 ，中位数是 ；
（3）根据样本数据，估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
24．（8分）（2021秋•长丰县期末）如图，在△ABC和△CDE中，点B、D、C在同一直线上，已知∠ACB＝∠E，AC＝CE，AB∥DE，求证：△ABC≌△CDE．
25．（10分）（2021秋•宿松县期末）《四元玉鉴》是一部成就辉煌的数学名著，在中国古代数学史上有着重要地位．其中
酒分醇醨．
务中听得语吟吟，亩道醇醨酒二盆．
醇酒一升醉三客，醨酒三升醉一人．
共通饮了一斗九，三十三客醉醺醺．
欲问高明能算士，几何醨酒几多醇？
其大意为：有好酒和薄酒分别装在瓶中．好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，试问好酒、薄酒各有多少升？现在设好酒有x升，薄酒有y升，请你求出x、y的值分别是多少？
26．（10分）（2022•海珠区校级模拟）如图，⊙O的内接三角形ABC中，AB＝AC，过点B作⊙O的切线，交CA延长线于D，过D作⊙O的另一条切线DE，切点为E，连接AE、BE、CE．
（1）求证：△DBA∽△DCB；
（2）判断AB•CE与AE•BC之间的数量关系，并给出证明；
（3）探究：在BC长度的变化过程中，是否为定值？若是，请求出这个值；若不是，请说明理由．
27．（10分）（2022•常州模拟）设抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（一1，0）、B（4，0），与y轴交于点C．
（1）求抛物线的解析式及∠ACB的度数；
（2）已知点D（1，n ）在抛物线上，过点A的直线y＝x+1交抛物线于另一点E．若点P在x轴上，以点P、B、D为顶点的三角形与△AEB相似，求点P的坐标．
2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
1．（3分）（2022•邗江区校级一模）下列各数中，与5互为相反数的是（ ）
A． B．﹣5 C．|﹣5| D．
【考点】绝对值；相反数．
【专题】实数．
【分析】根据只有符号不同的两个数互为相反数解答．
【解答】解：A、与5互为倒数，故错误；
B、﹣5与5互为相反数，故正确；
C、|﹣5|＝5；故错误；
D、﹣与﹣5互为倒数，故错误．
故选：B．
【点评】本题考查了实数的性质，主要利用了互为相反数的定义，对各选项准确化简是解题的关键．
2．（3分）（2021秋•南阳期末）已知am＝5，an＝2，则a2m+n的值等于（ ）
A．50 B．27 C．12 D．25
【考点】幂的乘方与积的乘方；同底数幂的乘法．
【专题】常规题型．
【分析】直接利用同底数幂的乘除运算法则以及幂的乘方运算法则分别计算得出答案．
【解答】解：∵am＝5，an＝2，
∴a2m+n＝（am）2×an
＝52×2
＝50．
故选：A．
【点评】此题主要考查了同底数幂的乘除运算以及幂的乘方运算，正确掌握运算法则是解题关键．
3．（3分）（2022•瑞金市模拟）下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A． B．
C． D．
【考点】中心对称图形；轴对称图形．
【专题】平移、旋转与对称；几何直观．
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念，对各选项分析判断即可得解．把一个图形绕某一点旋转180°，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形；如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形．
【解答】解：A．既是轴对称图形，又是中心对称图形，故本选项符合题意；
B．不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项不符合题意；
C．不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不符合题意；
D．是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不符合题意；
故选：A．
【点评】本题考查了中心对称图形和轴对称图形的定义，能熟记中心对称图形和轴对称图形的定义是解此题的关键．
4．（3分）（2022•新乡一模）如图是由7个相同的小正方体组成的几何体，若另取一个相同的小正方体，按照图中的摆放方法放在标有数字的某一个小正方体上，则左视图发生改变的是（ ）
A．1的上面 B．2的上面 C．3的上面 D．4的上面
【考点】简单组合体的三视图．
【专题】投影与视图；空间观念．
【分析】根据左视图是从左面看到的图形判定则可．
【解答】解：当放在1、2或3的上面，左视图不变，左边一列依然是三个小正方形，右边一列是一个小正方形；
当放在4的上面，左视图发生变化，左边一列是三个小正方形，右边两列是一个小正方形；
故选：D．
【点评】本题考查了简单组合体的三视图，掌握三视图是解题的关键．
5．（3分）（2021秋•宣化区期末）如图，BD是⊙O的切线，∠BCE＝30°，则∠D＝（ ）
A．40° B．50° C．60° D．30°
【考点】切线的性质；圆周角定理．
【专题】与圆有关的位置关系；推理能力．
【分析】连接OB，根据圆周角定理得到∠BOD＝60°，根据切线的性质得到∠OBD＝90°，于是得到∠D＝90°﹣60°＝30°．
【解答】解：连接OB，
∵∠BCE＝30°，
∴∠BOD＝2∠C＝60°，
∵BD是⊙O的切线，
∴∠OBD＝90°，
∴∠D＝90°﹣60°＝30°，
故选：D．
【点评】本题考查了切线的性质，圆周角定理，正确的作出辅助线是解题的关键．
6．（3分）（2021秋•惠州期末）把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘（ ）
A．x B．x﹣2 C．x（x﹣2） D．3x（x﹣2）
【考点】解分式方程．
【专题】分式方程及应用；运算能力．
【分析】找出x﹣2与x的最简公分母，去分母即可．
【解答】解：把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘x（x﹣2）．
故选：C．
【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．
7．（3分）（2021秋•中山区期末）如图，△ABC≌△DEC，点E在AB边上，∠ACD＝40°，则∠B的度数为（ ）
A．40° B．65° C．70° D．80°
【考点】全等三角形的性质．
【专题】图形的全等；推理能力．
【分析】根据全等三角形的性质得出∠ACB＝∠DCE，CE＝CB，即可得到答案．
【解答】解：∵△ABC≌△DEC，
∴∠ACB＝∠DCE，CE＝CB，
∴∠BCE＝∠DCA＝40°．
∴∠B＝∠CEB＝（180°﹣40°）＝70°，
故选：C．
【点评】本题考查了全等三角形的性质的应用，注意：全等三角形的对应角相等，对应边相等．
8．（3分）（2021秋•泰和县期末）从甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生中随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性是（ ）
A． B． C． D．
【考点】概率公式．
【专题】探究型．
【分析】先求出学生的总数，再求出可能出现的情况，求出其比值即可．
【解答】解：∵共有甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生，
∴随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性＝．
故选：B．
【点评】本题考查的是概率公式，用到的知识点为：概率＝所求情况数与总情况数之比．
9．（3分）（2021秋•金安区校级期末）如图，已知直线l1∥l2∥l3，直线m、n分别与直线l1、l2、l3分别交于点A、B、C、D、E、F，若DE＝3，DF＝8，则的值为（ ）
A． B． C． D．
【考点】平行线分线段成比例．
【专题】图形的相似；推理能力．
【分析】根据平行线分线段成比例定理解答即可．
【解答】解：∵l1∥l2∥l3，
∴，
∵DE＝3，DF＝8，
∴，
即＝，
故选：B．
【点评】本题考查了平行线分线段成比例定理，注意：一组平行线截两条直线，所截的线段对应成比例．
10．（3分）（2021秋•管城区校级期末）如图，在一个单位为1的方格纸上，△A1A2A3，△A3A4A5，△A5A6A7，…，是斜边在x轴上，斜边长分别为2，4，6，…的等腰直角三角形．若△A1A2A3的顶点坐标分别为A1（2，0），A2（1，﹣1），A3（0，0），则依图中所示规律，A2021的横坐标为（ ）
A．﹣1008 B．﹣1010 C．1012 D．﹣1012
【考点】规律型：点的坐标．
【专题】规律型；推理能力．
【分析】根据图形先确定出A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点，再写出前几个三角形的相应的点的横坐标，从而得到点的横坐标的变化规律，然后写出即可．
【解答】解：∵A3是第一与第二个等腰直角三角形的公共点，
A5是第二与第三个等腰直角三角形的公共点，
A7是第三与第四个等腰直角三角形的公共点，
A9是第四与第五个等腰直角三角形的公共点，
…，
∵2021＝1010×2+1，
∴A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点，
∴A2021在x轴正半轴，
∵OA5＝4，OA9＝6，OA13＝8，
…，
∴OA2021＝（2021+3）÷2＝1012，
∴点A2021的坐标为（1012，0）．
故选：C．
【点评】本题考查了点的坐标规律的变化，仔细观察图形，先确定点A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点并确定出在x轴正半轴是解题的关键．
二．填空题（共10小题，满分30分，每小题3分）
11．（3分）（2021秋•河西区期末）中国倡导的“一带一路”建设将促进我国与世界各国的互利合作，根据规划“一带一路”地区覆盖总人口约为4500000000人，这个数用科学记数法表示为 4.5×109 ．
【考点】科学记数法—表示较大的数．
【专题】实数；数感．
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：4500000000＝4.5×109．
故答案为：4.5×109．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
12．（3分）（2022春•丹徒区月考）已知菱形ABCD的对角线交于点O，AC＝24cm，BD＝10cm，则菱形的高为 cm ．
【考点】菱形的性质．
【专题】等腰三角形与直角三角形；矩形 菱形 正方形；运算能力；推理能力．
【分析】根据菱形的对角线互相垂直平分求出OA、OB，再根据勾股定理列式求出AB，然后利用菱形的面积列式计算即可得解．
【解答】解：如图，DH为菱形ABCD的高，
在菱形ABCD中，AC＝24cm，BD＝10cm，
∴OA＝AC＝12（cm），OB＝BD＝5（cm），AC⊥BD，
在Rt△AOB中，AB＝＝＝13（cm），
∵DH⊥AB，
∴菱形ABCD的面积＝AC•BD＝AB•DH，
即×24×10＝13•DH，
解得：DH＝（cm）．
故答案为：cm．
【点评】本题考查了菱形的对角线互相垂直平分的性质，勾股定理，根据菱形的面积的两种表示方法列出方程是解题的关键．
13．（3分）（2021秋•揭西县期末）反比例函数 图象上有两点A（﹣3，4）、B（m，2），则m＝ ﹣6 ．
【考点】反比例函数图象上点的坐标特征．
【专题】反比例函数及其应用；运算能力．
【分析】由点A的坐标得到反比例函数的解析式，再把点B的坐标代入可得m的值．
【解答】解：把A（﹣3，4）代入 可得k＝﹣3×4＝﹣12，
所以反比例函数的解析式是y＝﹣，
当x＝2时，m＝﹣6．
故答案为：﹣6．
【点评】本题考查反比例函数图象上点的坐标特征，掌握待定系数法求得解析式是解题关键．
14．（3分）（2022春•江岸区校级月考）已知实数a在数轴上的位置如图所示，则化简|a﹣2|+的结果为 2 ．
【考点】二次根式的性质与化简；实数与数轴．
【专题】二次根式；运算能力．
【分析】根据a点在数轴上的位置判断出a﹣2及a的符号，再去绝对值符号，合并同类项即可．
【解答】解：∵由图可知，0＜a＜2，
∴a﹣2＜0，|a|＞0，
∴原式＝2﹣a+a＝2．
故答案为：2．
【点评】本题考查了二次根式的性质与化简：根据a点在数轴上的位置判断出a﹣2及a的符号是解决此类问题的关键．
15．（3分）（2020•覃塘区二模）因式分解：3m2﹣3＝ 3（m﹣1）（m+1） ．
【考点】提公因式法与公式法的综合运用．
【分析】首先提公因式3，再利用平方差进行分解即可．
【解答】解：原式＝3（m2﹣1）＝3（m﹣1）（m+1），
故答案为：3（m﹣1）（m+1）．
【点评】此题主要考查了提公因式法与公式法分解因式，要求灵活使用各种方法对多项式进行因式分解，一般来说，如果可以先提取公因式的要先提取公因式，再考虑运用公式法分解．
16．（3分）（2021秋•呼和浩特期末）二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为 ﹣3 ．
【考点】二次函数的最值．
【专题】二次函数图象及其性质．
【分析】根据二次函数的性质解答．
【解答】解：根据二次函数的性质可知，二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为﹣3，
故答案为：﹣3．
【点评】本题考查的是二次函数的最值，掌握二次函数的性质是解题的关键．
17．（3分）（2021秋•肇东市校级期末）若a＞b＞c，则不等式组的解集是 x＞a ．
【考点】解一元一次不等式组．
【专题】一元一次不等式（组）及应用；运算能力．
【分析】根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小找不到确定不等式组的解集．
【解答】解：∵a＞b＞c，
∴不等式组的解集是x＞a，
故答案为：x＞a．
【点评】本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．
18．（3分）（2022春•玉林月考）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC，BD相交于点E，∠CBD＝90°，BC＝4，AC＝10，则平行四边形ABCD的面积为 24 ．
【考点】平行四边形的性质．
【专题】等腰三角形与直角三角形；多边形与平行四边形；运算能力；推理能力．
【分析】根据平行四边形的性质得到CE＝AC＝5，BD＝2BE，根据勾股定理得到BE＝＝＝3，求得BD＝6，由平行四边形的面积公式即可得到结论．
【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴CE＝AC＝5，BD＝2BE，
∵∠CBD＝90°，BC＝4，
∴BE＝＝＝3，
∴BD＝6，
∴平行四边形ABCD的面积为BC•BD＝4×6＝24，
故答案为：24．
【点评】本题考查了平行四边形的性质，勾股定理，熟练掌握平行四边形的性质是解题的关键．
19．（3分）（2021秋•正定县期末）如图，在扇形BOC中，∠BOC＝60°，OD平分∠BOC交于点D，点E为半径OB上一动点．若OB＝3，则阴影部分周长的最小值为 3+ ．
【考点】弧长的计算；圆周角定理．
【专题】与圆有关的计算；应用意识．
【分析】利用轴对称的性质，得出当点E移动到点E′时，阴影部分的周长最小，此时的最小值为弧CD的长与CD′的长度和，分别进行计算即可．
【解答】解：如图，作点D关于OB的对称点D′，连接D′C交OB于点E′，连接E′D、OD′．
此时E′C+E′D最小，即：E′C+E′D＝CD′，
由题意得，∠COD＝∠DOB＝∠BOD′＝30°，
∴∠COD′＝90°，
∴CD′＝＝＝3，
∴的长l＝＝，
∴阴影部分周长的最小值为3+．
故答案为：3+．
【点评】本题考查与圆有关的计算，掌握轴对称的性质，弧长的计算方法是正确计算的前提，理解轴对称解决路程最短问题是关键．
20．（3分）（2021秋•阳信县期末）如图，在△ABC中，∠B＝30°，AC＝5，cosC＝，则AB边的长为 8 ．
【考点】解直角三角形．
【专题】计算题；解直角三角形及其应用；应用意识．
【分析】过点A作AD⊥BC，垂足为D．在Rt△ACD中，通过∠C的余弦先求出CD，再求出AD，在Rt△ABD中求出AB．，
【解答】解：过点A作AD⊥BC，垂足为D．
在Rt△ACD中，
∵cosC＝＝，AC＝5，
∴CD＝3．
∴AD＝
＝4．
在Rt△ABD中，
∵∠B＝30°，
∴AB＝2AD＝8．
故答案为：8．
【点评】本题考查了解直角三角形，作高构造直角三角形是解决题的关键．
三．解答题（共7小题，满分60分）
21．（7分）（2021秋•迁安市期末）先化简再求值：（，其中x＝．
【考点】分式的化简求值；实数的运算．
【专题】实数；分式；运算能力．
【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，利用算术平方根、立方根性质，以及二次根式乘法法则确定出x的值，代入计算即可求出值．
【解答】解：原式＝[﹣]÷
＝•
＝•
＝﹣，
当x＝﹣3+﹣＝﹣3+3﹣＝﹣时，
原式＝﹣＝．
【点评】此题考查了分式的化简求值，以及实数的运算，熟练掌握各自的运算法则是解本题的关键．
22．（7分）（2022春•上杭县校级月考）在正方形的网格中，每个小正方形的边长为1个单位长度，△ABC的三个顶点A，B，C都在格点（正方形网格的交点称为格点）．现将△ABC平移．使点A平移到点D，点E、F分别是B、C的对应点．
（1）在图中请画出平移后的△DEF；
（2）分别连接AD，BE，则AD与BE的数量关系为 AD＝BE ，位置关系为 AD∥BE ．
（3）求四边形ABED的面积．
【考点】作图﹣平移变换；全等三角形的判定与性质；勾股定理．
【专题】作图题；几何直观．
【分析】（1）利用平移变换的性质作出B，C的对应点E，F即可；
（2）根据平移变换的性质解决问题即可；
（3）四边形ABED的面积＝平行四边形ABPQ的面积．
【解答】解：（1）如图，△DEF即为所求；
（2）AD＝BE，AD∥BE．
故答案为：AD＝BE，AD∥BE；
（3）四边形ABED的面积＝平行四边形ABPQ的面积＝7×4＝28．
【点评】本题考查作图﹣平移变换，平行四边形的性质等知识，解题关键是掌握平移变换的性质，学会用转化的思想思考问题．
23．（8分）（2021秋•雁塔区校级期末）2021年2月25日，习总书记在北京举行的全国脱贫攻坚总结表彰大会上宣布，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，完成了消灭绝对贫困的艰巨任务，创造了又一个彪炳史册的人间奇迹．某合作社为帮助农民增收致富，利用网络平台销售当地的一种农副产品，为了解该农副产品在一个季度内每天的销售额，从中随机抽取了20天的销售额（单位：万元）作为样本，数据如下：
16 14 13 17 15 14 16 17 14 1415 14 15 15 14 16 12 13 13 16
（1）根据上述样本数据，补全条形统计图；
（2）上述样本数据的众数是 14万元 ，中位数是 14.5万元 ；
（3）根据样本数据，估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
【考点】条形统计图；中位数；众数；总体、个体、样本、样本容量；用样本估计总体．
【专题】统计的应用；数据分析观念；运算能力．
【分析】（1）根据题目中的数据，可以得到销售额14万元和16万元的天数，然后即可将条形统计图补充完整；
（2）根据条形统计图中的数据，可以直接写出样本数据的众数，计算出样本数据的中位数；
（3）根据条形统计图中的数据，可以计算出这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
【解答】解：（1）由题目中的数据可得，
销售额为14万元的有6天，销售额为16万元的有4天，
补全的条形统计图如右图所示；
（2）由条形统计图可得，
样本数据的众数是14万元，中位数是（14+15）÷2＝14.5（万元），
故答案为：14万元，14.5万元；
（3）×（12×1+13×3+14×6+15×4+16×4+17×2）＝14.65（万元），
答：估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额是14.65万元．
【点评】本题考查条形统计图、中位数、众数、加权平均数、用样本估计总体，解答本题的关键是明确条形统计图的特点，会计算一组数据的中位数和加权平均数．
24．（8分）（2021秋•长丰县期末）如图，在△ABC和△CDE中，点B、D、C在同一直线上，已知∠ACB＝∠E，AC＝CE，AB∥DE，求证：△ABC≌△CDE．
【考点】全等三角形的判定．
【专题】线段、角、相交线与平行线；图形的全等；推理能力．
【分析】根据平行线的性质得出∠B＝∠EDC，根据全等三角形的判定定理AAS推出即可．
【解答】证明：∵AB∥DE，
∴∠B＝∠EDC，
在△ABC和△CDE中，
，
∴△ABC≌△CDE（AAS）．
【点评】本题考查了全等三角形的判定定理和平行线的性质，能熟记全等三角形的判定定理是解此题的关键，注意：全等三角形的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，两直角三角形全等还有HL等．
25．（10分）（2021秋•宿松县期末）《四元玉鉴》是一部成就辉煌的数学名著，在中国古代数学史上有着重要地位．其中
酒分醇醨．
务中听得语吟吟，亩道醇醨酒二盆．
醇酒一升醉三客，醨酒三升醉一人．
共通饮了一斗九，三十三客醉醺醺．
欲问高明能算士，几何醨酒几多醇？
其大意为：有好酒和薄酒分别装在瓶中．好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，试问好酒、薄酒各有多少升？现在设好酒有x升，薄酒有y升，请你求出x、y的值分别是多少？
【考点】二元一次方程组的应用．
【专题】一次方程（组）及应用；运算能力；推理能力；应用意识．
【分析】由题意：好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，列出方程组，解方程组即可．
【解答】解：由题意，得：，
解得：，
即x＝10升，y＝9升．
【点评】本题考查了二元一次方程组的应用，找准等量关系，列出二元一次方程组是解题的关键．
26．（10分）（2022•海珠区校级模拟）如图，⊙O的内接三角形ABC中，AB＝AC，过点B作⊙O的切线，交CA延长线于D，过D作⊙O的另一条切线DE，切点为E，连接AE、BE、CE．
（1）求证：△DBA∽△DCB；
（2）判断AB•CE与AE•BC之间的数量关系，并给出证明；
（3）探究：在BC长度的变化过程中，是否为定值？若是，请求出这个值；若不是，请说明理由．
【考点】圆的综合题．
【专题】圆的有关概念及性质；与圆有关的位置关系；图形的相似；推理能力．
【分析】（1）作直径BF，连接AF，可得∠ABD+∠ABF＝∠F+∠ABF＝90°，∠F＝∠BCD，从而∠ABD＝∠BCD，进而证得△DBA∽△DCB；
（2）△DBA∽△DCB，＝，同理可得，＝，结合BD＝DE，进一步得出结果；
（3）作直径EF，连接BF，OD，作OG⊥CA于G，证明△ABE∽△GCE，进一步得出结果．
【解答】（1）证明：如图1，
作直径BF，连接AF，
∴∠BAF＝90°，
∴∠F+∠ABF＝90°，
∵＝，
∴∠BCA＝∠F，
∴∠BCA+∠ABF＝90°，
∵BD是⊙O的切线，
∴∠DBF＝90°，
∴∠ABD+∠ABF＝90°，
∴∠ABD＝∠BCA，
∵∠ADB＝∠BDC，
∴△DBA∽△DCB；
（2）解：AB•CE＝AE•BC，理由如下：
由（1）得，
△DBA∽△DCB，
∴＝，
同理可得，
＝，
∵BD和DE是⊙O的切线，
∴BD＝DE，
∴＝，
∴＝，
∴AB•CE＝BC•AE；
（3）解：如图2，
作直径EF，连接BF，OD，作OG⊥CA于G，
∵DE是⊙O的切线，
∴∠OE⊥DE，
∴∠DEO＝∠AGO＝90°，
∴点E、D、O、G共圆，
∴∠DOE＝∠DGE，
∵DB和DE是⊙O的切线，
∴BD＝DE，
∵OB＝OE，
∴OD⊥BE，
∵EF是⊙O的直径，
∴EB⊥BF，
∴OD∥BF，
∴∠DOE＝∠F，
∴∠DGE＝∠F，
∵四边形ABFE是⊙O的内接四边形，
∴∠F+∠BAE＝180°，
∴∠DGE+∠BAE＝180°，
∵∠CGE+∠DGE＝180°，
∴∠BAE＝∠CGE，
∵＝，
∴∠ABE＝∠ACE，
∴△ABE∽△GCE，
∴＝，
∵OG⊥AC，
∴AC＝2CG，
∵AB＝AC，
∴AB＝2CG，
∴＝＝2．
【点评】本题考查了圆周角定理及其推论，垂径定理，切线性质，圆内接四边形性质，相似三角形的判定和性质等知识，解决问题的关键是作辅助线，构造相似三角形．
27．（10分）（2022•常州模拟）设抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（一1，0）、B（4，0），与y轴交于点C．
（1）求抛物线的解析式及∠ACB的度数；
（2）已知点D（1，n ）在抛物线上，过点A的直线y＝x+1交抛物线于另一点E．若点P在x轴上，以点P、B、D为顶点的三角形与△AEB相似，求点P的坐标．
【考点】二次函数综合题．
【分析】（1）先把A（﹣1，0）、B（4，0）代入y＝ax2+bx﹣2，列出关于a、b的方程组，解方程组求出a、b的值，得到抛物线的解析式为：y＝x2﹣x﹣2，那么点C的坐标为（0，﹣2），再计算出AC2+BC2＝AB2，根据勾股定理的逆定理得到∠ACB＝90°；
（2）将D（1，n ）代入y＝x2﹣x﹣2，求得n＝﹣3，即D（1，﹣3）．再将y＝x+1与抛物线的解析式联立，求出E点坐标为（6，7）．过点E作EH⊥x轴于H，则H（6，0），求出∠EAH＝∠DBA＝45°，那么∠DBH＝135°，根据90°＜∠EBA＜135°，得到点P只可能在点B的左侧，设点P的坐标为（x，0），分两种情况讨论：①若△DBP1∽△EAB，根据相似三角形对应边成比例求出BP1＝，那么点P1的坐标为（，0）；若△DBP2∽△BAE，根据相似三角形对应边成比例求出BP2＝，那么点P2的坐标为（﹣，0）．
【解答】解：（1）∵抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（﹣1，0）、B（4，0），
∴，解得，
∴抛物线的解析式为：y＝x2﹣x﹣2．
∴点C的坐标为（0，﹣2）．
∵AC2＝12+22＝5，BC2＝42+22＝20，AB2＝52＝25，
∴AC2+BC2＝AB2，
∴∠ACB＝90°；
（2）将D（1，n ）代入y＝x2﹣x﹣2，
得n＝×12﹣×1﹣2＝﹣3，
∴D（1，﹣3）．
由，解之得或，
∴E（6，7）．
过点E作EH⊥x轴于H，则H（6，0），OH＝6，EH＝7．
∵A（﹣1，0），
∴AH＝EH＝7，∠EAH＝45°，
∵∠DBA＝45°，
∴∠EAH＝∠DBA＝45°，
∴∠DBH＝135°，
∵90°＜∠EBA＜135°，
∴点P只可能在点B的左侧，设点P的坐标为（x，0），分两种情况讨论：
①若△DBP1∽△EAB，可得＝，即＝，
解得BP1＝，
∵4﹣x＝，
∴x＝，
∴点P1的坐标为（，0）；
②若△DBP2∽△BAE，可得＝，即＝，
解得BP2＝，
∵4﹣x＝，
∴x＝﹣，
∴点P2的坐标为（﹣，0）；
综上所述，所求点P的坐标为P1（，0），P2（﹣，0）．
【点评】本题是二次函数的综合题型，其中涉及到的知识点有利用待定系数法求二次函数的解析式，勾股定理及其逆定理，二次函数图象上点的坐标特征，一次函数与二次函数交点坐标的求法，相似三角形的性质，利用数形结合、分类讨论及方程思想是解题的关键．
2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
1．（3分）（2022•邗江区校级一模）下列各数中，与5互为相反数的是（ ）
A． B．﹣5 C．|﹣5| D．
2．（3分）（2021秋•南阳期末）已知am＝5，an＝2，则a2m+n的值等于（ ）
A．50 B．27 C．12 D．25
3．（3分）（2022•瑞金市模拟）下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（3分）（2022•新乡一模）如图是由7个相同的小正方体组成的几何体，若另取一个相同的小正方体，按照图中的摆放方法放在标有数字的某一个小正方体上，则左视图发生改变的是（ ）
A．1的上面 B．2的上面 C．3的上面 D．4的上面
5．（3分）（2021秋•宣化区期末）如图，BD是⊙O的切线，∠BCE＝30°，则∠D＝（ ）
A．40° B．50° C．60° D．30°
6．（3分）（2021秋•惠州期末）把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘（ ）
A．x B．x﹣2 C．x（x﹣2） D．3x（x﹣2）
7．（3分）（2021秋•中山区期末）如图，△ABC≌△DEC，点E在AB边上，∠ACD＝40°，则∠B的度数为（ ）
A．40° B．65° C．70° D．80°
8．（3分）（2021秋•泰和县期末）从甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生中随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性是（ ）
A． B． C． D．
9．（3分）（2021秋•金安区校级期末）如图，已知直线l1∥l2∥l3，直线m、n分别与直线l1、l2、l3分别交于点A、B、C、D、E、F，若DE＝3，DF＝8，则的值为（ ）
A． B． C． D．
10．（3分）（2021秋•管城区校级期末）如图，在一个单位为1的方格纸上，△A1A2A3，△A3A4A5，△A5A6A7，…，是斜边在x轴上，斜边长分别为2，4，6，…的等腰直角三角形．若△A1A2A3的顶点坐标分别为A1（2，0），A2（1，﹣1），A3（0，0），则依图中所示规律，A2021的横坐标为（ ）
A．﹣1008 B．﹣1010 C．1012 D．﹣1012
二．填空题（共10小题，满分30分，每小题3分）
11．（3分）（2021秋•河西区期末）中国倡导的“一带一路”建设将促进我国与世界各国的互利合作，根据规划“一带一路”地区覆盖总人口约为4500000000人，这个数用科学记数法表示为 ．
12．（3分）（2022春•丹徒区月考）已知菱形ABCD的对角线交于点O，AC＝24cm，BD＝10cm，则菱形的高为 ．
13．（3分）（2021秋•揭西县期末）反比例函数 图象上有两点A（﹣3，4）、B（m，2），则m＝ ．
14．（3分）（2022春•江岸区校级月考）已知实数a在数轴上的位置如图所示，则化简|a﹣2|+的结果为 ．
15．（3分）（2020•覃塘区二模）因式分解：3m2﹣3＝ ．
16．（3分）（2021秋•呼和浩特期末）二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为 ．
17．（3分）（2021秋•肇东市校级期末）若a＞b＞c，则不等式组的解集是 ．
18．（3分）（2022春•玉林月考）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC，BD相交于点E，∠CBD＝90°，BC＝4，AC＝10，则平行四边形ABCD的面积为 ．
19．（3分）（2021秋•正定县期末）如图，在扇形BOC中，∠BOC＝60°，OD平分∠BOC交于点D，点E为半径OB上一动点．若OB＝3，则阴影部分周长的最小值为 ．
20．（3分）（2021秋•阳信县期末）如图，在△ABC中，∠B＝30°，AC＝5，cosC＝，则AB边的长为 ．
三．解答题（共7小题，满分60分）
21．（7分）（2021秋•迁安市期末）先化简再求值：（，其中x＝．
22．（7分）（2022春•上杭县校级月考）在正方形的网格中，每个小正方形的边长为1个单位长度，△ABC的三个顶点A，B，C都在格点（正方形网格的交点称为格点）．现将△ABC平移．使点A平移到点D，点E、F分别是B、C的对应点．
（1）在图中请画出平移后的△DEF；
（2）分别连接AD，BE，则AD与BE的数量关系为 ，位置关系为 ．
（3）求四边形ABED的面积．
23．（8分）（2021秋•雁塔区校级期末）2021年2月25日，习总书记在北京举行的全国脱贫攻坚总结表彰大会上宣布，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，完成了消灭绝对贫困的艰巨任务，创造了又一个彪炳史册的人间奇迹．某合作社为帮助农民增收致富，利用网络平台销售当地的一种农副产品，为了解该农副产品在一个季度内每天的销售额，从中随机抽取了20天的销售额（单位：万元）作为样本，数据如下：
16 14 13 17 15 14 16 17 14 1415 14 15 15 14 16 12 13 13 16
（1）根据上述样本数据，补全条形统计图；
（2）上述样本数据的众数是 ，中位数是 ；
（3）根据样本数据，估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
24．（8分）（2021秋•长丰县期末）如图，在△ABC和△CDE中，点B、D、C在同一直线上，已知∠ACB＝∠E，AC＝CE，AB∥DE，求证：△ABC≌△CDE．
25．（10分）（2021秋•宿松县期末）《四元玉鉴》是一部成就辉煌的数学名著，在中国古代数学史上有着重要地位．其中
酒分醇醨．
务中听得语吟吟，亩道醇醨酒二盆．
醇酒一升醉三客，醨酒三升醉一人．
共通饮了一斗九，三十三客醉醺醺．
欲问高明能算士，几何醨酒几多醇？
其大意为：有好酒和薄酒分别装在瓶中．好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，试问好酒、薄酒各有多少升？现在设好酒有x升，薄酒有y升，请你求出x、y的值分别是多少？
26．（10分）（2022•海珠区校级模拟）如图，⊙O的内接三角形ABC中，AB＝AC，过点B作⊙O的切线，交CA延长线于D，过D作⊙O的另一条切线DE，切点为E，连接AE、BE、CE．
（1）求证：△DBA∽△DCB；
（2）判断AB•CE与AE•BC之间的数量关系，并给出证明；
（3）探究：在BC长度的变化过程中，是否为定值？若是，请求出这个值；若不是，请说明理由．
27．（10分）（2022•常州模拟）设抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（一1，0）、B（4，0），与y轴交于点C．
（1）求抛物线的解析式及∠ACB的度数；
（2）已知点D（1，n ）在抛物线上，过点A的直线y＝x+1交抛物线于另一点E．若点P在x轴上，以点P、B、D为顶点的三角形与△AEB相似，求点P的坐标．
2022年哈尔滨中考数学模拟试卷2
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
1．（3分）（2022•邗江区校级一模）下列各数中，与5互为相反数的是（ ）
A． B．﹣5 C．|﹣5| D．
【考点】绝对值；相反数．
【专题】实数．
【分析】根据只有符号不同的两个数互为相反数解答．
【解答】解：A、与5互为倒数，故错误；
B、﹣5与5互为相反数，故正确；
C、|﹣5|＝5；故错误；
D、﹣与﹣5互为倒数，故错误．
故选：B．
【点评】本题考查了实数的性质，主要利用了互为相反数的定义，对各选项准确化简是解题的关键．
2．（3分）（2021秋•南阳期末）已知am＝5，an＝2，则a2m+n的值等于（ ）
A．50 B．27 C．12 D．25
【考点】幂的乘方与积的乘方；同底数幂的乘法．
【专题】常规题型．
【分析】直接利用同底数幂的乘除运算法则以及幂的乘方运算法则分别计算得出答案．
【解答】解：∵am＝5，an＝2，
∴a2m+n＝（am）2×an
＝52×2
＝50．
故选：A．
【点评】此题主要考查了同底数幂的乘除运算以及幂的乘方运算，正确掌握运算法则是解题关键．
3．（3分）（2022•瑞金市模拟）下列图形中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）
A． B．
C． D．
【考点】中心对称图形；轴对称图形．
【专题】平移、旋转与对称；几何直观．
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念，对各选项分析判断即可得解．把一个图形绕某一点旋转180°，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形；如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形．
【解答】解：A．既是轴对称图形，又是中心对称图形，故本选项符合题意；
B．不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项不符合题意；
C．不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不符合题意；
D．是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不符合题意；
故选：A．
【点评】本题考查了中心对称图形和轴对称图形的定义，能熟记中心对称图形和轴对称图形的定义是解此题的关键．
4．（3分）（2022•新乡一模）如图是由7个相同的小正方体组成的几何体，若另取一个相同的小正方体，按照图中的摆放方法放在标有数字的某一个小正方体上，则左视图发生改变的是（ ）
A．1的上面 B．2的上面 C．3的上面 D．4的上面
【考点】简单组合体的三视图．
【专题】投影与视图；空间观念．
【分析】根据左视图是从左面看到的图形判定则可．
【解答】解：当放在1、2或3的上面，左视图不变，左边一列依然是三个小正方形，右边一列是一个小正方形；
当放在4的上面，左视图发生变化，左边一列是三个小正方形，右边两列是一个小正方形；
故选：D．
【点评】本题考查了简单组合体的三视图，掌握三视图是解题的关键．
5．（3分）（2021秋•宣化区期末）如图，BD是⊙O的切线，∠BCE＝30°，则∠D＝（ ）
A．40° B．50° C．60° D．30°
【考点】切线的性质；圆周角定理．
【专题】与圆有关的位置关系；推理能力．
【分析】连接OB，根据圆周角定理得到∠BOD＝60°，根据切线的性质得到∠OBD＝90°，于是得到∠D＝90°﹣60°＝30°．
【解答】解：连接OB，
∵∠BCE＝30°，
∴∠BOD＝2∠C＝60°，
∵BD是⊙O的切线，
∴∠OBD＝90°，
∴∠D＝90°﹣60°＝30°，
故选：D．
【点评】本题考查了切线的性质，圆周角定理，正确的作出辅助线是解题的关键．
6．（3分）（2021秋•惠州期末）把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘（ ）
A．x B．x﹣2 C．x（x﹣2） D．3x（x﹣2）
【考点】解分式方程．
【专题】分式方程及应用；运算能力．
【分析】找出x﹣2与x的最简公分母，去分母即可．
【解答】解：把分式方程＝转化成整式方程时，方程两边同乘x（x﹣2）．
故选：C．
【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．
7．（3分）（2021秋•中山区期末）如图，△ABC≌△DEC，点E在AB边上，∠ACD＝40°，则∠B的度数为（ ）
A．40° B．65° C．70° D．80°
【考点】全等三角形的性质．
【专题】图形的全等；推理能力．
【分析】根据全等三角形的性质得出∠ACB＝∠DCE，CE＝CB，即可得到答案．
【解答】解：∵△ABC≌△DEC，
∴∠ACB＝∠DCE，CE＝CB，
∴∠BCE＝∠DCA＝40°．
∴∠B＝∠CEB＝（180°﹣40°）＝70°，
故选：C．
【点评】本题考查了全等三角形的性质的应用，注意：全等三角形的对应角相等，对应边相等．
8．（3分）（2021秋•泰和县期末）从甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生中随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性是（ ）
A． B． C． D．
【考点】概率公式．
【专题】探究型．
【分析】先求出学生的总数，再求出可能出现的情况，求出其比值即可．
【解答】解：∵共有甲、乙、丙三名男生和A、B两名女生，
∴随机选出一名学生参加问卷调查，则选出女生的可能性＝．
故选：B．
【点评】本题考查的是概率公式，用到的知识点为：概率＝所求情况数与总情况数之比．
9．（3分）（2021秋•金安区校级期末）如图，已知直线l1∥l2∥l3，直线m、n分别与直线l1、l2、l3分别交于点A、B、C、D、E、F，若DE＝3，DF＝8，则的值为（ ）
A． B． C． D．
【考点】平行线分线段成比例．
【专题】图形的相似；推理能力．
【分析】根据平行线分线段成比例定理解答即可．
【解答】解：∵l1∥l2∥l3，
∴，
∵DE＝3，DF＝8，
∴，
即＝，
故选：B．
【点评】本题考查了平行线分线段成比例定理，注意：一组平行线截两条直线，所截的线段对应成比例．
10．（3分）（2021秋•管城区校级期末）如图，在一个单位为1的方格纸上，△A1A2A3，△A3A4A5，△A5A6A7，…，是斜边在x轴上，斜边长分别为2，4，6，…的等腰直角三角形．若△A1A2A3的顶点坐标分别为A1（2，0），A2（1，﹣1），A3（0，0），则依图中所示规律，A2021的横坐标为（ ）
A．﹣1008 B．﹣1010 C．1012 D．﹣1012
【考点】规律型：点的坐标．
【专题】规律型；推理能力．
【分析】根据图形先确定出A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点，再写出前几个三角形的相应的点的横坐标，从而得到点的横坐标的变化规律，然后写出即可．
【解答】解：∵A3是第一与第二个等腰直角三角形的公共点，
A5是第二与第三个等腰直角三角形的公共点，
A7是第三与第四个等腰直角三角形的公共点，
A9是第四与第五个等腰直角三角形的公共点，
…，
∵2021＝1010×2+1，
∴A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点，
∴A2021在x轴正半轴，
∵OA5＝4，OA9＝6，OA13＝8，
…，
∴OA2021＝（2021+3）÷2＝1012，
∴点A2021的坐标为（1012，0）．
故选：C．
【点评】本题考查了点的坐标规律的变化，仔细观察图形，先确定点A2021是第1010个与第1011个等腰直角三角形的公共点并确定出在x轴正半轴是解题的关键．
二．填空题（共10小题，满分30分，每小题3分）
11．（3分）（2021秋•河西区期末）中国倡导的“一带一路”建设将促进我国与世界各国的互利合作，根据规划“一带一路”地区覆盖总人口约为4500000000人，这个数用科学记数法表示为 4.5×109 ．
【考点】科学记数法—表示较大的数．
【专题】实数；数感．
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：4500000000＝4.5×109．
故答案为：4.5×109．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
12．（3分）（2022春•丹徒区月考）已知菱形ABCD的对角线交于点O，AC＝24cm，BD＝10cm，则菱形的高为 cm ．
【考点】菱形的性质．
【专题】等腰三角形与直角三角形；矩形 菱形 正方形；运算能力；推理能力．
【分析】根据菱形的对角线互相垂直平分求出OA、OB，再根据勾股定理列式求出AB，然后利用菱形的面积列式计算即可得解．
【解答】解：如图，DH为菱形ABCD的高，
在菱形ABCD中，AC＝24cm，BD＝10cm，
∴OA＝AC＝12（cm），OB＝BD＝5（cm），AC⊥BD，
在Rt△AOB中，AB＝＝＝13（cm），
∵DH⊥AB，
∴菱形ABCD的面积＝AC•BD＝AB•DH，
即×24×10＝13•DH，
解得：DH＝（cm）．
故答案为：cm．
【点评】本题考查了菱形的对角线互相垂直平分的性质，勾股定理，根据菱形的面积的两种表示方法列出方程是解题的关键．
13．（3分）（2021秋•揭西县期末）反比例函数 图象上有两点A（﹣3，4）、B（m，2），则m＝ ﹣6 ．
【考点】反比例函数图象上点的坐标特征．
【专题】反比例函数及其应用；运算能力．
【分析】由点A的坐标得到反比例函数的解析式，再把点B的坐标代入可得m的值．
【解答】解：把A（﹣3，4）代入 可得k＝﹣3×4＝﹣12，
所以反比例函数的解析式是y＝﹣，
当x＝2时，m＝﹣6．
故答案为：﹣6．
【点评】本题考查反比例函数图象上点的坐标特征，掌握待定系数法求得解析式是解题关键．
14．（3分）（2022春•江岸区校级月考）已知实数a在数轴上的位置如图所示，则化简|a﹣2|+的结果为 2 ．
【考点】二次根式的性质与化简；实数与数轴．
【专题】二次根式；运算能力．
【分析】根据a点在数轴上的位置判断出a﹣2及a的符号，再去绝对值符号，合并同类项即可．
【解答】解：∵由图可知，0＜a＜2，
∴a﹣2＜0，|a|＞0，
∴原式＝2﹣a+a＝2．
故答案为：2．
【点评】本题考查了二次根式的性质与化简：根据a点在数轴上的位置判断出a﹣2及a的符号是解决此类问题的关键．
15．（3分）（2020•覃塘区二模）因式分解：3m2﹣3＝ 3（m﹣1）（m+1） ．
【考点】提公因式法与公式法的综合运用．
【分析】首先提公因式3，再利用平方差进行分解即可．
【解答】解：原式＝3（m2﹣1）＝3（m﹣1）（m+1），
故答案为：3（m﹣1）（m+1）．
【点评】此题主要考查了提公因式法与公式法分解因式，要求灵活使用各种方法对多项式进行因式分解，一般来说，如果可以先提取公因式的要先提取公因式，再考虑运用公式法分解．
16．（3分）（2021秋•呼和浩特期末）二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为 ﹣3 ．
【考点】二次函数的最值．
【专题】二次函数图象及其性质．
【分析】根据二次函数的性质解答．
【解答】解：根据二次函数的性质可知，二次函数y＝（x+1）2﹣3最小值为﹣3，
故答案为：﹣3．
【点评】本题考查的是二次函数的最值，掌握二次函数的性质是解题的关键．
17．（3分）（2021秋•肇东市校级期末）若a＞b＞c，则不等式组的解集是 x＞a ．
【考点】解一元一次不等式组．
【专题】一元一次不等式（组）及应用；运算能力．
【分析】根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小找不到确定不等式组的解集．
【解答】解：∵a＞b＞c，
∴不等式组的解集是x＞a，
故答案为：x＞a．
【点评】本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．
18．（3分）（2022春•玉林月考）如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC，BD相交于点E，∠CBD＝90°，BC＝4，AC＝10，则平行四边形ABCD的面积为 24 ．
【考点】平行四边形的性质．
【专题】等腰三角形与直角三角形；多边形与平行四边形；运算能力；推理能力．
【分析】根据平行四边形的性质得到CE＝AC＝5，BD＝2BE，根据勾股定理得到BE＝＝＝3，求得BD＝6，由平行四边形的面积公式即可得到结论．
【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴CE＝AC＝5，BD＝2BE，
∵∠CBD＝90°，BC＝4，
∴BE＝＝＝3，
∴BD＝6，
∴平行四边形ABCD的面积为BC•BD＝4×6＝24，
故答案为：24．
【点评】本题考查了平行四边形的性质，勾股定理，熟练掌握平行四边形的性质是解题的关键．
19．（3分）（2021秋•正定县期末）如图，在扇形BOC中，∠BOC＝60°，OD平分∠BOC交于点D，点E为半径OB上一动点．若OB＝3，则阴影部分周长的最小值为 3+ ．
【考点】弧长的计算；圆周角定理．
【专题】与圆有关的计算；应用意识．
【分析】利用轴对称的性质，得出当点E移动到点E′时，阴影部分的周长最小，此时的最小值为弧CD的长与CD′的长度和，分别进行计算即可．
【解答】解：如图，作点D关于OB的对称点D′，连接D′C交OB于点E′，连接E′D、OD′．
此时E′C+E′D最小，即：E′C+E′D＝CD′，
由题意得，∠COD＝∠DOB＝∠BOD′＝30°，
∴∠COD′＝90°，
∴CD′＝＝＝3，
∴的长l＝＝，
∴阴影部分周长的最小值为3+．
故答案为：3+．
【点评】本题考查与圆有关的计算，掌握轴对称的性质，弧长的计算方法是正确计算的前提，理解轴对称解决路程最短问题是关键．
20．（3分）（2021秋•阳信县期末）如图，在△ABC中，∠B＝30°，AC＝5，cosC＝，则AB边的长为 8 ．
【考点】解直角三角形．
【专题】计算题；解直角三角形及其应用；应用意识．
【分析】过点A作AD⊥BC，垂足为D．在Rt△ACD中，通过∠C的余弦先求出CD，再求出AD，在Rt△ABD中求出AB．，
【解答】解：过点A作AD⊥BC，垂足为D．
在Rt△ACD中，
∵cosC＝＝，AC＝5，
∴CD＝3．
∴AD＝
＝4．
在Rt△ABD中，
∵∠B＝30°，
∴AB＝2AD＝8．
故答案为：8．
【点评】本题考查了解直角三角形，作高构造直角三角形是解决题的关键．
三．解答题（共7小题，满分60分）
21．（7分）（2021秋•迁安市期末）先化简再求值：（，其中x＝．
【考点】分式的化简求值；实数的运算．
【专题】实数；分式；运算能力．
【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，利用算术平方根、立方根性质，以及二次根式乘法法则确定出x的值，代入计算即可求出值．
【解答】解：原式＝[﹣]÷
＝•
＝•
＝﹣，
当x＝﹣3+﹣＝﹣3+3﹣＝﹣时，
原式＝﹣＝．
【点评】此题考查了分式的化简求值，以及实数的运算，熟练掌握各自的运算法则是解本题的关键．
22．（7分）（2022春•上杭县校级月考）在正方形的网格中，每个小正方形的边长为1个单位长度，△ABC的三个顶点A，B，C都在格点（正方形网格的交点称为格点）．现将△ABC平移．使点A平移到点D，点E、F分别是B、C的对应点．
（1）在图中请画出平移后的△DEF；
（2）分别连接AD，BE，则AD与BE的数量关系为 AD＝BE ，位置关系为 AD∥BE ．
（3）求四边形ABED的面积．
【考点】作图﹣平移变换；全等三角形的判定与性质；勾股定理．
【专题】作图题；几何直观．
【分析】（1）利用平移变换的性质作出B，C的对应点E，F即可；
（2）根据平移变换的性质解决问题即可；
（3）四边形ABED的面积＝平行四边形ABPQ的面积．
【解答】解：（1）如图，△DEF即为所求；
（2）AD＝BE，AD∥BE．
故答案为：AD＝BE，AD∥BE；
（3）四边形ABED的面积＝平行四边形ABPQ的面积＝7×4＝28．
【点评】本题考查作图﹣平移变换，平行四边形的性质等知识，解题关键是掌握平移变换的性质，学会用转化的思想思考问题．
23．（8分）（2021秋•雁塔区校级期末）2021年2月25日，习总书记在北京举行的全国脱贫攻坚总结表彰大会上宣布，中国脱贫攻坚战取得了全面胜利，完成了消灭绝对贫困的艰巨任务，创造了又一个彪炳史册的人间奇迹．某合作社为帮助农民增收致富，利用网络平台销售当地的一种农副产品，为了解该农副产品在一个季度内每天的销售额，从中随机抽取了20天的销售额（单位：万元）作为样本，数据如下：
16 14 13 17 15 14 16 17 14 1415 14 15 15 14 16 12 13 13 16
（1）根据上述样本数据，补全条形统计图；
（2）上述样本数据的众数是 14万元 ，中位数是 14.5万元 ；
（3）根据样本数据，估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
【考点】条形统计图；中位数；众数；总体、个体、样本、样本容量；用样本估计总体．
【专题】统计的应用；数据分析观念；运算能力．
【分析】（1）根据题目中的数据，可以得到销售额14万元和16万元的天数，然后即可将条形统计图补充完整；
（2）根据条形统计图中的数据，可以直接写出样本数据的众数，计算出样本数据的中位数；
（3）根据条形统计图中的数据，可以计算出这种农副产品在该季度内平均每天的销售额．
【解答】解：（1）由题目中的数据可得，
销售额为14万元的有6天，销售额为16万元的有4天，
补全的条形统计图如右图所示；
（2）由条形统计图可得，
样本数据的众数是14万元，中位数是（14+15）÷2＝14.5（万元），
故答案为：14万元，14.5万元；
（3）×（12×1+13×3+14×6+15×4+16×4+17×2）＝14.65（万元），
答：估计这种农副产品在该季度内平均每天的销售额是14.65万元．
【点评】本题考查条形统计图、中位数、众数、加权平均数、用样本估计总体，解答本题的关键是明确条形统计图的特点，会计算一组数据的中位数和加权平均数．
24．（8分）（2021秋•长丰县期末）如图，在△ABC和△CDE中，点B、D、C在同一直线上，已知∠ACB＝∠E，AC＝CE，AB∥DE，求证：△ABC≌△CDE．
【考点】全等三角形的判定．
【专题】线段、角、相交线与平行线；图形的全等；推理能力．
【分析】根据平行线的性质得出∠B＝∠EDC，根据全等三角形的判定定理AAS推出即可．
【解答】证明：∵AB∥DE，
∴∠B＝∠EDC，
在△ABC和△CDE中，
，
∴△ABC≌△CDE（AAS）．
【点评】本题考查了全等三角形的判定定理和平行线的性质，能熟记全等三角形的判定定理是解此题的关键，注意：全等三角形的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，两直角三角形全等还有HL等．
25．（10分）（2021秋•宿松县期末）《四元玉鉴》是一部成就辉煌的数学名著，在中国古代数学史上有着重要地位．其中
酒分醇醨．
务中听得语吟吟，亩道醇醨酒二盆．
醇酒一升醉三客，醨酒三升醉一人．
共通饮了一斗九，三十三客醉醺醺．
欲问高明能算士，几何醨酒几多醇？
其大意为：有好酒和薄酒分别装在瓶中．好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，试问好酒、薄酒各有多少升？现在设好酒有x升，薄酒有y升，请你求出x、y的值分别是多少？
【考点】二元一次方程组的应用．
【专题】一次方程（组）及应用；运算能力；推理能力；应用意识．
【分析】由题意：好酒1升醉了3位客人，薄酒3升醉了1位客人，现在好酒和薄酒一共饮了19升，醉了33位客人，列出方程组，解方程组即可．
【解答】解：由题意，得：，
解得：，
即x＝10升，y＝9升．
【点评】本题考查了二元一次方程组的应用，找准等量关系，列出二元一次方程组是解题的关键．
26．（10分）（2022•海珠区校级模拟）如图，⊙O的内接三角形ABC中，AB＝AC，过点B作⊙O的切线，交CA延长线于D，过D作⊙O的另一条切线DE，切点为E，连接AE、BE、CE．
（1）求证：△DBA∽△DCB；
（2）判断AB•CE与AE•BC之间的数量关系，并给出证明；
（3）探究：在BC长度的变化过程中，是否为定值？若是，请求出这个值；若不是，请说明理由．
【考点】圆的综合题．
【专题】圆的有关概念及性质；与圆有关的位置关系；图形的相似；推理能力．
【分析】（1）作直径BF，连接AF，可得∠ABD+∠ABF＝∠F+∠ABF＝90°，∠F＝∠BCD，从而∠ABD＝∠BCD，进而证得△DBA∽△DCB；
（2）△DBA∽△DCB，＝，同理可得，＝，结合BD＝DE，进一步得出结果；
（3）作直径EF，连接BF，OD，作OG⊥CA于G，证明△ABE∽△GCE，进一步得出结果．
【解答】（1）证明：如图1，
作直径BF，连接AF，
∴∠BAF＝90°，
∴∠F+∠ABF＝90°，
∵＝，
∴∠BCA＝∠F，
∴∠BCA+∠ABF＝90°，
∵BD是⊙O的切线，
∴∠DBF＝90°，
∴∠ABD+∠ABF＝90°，
∴∠ABD＝∠BCA，
∵∠ADB＝∠BDC，
∴△DBA∽△DCB；
（2）解：AB•CE＝AE•BC，理由如下：
由（1）得，
△DBA∽△DCB，
∴＝，
同理可得，
＝，
∵BD和DE是⊙O的切线，
∴BD＝DE，
∴＝，
∴＝，
∴AB•CE＝BC•AE；
（3）解：如图2，
作直径EF，连接BF，OD，作OG⊥CA于G，
∵DE是⊙O的切线，
∴∠OE⊥DE，
∴∠DEO＝∠AGO＝90°，
∴点E、D、O、G共圆，
∴∠DOE＝∠DGE，
∵DB和DE是⊙O的切线，
∴BD＝DE，
∵OB＝OE，
∴OD⊥BE，
∵EF是⊙O的直径，
∴EB⊥BF，
∴OD∥BF，
∴∠DOE＝∠F，
∴∠DGE＝∠F，
∵四边形ABFE是⊙O的内接四边形，
∴∠F+∠BAE＝180°，
∴∠DGE+∠BAE＝180°，
∵∠CGE+∠DGE＝180°，
∴∠BAE＝∠CGE，
∵＝，
∴∠ABE＝∠ACE，
∴△ABE∽△GCE，
∴＝，
∵OG⊥AC，
∴AC＝2CG，
∵AB＝AC，
∴AB＝2CG，
∴＝＝2．
【点评】本题考查了圆周角定理及其推论，垂径定理，切线性质，圆内接四边形性质，相似三角形的判定和性质等知识，解决问题的关键是作辅助线，构造相似三角形．
27．（10分）（2022•常州模拟）设抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（一1，0）、B（4，0），与y轴交于点C．
（1）求抛物线的解析式及∠ACB的度数；
（2）已知点D（1，n ）在抛物线上，过点A的直线y＝x+1交抛物线于另一点E．若点P在x轴上，以点P、B、D为顶点的三角形与△AEB相似，求点P的坐标．
【考点】二次函数综合题．
【分析】（1）先把A（﹣1，0）、B（4，0）代入y＝ax2+bx﹣2，列出关于a、b的方程组，解方程组求出a、b的值，得到抛物线的解析式为：y＝x2﹣x﹣2，那么点C的坐标为（0，﹣2），再计算出AC2+BC2＝AB2，根据勾股定理的逆定理得到∠ACB＝90°；
（2）将D（1，n ）代入y＝x2﹣x﹣2，求得n＝﹣3，即D（1，﹣3）．再将y＝x+1与抛物线的解析式联立，求出E点坐标为（6，7）．过点E作EH⊥x轴于H，则H（6，0），求出∠EAH＝∠DBA＝45°，那么∠DBH＝135°，根据90°＜∠EBA＜135°，得到点P只可能在点B的左侧，设点P的坐标为（x，0），分两种情况讨论：①若△DBP1∽△EAB，根据相似三角形对应边成比例求出BP1＝，那么点P1的坐标为（，0）；若△DBP2∽△BAE，根据相似三角形对应边成比例求出BP2＝，那么点P2的坐标为（﹣，0）．
【解答】解：（1）∵抛物线y＝ax2+bx﹣2与x轴交于两个不同的点A（﹣1，0）、B（4，0），
∴，解得，
∴抛物线的解析式为：y＝x2﹣x﹣2．
∴点C的坐标为（0，﹣2）．
∵AC2＝12+22＝5，BC2＝42+22＝20，AB2＝52＝25，
∴AC2+BC2＝AB2，
∴∠ACB＝90°；
（2）将D（1，n ）代入y＝x2﹣x﹣2，
得n＝×12﹣×1﹣2＝﹣3，
∴D（1，﹣3）．
由，解之得或，
∴E（6，7）．
过点E作EH⊥x轴于H，则H（6，0），OH＝6，EH＝7．
∵A（﹣1，0），
∴AH＝EH＝7，∠EAH＝45°，
∵∠DBA＝45°，
∴∠EAH＝∠DBA＝45°，
∴∠DBH＝135°，
∵90°＜∠EBA＜135°，
∴点P只可能在点B的左侧，设点P的坐标为（x，0），分两种情况讨论：
①若△DBP1∽△EAB，可得＝，即＝，
解得BP1＝，
∵4﹣x＝，
∴x＝，
∴点P1的坐标为（，0）；
②若△DBP2∽△BAE，可得＝，即＝，
解得BP2＝，
∵4﹣x＝，
∴x＝﹣，
∴点P2的坐标为（﹣，0）；
综上所述，所求点P的坐标为P1（，0），P2（﹣，0）．
【点评】本题是二次函数的综合题型，其中涉及到的知识点有利用待定系数法求二次函数的解析式，勾股定理及其逆定理，二次函数图象上点的坐标特征，一次函数与二次函数交点坐标的求法，相似三角形的性质，利用数形结合、分类讨论及方程思想是解题的关键．
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