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2022年山西省运城市垣曲县重点中学中考数学仿真试卷含解析
展开2021-2022中考数学模拟试卷
考生请注意:
1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。
2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(共10小题,每小题3分,共30分)
1.已知是一个单位向量,、是非零向量,那么下列等式正确的是( )
A. B. C. D.
2.如图,若AB∥CD,则α、β、γ之间的关系为( )
A.α+β+γ=360° B.α﹣β+γ=180°
C.α+β﹣γ=180° D.α+β+γ=180°
3.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=2,以点C为圆心,CB的长为半径画弧,与AB边交于点D,将绕点D旋转180°后点B与点A恰好重合,则图中阴影部分的面积为( )
A. B. C. D.
4.二次函数y=-x2-4x+5的最大值是( )
A.-7 B.5 C.0 D.9
5.去年二月份,某房地产商将房价提高40%,在中央“房子是用来住的,不是用来炒的”指示下达后,立即降价30%.设降价后房价为x,则去年二月份之前房价为( )
A.(1+40%)×30%x B.(1+40%)(1﹣30%)x
C. D.
6.某工厂计划生产210个零件,由于采用新技术,实际每天生产零件的数量是原计划的1.5倍,因此提前5天完成任务.设原计划每天生产零件个,依题意列方程为( )
A. B.
C. D.
7.如图,O为原点,点A的坐标为(3,0),点B的坐标为(0,4),⊙D过A、B、O三点,点C为上一点(不与O、A两点重合),则cosC的值为( )
A. B. C. D.
8.如图,AB为⊙O的直径,C为⊙O上的一动点(不与A、B重合),CD⊥AB于D,∠OCD的平分线交⊙O于P,则当C在⊙O上运动时,点P的位置( )
A.随点C的运动而变化
B.不变
C.在使PA=OA的劣弧上
D.无法确定
9.如图中任意画一个点,落在黑色区域的概率是( )
A. B. C.π D.50
10.如图,将△ABC绕点B顺时针旋转60°得△DBE,点C的对应点E恰好落在AB延长线上,连接AD.下列结论一定正确的是( )
A.∠ABD=∠E B.∠CBE=∠C C.AD∥BC D.AD=BC
二、填空题(本大题共6个小题,每小题3分,共18分)
11.在平面直角坐标系xOy中,将抛物线y=3(x+2)2-1平移后得到抛物线y=3x2+2 .请你写出一种平移方法. 答:________.
12.已知是方程组的解,则a﹣b的值是___________
13.已知a1=,a2=,a3=,a4=,a5=,…,则an=_____.(n为正整数).
14.若m是方程2x2﹣3x﹣1=0的一个根,则6m2﹣9m+2016的值为_____.
15.观察如图中的数列排放顺序,根据其规律猜想:第10行第8个数应该是_____.
16.如图,半圆O的直径AB=2,弦CD∥AB,∠COD=90°,则图中阴影部分的面积为_____.
三、解答题(共8题,共72分)
17.(8分)某商场同时购进甲、乙两种商品共100件,其进价和售价如下表:
商品名称 | 甲 | 乙 |
进价(元/件) | 40 | 90 |
售价(元/件) | 60 | 120 |
设其中甲种商品购进x件,商场售完这100件商品的总利润为y元.写出y关于x的函数关系式;该商场计划最多投入8000元用于购买这两种商品,
①至少要购进多少件甲商品?
②若销售完这些商品,则商场可获得的最大利润是多少元?
18.(8分)计算:4cos30°﹣+20180+|1﹣|
19.(8分)某工厂准备用图甲所示的A型正方形板材和B型长方形板材,制作成图乙所示的竖式和横式两种无盖箱子.
若该工厂准备用不超过10000元的资金去购买A,B两种型号板材,并全部制作竖式箱子,已知A型板材每张30元,B型板材每张90元,求最多可以制作竖式箱子多少只?
若该工厂仓库里现有A型板材65张、B型板材110张,用这批板材制作两种类型的箱子,问制作竖式和横式两种箱子各多少只,恰好将库存的板材用完?
若该工厂新购得65张规格为的C型正方形板材,将其全部切割成A型或B型板材不计损耗,用切割成的板材制作两种类型的箱子,要求竖式箱子不少于20只,且材料恰好用完,则能制作两种箱子共______只
20.(8分)先化简,后求值:(1﹣)÷(),其中a=1.
21.(8分)先化简代数式:,再代入一个你喜欢的数求值.
22.(10分)如图,在平面直角坐标系中,抛物线C1经过点A(﹣4,0)、B(﹣1,0),其顶点为.
(1)求抛物线C1的表达式;
(2)将抛物线C1绕点B旋转180°,得到抛物线C2,求抛物线C2的表达式;
(3)再将抛物线C2沿x轴向右平移得到抛物线C3,设抛物线C3与x轴分别交于点E、F(E在F左侧),顶点为G,连接AG、DF、AD、GF,若四边形ADFG为矩形,求点E的坐标.
23.(12分)如图所示,飞机在一定高度上沿水平直线飞行,先在点处测得正前方小岛的俯角为,面向小岛方向继续飞行到达处,发现小岛在其正后方,此时测得小岛的俯角为.如果小岛高度忽略不计,求飞机飞行的高度(结果保留根号).
24.三辆汽车经过某收费站下高速时,在2个收费通道A,B中,可随机选择其中的一个通过.
(1)三辆汽车经过此收费站时,都选择A通道通过的概率是 ;
(2)求三辆汽车经过此收费站时,至少有两辆汽车选择B通道通过的概率.
参考答案
一、选择题(共10小题,每小题3分,共30分)
1、B
【解析】
长度不为0的向量叫做非零向量,向量包括长度及方向,而长度等于1个单位长度的向量叫做单位向量,注意单位向量只规定大小没规定方向,则可分析求解.
【详解】
A. 由于单位向量只限制长度,不确定方向,故错误;
B. 符合向量的长度及方向,正确;
C. 得出的是a的方向不是单位向量,故错误;
D. 左边得出的是a的方向,右边得出的是b的方向,两者方向不一定相同,故错误.
故答案选B.
【点睛】
本题考查的知识点是平面向量,解题的关键是熟练的掌握平面向量.
2、C
【解析】
过点E作EF∥AB,如图,易得CD∥EF,然后根据平行线的性质可得∠BAE+∠FEA=180°,∠C=∠FEC=γ,进一步即得结论.
【详解】
解:过点E作EF∥AB,如图,∵AB∥CD,AB∥EF,∴CD∥EF,
∴∠BAE+∠FEA=180°,∠C=∠FEC=γ,
∴∠FEA=β﹣γ,∴α+(β﹣γ)=180°,即α+β﹣γ=180°.
故选:C.
【点睛】
本题考查了平行公理的推论和平行线的性质,属于常考题型,作EF∥AB、熟练掌握平行线的性质是解题的关键.
3、B
【解析】
阴影部分的面积=三角形的面积-扇形的面积,根据面积公式计算即可.
【详解】
由旋转可知AD=BD,
∵∠ACB=90°,AC=2,
∴CD=BD,
∵CB=CD,
∴△BCD是等边三角形,
∴∠BCD=∠CBD=60°,
∴BC=AC=2,
∴阴影部分的面积=2×2÷2−=2−.
故答案选:B.
【点睛】
本题考查的知识点是旋转的性质及扇形面积的计算,解题的关键是熟练的掌握旋转的性质及扇形面积的计算.
4、D
【解析】
直接利用配方法得出二次函数的顶点式进而得出答案.
【详解】
y=﹣x2﹣4x+5=﹣(x+2)2+9,
即二次函数y=﹣x2﹣4x+5的最大值是9,
故选D.
【点睛】
此题主要考查了二次函数的最值,正确配方是解题关键.
5、D
【解析】
根据题意可以用相应的代数式表示出去年二月份之前房价,本题得以解决.
【详解】
由题意可得,
去年二月份之前房价为:x÷(1﹣30%)÷(1+40%)=,
故选:D.
【点睛】
本题考查了列代数式,解答本题的关键是明确题意,列出相应的代数式.
6、A
【解析】
设原计划每天生产零件x个,则实际每天生产零件为1.5x个,根据提前5天完成任务,列方程即可.
【详解】
设原计划每天生产零件x个,则实际每天生产零件为1.5x个,
由题意得,
故选:A.
【点睛】
本题考查了由实际问题抽象出分式方程,解答本题的关键是读懂题意,设出未知数,找出合适的等量关系,列方程即可.
7、D
【解析】
如图,连接AB,
由圆周角定理,得∠C=∠ABO,
在Rt△ABO中,OA=3,OB=4,由勾股定理,得AB=5,
∴.
故选D.
8、B
【解析】
因为CP是∠OCD的平分线,所以∠DCP=∠OCP,所以∠DCP=∠OPC,则CD∥OP,所以弧AP等于弧BP,所以PA=PB.从而可得出答案.
【详解】
解:连接OP,
∵CP是∠OCD的平分线,
∴∠DCP=∠OCP,
又∵OC=OP,
∴∠OCP=∠OPC,
∴∠DCP=∠OPC,
∴CD∥OP,
又∵CD⊥AB,
∴OP⊥AB,
∴,
∴PA=PB.
∴点P是线段AB垂直平分线和圆的交点,
∴当C在⊙O上运动时,点P不动.
故选:B.
【点睛】
本题考查了圆心角、弦、弧之间的关系,以及平行线的判定和性质,在同圆或等圆中,等弧对等弦.
9、B
【解析】
抓住黑白面积相等,根据概率公式可求出概率.
【详解】
因为,黑白区域面积相等,
所以,点落在黑色区域的概率是.
故选B
【点睛】
本题考核知识点:几何概率.解题关键点:分清黑白区域面积关系.
10、C
【解析】
根据旋转的性质得,∠ABD=∠CBE=60°, ∠E=∠C,
则△ABD为等边三角形,即 AD=AB=BD,得∠ADB=60°因为∠ABD=∠CBE=60°,则∠CBD=60°,所以,∠ADB=∠CBD,得AD∥BC.故选C.
二、填空题(本大题共6个小题,每小题3分,共18分)
11、答案不唯一
【解析】
分析:把y改写成顶点式,进而解答即可.
详解:y先向右平移2个单位长度,再向上平移3个单位得到抛物线.
故答案为y先向右平移2个单位长度,再向上平移3个单位得到抛物线.
点睛:本题考查了二次函数图象与几何变换:先把二次函数的解析式配成顶点式为
y=a(x-)²+,然后把抛物线的平移问题转化为顶点的平移问题.
12、4;
【解析】
试题解析:把代入方程组得:,
①×2-②得:3a=9,即a=3,
把a=3代入②得:b=-1,
则a-b=3+1=4,
13、.
【解析】
观察分母的变化为n的1次幂加1、2次幂加1、3次幂加1…,n次幂加1;分子的变化为:3、5、7、9…2n+1.
【详解】
解:∵a1=,a2=,a3=,a4=,a5=,…,
∴an=,
故答案为:.
【点睛】
本题考查学生通过观察、归纳、抽象出数列的规律的能力,要求学生首先分析题意,找到规律,并进行推导得出答案.
14、2.
【解析】
把x=m代入方程,求出2m2﹣3m=2,再变形后代入,即可求出答案.
【详解】
解:∵m是方程2x2﹣3x﹣2=0的一个根,
∴代入得:2m2﹣3m﹣2=0,
∴2m2﹣3m=2,
∴6m2﹣9m+2026=3(2m2﹣3m)+2026=3×2+2026=2,
故答案为:2.
【点睛】
本题考查了求代数式的值和一元二次方程的解,解此题的关键是能求出2m2﹣3m=2.
15、1
【解析】
由n行有n个数,可得出第10行第8个数为第1个数,结合奇数为正偶数为负,即可求出结论.
【详解】
解:第1行1个数,第2行2个数,第3行3个数,…,
∴第9行9个数,
∴第10行第8个数为第1+2+3+…+9+8=1个数.
又∵第2n﹣1个数为2n﹣1,第2n个数为﹣2n,
∴第10行第8个数应该是1.
故答案为:1.
【点睛】
本题考查了规律型中数字的变化类,根据数的变化找出变化规律是解题的关键.
16、
【解析】
解:∵弦CD∥AB,∴S△ACD=S△OCD,∴S阴影=S扇形COD==.故答案为.
三、解答题(共8题,共72分)
17、 (Ⅰ);(Ⅱ)①至少要购进20件甲商品;②售完这些商品,则商场可获得的最大利润是2800元.
【解析】
(Ⅰ)根据总利润=(甲的售价-甲的进价)×甲的进货数量+(乙的售价-乙的进价)×乙的进货数量列关系式并化简即可得答案;(Ⅱ)①根据总成本最多投入8000元列不等式即可求出x的范围,即可得答案;②根据一次函数的增减性确定其最大值即可.
【详解】
(Ⅰ)根据题意得:
则y与x的函数关系式为.
(Ⅱ),解得.
∴至少要购进20件甲商品.
,
∵,
∴y随着x的增大而减小
∴当时,有最大值,.
∴若售完这些商品,则商场可获得的最大利润是2800元.
【点睛】
本题考查一次函数的实际应用及一元一次不等式的应用,熟练掌握一次函数的性质是解题关键.
18、
【解析】
先代入三角函数值、化简二次根式、计算零指数幂、取绝对值符号,再计算乘法,最后计算加减可得.
【详解】
原式=
=
=
【点睛】
本题主要考查实数的混合运算,解题的关键是熟练掌握实数的混合运算顺序和运算法则及零指数幂、绝对值和二次根式的性质.
19、(1)最多可以做25只竖式箱子;(2)能制作竖式、横式两种无盖箱子分别为5只和30只;(3)47或1.
【解析】
表示出竖式箱子所用板材数量进而得出总金额即可得出答案;设制作竖式箱子a只,横式箱子b只,利用A型板材65张、B型板材110张,得出方程组求出答案;设裁剪出B型板材m张,则可裁A型板材张,进而得出方程组求出符合题意的答案.
【详解】
解:设最多可制作竖式箱子x只,则A型板材x张,B型板材4x张,根据题意得
解得.
答:最多可以做25只竖式箱子.
设制作竖式箱子a只,横式箱子b只,根据题意,
得,
解得:.
答:能制作竖式、横式两种无盖箱子分别为5只和30只.
设裁剪出B型板材m张,则可裁A型板材张,由题意得:
,
整理得,,.
竖式箱子不少于20只,
或22,这时,或,.
则能制作两种箱子共:或.
故答案为47或1.
【点睛】
本题考查了一元一次不等式的应用以及二元一次方程组的应用,解题的关键是理解题意,列出等式.
20、,2.
【解析】
先根据分式的混合运算顺序和运算法则化简原式,再将a的值代入计算可得.
【详解】
解:原式=
,
当a=1时,
原式==2.
【点睛】
本题主要考查分式的化简求值,解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则.
21、
【解析】
先根据分式的运算法则进行化简,再代入使分式有意义的值计算.
【详解】
解:原式
.
使原分式有意义的值可取2,
当时,原式.
【点睛】
考核知识点:分式的化简求值.掌握分式的运算法则是关键.
22、(1)y;(2);(3)E(,0).
【解析】
(1)根据抛物线C1的顶点坐标可设顶点式将点B坐标代入求解即可;
(2)由抛物线C1绕点B旋转180°得到抛物线C2知抛物线C2的顶点坐标,可设抛物线C2的顶点式,根据旋转后抛物线C2开口朝下,且形状不变即可确定其表达式;
(3)作GK⊥x轴于G,DH⊥AB于H,由题意GK=DH=3,AH=HB=EK=KF,结合矩形的性质利用两组对应角分别相等的两个三角形相似可证△AGK∽△GFK,由其对应线段成比例的性质可知AK长,结合A、B点坐标可知BK、BE、OE长,可得点E坐标.
【详解】
解:(1)∵抛物线C1的顶点为,
∴可设抛物线C1的表达式为y,
将B(﹣1,0)代入抛物线解析式得:,
∴,
解得:a,
∴抛物线C1的表达式为y,即y.
(2)设抛物线C2的顶点坐标为
∵抛物线C1绕点B旋转180°,得到抛物线C2,即点与点关于点B(﹣1,0)对称
∴抛物线C2的顶点坐标为()
可设抛物线C2的表达式为y
∵抛物线C2开口朝下,且形状不变
∴抛物线C2的表达式为y,即.
(3)如图,作GK⊥x轴于G,DH⊥AB于H.
由题意GK=DH=3,AH=HB=EK=KF,
∵四边形AGFD是矩形,
∴∠AGF=∠GKF=90°,
∴∠AGK+∠KGF=90°,∠KGF+∠GFK=90°,
∴∠AGK=∠GFK.
∵∠AKG=∠FKG=90°,
∴△AGK∽△GFK,
∴,
∴,
∴AK=6,
,
∴BE=BK﹣EK=3,
∴OE,
∴E(,0).
【点睛】
本题考查了二次函数与几何的综合,涉及了待定系数法求二次函数解析式、矩形的性质、相似三角形的判定和性质、旋转变换的性质,灵活的利用待定系数法求二次函数解析式是解前两问的关键,熟练掌握相似三角形的判定与性质是解(3)的关键.
23、
【解析】
过点C作CD⊥AB,由∠CBD=45°知BD=CD=x,由∠ACD=30°知AD==x,根据AD+BD=AB列方程求解可得.
【详解】
解:过点C作CD⊥AB于点D,
设CD=x,
∵∠CBD=45°,
∴BD=CD=x,
在Rt△ACD中,
∵,
∴AD====x,
由AD+BD=AB可得x+x=10,
解得:x=5﹣5,
答:飞机飞行的高度为(5﹣5)km.
24、(1);(2)
【解析】
(1)用树状图分3次实验列举出所有情况,再看3辆车都选择A通道通过的情况数占总情况数的多少即可;
(2)由(1)可知所有可能的结果数目,再看至少有两辆汽车选择B通道通过的情况数占总情况数的多少即可.
【详解】
解:(1)画树状图得:
共8种情况,甲、乙、丙三辆车都选择A通道通过的情况数有1种,
所以都选择A通道通过的概率为,
故答案为:;
(2)∵共有8种等可能的情况,其中至少有两辆汽车选择B通道通过的有4种情况,
∴至少有两辆汽车选择B通道通过的概率为.
【点睛】
考查了概率的求法;用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比;得到所求的情况数是解决本题的关键.
2023年山西省运城市中考数学一模试卷(含解析): 这是一份2023年山西省运城市中考数学一模试卷(含解析),共25页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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