【真题汇总卷】2022年中考数学二模试题(含答案详解)
展开2022年中考数学二模试题
考试时间:90分钟;命题人:数学教研组
考生注意:
1、本卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分100分,考试时间90分钟
2、答卷前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上
3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置,如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用涂改液、胶带纸、修正带,不按以上要求作答的答案无效。
第I卷(选择题 30分)
一、单选题(10小题,每小题3分,共计30分)
1、如图所示,AB,CD相交于点M,ME平分,且,则的度数为( )
A. B. C. D.
2、如图,,点B和点C是对应顶点,,记,当时,与之间的数量关系为( )
A. B. C. D.
3、化简的结果是( )
A.1 B. C. D.
4、以下四个选项表示某天四个城市的平均气温,其中平均气温最高的是( )
A. B. C. D.
5、若把分式中的x和y都扩大10倍,那么分式的值( )
A.扩大10倍 B.不变 C.缩小10倍 D.缩小20倍
6、如图,三角形是直角三角形,四边形是正方形,已知正方形A的面积是64,正方形B的面积是100,则半圆C的面积是
A.36 B. C. D.
7、邢台市某天的最高气温是17℃,最低气温是-2℃,那么当天的温差是( ).
A.19℃ B.-19 ℃ C.15℃ D.-15℃
8、当n为自然数时,(n+1)2-(n-3)2一定能被下列哪个数整除( )
A.5 B.6 C.7 D.8
9、计算3.14-(-π)的结果为( ) .
A.6.28 B.2π C.3.14-π D.3.14+π
10、有下列四种说法:
①半径确定了,圆就确定了;②直径是弦;
③弦是直径;④半圆是弧,但弧不一定是半圆.
其中,错误的说法有( )
A.1种 B.2种 C.3种 D.4种
第Ⅱ卷(非选择题 70分)
二、填空题(5小题,每小题4分,共计20分)
1、,则的余角的大小为_________.
2、已知一种商品,连续两次降价后,其售价是原来的四分之一.若每次降价的百分率都是,则满足的方程是________.
3、如图,在高米,坡角为的楼梯表面铺地毯,地毯的长度至少需要________米.(精确到米)
4、若,则________.
5、将一个圆分割成三个扇形,它们的圆心角度数比为,那么最大扇形的圆心角的度数为________.
三、解答题(5小题,每小题10分,共计50分)
1、掘土机挖一个工地,甲机单独挖12天完成,乙机单独挖15天完成.现在两台掘土机合作若干天后,再由乙机单独挖6天完成.问:甲乙两台掘土机合作挖了多少天?
2、解方程:.
3、如图,△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,在线段AB上,动点M从点A出发向点B做匀速运动,同时动点N从B出发向点A做匀速运动,当点M、N其中一点停止运动时,另一点也停止运动,分别过点M、N作AB的垂线,分别交两直角边AC,BC所在的直线于点D、E,连接DE,若运动时间为t秒,在运动过程中四边形DENM总为矩形(点M、N重合除外).
(1)写出图中与△ABC相似的三角形;
(2)如图,设DM的长为x,矩形DENM面积为S,求S与x之间的函数关系式;当x为何值时,矩形DENM面积最大?最大面积是多少?
(3)在运动过程中,若点M的运动速度为每秒1个单位长度,求点N的运动速度.求t为多少秒时,矩形DEMN为正方形?
4、在平面直角坐标系中,抛物线与轴交于点,(在的左侧).
(1)抛物线的对称轴为直线,.求抛物线的表达式;
(2)将(1)中的抛物线,向左平移两个单位后再向下平移,得到的抛物线经过点,且与正半轴交于点,记平移后的抛物线顶点为,若是等腰直角三角形,求点的坐标;
(3)当时,抛物线上有两点和,若,,,试判断与的大小,并说明理由.
5、综合与探究
如图,直线与轴,轴分别交于,两点,抛物线经过,两点,与轴的另一个交点为(点在点的左侧),抛物线的顶点为点.抛物线的对称轴与轴交于点.
(1)求抛物线的表达式及顶点的坐标;
(2)点M是线段上一动点,连接并延长交轴交于点,当时,求点的坐标;
(3)点是该抛物线上的一动点,设点的横坐标为,试判断是否存在这样的点,使,若存在,请直接写出的值;若不存在,请说明理由.
-参考答案-
一、单选题
1、C
【分析】
先求出,再根据角平分线的性质得到,由此即可求解.
【详解】
解:∵,,
∴,
∵ME平分,
∴,
∴
故选C.
【点睛】
本题主要考查了角平分线的性质,解题的关键在于能够熟练掌握相关知识进行求解.
2、B
【分析】
根据全等三角形对应边相等可得AB=AC,全等三角形对应角相等可得∠BAO=∠CAD,然后求出∠BAC=α,再根据等腰三角形两底角相等求出∠ABC,然后根据两直线平行,同旁内角互补表示出∠OBC,整理即可.
【详解】
∵,
∴,
∴,
在中,
∵,
∴,
∵,
∴,
∴,整理得,
故选:B.
【点睛】
本题考查了全等三角形的性质,等腰三角形两底角相等的性质,平行线的性质,熟记各性质并准确识图理清图中各角度之间的关系是解题的关键.
3、D
【分析】
括号里通分化简,然后根据除以一个数等于乘以这个数的倒数计算即可.
【详解】
解:原式,
故选:D.
【点睛】
本题考查了分式的混合运算,熟知运算法则是解题的关键.
4、D
【分析】
根据负数比较大小的概念逐一比较即可.
【详解】
解析:.
故选:
【点睛】
本题主要考查了正负数的意义,熟悉掌握负数的大小比较是解题的关键.
5、B
【分析】
把x和y都扩大10倍,根据分式的性质进行计算,可得答案.
【详解】
解:分式中的x和y都扩大10倍可得:,
∴分式的值不变,
故选B.
【点睛】
本题考查了分式的性质,分式的分子分母都乘以或除以同一个不为零的数或者整式,分式的值不变.
6、B
【分析】
根据正方形的性质分别求出DE,EF,根据勾股定理求出DF,根据圆的面积公式计算.
【详解】
解:正方形A的面积是64,正方形B的面积是100,
,,
由勾股定理得,,
半圆C的面积,
故选B.
【点睛】
本题考查的是勾股定理,如果直角三角形的两条直角边长分别是a,b,斜边长为c,那么.
7、A
【分析】
用最高温度减去最低温度,然后根据减去一个数等于加上这个数的相反数进行计算即可得解.
【详解】
解:17-(-2)
=17+2
=19℃.
故选A.
【点睛】
本题考查有理数的减法,熟记减去一个数等于加上这个数的相反数是解题的关键.
8、D
【分析】
用平方差公式进行分解因式可得.
【详解】
∵(n+1)2﹣(n﹣3)2=(n+1+n﹣3)(n+1﹣n+3)=8(n﹣1),且n为自然数,∴(n+1)2﹣(n﹣3)2能被8整除.
故选D.
【点睛】
本题考查了因式分解的应用,关键是能用平方差公式熟练分解因式.
9、D
【分析】
根据减去一个数等于加上这个数的相反数进行计算即可得解.
【详解】
解: 3.14-(-π)= 3.14+π.
故选:D.
【点睛】
本题考查减法运算,熟记减去一个数等于加上这个数的相反数是解题的关键.
10、B
【分析】
根据弦的定义、弧的定义、以及确定圆的条件即可解决.
【详解】
解:圆确定的条件是确定圆心与半径,是假命题,故此说法错误;
直径是弦,直径是圆内最长的弦,是真命题,故此说法正确;
弦是直径,只有过圆心的弦才是直径,是假命题,故此说法错误;
④半圆是弧,但弧不一定是半圆,圆的任意一条直径的两个端点把圆分成两条弧,每一条弧都叫半圆,所以半圆是弧.但比半圆大的弧是优弧,比半圆小的弧是劣弧,不是所有的弧都是半圆,是真命题,故此说法正确.
其中错误说法的是①③两个.
故选B.
【点睛】
本题考查弦与直径的区别,弧与半圆的区别,及确定圆的条件,不要将弦与直径、弧与半圆混淆.
二、填空题
1、
【分析】
根据互为余角的两个角的和为90度即可得出答案.
【详解】
解:的余角的大小为.
故答案为:
【点睛】
本题考查两角互余的概念:和为90度的两个角互为余角.熟记定义是解答本题的关键.
2、
【分析】
可设原价为1,关系式为:原价×(1﹣降低的百分率)2=现售价,把相关数值代入即可.
【详解】
设原价为1,则现售价为,∴可得方程为:1×(1﹣x)2=.
故答案为1×(1﹣x)2=.
【点睛】
考查列一元二次方程;掌握连续两次变化的关系式是解决本题的关键.
3、
【分析】
首先利用锐角三角函数关系得出AC的长,再利用平移的性质得出地毯的长度.
【详解】
由题意可得:tan27°==≈0.51,解得:AC≈3.9,故AC+BC=3.9+2=5.9(m),即地毯的长度至少需要5.9米.
故答案为5.9.
【点睛】
本题主要考查了解直角三角形的应用,得出AC的长是解题的关键.
4、
【分析】
根据条件|m|=m+1进行分析,m的取值可分三种条件讨论,m为正数,m为负数,m为0,讨论可得m的值,代入计算即可.
【详解】
解:根据题意,可得m的取值有三种,分别是:
当m>0时,则可转换为m=m+1,此种情况不成立.
当m=0时,则可转换为0=0+1,此种情况不成立.
当m<0时,则可转换为-m=m+1,解得,m=.
将m的值代入,则可得(4m+1)2011=[4×()+1]2011=-1.
故答案为:-1.
【点睛】
本题考查了含绝对值符号的一元一次方程和代数式的求值.解题时,要注意采用分类讨论的数学思想.
5、
【分析】
根据它们的圆心角的度数和为周角,则利用它们所占的百分比计算它们的度数.
【详解】
最大扇形的圆心角的度数=360°×=200°.
故答案为200°.
【点睛】
本题考查了圆心角、弧、弦的关系:在同圆或等圆中,如果两个圆心角、两条弧、两条弦中有一组量相等,那么它们所对应的其余各组量都分别相等.
三、解答题
1、甲乙两台掘土机合作挖了4天.
【分析】
设甲乙两台掘土机合作挖了天,则甲乙合作的工作量为乙机单独挖6天完成的工作量为 再结合两部分的工作量之和等于1列方程,解方程即可.
【详解】
解:设甲乙两台掘土机合作挖了天,则
整理得:
解得:
答:甲乙两台掘土机合作挖了4天.
【点睛】
本题考查的是一元一次方程的应用,掌握“工作时间乘以工作效率等于工作量”是解本题的关键.
2、x=3
【分析】
按照解一元一次方程的基本步骤解即可.
【详解】
解:
方程两边乘10得:5(x﹣1)=10﹣2(x﹣3),
去括号得:5x﹣5=10﹣2x+6,
移项得:5x+2x=10+6+5,
合并同类项得:7x=21,
系数化为1得:x=3.
【点睛】
本题考查了解一元一次方程,去分母的时候注意没有分母的项1也要乘10.
3、
(1)图中与△ABC相似的三角形有△DEC,△EBN,△ADM
(2)当时,矩形DENM面积最大,最大面积是3
(3)点N的速度为每秒个单位长度,当时,矩形DEMN为正方形
【解析】
(1)
解:∵四边形DENM是矩形,
∴DE∥AB,∠DMN=∠DMA=∠ENM=∠ENB=90°,
∴△CDE∽△CAB,
∵∠ACB=∠AMD=∠ENB=90°,∠A=∠A,∠B=∠B,
∴△AMD∽△ACB,△ENB∽△ACB;
∴图中与△ABC相似的三角形有△DEC,△EBN,△ADM;
(2)
解:∵在△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4,
∴,
∵△ADM∽△ABC,
∴,
∵,
∴,
∴
∴,
∴,
∵△ADM∽△ABC,△DEC∽△ABC,
∴△ADM∽△DEC,
∴,即,
∴,
∴,
∵,
∴当时,矩形DENM面积最大,最大面积是3;
(3)
解:当M、N相遇前,
∵四边形DENM是矩形,
∴NE=MD,
∵△AMD∽△ABC,
∴,
由题意得,
∴,
∴;
∵△BEN∽△BAC,
∴,即
∴,
∴点N的速度为每秒个单位长度;
∵当N、M相遇时,有AM+BM=AB,
∴,
解得,即M、N相遇的时间为,
当N、M相遇后继续运动,N点到达A点时,
∴,
解得,即N点到底A点的时间为;
∵矩形DENM是正方形,
∴DM=MN=EN,
当N、M相遇前,即当时,,,,
∴,
∴,
解得;
当N、M相遇后,即当时,,,,
∴,,
∴,
∴,
解得不符合题意,
∴综上所述,点N的速度为每秒个单位长度,当时,矩形DEMN为正方形.
【点睛】
本题主要考查了相似三角形的性质与判定,矩形的性质,正方形的性质,勾股定理,二次函数的性质,熟知相似三角形的性质与判定条件是解题的关键.
4、
(1)
(2)
(3)
【分析】
(1)根据对称性求得点的坐标,进而设抛物线交点式即可求得解析式;
(2)根据对称性以及等腰直角三角形的性质即可求得点的坐标;
(3)根据,求得对称轴,根据抛物线开口向下,离对称轴越远的点,其函数值越大,据此分析即可.
(1)
,,且抛物线与轴交于点,,在的左侧.
设
解得
设抛物线的解析式为
又,
即
(2)
抛物线的对称轴为
将抛物线向左平移2个单位,则新抛物线的对称轴为
关于对称
设
是等腰直角三角形
都小于90°
是直角
解得
根据函数图象可知当时不合题意,舍去
(3)
,,,
和在抛物线上,则点离抛物线的对称轴更近,
【点睛】
本题考查了待定系数法求抛物线的解析式,二次函数的平移,二次函数的性质,掌握二次函数的性质是解题的关键.
5、(1),;(2);(3)存在,的值为4或
【分析】
(1)分别求出两点坐标代入抛物线即可求得a、c的值,将抛物线化为顶点式,即可得顶点的坐标;
(2)作轴于点,可证∽,从而可得,代入,,可求得,代入可得,从而可得点的坐标;
(3)由,可得,由两点坐标可得,所以,过点P作PQ⊥AB,分点P在x轴上方和下方两种情况即可求解.
【详解】
(1)当时,得,
∴点的坐标为(0,4),
当时,得,解得:,
∴点的坐标为(6,0),
将两点坐标代入,得
解,得
∴抛物线线的表达式为
∵
∴顶点坐标为.
(2)作轴于点,
∵,,
∴∽.
∴.
∴.
∴
当时,
∴.
∴点的坐标为.
(3)∵,,
∴,
∵点的坐标为(6,0),点的坐标为(0,4),
∴,
∴,
过点P作PQ⊥AB,
当点P在x轴上方时,
解得m=4符合题意,
当点P在x轴下方时,
解得m=8符合题意,
∴存在,的值为4或.
【点睛】
本题考查了抛物线解析式的求法,抛物线的性质,三角形相似的判定及性质,三角函数的应用,解题的关键是准确作出辅助线,利用数形结合的思想列出相应关系式.
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