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湖南省长沙市湘一立信实验学校2020年中考物理二模试卷及答案
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这是一份湖南省长沙市湘一立信实验学校2020年中考物理二模试卷及答案，共25页。试卷主要包含了2g；，【答案】B，【答案】D，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
2020年湖南省长沙市湘一立信实验学校中考物理二模试卷
1. 关于声音的说法，正确的是( )
A. 中考期间，考场附近噪声大的工地都必须停工，这是从声源处减弱噪音
B. 汽车的倒车雷达在月球上也能正常工作
C. 教室里听不到老师讲课的回声，是因为教室里声音没有发生反射
D. 声音在15℃空气中的传播速度是3×108m/s
2. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 冬天密闭教室中窗户玻璃上的水珠是水蒸气液化形成的，水珠出现在靠教室外面一侧
B. 用茶壶烧水时，壶嘴喷出的“白雾”是液化形成的，液化过程会放热
C. 霜的形成是水的凝固 D. 白炽灯泡使用久了，灯丝会因为熔化变细
3. 关于透镜的应用，下列说法正确的是( )
A. 用放大镜来观察物体时，物体离透镜越近，放大的倍数越大
B. 显微镜的物镜作用相当于投影仪，目镜作用相当于放大镜
C. 人眼近视是因为将像成在了视网膜的前面，应该用凸透镜来矫正
D. 人眼远视是因为将像成在了视网膜的后面，应该用凹透镜来矫正
4. 下列说法正确的是( )
A. 利用水作为发动机的冷却液，是因为相等质量的水，吸收相等的热量后，水升高的温度会更高
B. 热值是燃料的特性，它与燃料是否完全燃烧无关
C. 汽油机的压缩冲程将内能转化为机械能
D. 随着科技的发展，汽油机的效率达到100%是可能的
5. 关于能源和可持续发展，下列说法正确的是( )
A、风能、太阳能、核能都是可再生能源
B. 太阳能电池将太阳能直接转化为化学能
C. 我国已建成的核电站是利用核聚变来发电的
D. 能量的转移和转化是有方向性的，所以我们必须节约能源
6. 关于下列四幅图，说法正确的是( )
A. 甲图是发电机的模型图，扬声器的原理与之相同
B. 乙图是电动机的原理图，麦克风的原理与之相同
C. 丙图说明磁能生电
D. 丁图是发电机的模型图，其它条件不变，只将磁体南北极对调，流过灯泡的电流方向将改变
7. 关于力与物体的运动。下列说法正确的是( )
A. 力是改变物体运动状态的原因，而不是使物体运动的原因
B. 地球同步卫星相对地球静止，它处于平衡状态
C. 匀速直线运动的物体一定不受力的作用
D. 竖直上抛的物体，运动到最高点时，物体处于平衡状态
8. 关于家庭电路，下列说法正确的是( )
A. 保险丝的熔断电流应该略小于家庭电路中所有用电器都正常工作时的电流之和
B. 发生短路时，漏电保护器将动作，其作用相当于总开关断开
C. 有人触电时，应该首先切断电源
D. 使用试电笔时，不能将手接触试电笔的金属部分
9. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，下列判断错误的是( )
A. 若滑动变阻器R1断路，电压表读数接近于电源电压
B. 若将P右移，电路的总功率减小
C. 若将P右移，电压表与电流表读数的比值将增大
D. 若将P右移，电压表与电流表读数变化量的比值将增大
10. 《航拍中国》第三季湖南篇介绍了位于长沙望城区的惜字塔。惜字塔是一座清代石塔，因塔上生树，树塔共生(如图所示)而渐有名气，奉为神塔与神树。若无风时，下列说法正确的是( )
A. 地面对塔的支持力与塔对地面的压力是一对平衡力
B. 塔对树的支持力与树对塔的压力是一对平衡力
C. 地面对塔的支持力大于塔身的重力
D. 地面对塔的支持力与塔身的重力是一对平衡力
11. 如图所示，底面积相等、自身重力不计的薄壁容器甲乙放置在水平桌面上，容器中盛有质量相等、液面等高的不同液体A、B，现将相同的两物体轻轻地放入甲乙容器中，待物体静止后(没有液体溢出)，甲容器中液体对容器底的压力增量为△FA，容器对地面的压强增量为△p甲；乙容器中液体对容器底的压力增量为△FB，容器对地面的压强增量为△p乙，则( )
A. △FA<△FB，△p甲=△p乙 B. △FA<△FB，△p甲<△p乙
C. △FA>△FB，△p甲>△p乙 D. △FA>△FB，△p甲=△p乙
12. 嫦娥五号探测器，是我国首个实施无人月面取样返回的航天器，预计2020年10月底前后发射。嫦娥五号探测器全重8.2吨，由轨道器、返回器、着陆器、上升器四个部分组成，如图所示为上升器与着陆器模拟图。上升器升空时向下喷射高温气体，高温气体对其施加向上的动力，这说明物体间力的作用是____的。轨道器在环月椭圆轨道上由近月点向远月点运动时，它的动能将___(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
13. “端午浓情，粽叶飘香”。煮粽子时，小明闻到了粽子的香味，这是______现象，吃粽子时，米粒和粽叶不容易分开，这表明：分子间存在______。
14. 十九大报告中提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导低碳环保，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于______(选填“可再生”“不可再生”)能源；4G在进行信息、文件等材料传输过程中，是靠______来传播的。
15. 小金将长为0.6m、质量可忽略不计的木棒搁在肩上，棒的后端A挂一个60N的物体，肩上支点O离后端A为0.2m，他用手压住前端B使木棒保持水平平衡，如图所示，小金的重力为500N，则：若手给B端的力是竖直向下的，则这个力的大小等于____N，地面对人的支持力大小等于______N。
16. 为了检验飞船舱门的密封性能，科研人员将待检验的飞船舱体M置于一个不漏气的集气空腔N中，如图甲所示。先对舱体M充入压强为1.0×105Pa的空气，然后，把集气空腔N抽成真空。若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体M进入集气空腔N中，舱体M中的压强将减小，集气空腔N中的压强将增大，最终M、N空腔气体压强相等。为了测量舱体M和集气空腔N中的压强，科研员设计了如图甲所示电路，其中RM、RN是两个完全相同的压敏电阻(其电阻值会随所受压强大小发生变化的可变电阻)。已知舱体M的容积为V，集气空腔N真空部分的容积为4V，飞船舱门的面积是0.6m2，不计舱体M器壁的体积，整个过程温度不变。电路中R0的阻值为16Ω，电源电压为12V.压敏电阻RM、RN的阻值随气体压强变化的关系如表：
压敏电阻受到的气压(×105Pa)
0
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
0.7
0.8
0.9
1.0
压敏电阻对应的电阻值(Ω)
50
40
30
22
15
12
10
8
6
5
4
则：
(1)若舱门不漏气，且单刀双掷开关S接a时，电路中电流表的示数为：______A；
(2)实验表明，一定质量的气体在温度不变的情况下，压强随体积的变化如图乙所示。若空气从舱体M中逸出，经过一定的时间后，M、N中的压强相等。若开关S接在b处，则此时整个电路消耗的总功率______W；
(3)在检验过程中的某时刻，开关接a时电压表的示数为Ua、压敏电阻RM的功率为PM，开关接b时电压表的示数为Ub、压敏电阻RN的功率为PN，若Ua：Ub=2：1，且PM：PN=6：5，则此时舱门内外受到的压力差为______N。
17. 如图是“探究平面镜成像的特点”的实验装置图。
(1)实验器材：带底座的玻璃板、白纸、刻度尺、笔、光屏、打火机各一个，两支外形相同的蜡烛A和B；
(2)选用玻璃板代替平面镜，主要是为了便于确定像的位置；选用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的______关系；
(3)在竖直的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在蜡烛的______(选填“A”或“B”)侧观察，直至它与蜡烛A的像完全重合。
18. 在探究影响压力作用效果的影响因素时，小红同学利用小桌、海绵和砝码(实验中砝码都相同)等器材进行了如图所示的实验。
(1)实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的，这种研究方法称为______；
(2)比较甲、乙两图，可以初步得出的结论是当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
(3)小红联想到坦克车履带的设计，这可用______两组实验所得结论解释；
(4)若将丙图中有砝码的小桌放在木板上如丁图所示，比较图丁与图丙，小桌对木板和海绵的压强______(选填“相同”或“不相同”)。
19. 在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：导体的电阻与导体的①长度有关：②横截面积有关：③材料有关。实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如下表：
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5
为了验证上述猜想，他们设计了如右图所示的实验电路。
(1)连接电路时，开关要处于______。
(2)为了验证上述猜想①，应该选用编号为______的两根电阻丝进行实验：如果选用编号为A、D的两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)。
(3)在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样______(填“增大”或“减小”)了输电线的电阻。
20. 小军想用实验室的天平和量筒测鸡蛋的密度，但发现实验室的量筒口径太小，无法直接测量鸡蛋的体积，于是他进行了如下的实验操作，请完成下列问题：
(1)请你按照小军的实验思路，将实验步骤补充完整。
①天平放在水平桌面上，分度盘如图甲所示，应该将平衡螺母向______调节，使天平水平平衡；
②用天平测出烧杯的质量为65.2g；
③如图乙在烧杯中装适量的水，把鸡蛋放入水中，鸡蛋下沉至杯底；
④如图丙所示，小军应进行的操作是______；
⑤取出鸡蛋，用调好的天平测烧杯和盐水的总质量M，如图丁所示，M=______g；
⑥将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图戊所示，量筒的读数V=______mL；
⑦利用密度公式计算出盐水的密度即为鸡蛋的密度，则ρ=______kg/m3。
(2)若合理调整上述实验步骤顺序后测量结果更准确，合理的步骤顺序是______(填序号)。
21. 阅读短文，然后回答问题。
欢乐雪域--长沙迎来旅游新地标
2020年4月26日，位于湖南湘江新区核心片区大王山旅游度假区湘江欢乐城首次向媒体集中展示了其首发游乐项目“欢乐雪域”。
值得一提的是，这里曾是一个因采石而留下的深达百米的巨型矿坑，如今变身“世界唯一悬浮于百米深坑之上“欢乐雪域”主题乐园”，也被视为国内生态修复的典型，下沉式矿坑形成的天然保温效果更使该乐园综合节能率达到30%以上。
来“欢乐雪域”的游客，乘坐电梯到地下36米处，一扇厚重的隔离门打开之后，一片银装素裹的世界突然出现在眼前。北欧风格的小镇建筑依次排开，屋顶上积着皑皑白雪，地上则是厚度几乎没过脚踝的白雪，加上巨幅的阿尔卑斯山脉墙绘，瞬间将人带入雪国情景。
在这里，红色雪国缆车，连接着上下两座瑞士风情的阿尔卑斯小镇，爱斯基摩屋、雪峰教堂、雪地观景台……静止的氛围营造，让人宛如置身童话世界。
据介绍，湘江欢乐城欢乐雪域共设置造雪机15台，日均造雪量可达300立方米。
沿着步道行进至下区，这里分布着半山观景台、冰雪淘气堡、冰湖看台、下村广场、雪峰教堂、雪人区等，在1200平方米的冰湖区，游客们可体验滑冰、冰上碰碰车等项目，适合全家人畅享玩雪的乐趣。
造雪机的工作原理是：将水注入一个专用喷嘴或喷枪，在那里接触到高压空气，高压空气将水流分割成微小的粒子并喷入寒冷的外部空气中，在落到地面以前这些小水滴______(填物态变化名称)成冰晶，这就是人们看到的雪花；
(1)游客乘坐雪国缆车从下匀速向上运动时，他的机械能是______(填“变大”、“不变”或“减小”)；
(2)下沉式矿坑形成的天然保温效果好的原因之一是因为坑底储存了大量的水，水的______较大，从而较好的调节了坑内的小气候。
22. 如图是电热水器的简化电路图，额定电压为220V，热水器分为高中低档。高温挡的功率为1100W，中温挡的功率为220W，求：
(1)该热水器处于高温挡工作6min电流做的功；
(2)R1的阻值；
(3)低温挡时R1的功率。
23. 六一儿童节，同学送给小明一个透明密闭容器做的礼物。容器中盛有两种分层的液体，一只小熊悬浮在两种液体的交界处。热爱物理的小明同学找来一个正方体木块A、一个电子台秤、刻度尺、底面积为200cm2的薄壁容器等对两种液体进行了以下探究：
①将密闭容器顶部打开，将液体全部倒入容器中，并将容器放在台秤上，记下容器和液体的总质量；
②用刻度尺测出A木块边长为10cm，并用一根不计质量和体积的细杆固定在A的顶部正中央，再将木块放入容器中，如图所示，此时杆的作用力为0.放入物体A后，台秤的读数增加了1080g，此时，甲液体的深度为10cm，乙液体的深度为6cm，A浸入乙液体的深度为4cm；
③将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小280g，求：
(1)物体A的重力；
(2)物体A的密度；
(3)使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强；
(4)将物体A上下移动，在保证物体A浸没的情况下，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比(A与容器可接触但不挤压)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、考场附近噪声大的工地都必须停工，这是从声源处减弱噪音，故A正确；
B、汽车的倒车雷达是利用超声波工作的，由于月球上没有空气，所以倒车雷达在月球上不能正常工作，故B错误；
C、教室里听不到老师讲课的回声，是因为人耳分辨原声与回声的时间间隔必须大于或等于0.1s，并不是声音没有发生反射，故C错误；
D、声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，故D错误。
故选：A。
(1)防治噪声的三个途径：在声源处、在人耳处、在传播中；
(2)声音的传播需要介质；
(3)人耳分辨原声与回声的时间间隔必须大于或等于0.1s；
(4)声音在15℃空气中的传播速度是340m/s。
本题考查了声音的传播速度、防治噪声的途径、回声的特点、超声波的利用等，属声学综合题，难度不大。
2.【答案】B
【解析】解：A、冬天密闭教室中温度较高，教室内热的水蒸气遇到冷的玻璃会液化成小水珠附着在玻璃内侧一面，故A错误；
B、用茶壶烧水时，壶嘴喷出热的水蒸气，上升遇到较冷的空气液化成小水珠，也就是我们看到的“白雾”，液化放出热量，故B正确；
C、霜是由水蒸气放热直接凝华形成的小冰晶，故C错误；
D、白炽灯泡使用久了，灯丝会变细是因为白炽灯使用时温度很高，灯内钨丝直接升华为了钨蒸气，故D错误。
故选：B。
(1)(2)水蒸气遇冷会液化成小水滴，液化放出热量；
(3)(4)物质由气态直接变为故态的过程叫做凝华，由固态直接变为气态的过程叫做升华，凝华放热，升华吸热。
本题主要考查物态变化的知识，关键是能够找到物质变化前后的状态分别是什么，仔细分析不难解答。
3.【答案】B
【解析】解：
A、用放大镜来观察物体时，物体离透镜越近，物距越小，则放大的倍数越小，故A错误；
B、显微镜的物镜成倒立、放大的实像，相当于投影仪，目镜成正立、放大的虚像，相当于放大镜，故B正确；
C、人眼近视是因为将像成在了视网膜的前面，要使像成在视网膜上，应使光线发散一些，即需要凹透镜来矫正，故C错误；
D、人眼远视是因为将像成在了视网膜的后面，要使像成在视网膜上，应使光线会聚一些，即需要凸透镜来矫正，故D错误。
故选：B。
(1)凸透镜成虚像时，物距变大，像变大；
(2)显微镜的物镜成倒立、放大的实像；目镜成正立、放大的虚像；
(3)近视眼是因为晶状体变厚或眼球太长，使像成在视网膜的前方，要佩戴凹透镜进行矫正；
(4)远视眼是因为晶状体变薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要佩戴凸透镜进行矫正。
本题考查了凸透镜成像的规律的应用、凹透镜对光线的作用，属于基础知识，要掌握。
4.【答案】B
【解析】解：
A、利用水作为发动机的冷却液，是因为相等质量的水，吸收相等的热量后，由于水的比热容大，则水升高的温度会更低一些，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关，故B正确；
C、汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体，机械能转化为内能，故C错误；
D、由于热机在工作过程中总有能量损失，所以汽油机的效率不可能达到100%，故D错误。
故选：B。
(1)水的比热容比较大，据此分析；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值；热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
(3)汽油机的压缩冲程中，活塞对气体做功；
(4)任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到100%。
本题考查了比热容、热值、内燃机的工作过程、热机的效率，都是基础知识，要掌握。
5.【答案】D
【解析】解：
A、核能是不可再生能源，太阳能、风能都属于可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池可将太阳能直接转化为电能，故B错误；
C、核反应堆中发生的是可控制的核裂变，核电站发电的过程是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，故C错误；
D、能量转化过程是有方向性的，是不可逆的，所以必须节约能源，故D正确。
故选：D。
(1)可再生能源可以在短时间内形成，不可再生能源不可在短时间内形成；
(2)太阳电池把太阳能转化为电能；
(3)核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的；
(4)能量的转移与转化是有方向性的；
此题考查了能量的转化及分类，能量转化现象是生活中常见的现象，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、甲图属于通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的模型图，电能转化为机械能，扬声器原理与之相同，故A错误；
B、乙图属于通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的实物连接图，电能转化为机械能，麦克风是把声信号转换成电信号，即把机械能转化为电能，故B错误；
C、丙图是奥斯特发现了电流的磁效应的实验原理图，不能说明磁生电，故C错误；
D、丁图是发电机的模型图，发电机电流方向与磁场方向和导体运动方向有关，其它条件不变，只将磁体南北极对调，磁场方向改变，流过灯泡的电流方向将改变，故D正确；
故选：D。
(1)电流的磁效应：通电导线周围存在磁场；
(2)电动机工作原理：通电导体在磁场中受力的作用；
(3)发电机工作原理：电磁感应现象。
本题考查的是电流的磁效应、电动机和发电机的原理图，要求同学们能深刻理解原理，注意原理图的相同点和不同点。
7.【答案】A
【解析】解：
A、物体的运动状态发生了变化，是因为物体受到了力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动是不需要力来维持的，故A正确；
B、地球同步卫星相对地球静止，但卫星随地球做圆周运动，它不是处于平衡状态，故B错误；
C、根据牛顿第一定律可知，物体不受力时，可能会保持匀速直线运动状态，故C错误；
D、竖直上抛的物体，运动到最高点时，会受到重力的作用，合力不为零，所以物体不是处于平衡状态，故D错误。
故选：A。
(1)物体的运动不需要力来维持；
(2)(3)物体处于平衡状态时，处于静止或匀速直线运动状态；
(3)根据牛顿第一定律分析。
明确物体的受力情况，及在不同受力情况下所处的运动状态是解答此题的关键；还要深刻理解力与运动状态之间的关系。
8.【答案】C
【解析】解：
A、保险丝的熔断电流应该略小于家庭电路中所有用电器都正常工作时的电流之和，这样所有用电器工作时，保险丝不会熔断，故A错误；
B、当电路发生短路时，进户线中流入的电流和流出的电流相等，漏电保护器不会切断电路，故B错误；
C、遇到有人触电，应先切断电源，然后在施救，故C正确；
D、使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，此时人体和试电笔才串联在火线和大地之间，试电笔的电阻大分担电压大，人体电阻小分担电压小，氖管发光，故D错误。
故选：C。
(1)保险丝的额定电流要大于用电器的总电流；
(2)漏电保护器原理是检测火线和零线的电流，当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，漏电保护器切断电路；
(3)发现有人触电，一定要及时切断电源；
(4)使用试电笔时，手一定要接触笔尾金属体，但不要接触笔尖金属体。
(1)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。(2)触电原因是直接或间接接触火线。(3)电引起的火灾不要用水泼。
9.【答案】D
【解析】解：A、根据电路图可知，R1、R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量电路电流；当滑动变阻器断路时，电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表的读数接近于电源电压，故A正确；
B、当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流将减小；由于电源电压不变，由P=UI可知，电路消耗的总功率将变小，故B正确；
C、因为电压表测量R1的电流，电流表测量通过R1的电流，因此电压表和电流表的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，而滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，因此滑片向右移动时，电压表与电流表读数的比值将增大，故C正确；
D、因为串联电路各处电流相等，因此电流表测量通过定值电阻的电流；
由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表示数的变化量等于定值电阻两端电压的变化量，则由R=△U△I可知，电压表与电流表读数变化量的比值定值电阻的阻值，即比值不变，故D错误。
故选：D。
(1)电路发生断路时，根据电压表的正负接线柱能否与电源两极相连确定电压表的示数；
(2)根据滑片移动的方向判断滑动变阻器接入电路阻值的大小，进一步得出电路总电阻的变化，再利用欧姆定律可知电路电流的变化；
(3)将电压表和电流表示数的比值转化为电阻的阻值进行判断；
(4)根据串联电路特点判断定值电阻两端电压和电流的变化与电压表示数和电流表示数变化的关系，再利用R=△U△I进行分析。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器、欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】D
【解析】解：A、地面对塔的支持力与塔对地面的压力作用在不同的物体上，不是平衡力，故A错误；
B、塔对树的支持力与树对塔的压力作用在不同的物体上，不是平衡力，故B错误；
CD、地面对塔的支持力与塔身的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体的一条直线上，是平衡力，故C错误，D正确。
故选：D。
判断平衡力的标准是看两个力是否符合二力平衡的条件，即作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，且在一条直线上。据此来对各选项中的内容进行判断。
要想正确判断此题，熟知二力平衡的条件是基本的要求，同时还需要一定的细心，四个因素一定要同时满足才是一对平衡力，难度不大，但却易错。
11.【答案】A
【解析】解：由图可知：由于底面积相等、液面等高，则甲容器里的液体A的体积大于乙容器的液体B；已知容器中盛有的液体质量相等，根据ρ=mV可知：ρA<ρB；
(1)将相同的两物体轻轻地放入甲乙容器中，待物体静止后(没有液体溢出)，则容器对地面的压力增加量都等于物体的重力，因两物体的重力相同，则两容器对地面的压力增加量相同，且两容器底面积相同，由△p=△FS容可知，两容器对地面的压强增加量相同，即△p甲=△p乙，故BC错误；
(2)①当ρ物≤ρA时，且ρA<ρB，根据物体的浮沉条件可知，物体在A、B两液体中都处于漂浮状态，则物体受到浮力F浮=G物，根据阿基米德原理可知：F浮=G排，则G排A=G排B；
由于排开的液体没有溢出，则相当于在甲乙容器里增加了液体的重力，由于甲容器上粗下细，则△FA
②当ρA<ρ物≤ρB时；根据浮沉条件可知，物体在A液体中下沉，则物体受到浮力FA浮
③当ρB<ρ物时，且ρA<ρB，根据浮沉条件可知，物体在A、B两液体中都处于浸没状态，则V排A=V排B=V物，由于排开的液体没有溢出，甲乙容器的底面积相等，则根据甲容器上粗下细，乙容器上下一样粗细，可知：△hA<△hB；根据p=ρ液gh可知容器底受到的液体压强：△pA<△pB，根据F=pS可知：△FA<△FB；
由上分析可知：A正确，D错误。
故选：A。
由图可知：由于底面积相等、液面等高，则甲容器里的液体A的体积大于乙容器的液体B；已知容器中盛有的液体质量相等，根据ρ=mV可知液体A的密度小于液体B的密度；
由于放入甲乙容器中的物体密度未知，所以，需要分以下几种情况讨论：
①当ρ物<ρA时，②当ρA<ρ物<ρB时；
根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断物体排开液体的重力，然后根据容器的形状判断出压力的变化量；根据p=FS判断压强的变化量；
③当ρB<ρ物时，由于物体在A、B两液体中都处于浸没状态，由于排开液体的体积相同，根据液面的高度变化，利用p=ρ液gh判断出甲乙容器底受到液体的压强的变化量；然后根据F=pS判断压力的变化量。
本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，以及固体压强公式，是一道综合题。
12.【答案】相互 减小
【解析】解：上升器升空时向下喷射高温气体，高温气体对其施加向上的动力，这说明物体间力的作用是相互的。
轨道器在环月椭圆轨道上由近月点向远月点运动时，动能转化为重力势能，故它的动能减小。
故答案为：相互；减小。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)动能和势能可以相互转化，转化过程中，若没有能量的损失，则机械能保持不变。
深入理解力的作用的相互性，理解生活中动能和势能转化的实例，可解答此题。
13.【答案】扩散 引力
【解析】解：由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，这就是扩散现象；
由于分子间存在相互的引力而使米粒和粽叶粘在一起不容易分开。
故答案为：扩散；引力。
物体的分子在不停地做无规则运动，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；
分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。
本题主要考查学生对分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】可再生 电磁波
【解析】解：(1)太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可再生能源；
(2)电磁波可以传递信息，4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是由电磁波来传递信息的。
故答案为：可再生；电磁波。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(2)电磁波可以传递信息。
此题考查了能源的分类及电磁波的应用，属于基础题。
15.【答案】30 560
【解析】解：(1)根据杠杆的平衡条件有：F×OB=G×OA，即：F×(0.6m−0.2m)=60N×0.2m，解得：F=30N；即手压木棒的压力大小为30N；
(2)因为在水平面上压力等于重力，所以人对地面的压力大小为：F压=G总=G人+G物=500N+60N=560N；
又因为人对地面的压力和地面对人体的支持力是一对相互作用力，大小相等，即F支=F压=560N
故答案为：30；560。
(1)根据杠杆平衡条件求出手的压力的大小；
(2)在水平面上压力等于重力，对人整体进行受力分析，利用力的合成及相互作用力大小相等的知识解答。
此题考查了对杠杆平衡条件的应用，对人整体进行受力分析和相互作用力的关系是解此题的关键。
16.【答案】0.6 3.13 2.4×104
【解析】解：(1)当单刀双掷开关S接a时，RM与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路的电流，
舱门不漏气时，RM受到的气压为1.0×105Pa，由表格数据可知，RM=4Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中电流表的示数：
IM=URM+R0=12V4Ω+16Ω=0.6A；
(2)当M、N中的气体压强相等时，气体的总体积变为5V，由图乙可知，M、N中的气压值均为0.2×105Pa，
查表可知，此时RM、RN的电阻值均为30Ω，
开关S接在b处，RN与R0串联，
则此时整个电路消耗的总功率：
P=U2RN+R0=(12V)230Ω+16Ω≈3.13W；
(3)由I=UR可得，
电压表的示数之比：
UaUb=IaR0IbR0=IaIb=21，
由P=I2R可得：
PMPN=Ia2RMIb2RN=(IaIb)2×RMRN=(21)2×RMRN=65，
解得：RM=310RN，
因电源电压一定时，电流与总电阻成反比，
所以，IaIb=R0+RNR0+RM=16Ω+RN16Ω+310RN=21，
解得：RN=40Ω，RM=310RN=310×40Ω=12Ω，
由表格数据可知，M中的气压PM=0.5×105Pa，N中的气压PN=0.1×105Pa，
此时舱门受到的内外压力差：
△F=△pS=(0.5×105Pa−0.1×105Pa)×0.6m2=2.4×104N。
故答案为：(1)0.6；(2)3.13；(3)2.4×104。
(1)由电路图可知，当单刀双掷开关S接a时，RM与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；舱门不漏气时，RM受到的气压为1.0×105Pa，由表格数据可知其阻值的大小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流；
(2)先求出当M、N中的气体压强相等时气体的总体积，由图乙可知M、N中的气压值，由表格数据可知此时RM、RN的电阻值，当开关S接在b处时RN与R0串联，根据电阻的串联和P=U2R求出此时整个电路消耗的总功率；
(3)根据欧姆定律表示出电压表的示数之比即可求出电流之比，根据P=I2R表示出PM：PN求出两阻值的关系，根据“电源电压一定时，电流与总电阻成反比”列出等式即可求出两电阻的阻值，然后根据表格数据可知对应的压强，根据△F=△pS求出此时舱门内外受到的压力差。
本题考查的知识点多，涉及的新信息较多，难度较大，需在掌握好基础知识的基础上认真分析信息，将课本知识进行有效迁移才能解答好本题。
17.【答案】大小 A
【解析】解：
(2)用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的大小关系；
(3)点燃蜡烛，蜡烛在玻璃板中成像，观察蜡烛的像时，眼睛要在蜡烛的一侧，才能通过玻璃板看到点燃的蜡烛的像，故应该在A侧。
故答案为：(2)大小；(3)A。
(2)选用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的大小关系；
(3)人的眼睛应通过玻璃板观察像。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
18.【答案】转换法 乙、丙 相同
【解析】解：
(1)实验中是通过观察海绵的形变程度(凹陷程度)来比较压力作用效果的，这种研究方法是转换法；
(3)研究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变，故比较乙丙两图，可得出的结论是：压力相同时，受力面积越小，压力作用的效果越明显。
坦克的履带面积比较大，是通过增大受力面积来减小压力的作用效果的，故应通过比较乙丙两组实验所得结论进行解释；
(4)如图丁所示，若将有砝码的小桌放在木板上，比较图丁与图丙可知，压力相同，受力面积的大小相同，所以小桌对木板和海绵的压力作用效果相同，即小桌对木板和海绵的压强相同。
故答案为：(1)海绵的形变程度；转换法；(3)乙、丙；(4)相同。
(1)通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
(3)(4)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
19.【答案】断开状态 A、B ③ 减小
【解析】解：
(1)为保护电路，在连接电路时，开关要处于断开状态；
(2)要验证猜想①：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验。
A和D两电阻丝长度和横截面积相同，分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间，可探究导体电阻跟材料的关系，因此，可验证猜想③；
(3)细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。
故答案为：(1)断开状态；(2)A、B；③；(3)减小。
(1)为保护电路，在连接电路时，开关要处于断开状态；
(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(3)影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，当材料和长度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小。
本题是一道实验题，考查了影响导体对电流的阻碍作用与导体的长度和横截面积的关系，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
20.【答案】右 向水中缓慢加入适量食盐，并轻轻搅拌，直至鸡蛋处于悬浮状态 164.2 90 1.1×103 ①③④⑤⑥②⑦
【解析】解：(1)如图，指针在分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。
测量盐水的密度间接测量鸡蛋的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，使鸡蛋悬浮在盐水中，鸡蛋在水中下沉，往水中加盐并搅拌，使鸡蛋悬浮在盐水中。
盐水和烧杯的总质量：m1=100g+50g+10g+4.2g=164.2g
倒入量筒中盐水的质量：m=m1−m2=164.2g−65.2g=99g
由图可知，量筒的读数V=90mL=90cm3；
盐水的密度：ρ=mV=99g90cm3=1.1×103kg/m3
(2)盐水没有全部倒入量筒，还有部分残留到烧杯壁上，导致体积测量较小，密度测量值偏大。
要想准确测量盐水的体积，要考虑到残留的部分，所以先测量烧杯和盐水的总质量，把盐水倒入量筒，然后称量烧杯和剩余盐水的质量，这样量筒中盐水的质量和体积测量都准确，密度测量准确，所以正确的测量步骤：
①把天平放在水平桌面上，分度盘如图甲所示，他应该将平衡螺母向右调节，使天平平衡；
③在烧杯中装适量的水，把鸡蛋放入水中，鸡蛋下沉至杯底，如图乙；
④如图丙所示，小明的操作是把盐放入水中并搅拌直到鸡蛋悬浮在盐水中；
⑤取出鸡蛋，用调好的天平测烧杯和盐水的总质量，如图丁所示，天平的读数为171.4g；
⑥将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图戊所示，量筒的读数为96mL；
②用天平测出烧杯的质量为65.8g；
⑦利用密度公式计算出盐水的密度为1.1×103kg/m3，即为鸡蛋的密度。
故答案为：(1)右；向水中缓慢加入适量食盐，并轻轻搅拌，直至鸡蛋处于悬浮状态；164.2；90；1.1×103；(2)①③④⑤⑥②⑦。
(1)调节天平横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。
测量盐水的密度间接测量鸡蛋的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，使鸡蛋悬浮在盐水中。
用天平测量物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
求出盐水的质量和体积，根据密度公式求出盐水密度。
(2)测量过程中先测量空烧杯的质量，称烧杯和盐水的总质量，烧杯中盐水全部倒入量筒中，这时烧杯上有残留的盐水，导致体积测量值偏小，密度测量值偏大，所以先测量烧杯和盐水的总质量，把盐水倒入量筒，然后称量烧杯和剩余盐水的质量，这样量筒中盐水的质量和体积测量都准确，密度测量准确。
测量液体密度时，一定要注意测量的顺序，正确步骤：先测量液体和烧杯的总质量，然后倒入量筒中适量的液体测量液体的体积，最后测量剩余的液体和烧杯的质量。
21.【答案】凝固 变大 比热容
【解析】解：(1)小水滴变成了冰晶属于凝固现象；
(2)机械能包括动能和势能，游客乘坐雪国缆车从下匀速向上运动时，他的质量和速度不变，高度变高，所以动能不变，重力势能变大，机械能变大；
(3)水的比热容大，吸收相同的热量，水的温度升高的少，放出相同的热量，水的温度降低的少；因为坑底储存了大量的水，水在吸热和放热过程中温度变化小，所以可以较好地调节坑内的小气候。
故答案为：凝固；变大；比热容。
(1)物质从液态变为固态属于凝固；
(2)影响动能大小的因素有：质量和速度，影响重力势能的因素有：质量和高度；
(3)吸收或放出相同的热量，水的温度变化的小。
本题考查的是凝固、影响机械能大小的因素、水比热容较大对环境的影响等，是一道综合考题，同学们注意不要遗漏知识点。
22.【答案】解：(1)由P=Wt可得，热水器处于高温挡工作6min电流做的功：W=P高温t=1100W×6×60s=3.96×105J；
(2)两加热电阻丝串联时总电阻最大，两加热电阻丝并联时总电阻最小，
由P=UI=U2R可知，总电阻越大，总功率越小，反之总功率越大，则：
当开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温挡；
当开关S2接B，S1闭合时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温挡；
当开关S2接A，S1闭合时，电路为R1的简单电路，为中温挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P中温=(220V)2220W=220Ω；
(3)当开关S2接B，S1闭合时，R1与R2并联，为高温挡，
则R2的电功率：P2=P高−P中=1100W−220W=880W，
R2的阻值：R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，为低温挡，此时电路电流：I低=UR总=220V220Ω+55Ω=0.8A，
低温挡时R1的功率：P1=I低2R1=(0.8A)2×220Ω=140.8W。
答：(1)该热水器处于高温挡工作6min电流做的功为3.96×105J；
(2)R1的阻值为220Ω；
(3)低温挡时R1的功率为140.8W。
【解析】(1)已知高温挡的功率，根据W=Pt可求出高温挡工作6min电流做的功；
(2)根据P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电阻越大，电功率越小，为低温挡，反之处于高温挡，结合电路图分析开关S2置于A端或B端、S1闭合或断开时电阻丝的连接方式，并得出热水器的挡位，再利用P=U2R求出R1；
(3)当开关S2接A，S1闭合时，R1与R2并联，为高温挡，高温挡的功率减去中温挡的功率即为R2的电功率，根据P=UI=U2R求出R2的阻值；
当开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，为低温挡，根据欧姆定律求出电路电流，再利用P=I2R求出低温挡时R1的功率。
本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的应用，分清养生壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。
23.【答案】解：(1)木块放入容器后，台秤的读数增加了1080g，则物体A的质量mA=1080g=1.08kg，
则物体A的重力GA=mAg=1.08kg×10N/kg=10.8N；
(2)物体A的体积VA=LA3=(0.1m)3=1×10−3m3，
物体A的密度ρA=mAVA=1.08kg1×10−3m3=1.08×103kg/m3；
(3)将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小△m=280g=0.28kg，
则杆的拉力F1=△G=△mg=0.28kg×10N/kg=2.8N，
由F浮=G−F拉和F浮=ρ液gV排可得，ρ甲gVA=GA−F1，
甲液体的密度ρ甲=GA−F1gVA=10.8N−2.8N10N/kg×1×10−3m3=0.8×103kg/m3；
将木块放入容器中时，杆的作用力为0，则物体A受到的浮力F浮=G，
则ρ甲gV排甲+ρ乙gV排乙=GA，
即0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×(0.1m−0.04m)+ρ乙×10N/kg×(0.1m)2×0.04m=10.8N，
解得：ρ乙=1.5×103kg/m3，
使A全部浸入甲液体中时，乙液体下降的高度：
△h乙=V排乙S容=(10cm)2×4cm200cm2=2cm，
此时乙液体的深度h乙′=h乙−△h乙=6cm−2cm=4cm=0.04m，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，此时甲液体的深度h甲′=h甲+h乙−h乙′=10cm+6cm−4cm=12cm=0.12m，
使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强：
p=ρ甲gh甲′+ρ乙gh乙′=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.12m+1.5×103kg/m3×10N/kg×0.04m=1560Pa；
(4)当A与容器底部接触但不挤压时，受到的浮力最大，此时杆的作用力为向下的压力，
设此时A浸入乙的深度为h乙″，则有S容h乙′=(S容−SA)h″，
即h乙″=S容h乙′S容−SA=200cm2×4cm200cm2−(10cm)2=8cm=0.08m，
A浸入甲的深度h甲″=LA−h乙″=10cm−8cm=2cm=0.02m，
此时物体A受到的浮力F浮′=ρ甲gSAh甲″+ρ乙gSAh乙″=0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×0.02m+1.5×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×0.08m=13.6N，
则此时杆的压力F2=F浮′−GA=13.6N−10.8N=2.8N，
所以，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比F1：F2=2.8N：2.8N=1：1。
答：(1)物体A的重力为10.8N；
(2)物体A的密度为1.08×103kg/m3；
(3)使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强为1560Pa；
(4)将物体A上下移动，在保证物体A浸没的情况下，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比为1：1。
【解析】(1)木块放入容器后，台秤增加的读数即为物体A的质量，根据G=mg求出物体A的重力；
(2)根据V=L3求出物体A的体积，利用ρ=mV求出物体A的密度；
(3)将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小280g，据此根据G=mg求出杆的拉力，根据F浮=G−F拉和F浮=ρ液gV排求出甲液体的密度，将木块放入容器中时，杆的作用力为0，则物体A受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=ρ液gV排得出等式即可求出乙液体的密度；使A全部浸入甲液体中时，根据V=Sh求出乙液体下降的高度，然后求出此时乙液体的深度，进一步求出此时甲液体的深度，利用p=ρ液gh求出使A全部浸入甲液体中时液体对容器底的压强；
(4)当A与容器底部接触但不挤压时，受到的浮力最大，此时杆的作用力为向下的压力，根据体积公式求出此时A浸入乙的深度，进一步求出A浸入甲的深度，利用F浮=ρ液gV排求出此时物体A受到的浮力，然后减去物体A的重力即为此时杆的压力，进一步求出A处在最高点和最低点时杆的作用力之比。
本题考查了重力公式和密度公式、阿基米德原理、称重法求浮力公式、液体压强公式的综合应用等，根据台秤示数的变化求出物体A的质量和杆的作用力是关键，要注意物体受到的浮力应为上下两液体的浮力之和。
2020年湖南省长沙市湘一立信实验学校中考物理二模试卷
1. 关于声音的说法，正确的是( )
A. 中考期间，考场附近噪声大的工地都必须停工，这是从声源处减弱噪音
B. 汽车的倒车雷达在月球上也能正常工作
C. 教室里听不到老师讲课的回声，是因为教室里声音没有发生反射
D. 声音在15℃空气中的传播速度是3×108m/s
2. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 冬天密闭教室中窗户玻璃上的水珠是水蒸气液化形成的，水珠出现在靠教室外面一侧
B. 用茶壶烧水时，壶嘴喷出的“白雾”是液化形成的，液化过程会放热
C. 霜的形成是水的凝固 D. 白炽灯泡使用久了，灯丝会因为熔化变细
3. 关于透镜的应用，下列说法正确的是( )
A. 用放大镜来观察物体时，物体离透镜越近，放大的倍数越大
B. 显微镜的物镜作用相当于投影仪，目镜作用相当于放大镜
C. 人眼近视是因为将像成在了视网膜的前面，应该用凸透镜来矫正
D. 人眼远视是因为将像成在了视网膜的后面，应该用凹透镜来矫正
4. 下列说法正确的是( )
A. 利用水作为发动机的冷却液，是因为相等质量的水，吸收相等的热量后，水升高的温度会更高
B. 热值是燃料的特性，它与燃料是否完全燃烧无关
C. 汽油机的压缩冲程将内能转化为机械能
D. 随着科技的发展，汽油机的效率达到100%是可能的
5. 关于能源和可持续发展，下列说法正确的是( )
A、风能、太阳能、核能都是可再生能源
B. 太阳能电池将太阳能直接转化为化学能
C. 我国已建成的核电站是利用核聚变来发电的
D. 能量的转移和转化是有方向性的，所以我们必须节约能源
6. 关于下列四幅图，说法正确的是( )
A. 甲图是发电机的模型图，扬声器的原理与之相同
B. 乙图是电动机的原理图，麦克风的原理与之相同
C. 丙图说明磁能生电
D. 丁图是发电机的模型图，其它条件不变，只将磁体南北极对调，流过灯泡的电流方向将改变
7. 关于力与物体的运动。下列说法正确的是( )
A. 力是改变物体运动状态的原因，而不是使物体运动的原因
B. 地球同步卫星相对地球静止，它处于平衡状态
C. 匀速直线运动的物体一定不受力的作用
D. 竖直上抛的物体，运动到最高点时，物体处于平衡状态
8. 关于家庭电路，下列说法正确的是( )
A. 保险丝的熔断电流应该略小于家庭电路中所有用电器都正常工作时的电流之和
B. 发生短路时，漏电保护器将动作，其作用相当于总开关断开
C. 有人触电时，应该首先切断电源
D. 使用试电笔时，不能将手接触试电笔的金属部分
9. 如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，下列判断错误的是( )
A. 若滑动变阻器R1断路，电压表读数接近于电源电压
B. 若将P右移，电路的总功率减小
C. 若将P右移，电压表与电流表读数的比值将增大
D. 若将P右移，电压表与电流表读数变化量的比值将增大
10. 《航拍中国》第三季湖南篇介绍了位于长沙望城区的惜字塔。惜字塔是一座清代石塔，因塔上生树，树塔共生(如图所示)而渐有名气，奉为神塔与神树。若无风时，下列说法正确的是( )
A. 地面对塔的支持力与塔对地面的压力是一对平衡力
B. 塔对树的支持力与树对塔的压力是一对平衡力
C. 地面对塔的支持力大于塔身的重力
D. 地面对塔的支持力与塔身的重力是一对平衡力
11. 如图所示，底面积相等、自身重力不计的薄壁容器甲乙放置在水平桌面上，容器中盛有质量相等、液面等高的不同液体A、B，现将相同的两物体轻轻地放入甲乙容器中，待物体静止后(没有液体溢出)，甲容器中液体对容器底的压力增量为△FA，容器对地面的压强增量为△p甲；乙容器中液体对容器底的压力增量为△FB，容器对地面的压强增量为△p乙，则( )
A. △FA<△FB，△p甲=△p乙 B. △FA<△FB，△p甲<△p乙
C. △FA>△FB，△p甲>△p乙 D. △FA>△FB，△p甲=△p乙
12. 嫦娥五号探测器，是我国首个实施无人月面取样返回的航天器，预计2020年10月底前后发射。嫦娥五号探测器全重8.2吨，由轨道器、返回器、着陆器、上升器四个部分组成，如图所示为上升器与着陆器模拟图。上升器升空时向下喷射高温气体，高温气体对其施加向上的动力，这说明物体间力的作用是____的。轨道器在环月椭圆轨道上由近月点向远月点运动时，它的动能将___(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
13. “端午浓情，粽叶飘香”。煮粽子时，小明闻到了粽子的香味，这是______现象，吃粽子时，米粒和粽叶不容易分开，这表明：分子间存在______。
14. 十九大报告中提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导低碳环保，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于______(选填“可再生”“不可再生”)能源；4G在进行信息、文件等材料传输过程中，是靠______来传播的。
15. 小金将长为0.6m、质量可忽略不计的木棒搁在肩上，棒的后端A挂一个60N的物体，肩上支点O离后端A为0.2m，他用手压住前端B使木棒保持水平平衡，如图所示，小金的重力为500N，则：若手给B端的力是竖直向下的，则这个力的大小等于____N，地面对人的支持力大小等于______N。
16. 为了检验飞船舱门的密封性能，科研人员将待检验的飞船舱体M置于一个不漏气的集气空腔N中，如图甲所示。先对舱体M充入压强为1.0×105Pa的空气，然后，把集气空腔N抽成真空。若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体M进入集气空腔N中，舱体M中的压强将减小，集气空腔N中的压强将增大，最终M、N空腔气体压强相等。为了测量舱体M和集气空腔N中的压强，科研员设计了如图甲所示电路，其中RM、RN是两个完全相同的压敏电阻(其电阻值会随所受压强大小发生变化的可变电阻)。已知舱体M的容积为V，集气空腔N真空部分的容积为4V，飞船舱门的面积是0.6m2，不计舱体M器壁的体积，整个过程温度不变。电路中R0的阻值为16Ω，电源电压为12V.压敏电阻RM、RN的阻值随气体压强变化的关系如表：
压敏电阻受到的气压(×105Pa)
0
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
0.7
0.8
0.9
1.0
压敏电阻对应的电阻值(Ω)
50
40
30
22
15
12
10
8
6
5
4
则：
(1)若舱门不漏气，且单刀双掷开关S接a时，电路中电流表的示数为：______A；
(2)实验表明，一定质量的气体在温度不变的情况下，压强随体积的变化如图乙所示。若空气从舱体M中逸出，经过一定的时间后，M、N中的压强相等。若开关S接在b处，则此时整个电路消耗的总功率______W；
(3)在检验过程中的某时刻，开关接a时电压表的示数为Ua、压敏电阻RM的功率为PM，开关接b时电压表的示数为Ub、压敏电阻RN的功率为PN，若Ua：Ub=2：1，且PM：PN=6：5，则此时舱门内外受到的压力差为______N。
17. 如图是“探究平面镜成像的特点”的实验装置图。
(1)实验器材：带底座的玻璃板、白纸、刻度尺、笔、光屏、打火机各一个，两支外形相同的蜡烛A和B；
(2)选用玻璃板代替平面镜，主要是为了便于确定像的位置；选用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的______关系；
(3)在竖直的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在蜡烛的______(选填“A”或“B”)侧观察，直至它与蜡烛A的像完全重合。
18. 在探究影响压力作用效果的影响因素时，小红同学利用小桌、海绵和砝码(实验中砝码都相同)等器材进行了如图所示的实验。
(1)实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的，这种研究方法称为______；
(2)比较甲、乙两图，可以初步得出的结论是当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
(3)小红联想到坦克车履带的设计，这可用______两组实验所得结论解释；
(4)若将丙图中有砝码的小桌放在木板上如丁图所示，比较图丁与图丙，小桌对木板和海绵的压强______(选填“相同”或“不相同”)。
19. 在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：导体的电阻与导体的①长度有关：②横截面积有关：③材料有关。实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如下表：
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5
为了验证上述猜想，他们设计了如右图所示的实验电路。
(1)连接电路时，开关要处于______。
(2)为了验证上述猜想①，应该选用编号为______的两根电阻丝进行实验：如果选用编号为A、D的两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)。
(3)在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样______(填“增大”或“减小”)了输电线的电阻。
20. 小军想用实验室的天平和量筒测鸡蛋的密度，但发现实验室的量筒口径太小，无法直接测量鸡蛋的体积，于是他进行了如下的实验操作，请完成下列问题：
(1)请你按照小军的实验思路，将实验步骤补充完整。
①天平放在水平桌面上，分度盘如图甲所示，应该将平衡螺母向______调节，使天平水平平衡；
②用天平测出烧杯的质量为65.2g；
③如图乙在烧杯中装适量的水，把鸡蛋放入水中，鸡蛋下沉至杯底；
④如图丙所示，小军应进行的操作是______；
⑤取出鸡蛋，用调好的天平测烧杯和盐水的总质量M，如图丁所示，M=______g；
⑥将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图戊所示，量筒的读数V=______mL；
⑦利用密度公式计算出盐水的密度即为鸡蛋的密度，则ρ=______kg/m3。
(2)若合理调整上述实验步骤顺序后测量结果更准确，合理的步骤顺序是______(填序号)。
21. 阅读短文，然后回答问题。
欢乐雪域--长沙迎来旅游新地标
2020年4月26日，位于湖南湘江新区核心片区大王山旅游度假区湘江欢乐城首次向媒体集中展示了其首发游乐项目“欢乐雪域”。
值得一提的是，这里曾是一个因采石而留下的深达百米的巨型矿坑，如今变身“世界唯一悬浮于百米深坑之上“欢乐雪域”主题乐园”，也被视为国内生态修复的典型，下沉式矿坑形成的天然保温效果更使该乐园综合节能率达到30%以上。
来“欢乐雪域”的游客，乘坐电梯到地下36米处，一扇厚重的隔离门打开之后，一片银装素裹的世界突然出现在眼前。北欧风格的小镇建筑依次排开，屋顶上积着皑皑白雪，地上则是厚度几乎没过脚踝的白雪，加上巨幅的阿尔卑斯山脉墙绘，瞬间将人带入雪国情景。
在这里，红色雪国缆车，连接着上下两座瑞士风情的阿尔卑斯小镇，爱斯基摩屋、雪峰教堂、雪地观景台……静止的氛围营造，让人宛如置身童话世界。
据介绍，湘江欢乐城欢乐雪域共设置造雪机15台，日均造雪量可达300立方米。
沿着步道行进至下区，这里分布着半山观景台、冰雪淘气堡、冰湖看台、下村广场、雪峰教堂、雪人区等，在1200平方米的冰湖区，游客们可体验滑冰、冰上碰碰车等项目，适合全家人畅享玩雪的乐趣。
造雪机的工作原理是：将水注入一个专用喷嘴或喷枪，在那里接触到高压空气，高压空气将水流分割成微小的粒子并喷入寒冷的外部空气中，在落到地面以前这些小水滴______(填物态变化名称)成冰晶，这就是人们看到的雪花；
(1)游客乘坐雪国缆车从下匀速向上运动时，他的机械能是______(填“变大”、“不变”或“减小”)；
(2)下沉式矿坑形成的天然保温效果好的原因之一是因为坑底储存了大量的水，水的______较大，从而较好的调节了坑内的小气候。
22. 如图是电热水器的简化电路图，额定电压为220V，热水器分为高中低档。高温挡的功率为1100W，中温挡的功率为220W，求：
(1)该热水器处于高温挡工作6min电流做的功；
(2)R1的阻值；
(3)低温挡时R1的功率。
23. 六一儿童节，同学送给小明一个透明密闭容器做的礼物。容器中盛有两种分层的液体，一只小熊悬浮在两种液体的交界处。热爱物理的小明同学找来一个正方体木块A、一个电子台秤、刻度尺、底面积为200cm2的薄壁容器等对两种液体进行了以下探究：
①将密闭容器顶部打开，将液体全部倒入容器中，并将容器放在台秤上，记下容器和液体的总质量；
②用刻度尺测出A木块边长为10cm，并用一根不计质量和体积的细杆固定在A的顶部正中央，再将木块放入容器中，如图所示，此时杆的作用力为0.放入物体A后，台秤的读数增加了1080g，此时，甲液体的深度为10cm，乙液体的深度为6cm，A浸入乙液体的深度为4cm；
③将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小280g，求：
(1)物体A的重力；
(2)物体A的密度；
(3)使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强；
(4)将物体A上下移动，在保证物体A浸没的情况下，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比(A与容器可接触但不挤压)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、考场附近噪声大的工地都必须停工，这是从声源处减弱噪音，故A正确；
B、汽车的倒车雷达是利用超声波工作的，由于月球上没有空气，所以倒车雷达在月球上不能正常工作，故B错误；
C、教室里听不到老师讲课的回声，是因为人耳分辨原声与回声的时间间隔必须大于或等于0.1s，并不是声音没有发生反射，故C错误；
D、声音在15℃空气中的传播速度是340m/s，故D错误。
故选：A。
(1)防治噪声的三个途径：在声源处、在人耳处、在传播中；
(2)声音的传播需要介质；
(3)人耳分辨原声与回声的时间间隔必须大于或等于0.1s；
(4)声音在15℃空气中的传播速度是340m/s。
本题考查了声音的传播速度、防治噪声的途径、回声的特点、超声波的利用等，属声学综合题，难度不大。
2.【答案】B
【解析】解：A、冬天密闭教室中温度较高，教室内热的水蒸气遇到冷的玻璃会液化成小水珠附着在玻璃内侧一面，故A错误；
B、用茶壶烧水时，壶嘴喷出热的水蒸气，上升遇到较冷的空气液化成小水珠，也就是我们看到的“白雾”，液化放出热量，故B正确；
C、霜是由水蒸气放热直接凝华形成的小冰晶，故C错误；
D、白炽灯泡使用久了，灯丝会变细是因为白炽灯使用时温度很高，灯内钨丝直接升华为了钨蒸气，故D错误。
故选：B。
(1)(2)水蒸气遇冷会液化成小水滴，液化放出热量；
(3)(4)物质由气态直接变为故态的过程叫做凝华，由固态直接变为气态的过程叫做升华，凝华放热，升华吸热。
本题主要考查物态变化的知识，关键是能够找到物质变化前后的状态分别是什么，仔细分析不难解答。
3.【答案】B
【解析】解：
A、用放大镜来观察物体时，物体离透镜越近，物距越小，则放大的倍数越小，故A错误；
B、显微镜的物镜成倒立、放大的实像，相当于投影仪，目镜成正立、放大的虚像，相当于放大镜，故B正确；
C、人眼近视是因为将像成在了视网膜的前面，要使像成在视网膜上，应使光线发散一些，即需要凹透镜来矫正，故C错误；
D、人眼远视是因为将像成在了视网膜的后面，要使像成在视网膜上，应使光线会聚一些，即需要凸透镜来矫正，故D错误。
故选：B。
(1)凸透镜成虚像时，物距变大，像变大；
(2)显微镜的物镜成倒立、放大的实像；目镜成正立、放大的虚像；
(3)近视眼是因为晶状体变厚或眼球太长，使像成在视网膜的前方，要佩戴凹透镜进行矫正；
(4)远视眼是因为晶状体变薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要佩戴凸透镜进行矫正。
本题考查了凸透镜成像的规律的应用、凹透镜对光线的作用，属于基础知识，要掌握。
4.【答案】B
【解析】解：
A、利用水作为发动机的冷却液，是因为相等质量的水，吸收相等的热量后，由于水的比热容大，则水升高的温度会更低一些，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关，故B正确；
C、汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体，机械能转化为内能，故C错误；
D、由于热机在工作过程中总有能量损失，所以汽油机的效率不可能达到100%，故D错误。
故选：B。
(1)水的比热容比较大，据此分析；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值；热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
(3)汽油机的压缩冲程中，活塞对气体做功；
(4)任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到100%。
本题考查了比热容、热值、内燃机的工作过程、热机的效率，都是基础知识，要掌握。
5.【答案】D
【解析】解：
A、核能是不可再生能源，太阳能、风能都属于可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池可将太阳能直接转化为电能，故B错误；
C、核反应堆中发生的是可控制的核裂变，核电站发电的过程是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，故C错误；
D、能量转化过程是有方向性的，是不可逆的，所以必须节约能源，故D正确。
故选：D。
(1)可再生能源可以在短时间内形成，不可再生能源不可在短时间内形成；
(2)太阳电池把太阳能转化为电能；
(3)核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的；
(4)能量的转移与转化是有方向性的；
此题考查了能量的转化及分类，能量转化现象是生活中常见的现象，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、甲图属于通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的模型图，电能转化为机械能，扬声器原理与之相同，故A错误；
B、乙图属于通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的实物连接图，电能转化为机械能，麦克风是把声信号转换成电信号，即把机械能转化为电能，故B错误；
C、丙图是奥斯特发现了电流的磁效应的实验原理图，不能说明磁生电，故C错误；
D、丁图是发电机的模型图，发电机电流方向与磁场方向和导体运动方向有关，其它条件不变，只将磁体南北极对调，磁场方向改变，流过灯泡的电流方向将改变，故D正确；
故选：D。
(1)电流的磁效应：通电导线周围存在磁场；
(2)电动机工作原理：通电导体在磁场中受力的作用；
(3)发电机工作原理：电磁感应现象。
本题考查的是电流的磁效应、电动机和发电机的原理图，要求同学们能深刻理解原理，注意原理图的相同点和不同点。
7.【答案】A
【解析】解：
A、物体的运动状态发生了变化，是因为物体受到了力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动是不需要力来维持的，故A正确；
B、地球同步卫星相对地球静止，但卫星随地球做圆周运动，它不是处于平衡状态，故B错误；
C、根据牛顿第一定律可知，物体不受力时，可能会保持匀速直线运动状态，故C错误；
D、竖直上抛的物体，运动到最高点时，会受到重力的作用，合力不为零，所以物体不是处于平衡状态，故D错误。
故选：A。
(1)物体的运动不需要力来维持；
(2)(3)物体处于平衡状态时，处于静止或匀速直线运动状态；
(3)根据牛顿第一定律分析。
明确物体的受力情况，及在不同受力情况下所处的运动状态是解答此题的关键；还要深刻理解力与运动状态之间的关系。
8.【答案】C
【解析】解：
A、保险丝的熔断电流应该略小于家庭电路中所有用电器都正常工作时的电流之和，这样所有用电器工作时，保险丝不会熔断，故A错误；
B、当电路发生短路时，进户线中流入的电流和流出的电流相等，漏电保护器不会切断电路，故B错误；
C、遇到有人触电，应先切断电源，然后在施救，故C正确；
D、使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，此时人体和试电笔才串联在火线和大地之间，试电笔的电阻大分担电压大，人体电阻小分担电压小，氖管发光，故D错误。
故选：C。
(1)保险丝的额定电流要大于用电器的总电流；
(2)漏电保护器原理是检测火线和零线的电流，当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，漏电保护器切断电路；
(3)发现有人触电，一定要及时切断电源；
(4)使用试电笔时，手一定要接触笔尾金属体，但不要接触笔尖金属体。
(1)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。(2)触电原因是直接或间接接触火线。(3)电引起的火灾不要用水泼。
9.【答案】D
【解析】解：A、根据电路图可知，R1、R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量电路电流；当滑动变阻器断路时，电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表的读数接近于电源电压，故A正确；
B、当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流将减小；由于电源电压不变，由P=UI可知，电路消耗的总功率将变小，故B正确；
C、因为电压表测量R1的电流，电流表测量通过R1的电流，因此电压表和电流表的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，而滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，因此滑片向右移动时，电压表与电流表读数的比值将增大，故C正确；
D、因为串联电路各处电流相等，因此电流表测量通过定值电阻的电流；
由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表示数的变化量等于定值电阻两端电压的变化量，则由R=△U△I可知，电压表与电流表读数变化量的比值定值电阻的阻值，即比值不变，故D错误。
故选：D。
(1)电路发生断路时，根据电压表的正负接线柱能否与电源两极相连确定电压表的示数；
(2)根据滑片移动的方向判断滑动变阻器接入电路阻值的大小，进一步得出电路总电阻的变化，再利用欧姆定律可知电路电流的变化；
(3)将电压表和电流表示数的比值转化为电阻的阻值进行判断；
(4)根据串联电路特点判断定值电阻两端电压和电流的变化与电压表示数和电流表示数变化的关系，再利用R=△U△I进行分析。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器、欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】D
【解析】解：A、地面对塔的支持力与塔对地面的压力作用在不同的物体上，不是平衡力，故A错误；
B、塔对树的支持力与树对塔的压力作用在不同的物体上，不是平衡力，故B错误；
CD、地面对塔的支持力与塔身的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体的一条直线上，是平衡力，故C错误，D正确。
故选：D。
判断平衡力的标准是看两个力是否符合二力平衡的条件，即作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，且在一条直线上。据此来对各选项中的内容进行判断。
要想正确判断此题，熟知二力平衡的条件是基本的要求，同时还需要一定的细心，四个因素一定要同时满足才是一对平衡力，难度不大，但却易错。
11.【答案】A
【解析】解：由图可知：由于底面积相等、液面等高，则甲容器里的液体A的体积大于乙容器的液体B；已知容器中盛有的液体质量相等，根据ρ=mV可知：ρA<ρB；
(1)将相同的两物体轻轻地放入甲乙容器中，待物体静止后(没有液体溢出)，则容器对地面的压力增加量都等于物体的重力，因两物体的重力相同，则两容器对地面的压力增加量相同，且两容器底面积相同，由△p=△FS容可知，两容器对地面的压强增加量相同，即△p甲=△p乙，故BC错误；
(2)①当ρ物≤ρA时，且ρA<ρB，根据物体的浮沉条件可知，物体在A、B两液体中都处于漂浮状态，则物体受到浮力F浮=G物，根据阿基米德原理可知：F浮=G排，则G排A=G排B；
由于排开的液体没有溢出，则相当于在甲乙容器里增加了液体的重力，由于甲容器上粗下细，则△FA
②当ρA<ρ物≤ρB时；根据浮沉条件可知，物体在A液体中下沉，则物体受到浮力FA浮
③当ρB<ρ物时，且ρA<ρB，根据浮沉条件可知，物体在A、B两液体中都处于浸没状态，则V排A=V排B=V物，由于排开的液体没有溢出，甲乙容器的底面积相等，则根据甲容器上粗下细，乙容器上下一样粗细，可知：△hA<△hB；根据p=ρ液gh可知容器底受到的液体压强：△pA<△pB，根据F=pS可知：△FA<△FB；
由上分析可知：A正确，D错误。
故选：A。
由图可知：由于底面积相等、液面等高，则甲容器里的液体A的体积大于乙容器的液体B；已知容器中盛有的液体质量相等，根据ρ=mV可知液体A的密度小于液体B的密度；
由于放入甲乙容器中的物体密度未知，所以，需要分以下几种情况讨论：
①当ρ物<ρA时，②当ρA<ρ物<ρB时；
根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断物体排开液体的重力，然后根据容器的形状判断出压力的变化量；根据p=FS判断压强的变化量；
③当ρB<ρ物时，由于物体在A、B两液体中都处于浸没状态，由于排开液体的体积相同，根据液面的高度变化，利用p=ρ液gh判断出甲乙容器底受到液体的压强的变化量；然后根据F=pS判断压力的变化量。
本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，以及固体压强公式，是一道综合题。
12.【答案】相互 减小
【解析】解：上升器升空时向下喷射高温气体，高温气体对其施加向上的动力，这说明物体间力的作用是相互的。
轨道器在环月椭圆轨道上由近月点向远月点运动时，动能转化为重力势能，故它的动能减小。
故答案为：相互；减小。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)动能和势能可以相互转化，转化过程中，若没有能量的损失，则机械能保持不变。
深入理解力的作用的相互性，理解生活中动能和势能转化的实例，可解答此题。
13.【答案】扩散 引力
【解析】解：由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，这就是扩散现象；
由于分子间存在相互的引力而使米粒和粽叶粘在一起不容易分开。
故答案为：扩散；引力。
物体的分子在不停地做无规则运动，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；
分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。
本题主要考查学生对分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】可再生 电磁波
【解析】解：(1)太阳能可以从自然界中源源不断的得到，属于可再生能源；
(2)电磁波可以传递信息，4G通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是由电磁波来传递信息的。
故答案为：可再生；电磁波。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(2)电磁波可以传递信息。
此题考查了能源的分类及电磁波的应用，属于基础题。
15.【答案】30 560
【解析】解：(1)根据杠杆的平衡条件有：F×OB=G×OA，即：F×(0.6m−0.2m)=60N×0.2m，解得：F=30N；即手压木棒的压力大小为30N；
(2)因为在水平面上压力等于重力，所以人对地面的压力大小为：F压=G总=G人+G物=500N+60N=560N；
又因为人对地面的压力和地面对人体的支持力是一对相互作用力，大小相等，即F支=F压=560N
故答案为：30；560。
(1)根据杠杆平衡条件求出手的压力的大小；
(2)在水平面上压力等于重力，对人整体进行受力分析，利用力的合成及相互作用力大小相等的知识解答。
此题考查了对杠杆平衡条件的应用，对人整体进行受力分析和相互作用力的关系是解此题的关键。
16.【答案】0.6 3.13 2.4×104
【解析】解：(1)当单刀双掷开关S接a时，RM与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路的电流，
舱门不漏气时，RM受到的气压为1.0×105Pa，由表格数据可知，RM=4Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中电流表的示数：
IM=URM+R0=12V4Ω+16Ω=0.6A；
(2)当M、N中的气体压强相等时，气体的总体积变为5V，由图乙可知，M、N中的气压值均为0.2×105Pa，
查表可知，此时RM、RN的电阻值均为30Ω，
开关S接在b处，RN与R0串联，
则此时整个电路消耗的总功率：
P=U2RN+R0=(12V)230Ω+16Ω≈3.13W；
(3)由I=UR可得，
电压表的示数之比：
UaUb=IaR0IbR0=IaIb=21，
由P=I2R可得：
PMPN=Ia2RMIb2RN=(IaIb)2×RMRN=(21)2×RMRN=65，
解得：RM=310RN，
因电源电压一定时，电流与总电阻成反比，
所以，IaIb=R0+RNR0+RM=16Ω+RN16Ω+310RN=21，
解得：RN=40Ω，RM=310RN=310×40Ω=12Ω，
由表格数据可知，M中的气压PM=0.5×105Pa，N中的气压PN=0.1×105Pa，
此时舱门受到的内外压力差：
△F=△pS=(0.5×105Pa−0.1×105Pa)×0.6m2=2.4×104N。
故答案为：(1)0.6；(2)3.13；(3)2.4×104。
(1)由电路图可知，当单刀双掷开关S接a时，RM与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；舱门不漏气时，RM受到的气压为1.0×105Pa，由表格数据可知其阻值的大小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流；
(2)先求出当M、N中的气体压强相等时气体的总体积，由图乙可知M、N中的气压值，由表格数据可知此时RM、RN的电阻值，当开关S接在b处时RN与R0串联，根据电阻的串联和P=U2R求出此时整个电路消耗的总功率；
(3)根据欧姆定律表示出电压表的示数之比即可求出电流之比，根据P=I2R表示出PM：PN求出两阻值的关系，根据“电源电压一定时，电流与总电阻成反比”列出等式即可求出两电阻的阻值，然后根据表格数据可知对应的压强，根据△F=△pS求出此时舱门内外受到的压力差。
本题考查的知识点多，涉及的新信息较多，难度较大，需在掌握好基础知识的基础上认真分析信息，将课本知识进行有效迁移才能解答好本题。
17.【答案】大小 A
【解析】解：
(2)用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的大小关系；
(3)点燃蜡烛，蜡烛在玻璃板中成像，观察蜡烛的像时，眼睛要在蜡烛的一侧，才能通过玻璃板看到点燃的蜡烛的像，故应该在A侧。
故答案为：(2)大小；(3)A。
(2)选用两支外形相同的蜡烛A和B，主要是为了比较像与物体的大小关系；
(3)人的眼睛应通过玻璃板观察像。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
18.【答案】转换法 乙、丙 相同
【解析】解：
(1)实验中是通过观察海绵的形变程度(凹陷程度)来比较压力作用效果的，这种研究方法是转换法；
(3)研究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变，故比较乙丙两图，可得出的结论是：压力相同时，受力面积越小，压力作用的效果越明显。
坦克的履带面积比较大，是通过增大受力面积来减小压力的作用效果的，故应通过比较乙丙两组实验所得结论进行解释；
(4)如图丁所示，若将有砝码的小桌放在木板上，比较图丁与图丙可知，压力相同，受力面积的大小相同，所以小桌对木板和海绵的压力作用效果相同，即小桌对木板和海绵的压强相同。
故答案为：(1)海绵的形变程度；转换法；(3)乙、丙；(4)相同。
(1)通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
(3)(4)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
19.【答案】断开状态 A、B ③ 减小
【解析】解：
(1)为保护电路，在连接电路时，开关要处于断开状态；
(2)要验证猜想①：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验。
A和D两电阻丝长度和横截面积相同，分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间，可探究导体电阻跟材料的关系，因此，可验证猜想③；
(3)细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。
故答案为：(1)断开状态；(2)A、B；③；(3)减小。
(1)为保护电路，在连接电路时，开关要处于断开状态；
(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(3)影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，当材料和长度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小。
本题是一道实验题，考查了影响导体对电流的阻碍作用与导体的长度和横截面积的关系，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
20.【答案】右 向水中缓慢加入适量食盐，并轻轻搅拌，直至鸡蛋处于悬浮状态 164.2 90 1.1×103 ①③④⑤⑥②⑦
【解析】解：(1)如图，指针在分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。
测量盐水的密度间接测量鸡蛋的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，使鸡蛋悬浮在盐水中，鸡蛋在水中下沉，往水中加盐并搅拌，使鸡蛋悬浮在盐水中。
盐水和烧杯的总质量：m1=100g+50g+10g+4.2g=164.2g
倒入量筒中盐水的质量：m=m1−m2=164.2g−65.2g=99g
由图可知，量筒的读数V=90mL=90cm3；
盐水的密度：ρ=mV=99g90cm3=1.1×103kg/m3
(2)盐水没有全部倒入量筒，还有部分残留到烧杯壁上，导致体积测量较小，密度测量值偏大。
要想准确测量盐水的体积，要考虑到残留的部分，所以先测量烧杯和盐水的总质量，把盐水倒入量筒，然后称量烧杯和剩余盐水的质量，这样量筒中盐水的质量和体积测量都准确，密度测量准确，所以正确的测量步骤：
①把天平放在水平桌面上，分度盘如图甲所示，他应该将平衡螺母向右调节，使天平平衡；
③在烧杯中装适量的水，把鸡蛋放入水中，鸡蛋下沉至杯底，如图乙；
④如图丙所示，小明的操作是把盐放入水中并搅拌直到鸡蛋悬浮在盐水中；
⑤取出鸡蛋，用调好的天平测烧杯和盐水的总质量，如图丁所示，天平的读数为171.4g；
⑥将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图戊所示，量筒的读数为96mL；
②用天平测出烧杯的质量为65.8g；
⑦利用密度公式计算出盐水的密度为1.1×103kg/m3，即为鸡蛋的密度。
故答案为：(1)右；向水中缓慢加入适量食盐，并轻轻搅拌，直至鸡蛋处于悬浮状态；164.2；90；1.1×103；(2)①③④⑤⑥②⑦。
(1)调节天平横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。
测量盐水的密度间接测量鸡蛋的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，使鸡蛋悬浮在盐水中。
用天平测量物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
求出盐水的质量和体积，根据密度公式求出盐水密度。
(2)测量过程中先测量空烧杯的质量，称烧杯和盐水的总质量，烧杯中盐水全部倒入量筒中，这时烧杯上有残留的盐水，导致体积测量值偏小，密度测量值偏大，所以先测量烧杯和盐水的总质量，把盐水倒入量筒，然后称量烧杯和剩余盐水的质量，这样量筒中盐水的质量和体积测量都准确，密度测量准确。
测量液体密度时，一定要注意测量的顺序，正确步骤：先测量液体和烧杯的总质量，然后倒入量筒中适量的液体测量液体的体积，最后测量剩余的液体和烧杯的质量。
21.【答案】凝固 变大 比热容
【解析】解：(1)小水滴变成了冰晶属于凝固现象；
(2)机械能包括动能和势能，游客乘坐雪国缆车从下匀速向上运动时，他的质量和速度不变，高度变高，所以动能不变，重力势能变大，机械能变大；
(3)水的比热容大，吸收相同的热量，水的温度升高的少，放出相同的热量，水的温度降低的少；因为坑底储存了大量的水，水在吸热和放热过程中温度变化小，所以可以较好地调节坑内的小气候。
故答案为：凝固；变大；比热容。
(1)物质从液态变为固态属于凝固；
(2)影响动能大小的因素有：质量和速度，影响重力势能的因素有：质量和高度；
(3)吸收或放出相同的热量，水的温度变化的小。
本题考查的是凝固、影响机械能大小的因素、水比热容较大对环境的影响等，是一道综合考题，同学们注意不要遗漏知识点。
22.【答案】解：(1)由P=Wt可得，热水器处于高温挡工作6min电流做的功：W=P高温t=1100W×6×60s=3.96×105J；
(2)两加热电阻丝串联时总电阻最大，两加热电阻丝并联时总电阻最小，
由P=UI=U2R可知，总电阻越大，总功率越小，反之总功率越大，则：
当开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温挡；
当开关S2接B，S1闭合时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温挡；
当开关S2接A，S1闭合时，电路为R1的简单电路，为中温挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P中温=(220V)2220W=220Ω；
(3)当开关S2接B，S1闭合时，R1与R2并联，为高温挡，
则R2的电功率：P2=P高−P中=1100W−220W=880W，
R2的阻值：R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，为低温挡，此时电路电流：I低=UR总=220V220Ω+55Ω=0.8A，
低温挡时R1的功率：P1=I低2R1=(0.8A)2×220Ω=140.8W。
答：(1)该热水器处于高温挡工作6min电流做的功为3.96×105J；
(2)R1的阻值为220Ω；
(3)低温挡时R1的功率为140.8W。
【解析】(1)已知高温挡的功率，根据W=Pt可求出高温挡工作6min电流做的功；
(2)根据P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电阻越大，电功率越小，为低温挡，反之处于高温挡，结合电路图分析开关S2置于A端或B端、S1闭合或断开时电阻丝的连接方式，并得出热水器的挡位，再利用P=U2R求出R1；
(3)当开关S2接A，S1闭合时，R1与R2并联，为高温挡，高温挡的功率减去中温挡的功率即为R2的电功率，根据P=UI=U2R求出R2的阻值；
当开关S2接A，S1断开时，R1与R2串联，为低温挡，根据欧姆定律求出电路电流，再利用P=I2R求出低温挡时R1的功率。
本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的应用，分清养生壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。
23.【答案】解：(1)木块放入容器后，台秤的读数增加了1080g，则物体A的质量mA=1080g=1.08kg，
则物体A的重力GA=mAg=1.08kg×10N/kg=10.8N；
(2)物体A的体积VA=LA3=(0.1m)3=1×10−3m3，
物体A的密度ρA=mAVA=1.08kg1×10−3m3=1.08×103kg/m3；
(3)将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小△m=280g=0.28kg，
则杆的拉力F1=△G=△mg=0.28kg×10N/kg=2.8N，
由F浮=G−F拉和F浮=ρ液gV排可得，ρ甲gVA=GA−F1，
甲液体的密度ρ甲=GA−F1gVA=10.8N−2.8N10N/kg×1×10−3m3=0.8×103kg/m3；
将木块放入容器中时，杆的作用力为0，则物体A受到的浮力F浮=G，
则ρ甲gV排甲+ρ乙gV排乙=GA，
即0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×(0.1m−0.04m)+ρ乙×10N/kg×(0.1m)2×0.04m=10.8N，
解得：ρ乙=1.5×103kg/m3，
使A全部浸入甲液体中时，乙液体下降的高度：
△h乙=V排乙S容=(10cm)2×4cm200cm2=2cm，
此时乙液体的深度h乙′=h乙−△h乙=6cm−2cm=4cm=0.04m，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，此时甲液体的深度h甲′=h甲+h乙−h乙′=10cm+6cm−4cm=12cm=0.12m，
使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强：
p=ρ甲gh甲′+ρ乙gh乙′=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.12m+1.5×103kg/m3×10N/kg×0.04m=1560Pa；
(4)当A与容器底部接触但不挤压时，受到的浮力最大，此时杆的作用力为向下的压力，
设此时A浸入乙的深度为h乙″，则有S容h乙′=(S容−SA)h″，
即h乙″=S容h乙′S容−SA=200cm2×4cm200cm2−(10cm)2=8cm=0.08m，
A浸入甲的深度h甲″=LA−h乙″=10cm−8cm=2cm=0.02m，
此时物体A受到的浮力F浮′=ρ甲gSAh甲″+ρ乙gSAh乙″=0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×0.02m+1.5×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×0.08m=13.6N，
则此时杆的压力F2=F浮′−GA=13.6N−10.8N=2.8N，
所以，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比F1：F2=2.8N：2.8N=1：1。
答：(1)物体A的重力为10.8N；
(2)物体A的密度为1.08×103kg/m3；
(3)使A全部浸入甲液体中时，液体对容器底的压强为1560Pa；
(4)将物体A上下移动，在保证物体A浸没的情况下，A处在最高点和最低点时杆的作用力之比为1：1。
【解析】(1)木块放入容器后，台秤增加的读数即为物体A的质量，根据G=mg求出物体A的重力；
(2)根据V=L3求出物体A的体积，利用ρ=mV求出物体A的密度；
(3)将A提升，使A全部浸入甲液体中，发现台秤读数减小280g，据此根据G=mg求出杆的拉力，根据F浮=G−F拉和F浮=ρ液gV排求出甲液体的密度，将木块放入容器中时，杆的作用力为0，则物体A受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=ρ液gV排得出等式即可求出乙液体的密度；使A全部浸入甲液体中时，根据V=Sh求出乙液体下降的高度，然后求出此时乙液体的深度，进一步求出此时甲液体的深度，利用p=ρ液gh求出使A全部浸入甲液体中时液体对容器底的压强；
(4)当A与容器底部接触但不挤压时，受到的浮力最大，此时杆的作用力为向下的压力，根据体积公式求出此时A浸入乙的深度，进一步求出A浸入甲的深度，利用F浮=ρ液gV排求出此时物体A受到的浮力，然后减去物体A的重力即为此时杆的压力，进一步求出A处在最高点和最低点时杆的作用力之比。
本题考查了重力公式和密度公式、阿基米德原理、称重法求浮力公式、液体压强公式的综合应用等，根据台秤示数的变化求出物体A的质量和杆的作用力是关键，要注意物体受到的浮力应为上下两液体的浮力之和。
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