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湖南省长沙市2020年中考物理二模试卷及答案
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这是一份湖南省长沙市2020年中考物理二模试卷及答案，共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2020年湖南省长沙市中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 噪声是严重影响我们生活的污染之一。下列措施中属于在传播途中控制噪声的是( )
A. 甲：摩托车的消声器 B. 乙：北京动物园的“隔音蛟龙”
C. 丙：学校附近禁止鸣笛 D. 丁：工厂用的防噪声耳罩
2. 春分整蛋也称春分立蛋，是指在每年春分这一天各地民间流行的“竖蛋游戏”，这个中国习俗也早已传到国外，成为“世界游戏”。4000年前，华夏先民就开始以此庆贺春天的来临。选择一个光滑匀称、刚生下四五天的新鲜鸡蛋，轻轻地在桌子上把它竖起来保持静止。如图所示，下列说法正确的是( )
A. 鸡蛋受到的重力和桌面对鸡蛋的支持力是一对平衡力
B. 桌面对鸡蛋的支持力和鸡蛋对桌面的压力是一对平衡力
C. 假设鸡蛋受到的作用力突然全部消失，则鸡蛋将加速下落
D. 鸡蛋受到的重力和桌面对鸡蛋的支持力是一对相互作用力
3. 随着我国人民生活水平的提高，我国手机的普及率已经达到95%，但有很多人过分依赖手机，特别是青少年和儿童，因长时间盯着手机屏幕，导致视力下降，近视发病率提高。要矫正近视眼，需佩戴近视眼镜，如图所示的示意图中，表示成功矫正近视眼的是( )
A. B.
C. D.
4. 小明为自家的花卉大棚设计了一套智能电路管理系统，整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。当大棚内光线较暗时，光控开关S3自动闭合，接通灯泡；当需要给大棚通风时，闭合开关S4，启动风机。灯泡和风机均可独立工作，以下简化电路图符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图是探究“阻力对物体运动影响”的实验装置图，下列说法正确的是( )
A. 毛巾、棉布、木板为运动的小车提供了相同大小的阻力
B. 小车从斜面的同一高度静止滑下，小车刚刚到达水平面时的动能不相同
C. 小车从斜面的同一高度静止释放，水平面的阻力越大，小车运动得越远
D. 当阻力为零时，水平面上的小车将做匀速直线运动
6. 下列图关于安全用电阐述正确的是( )
A. 人们用测电笔辨别火线和零线时乙正确
B. 人站在地上，触摸火线，会触电
C. 连接电路时开关接零线
D. 使用多个大功率用电器时，可以同时接在同一接线板
7. 图中生活用品用到大气压强原理的是( )
A. 锅炉水位计 B. 下水道
C. 船闸 D. 活塞式抽水机
8. 如图所示的四个实例中，目的是减小摩擦的是( )
A. 乒乓球拍上粘贴橡胶B. 打球时用力握紧球拍
C. 轴承中装有滚珠D. 旅游鞋底有凹凸花纹
9. 小明同学在测量物体质量的实验中，按正确步骤操作时出现了图示的情况，接下来他应该( )
A. 调节平衡螺母 B. 取下5g砝码
C. 移动游码 D. 取下5g砝码后再移动游码
10. 下列现象中能用磁极间的相互作用力来解释的是( )
A. 地毯中夹有钢丝 B. 油罐车尾部常拖有一条铁链
C. 电视里讲解棋类比赛时，棋子可以粘在竖直悬挂的棋盘上
D. 电脑屏幕上会吸附灰尘
11. 如图所示的四种情景中，属于重力势能转化为动能的是( )
A. (a)图运动员把弯弓拉开将箭射出 B. (b)图跳伞运动员匀速下落
C. (c)图跳水运动员从空中下落 D. (d)图运动员骑自行车冲向坡顶
12. 如图所示，甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，它们的密度之比ρ甲：ρ乙=2：3，底面积之S甲：S乙=3：4，对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，下列有关甲、乙的说法正确的是( )
A. 甲、乙的重力之比是1：2 B. 甲、乙的体积之比是16：5
C. 甲、乙的高度之比是5：12
D. 将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度后，甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强
二、填空题（本大题共5小题，共22.0分）
13. 我国自行研发的被誉为“零高度飞行器”的新型磁悬浮工程样车运行试验成功，填补了世界中速磁浮交通系统空白，磁浮列车是利用磁极间的相互作用，使车轮与轨道不接触，从而减小了___，提高车速。列车上高精度GPS定位利用____传递信息。
14. 夏天喝可乐时，常在杯中加一些冰，这时在杯子的外壁会出现水珠，水珠的形成是______(填物态变化名称)现象，之所以在杯中加冰块才更容易出现该现象，是因为该现象需要______(选填“吸热”或“放热”)。
15. 冬天人们常常用热水袋取暖，热水袋内用热水作介质，是因为水的______大，该取暖的方式是通过______来改变物体的内能。
16. 振华30号，是我国自主制造的世界上最大的起重船，排水量接近25万吨，体重超过了全世界所有现役的航空母舰。当该起重船将吊起的沉管由空中慢慢浸入水面下的过程中，起重船受到的浮力______(选填“变大”“不变”或“变小”)，若振华30号排水量达到25万吨，则它所受的浮力为______N(g取10N/kg)。
17. 如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R0的最大电阻是30Ω，定值电阻R3的铭牌标有“6V3.6W”字样。当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1的功率是P1；当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3的功率之和是1.6W；当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1的功率是P1′，已知R2：R3=3：1，P1：P1′=1：16，则定值电阻R3的阻值为______Ω；只闭合开关S3，滑片移到最右端时R3和R0的功率之比为______；该电路的最大功率与最小功率之差为______W(结果保留一位小数)。
三、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
18. 小言看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律。于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行实验，实验数据记录如下表格。
实验次数
1
2
3
4
入射角
20°
30°
40°
50°
反射镜
20°
30°
40°
50°
(1)将光屏右半部分向后折转一定角度，光屏上看不到反射光，如图乙所示，说明反射光线、入射光线与法线在______；
(2)根据表格中的数据，可以得出结论：在反射现象中，______。
19. 如图是探究产生感应电流的条件的实验装置图。
(1)实验中，通过观察灵敏电流计的______来判断电路中产生感应电流；
(2)闭合开关，若导体a、b不动，左右移动磁体，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流；
(3)如果想利用该装置探究磁场对通电导体的作用，只需要将灵敏电流计换成______。
20. 小言在“探究液体内部的压强”时，利用水、烧杯和微小压强计等器材进行了如图所示的实验。
(1)如甲图，当用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，则实验装置可能出现了______问题；
(2)排除故障后，把探头浸没于水中，使压强计的探头没入水中的深度增大，如图乙、丙所示，通过观察U型管两边液面的高度差，可以判断液体内部压强与______有关；
(3)控制探头在水、盐水中的深度相同，如图丙、丁所示，可得到的结论是______。
21. 小言利用如图甲所示的电路，探究“电流与电压、电阻的关系”。实验器材：电源(电压恒为4.5V)、电流表、电压表各一个、一个开关、若干定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω)、一个滑动变阻器(60Ω 3A)、导线若干。
(1)小言在探究“电流与电压的关系”时，通过实验得到多组实验数据，由这些数据画出如图乙所示的图象，由图象可得结论：当电阻一定时，电流和电压成______；
(2)小言在探究“电流与电阻的关系”时，为了保证所有定值电阻均能完成实验，实验过程中小言应该保证电压表的示数至少为______V不变；
(3)小言找来一个小灯泡将定值电阻更换，测得数据后发现小灯泡两端电压与通过的电流关系如图丙所示，若闭合开关S，小灯泡发光，滑动变阻器的滑片P滑动过程中，小灯泡阻值的变化量大小为△R1，滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为△R2，则这两个量的大小关系是：△R1__△R2(选填“大于”“小于”或“等于”)。
四、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
22. 在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为30Ω，当只闭合开关S3时，电流表示数为0.4A，再闭合开关S1，电流表示数变化了0.2A，求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)当开关S1、S3都断开，闭合开关S2，R2在10min内消耗的电能。
23. 如图所示，电源电压恒定，R0为定值电阻，在压敏电阻Rx上放有托盘，托盘上放有容器(不计托盘和容器的质量)，容器内装有16N的水，在容器底部固定一轻质细弹簧，弹簧上端连有一个长方体物块A，水刚接触物体的下表面。闭合开关，往容器中缓慢注水，加水过程中物体始终没有被淹没，水也没有溢出。当加1200cm3的水时，弹簧弹力为2N，电压表示数为6V，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，当加3000cm3的水时，弹簧弹力为12N，电压表示数为4V，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，压敏电阻的电阻值Rx随压力F的变化关系如表。物块A的质量大于1.6kg(g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m3)。求：
F/N
42
44
46
50
…
68
72
Rx/Ω
28
22
18
16
…
8
7
(1)当加1200cm3的水时，弹簧弹力为2N，求此时容器内部的水面高度增加了多少m；
(2)物体A的质量；
(3)当加3000cm3的水时，计算此时电路消耗的总功率。
五、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读短文，然后回答文后问题
近年来，长沙市政府在着力推行垃圾分类，进行垃圾分类可以减少垃圾处理量和处理设备，降低处理成本，减少土地资源的消耗，具有社会、经济、生态三方面的效益，我们不妨来了解一下分类后的垃圾是如何实现无害化处理的。从长沙各个街道、社区收集来的垃圾，首先都会送到位于长沙市开福区洪山桥的第一垃圾中转处理场，在这里经过转送、除尘除臭、打包等严格流程，再将垃圾送往长沙市城市固体废弃物处理场。这些运来的垃圾首先倒入垃圾坑进行生物降解，产生的污水进入污水处理系统，干垃圾则进入焚烧炉燃烧，焚烧产生的高温烟气通过余热锅炉产生蒸汽进行发电。燃烧后的炉渣集中制作成地砖，飞灰通过布袋过滤收集螯合固化后安全填埋，废水清洁处理后再用作冷却水，燃烧产生的热量用于发电，真正将垃圾实现最大程度的资源化。此垃圾发电厂目前配置6台850吨/日三段式炉排垃圾焚烧炉和4套25兆瓦汽轮发电机组，设计规模日焚烧处理垃圾5000吨，最大日发电量近200万度，正是依靠垃圾焚烧发电，长沙的生活垃圾才能告别传统填埋，最终实现无害化处理。
(1)采用水作为冷却剂，主要是利用了水______的特点；
(2)垃圾发电厂可以实现焚烧垃圾发电，而电能属于______(选填“一次”或“二次”)能源；
(3)目前该垃圾发电厂每日最大发电量为180万度电，假设每户居民平均每天消耗6度电，则它一天所发电量大约可同时供______户居民用电一个月(30天)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、摩托车的消声器，是在声音的产生处减弱噪声，故A错误；
B、北京动物园的“隔音蛟龙”，是在传播过程中减弱噪声，故B正确；
C、学校附近禁止鸣笛，是在声音的产生处减弱噪声，故C错误；
D、工厂用的防噪声耳罩，是在接收处减弱噪声，故D错误。
故选：B。
减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。根据每个选项的实际做法，分别加以分析判断。
本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解答。
2.【答案】A
【解析】解：
AD、鸡蛋受到的重力与桌面对鸡蛋的支持力符合二力平衡的条件，是一对平衡力，不是相互作用力，故A正确，D错误；
B、桌面对鸡蛋的支持力和鸡蛋对桌面的压力是两个物体之间相互作用力，故B错误；
C、鸡蛋处于静止状态，假设鸡蛋受到的作用力突然全部消失，鸡蛋将保持静止状态，故C错误。
故选：A。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。缺一不可。
(2)力的作用是相互的，两个相互的作用力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
(3)由牛顿第一运动定律可知，一切物体不受任何外力作用时保持静止或匀速直线运动状态。
本题的关键是做好受力分析，同时要明确二力平衡的条件及一对相互作用力成立的条件。
3.【答案】C
【解析】解：由图可知，A是近视眼，B是远视眼，近视眼是晶状体太厚，像成在视网膜的前方，需要将光线发散重新将像成在视网膜上，凹透镜对光线有发散作用，故C图可以矫正近视眼；D图是矫正远视眼的。
故选：C。
近视眼是晶状体太厚，像成在视网膜的前方，需要将光线发散。
本题考查矫正近视眼，常见题目。
4.【答案】C
【解析】解：
由题知，整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现，说明两开关能独立工作、互不影响，则S1和S2应并联在干路上；
由题知，光线较暗时，光控开关S3自动闭合，接通灯泡提供照明，说明开关S3与灯泡串联，
闭合开关S4，启动风机，说明开关S4与风机串联，
而灯泡和风机均可独立工作，所以灯泡与风机应并联，
综上结合选项可知，只有C图符合题意。
故选：C。
根据题意可知整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。说明S1和S2并联，
灯泡和风机均可独立工作、互不影响即为并联，且光控开关S3控制照明灯泡，开关S4控制风机，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。
5.【答案】D
【解析】解：
A、小车在毛巾、棉布、木板的表面上运动时，由于接触面粗糙程度不同，所以受到的阻力不同，故A错误；
B、小车从斜面同一高度上由静止滑下，到达水平面的初始速度相等，所以小车的动能相同，故B错误；
C、小车速度减小的原因是受到阻力的作用，光滑木板的阻力最小，小车速度改变的最慢，滑行距离最远，故C错误；
D、根据实验可以推理，假如小车在平面上运动的过程中，在水平方向上不受阻力，它将做匀速直线运动，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；压力一定时，接触面的粗糙程度不同，摩擦阻力的大小不同；
(2)动能的大小与物体的速度和质量有关；
(3)小车运动的距离取决于水平面的光滑程度，越光滑运动的距离；
(4)推理可知，如果运动的物体不受力，将做匀速直线运动。
牛顿第一定律用科学的语言准确的总结出了力与运动的具体关系，揭示了物体不受力或受平衡力时应保持静止状态或匀速直线运动状态；力是改变物体运动状态的原因；物体都具有保持静止状态或匀速直线运动状态的性质--惯性。
6.【答案】B
【解析】解：
A、用测电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，则在如图的两种使用方法中，正确的是甲，故A错误；
B、人站在地上，触摸火线，会有电流通过人体，会发生触电事故，故B正确；
C、连接电路时，开关应该接在火线和用电器之间，这样开关断开后用电器上就没有电压了，故C错误；
D、多个大功率用电器同时使用一个插座时，通过插座的总电流过大，容易发生火灾，故D错误。
故选：B。
(1)正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，手千万不要接触笔尖金属体；
(2)在家庭电路中，人站在地上，触摸火线，会触电；
(3)开关应控制火线，接在用电器与火线间；
(4)家庭电路电压不变，使用多个大功率用电器时总功率过大，会使总电流过大，容易发生火灾。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
7.【答案】D
【解析】解：
A、锅炉水位计和锅炉就构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的，液面就保持在同一水平面上，我们通过观察水位计中水位的高低就可以知道锅炉中水的多少，及时加水。利用了连通器，故A不合题意；
B、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器，故B不合题意。
C、打开船闸的一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸。然后把这一端船闸关闭。然后打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等。船就可以开到另一端去，利用了连通器，故C不合题意。
D、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用的是大气压，故D符合题意。
故选：D。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
8.【答案】C
【解析】解：A、乒乓球拍上粘贴橡胶是使接触面变粗糙，从而在压力不变的情况下增大摩擦，故A不合题意；
B、打球时用力握紧球拍，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故B不合题意；
C、在轴承里装上滚珠是将滑动摩擦变为滚动摩擦，是在压力不变的情况下减小摩擦，故C符合题意；
D、旅游鞋底有凹凸花纹是使接触面变粗糙，在压力不变的情况下增大摩擦，故D不合题意。
故选：C。
影响滑动摩擦力大小的因素有两个：一是压力的大小，二是接触面的粗糙程度。
增大有益摩擦的方法主要有：增大压力、使接触面变粗糙等；减小有害摩擦的方法主要有：减小压力、使接触面变光滑、变滑动为滚动、使接触面分离等。
熟知影响摩擦力的因素，掌握增大有益摩擦和减小有害摩擦的方法是解决此类问题的关键。
9.【答案】C
【解析】
【分析】
在称量中，千万不能移动平衡螺母，当指针向哪侧偏，说明哪侧的物体质量重，故只能靠增加或减少砝码或移动游码来调节天平的平衡。
本题考查天平的使用难度不大。
【解答】
当称量物体质量时，指针右偏，说明天平右端下沉，游码不在零刻度，游码已经移动，故应该是继续移动游码使天平平衡，故C正确，ABD错误；
故选C。
10.【答案】C
【解析】解：
A、地毯中夹一些不锈钢丝，可以有效将因摩擦产生的静电导入大地，使地毯不易沾上灰尘，故A不符合题意；
B、因为铁具有良好的导电性，可以把运输过程中会由于振动、摩擦产生的静电导走，故B不符合题意；
C、电视里讲解棋类比赛用的棋子是一个小磁体，而棋盘是用磁性材料做的，棋盘被磁化后，利用磁极间的相互作用力，使棋子可以粘在竖直悬挂的棋盘上，故C符合题意；
D、电脑屏幕上经常有许多灰尘，这是因为电脑工作时，屏表面有静电而吸附灰尘，故D不符合题意。
故选：C。
(1)摩擦现象生活中很常见，晚上衣服上有闪电，衣服上易沾有灰尘，梳子梳头发，头发随梳子飘起来，静电可以吸附灰尘；
(2)磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
解决此类问题关键掌握磁化和磁极间的相互作用规律，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题。
11.【答案】C
【解析】解：A、运动员把弯弓拉开将箭射出，是弹性势能转化为动能的过程。不符合题意。
B、跳伞运动员匀速下落，质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能减小，总机械能减小。不合题意。
C、跳水运动员从空中下落，质量不变，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，此过程中，重力势能转化为动能。符合题意。
D、运动员骑自行车冲向坡顶，运动员和自行车的质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，此过程中，动能转化为重力势能。不符合题意。
故选：C。
重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能大小的变化。
在能的转化过程中，一种形式的能在减小，另一种形式的能必然在增加。
12.【答案】D
【解析】解：
A、由p=FS可得甲、乙对水平地面的压力之比：
F甲F乙=p甲S甲p乙S乙=8×35×4=65，
因为水平面上物体的压力等于自身重力，
所以甲、乙物体的重力之比：
G甲：G乙=F甲：F乙=6：5，
由G=mg可得甲、乙质量之比：
m甲：m乙=G甲：G乙=6：5，故A错误；
B、由ρ=mV可得甲、乙的体积之比：
V甲：V乙=m甲ρ甲：m乙ρ乙=62：53=9：5，故B错误；
C、由V=Sh可得甲、乙长方体的高度之比：
h甲：h乙=V甲S甲：V乙S乙=93：54=12：5，故C错误；
D、长方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，
将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度△h后，甲、乙压强的变化量：
△p甲=ρ甲g△h，△p乙=ρ乙g△h，
因为ρ甲：ρ乙=2：3，即ρ甲<ρ乙，
所以△p甲<△p乙，
因为对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，即p甲>p乙，剩余部分对地面的压强p′=p−△p。
所以甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)知道压强之比、受力面积之比，利用p=FS求甲、乙对水平地面的压力之比；由于水平面上物体的压力等于自身重力，可得甲、乙物体的重力之比，再利用G=mg求甲、乙质量之比；
(2)求出了质量之比，知道密度之比，利用ρ=mV求甲、乙的体积之比；
(3)求出了体积之比，知道底面积之比，利用V=Sh求甲、乙长方体的高度之比；
(4)长方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，据此求将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度△h后，甲、乙压强的变化量，知道ρ甲：ρ乙=2：3，即ρ甲<ρ乙，可求得△p甲<△p乙，知道对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，即p甲>p乙，可得甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强。
本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，要知道物体对水平地面的压力等于物体的重力，利用好推导公式：长方体对水平地面的压强p=ρgh。
13.【答案】摩擦 电磁波
【解析】解：
(1)磁浮列车是利用磁极间的相互作用，使车轮与轨道不接触，通过使接触面彼此分离，从而减小了摩擦力，提高车速度；
(2)车载高精度GPS系统可对车实时定位，该系统定位时利用电磁波传递信息。
故答案为：摩擦；电磁波。
(1)减小摩擦的方法：使接触面变光滑；减小压力；用滚动代替滑动；使接触面分离；
(2)GPS是卫星导航、定位系统，信息需要在真空中传播，利用的是电磁波。
本题考查学生对减小摩擦的方法、电磁波的传播、磁悬浮列车的工作原理的理解和掌握，难度不大。
14.【答案】液化 放热
【解析】解：杯外壁出现一层水珠是空气中的水蒸气遇到温度较低的杯子外壁冷凝结成的，这是气态变成液态，属于液化现象，液化需要放出热量。
故答案为：液化；放热。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题，比较简单。
15.【答案】比热容 热传递
【解析】解：
(1)因为水的比热容大，在质量相同、降低的温度相同时，水放出的热量多，取暖效果好；
(2)人们用热水袋取暖时，人体从热水袋吸收热量，使人体的内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变人体的内能。
故答案为：比热容；热传递。
(1)水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)改变物体内能的方法，一是做功，二是热传递，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
做功和热传递是改变内能的两种方式，二者在改变内能上是等效的，但注意区别。
16.【答案】变小 2.5×109
【解析】解：
(1)当该起重船将吊起的沉管由空中慢慢浸入水面下的过程中，起重船船体上浮，浮力变小，
(2)根据阿基米德原理可得，若振华30号排水量达到25万吨，则它所受的浮力：
F浮=G排=m排g=25×107kg×10N/kg=2.5×109N；
故答案为：变小；2.5×109。
(1)振华30”将吊起的沉管缓慢浸入水中，“振华30”船体上浮，由物体的浮沉条件可得出结论；
(2)航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，知道潜水艇自身体积不变(排开水的体积不变、受浮力不变)是本题的关键。
17.【答案】10 1：3 22.05
【解析】解：(1)根据P=U2R知，
定值电阻R3的阻值为：R3=U额2P额=(6V)23.6W=10Ω；
已知R2：R3=3：1，所以，R2=30Ω；
(2)第一过程：当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，电压表测量R1的电压，R1的功率是P1，如图甲：
。
第二过程：当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3串联在电路中，电压表测量R1的电压，如图乙：
已知R2：R3=3：1，串联电路中功率比等于电阻比，所以P2：P3=3：1，R2和R3的功率之和是1.6W，P2+P3=1.6W，所以，P2=1.2W，P3=0.4W，
根据P=I2R知，
此时电路的电流为：I=P3R3=0.4W10Ω=0.2A；
第三过程：当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3并联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是电源电压U，电流表测量R1、R2的总电流，R1的功率是P1′，如图丙：
第四过程：只闭合开关S3，滑片移到最右端时，R3和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，如图丁：
因为串联电路电流处处相等，
所以P3′P0=I2R3I2R0=10Ω30Ω=13；
甲图，电压表测量R1两端的电压，示数为U1，R1的功率是P1；丙图中电压表测量R1的电压，也是电源电压，示数为U，R1的功率是P1′；P1：P1′=1：16，
对于同一导体，P1P1′=U12R1U2R1=(U1U)2=116，所以，U1U=14，所以，U1=14U，因为，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，所以U0=34U，因为串联电路中电压比等于电阻比，U0U=34=R0R，因为R0=30Ω，所以总电阻R=40Ω，根据串联电路电阻的规律知：R1=10Ω；
由乙图知，电源电压为：U=I(R1+R2+R3)=0.2A×(10Ω+30Ω+10Ω)=10V；
当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R0、R1、R2、R3串联在电路中，此时总电阻最大，总功率最小，最小为：
P小=U2R0+R1+R2+R3=(10V)230Ω+10Ω+30Ω+10Ω=1.25W；
丙电路中并联电路电阻最小，总功率最大，
电路最大功率为：P大=U2R1+U2R2+U2R3=(10V)210Ω+(10V)230Ω+(10V)210Ω≈23.3W，
所以该电路的最大功率与最小功率之差为：△P=P大−P小=23.3W−1.25W=22.05W。
故答案为：10；1：3；22.05。
(1)根据P=U2R算出定值电阻R3的阻值；已知R2：R3=3：1算出R2的电阻；
(2)首先分析有几个过程，有几个过程画出几个电路图，在图上标出相对应的物理量，导出导出电压比例关系和电阻比例关系，求出三个定则电阻的阻值，再根据功率关系导出电压值，求出电源电压，知道电源电压和电阻即可求出其它各部分。
本题中利用同一导体在不同电路中，功率之比等于电压比的平方，这是关键，也是很多难题入手的关键点。
18.【答案】同一平面内 反射角等于入射角
【解析】解：(1)将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，这说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内；
(2)从表格记录的数据分析可得反射角等于入射角。
故答案为：(1)同一平面内；(2)反射角等于入射角。
(1)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。
(2)比较表中数据分析反射角和入射角的大小，得出结论。
此题主要考查了光的反射定律的实验。通过分析实例考查了学生对所学知识的应用。
19.【答案】指针是否偏转 有 电源
【解析】解：
(1)实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才有感应电流产生。只让蹄形磁体在水平方向上运动，导体ab相对磁铁水平运动切割磁感线，导体中有感应电流产生；
(3)探究磁场对通电导体的作用时，电路中一定有电源，所以把灵敏电流计换成电源，导体ab成为通电导体在蹄型磁体的磁场中受力的作用。
故答案为：(1)指针是否偏转；(2)有；(3)电源。
(1)电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)磁场对通电导体作用，电路中要有电源。
此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及磁场对通电导体的作用的因素。
20.【答案】漏气 深度 在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大
【解析】解：
(1)如甲图，用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，出现这种情况的原因是：实验装置可能出现了漏气问题；
(2)由控制变量法可知，要探究液体压强与深度的关系，应只让深度发生改变，保持密度不变，故她是想探究液体内部压强和深度的关系；
(3)对比丙、丁两图，控制探头在水、盐水中的深度相同，可得到的结论是：在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大。
故答案为：(1)漏气；(2)深度；(3)在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大。
(1)压强计是通过橡皮膜来感受压强的，当橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强变大，大于大气压强就会将U形管中的液面出现高度差，高度差越大，表示橡皮膜受到的压强越大；若和橡皮膜连接的软管出现漏气，不论橡皮膜是否受到压强，软管中气体的压强都等于大气压，压强计中液面就不会出现高度差；
(2)由控制变量法可知，保持液体密度不变，观察图乙丙可得，探究的是在同种液体中，液体的压强与液体深度的关系；
(3)不同液体内部的压强还与液体的密度有关。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法--转换法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
21.【答案】正比 1.5 小于
【解析】解：
(1)根据画出的如图乙所示的图象为过原点的直线可知，当电阻一定时，电流和电压成正比；
(2)由串联电路的规律及分压原理有：U−UVUV=R滑R定，
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入电路的电阻最大时，对应的定值电阻应最大，此时，电阻的电压最小，
即4.5V−UVUV=60Ω30Ω；UV=1.5V，实验过程中小言应该保证电压表的示数至少为1.5V；
(3)原来电路中的电流为I1(即通过灯的电流)，设滑片往右滑一段距离后电路中的电流为I2(即通过灯电流)，根据分压原理，变阻器分得电压变小，由串联电路电压的规律，此时灯的电压增大，通过灯的电流也增大，所以I1
根据P=UI，因灯的功率增大，灯丝的温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大的值△R1小于变阻器连入电路中减小的值△R2，即小灯泡阻值的变化量大小为△R1小于滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为△R2。
故答案为：(1)正比；(2)1.5；(3)小于。
(1)根据电流随电压的变化图象为一过原点的直线分析回答；
(2)研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，根据题中条件，由串联电路电压的规律结合分压原理分析求解；
(3)因电源电压不变，根据欧姆定律先判断出两种情况下总电阻的变化，再根据灯的电阻随温度的升高而增大和串联电阻的规律分析回答。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查数据分析、控制变量法、串联的规律及欧姆定律的运用和对器材的要求及影响电阻大小的因素。
22.【答案】解：
(1)当只闭合开关S3时，为R1的简单电路，电阻R1的阻值为30Ω，电流表示数为0.4A，由欧姆定律I=UR，电源电压：
U=I1R1=0.4A×30Ω=12V；
再闭合开关S1，两电阻并联，电流表测干路电路，根据并联电路各支路互不影响，因电流表示数变化了0.2A，可知通过R2的电流为0.2A，由欧姆定律I=UR，R2=UI2=12V0.2A=60Ω；
(3)当开关S1、S3都断开，两电阻串联，由电阻的串联规律和欧姆定律，此时电路的电流：
I=UR1+R2=12V30Ω+60Ω=215A，
R2在10min内消耗的电能：W=I2R2t=(215A)2×60Ω×10×60s=640J。
答：(1)电源电压为12V；
(2)R2的阻值为60Ω；
(3)当开关S1、S3都断开，闭合开关S2，R2在10min内消耗电能640J。
【解析】(1)当只闭合开关S3时，为R1的简单电路，已知电阻R1的阻值和电流表示数为0.4A，由欧姆定律求出电源电压；
再闭合开关S1，两电阻并联，根据并联电路各支路互不影响，由电流表示数变化了0.2A，可知通过R2的电流为0.2A，由欧姆定律求出R2；
(3)当开关S1、S3都断开，两电阻串联，由电阻的串联规律和欧姆定律得出此时电路的电流，根据W=I2R2t求出R2在10min内消耗的电能。
本题考查串联的规律、并联电路的特点及欧姆定律和电功公式的运用，关键是电路的分析。
23.【答案】解：(1)由题意可知，当加1200cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，
由p=ρgh可得，此时容器内部的水面高度增加量：
△h1=△p1ρ水g=1×103Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.1m；
(2)当加1200cm3的水时，物体A排开水的体积：
V排=S容△h1−V水=S容×0.1m−1.2×10−3m3，
物体A受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×(S容×0.1m−1.2×10−3m3)=1×103N/m2×S容−12N，
假设物块A受到弹簧的弹力竖直向上，则物块A受到竖直向上浮力和弹簧的弹力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮+F1=GA，即1×103N/m2×S容−12N+2N=GA--------①
假设物块A受到弹簧的弹力竖直向下，则物块A受到竖直向上浮力、竖直向下的重力和弹簧的弹力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮=F1+GA，即1×103N/m2×S容−12N=2N+GA--------②
当加3000cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，
则此时容器内部的水面高度增加量：
△h2=△p2ρ水g=2.0×103Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.2m，
物体A排开水的体积：
V排′=S容△h2−V水′=S容×0.2m−3×10−3m3，
物体A受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排′=1×103kg/m3×10N/kg×(S容×0.2m−3×10−3m3)=2×103N/m2×S容−30N，
因加1200cm3的水时弹簧弹力为2N，加3000cm3的水时弹簧弹力为12N，
所以，此时弹簧的弹力应竖直向下，物块A受到竖直向上浮力、竖直向下的重力和弹簧的弹力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮′=F2+GA，即2×103N/m2×S容−30N=12N+GA------③
由①③可得：GA=22N，S容=3.2×10−2m2，
由②③可得：GA=14N，S容=2.8×10−2m2，
因物块A的质量大于1.6kg，即重力大于16N，
所以，物块A的重力为22N，其质量mA=GAg=22N10N/kg=2.2kg；
(3)当加1200cm3的水时，电压表示数为6V，则此时加水的重力：
△G水=△m水g=ρ水△V水g=1×103kg/m3×1.2×10−3m3×10N/kg=12N，
由不计托盘和容器的质量可知，此时压敏电阻受到的压力：
F压=G水+△G水+GA=16N+12N+22N=50N，
由表格数据可知，Rx=16Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I1=UxRx=6V16Ω=0.375A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：
U=I1(Rx+R0)=0.375A×(16Ω+R0)----------④
当加3000cm3的水时，电压表示数为4V，则此时加水的重力：
△G水′=△m水′g=ρ水△V水′g=1×103kg/m3×3×10−3m3×10N/kg=30N，
此时压敏电阻受到的压力：
F压′=G水+△G水′+GA=16N+30N+22N=68N，
由表格数据可知，Rx′=8Ω，
此时电路中的电流I2=Ux′Rx′=4V8Ω=0.5A，
则电源的电压：
U=I2(Rx′+R0)=0.5A×(8Ω+R0)----------⑤
由④⑤可得：R0=16Ω，U=12V，
当加3000cm3的水时，电路消耗的总功率：
P=U2Rx′+R0=(12V)28Ω+16Ω=6W。
答：(1)当加1200cm3的水时，容器内部的水面高度增加了0.1m；
(2)物体A的质量为2.2kg；
(3)当加3000cm3的水时，电路消耗的总功率为6W。
【解析】(1)由题意可知，当加1200cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，根据p=ρgh求出此时容器内部的水面高度增加量；
(2)当加1200cm3的水时，根据S容△h1=V水+V排求出物体A排开水的体积，根据F浮=ρgV排求出物体A受到的浮力，物块A受到弹簧的弹力可能是竖直向上，也可能是竖直向下，对物块受力分析，根据物块A受到的浮力为零得出等式，当加3000cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，同理求出A排开水的体积、物体A受到的浮力，比较弹簧的弹力得出此时物块受到弹簧弹力的方向，对物块受力分析得出等式，然后联立等式求出物块的重力，根据物块A的质量大于1.6kg得出其重力，根据G=mg求出其质量；
(3)当加1200cm3的水时，电压表示数为6V，根据G=mg=ρVg求出此时加水的重力，不计托盘和容器的质量，此时压敏电阻受到的压力等于原来水的重力、加水的重力、物块A的重力之和，根据表格数据读出压敏电阻的阻值，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，同理表示出当加3000cm3的水时电源的电压，然后联立等式即可求出电源的电压和R0的阻值，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出加3000cm3的水时电路消耗的总功率。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的综合应用等，讨论弹簧弹力的方向求出物块A的重力是关键，是一道难度较大的题目。
24.【答案】比热容大 二次 104
【解析】解：
(1)水的比热容最大，和其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以采用水作为冷却剂；
(2)电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；
(3)该厂日发电量能供n=W总W=180×104度30×6度=104个这样的家庭照明用电一个月。
故答案为：(1)比热容大；(2)二次；(3)104。
(1)水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
(3)根据该垃圾发电厂的日发电量和每户居民每天用电量，求出能供多少这样的家庭照明用电一个月。
本题考查了水的比热容大的特点的应用、能源的分类以及简单的计算，考查学生灵活运用知识的能力，属于基础题目。
2020年湖南省长沙市中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 噪声是严重影响我们生活的污染之一。下列措施中属于在传播途中控制噪声的是( )
A. 甲：摩托车的消声器 B. 乙：北京动物园的“隔音蛟龙”
C. 丙：学校附近禁止鸣笛 D. 丁：工厂用的防噪声耳罩
2. 春分整蛋也称春分立蛋，是指在每年春分这一天各地民间流行的“竖蛋游戏”，这个中国习俗也早已传到国外，成为“世界游戏”。4000年前，华夏先民就开始以此庆贺春天的来临。选择一个光滑匀称、刚生下四五天的新鲜鸡蛋，轻轻地在桌子上把它竖起来保持静止。如图所示，下列说法正确的是( )
A. 鸡蛋受到的重力和桌面对鸡蛋的支持力是一对平衡力
B. 桌面对鸡蛋的支持力和鸡蛋对桌面的压力是一对平衡力
C. 假设鸡蛋受到的作用力突然全部消失，则鸡蛋将加速下落
D. 鸡蛋受到的重力和桌面对鸡蛋的支持力是一对相互作用力
3. 随着我国人民生活水平的提高，我国手机的普及率已经达到95%，但有很多人过分依赖手机，特别是青少年和儿童，因长时间盯着手机屏幕，导致视力下降，近视发病率提高。要矫正近视眼，需佩戴近视眼镜，如图所示的示意图中，表示成功矫正近视眼的是( )
A. B.
C. D.
4. 小明为自家的花卉大棚设计了一套智能电路管理系统，整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。当大棚内光线较暗时，光控开关S3自动闭合，接通灯泡；当需要给大棚通风时，闭合开关S4，启动风机。灯泡和风机均可独立工作，以下简化电路图符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 如图是探究“阻力对物体运动影响”的实验装置图，下列说法正确的是( )
A. 毛巾、棉布、木板为运动的小车提供了相同大小的阻力
B. 小车从斜面的同一高度静止滑下，小车刚刚到达水平面时的动能不相同
C. 小车从斜面的同一高度静止释放，水平面的阻力越大，小车运动得越远
D. 当阻力为零时，水平面上的小车将做匀速直线运动
6. 下列图关于安全用电阐述正确的是( )
A. 人们用测电笔辨别火线和零线时乙正确
B. 人站在地上，触摸火线，会触电
C. 连接电路时开关接零线
D. 使用多个大功率用电器时，可以同时接在同一接线板
7. 图中生活用品用到大气压强原理的是( )
A. 锅炉水位计 B. 下水道
C. 船闸 D. 活塞式抽水机
8. 如图所示的四个实例中，目的是减小摩擦的是( )
A. 乒乓球拍上粘贴橡胶B. 打球时用力握紧球拍
C. 轴承中装有滚珠D. 旅游鞋底有凹凸花纹
9. 小明同学在测量物体质量的实验中，按正确步骤操作时出现了图示的情况，接下来他应该( )
A. 调节平衡螺母 B. 取下5g砝码
C. 移动游码 D. 取下5g砝码后再移动游码
10. 下列现象中能用磁极间的相互作用力来解释的是( )
A. 地毯中夹有钢丝 B. 油罐车尾部常拖有一条铁链
C. 电视里讲解棋类比赛时，棋子可以粘在竖直悬挂的棋盘上
D. 电脑屏幕上会吸附灰尘
11. 如图所示的四种情景中，属于重力势能转化为动能的是( )
A. (a)图运动员把弯弓拉开将箭射出 B. (b)图跳伞运动员匀速下落
C. (c)图跳水运动员从空中下落 D. (d)图运动员骑自行车冲向坡顶
12. 如图所示，甲、乙是放在水平地面上的两个质量均匀的长方体，它们的密度之比ρ甲：ρ乙=2：3，底面积之S甲：S乙=3：4，对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，下列有关甲、乙的说法正确的是( )
A. 甲、乙的重力之比是1：2 B. 甲、乙的体积之比是16：5
C. 甲、乙的高度之比是5：12
D. 将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度后，甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强
二、填空题（本大题共5小题，共22.0分）
13. 我国自行研发的被誉为“零高度飞行器”的新型磁悬浮工程样车运行试验成功，填补了世界中速磁浮交通系统空白，磁浮列车是利用磁极间的相互作用，使车轮与轨道不接触，从而减小了___，提高车速。列车上高精度GPS定位利用____传递信息。
14. 夏天喝可乐时，常在杯中加一些冰，这时在杯子的外壁会出现水珠，水珠的形成是______(填物态变化名称)现象，之所以在杯中加冰块才更容易出现该现象，是因为该现象需要______(选填“吸热”或“放热”)。
15. 冬天人们常常用热水袋取暖，热水袋内用热水作介质，是因为水的______大，该取暖的方式是通过______来改变物体的内能。
16. 振华30号，是我国自主制造的世界上最大的起重船，排水量接近25万吨，体重超过了全世界所有现役的航空母舰。当该起重船将吊起的沉管由空中慢慢浸入水面下的过程中，起重船受到的浮力______(选填“变大”“不变”或“变小”)，若振华30号排水量达到25万吨，则它所受的浮力为______N(g取10N/kg)。
17. 如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R0的最大电阻是30Ω，定值电阻R3的铭牌标有“6V3.6W”字样。当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1的功率是P1；当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R2和R3的功率之和是1.6W；当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1的功率是P1′，已知R2：R3=3：1，P1：P1′=1：16，则定值电阻R3的阻值为______Ω；只闭合开关S3，滑片移到最右端时R3和R0的功率之比为______；该电路的最大功率与最小功率之差为______W(结果保留一位小数)。
三、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
18. 小言看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律。于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行实验，实验数据记录如下表格。
实验次数
1
2
3
4
入射角
20°
30°
40°
50°
反射镜
20°
30°
40°
50°
(1)将光屏右半部分向后折转一定角度，光屏上看不到反射光，如图乙所示，说明反射光线、入射光线与法线在______；
(2)根据表格中的数据，可以得出结论：在反射现象中，______。
19. 如图是探究产生感应电流的条件的实验装置图。
(1)实验中，通过观察灵敏电流计的______来判断电路中产生感应电流；
(2)闭合开关，若导体a、b不动，左右移动磁体，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流；
(3)如果想利用该装置探究磁场对通电导体的作用，只需要将灵敏电流计换成______。
20. 小言在“探究液体内部的压强”时，利用水、烧杯和微小压强计等器材进行了如图所示的实验。
(1)如甲图，当用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，则实验装置可能出现了______问题；
(2)排除故障后，把探头浸没于水中，使压强计的探头没入水中的深度增大，如图乙、丙所示，通过观察U型管两边液面的高度差，可以判断液体内部压强与______有关；
(3)控制探头在水、盐水中的深度相同，如图丙、丁所示，可得到的结论是______。
21. 小言利用如图甲所示的电路，探究“电流与电压、电阻的关系”。实验器材：电源(电压恒为4.5V)、电流表、电压表各一个、一个开关、若干定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω)、一个滑动变阻器(60Ω 3A)、导线若干。
(1)小言在探究“电流与电压的关系”时，通过实验得到多组实验数据，由这些数据画出如图乙所示的图象，由图象可得结论：当电阻一定时，电流和电压成______；
(2)小言在探究“电流与电阻的关系”时，为了保证所有定值电阻均能完成实验，实验过程中小言应该保证电压表的示数至少为______V不变；
(3)小言找来一个小灯泡将定值电阻更换，测得数据后发现小灯泡两端电压与通过的电流关系如图丙所示，若闭合开关S，小灯泡发光，滑动变阻器的滑片P滑动过程中，小灯泡阻值的变化量大小为△R1，滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为△R2，则这两个量的大小关系是：△R1__△R2(选填“大于”“小于”或“等于”)。
四、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
22. 在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为30Ω，当只闭合开关S3时，电流表示数为0.4A，再闭合开关S1，电流表示数变化了0.2A，求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)当开关S1、S3都断开，闭合开关S2，R2在10min内消耗的电能。
23. 如图所示，电源电压恒定，R0为定值电阻，在压敏电阻Rx上放有托盘，托盘上放有容器(不计托盘和容器的质量)，容器内装有16N的水，在容器底部固定一轻质细弹簧，弹簧上端连有一个长方体物块A，水刚接触物体的下表面。闭合开关，往容器中缓慢注水，加水过程中物体始终没有被淹没，水也没有溢出。当加1200cm3的水时，弹簧弹力为2N，电压表示数为6V，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，当加3000cm3的水时，弹簧弹力为12N，电压表示数为4V，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，压敏电阻的电阻值Rx随压力F的变化关系如表。物块A的质量大于1.6kg(g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m3)。求：
F/N
42
44
46
50
…
68
72
Rx/Ω
28
22
18
16
…
8
7
(1)当加1200cm3的水时，弹簧弹力为2N，求此时容器内部的水面高度增加了多少m；
(2)物体A的质量；
(3)当加3000cm3的水时，计算此时电路消耗的总功率。
五、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读短文，然后回答文后问题
近年来，长沙市政府在着力推行垃圾分类，进行垃圾分类可以减少垃圾处理量和处理设备，降低处理成本，减少土地资源的消耗，具有社会、经济、生态三方面的效益，我们不妨来了解一下分类后的垃圾是如何实现无害化处理的。从长沙各个街道、社区收集来的垃圾，首先都会送到位于长沙市开福区洪山桥的第一垃圾中转处理场，在这里经过转送、除尘除臭、打包等严格流程，再将垃圾送往长沙市城市固体废弃物处理场。这些运来的垃圾首先倒入垃圾坑进行生物降解，产生的污水进入污水处理系统，干垃圾则进入焚烧炉燃烧，焚烧产生的高温烟气通过余热锅炉产生蒸汽进行发电。燃烧后的炉渣集中制作成地砖，飞灰通过布袋过滤收集螯合固化后安全填埋，废水清洁处理后再用作冷却水，燃烧产生的热量用于发电，真正将垃圾实现最大程度的资源化。此垃圾发电厂目前配置6台850吨/日三段式炉排垃圾焚烧炉和4套25兆瓦汽轮发电机组，设计规模日焚烧处理垃圾5000吨，最大日发电量近200万度，正是依靠垃圾焚烧发电，长沙的生活垃圾才能告别传统填埋，最终实现无害化处理。
(1)采用水作为冷却剂，主要是利用了水______的特点；
(2)垃圾发电厂可以实现焚烧垃圾发电，而电能属于______(选填“一次”或“二次”)能源；
(3)目前该垃圾发电厂每日最大发电量为180万度电，假设每户居民平均每天消耗6度电，则它一天所发电量大约可同时供______户居民用电一个月(30天)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、摩托车的消声器，是在声音的产生处减弱噪声，故A错误；
B、北京动物园的“隔音蛟龙”，是在传播过程中减弱噪声，故B正确；
C、学校附近禁止鸣笛，是在声音的产生处减弱噪声，故C错误；
D、工厂用的防噪声耳罩，是在接收处减弱噪声，故D错误。
故选：B。
减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。根据每个选项的实际做法，分别加以分析判断。
本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解答。
2.【答案】A
【解析】解：
AD、鸡蛋受到的重力与桌面对鸡蛋的支持力符合二力平衡的条件，是一对平衡力，不是相互作用力，故A正确，D错误；
B、桌面对鸡蛋的支持力和鸡蛋对桌面的压力是两个物体之间相互作用力，故B错误；
C、鸡蛋处于静止状态，假设鸡蛋受到的作用力突然全部消失，鸡蛋将保持静止状态，故C错误。
故选：A。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。缺一不可。
(2)力的作用是相互的，两个相互的作用力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
(3)由牛顿第一运动定律可知，一切物体不受任何外力作用时保持静止或匀速直线运动状态。
本题的关键是做好受力分析，同时要明确二力平衡的条件及一对相互作用力成立的条件。
3.【答案】C
【解析】解：由图可知，A是近视眼，B是远视眼，近视眼是晶状体太厚，像成在视网膜的前方，需要将光线发散重新将像成在视网膜上，凹透镜对光线有发散作用，故C图可以矫正近视眼；D图是矫正远视眼的。
故选：C。
近视眼是晶状体太厚，像成在视网膜的前方，需要将光线发散。
本题考查矫正近视眼，常见题目。
4.【答案】C
【解析】解：
由题知，整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现，说明两开关能独立工作、互不影响，则S1和S2应并联在干路上；
由题知，光线较暗时，光控开关S3自动闭合，接通灯泡提供照明，说明开关S3与灯泡串联，
闭合开关S4，启动风机，说明开关S4与风机串联，
而灯泡和风机均可独立工作，所以灯泡与风机应并联，
综上结合选项可知，只有C图符合题意。
故选：C。
根据题意可知整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。说明S1和S2并联，
灯泡和风机均可独立工作、互不影响即为并联，且光控开关S3控制照明灯泡，开关S4控制风机，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。
5.【答案】D
【解析】解：
A、小车在毛巾、棉布、木板的表面上运动时，由于接触面粗糙程度不同，所以受到的阻力不同，故A错误；
B、小车从斜面同一高度上由静止滑下，到达水平面的初始速度相等，所以小车的动能相同，故B错误；
C、小车速度减小的原因是受到阻力的作用，光滑木板的阻力最小，小车速度改变的最慢，滑行距离最远，故C错误；
D、根据实验可以推理，假如小车在平面上运动的过程中，在水平方向上不受阻力，它将做匀速直线运动，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；压力一定时，接触面的粗糙程度不同，摩擦阻力的大小不同；
(2)动能的大小与物体的速度和质量有关；
(3)小车运动的距离取决于水平面的光滑程度，越光滑运动的距离；
(4)推理可知，如果运动的物体不受力，将做匀速直线运动。
牛顿第一定律用科学的语言准确的总结出了力与运动的具体关系，揭示了物体不受力或受平衡力时应保持静止状态或匀速直线运动状态；力是改变物体运动状态的原因；物体都具有保持静止状态或匀速直线运动状态的性质--惯性。
6.【答案】B
【解析】解：
A、用测电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，则在如图的两种使用方法中，正确的是甲，故A错误；
B、人站在地上，触摸火线，会有电流通过人体，会发生触电事故，故B正确；
C、连接电路时，开关应该接在火线和用电器之间，这样开关断开后用电器上就没有电压了，故C错误；
D、多个大功率用电器同时使用一个插座时，通过插座的总电流过大，容易发生火灾，故D错误。
故选：B。
(1)正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线，手千万不要接触笔尖金属体；
(2)在家庭电路中，人站在地上，触摸火线，会触电；
(3)开关应控制火线，接在用电器与火线间；
(4)家庭电路电压不变，使用多个大功率用电器时总功率过大，会使总电流过大，容易发生火灾。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
7.【答案】D
【解析】解：
A、锅炉水位计和锅炉就构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的，液面就保持在同一水平面上，我们通过观察水位计中水位的高低就可以知道锅炉中水的多少，及时加水。利用了连通器，故A不合题意；
B、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器，故B不合题意。
C、打开船闸的一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸。然后把这一端船闸关闭。然后打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等。船就可以开到另一端去，利用了连通器，故C不合题意。
D、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用的是大气压，故D符合题意。
故选：D。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
8.【答案】C
【解析】解：A、乒乓球拍上粘贴橡胶是使接触面变粗糙，从而在压力不变的情况下增大摩擦，故A不合题意；
B、打球时用力握紧球拍，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故B不合题意；
C、在轴承里装上滚珠是将滑动摩擦变为滚动摩擦，是在压力不变的情况下减小摩擦，故C符合题意；
D、旅游鞋底有凹凸花纹是使接触面变粗糙，在压力不变的情况下增大摩擦，故D不合题意。
故选：C。
影响滑动摩擦力大小的因素有两个：一是压力的大小，二是接触面的粗糙程度。
增大有益摩擦的方法主要有：增大压力、使接触面变粗糙等；减小有害摩擦的方法主要有：减小压力、使接触面变光滑、变滑动为滚动、使接触面分离等。
熟知影响摩擦力的因素，掌握增大有益摩擦和减小有害摩擦的方法是解决此类问题的关键。
9.【答案】C
【解析】
【分析】
在称量中，千万不能移动平衡螺母，当指针向哪侧偏，说明哪侧的物体质量重，故只能靠增加或减少砝码或移动游码来调节天平的平衡。
本题考查天平的使用难度不大。
【解答】
当称量物体质量时，指针右偏，说明天平右端下沉，游码不在零刻度，游码已经移动，故应该是继续移动游码使天平平衡，故C正确，ABD错误；
故选C。
10.【答案】C
【解析】解：
A、地毯中夹一些不锈钢丝，可以有效将因摩擦产生的静电导入大地，使地毯不易沾上灰尘，故A不符合题意；
B、因为铁具有良好的导电性，可以把运输过程中会由于振动、摩擦产生的静电导走，故B不符合题意；
C、电视里讲解棋类比赛用的棋子是一个小磁体，而棋盘是用磁性材料做的，棋盘被磁化后，利用磁极间的相互作用力，使棋子可以粘在竖直悬挂的棋盘上，故C符合题意；
D、电脑屏幕上经常有许多灰尘，这是因为电脑工作时，屏表面有静电而吸附灰尘，故D不符合题意。
故选：C。
(1)摩擦现象生活中很常见，晚上衣服上有闪电，衣服上易沾有灰尘，梳子梳头发，头发随梳子飘起来，静电可以吸附灰尘；
(2)磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
解决此类问题关键掌握磁化和磁极间的相互作用规律，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题。
11.【答案】C
【解析】解：A、运动员把弯弓拉开将箭射出，是弹性势能转化为动能的过程。不符合题意。
B、跳伞运动员匀速下落，质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能减小，总机械能减小。不合题意。
C、跳水运动员从空中下落，质量不变，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，此过程中，重力势能转化为动能。符合题意。
D、运动员骑自行车冲向坡顶，运动员和自行车的质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，此过程中，动能转化为重力势能。不符合题意。
故选：C。
重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能大小的变化。
在能的转化过程中，一种形式的能在减小，另一种形式的能必然在增加。
12.【答案】D
【解析】解：
A、由p=FS可得甲、乙对水平地面的压力之比：
F甲F乙=p甲S甲p乙S乙=8×35×4=65，
因为水平面上物体的压力等于自身重力，
所以甲、乙物体的重力之比：
G甲：G乙=F甲：F乙=6：5，
由G=mg可得甲、乙质量之比：
m甲：m乙=G甲：G乙=6：5，故A错误；
B、由ρ=mV可得甲、乙的体积之比：
V甲：V乙=m甲ρ甲：m乙ρ乙=62：53=9：5，故B错误；
C、由V=Sh可得甲、乙长方体的高度之比：
h甲：h乙=V甲S甲：V乙S乙=93：54=12：5，故C错误；
D、长方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，
将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度△h后，甲、乙压强的变化量：
△p甲=ρ甲g△h，△p乙=ρ乙g△h，
因为ρ甲：ρ乙=2：3，即ρ甲<ρ乙，
所以△p甲<△p乙，
因为对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，即p甲>p乙，剩余部分对地面的压强p′=p−△p。
所以甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强，故D正确。
故选：D。
(1)知道压强之比、受力面积之比，利用p=FS求甲、乙对水平地面的压力之比；由于水平面上物体的压力等于自身重力，可得甲、乙物体的重力之比，再利用G=mg求甲、乙质量之比；
(2)求出了质量之比，知道密度之比，利用ρ=mV求甲、乙的体积之比；
(3)求出了体积之比，知道底面积之比，利用V=Sh求甲、乙长方体的高度之比；
(4)长方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，据此求将甲、乙分别沿水平方向切去相同的高度△h后，甲、乙压强的变化量，知道ρ甲：ρ乙=2：3，即ρ甲<ρ乙，可求得△p甲<△p乙，知道对水平地面的压强之比p甲：p乙=8：5，即p甲>p乙，可得甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强。
本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，要知道物体对水平地面的压力等于物体的重力，利用好推导公式：长方体对水平地面的压强p=ρgh。
13.【答案】摩擦 电磁波
【解析】解：
(1)磁浮列车是利用磁极间的相互作用，使车轮与轨道不接触，通过使接触面彼此分离，从而减小了摩擦力，提高车速度；
(2)车载高精度GPS系统可对车实时定位，该系统定位时利用电磁波传递信息。
故答案为：摩擦；电磁波。
(1)减小摩擦的方法：使接触面变光滑；减小压力；用滚动代替滑动；使接触面分离；
(2)GPS是卫星导航、定位系统，信息需要在真空中传播，利用的是电磁波。
本题考查学生对减小摩擦的方法、电磁波的传播、磁悬浮列车的工作原理的理解和掌握，难度不大。
14.【答案】液化 放热
【解析】解：杯外壁出现一层水珠是空气中的水蒸气遇到温度较低的杯子外壁冷凝结成的，这是气态变成液态，属于液化现象，液化需要放出热量。
故答案为：液化；放热。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题，比较简单。
15.【答案】比热容 热传递
【解析】解：
(1)因为水的比热容大，在质量相同、降低的温度相同时，水放出的热量多，取暖效果好；
(2)人们用热水袋取暖时，人体从热水袋吸收热量，使人体的内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变人体的内能。
故答案为：比热容；热传递。
(1)水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)改变物体内能的方法，一是做功，二是热传递，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
做功和热传递是改变内能的两种方式，二者在改变内能上是等效的，但注意区别。
16.【答案】变小 2.5×109
【解析】解：
(1)当该起重船将吊起的沉管由空中慢慢浸入水面下的过程中，起重船船体上浮，浮力变小，
(2)根据阿基米德原理可得，若振华30号排水量达到25万吨，则它所受的浮力：
F浮=G排=m排g=25×107kg×10N/kg=2.5×109N；
故答案为：变小；2.5×109。
(1)振华30”将吊起的沉管缓慢浸入水中，“振华30”船体上浮，由物体的浮沉条件可得出结论；
(2)航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，知道潜水艇自身体积不变(排开水的体积不变、受浮力不变)是本题的关键。
17.【答案】10 1：3 22.05
【解析】解：(1)根据P=U2R知，
定值电阻R3的阻值为：R3=U额2P额=(6V)23.6W=10Ω；
已知R2：R3=3：1，所以，R2=30Ω；
(2)第一过程：当开关S1闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，电压表测量R1的电压，R1的功率是P1，如图甲：
。
第二过程：当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3串联在电路中，电压表测量R1的电压，如图乙：
已知R2：R3=3：1，串联电路中功率比等于电阻比，所以P2：P3=3：1，R2和R3的功率之和是1.6W，P2+P3=1.6W，所以，P2=1.2W，P3=0.4W，
根据P=I2R知，
此时电路的电流为：I=P3R3=0.4W10Ω=0.2A；
第三过程：当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2、R3并联在电路中，电压表测量R1的电压，电压表示数是电源电压U，电流表测量R1、R2的总电流，R1的功率是P1′，如图丙：
第四过程：只闭合开关S3，滑片移到最右端时，R3和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，如图丁：
因为串联电路电流处处相等，
所以P3′P0=I2R3I2R0=10Ω30Ω=13；
甲图，电压表测量R1两端的电压，示数为U1，R1的功率是P1；丙图中电压表测量R1的电压，也是电源电压，示数为U，R1的功率是P1′；P1：P1′=1：16，
对于同一导体，P1P1′=U12R1U2R1=(U1U)2=116，所以，U1U=14，所以，U1=14U，因为，R1和滑动变阻器R0的全部串联在电路中，所以U0=34U，因为串联电路中电压比等于电阻比，U0U=34=R0R，因为R0=30Ω，所以总电阻R=40Ω，根据串联电路电阻的规律知：R1=10Ω；
由乙图知，电源电压为：U=I(R1+R2+R3)=0.2A×(10Ω+30Ω+10Ω)=10V；
当开关S2闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R0、R1、R2、R3串联在电路中，此时总电阻最大，总功率最小，最小为：
P小=U2R0+R1+R2+R3=(10V)230Ω+10Ω+30Ω+10Ω=1.25W；
丙电路中并联电路电阻最小，总功率最大，
电路最大功率为：P大=U2R1+U2R2+U2R3=(10V)210Ω+(10V)230Ω+(10V)210Ω≈23.3W，
所以该电路的最大功率与最小功率之差为：△P=P大−P小=23.3W−1.25W=22.05W。
故答案为：10；1：3；22.05。
(1)根据P=U2R算出定值电阻R3的阻值；已知R2：R3=3：1算出R2的电阻；
(2)首先分析有几个过程，有几个过程画出几个电路图，在图上标出相对应的物理量，导出导出电压比例关系和电阻比例关系，求出三个定则电阻的阻值，再根据功率关系导出电压值，求出电源电压，知道电源电压和电阻即可求出其它各部分。
本题中利用同一导体在不同电路中，功率之比等于电压比的平方，这是关键，也是很多难题入手的关键点。
18.【答案】同一平面内 反射角等于入射角
【解析】解：(1)将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，这说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内；
(2)从表格记录的数据分析可得反射角等于入射角。
故答案为：(1)同一平面内；(2)反射角等于入射角。
(1)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。
(2)比较表中数据分析反射角和入射角的大小，得出结论。
此题主要考查了光的反射定律的实验。通过分析实例考查了学生对所学知识的应用。
19.【答案】指针是否偏转 有 电源
【解析】解：
(1)实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才有感应电流产生。只让蹄形磁体在水平方向上运动，导体ab相对磁铁水平运动切割磁感线，导体中有感应电流产生；
(3)探究磁场对通电导体的作用时，电路中一定有电源，所以把灵敏电流计换成电源，导体ab成为通电导体在蹄型磁体的磁场中受力的作用。
故答案为：(1)指针是否偏转；(2)有；(3)电源。
(1)电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)磁场对通电导体作用，电路中要有电源。
此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及磁场对通电导体的作用的因素。
20.【答案】漏气 深度 在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大
【解析】解：
(1)如甲图，用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，出现这种情况的原因是：实验装置可能出现了漏气问题；
(2)由控制变量法可知，要探究液体压强与深度的关系，应只让深度发生改变，保持密度不变，故她是想探究液体内部压强和深度的关系；
(3)对比丙、丁两图，控制探头在水、盐水中的深度相同，可得到的结论是：在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大。
故答案为：(1)漏气；(2)深度；(3)在同一深度，液体密度越大，液体内部压强越大。
(1)压强计是通过橡皮膜来感受压强的，当橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强变大，大于大气压强就会将U形管中的液面出现高度差，高度差越大，表示橡皮膜受到的压强越大；若和橡皮膜连接的软管出现漏气，不论橡皮膜是否受到压强，软管中气体的压强都等于大气压，压强计中液面就不会出现高度差；
(2)由控制变量法可知，保持液体密度不变，观察图乙丙可得，探究的是在同种液体中，液体的压强与液体深度的关系；
(3)不同液体内部的压强还与液体的密度有关。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法--转换法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
21.【答案】正比 1.5 小于
【解析】解：
(1)根据画出的如图乙所示的图象为过原点的直线可知，当电阻一定时，电流和电压成正比；
(2)由串联电路的规律及分压原理有：U−UVUV=R滑R定，
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入电路的电阻最大时，对应的定值电阻应最大，此时，电阻的电压最小，
即4.5V−UVUV=60Ω30Ω；UV=1.5V，实验过程中小言应该保证电压表的示数至少为1.5V；
(3)原来电路中的电流为I1(即通过灯的电流)，设滑片往右滑一段距离后电路中的电流为I2(即通过灯电流)，根据分压原理，变阻器分得电压变小，由串联电路电压的规律，此时灯的电压增大，通过灯的电流也增大，所以I1
根据P=UI，因灯的功率增大，灯丝的温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大的值△R1小于变阻器连入电路中减小的值△R2，即小灯泡阻值的变化量大小为△R1小于滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为△R2。
故答案为：(1)正比；(2)1.5；(3)小于。
(1)根据电流随电压的变化图象为一过原点的直线分析回答；
(2)研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，根据题中条件，由串联电路电压的规律结合分压原理分析求解；
(3)因电源电压不变，根据欧姆定律先判断出两种情况下总电阻的变化，再根据灯的电阻随温度的升高而增大和串联电阻的规律分析回答。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查数据分析、控制变量法、串联的规律及欧姆定律的运用和对器材的要求及影响电阻大小的因素。
22.【答案】解：
(1)当只闭合开关S3时，为R1的简单电路，电阻R1的阻值为30Ω，电流表示数为0.4A，由欧姆定律I=UR，电源电压：
U=I1R1=0.4A×30Ω=12V；
再闭合开关S1，两电阻并联，电流表测干路电路，根据并联电路各支路互不影响，因电流表示数变化了0.2A，可知通过R2的电流为0.2A，由欧姆定律I=UR，R2=UI2=12V0.2A=60Ω；
(3)当开关S1、S3都断开，两电阻串联，由电阻的串联规律和欧姆定律，此时电路的电流：
I=UR1+R2=12V30Ω+60Ω=215A，
R2在10min内消耗的电能：W=I2R2t=(215A)2×60Ω×10×60s=640J。
答：(1)电源电压为12V；
(2)R2的阻值为60Ω；
(3)当开关S1、S3都断开，闭合开关S2，R2在10min内消耗电能640J。
【解析】(1)当只闭合开关S3时，为R1的简单电路，已知电阻R1的阻值和电流表示数为0.4A，由欧姆定律求出电源电压；
再闭合开关S1，两电阻并联，根据并联电路各支路互不影响，由电流表示数变化了0.2A，可知通过R2的电流为0.2A，由欧姆定律求出R2；
(3)当开关S1、S3都断开，两电阻串联，由电阻的串联规律和欧姆定律得出此时电路的电流，根据W=I2R2t求出R2在10min内消耗的电能。
本题考查串联的规律、并联电路的特点及欧姆定律和电功公式的运用，关键是电路的分析。
23.【答案】解：(1)由题意可知，当加1200cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，
由p=ρgh可得，此时容器内部的水面高度增加量：
△h1=△p1ρ水g=1×103Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.1m；
(2)当加1200cm3的水时，物体A排开水的体积：
V排=S容△h1−V水=S容×0.1m−1.2×10−3m3，
物体A受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×(S容×0.1m−1.2×10−3m3)=1×103N/m2×S容−12N，
假设物块A受到弹簧的弹力竖直向上，则物块A受到竖直向上浮力和弹簧的弹力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮+F1=GA，即1×103N/m2×S容−12N+2N=GA--------①
假设物块A受到弹簧的弹力竖直向下，则物块A受到竖直向上浮力、竖直向下的重力和弹簧的弹力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮=F1+GA，即1×103N/m2×S容−12N=2N+GA--------②
当加3000cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，
则此时容器内部的水面高度增加量：
△h2=△p2ρ水g=2.0×103Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.2m，
物体A排开水的体积：
V排′=S容△h2−V水′=S容×0.2m−3×10−3m3，
物体A受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排′=1×103kg/m3×10N/kg×(S容×0.2m−3×10−3m3)=2×103N/m2×S容−30N，
因加1200cm3的水时弹簧弹力为2N，加3000cm3的水时弹簧弹力为12N，
所以，此时弹簧的弹力应竖直向下，物块A受到竖直向上浮力、竖直向下的重力和弹簧的弹力作用处于平衡状态，
由物块A受到的浮力为零可得：F浮′=F2+GA，即2×103N/m2×S容−30N=12N+GA------③
由①③可得：GA=22N，S容=3.2×10−2m2，
由②③可得：GA=14N，S容=2.8×10−2m2，
因物块A的质量大于1.6kg，即重力大于16N，
所以，物块A的重力为22N，其质量mA=GAg=22N10N/kg=2.2kg；
(3)当加1200cm3的水时，电压表示数为6V，则此时加水的重力：
△G水=△m水g=ρ水△V水g=1×103kg/m3×1.2×10−3m3×10N/kg=12N，
由不计托盘和容器的质量可知，此时压敏电阻受到的压力：
F压=G水+△G水+GA=16N+12N+22N=50N，
由表格数据可知，Rx=16Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I1=UxRx=6V16Ω=0.375A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：
U=I1(Rx+R0)=0.375A×(16Ω+R0)----------④
当加3000cm3的水时，电压表示数为4V，则此时加水的重力：
△G水′=△m水′g=ρ水△V水′g=1×103kg/m3×3×10−3m3×10N/kg=30N，
此时压敏电阻受到的压力：
F压′=G水+△G水′+GA=16N+30N+22N=68N，
由表格数据可知，Rx′=8Ω，
此时电路中的电流I2=Ux′Rx′=4V8Ω=0.5A，
则电源的电压：
U=I2(Rx′+R0)=0.5A×(8Ω+R0)----------⑤
由④⑤可得：R0=16Ω，U=12V，
当加3000cm3的水时，电路消耗的总功率：
P=U2Rx′+R0=(12V)28Ω+16Ω=6W。
答：(1)当加1200cm3的水时，容器内部的水面高度增加了0.1m；
(2)物体A的质量为2.2kg；
(3)当加3000cm3的水时，电路消耗的总功率为6W。
【解析】(1)由题意可知，当加1200cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了1×103Pa，根据p=ρgh求出此时容器内部的水面高度增加量；
(2)当加1200cm3的水时，根据S容△h1=V水+V排求出物体A排开水的体积，根据F浮=ρgV排求出物体A受到的浮力，物块A受到弹簧的弹力可能是竖直向上，也可能是竖直向下，对物块受力分析，根据物块A受到的浮力为零得出等式，当加3000cm3的水时，容器底部的压强较加水前变化了2.0×103Pa，同理求出A排开水的体积、物体A受到的浮力，比较弹簧的弹力得出此时物块受到弹簧弹力的方向，对物块受力分析得出等式，然后联立等式求出物块的重力，根据物块A的质量大于1.6kg得出其重力，根据G=mg求出其质量；
(3)当加1200cm3的水时，电压表示数为6V，根据G=mg=ρVg求出此时加水的重力，不计托盘和容器的质量，此时压敏电阻受到的压力等于原来水的重力、加水的重力、物块A的重力之和，根据表格数据读出压敏电阻的阻值，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，同理表示出当加3000cm3的水时电源的电压，然后联立等式即可求出电源的电压和R0的阻值，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出加3000cm3的水时电路消耗的总功率。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的综合应用等，讨论弹簧弹力的方向求出物块A的重力是关键，是一道难度较大的题目。
24.【答案】比热容大 二次 104
【解析】解：
(1)水的比热容最大，和其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以采用水作为冷却剂；
(2)电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；
(3)该厂日发电量能供n=W总W=180×104度30×6度=104个这样的家庭照明用电一个月。
故答案为：(1)比热容大；(2)二次；(3)104。
(1)水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
(3)根据该垃圾发电厂的日发电量和每户居民每天用电量，求出能供多少这样的家庭照明用电一个月。
本题考查了水的比热容大的特点的应用、能源的分类以及简单的计算，考查学生灵活运用知识的能力，属于基础题目。
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