湖南省长沙市雨花区2020年中考物理一模试卷（解析版）

这是一份湖南省长沙市雨花区2020年中考物理一模试卷（解析版），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

2020年湖南省长沙市雨花区中考物理一模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 以下所给数据最接近实际情况的是(    )
A. 光在空气中的传播速度约为340m/s B. 初三物理课本重约为2.5N
C. 初中男生1000m长跑用时约100s D. 人的正常体温约为40℃
2. 下列说法中，正确的是(    )
A. 声音在真空中传播速度最快 B. 汽车安装的倒车雷达是利用电磁波工作的
C. 超声波清洗眼镜，是利用了声波传递能量的性质
D. 声源的振幅越大，音调越高
3. 在我国西部建有不同类型的发电站，下列发电站在发电过程中，利用不可再生能源发电的是(    )
A. 燃气电站 B. 风电站
C. 水电站 D. 太阳能电站
4. 《中国诗词大会》深受观众喜爱，下列诗词中涉及的物态变化现象解释正确的是
A. 风雨送春归，飞雪迎春到--雪是升华形成的
B. 不知明镜里，何处得秋霜--霜是凝固形成的
C. 露从今夜白，月是故乡明--露是液化形成的
D. 岚雾今朝重，江山此地深--雾是汽化形成的
5. 被誉为“中国天眼”的500米口径射电望远镜(FAST)如图所示，迄今已发现一百多颗脉冲星，为人类探索宇宙奥秘提供科技支持。工程首席设计师南仁东被誉为“中国天眼之父”，下列对“中国天眼”的相关物理知识的描述，正确的是(    )
A. “中国天眼”的作用相当于人眼，成倒立、放大的实像
B. “中国天眼”相当于凸透镜，成倒立、放大的实像
C. “中国天眼”相当于一个巨大的凹面镜，对光线有会聚作用
D. “中国天眼”相当于一个巨大的凹面镜，对光线有发散作用
6. 如图所示，是最新设计的无人机，配备一个摄像头，远程计算机通过这个摄像头可以控制它的飞行，使它能够在适合的地方着陆。下列说法中错误的是(    )
A. 当飞机受平衡力的时候是处于静止状态或匀速直线运动状态
B. 电子马达相当于一个电动机，它是根据电磁感应的原理制成的
C. 当机翼产生的升力大于飞机受到的重力时，无人机就能升空
D. 无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力是一对相互作用力
7. 下列关于热和能的说法中正确的是(    )
A. 水的沸点会随着大气压的减小而升高 B. 冬季的雾霾属于分子热运动
C. 物体吸收热量，温度一定升高 D. 热机的做功过程将内能转化为机械能
8. 下列工具属于省力杠杆的是(    )
A. 镊子 B. 船桨
C. 钓鱼杆 D. 扳手
9. 如图所示是体育中考测量肺活量的测试仪原理图，其中R1为定值电阻，气体传感器R2的电阻随气体压强的增大而减小，如果小强吹的气越多，则下列说法中正确的是(    )
A. 电流表示数不变 B. 电流表示数变大
C. 传感器R2两端的电压变大 D. R1消耗的电功率变小
10. 2022年将要举办的北京冬奥会，是中国历史上第一次举办冬季奥运会，如图所示，是某滑雪运动员训练时从山坡的滑道上滑下的情景，下列说法中正确的是(    )
A. 运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积，从而增大了对雪地的压强
B. 滑雪板底面做的很光滑，这是为了增大摩擦力
C. 运动员下滑过程中，若一切外力都消失，他将立即停止运动
D. 运动员从坡顶下滑过程中重力势能越来越小，动能越来越大

11. 如图所示为小明家的电路简化后的示意图，对于这个家庭电路，下列说法中错误的是(    )
A. 洗衣机工作时其金属外壳需要接地
B. 台灯与电视机均接入电路，正常工作时它们是并联关系
C. 电能表是测量家庭电路中用电器总功率的仪表
D. 如果总开关突然跳闸(自动断开)，则可能是由于电路中总电流过大引起的
12. 在今年抗击新冠肺炎疫情期间，口罩、洗手液、可杀死病毒的75%医用酒精(在体积上含有酒精75%，含水25%)成为日常防护用品。已知纯酒精密度为0.8g/cm3，则75%的医用酒精密度是多少？现在有密度为0.81g/cm3的95%的酒精1000mL，如果加蒸馏水的方法把它配置成75%的医用酒精，需加多少毫升的蒸馏水？(    )(保留一位小数)
A. 0.78g/cm3 266.7cm3 B. 0.85g/cm3 266.7cm3
C. 0.85g/cm3 133.3cm3 D. 0.83g/cm3 133.3cm3
二、填空题（本大题共5小题，共22.0分）
13. 港珠澳大桥被誉为“现代世界七大奇迹”之一，大桥全长55km，设计速度100km/h，若汽车以此速度通过大桥，则所需的时间为______min，行驶的汽车以桥的栏杆为参照物是______(选填“运动”或者“静止”)的。
14. 小明身高1.7m，站在竖直放置的平面镜前1.5m，他可以看到自己全身，他往镜子方向走进0.5m，像的大小______(选填“变大”、“不变”或者“变小”)，此时的像到他的距离______m。
15. 长沙洋湖湿地公园占地7000余亩，是我国中国南部地区最大的城市湿地景区，水域面积宽广，是城市的“绿肺”，在炎热夏天这里气温比市区要低一些，主要是水的比热容比一般液体要______(选填“大”或者“小”)，已知水的比热容为c=4.2×103J/(kg⋅℃)，则100t水温度升高5℃吸收的热量是______J。
16. 一台起重机在10s内将重为3600N的货物匀速提高了4m，若起重机做的额外功是9600J，则机械效率是______。
17. 如图甲所示，电源电压为12V恒定不变，闭合开关S，在保证电路安全的前提下，调节滑动变阻器的滑片，从最大值滑至a点时，小灯泡恰好正常发光，移动滑片过程中电流表示数与两个电压表示数的关系图象如图乙所示，定值电阻R的阻值为______Ω，小灯泡额定功率为______W，滑片滑至a点时变阻器与定值电阻功率P1：P2=______。

三、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
18. 如图所示，为了探究光折射时的特点。
(1)让光束沿AO斜射入装有水的杯中时，光束进入水中后会向______(选填“靠近”或“远离”)法线方向偏折。
(2)当这束光斜射入杯中时，会在杯底形成光斑。保持入射光束的方向不变，逐渐往杯中加水观察到杯底的光斑向______(选填“向左”“向右”)移动。

19. 小明学习了“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验后，做了如下实验，把两同种材料且体积相等、质量都为600g的A、B两个木块，放在一长木板上进行实验，每次实验均保证水平匀速直线拉动弹簧测力计，实验过程及结果如图所示。

(1)比较甲、乙两图可得出的结论是：在接触面粗糙程度相同的情况下，______。
(2)图甲中物体运动的速度大小为v1，图乙中物体运动的速度大小为v2，实验过程中。关于v1和v2的大小，下列说法正确的是______。
A.v1一定大于v2 B.v1一定小于v2
C.v1一定等于v2 D.v1可以大于、等于或小于v2
(3)比较甲、丙，可以得出：B的表面比A的表面更______(选填“光滑”或“粗糙”)。
20. 小丽学习小组的同学们在做“用伏安法测量定值电阻阻值”的实验中。
(1)如图是小组同学连接的部分实物图，所用电源是两节干电池，请你用笔画线代替导线，帮助他们将图中的实物连接完整。
(2)电路连接正确后，闭合开关，小丽发现电压表无示数，电流表有示数，电路故障是______。
(3)排除故障后，继续实验，实验数据记录如下表所示。由此可知，定值电阻R阻值为______Ω(保留一位小数)。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻/Ω
1
1.0
0.18

2
2.0
0.4

3
3.0
0.58


21. 小李骑自行车参加健身活动，在活动中休息时他停放在烈日下的自行车车胎爆裂了，小李分析后猜想：一定质量的气体，在体积不变时，气体压强与温度有关。回到学校后，小李根据猜想做了如图所示的探究实验：
1.将烧瓶连接在压强计上，用压强计中的水银柱在烧瓶中密闭一定质量的空气；
2.将烧瓶放入水槽中，给水槽中的水加热，水温上升；
3.在每次测量时都使压强计左侧水银液面保持在图中A点的位置不变，每隔一段相同时间后同时记录水的温度值(即为瓶中密闭气体的温度值)及压强计中水银柱的液面高度差，各次测量实验数据记录如表：
气体的温度/℃
20
30
40
50
…
水银柱的液面高度差/mm
0
24
5
80

(1)根据小李上述实验过程可知：每次测量时都要使压强计左侧水银液面保持在图中A点的位置不变，其目的是保持一定质量密闭气体的______不变；容器中密闭空气的压强的变化是通过______来反映的。
(2)分析上表中实验数据可知，一定质量的气体，在体积不变时，气体的压强随温度的升高而______。
四、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
22. 在如图所示的电路中，电源电压为12V且保持不变，小灯泡L标有“10V，10W”的字样，滑动变阻器标有“30Ω，1A”的字样(灯丝电阻不随温度变化)求：
(1)灯泡正常发光时的电阻。
(2)若电流表的示数为0.4A，求变阻器接入电路的阻值。







23. 如图所示，是利用电子秤显示水库水位装置的示意图。该装置主要由不计重力的滑轮C、D，长方体物块A、B以及轻质杠杆MN组成。物块A通过细绳与滑轮C相连，物块B通过细绳与杠杆相连。杠杆可以绕支点O在竖直平面内转动，杠杆始终在水平位置平衡，且MO：ON=1：2.已知物块A的密度为1.5×103kg/m3，底面积为0.04m2，高为1m，物块B的重力为100N.滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计，g取10N/kg。试求：
(1)当物块A的顶部刚没入水面时，滑轮C下端挂钩处的拉力大小；
(1)当物块A有四分之一体积露出水面时，电子秤的示数为多少；
(3)若水位发生变化，当电子秤的示数为55N时，求物块A浸入水中的深度。





五、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读下文，回答文后问题
2018年10月20日，我国自主研制的大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600成功实现水上起降，如图所示。它的机翼是上凸下平流线型的，它装有4台国产WJ6涡轮螺旋桨发动机，是国家为满足森林灭火和水上救援的迫切需要，研制的大型特种用途民用飞机，它能从空中下落，停留在水面上，也能从水面上起飞，上升到高空，当然也能在陆地上起降，是一艘会飞的船。
飞机发动机的热效率和推进效率是反映飞机性能的重要指标。发动机的热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，推进效率是指发动机传递给飞机的推进功(推力所做的功)与获得的机械能之比。
飞机的部分参数如下表所示：
WJ6发动机数量
4台
M大起飞质量
53.5t
最大巡航速度
500km/h
发动机巡航推力
4.6×104N
发动机的热效率
40%
发动机的推进效率
……
(1)从文中找出一个物理现象，提出问题，并回答问题
提问：______。
回答：______。
(2)AG600以最大速度满载巡航2h，消耗燃油5000kg，燃油完全燃烧使发动机获得的机械能是______J(燃油的热值为q=4.6×107J/kg)。

答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：A、在空气中的传播速度是3×108m/，故A错误；
B、初三物理课本的质量在250g=0.25kg左右，受到的重力为G=mg=0.25kg×10N/kg=2.5N.故B正确；
C、初中男生1000m长跑用时约为3.5min，即210s左右；故C错误；
D、人体的正常体温约为37℃.故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】C

【解析】解：
A、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；
B、倒车雷达是利用超声波工作的；故B错误；
C、超声波清洗眼镜利用的是声音能够传递能量，故C正确。
D、振幅越大，响度越大；频率越大，音调越高，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
(2)回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，即利用声音获得信息；
(3)声音可以传递信息和能量；
(4)声音的高低叫音调，音调的高低决定于发声体振动的频率；实验的强弱叫响度，响度的大小决定于发声体振动的振幅。
此题考查了声音传播的条件、声速、声音能传递信息，能传递能量，声音的特性是声学综合题。
3.【答案】A

【解析】解：
A、燃气发电站利用天然气进行发电，天然气不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生能源，则燃气发电站是利用不可再生能源发电的，故A符合题意；
BCD、太阳能、风能、水能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源，太阳能电站、风电站、水电站是利用可再生能源发电的，故BCD不符合题意。
故选：A。
能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。
本题主要考查学生对：可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握，要理解。
4.【答案】C

【解析】解：A、雪是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象。故A错误；
B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象。故B错误；
C、露是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象。故C正确；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象。故D错误。
故选：C。
物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
本题考查了学生对物态变化的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。
5.【答案】C

【解析】解：被誉为“中国天眼”的射电望远镜，其形状相当于一个凹面镜，是利用凹面镜对光具有会聚作用的特点来会聚光线的。故C正确、ABD错误。
故选：C。
凹面镜对光具有会聚作用。被誉为“中国天眼”的射电望远镜其形状相当于一个凹面镜。
此题结合实际考查了凹面镜的作用，难度不大，认真分析即可。
6.【答案】B

【解析】解：
A、当飞机受平衡力的时候是处于静止状态或匀速直线运动状态，故A正确；
B、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故B错误；
C、机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小；机翼下方是平面，空气的流速小，压强大；这一压强差使飞机获得竖直向上的升力；当升力大于重力时，无人机受到的合力方向向上，无人机就会升空，故C正确；
D、无人机直立栖息在树枝上时，树枝对无人机的支持力和无人机对树枝的压力是一对相互作用力，故D正确；
故选：B。
(1)静止或匀速直线运动都是平衡状态，此时都会受到平衡力的作用；
(2)电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；
(3)对于流体来说，流速大，压强小；
(4)一对相互作用力分别作用在相互作用的两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
此题考查了平衡状态的判断、电动机的原理、压强和流速关系的应用和作用力、反作用力的应用，是一道综合题。
7.【答案】D

【解析】解：
A、液体的沸点随气压的增大而增大，气压减小而降低，故A错误；
B、雾霾不是分子，不属于分子的无规则运动，故B错误；
C、物体吸热后可能温度升高，也可能用于发生物态变化而保持温度不变，如0℃的冰吸热用于熔化而温度不升高，故C错误；
D、热机的做功冲程中，是将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，故D正确。
故选：D。
(1)液体的沸点随气压的增大而增大；
(2)用肉眼能够看到的运动不属于分子运动；
(3)物质吸热可能使分子运动加剧，即温度升高，也可能使分子间作用力发生变化，即物态变化；
(4)热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能。
本题考查了气压与沸点的关系、分子的运动、内能和温度的关系、能量的转化，都属于基础知识，要掌握。
8.【答案】D

【解析】解：
A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不合题意；
B、船桨在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不合题意；
C、钓鱼杆在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不合题意；
D、扳手在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
9.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1和气体传感器R2串联，电流表测电路中的电流，
因气体传感器R2的电阻随气体压强的增大而减小，
所以，小强吹的气越多，R2的电阻减小，电路的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故A错误、B正确；
由U=IR可知，R1两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变小，故C错误；
由P=UI可知，R1消耗的电功率变大，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，定值电阻R1和气体传感器R2串联，电流表测电路中的电流，根据“气体传感器R2的电阻随气体压强的增大而减小”判断出小强吹的气越多时R2阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，利用P=UI判断R1消耗的电功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“气体传感器R2的电阻随气体压强的增大而减小”是关键。
10.【答案】D

【解析】解：
A、运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积(即受力面积)，从而减小了对雪地的压强；故A错误；
B、雪板的底面做得很光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B错误；
C、运动员下滑过程中，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，他将做匀速直线运动，故C错误；
D、运动员从坡顶下滑过程中，其质量不变，高度变小，速度变大，所以重力势能越来越小，动能越来越大，故D正确。
故选：D。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
(3)一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
(4)重力势能的影响因素是质量和高度；动能大小的影响因素是质量和速度。
本题考查了减小压强的方法、摩擦力大小的影响因素、牛顿第一定律、重力势能和动能的影响因素等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大。
11.【答案】C

【解析】解：
A、洗衣机的金属外壳需要接地，能防止金属外壳漏电时发生触电事故，故A正确；
B、家庭电路中，台灯与电视机工作时互不影响，是并联连接的，故B正确；
C、电能表是测量家庭电路中用电器消耗电能的仪表，故C错误；
D、家庭电路总开关突然跳闸，说明家庭电路干路中电流过大，原因可能是工作的用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故D正确。
故选：C。
①对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
②并联电路中用电器相互不影响工作。串联电路中各用电器互相影响；
③电能表是测量家庭电路中用电器消耗电能的仪表；
④家庭电路中电流过大的原因：一是电路中用电器的总功率过大；二是短路。
本题主要考查学生对安全用电知识、家庭电路连接关系的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护。
12.【答案】B

【解析】解：
(1)75%的医用酒精，在体积上含有酒精75%，含水25%，
可设水的体积为V，则酒精的体积为3V，
则水的质量为：m水=ρ水V，酒精的质量为：m酒=ρ酒×3V；
该酒精溶液的总质量为：m=m水+m酒=V(ρ水+3ρ酒)；
则75%的医用酒精的密度为：
ρ医=mV总=ρ水V+3ρ酒V4V=ρ水+3ρ酒4=1.0×103kg/m3+3×0.8×103kg/m34=0.85×103kg/m3；
(2)95%的酒精溶液1000mL所含酒精的体积：V酒=95%V′=95%×1000cm3=950cm3；
加蒸馏水 配置成75%的医用酒精后，酒精的体积不变，
则此时酒精溶液的总体积：
V总′=V酒75%=950cm375%≈1266.7cm3；
则加入蒸馏水的体积：
V水′=V总′−V总=1266.7cm3−1000cm3=266.7cm3。
故选：B。
(1)设水的体积为V，则酒精的体积为3V，求出酒精和水的总质量，根据密度公式求出医用酒精的密度；
(2)根据题意，把浓度为95%的酒精1000mL稀释为75%的酒精，酒精的体积不变，据此求出配置成75%的医用酒精后的总体积，进一步求出所加蒸馏水的体积。
本题考查了密度公式及其变形公式的应用，利用好酒精浓度的含义是关键。
13.【答案】33  运动

【解析】解：
由公式v=st可得，汽车以此速度通过大桥需要的时间：
t=sv=55km100km/h=1120h=33min；
以桥上的栏杆为参照物，汽车与桥上的栏杆之间的位置不断发生变化，因此汽车是运动的。
故答案为：33；运动。
(1)已知桥长和行驶的速度，根据t=sv可求出所需的时间；
(2)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。
此题考查了运动和静止的相对性、速度公式的应用，是一道基础题。
14.【答案】不变  2

【解析】解：由平面镜成像的特点可知，像与物大小相同，他往镜子方向走进0.5m，此时像的大小不变，他的像高仍为1.7m；
平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离是相等的，题中同学离平面镜1.5m，此时像离镜的距离也是1.5m，若此人向平面镜移动0.5m，则人距镜子1.5m−0.5m=1m，像距镜子也为1m，他到他的像的距离为1m+1m=2m；
故答案为：不变；2。
本题根据平面镜成像的特点来解答，平面镜成的像与物大小相同，像与物到镜面的距离相等。
平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握平面镜成像特点。
15.【答案】大  2.1×109

【解析】解：湿地公园有大面积的湿地和水域，水的比热容较大，在炎热夏天，相同质量的水和其它物质比较，吸收相同的热量，水的温度升高得少；
水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100×103kg×5℃=2.1×109J。
故答案为：大；2.1×109。
(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)知道水的质量和温度的变化以及水的比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量。
本题考查了水比热容较大的特点和吸热公式的应用，是一道基础题。
16.【答案】60%

【解析】解：
起重机做的有用功：
W有用=Gh=3600N×4m=1.44×104J，
起重机做的总功：
W总=W有+W额=1.44×104J+9.6×103J=2.4×104J；
则起重机机械效率：
η=W有用W总×100%=1.44×104J2.4×104J×100%=60%。
故答案为：60%。
根据物体的重和提高的高度，根据W有用=Gh求出起重机做的有用功；已知起重机做的额外功，根据W总=W有+W额得出起重机做的总功，根据η=W有用W总×100%求出起重机机械效率。
本题考查功和机械效率的计算，为基础题。
17.【答案】10  1.8  1：1

【解析】解：
由电路图可知，灯泡L与定值电阻R、滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测滑动变阻器与R两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)滑片从最大值滑至a点时，变阻器接入电路中的电阻变小，当变阻器的滑片在a点时，接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流最大，根据串联电路的电压规律可知：电压表V2的示数大于V1的示数，则结合图乙可知，曲线为电压表V2的示数与电流表示数的关系图象，直线为电压表V1的示数与电流表示数的关系图象，

由图乙可知，电路中的最大电流I大=0.3A，此时电压表V1的示数U1=3V，电压表V2的示数U2=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡正常发光的电压：
UL=U−U2=12V−6V=6V；
根据I=UR可得，定值电阻R的阻值：
R=U1I大=3V0.3A=10Ω，
因此时小灯泡恰好正常发光，
所以，灯泡的额定功率：
PL=ULI大=6V×0.3A=1.8W；
(2)滑片滑至a点时，小灯泡正常发光，小灯泡两端的电压为6V，
因为电源电压为12V，所以滑动变阻器两端的电压为：U滑=U−UL=12V−6V=6V，
串联电路路电流处处相等，
变阻器与定值电阻功率之比为：P1：P2=ULI：U滑I=UL：U滑=6V：6V=1：1。
故答案为：10；1.8；1：1。
由电路图可知，灯泡L与定值电阻R、滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测滑动变阻器与R两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
(1)滑片从最大值滑至a点时，接入电路中的电阻变小，当滑动变阻器的滑片在a点时，接入电路中的电阻为最小，此时电路中的电流最大，电压表V2的示数大于V1的示数，根据图象即可读出此时电表的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律即可求出定值电阻R的阻值；由于此时灯泡正常工作，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)滑片滑至a点时，小灯泡正常发光，小灯泡两端的电压为6V，根据串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路路电流处处相等和P=UI算出变阻器与定值电阻功率之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。
18.【答案】靠近  向左

【解析】解：(1)由光的折射定律可知，光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射角小于入射角，折射光线将向靠近法线方向偏折；
(2)若杯中的水增多，如图所示：

可见，当水增多时，液面升高，入射角不变，折射角也不变，光斑向左移动。
故答案为：(1)靠近；(2)向左。
(1)根据光的折射定律分析解答。光的折射规律可概括为“三线同面，两线分居”，当光从空气斜射入水或其他介质中时，折射角小于入射角。
(2)光由空气斜射入水中，发生折射现象，折射角小于入射角，当入射角不变时，折射角也不变，根据作图可以知道光斑移动方向。
本题考查了光的折射规律的应用，记住：光由空气斜射入水，折射角小于入射角；光由水斜射入空气，折射角大于入射角；折射角随着入射角的增大而增大，入射角不变，折射角也不变。
19.【答案】滑动摩擦力的大小与压力大小成正比  D  粗糙

【解析】解：(1)由甲乙图可知，接触面的粗糙程度是相同的，由于物体在水平方向上做匀速直线运动，滑动摩擦力等于测力计示数，当压力变为原来的二倍时，弹簧测力计示数也变为原来的二倍，滑动摩擦力也变为原来的二倍，即滑动摩擦力的大小与压力大小成正比；
(2)图甲和乙都拉物体在水平方向做匀速运动，而摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，故v1可以大于、等于或小于v2，故选D；
(3)比较如图甲、丙可知，压力是相同，丙图中的示数更大，这表明木块B的表面更粗糙。
故答案为：(1)滑动摩擦力的大小与压力大小成正比；(2)D；(3)粗糙。
摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越小，接触面越光滑，滑动摩擦力越小，滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关；在实验的过程中，应根据控制变量法分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和数据分析及获取信息的能力，有一定难度。
20.【答案】电阻短路  5.3

【解析】解：(1)两节新电池，电源电压为3V，所以电压表用小量程，滑动变阻器一上一下连入电路，见下图：

(2)电流表有示数，说明电路不存在断路；电压表无示数，可能是电压表并联电路短路；
(3)根据欧姆定律I=UR知，
第一次电阻为：R1=U1I1=1.0V0.18A≈5.6Ω；
第二次电阻为：R2=U2I2=2.00.4A=5Ω；
第三次电阻为：R3=U3I3=3.0V0.58A≈5.17Ω；
定值电阻R阻值为：R=R1+R2+R33=5.6Ω+5Ω+5.17Ω3≈5.3Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)电阻短路；(3)5.3。
(1)两节新电池，电源电压为3V，电压表用小量程，滑动变阻器一上一下连入电路；
(2)电流表有示数，说明电路不存在断路；电压表无示数，可能是电压表并联电路短路；
(3)根据欧姆定律算出三次的电阻，再求平均值。
本题考查了连接实物电路图、故障分析以及欧姆定律的应用等知识，实验基础实验题。
21.【答案】体积  压强计中水银柱两侧液面的高度差  增大

【解析】解：(1)运用控制变量法进行实验探究，每次测量时都是压强计左侧水银液面保持在图中A点的位置不变，目的是保持一定质量密闭气体的体积不变，探究气体的压强与温度的关系；根据转换法可知，容器中密闭空气的压强的变化是通过压强计中水银柱两侧液面的高度差来反映的；
(2)分析实验数据可知，一定量的气体，在体积保持不变时，气体的压强随温度的升高而增大。
故答案为：(1)体积；压强计中水银柱两侧液面的高度差；(2)增大。
(1)气体压强与体积和温度有关，探究气体压强与温度的关系应控制气体的体积不变；
(2)分析实验数据可知，一定量的气体，在体积保持不变时，气体的压强随温度的升高而增大；
该题考查温度不变时气体的体积与温度的关系，以及在气体的体积不变时，压强与温度的关系，分析清楚气体状态变化过程，是正确解题的关键。
22.【答案】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由P=UI=U2R可得，灯正常发光时的电阻：
RL=UL2PL=(10V)210W=10Ω；
(2)由I=UR可得，电流表的示数为0.4A时电路的总电阻：
R总=UI=12V0.4A=30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，变阻器接入电路的阻值：
R=R总−RL=30Ω−10Ω=20Ω。
答：(1)灯正常发光时的电阻为10Ω；
(2)变阻器接入电路的阻值为20Ω。

【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI=U2R求出灯正常发光时的电阻；
(2)根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A时电路的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，属于简单的计算题。
23.【答案】解：
(1)物体A的体积：
VA=Sh=0.04m2×1m=0.04m3
物体A的重力：
GA=ρAVAg=1.5×103kg/m3×0.04m3×10N/kg=600N，
物块A没入水中，
所以排开水的体积：
V排=VA=0.04m3，
物块A所受的浮力：
F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×0.04m3×10N/kg=400N；
滑轮C下端挂钩处的拉力大小：
F拉=GA−F浮=600N−400N=200N；
(2)当物块A有四分之一体积露出水面时，受到的浮力：
F′浮=ρ水g34V=1×103kg/m3×34×0.04m3×10N/kg=300N；
滑轮组对A的拉力：
F′拉A=600N−300N=300N；
滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计，滑轮C受到向下的拉力：
FC′=12F拉A′=300N×12=150N；
滑轮D受到向下的拉力：
FD=12F′C=12×150N=75N；
所以杠杆M端受到的拉力：
FM=FD=75N；
因为杠杆平衡，MO：ON=1：2
所以FMLOM=FNLON，
所以杠杆N端受到的拉力：
FN=37.5N；
电子秤的示数为：
F示=GB−FN=100N−37.5N=62.5N。
(3)①电子秤的示数F示=GB−FN，则杠杆N端受到的拉力：
FN′=GB−F示′=100N−55N=45N，
因为杠杆平衡，MO：ON=1：2
所以FMLOM=FNLON，
所以杠杆M端受到的拉力：
FM′=90N；
②滑轮与转轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦均忽略不计，
滑轮D受到向下的拉力：
FD′=2FM=2×90N=180N，
滑轮C受到向下的拉力：
FC″=2FD=2×180N=360N，
所以滑轮组对A的拉力：
F拉A=FC=360N；
③因为F拉A+F浮=GA，
所以F浮″=GA−F拉A″=ρAVAg−F拉A=1.5×103kg/m3×0.04m3×10N/kg−360N=600N−360N=240N，
因为F浮=ρ水V排g，
所以V排″=F浮ρ水g=240N1×103kg/m3×10N/kg=0.024m3。
物块A浸入水中的深度：
h=V排″SA=0.024m30.04m2=0.6m。
答：(1)当物块A的顶部刚没入水面时，滑轮C下端挂钩处的拉力大小为200N；
(1)当物块A有四分之一体积露出水面时，电子秤的示数为62.5N；
(3)若水位发生变化，当电子秤的示数为55N时，物块A浸入水中的深度为0.6m。

【解析】(1)根据重力公式G=mg=ρVg计算出物块A的重力，利用阿基米德原理求物块A所受的浮力，对A受力分析求出拉力；
(2)根据阿基米德原理算出物块A有四分之一体积露出水面时的浮力，根据A受到的拉力加上浮力等于物体A的重力，算出拉力，根据动滑轮的特点算出拉滑轮C、D的拉力，根据根据平衡条件算出物体B的拉力，对B受力分析算出电子秤的示数；
(3)①当电子秤的示数为55N时，求出杠杆N端受到的拉力，知道力臂关系，可求杠杆M端受到的拉力；
②由于滑轮组不是由一股绳子缠绕而成，对每一个动滑轮受力分析，利用力的平衡求滑轮组对A的拉力；
③A受到的拉力加上浮力等于物体A的重力，据此求A受到的浮力，再根据阿基米德原理F浮=ρ水V排g求排开水的体积。
本题为力学综合题，考查了浮力的计算、杠杆平衡条件的应用，难点在第二、三问，注意滑轮组不是由一股绳子缠绕而成，要对每一个动滑轮受力分析，进行计算，属于难题。
24.【答案】机翼做成上凸下平的流线型是利用了什么原理？  流体的流速越大，压强越小  9.2×1010

【解析】解：(1)提问：机翼做成上凸下平的流线型是利用了什么原理？回答：流体的流速越大，压强越小；
(2)燃油完全燃烧获得的内能：Q=mq=5000kg×4.6×107J/kg=2.3×1011J，
发动机的热效率为40%，则获得的机械能：W机=ηQ=40%×2.3×1011J=9.2×1010J
故答案为：(1)机翼做成上凸下平的流线型是利用了什么原理？流体的流速越大，压强越小；(2)9.2×1010。
(1)流体的流速越大压强越小。机翼外形做成上凸下平的流线型，相同时间内通过机翼上方的路程长、速度大，所以上方的空气流速大、压强小，而机翼下方的空气流速小、压强大，产生了向上的升力，即机翼是利用流体压强跟流速的关系获得升力的。
(2)知道燃料的质量和热值求出完全燃烧放出的热量；知道热效率和燃料放出的热量，求出获得的机械能。
本题第一问属于开放题，也可以就能量转换方面提出问题进行回答。