人教版 (2019)必修 第三册第十章 静电场中的能量综合与测试当堂检测题

这是一份人教版 (2019)必修 第三册第十章 静电场中的能量综合与测试当堂检测题，共4页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。


一、选择题
1.(2020湖北汉阳一中高二上月考,)(多选)如图所示,水平放置的平行金属板充电后板间形成匀强电场,板间距离为d,一个带负电的液滴带电荷量为q、质量为m,从下板边缘射入电场,沿直线从上板边缘射出,则 ( )

A.液滴做的是匀速直线运动
B.液滴做的是匀减速直线运动
C.两板间的电势差为mgdq
D.液滴的电势能减少了mgd
2.(2020河北唐山一中高三月考,)(多选)如图甲所示,用长度为L的轻绳拴着一质量为m、带电荷量为q(q>0)的小球在竖直面内绕O点做圆周运动,竖直面内加有竖直向下的匀强电场,电场强度为E,不计一切阻力,小球运动到最高点时的动能Ek与绳上张力F间的关系如图乙所示,当地的重力加速度为g,则( )
A.轻绳的长度L=2ab
B.小球所带电荷量q=b+mgE
C.小球在最高点的最小速度为2am
D.小球在最高点的最小速度为5am
二、非选择题
3.(2020江西上饶中学高二上期中,)如图所示,在E=1×103 V/m的竖直匀强电场中,有一光滑的半圆形绝缘轨道QPN与一水平绝缘轨道MN连接,半圆形轨道平面与电场线平行,其半径R=40 cm,P为QN圆弧的中点,一带正电q=10-4 C的小滑块质量m=10 g,与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.15,位于N点右侧1.5 m处,现给小滑块一向左的初速度,小滑块恰能运动到半圆轨道的最高点Q,取g=10 m/s2。
(1)滑块在最高点的速度多大?
(2)这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大?
(3)滑块应以多大的初速度向左运动?
4.(2020河北保定高二上联考,)将一内壁光滑的绝缘细圆管做成的圆环BDC固定在竖直面内,圆环的圆心为O,D为圆环的最低点,其中∠BOC=90°,圆环的半径为R,水平虚线BC的上方存在水平向右的范围足够大的匀强电场。圆心O的正上方A点有一质量为m、带电荷量为+q的小球(可视为质点),其直径略小于圆管内径。现将该小球无初速度释放,经过一段时间后小球刚好无碰撞地进入圆管中并继续在圆管中运动,重力加速度为g。求:
(1)A点到O点的距离及匀强电场的电场强度大小;
(2)小球运动到圆环的最低点D时对圆环的作用力大小。深度解析
答案全解全析
专题强化练3 带电粒子(物体)在复合场中的运动
一、选择题
1.ACD 液滴进入竖直方向的匀强电场中,所受的静电力方向竖直向上或竖直向下,因为液滴做直线运动,可知静电力方向必定竖直向上,而且静电力与重力平衡,液滴做匀速直线运动,选项A正确,B错误;液滴从下极板运动到上极板的过程中,由动能定理有qU-mgd=0,解得U=mgdq,选项C正确;液滴在两板间运动的过程中,重力做功-mgd,液滴的重力势能增加,动能不变,根据能量守恒定律得知,液滴的电势能减少了mgd,选项D正确。
2.AC 小球在最高点时,绳对小球的拉力、重力和静电力的合力提供向心力,则有:F+mg+Eq=mv2L,即12mv2·2L=F+mg+Eq,故Ek=L2F+L2(mg+Eq),由题图乙可知,图线斜率k=ab=L2,即L=2ab,选项A正确;当F=0时,由mg+Eq=mv12L,12mv12=a,解得q=b-mgE,选项B错误;当F=0时,重力和静电力的合力提供向心力,此时小球在最高点有最小速度,12mv12=a,解得v1=2am,选项C正确,D错误。
二、非选择题
3.答案 (1)22 m/s (2)0.6 N (3)7 m/s
解析 (1)设滑块到达Q点时速度为v,则mg+qE=mv2R
代入数据,解得v=22 m/s。
(2)设滑块到达P点时速度为v',则从P点运动到最高点的过程中,由动能定理得
(mg+qE)R=12mv'2-12mv2
又在P点时:FN=mv'2R
代入数据,解得FN=0.6 N
根据牛顿第三定律知,滑块通过P点时对轨道的压力大小为0.6 N。
(3)滑块从开始运动至到达Q点的过程中,由动能定理得
-mg·2R-qE·2R-μ(mg+qE)s=12mv2-12mv02
代入数据解得v0=7 m/s。
4.答案 (1)2R mgq (2)(3+32)mg
解析 (1)小球被释放后,在重力和静电力的作用下做匀加速直线运动,小球刚好无碰撞地进入圆管,说明小球进入圆管时的速度方向与竖直方向的夹角为45°,即加速度方向与竖直方向的夹角为45°,
则有tan 45°=mgqE
解得E=mgq
由几何知识易得出OA=2R
(2)小球从A点到D点的过程中,根据动能定理得:
12mvD2-0=mg(R+OA)+Eq·BC2,其中BC=OA=2R
当小球运动到圆环的最低点D时,根据牛顿第二定律得:
FN-mg=mvD2R
联立解得:FN=(3+32)mg
根据牛顿第三定律可知,小球运动到圆环的最低点D时对圆环的压力大小为(3+32)mg,方向竖直向下。
方法技巧 解答本题应抓住两个关键:
(1)小球无初速度释放后,在重力和静电力的作用下做匀加速直线运动,从C点沿切线方向进入圆管,此时速度方向与竖直方向的夹角为45°,运用运动的分解法,根据水平方向和竖直方向的位移关系、速度关系列式求解。
(2)根据动能定理以及牛顿第二定律列式求解圆环对小球的作用力,从而得到小球对圆环的作用力。