【化学】甘肃省定西市岷县第二中学2019-2020学年高二下学期期中考试（解析版）

甘肃省定西市岷县第二中学2019-2020学年高二下学期期中考试一、单选题(每小题只有一个正确选项)1.下列原子或原子团不属于官能团的是（   ）A. —CH3 B. —F C. —OH         D. 【答案】A【解析】【详解】官能团是决定化合物特殊性质的原子或原子团。-F是决定卤代烃特殊性质的原子，-OH是决定醇和酚特殊性质的原子团，碳碳双键是决定烯烃特殊性质的原子团，甲基不是官能团，答案选A。2.下列含羟基(-OH)的有机物属于酚的是 （ ）A.  B. CH3OH C.     D. 【答案】C【解析】【详解】羟基与苯环直接相连形成的化合物叫酚；A. 是羟基与脂肪环相连形成的化合物，属于环醇，不属于酚，A不符合题意；B.CH3OH是羟基与链烃基相连形成的化合物，属于醇，B不符合题意；C. 是羟基与苯环直接相连形成的化合物，属于酚，C符合题意；D. 是羟基与芳香烃的侧链相连形成的化合物，属于芳香醇，D不符合题意；故答案选C。3.下列物质属于芳香烃的是(   )A.  B.  C. D. 【答案】C【解析】【分析】芳香烃是指含有苯环的烃类化合物，烃类化合物只含有C、H两种元素，据此分析解答。【详解】A．不含有苯环，不是芳香烃，A不符合题意；B．含有苯环，但该物质除含C、H元素外，还含有O元素，不属于烃，B不符合题意；C．含有苯环，且只含有C、H两种元素，属于芳香烃，C符合题意；D．不含有苯环，不是芳香烃，D不符合题意；答案选C。4.某有机化合物的结构为，它不具有的官能团是(   )A. 羟基 B. 羧基 C. 酯基 D. 醚键【答案】D【解析】【详解】根据题干信息，该有机物的结构简式为，分子中含有酯基、羧基和酚羟基，不含有醚键，因此，D选项满足题意；答案选D。5.甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构而不是正方形的平面结构，其理由是 ( )A. CHCl3只有一种结构 B. CH2Cl2只有一种结构C. CH4含有极性键 D. CH4的四个价键的键长和键能都相等【答案】B【解析】【详解】A．无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构，还是平面正方形结构，CHCl3都不存在同分异构体，A错误；B．甲烷是正方形的平面结构，而CH2Cl2有两种结构：相邻或者对角线上的氢被Cl取代，而实际上，其二氯取代物只有一种结构，因此只有正四面体结构才符合，B正确；C．无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构，还是平面正方形结构，C—H键均是极性键，C错误；D．甲烷无论是正四面体结构，还是正方形，四个键的键长、键角都相等，D错误；答案选B。6.下列各对物质属于同分异构体的是A. 与B O2 与O3C. 与D. 与【答案】D【解析】【分析】质子数相同、中子数不同的原子互称同位素；同种元素形成的不同单质互为同素异形体；结构相似，在分子组成上相差1个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；分子式相同，结构不同的化合物互称为同分异构体；据此结合选项分析解答。【详解】A．12C与13C是碳元素的两种核素，互为同位素，故A不符合题意；B．O2与O3是氧元素组成的性质不同的两种单质，互为同素异形体，故B不符合题意；C．与的分子式都是C3H8，且结构相同，是同一种物质，故C不符合题意；D．与的分子式都是C5H12，结构不同，互为同分异构体，故D符合题意；答案选D。【点睛】本题考查同分异构体的概念，注意同分异构体的定义中分子式相同、结构不同的理解是解答关键。7.键线式可以简明扼要的表示碳氢化合物，种键线式物质是            （    ）A. 丁烷 B. 丙烷 C. 丁烯 D. 丙烯【答案】C【解析】【详解】分子中含有碳碳双键为烯烃，含有4个碳原子，该物质是丁烯，故C正确。8.某烷烃的结构简式为，它的正确命名应是A. 2­甲基­3­丙基戊烷 B. 3­异丙基己烷C 2­甲基­3­乙基己烷 D. 5­甲基­4­乙基己烷【答案】C【解析】【详解】烷烃命名第一步选最长链为主链，称某烷，，主链碳原子为6个，称为己烷，从左到右依次编号为为1、2、3、4、5、6,2号位上有一个甲基，3号位上有一个乙基，命名为2­甲基­3­乙基己烷，答案选C。9.能够确定有机物相对分子质量的方法是(   )A. 红外光谱 B. 质谱 C. 核磁共振氢谱 D. 紫外光谱【答案】B【解析】【详解】A. 红外光谱是用于鉴定有机物中所含的各种官能团的，双键，三键，羟基，羧基羰基等等，故A错误；B. 质谱仪其实是把有机物打成很多小块，会有很多不同的分子量出现，其中最大的那个就是该有机物的分子量，故B正确；C. 核磁共振是检验不同环境的H的数量。有多少种不同的H，就有多少个峰，各个峰的高度大致上能显示各种H的数量比例，故C错误；D. 紫外光谱是为了了解未知物的初步的化学结构，从光谱信息中得到该物质的基团或者化学键产生的吸收情况，初步判断该物质的结构信息，故D错误；故选B。10.除去下列物质内所含的杂质(括号内的物质)，所选用的试剂不正确的是 (　　　　)A. 乙酸(苯甲酸)：NaOH溶液 B. 甲烷(乙烯)：溴水C. 苯(苯甲酸)：NaOH溶液 D. 乙炔(硫化氢)：亚硫酸钠酸性溶液【答案】A【解析】【详解】A.乙酸和苯甲酸均能与NaOH溶液反应，NaOH溶液不能除去杂质，故A错误；B.乙烯能与溴水发生加成反应，甲烷不能，洗气可除杂，故B正确；C.苯甲酸与氢氧化钠溶液反应生成溶于水的苯甲酸钠，而苯不溶于水，也与NaOH溶液不反应，故C正确；D.硫化氢与NaOH反应，而乙炔不能，则加NaOH溶液、洗气可分离，故D正确；故选A。【点睛】注意有机物的性质与实验相结合的应用，把握物质的性质、性质差异及混合物分离方法为解答的关键。11.核磁共振氢谱是指有机物分子中的氢原子核所处的化学环境(即其附近的基团)不同，表现出的核磁性就不同，代表核磁性特征的峰在核磁共振图中坐标的位置(化学位移，符号为δ)也就不同。现有一物质的核磁共振氢谱如图所示。则可能是下列物质中的    (　　)A. CH3CH2CH3B. CH3CH2CH2OHC.  D. CH3CH2CHO【答案】B【解析】【详解】根据该物质核磁共振氢谱图，可知该物质有4种不同环境的氢原子。CH3CH2CH3有2种不同环境的氢原子、CH3CH2CH2OH有4种不同环境的氢原子、有2种不同环境的氢原子、CH3CH2CHO有3种不同环境的氢原子，故选B。【点睛】本题考查核磁共振氢谱图的识别能力、等效H原子的判断能力；等效氢原子的判断方法：①分子中同一甲基上连接的氢原子等效；②同一碳原子所连甲基上的氢原子等效；③处于镜面对称位置上的氢原子等效。12.某链烃最多能和发生加成反应，生成氯代烃，且该氯代烃能与，发生完全取代反应，生成只含有碳氯两种元素的氯代烃，则该链烃可能是（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【详解】某链烃最多能和发生加成反应，说明该链烃分子中含有2个键或1个键；该氯代烃能和发生完全取代反应，说明该氯代烃分子中含有6个H原子，其中有2个H原子是发生加成反应时引入的，所以原链烃分子中含有4个H原子，答案选B。13.下列说法中，错误的是（    ）A. 石油中含有C5～C11的烷烃，可以通过石油的分馏得到汽油B. 含C18以上的重油经催化裂化可以得到汽油C. 天然气的主要成分是甲烷，开采天然气应做到安全规范的操作D. 煤中含有苯和甲苯，可用分馏的方法把它们分离出来【答案】D【解析】【分析】A、汽油是由石油分馏所得的低沸点烷烃，其分子中的碳原子数一般在C5～C11范围内；B、含C18以上烷烃的重油经过催化裂化可得到汽油、煤油和柴油；C、天然气的主要成分为甲烷，为易燃、易爆气体；D．煤中不含苯和甲苯等苯及其同系物。【详解】A项、石油中含有C5-C11的烷烃，可以通过石油的分馏得到汽油，其分子中的碳原子数一般在C5～C11范围内，故A正确；B项、含C18以上烷烃的重油经过催化裂化可得到汽油，故B正确；C项、天然气的主要成分为甲烷，为易燃、易爆气体，故开采天然气应注意安全，故C正确；D项、煤中不含苯和甲苯等苯及其同系物，要经过煤的干馏才能得到它们，故D错误。故选D。14.①丁烷，②2­甲基丙烷，③戊烷，④2­甲基丁烷，⑤2,2­二甲基丙烷等物质按沸点的顺序排列正确的是(　　)A. ①＞②＞③＞④＞⑤ B. ⑤＞④＞③＞②＞①C. ③＞④＞⑤＞①＞② D. ②＞①＞⑤＞④＞③【答案】C【解析】【详解】在有机物同系物中，随着碳原子数的增加，相对分子质量的增大，分子间作用力增大，熔沸点逐渐升高；分子式相同的烃，支链越多，熔沸点越低。①②均只有4个C原子，③④⑤均只有5个碳原子，①②的沸点小于③④⑤的沸点；②有1个支链，而①无，①>②；③无支链，④只有1个支链，⑤有2个支链，③>④>⑤，则沸点的顺序为③>④>⑤>①>②，故选C。15.下列现象中，不是因为发生化学反应而产生褪色现象的是A. 乙烯使KMnO4酸性溶液褪色B. 将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色C. 乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色D. 甲烷与氯气混合，光照一段时间后黄绿色消失【答案】B【解析】【详解】A．乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色，是由于发生氧化反应而褪色，A选项不满足题意；B．将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色，是由于发生了萃取而褪色，是物理变化，B选项满足题意；C．乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色是由于两者发生加成反应生成1，2-二溴乙烷而褪色，C选项不满足题意；D．甲烷与氯气混合，光照一段时间后黄绿色消失，两者发生取代反应而颜色消失，D选项不满足题意；答案选B。16.下列有关物质的表达式正确的是(  )A. 乙炔分子的比例模型：B. 3，3-二甲基-1-己烯的键线式：C. －OH电子式：D. 溴乙烷的电子式：【答案】C【解析】【详解】A．乙炔是直线型分子，四个原子处于一条直线上，故A错误；B．主链为5个碳，名称为3，3-二甲基-1-戊烯，故B错误；C．羟基中氧原子与氢原子通过一对共用电子对连接，羟基中的氧原子含有一个未成对电子，故C正确；D．溴乙烷中溴原子也是八电子稳定结构，故D错误。故选C。【点睛】本题考查化学用语，书写电子式时易漏掉孤对电子，为易错点。17.有机物的系统名称为A. 2，2，3-三甲基-1-戊炔 B. 3，4，4-三甲基-l-戊炔C. 3，4，4-三甲基-2-戊炔 D. 2，2，3-三甲基-4-戊炔【答案】B【解析】【详解】该有机物中含有官能团碳碳三键，含有碳碳三键最长的碳链含有5个C，主链为戊炔，编号从距离三键最近的一端右边开始编号，官能团碳碳三键在1号C，表示为：”1-戊炔“取代基甲基在3、4、4号C上，共有三个甲基，称为“3，4，4-三甲基”，该炔烃的正确命名为：3，4，4-三甲基-1-戊炔，故选B。18.某烯烃与氢气加成后得到2，2-二甲基丁烷，则这种烯烃的正确名称是(   )A. 2，2-二甲基-3-丁烯 B. 3，3-二甲基-2-丁烯C. 2，2-二甲基-1-丁烯 D. 3，3-二甲基-1-丁烯【答案】D【解析】【详解】2，2-二甲基丁烷的碳链结构为，2，2-二甲基丁烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子能够形成双键，从而得到烯烃；根据2，2-二甲基丁烷的碳链结构，可知相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键只有一种情况，所以该烯烃的碳链结构为，该烯烃的名称为3，3-二甲基-1-丁烯，故选D。19.关于乙烯基乙炔(CH≡C—CHCH2)分子的说法错误的是(    )A. 能使酸性KMnO4溶液褪色B. 1 mol乙烯基乙炔能与3 mol Br2发生加成反应C. 乙烯基乙炔分子内含有两种官能团D. 等质量的乙炔与乙烯基乙炔完全燃烧时的耗氧量不相同【答案】D【解析】【详解】此类题的解题过程中需认真分析所含的官能团，再确定其化学性质。物质中含有碳碳三键和碳碳双键，所以能使酸性高锰酸钾溶液褪色；且1mol该物质能与3molBr2发生加成反应；D项因为乙炔与乙烯基乙炔的最简式相同，所以等质量的两种物质完全燃烧时的耗氧量相同。20.用乙炔为原料，制取CH2Br-CHBrCl，可行的反应途径是（    ）A. 先加Cl2，再加Br2 B. 先加Cl2，再加HBrC. 先加HCl，再加HBr D. 先加HCl，再加Br2【答案】D【解析】【详解】由乙炔CH≡CH制CH2Br-CHBrCl，分子中在乙炔的基础又增加了一个H、两个Br、一个Cl，这四个原子只能以HCl和Br2形式发生加成反应，选项A、B、C不符合，选项D符合；答案选D。二、非选择题21.如图是由4个碳原子结合成的6种有机物(氢原子没有画出) (1)写出有机物(a)的系统命名法的名称_____________________________。(2)有机物(a)有一种同分异构体，试写出其结构简式________________________________。(3)上述有机物中与(c)互为同分异构体的是________(填代号)。(4)任写一种与(e)互为同系物的有机物的结构简式________。(5)上述有机物中不能与溴反应并使其褪色的有______(填代号)。(6)(a)(b)(c)(d)四种物质中，4个碳原子一定处于同一平面的有________(填代号)。【答案】    (1). 2­甲基丙烷    (2). CH3CH2CH2CH3    (3). (b)、(f)    (4). CH≡CH    (5). (a)、(f)    (6). (b)、(c)、(d)【解析】(1)根据碳四价可写出（a）的结构为CH(CH3)3，名称为2­甲基丙烷。(2) CH(CH3)3的一种同分异构体为CH3CH2CH2CH3。(3)b、c、f的分子式均为C4H8，结构不同，故互为同分异构体，因此与(c)互为同分异构体的是b、f。(4) e的结构简式为为CH≡CCH2CH3，为炔烃，同系物有多种，如CH≡CH或CH3CH≡CH等。(5) (a)是烷烃、(f)是环烷烃，均为碳碳单键，不能与溴水反应并使其褪色。(6) 乙烯分子中6个原子处于同一个平面，b、c的结构与乙烯的结构相似，相当于乙烯分子中的氢原子被甲基取代，故b、c分子中的四个碳原子一定处于同一个平面。22.有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取。纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：实验步骤解释或实验结论(1)称取9.0g A，升温使其汽化，测其密度是相同条件下氢气的45倍。(1)A的相对分子质量为：_____。(2)将此9.0g A足量纯氧气中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g。(2)A的分子式为：______。(3)另取9.0g A，跟足量的碳酸氢钠粉末反应，生成2.24L CO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24L氢气(标准状况)。(3)写出A中含有的官能团：____、_____。(4)A的核磁共振氢谱如图：(4)A中含有______种氢原子。(5)综上所述A的结构简式__________。【答案】    (1). 90    (2). C3H6O3    (3). 羧基    (4). 羟基    (5). 4    (6). 【解析】【分析】相对分子质量与密度成正比，得出A的相对分子质量；燃烧产物通过浓硫酸吸收水蒸气，碱石灰吸收CO2，由H2O 和CO2的质量，求出C、H、O的物质的量，可求出分子式。【详解】(1)由其密度是相同条件下H2的45倍，可知A的相对分子质量为：45×2=90；(2)由题意可推知：n（A）= =0.1mol，n（C）=n（CO2）==0.3mol，n（H）=2n（H2O）=2×=0.6mol，n（O）==0.3mol，N(C):N(H):N(O)= 0.3mol:0.6mol:0.3mol=1:2:1,该有机物的实验式为CH2O，根据A的相对分子质量为90可知，A的分子式为：C3H6O3；(3)0.1molA与NaHCO3反应放出0.1molCO2，则说A中应含有一个羧基，而与足量金属钠反应则生成0.1molH2，说明A中还含有一个羟基，所以答案为：-COOH、-OH；(4)核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：1：3，可知A中应含有4种不同环境的氢原子；(5)综上所述，A的分子式为C3H6O3，其分子中含有羟基和羧基，且含有4种H原子，则A的结构简式为：。【点睛】羧基能与NaHCO3反应放出CO2，且1mol羧基能放出1molCO2，能与金属钠反应生成H2的官能团有羧基和羟基，且1mol羧基能放出0.5molH2，1mol羟基能放出0.5molH2。23.化合物X是一种香料，可采用乙烯与甲苯为主要原料，按下列路线合成：已知：RCOOH+R′OHRCOOR′+H2O(1)A的化学名称______________，X中含有的官能团名称_______；(2)X的分子式_______________，F的结构简式_______________；(3)乙烯到A的反应类型___________，由A 生成B的化学方程式_________，C和E反应生成F的化学方程式__________；(4)除D外，D的同分异构体芳香族化合物有(不考虑立体异构)______种，其中核磁共振有三组峰，且峰面积之比为3:2:2的结构式为______________。【答案】    (1). 乙醇    (2). 碳碳双键  酯基    (3). C16H14O2    (4).     (5). 加成反应    (6). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O    (7). CH3COOH++H2O    (8). 3    (9). 【解析】【分析】根据合成路线图分析得：乙烯与水在催化剂作用下发生加成反应生成乙醇，故A是CH3CH2OH，乙醇催化氧化最终生成C，根据C分子式分析C为乙酸，则中间产物B是CH3CHO；甲苯在光照条件下与氯气发生的是取代反应，生成D，D在氢氧化钠的水溶液中发生取代反应生成E；E能被氧化为苯甲醛；C和E在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应生成F， F和苯甲醛发生脱水反应生成X，据此解答。【详解】(1) 根据上述分析，A为CH3CH2OH，化学名称是乙醇；X为，其中含有的官能团名称有碳碳双键、酯基，故答案为：乙醇；碳碳双键、酯基；(2) 根据上述分析X为，分子式为C16H14O2； F为乙酸与苯甲醇酯化反应所得，结构简式为，故答案为：C16H14O2；；(3) 乙烯与水发生加成反应得到A，所以反应类型为加成反应；乙醇催化氧化得到乙醛，化学方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；C和E酯化反应生成F的化学方程式为CH3COOH++H2O，故答案为：加成反应；2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；CH3COOH++H2O；(4) 除D外，D的同分异构体芳香族化合物有氯原子苯环上的情况，与甲基的位置分别为邻、间、对3种；其中核磁共振有三组峰，且峰面积之比为3:2:2的结构式为，故答案为：3；。