【化学】贵州省毕节市黔西县第一中学2018-2019学年高二12月考试（解析版）

贵州省毕节市黔西县第一中学2018-2019学年高二12月考试
一、单项选择题(本题包括28个小题，每小题2分，共56分。每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对的得2分，错选或不选的得0分)
1.下面有关“核外电子的运动状态”的说法，错误的是(　　)
A. 各原子轨道的伸展方向按p、d、f的顺序分别为3、5、7
B. 只有在电子层、原子轨道、原子轨道伸展方向及电子的自旋状态都确定时，电子的运动状态才能被确定下来
C. 原子核外可能有两个电子的运动状态是完全相同的
D. 原子轨道伸展方向与能量大小是无关的
【答案】C
【解析】
【分析】
一个电子的运动状态要从4个方面来进行描述，即它所处的电子层、原子轨道、原子轨道的伸展方向以及电子的自旋方向，据此答题。
【详解】A.各原子轨道的伸展方向按p、d、f的顺序分别为3、5、7，故A正确；
B.原子核外电子的运动状态由电子层、原子轨道、原子轨道伸展方向及电子的自旋状态4个方面共同确定，缺一不可，故B正确；
C.根据包利不相容原理，原子核外不可能有两个电子的运动状态是完全相同的，故C错误；
D.原子轨道伸展方向与能量大小是无关的，故D正确。
故选C。
2.某元素原子的电子排布式为1s22s22p63s23p1，该元素最可能的化合价为(　　)
A. ＋1价 B. ＋3价 C. ＋5价 D. －5价
【答案】B
【解析】
【分析】
根据核外电子排布式可确定最外层电子数；根据最外层电子数可确定其可能的化合价；根据电子排布式为1s22s22p63s23p1可知该元素原子价电子排布式为3s23p1，所以可能的化合价为＋3价。
【详解】基态原子电子排布为1s22s22p63s23p1，价电子为3s23p1，说明最外层电子数为3，在反应中易失去，则最可能的化合价为+3价。
本题答案为B。
3.下表列出了某短周期元素R的各级电离能数据(用I1、I2……表示，单位为kJ·mol－1)

下列关于元素R的判断中一定正确的是(　　)
A. R的最高正价为＋3价
B. R元素位于元素周期表中第ⅡA族
C. R元素的原子最外层共有4个电子
D. R元素基态原子的电子排布式为1s22s2
【答案】B
【解析】
【分析】
从表中原子的第一至第四电离能可以看出，元素的第一、第二电离能都较小，最外层应有2个电子，应为第IIA族元素。
【详解】A、最外层应有2个电子，所以R的最高正价为+2价，故A错误； B、最外层应有2个电子，所以R元素位于元素周期表中第ⅡA族，故B正确； C、R元素的原子最外层共有2个电子，故C错误； D、R元素可能是Mg或Be，故D错误。
4.A元素的阳离子与B元素的阴离子具有相同的电子层结构，有关两元素的下列叙述：
①原子半径AB；
③原子序数A〉B；④原子最外层电子数A NH3，选项B正确；1mol NH5中含有4 mol N-H键，选项C错误；D．NH5固体投入少量水中，发生反应：NH5+H2O=NH3↑+H2↑+H2O，因此可产生两种气体，正确。
考点：考查NH5的结构、性质的知识。
13. 用萃取法从碘水中分离碘，所用萃取剂应具有的性质是
①不和碘或水起化学反应　 ②能溶于水　③不溶于水　④应是极性溶剂　⑤应是非极性溶剂
A. ①②⑤ B. ②③④ C. ①③⑤ D. ①③④
【答案】C
【解析】
试题分析：萃取剂的选择应符合下列条件：溶质在萃取剂中的溶解度比在原溶剂中要大；萃取剂与原溶剂不相溶；萃取剂与溶质不反应，利用碘易溶于有机溶剂的性质来进行提取，选取的萃取剂（四氯化碳或苯）不和碘或水起化学反应，不溶于水，水是极性溶剂，四氯化碳或苯是非极性溶剂，符合条件的是①、③、⑤，答案选C。
【考点定位】考查萃取剂的选择。
【名师点睛】本题考查萃取剂的选择，注意萃取剂的选择应符合下列条件：溶质在萃取剂中的溶解度比在原溶剂中要大；萃取剂与原溶剂不相溶；萃取剂与溶质不反应。
14.下列说法中正确的是(　　)
A. 分子中键能越大，键长越短，则分子越稳定
B. 只有非金属原子之间才能形成共价键
C. 水分子可表示为H—O—H，分子中键角为180°
D. H—O键键能为463 kJ·mol－1，即18 g水分子生成H2和O2时，放出的能量为(2×463) kJ
【答案】A
【解析】
【分析】
A.分子中键能越大、键长越短，则分子越稳定；
B.有些金属元素也可以形成共价键；
C.水分子中键角104.5°；
D.由于形成化学键还需要放出能量，所以18gH2O分解成H2和O2时，消耗能量要小于926kJ。
【详解】A.分子中键能越大、键长越短，则分子越稳定，键长越长、键能越小时分子越不稳定，故A正确；
B.有些金属元素也可以形成共价键，如AlCl3、BeCl2等，故B错误；
C.水分子可表示为H-O-H，其空间构型为V形，水分子中键角104.5°，故C错误；
D.18g水是1mol，则断裂1mol水中的共价键需要消耗926kJ的能量，由于形成化学键还需要放出能量，所以18gH2O分解成H2和O2时，消耗能量要小于926kJ，故D错误。
故选A。
15.下列关于共价键说法中不正确的是(　　)
A. σ键比π键重叠程度大，形成的共价键强
B. 两个原子间形成共价键时，最多有一个σ键
C. 气体单质中，一定有σ键，可能有π键
D. N2分子中有一个σ键和两个π键
【答案】C
【解析】
两个原子在形成共价键时只有一个σ键,可能含有一个π键(如碳碳双键),也可能含有两个π键(如氮氮三键等),但有些气体单质是单原子分子,如稀有气体分子,它们不含化学键,也就不含σ键和π键。
16.最新合成的某有机物A的结构简式如图，它含有1个手性碳原子，具有光学活性。若要使A通过反应失去光学活性，则发生的反应类型不可能是(　　)

A. 酯化反应 B. 水解反应 C. 银镜反应 D. 加成反应
【答案】C
【解析】
【详解】A.该物质发生酯化反应时，会出现两个-CH2-O-，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故A错误；
B.该物质发生水解反应时，出现两个—CH2OH，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故B错误；
C.该物质发生银镜反应时，-CHO转化为-COOH，但原手性碳原子仍连有四个不相同的基团，即生成物仍具有光学活性，故C正确；
D.该物质发生加成反应时出现两个—CH2OH，产物中不含有手性碳原子，则失去光学活性，故D错误。
故选C。
17.H2O分子中每个O原子结合2个H原子的根本原因是
A. 共价键的方向性 B. 共价键的饱和性
C. 共价键的键角 D. 共价键的键长
【答案】B
【解析】
试题分析：由于氧原子的最外层电子数是6个，能形成2对共用电子对，而氢原子最外层电子数是1个，所以可以结合2个氢原子，这说明共价键是有饱和性的，答案选B。
考点：考查共价键的形成特点
点评：该题是基础性试题的考查，主要是考查学生对共价键饱和性和方向性的熟悉了解程度，旨在巩固学生的基础，提高学生的应试能力，难度不大。
18.根据等电子原理，由短周期元素组成的粒子，只要其电子总数相同，均可互称为等电子体．等电子体之间结构相似、物理性质也相近．以下各组粒子不能互称为等电子体的是(　　)
A. O22+和N2 B. O3和SO2
C. CO2和N2O D. N2H4和C2H4
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题干信息知，等电子原理：具有相同原子数和价电子数的微粒互称为等电子体，据此答题。
【详解】A. O22+和N2的原子个数都为2；价电子数：前者氧为6，共为12，失去2个电子，共为10，后者氮为5，2个氮共为10，原子数和价电子数都相等，属于等电子体，故A错误；
B.O3和SO2的原子个数都为3；价电子数：前者氧为6，共为18，后者硫和氧都为6，共为18，原子数和价电子数都相等，属于等电子体，故B错误；
C.CO2和N2O的原子个数都为3；价电子数：前者碳为4，氧为6，共为16，后者氮为5，氧为6，共为16，原子数和价电子数都相等，属于等电子体，故C错误；
D.N2H4和C2H4的原子个数都为6；价电子数：前者氮为5，氢为1，共为14，后者碳为4，氢为1，共为12，原子数相等，但价电子数不相等，不属于等电子体，故D正确。
故选D。
19. 下列分子或离子之间互为等电子体的是（ ）
A. CCl4和PO43－ B. NH3和NH4＋ C. NO2和CS2 D. CO2和SO2
【答案】A
【解析】
价电子数与原子总数分别都相等的是等电子体，所以选项A正确；B中原子数不相等，C中价电子数不相等，D中价电子数也是不相等的，所以正确的答案选A。
20. 已知铜的晶胞结构如图所示，则在铜的晶胞中所含铜原子数及配位数分别是 ( )

A. 14、6 B. 14、8 C. 4、8 D. 4、12
【答案】D
【解析】
(1)晶胞中所含原子的计算方法：晶胞顶点上的原子占，棱上的原子占，面上的原子占，体心上的原子为1，根据以上规律就可计算晶胞所含的原子数。(2)金属晶体中金属原子的配位数即为距离该原子最近的金属原子的数目。在Cu的晶胞中，顶角原子为8个晶胞共用，面上的铜原子为两个晶胞共用，因此，金属铜的一个晶胞的原子数为8×＋6×＝4。在Cu的晶胞中，与每个顶点的Cu原子距离相等的铜原子共有12个，因此其配位数为12。
21.如图是A，b两种不同物质的熔化曲线，下列说法中正确的是(　　)
①a是晶体　②a是非晶体　③b是晶体　④b是非晶体．

A. ①④ B. ②④ C. ①③ D. ②③
【答案】A
【解析】
【分析】
晶体和非晶体的重要区别在于晶体有一定的熔点，非晶体没有；晶体吸收热量，温度升高，到达熔点，不断吸收热量，温度保持不变，完成熔化过程，晶体全部熔化之后，吸收热量，温度不断升高，而非晶体吸收热量，温度一直不断升高，据此答题。
【详解】由图象可知，吸收热量，温度不断升高，则b为非晶体；而a曲线中吸收热量，温度升高，到达熔点，不断吸收热量，温度保持不变，完成熔化过程，晶体全部熔化之后，吸收热量，温度不断升高，则a为晶体，故A正确。
故选A。
22. 关于金属性质和原因的描述不正确的是 ( )
A. 金属一般具有银白色光泽，是物理性质，与金属键没有关系
B. 金属具有良好的导电性，是因为在金属晶体中共享了金属原子的价电子，形成了“电子气”，在外电场的作用下自由电子定向移动便形成了电流，所以金属易导电
C. 金属具有良好的导热性能，是因为自由电子在受热后，加快了运动速度，自由电子通过与金属离子发生碰撞，传递了能量
D. 金属晶体具有良好的延展性，是因为金属晶体中的原子层可以滑动而不破坏金属键
【答案】A
【解析】
金属具有金属光泽是金属中的自由电子吸收了可见光，又把各种波长的光，大部分再发射出来，因而金属一般显银白色光泽；金属导电性是在外加电场作用下，自由电子定向移动形成电流；导热性是自由电子受热后，与金属离子发生碰撞，传递能量；良好的延展性是由于金属晶体中原子层能够滑动，但此时金属键未被破坏。
23.某物质熔融状态可导电，固态可导电，将其投入水中，水溶液也可导电，则可推测该物质可能是
A. 金属 B. 非金属 C. 可溶性碱 D. 可溶性盐
【答案】A
【解析】
试题分析：电解质在水溶液或熔融状态下导电的化合物，固态导电应是金属或石墨，但石墨在水中不导电，故选项A正确。
考点：考查电解质等知识。
24.金属晶体的中金属原子的堆积基本模式有( )
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
【答案】D
【解析】
【详解】金属晶体的中金属原子的堆积基本模式有有4种：简单立方堆积，体心立方堆积，面心立方最密堆积晶格，六方最密堆积，故答案D正确。
故选D。
25.关于如图叙述不正确的是(　　 )

A. 该种堆积方式为A3型最密堆积
B. 该种堆积方式称为A1型最密堆积
C. 该种堆积方式可用符号“…ABCABC…”表示
D. 金属Cu就属于此种最密堆积型式
【答案】A
【解析】
【详解】从图示可看出，该堆积模型的第一层和第四层重复，所以这种堆积方式属于A1型最密堆积，可用符号“…ABCABC…”表示，属于面心立方最密堆积，金属铜就属于此种最密堆积型式，而A3型属于六方最密堆积，所以A项不正确。
综上所述，本题选A。
【点睛】常见的密堆积方式有：面心立方最密堆积（A1）,如铜、银、金等；体心立方密堆积（A2），如钠、钾、铁等；六方最密堆积（A3），如镁、锌、钛等。
26.已知X．Y．Z三种元素组成的化合物是离子晶体，其晶胞如图所示，则下面表示该化合物的化学式正确的是( )

A. ZXY3 B. ZX2Y6 C. ZX4Y8 D. ZX8Y12
【答案】A
【解析】
试题分析：根据晶胞结构可知晶胞含有X是，含有Y是，Z全部在晶胞内，共计是1个，则化学式为ZXY3，答案选A。
考点：考查晶胞化学式计算
27.下列固态物质中，含有共价键的离子晶体是(　　)
A. KBr B. NaOH C. HCl D. I2
【答案】B
【解析】
【分析】
一般来说，活泼金属和活泼非金属元素之间易形成离子键，非金属元素之间易形成共价键，据此分析解答。
【详解】A.KBr是离子晶体，但其只含有离子键，不含有共价键，故A错误；
B.NaOH中氢氧根与钠离子以离子键结合，属于离子晶体，氢氧根中的氢和氧以极性共价键结合，故B正确；
C.HCl中不含有离子键，属于分子晶体，只含有共价键，故C错误；
D.I2中不含有离子键，属于分子晶体，只含有共价键，故D错误。
故选B。
【点睛】既含离子键有含共价键的物质是离子化合物：①铵盐类，如NH4Cl、NH4NO3、（NH4）2CO3等；②强碱类，如KOH、NaOH等；③含氧酸盐，如K2SO4、NaHCO3等；④过氧化物，如Na2O2，超氧化物，如KO2。
28.下列物质发生变化时，所克服的粒子间相互作用属同种类型的是(　　)
A. 碘与干冰分别受热变为气体
B. 硝酸铵与硝酸分别受热变为气体
C. 氯化钠与氯化氢分别溶解在水中
D. 晶体钠与冰分别受热熔化
【答案】A
【解析】
【分析】
A.碘与干冰都是分子晶体；
B.硝酸铵与硝酸分别受热变为气体，有新物质生成，破坏了化学键；
C.氯化钠与氯化氢分别溶解在水中，破坏了化学键；
D.晶体钠与冰分别受热熔化，前者破坏金属键，后者破坏分子间作用力。
【详解】A.碘与干冰分别受热变为气体，仍然分别为碘分子和二氧化碳分子，破坏的是分子间的作用力，故A正确；
B.硝酸铵为离子化合物，硝酸为共价化合物，它们分别受热变为气体发生的反应分别为：NH4NO3HNO3+NH3↑，4HNO34NO2↑+2H2O+O2↑，有新物质生成，前者破坏了离子键，后者破坏了共价键，故B错误；
C.氯化钠为离子化合物，氯化氢为共价化合物，分别溶解在水中，氯化钠在水中电离出钠离子和氯离子，破坏了离子键，氯化氢在水中，电离出氢离子和氯离子，破坏了共价键，故C错误；
D.晶体钠为金属晶体，冰为分子晶体，分别受热熔化，前者破坏金属键，后者破坏分子间作用力，故D错误。
故选A。
【点睛】解答该题首先理清各物质所属的晶体类型，然后再考虑是破坏化学键还是分子间作用力。
分卷II
二、填空题(共5小题,共44分)
29.有四种短周期元素，它们的结构、性质等信息如下表所述：

请根据表中信息填写：
(1)A原子的核外电子排布式：____________________________________________________。
(2)B元素在周期表中的位置：______________________________________________________；
离子半径：B________(填“大于”或“小于”)A。
(3)C原子的电子排布图是_________，其原子核外有____个未成对电子，能量最高的电子为____轨道上的电子，其轨道呈______形。
(4)D－的结构示意图是________。
(5)B的最高价氧化物对应的水化物与A的最高价氧化物对应的水化物反应的化学方程式为___________。与D的氢化物的水化物反应的化学方程式为__________________。
【答案】（1）1s22s22p63s1
（2）第3周期第ⅢA族 小于
（3）3 p 纺锤
（4） 3s23p5
（5）NaOH＋Al(OH)3===NaAlO2＋2H2O 3HCl＋Al(OH)3===AlCl3＋3H2O
【解析】
试题分析：是短周期中(除稀有气体外)原子半径最大的元素，该元素的某种合金是原子反应堆的导热剂，A是Na；B与A同周期，其最高价氧化物的水化物呈两性，B是Al；元素的气态氢化物极易溶于水，可用作制冷剂，C是N；是海水中除氢、氧元素外含量最多的元素，其单质或化合物也是自水生产过程中常用的消毒杀菌剂，D是Cl。
（1） Na原子的核外电子排布式为1s22s22p63s1。
（2） Al元素在周期表中的位置是第3周期第ⅢA族；离子半径：B小于A。
（3）N原子的电子排布图是，其原子核外有3个未成对电子，能量最高的电子为p轨道上的电子，其轨道呈纺锤形。
（4） Cl原子的外围电子排布式为3s23p5，D－的结构示意图是。
（5）氢氧化钠与氢氧化铝反应的化学方程式为)NaOH＋Al(OH)3===NaAlO2＋2H2O；氧化铝与盐酸反应的化学方程式为3HCl＋Al(OH)3===AlCl3＋3H2O。
考点：本题考查原子结构、元素周期律。
30.碳族元素包括C，Si、Ge、Sn、Pb．
(1)碳纳米管由单层或多层石墨层卷曲而成，其结构类似于石墨晶体，每个碳原子通过__杂化与周围碳原子成键，多层碳纳米管的层与层之间靠__结合在一起．
(2)CH4中共用电子对偏向C，SiH4中共用电子对偏向H，则C，Si、H的电负性由大到小的顺序为__．
(3)用价层电子对互斥理论推断SnBr2分子中Sn﹣Br键的键角__120°(填“＞”“＜”或“=”)
(4)铅、钡、氧形成的某化合物的晶胞结构是：Pb4+处于立方晶胞顶点，Ba2+处于晶胞中心，O2﹣处于晶胞棱边中心．该化合物化学式为__，每个Ba2+与__个O2﹣配位
【答案】（1）sp2 范德华力
（2）C＞H ＞Si
（3）＜
（4）PbBaO3， 12
【解析】
试题分析：（1）石墨是无限的六边形平面网状结构，每个碳原子轨道与邻近的三个碳原子以共价键结合，所以是SP2杂化，这些平面网状结构再以范德华力结合形成层状结构．因碳纳米管结构与石墨类似。所 以多层碳纳米管每个碳原子通过SP2杂化，层与层之间靠范德华力结合在一起。
（2）据共用电子对偏向电负性大的原子，已知CH4中共用电子对偏向C，SiH4中共用电子对偏向H，故有C＞H＞Si。
（3）SnBr2分子中，Sn的价层电子对数是（4+2）/2=3，配位原子数为2，故Sn含有孤对电子，SnBr2空间构型是V型，键角