【化学】云南省永仁县第一中学2018-2019学年高二上学期10月考试（解析版）

云南省永仁县第一中学2018-2019学年高二上学期10月考试
本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。
一、单选题(共30小题,每小题2.0分,共60分)
1.下列性质中，属于烷烃特征的是（　　）
A. 完全燃烧产物只有二氧化碳和水
B. 它们几乎不溶于水
C. 分子的通式为CnH2n+2，与氯气发生取代反应
D. 它们是非电解质
【答案】C
【解析】
试题分析：碳氢化合物完全燃烧产物都是二氧化碳和水，不属于烷烃的特征，A不正确；大部分有机物都是不溶于水的，不属于烷烃的特征，B不正确；大部分有机物都是非电解质，不属于烷烃的特征，D不正确，因此正确的答案选C。
考点：考查烷烃的结构、性质以及组成的有关判断
点评：该题主要是考查学生对烷烃结构、性质以及组成特点的熟悉了解程度，意在培养学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生的逻辑思维能力和逆向思维能力。
2.下列有机物中，易溶于水的是（　　）
A. 乙酸 B. 溴乙烷 C. 四氯化碳 D. 乙酸乙酯
【答案】A
【解析】
试题分析：A． 乙酸含有亲水基羧基，易溶于水，正确；B． 溴乙烷难溶于水，错误；C． 四氯化碳难溶于水，错误；D． 乙酸乙酯难溶于水，错误。
考点：考查物质的溶解性的知识。
3.下列说法正确的是（　　）
A. 糖类化合物都具有相同的官能团
B. 酯类物质是形成水果香味的主要成分
C. 油脂的皂化反应生成脂肪酸和丙醇
D. 蛋白质的水解产物都含有羧基和羟基
【答案】B
【解析】
葡萄糖的官能团是羟基和醛基,而果糖的官能团是羟基和羰基,A错误;酯类一般都是易挥发、具有芳香气味的物质,B正确;油脂在碱性条件下水解生成高级脂肪酸盐和甘油,称之为皂化反应,C错误;蛋白质的水解产物是氨基酸,氨基酸的官能团是羧基和氨基,D错误。
4.有关油脂的说法错误的是（　　）
A. 植物油兼有酯类和烯烃的性质
B. 油脂的水解叫皂化反应
C. 液态油催化加氢后可以生成固态脂肪
D. 脂肪里的饱和烃基的相对含量较大，熔点较高
【答案】B
【解析】
【详解】A．植物油的主要成分为高级脂肪酸甘油酯，含有碳碳双键，植物油兼有酯类和烯烃的性质，故A正确；B．油脂在碱性条件下的水解叫皂化反应，在酸性条件下的水解反应不是皂化反应，故B错误；C．液态油含有碳碳双键，催化加氢后可以生成固态脂肪，故C正确；D．油脂里烃基的饱和程度越大，其熔点越高，脂肪里的饱和烃基的相对含量较大，因此脂肪的熔点较高，故D正确；故选B。
5.国际奥委会公布的违禁药物有138种，其中某种兴奋剂分子结构如图，关于它的说法正确的是（　　）

A. 该物质属于芳香烃
B. 该分子中所有碳原子共面
C. 1mol该物质与氢氧化钠溶液完全反应，最多消耗2molNaOH
D. 该物质的化学式为C15H24ClNO2
【答案】C
【解析】

6.化合物丙由如下反应制得：。丙的结构简式不可能的是(　　)
A. CH3CH2CHBrCH2Br B. CH3CH(CH2Br)2
C. CH3CHBrCHBrCH3 D. (CH3)2CBrCH2Br
【答案】B
【解析】
试题分析：甲是丁醇，能发生消去反应生成乙丁烯，丁烯与溴发生加成反应生成卤代烃丙，这说明丙在一定条件下通过消去反应消去2个溴原子可以再转化为乙，则CH3CH2CHBrCH2Br、CH3CHBrCHBrCH3、(CH3)2CBrCH2Br均是可能的，而CH3CH(CH2Br)2是不可能的，答案选B。
考点：考查有机物推断
7.下列各组液体混合物，用分液漏斗不能分开的是（ ）
A. 水与煤油 B. 氯乙烷和水 C. 甲苯和水 D. 苯和溴苯
【答案】D
【解析】
只有互不相溶的液体之间才能用分液漏斗进行分离。溴苯易溶在苯中，所以不能通过分液漏斗进行分离。答案选D。
8.间二甲苯苯环上的一个氢原子被—NO2取代后，其一元取代产物有(　　)
A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种
【答案】C
【解析】
【详解】间二甲苯的结构简式为，其分子中苯环上含有4个H原子，其中与两个甲基同时相邻的H原子位置等效，所以间二甲苯的苯环上存在3种位置不同的H，苯环上的一元取代产物有3种，故选C。
9.下列说法中正确的是（　　）
A. 乙二醇的水溶液可作为汽车发动机的抗冻剂，丙三醇可用作保湿剂且是生产火棉等烈性炸药的原料之一
B. 现代仪器分析中，常用质谱仪、元素分析仪、红外光谱仪测定有机物结构，用原子吸收光谱确定物质中含有哪些非金属元素
C. 铵盐都是无色、易溶于水的晶体，受热易分解且分解的产物不是电解质就是非电解质
D. 糖类、油脂、蛋白质是人类摄取的重要营养物质，相等质量的三种物质在体内氧化产生的热量油脂最多
【答案】D
【解析】
【详解】A．乙二醇可形成氢键，对应的水溶液凝固点很低，可作汽车发动机的抗冻剂；丙三醇含有-OH，属于低级醇，易溶于水，丙三醇具有吸湿性，可作护肤剂，丙三醇是生产硝化甘油等烈性炸药的原料之一，但不是生成火棉的原料，火棉的主要成分为纤维素硝酸酯，故A错误；B．质谱仪是测定物质的相对分子质量，元素分析仪可以确定有机物含有的元素，如C、H、O等，不能确定有机物的结构，故B错误；C．硝酸铵分解生成氨气、水、二氧化氮和氧气，其中氧气既不是电解质，也不是非电解质，故C错误；D．糖类、油脂、蛋白质是人类摄取的重要营养物质，因为每克蛋白质、葡萄糖、油脂完全氧化时，分别约放出18kJ、15.6kJ、39.3kJ的热量，因此相等质量的三种物质在体内氧化产生的热量油脂最多，故D正确；故选D。
【点睛】本题主要考查了物质的性质、用途以及现代分析仪的作用。本题的易错点为A，要注意火棉与硝化甘油的区别。
10.下列“油”中属于酯类的是（　　）
①豆油 ②酱油 ③牛油 ④甘油 ⑤汽油
A. ①③ B. ②④ C. ①⑤ D. ③④
【答案】A
【解析】
试题分析：①豆油是油脂，属于酯类； ②酱油是指蛋白质、氨基酸；③牛油是是油脂，属于酯类；④甘油是丙三醇，属于醇类； ⑤汽油是石油分馏得到的成分，含有各种烃类，因此属于酯类的是①③，选项是A。
考点：考查物质的成分及分类的知识。
11.某学生为研究乙二酸（HOOC﹣COOH）的化学性质，进行如下实验：向盛有硫酸酸化的高锰酸钾溶液的试管中滴入适量乙二酸饱和溶液，振荡，观察到试管中溶液由紫红色变为无色。由此可知，乙二酸具有（　　）
A. 氧化性 B. 还原性 C. 酸性 D. 碱性
【答案】B
【解析】
分析：乙二酸分子式为H2C2O4，其中C的化合价是＋3价，根据实验现象，紫红色褪去，酸性高锰酸钾具有强氧化性，能把草酸氧化成CO2，体现草酸的还原性。
详解：乙二酸分子式为H2C2O4，其中C的化合价是＋3价，根据实验现象，紫红色褪去，说明高锰酸钾参与反应，其离子反应方程式为2MnO4－＋5H2C2O4＋6H＋=10CO2↑＋2Mn2＋＋8H2O，C的化合价升高，因此草酸作还原剂，故选项B正确。
点睛：草酸与酸性高锰酸钾的反应方程式属于常识，发生2MnO4－＋5H2C2O4＋6H＋=10CO2↑＋2Mn2＋＋8H2O，C的化合价由＋3价变为＋4价，化合价升高，则草酸体现还原性，平时学习中应夯实基础知识。
12.把3g甲醛气体溶于6g冰醋酸中，再加入4g果糖得混合液甲。另取5g 甲酸甲酯和9g葡萄糖混合，得混合液乙。然后将甲和乙两种混合液按7∶4的质量比混合得丙，则丙中碳元素的质量分数是（ ）
A. 20% B. 35% C. 40% D. 55%
【答案】C
【解析】
试题分析：甲醛、冰醋酸、果糖、甲酸甲酯、葡萄糖5种物质的最简式相同，均为CH2O，相互混合又不反应，所以，它们不论以何种比例混合，碳元素的质量分数不变，都为12/（12+2+16）=40%。
考点：有关有机物分子式的确定
【名师点睛】有关质量分数的计算，抓住物质的组成特点，如最简式相同的物质：甲醛、乙酸、甲酸甲酯、葡萄糖、果糖等，无论何种比例混合物，碳元素或氢元素的质量分数或氧元素的质量分数是固定值，如乙烯和乙醇，可以将乙醇改写成C2H4·H2O，则除去水分子部分，碳和氢的质量比例相同，已知碳元素的质量分数可以计算氢元素或氧元素的质量分数，或已知氧元素的质量分数计算碳或氢元素的质量分数等。如C3H8O3和C7H8两种物质，氢元素的质量分数相同。质量分数的计算可以适用与无机物，如硫酸钠和硫化钠的混合物，硫酸钠和亚硫酸钠的混合物，硫酸亚铁和硫酸铁的混合物等。只要抓住某两种元素的固定的组成比例即可计算。
13.两分子乙炔在一定条件下可生成乙烯基乙炔（HC≡C-CH=CH2），下列关于乙烯基乙炔的说法错误的是（　　）
A. 能使酸性KMnO4溶液褪色
B. 能发生加聚反应生成高分子化合物
C. 分子中所有碳原子都在一条直线上
D. 没有顺反异构现象
【答案】C
【解析】
分析：A、根据碳碳双键、碳碳三键能使酸性KMnO4溶液褪色；B、根据碳碳双键、碳碳三键能发生加成反应；C、根据乙烯是平面结构，乙炔是直线型分子；D、根据具有顺反异构体的有机物中C=C应连接不同的原子或原子团。
详解:A、乙烯基乙炔为HC≡C-CH=CH2，分子中含有一个碳碳双键、一个碳碳三键，都能使酸性KMnO4溶液褪色，所以A选项是正确的；
B、乙烯基乙炔为HC≡C-CH=CH2,分子中含有一个碳碳双键、一个碳碳三键，能发生加聚反应生成高分子化合物,所以B选项是正确的；
C、乙烯是平面结构，乙炔是直线型分子,乙烯基乙炔分子中的所有原子一定都共平面,但不是所有碳原子都在一条直线上,故C错误；
D.乙烯基乙炔为HC≡C-CH=CH2,其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构,所以D选项是正确的。
所以本题答案选C。
点睛：本题主要考查了有机化合物的结构与性质，掌握乙烯和乙炔的分子结构是解题的关键，乙烯是平面结构，乙炔是直线型分子，乙烯基乙炔分子中的所有原子一定都共平面，但不是所有碳原子都在一条直线上。
14.下列有关实验的说法不正确的是（　　）
A. 苯酚溶液中加入FeCl3溶液后酸性大大增强
B. 向Na2S2O3稀溶液中加入稀硫酸，发生如下反应：S2O32﹣+2H+═ SO2↑+S↓+H2O，利用产生浑浊的快慢或产生气泡的快慢可以测定该反应在不同条件下的反应速率
C. 中和滴定中常用邻苯二甲酸氢钾作为基准物质来标定NaOH溶液，这是因为邻苯二甲酸氢钾纯度高，组成稳定，且相对分子质量较大
D. 实验室里吸入刺激性的氯气、氯化氢气体中毒时，可吸入少量酒精或乙醚的混合蒸气解毒
【答案】B
【解析】
【详解】A、苯酚溶液中加入FeCl3溶液后会生成H3[Fe(C6H5O)6]和HCl，HCl为强酸，所以溶液的酸性增强，故A正确；B、S2O32-+2H+═SO2↑+S↓+H2O反应中单位时间内生成的沉淀或气体无法定量测定，所以向Na2S2O3稀溶液中加入稀硫酸，发生如下反应：S2O32-+2H+═SO2↑+S↓+H2O，不能利用产生浑浊的快慢或产生气泡的快慢来测定该反应在不同条件下的反应速率，故B错误；C、邻苯二甲酸氢钾纯度高，组成稳定，且相对分子质量较大，容易精确称量和配制容易，常作标准溶液，所以能用邻苯二甲酸氢钾作为基准物质来标定NaOH溶液，故C正确；D、吸入氯气、氯化氢气体时，可吸入少量酒精或乙醚的混合蒸气解毒，吸入少量符合实验室毒气解毒方法，故D正确；故选B。
15.将转变为的方法为（　　）
A. 与足量的NaOH溶液共热后，再通入CO2
B. 溶液加热，通入足量的HCl
C. 与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3
D. 与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH
【答案】A
【解析】
由题意知，要实现此变化，可有两方案：①先在NaOH中水解后用弱酸酸化；②先在稀H2SO4中水解后与NaHCO3反应。
16.有机物CH3—CH=CH—Cl不能发生的反应有(　　)
①取代反应　②加成反应　③消去反应　④使溴水褪色　⑤使KMnO4酸性溶液褪色　⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀　⑦聚合反应
A. ①②③④⑤⑥⑦ B. ⑦ C. ⑥ D. ②
【答案】C
【解析】
试题分析：有机物CH3—CH===CH—Cl可以发生取代反应，其中含有碳碳双键，能够发生加成反应，能够使溴水褪色和KMnO4酸性溶液褪色，能够发生聚合反应，在氢氧化钠的醇溶液中加热能够发生消去反应，但是由于其没有自由的氯离子，所以不能够与AgNO3溶液生成白色沉淀，故本题的答案为C。
考点：官能团
点评：本题考查了有关官能团的性质，属于对基础的考查，官能团的考查是高考考查的重点和难度，本题难度不大。
17.下列说法正确的是（　　）
A. 实验室制取乙酸乙酯时，先在试管中加乙醇，然后加冰醋酸，再加浓硫酸
B. 由于铜和铜的化合物的焰色反应为无色，所以可用铜丝灼烧法确定某有机物中是否存在卤素
C. 使用布氏漏斗抽滤时，只需用蒸馏水将滤纸湿润就能使滤纸紧贴在漏斗瓷板上
D. 实验室用硫酸亚铁溶液和硫酸铵溶液反应制取硫酸亚铁铵晶体时，不能将溶液浓缩至干
【答案】D
【解析】
【详解】A、浓硫酸密度大，应将浓硫酸加入到乙醇中，以防酸液飞溅，乙酸易挥发，冷却后再加入乙酸，可以提高乙酸的利用率，故A错误；B、焰色反应是某些金属或它们的化合物在无色火焰中灼烧时使火焰呈现特征的颜色的反应，卤素不属于金属元素，且铜的焰色反应为绿色，故B错误；C、用少量水润湿滤纸，使滤纸紧贴漏斗内壁，滤纸层与漏斗壁间可能产生气泡，故C错误；D、制备硫酸亚铁铵时在水浴上蒸发混和溶液，浓缩至表面出现晶体膜为止，停火，利用余热蒸发溶剂，故D正确；故选D。
【点睛】本题考查乙酸乙酯的制备、焰色反应、实验基本操作等。本题的易错点为A，要注意制备乙酸乙酯实验中乙醇往往是过量的，就需要考虑乙酸的利用率。
18.邻甲基苯甲酸()有多种同分异构体，其中属于酯类，但分子结构中含有甲基和苯环的异构体有(　　)
A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种
【答案】D
【解析】
所求的同分异构体中，必须含有苯环和甲基，

19.化学工作者从有机反应RH＋Cl2(g)RCl(l)＋HCl(g)受到启发，提出的在农药和有机合成工业中可获得副产品HCl的设想已成为现实，试指出由上述反应产物分离得到盐酸的最佳方法是(　　)
A. 水洗分液法 B. 蒸馏法 C. 升华法 D. 有机溶剂萃取法
【答案】A
【解析】
HCl极易溶于水，有机物RCl不溶于水，故用分液法分离得到盐酸。
20.下列有关烃说法叙述正确的是（　　）
A. 通式为CnH2n+2的烃一定是烷烃
B. 通式为CnH2n的烃一定是烯烃
C. 通式为C4H6的烃一定是炔烃
D. 相对分子质量为128的烃一定是烷烃
【答案】A
【解析】
A正确，通式为CnH2n+2的烃一定是烷烃；B错，通式为CnH2n的烃可能是烯烃也可能是环烷烃；C错，．通式为C4H6的烃可以是炔烃也可以是二烯烃；D错，不一定，烷烃的结构为碳原子间连接成单键且成链状，其他价键均与氢原子结合；
21.乙炔是一种重要的有机化工原料，以乙炔为原料在不同的反应条件下可以转化成以下化合物：

下列说法正确的是(　　)
A. 正四面体烷的分子式为C4H8
B. 正四面体烷二氯取代产物有1种
C. 环辛四烯核磁共振氢谱有2组峰
D. 环辛四烯与苯互为同系物
【答案】B
【解析】
分析：正四面体烷的分子式为C4H4，核磁共振氢谱只有1种；环辛四烯的分子式为C8H8，核磁共振氢谱只有1种；环辛四烯结构和苯不相同，不属于同系物关系；据以上分析解答。
详解：正四面体烷的化学式为C4H4，其二氯代物只有1种；环辛四烯核磁共振氢谱只有1种，因此只有1种氢原子，其化学式为C8H8，与苯的结构不相似，不是苯的同系物；综上所述，只有B正确；正确选项B。
22.同时用两个—Cl和一个—Br取代苯的三个氢原子，能得到的卤代烃的数目是(　　)
A. 3 B. 6 C. 8 D. 10
【答案】B
【解析】
【详解】首先确定两个一Cl原子在苯环上的位置有邻、间、对三种情况，再将一个一Br原子加到上述三种异构体的苯环上，依次有2种、3种、1种结构，因此总共有6种同分异构体。答案选B。
【点睛】本题考查有机物同分异构体数目的判断，通过定二动三确定有机物的三取代产物，其中两个取代基相同，先确定其种数，再通过三种同分异构体中取代第三个取代基的种数来确定，从而得解。
23.科学家最近在－100 ℃的低温下合成了一种烃X，红外光谱和核磁共振氢谱表明其分子中的氢原子所处的化学环境没有区别，根据分析，绘制了该分子的球棍模型如图所示。下列说法中不正确的是(　　)

A. 该分子的分子式为C5H4
B. 该分子中碳原子的化学环境有2种
C. 该分子中的氢原子分布在两个相互垂直的平面上
D. 该分子中只有C—C键，没有键
【答案】D
【解析】
【分析】
由球棍模型及X分子中所有氢原子的化学环境没有区别，可知该物质分子中有5个碳原子和4个氢原子，X的化学式为C5H4，由碳原子上氢原子数和共价键数判断两端的碳原子上有C=C，结合烯烃、烷烃的结构来解答。
【详解】A．由结构可知X的分子式为C5H4，故A正确；B．X分子中所有氢原子的化学环境没有区别，结合C能形成4个共价键和碳原子的杂化类型可知，X分子中5个碳原子形成的构型为正四面体，碳原子的化学环境有2种，故B正确；C．分子中5个碳原子形成的构型为正四面体，两个碳碳双键所在的平面相互垂直，氢原子分布在两个互相垂直的平面上，故C正确；D．根据C能形成4个共价键，由图可知X分子中既有碳碳单键，又有碳碳双键，故D错误；故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握有机物中化学键、C的成键方式为解答的关键。本题的难点为C，可以结合甲烷的结构特征分析。
24.下列有关说法正确的是（　　）
A. 苯酚钠溶液中通入少量的二氧化碳，产物是苯酚和碳酸钠
B. 苯的同系物中，苯环和侧链相互影响，使得二者均易被氧化
C. 在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3：2
D. 苯甲醛、苯乙烯分子中的所有原子可能处于同一平面
【答案】D
【解析】
苯酚钠溶液中通入少量的二氧化碳，产物是苯酚和碳酸氢钠（因溶液的碱性：碳酸钠＞苯酚钠＞碳酸氢钠），故B错误；
苯的同系物中，苯环和侧链相互影响，使得侧链易被氧化，故B错误 在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为6:8=3∶4，故C错误；
苯甲醛中苯环与醛基靠C-C相连，同样，苯乙烯中苯环与乙烯基也靠C-C相连，因碳碳单键可以旋转，故所有原子可能处于同一平面，不能说成一定共平面，D正确；
25.下列有机物命名正确的是(　　)

【答案】B
【解析】
试题分析：A、根据烷烃的命名原则，该烷烃的最长碳链为4个C原子，为2-甲基丁烷，错误；B、羟基在端位，无支链，所以是1-丁醇，正确；C、两个甲基处于苯环的对位，所以为对二甲苯，错误；D、碳碳双键在端位，所以为2-甲基-1-丙烯或2-甲基丙烯，错误，答案选B。
考点：考查有机物命名的判断
26.下列叙述正确的是 (　　)
A. 所有卤代烃都难溶于水，且都是密度比水大的液体
B. 所有卤代烃都是通过取代反应制得
C. 卤代烃不属于烃类
D. 卤代烃都可发生消去反应
【答案】C
【解析】
试题分析：烃是指仅含有碳和氢两种元素的有机物，故C选项是正确的
考点：考查卤代烃的相关知识点。
27.下列化学用语表达不正确的是(　　)
①丙烷的球棍模型为
②丙烯的结构简式为CH3CHCH2
③C(CH3)4，叫新戊烷
④与C8H6互为同分异构体
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ②④
【答案】D
【解析】
【详解】①丙烷为含有3个碳原子的烷烃，丙烷的球棍模型为，故①正确；②丙烯的官能团为碳碳双键，结构简式中需要标出官能团，丙烯的结构简式为CH3CH=CH2，故②错误；③C(CH3)4中含有5个C的烷烃，分子中含有4个甲基，为新戊烷的结构简式，故③正确；④与C8H6的结构可能完全相同，可能为同一种物质，不一定互为同分异构体，故④错误；故选D。
28.已知Mg2C3的结构与CaC2相似，由此可断定Mg2C3与水反应的产物是(　　)
A. Mg(OH)2和CH≡CH B. MgO和CH≡CH
C. Mg(OH)2和CH3CH=CH2 D. Mg(OH)2和CH3C≡CH
【答案】D
【解析】
试题分析：根据CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2，可知Mg2C3+4H2O=2Mg（OH）2+C3H4，C3H4的结构简式为CH3C≡CH;故选D．
考点：考查炔烃的生成
29.某烷烃的结构简式为，它的正确命名是( )
A. 4-甲基-3-乙基戊烷 B. 3-丙基戊烷
C. 2-甲基-3-乙基戊烷 D. 3-乙基-2-甲基戊烷
【答案】C
【解析】
考查有机物的命名。烷烃的命名原则是：找出最长的碳链当主链，依碳数命名主链，前十个以天干(甲、乙、丙...)代表碳数，碳数多于十个时，以中文数字命名，如：十一烷；从最近的取代基位置编号：1、2、3...(使取代基的位置数字越小越好)。以数字代表取代基的位置。数字与中文数字之间以－隔开；有多个取代基时，以取代基数字最小且最长的碳链当主链，并依甲基、乙基、丙基的顺序列出所有取代基；有两个以上的取代基相同时，在取代基前面加入中文数字：一、二、三...，如：二甲基，其位置以 , 隔开，一起列于取代基前面。所以该有机物的名称是2－甲基－3－乙基戊烷，答案选C
30.下列基团：﹣CH3、﹣OH、﹣COOH、﹣C6H5，相互两两组成的具有酸性的有机物有（　　）
A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种
【答案】C
【解析】
【详解】因羧酸和酚具有酸性，则-CH3、-OH、-COOH、-C6H5相互两两组成的具有酸性的有机物有CH3COOH、C6H5COOH、C6H5OH，故选C。
【点睛】本题的易错点为﹣OH与﹣COOH结合的物质也有酸性，但现场的物质为HOCOOH，为碳酸，不是有机物。
分卷II
二、填空题(共6小题,共40分)
31.按要求完成下列问题：
（1）乙酸乙酯的键线式 _________________；间二甲苯的结构简式 ____________________；的分子式 ______________________；
（2）戊烷（C5H12）的某种同分异构体只有一种一氯代物，该烃的结构简式： __________；
（3）分子式为C4H9Cl的物质，有4种同分异构体，请写出这4种同分异构体的结构简式：___________, __________, __________, _________________。
【答案】 (1). (2). (3). C7H12 (4). (5). CH3CH2CHClCH3 (6). CH3CH2CH2CH2Cl (7). CH3CCl（CH3）CH3 (8). CH3CH（CH3）CH2Cl
【解析】
【分析】
(1)乙酸乙酯的结构简式为CH3COOCH2CH3，根据键线式的画法画出乙酸乙酯的键线式；苯环连接2个甲基且处于间位位置；根据键线式的画法判断出碳原子数目，结合碳的4价判断氢原子数目；
(2)先利用减链法书写同分异构体，然后根据一氯取代物的种类等于氢原子的种类写出结构简式；
(3)C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3，分析其化学环境不同的H原子数目，再利用Cl原子替换H原子；
据此分析解答。
【详解】(1)乙酸乙酯的键线式为；间二甲苯中苯环连接2个甲基且处于间位，结构简式为：； 的分子式为：C7H12，故答案为：；； C7H12；
(2)利用减链法书写同分异构体：所有的碳原子在一条链上：CH3-CH2-CH2-CH2-CH3；拿下1个碳原子作为支链：；拿下2个碳原子作为支链：；其中一种结构它的一氯代物只有一种结构，即只有一种氢原子，即为，故答案为：；
(3)C4H10的同分异构体有两种：CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3；CH3CH2CH2CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种分别为：CH3CH2CHClCH3、CH3CH2CH2CH2Cl；CH3CH(CH3)CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种分别为：CH3CCl(CH3)CH3、CH3CH(CH3)CH2Cl，故答案为：CH3CH2CHClCH3、CH3CH2CH2CH2Cl、CH3CCl(CH3)CH3、CH3CH(CH3)CH2Cl。
32.甲醛在医药、染料、香料等行业中都有着广泛的应用。实验室通过下图所示的流程由甲苯氧化制备苯甲醛，试回答下列问题。

(1)Mn2O3氧化甲苯的反应需要不断搅拌，搅拌的作用是_______。
(2)甲苯经氧化后得到的混合物通过结晶、过滤进行分离，该过程中需将混合物冷却，其目的是_______。
(3)实验过程中，可循环使用的物质有_______、_______。
(4)实验中分离甲苯和苯甲醛采用的操作Ⅰ是______，其原理是_______。
【答案】 (1). 使反应物充分接触，加快反应速率 (2). 降低MnSO4的溶解度 (3). 稀硫酸 (4). 甲苯 (5). 蒸馏 (6). 利用甲苯和苯甲醛的沸点差异使二者分离
【解析】
【分析】
根据流程图，甲苯与Mn2O3、稀硫酸反应生成硫酸锰、苯甲醛，通过结晶、过滤分离出硫酸锰，对滤液进行油水分离、蒸馏操作获得苯甲醛，其中稀硫酸和甲苯可以循环利用。据此分析解答。
【详解】(1)固体Mn2O3与液态甲苯反应，接触面积小，反应速率较慢，故反应时需进行搅拌，使反应物充分接触，增大反应速率，故答案为：使反应物充分接触，增大反应速率；
(2)所得混合物中含MnSO4、苯甲醛等，为使其分离需降低MnSO4的溶解度，所以需要冷却，故答案为：降低MnSO4的溶解度；
(3)根据上述分析，结合流程图可知，参与循环使用的物质是稀H2SO4和甲苯，故答案为：稀硫酸；甲苯；
(4)甲苯和苯甲醛是相互溶解的有机物，可利用其沸点的差异，采用蒸馏的方法分离，故答案为：蒸馏；利用甲苯与苯甲醛的沸点差异，使二者分离。
【点睛】本题以苯甲醛的合成为载体考查化学实验的基本操作，明确图示制备流程及化学实验基本操作方法为解答关键。本题的易错点为(4)，要注意一般而言，有机物间能够相互溶解。
33.实验室制取乙酸丁酯的实验装置有如图甲、乙两种装置可供选用。

制备乙酸丁酯所涉及的有关物质的物理性质见下表：

（1）制取乙酸丁酯的装置应选用 ______（填“甲”或“乙”）,不选另一种装置的理由是 ______；
（2）该实验生成物中除了主产物乙酸丁酯外，还可能生成的有机副产物有（写出结构简式）__________；
（3）酯化反应是一个可逆反应，为提高1-丁醇的利用率，写出两种可行的方法：
① ______________________________② ____________________________________；
（4）从制备乙酸丁酯所得的混合物中分离、提纯乙酸丁酯时，需要经过多步操作，下列图示的操作中，肯定需要的化学操作是__________________（选填答案编号）。

（5）有机物的分离操作中，经常需要使用分液漏斗等仪器．使用分液漏斗前必须 _____，某同学在进行分液操作时，若发现液体流不下来，其可能原因除分液漏斗活塞堵塞外，还有 ___________。
【答案】 (1). 乙 (2). 由于反应物乙酸、1-丁醇的沸点低于产物乙酸丁酯的沸点，若采用甲装置，会造成反应物的大量挥发 (3). CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3 (4). CH3CH2CH=CH2 (5). 增加乙酸浓度 (6). 减小生成物浓度（或移走生成物） (7). AB (8). 检查是否漏水或堵塞，分液漏斗上口玻璃塞未打开（或漏斗内部未与大气相通，或玻璃塞上的凹槽未与漏斗口上的小孔对准）
【解析】
【分析】
(1)根据反应物乙酸、1-丁醇与生成物乙酸丁酯的沸点大小进行解答；
(2)在浓硫酸作用下，1-丁醇能够发生消去反应生成1-丁烯、能够发生分子内脱水生成正丁醚，据此写出副产物的结构简式；
(3)根据影响化学平衡的因素进行解答，提高1-丁醇转化率，可以增加另一种反应物浓度或者减少生成物浓度；
(4)提纯、分离乙酸丁酯，需要通过分液操作，不需要蒸发、过滤操作；
(5)分液漏斗有旋塞，实验前必须检查是否漏水或堵塞；若漏斗内部未与大气相通，或玻璃塞上的凹槽未与漏斗口上的小孔对准，分液漏斗中的液体都不会流出。
【详解】(1)根据表中数据可知，反应物乙酸、1-丁醇的沸点低于产物乙酸丁酯的沸点，若采用甲装置，会造成反应物的大量挥发，大大降低了反应物的转化率，所以应该选用装置乙，故答案为：乙；由于反应物乙酸、1-丁醇的沸点低于产物乙酸丁酯的沸点，若采用甲装置，会造成反应物的大量挥发；
(2)1-丁醇在浓硫酸作用下能够发生消去反应生成1-丁烯，结构简式为：CH3CH2CH=CH2，也能够发生分子内脱水生成CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3，故答案为：CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3、CH3CH2CH=CH2；
(3)要提高1-丁醇的转化率，可以增大乙酸的浓度，使正反应速率增大，平衡向着正向移动；也可以减小生成物浓度，逆反应速率减小，平衡向着正向移动，故答案为：增加乙酸浓度；减小生成物浓度(或移走生成物)；
(4)从制备乙酸丁酯所得的混合物中分离、提纯乙酸丁酯，分离的是混合液体，不需要使用过滤、蒸发等操作，需要使用分液方法分离，所以一定使用的操作为AB，故答案为：AB；
(5)分液漏斗的下方有旋塞，使用前必须检查分液漏斗是否漏水或者是否堵塞；分液操作时，如果分液漏斗上口玻璃塞未打开，分液漏斗中的液体不会流出，故答案为：检查是否漏水或堵塞，分液漏斗上口玻璃塞未打开(或漏斗内部未与大气相通，或玻璃塞上的凹槽未与漏斗口上的小孔对准)。
34.利用从冬青中提取的有机物A合成抗结肠炎药物Y及其他化学品，合成路线如下：

提示：
根据上述信息回答：
(1)D不与NaHCO3溶液反应，D中官能团的名称是________，B→C的反应类型是________。
(2)写出A生成B和E的化学反应方程式________。
(3)A的同分异构体I和J是重要的医药中间体，在浓硫酸的作用下，I和J分别生成和，鉴别I和J的试剂为________。
(4)A的另一种同分异构体K用于合成高分子材料，K可由制得，写出K在浓硫酸作用下生成的聚合物的结构简式________。
【答案】 (1). 醛基 (2). 取代反应 (3). (4). 浓溴水或氯化铁溶液 (5).
【解析】
【分析】
由B→C可知，B为CH3OH，发生取代反应生成醚C；甲醇在催化剂条件下发生催化氧化生成D，D不与NaHCO3溶液反应，则D为HCHO，D与足量银氨溶液反应生成(NH4)2CO3，再与H+反应生成CO2，由Y的结构简式结合题示信息逆推可知H为，因为第一步加入的是NaOH溶液，故E→F是酚钠生成酚，F→G是羧酸钠生成羧酸，G→H是硝化反应，故A的结构简式为。据此分析解答。
【详解】(1)由B→C可知，B在浓硫酸作用下发生甲醇分子间的取代反应生成二甲醚，则B为CH3OH；B在催化剂条件下发生催化氧化生成D，D不与NaHCO3溶液反应，则D为HCHO，故答案为：醛基；取代反应；
(2)根据上述分析， A为，在氢氧化钠溶液中水解生成B和E，反应的方程式为，故答案为：；
(3)由和逆推得I和J结构分别是：和，一种是醇，另一种是酚，故可用氯化铁或溴水的鉴别，故答案为：FeCl3或溴水；
(4)K是A的同分异构体，可由制得，则K为，要生成聚合物，必须两个官能团都发生反应，应发生缩聚反应，故答案为：。
【点睛】本题考查有机合成与推断。本题的难点是A的结构简式的确定，易错点为(2)中方程式的书写，要注意酸和酚能够与氢氧化钠反应生成盐。
35.某有机物的结构确定：
①测定实验式：某含C、H、O三种元素的有机物，经燃烧分析实验测定其碳的质量分数是64.86%，氢的质量分数是13.51%，则其实验式是 __________________；
②确定分子式：如图是该有机物的质谱图，则其相对分子质量为 ____；分子式为 _____；

③结构式的确定：经测定，该有机物在核磁共振氢谱中出现四个峰，其氢原子个数比为6∶1∶2∶1；该有机物与金属钠反应产生氢气；则A的结构简式为 _______________。
【答案】 (1). C4H10O (2). 74 (3). C4H10O (4). （CH3）2CHCH2OH
【解析】
【分析】
①碳的质量分数是64.86%，氢的质量分数是13.51%，氧元素质量分数是21.63%，计算出该物质中碳、氢、氧原子个数之比，从而确定实验式；
②根据质谱图知，其相对分子质量是74，结合其实验式确定分子式；
③与金属钠反应产生氢气说明结构中含有羟基或羧基，结合核磁共振氢谱判断该有机物分子的结构简式。
【详解】①碳的质量分数是64.86%，氢的质量分数是13.51%，氧元素质量分数是21.63%，则该物质中碳、氢、氧原子个数之比= ∶∶=4∶10∶1，所以其实验式为：C4H10O，故答案为：C4H10O；
②由质谱图可知，其相对分子质量为74，实验式的式量为74，而12×4+1×10+16×1=74，故其分子式为C4H10O，故答案为：74，C4H10O；
③该有机物在核磁共振氢谱中出现四个峰，其氢原子个数比为6∶1∶2∶1，说明有四种氢，该有机物与金属钠反应产生氢气，说明含羟基，故A的结构简式为；(CH3)2CHCH2OH，故答案为：(CH3)2CHCH2OH。